(SKKN 2022) sử dụng phương pháp quy đổi giải bài tập định lượng chất béo trong kỳ thi chọn học sinh giỏi và tốt nghiệp trung học phổ thông

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO THANH HOÁ TRƯỜNG THPT HOẰNG HÓA SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM TÊN ĐỀ TÀI: “ SỬ DỤNG PHƯƠNG PHÁP QUY ĐỔI GIẢI BÀI TẬP ĐỊNH LƯỢNG CHẤT BÉO TRONG KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI VÀ TỐT NGHIỆP TRUNG HỌC PHỔ THÔNG ” Người thực hiện: Nguyễn Bá Tuấn Chức vụ: Giáo viên SKKN thuộc lĩnh vực (mơn): Hóa học THANH HỐ NĂM 2022 MỤC LỤC MỞ ĐẦU 1.1 Lí chọn đề tài 1.2 Mục đích nghiên cứu 1.3 Đối tượng nghiên cứu 1.4 Phương pháp nghiên cứu 1.5 Những điểm sáng kiến kinh nghiệm .4 NỘI DUNG CỦA SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM 2.1 Cơ sở lí luận sáng kiến kinh nghiệm 2.2 Thực trạng vấn đề trước áp dụng sáng kiến kinh nghiệm 2.3 Các giải pháp sử dụng để giải vấn đề 2.3.1 Dạng 1: Với đề có chất béo khơng có dấu hiệu cho biết axit béo 2.3.2 Dạng 2: Với đề có chất béo axit béo khơng có dấu hiệu cho biết axit béo Dạng khí ra, xin phép giới thiệu ví dụ minh hoạ .10 2.3.3 Dạng 3: Với đề có chất béo có xu hướng cho biết axit béo 10 2.3.4 Dạng 4: Với đề có chất béo; axit béo có xu hướng cho biết axit béo 14 2.3.5 Bài tập vận dụng 19 2.4 Hiệu sáng kiến kinh nghiệm hoạt động giáo dục, với thân, đồng nghiệp nhà trường 21 KẾT LUẬN, KIẾN NGHỊ .22 3.1 Kết luận 22 3.2 Kiến Nghị 22 TÀI LIỆU THAM KHẢO 23 MỞ ĐẦU 1.1 Lí chọn đề tài Trong kì thi chọn học sinh giỏi cấp tỉnh năm học 2021-2022 kỳ thi trung học phổ thông quốc gia năm gần mơn hóa học câu hỏi thi chất béo thường phong phú hóc búa Hiện có nhiều cách quy đổi, cách giải truyền thống để giúp học sinh giỏi giải tập Tuy nhiên, số cách quy đổi áp dụng cho tập mà chưa mang tính phổ biến giúp học sinh xử lý nhanh dễ hiểu tập Với hình thức đề thi trắc nghiệm nay, tập định lượng 9+ thường thiên mặt tốn học để giải, đơi mặt chất hóa học đóng vai trị nhỏ điều khiến giáo viên phải tìm tịi cách giải nhanh, gọn phải vận dụng vào nhiều nhiều đề thi vấn đề quan trọng việc dạy học, thân thiết nghĩ muốn học sinh đam mê mơn học vấn đề quan trọng phải giúp học sinh tìm cách giải hay giúp học sinh đạt điểm cao kì thi, từ kích thích học sinh đam mê, tìm tịi khám phá thêm lực thân mơn học u thích mơn khoa học nói riêng mơn hóa học nói chung Trong thời đại ngày nay, thời đại cơng nghệ thơng tin mạng có nhiều khóa ơn thi tốt nghiệp trung học phổ thơng quốc gia Điều địi hỏi giáo viên phải khơng ngừng tìm tịi cách giải hay, sáng tạo để giúp giữ học sinh học từ cơng tác dạy học mơn hóa học đạt điểm số cao kì thi Từ thực trạng nêu trên, nghiên cứu đề tài sáng kiến kinh nghiệm :“ Sử dụng phương pháp quy đổi giải tập định lượng chất béo kì thi chọn học sinh giỏi tốt nghiệp trung học phổ thông” để nhằm trao đổi với đồng nghiệp việc vận dụng vào giải đề thi năm 2022 năm Nhằm giúp giáo viên hóa học áp dụng vào giảng dạy mơn hóa học cách sinh động, giúp cho học sinh hứng thú với mơn hóa học chương trình hóa học THPT 1.2 Mục đích nghiên cứu Với ý tưởng đưa phương án giải chung cho tập định lượng chất béo Tôi muốn đưa cách giải chung học sinh vận dụng nhanh để giải từ đưa đáp án cách nhanh nhất, từ để em tiết kiệm thời gian vào câu khó có đề thi 1.3 Đối tượng nghiên cứu Trong đề tài khái quát đưa tư quy đổi để giải tất tập chất béo đề thi học sinh giỏi đề thi tốt nghiệp THPT tính đến mùa thi năm 2022 1.4 Phương pháp nghiên cứu Trên sở tìm tịi đề thi tốt nghiệp, đề giới thiệu Bộ giáo dục đào tạo Sở giáo dục đào tạo đề thi thử trường THPT tỉnh Trên sở nghiên cứu lí thuyết cấu tạo chất béo tính chất hố học chất béo chất có liên quan Từ tơi xây dựng nhóm phương pháp nghiên cứu sau: - Nhóm phương pháp nghiên cứu lí luận: tra cứu tài liệu sư phạm, văn có liên quan đến đề tài - Nhóm phương pháp nghiên cứu thực tiễn: phương pháp điều tra, phương pháp thực nghiệm sư phạm - Nhóm phương pháp xử lí thơng tin: Sử dụng số cơng thức tốn học để xử lí kết thực nghiệm; thống kê toán học 1.5 Những điểm sáng kiến kinh nghiệm Hệ thống, phân loại tập chất béo đưa làm dạng đưa phương pháp giải chung cách tối ưu nhất, giúp học sinh nắm kiến thức NỘI DUNG CỦA SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM 2.1 Cơ sở lí luận sáng kiến kinh nghiệm Trong hóa học, dạng tập chất béo phổ biến đa dạng, có nhiều dạng đề thi tốt nghiệp THPT Quốc gia đề thi học sinh giỏi cấp tỉnh Với phương pháp thông thường đại số, đặt ẩn, lập hệ gồm nhiều phương trình, thời gian khó khăn để học sinh tìm kết cuối mong đợi Để giúp cho giáo viên học sinh giải khó khăn tơi xin trình bầy sáng kiến kinh nghiệm : “ sử dụng phương pháp quy đổi giải tập định lượng chất béo kì thi chọn học sinh giỏi tốt nghiệp trung học phổ thông năm” Phương pháp giúp học sinh thiết lập mối liên hệ dễ dàng, giải dạng tập định lượng chất béo nhanh, phổ biến cho loại đề 2.2 Thực trạng vấn đề trước áp dụng sáng kiến kinh nghiệm Theo đề thi minh họa năm 2022 Bộ giáo dục đào tạo kì thi tốt nghiệp trung học phổ thông năm 2022 năm thi trước ln có câu hỏi tập định lượng chất béo Loại câu hỏi với mục đích phân loại học sinh cao nói tư 9+ kì thi Với thực trạng vấn đề nêu để giải toán có nhiều cách làm khác nhau, có nhiều cách quy đổi đời nhằm giúp học sinh đơn giản hóa tư tốn Tuy nhiên, không cẩn thận kĩ vơ tình làm cho học sinh bối rối dẫn đến sợ sệt không gây hứng thú cho học sinh tìm tịi khám phá Trên sở định lựa chọn đề tài 2.3 Các giải pháp sử dụng để giải vấn đề Tôi dùng phương pháp ban đầu định hướng cho em cách tự đề sở chất ban đầu biết trước, từ em hiểu rõ chất câu lệnh mà thi đề cho em hiểu chất đại lượng mà quy đổi Sau hiểu rõ chất quy luật tốn học hóa học quy đổi em làm đề minh họa năm 2022 câu hỏi liên quan đề thi năm học trước đề thi thử trường THPT nước thi năm học để nâng cao kĩ cho trước bước vào kì thi Sau xin khái quát cách quy đổi tuỳ theo dạng đề bài, cụ thể sau: 2.3.1 Dạng 1: Với đề có chất béo khơng có dấu hiệu cho biết axit béo a Hướng quy đổi ( HCOO) C3 H : xmol  CH : ymol  H : zmol  Trong số - mol H2 số mol hỗn hợp phản ứng tối đa với Br2( H2) b Sơ đồ tóm tắt tốn ( HCOO) C3 H : xmol  O2 CO2 + H2O CH : ymol →  H : zmol   HCOONa : x  + C3 H (OH ) : x CH : y H : z  NaOH:3x O O2 ONa2CO3 + CO2 + H2O 1,5x c Các bước tiến hành sau quy đổi vẽ sơ đồ Bảo toàn cacbon; Bảo toàn H2; Bảo toàn O2 Bảo tồn khối lượng Từ lập hệ phương trình để giải ẩn số xử lí kết theo yêu cầu đề d Ví dụ minh họa Câu 1: Thủy phân hoàn toàn a mol triglixerit X dung dịch NaOH vừa đủ, thu glixerol m gam hỗn hợp muối Đốt cháy hoàn toàn a mol X thu 1,375 mol CO2 1,275 mol H2O Mặt khác, a mol X tác dụng tối đa với 0,05 mol Br2 dung dịch Giá trị a A 20,15 B 20,6 C 23,35 Giải ( HCOO) C3 H : x(mol )  * Quy đổi chất béo CH : y (mol )  H : −0,05(mol )  * Xét phản ứng cháy D 22,15 ( HCOO) C H : x  → CO2 ( 1,375mol) + H2O ( 1,275mol) CH : y  H : −0,05  Theo bảo toàn mol C: 6x + y = 1,375 (1) Theo bảo toàn mol H2: 4x + y – 0,05 = 1,275 => 4x + y = 1,325 (2)  x = 0,025  y = 1,225 Từ (1) (2) =>  * Xét phản ứng thủy phân muối  HCOONa : 0,025.3 = 0,075  => m muối = 0,075.68 + 1,225.14 -0,05.2= 22,15 gam CH : 1,225  H : −0,05  => Đáp án D Câu (Câu 70-201- ĐH 2019)[5] Đốt cháy hoàn toàn 17,16 gam triglixerit X, thu H2O 1,1 mol CO2 Cho 17,16 gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu glixerol m gam muối Mặt khác, 17,16 gam X tác dụng tối đa với 0,04 mol Br2 Giá trị m A.17,72 B 18,28 C 18,48 Giải ( HCOO) C3 H : x(mol )  * Quy đổi X : CH : y (mol )  H : −0,04(mol )  * Xét phản ứng cháy : ( HCOO) C3 H : x(mol )  X(17,16) CH : y (mol ) → CO2 ( 1,1 mol)  H : −0,04(mol )  Bảo toàn khối lượng cho X : 176x + 14y – 0,04.2 = 17,16 => 176x + 14y = 17,24 (1) Bảo toàn C : 6x + y = 1,1 (2) D 16,12 ( HCOO ) C H : 0,02  x = 0,02  Từ (1) (2) =>  => X CH : 0,98 => mX = 17,16 gam  y = 0,98  H : −0,04  * Xét phản ứng thủy phân muối  HCOONa : 0,02.3 = 0,06  => m muối = 0,06.68 + 0,98.14 -0,04.2= 17,72 gam CH : 0,98  H : −0,04  => Đáp án A Câu (Câu 72 - 203- ĐH 2019)[7] Đốt cháy hoàn toàn m gam triglixerit cần vừa đủ 3,08 mol O2, thu CO2 mol H2O Cho m gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu glixerol 35,36 gam muối Mặt khác, m gam X tác dụng tối đa a mol Br2 dung dịch Giá trị a A 0,20 B 0,24 C.0,12 D 0,16 Giải: ( HCOO) C3 H : x(mol )  * Quy đổi Chất béo: CH : y (mol )  H : − a(mol )  * Xét phản ứng cháy : ( HCOO) C3 H : x(mol )  X CH : y (mol ) + O2 ( 3,08 mol) → CO2 + H2O ( mol)  H : − a(mol )  Theo bảo toàn H2 : 4x + y – a = (1) Theo bảo toàn mol C : nCO2 = 6x + y => Theo bảo toàn mol O : 6x + 3,08.2 = (6x+ y).2 + => 6x + 2y = 4,16 (2) * Xét phản ứng thủy phân Muối :  HCOONa : x  => 68.3x + 14y -2a = 35,36 CH : y  H : −a  => 204 x + 14 y – 2a = 35,36 (3)  x = 0,04  * Từ (1) (2) (3) =>  y = 1,96 => a = 0,12 mol => Đáp án C a = 0,12  2.3.2 Dạng 2: Với đề có chất béo axit béo khơng có dấu hiệu cho biết axit béo a Hướng quy đổi  HCOOH : xmol C H : ymol   CH : zmol  H : tmol Trong số - mol H2 số mol hỗn hợp phản ứng tối đa với Br2( H2) b Sơ đồ tóm tắt tốn  HCOOH : xmol C H : ymol  O2 CO2 + H2O  → CH : zmol   H : tmol NaOH:x  HCOONa : x  + C3 H (OH ) : y CH : y H : z  O Na2CO3 + CO2 + H2O 0,5x c Các bước tiến hành sau quy đổi vẽ sơ đồ Bảo toàn cacbon; Bảo toàn H2; Bảo toàn O2 Bảo toàn khối lượng Từ lập hệ phương trình để giải ẩn số xử lí kết theo yêu cầu đề d Ví dụ minh minh họa Câu 1: Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp A chứa axit béo chất béo cần vừa đủ 2,945 mol O2 thu 2,07 mol CO2 1,97 mol H2O Mặt khác, m gam hỗn hợp A phản ứng hết với dung dịch KOH thu 2,76 gam glixerol m1 gam hỗn hợp muối Giá trị m,m1 là? Giải * Quy đổi nglixerol= nC3H2 = 2,76 0,03 mol 92  HCOOH : x CH : y  2 ( , 945 ) O → CO2 (2,07) + H O(1,97)  H : z C3 H : 0,03 Bảo toàn O => 2x + 2,945.2= 2,07.2+1,97 => x = 0,11 Bảo toàn C=> x+y+0,03.3 = 2,07 => y = 1,87 Bảo toàn H2: x + y + z + 0,03 = 1,97 => z = -0,04 Vậy m = 46x + 14y + 2z + 0,03.38 = 32,3 gam  HCOOK : 0,11  => m1 = CH : 1,87 => m1 = 0,11.84+1,87.14-0,04.2 = 35,34 gam  H : −0,04  Dạng khí ra, xin phép giới thiệu ví dụ minh hoạ 2.3.3 Dạng 3: Với đề có chất béo có xu hướng cho biết axit béo a Hướng quy đổi( ví dụ chất béo tạo nên từ axit béo)  axit1 : xmol  axit : ymol  x+ y C3 H : mol  b Sơ đồ tóm tắt tốn  axit1 : xmol  O2 CO2 + H2O axit : ymol →  x+ y C3 H : mol  NaOH:x+y muoi − axit1 : xmol x+ y + C3 H (OH ) :  muoi − axit : ymol O Na2CO3 + CO2 + H2O 0,5(x+y) Chú ý: Nếu đề cho không rõ axit no hay khơng người học quy hết thành no thêm vào giá trị quy đổi H2 Giá trị -H2 sau số mol Br2 c Các bước tiến hành sau quy đổi vẽ sơ đồ Bảo toàn cacbon; Bảo toàn H2; Bảo toàn O2 Bảo toàn khối lượng Từ lập hệ phương trình để giải ẩn số xử lí kết theo yêu cầu đề d Ví dụ minh họa Câu 1: Thủy phân hoàn m gam triglixerit X dung dịch NaOH (vừa đủ) thu gixerol m1 gam hỗn hợp muối gồm Natri stearat natri panmitat Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam X O2 thu 1,65 mol CO2 1,59 mol H2O Tìm m,m1? Giải C15 H 31COOH : x  * Quy đổi C17 H 35 COOH : y C H : x + y  → CO2(1,65) + H2O ( 1,59) Bảo toàn C => 16.3x + 18.3y + 3x + 3y = 1,65 => 51x + 57y = 1,65 (1) Bảo toàn H2 => 16.3x + 18.3y + x + y = 1,59 => 49x + 55y = 1,59 (2) Từ (1) (2) => x = 0,01; y = 0,02 Vậy m = 0,03.256 + 3.0,02.284 + (0,01+0,02).38 = 25,86 gam C15 H 31COONa : 3.0,01 = 0,03 => m1 = 0,03.278+ 0,06.306 = 26,7 gam C17 H 35 COONa : 3.0,02 = 0,06 * Xét muối  Câu 2(Câu 68-201-ĐH 2018)[1] Thủy phân hoàn toàn triglixerit X dung dịch NaOH, thu glixerol, natri stearat natri oleat Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần vừa đủ 3,22 mol O2, thu H2O 2,28 mol CO2 Mặt khác, m gam X tác dụng tối đa với a mol Br2 dung dịch Giá trị a A 0,04 B 0,08 C 0,20 D 0,16 Giải C17 H 35 COOH : 3x  O2 :3, 22 → CO2 (2,28) + H O(54 x + 51 y + x + y ) * Quy đổi X : C17 H 33COOH : y  C H : x + y  Bảo toàn C : 18.3x+18.3y+3x+3y=2,28=> 57x+57y=2,28(1) Bảo toàn O : 3x.2+3y.2+3,22.2= 2,28.2+54x+51y+x+y => 49x+ 46y = 1,88(2) Từ (1) và(2) => x = 2 ;y= => nBr2= nC17H33COOH = 3y = = 0,08 (mol) 75 75 75 => Đáp án B Chú ý: đề cho muối không rõ no, hay khơng no quy no thêm đơn vị H2 Câu 3: Thủy phân hoàn 35,44 gam triglixerit X dung dịch NaOH (vừa đủ) thu gixerol m gam hỗn hợp muối gồm C17HxCOONa C17HyCOONa Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 35,44 gam X O2 thu H2O 2,28 mol CO2 Tìm m? Giải C17 H 35 COOH : 3x  * Quy đổi C3 H : x H : y  → CO2( 2,28) Bảo toàn khối lượng => 284.3x + 38x +2y = 35,44 => 890x + 2y = 35,44 (1) Bảo toàn C => 57x = 2,28 (2) Từ (1) (2) => x = 0,04; y = -0,08 C17 H 35 COONa : 0,04.3 = >m = 0,04.3.306 − 0,08.2 = 36,56  H : −0,08 * Vậy muối:  Câu (Câu 64 – 203- ĐH 2018)[3] Thủy phân hoàn toàn a gam triglixerit X dung dịch NaOH, thu glixerol dung dịch chứa m gam hỗn hợp muối (gồm natri stearat, natri panmitat C17HyCOONa) Đốt cháy hoàn toàn a gam X cần vừa đủ 1,55 mol O2, thu H2O 1,1 mol CO2 Giá trị m A 17,96 B 16,12 C 19,56 D 17,72 Giải C17 H 35 COOH : x C H COOH : x  15 31 :1, 55 O → CO2 (1,1) + H O(53 x + y ) * Quy đổi X :  C3 H : x  H : y Bảo toàn C ta có : 18.2x+16.x+3x = 1,1 => x= 0,02 mol Bảo toàn O : 2x.2 + 2x + 1,55.2 = 1,1 + 53x + y => y= -0,04 C17 H 35COONa : 2.0,02 = 0,04  Muối C15 H 31COONa : 0,02 => m = 17,72 gam  H : −0,04  Câu ( minh họa 2020-lần 1= minh họa 2021)[9] Xà phịng hóa hồn tồn m gam hỗn hợp E gồm triglixerit dung dịch NaOH, thu glixerol hỗn hợp X gồm ba muối C17HxCOONa, C15H31COONa, C17HyCOONa có tỉ lệ mol tương ứng 3:4:5 Hidro hóa hồn tồn m gam E, thu 68,96 gam hỗn hợp Y Nếu đốt cháy hoàn tồn m gam E cần vừa đủ 6,14 mol O2 Giá trị m A 68,40 B 60,2 C 68,8 Giải D 68,84 C17 H 35 COOH : 3a + 5a = 8a C H COOH : 4a C17 H 35 COOH : 8a  15 31  H2 * Quy đổi E  Y(68,96) C15 H 31COOH : 4a → 8a + a = 4a C H : C H : 4a    H : b Bảo toàn khối lượng cho Y: 284.8a + 4a.256 + 4a 38 = 68,96 => a = 0,02 (mol) * Đốt cháy E C17 H 35 COOH : 8a C H COOH : 4a  15 31 ( ,14 ) O  → CO2+ H2O  C H : 4a  H : b nCO2= ( 8a.18+4a.16+4a.3= 220a) nH2O= ( 8a.18+4a.16+4a+b= 212a+b) Bảo toàn O: 8a.2 +4a.2 + 6,14.2 = 220a.2 + 212a+b => 8.0,02.2 + 4.0,02.2 + 6,14.2 = 220.0,02.2 + 212.0,02 + b => b = - 0,28 mol * Vậy mE = 68,96 – 0,28.2 = 68,4 gam 2.3.4 Dạng 4: Với đề có chất béo; axit béo có xu hướng cho biết axit béo a Hướng quy đổi( ví dụ chất béo tạo nên từ axit béo) axit1 : xmol  axit : ymol C H : zmol  b Sơ đồ tóm tắt toán phổ biến axit1 : xmol  O2 CO2 + H2O axit : ymol → C H : zmol  NaOH:x+y muoi − axit1 : xmol + C3 H (OH ) : zmol  muoi − axit : ymol O Na2CO3 + CO2 + H2O 0,5(x+y) Chú ý: Nếu đề cho không rõ axit no hay khơng người học quy hết thành no thêm vào giá trị quy đổi H2 Giá trị -H2 sau số mol Br2 c Các bước tiến hành sau quy đổi vẽ sơ đồ Bảo toàn cacbon; Bảo toàn H2; Bảo toàn O2 Bảo toàn khối lượng Từ lập hệ phương trình để giải ẩn số xử lí kết theo yêu cầu đề d Bài tập minh họa Câu Hỗn hợp X gồm axit stearic triglixerit Y Đốt cháy hoàn toàn m gam X thu 2,82 mol CO2 2,74 mol H2O Mặt khác, m gam X tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH, thu glixerol dung dịch chứa a gam muối natri stearat Giá trị a Giải C17 H 35 COOH : x → CO2(2,82) + H2O(2,74) C H : y * Quy đổi X:  Bảo toàn C: 18x + 3y = 2,82 (1) Bảo toàn H2: 18x + y = 2,74 (2) Từ (1) (2) => x = 0,15 ; y = 0,04 * Muối: C17H35COONa: x= 0,15 => mmuối = 0,15 306 = 45,9 (gam) Câu Hỗn hợp A gồm axit C17HxCOOH triglixerit Y Đốt cháy hoàn toàn m gam A thu 4,14 mol CO2 3,8 mol H2O Mặt khác, m gam X tác dụng vừa đủ với dung dịch KOH, thu glixerol dung dịch chứa a gam muối C17HxCOOK Nếu cho hidro hóa hồn tồn m gam hỗn hợp A thu 64,76 gam hỗn hợp B Giá trị a là? Giải C17 H 35 COOH : x  * Quy đổi A C H : y → CO2(4,14) + H2O (3,8) H : z  Bảo toàn C: 18x + 3y = 4,14 (1) Bảo toàn H2: 18x + y + z = 3,8 (2) C17 H 35 COOH : x C17 H 35 COOH : x  * Hidro hóa A C H : y →B( 64,76)  C H : y H : z  Bảo toàn khối lượng: 284x + 38y = 64,76 (3) * Từ (1)(2) Và (3) => x = 0,22 ; y = 0,06 ; z = -0,22 C17 H 35 COOK : 0,22  H : −0,22 * Muối :  => m muối = 0,22 322-0,22.2 = 70,4 gam Câu 3(Câu 64-202-ĐH 2018)[2] Hỗn hợp X gồm axit panmitic, axit stearic triglixerit Y Đốt cháy hoàn toàn m gam X thu 1,56 mol CO 1,52 mol H2O Mặt khác, m gam X tác dụng vừa đủ với 0,09 mol NaOH dung dịch, thu glixerol dung dịch chứa a gam hỗn hợp muối natri panmitat, natri stearat Giá trị a A 25,86 B 26,40 .C 27,70 D 27,30 Giải C15 H 31COOH : x  * Quy đổi : C17 H 35 COOH : y →CO2(1,56) + H2O (1,52) C H : z  Bảo toàn C: 16x + 18y + 3z = 1,56 (1) Bảo toàn H2:16x + 18y + z = 1,52 (2) Bảo toàn COO= OH => x + y = 0,09 (3) Từ (1) (2) (3) => x = 0,06; y = 0,03; z = 0,02 C15 H 31COONa : 0,06 => m = 0,06.278 + 0,03.306 = 25,86 gam C17 H 35 COONa : 0,03 * Muối:  Câu (THPT QG 2020)[17]: Hỗn hợp E gồm axit panmitic, axit stearic triglixerit X Cho m gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu 57,84 gam hỗn hợp hai muối khan Nếu đốt cháy hồn tồn m gam E cần dùng vừa đủ 4,98 mol O2, thu H2O 3,48 mol CO2 Khối lượng X m gam E A 34,48 gam B 32,24 gam C 25,60 gam D 33,36 gam Giải C15 H 31COOH : x  * Quy đổi : C17 H 35 COOH : y => Muối(57,84) C H : z  C15 H 31COONa : x  C17 H 35 COONa : y => 278x + 306y = 57,84 (1) C15 H 31COOH : x  ( , 98 ) * Xét cháy : C17 H 35 COOH : y O  → CO2(3,48) + H2O ( 16x + 18y+z) C H : z  Bảo toàn C : 16x + 18y + 3z = 3,48 (2) Bảo toàn O : 2x + 2y + 4,98.2 = 3,48.2 + 16x + 18y +z => 14x + 16y +z = (3) Từ (1)(2) (3) => x = 0,12; y = 0,08; z = 0,04 C15 H 31COOH : 0,12  => Nghiệm: C17 H 35 COOH : 0,08 C H : 0,04  Nhận thấy bơm gốc C15H31COOH vào C3H2 bơm gốc C15H31COOH vào C3H2 C15 H 31COOH : 0,08  Vậy: X C17 H 35 COOH : 0,04 => m= 33,36 gam C H : 0,04  Câu 5: Hỗn hợp X gồm axit stearic, axit oleic triglixerit Y Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần vừa đủ 3,15 mol O2, thu 2,1 mol H2O Mặt khác, m gam X tác dụng vừa đủ với 0,12 mol NaOH dung dịch, thu glixerol dung dịch chứa a gam hỗn hợp natri stearat natri oleat Giá trị a A 35,80 B 36,56 C 35,84 D 36,28 Giải C17 H 33COOH : x  O2 :3,15 → CO2 (18 x + 18 y + z ) + H O(2,1) * Quy đổi X: C17 H 35COOH : y  C H : z  Bảo toàn mol C: 17x+18y+z= 2,1(1) Bảo toàn mol O: 2x+2y+3,15.2=2.(18x+18y+3z)+2,1 => 34x+34y+6z=4,2(2) Bảo toàn mol COO: x+y = 0,12 (3) Từ (1)(2) (3) => x = 0,08; y = 0,04; z= 0,02 C17 H 33COONa : 0,08 = >m = 36,35( gam) C17 H 35 COONa : 0,04 * Xét phản ứng thủy phân thu muối  Câu (ĐH 2021-lần 1)[15]: Hỗn hợp E gồm axit oleic, axit panmitic triglixerit X (tỉ lệ số mol tương ứng : : 2) Đốt cháy hoàn toàn m gam E cần dùng vừa đủ 4,07 mol O2, thu CO2 H2O Mặt khác, cho m gam E tác dụng hết với lượng dư dung dịch NaOH đun nóng, thu sản phẩm hữu gồm glixerol 47,08 gam hỗn hợp hai muối khan Phần trăm khối lượng X E A 74,98% B 76,13% C 75,57% D 76,67% Giải C15 H 31COOH : x  ( , 07 ) * Quy đổi C17 H 33 COOH : y O  → CO2(16x+18y+3z) + H2O( 16x+17y+z) C H : z  Bảo toàn O2: 2x + 2y + 4,07.2 = 32x+ 36y + 6z +16x+17y+z => 46x + 51y + 7z = 8,14 (1) C15 H 31COONa : x => 278x + 304y = 47,08 (2) C17 H 33 COONa : y * Muối  Gọi a số mol axit oleic E => nC15H31COOH= nC17H35COOH=a => nX = 2a Bảo toàn gốc COO: ∑ nCOO = a + a + 2a.3 = 8a = x + y => x+y-8a=0 (3) Bảo toàn C3H2 = 2a = z => 2a-z = (4) * Từ (1) (2)(3) (4) => x = 0,06 ; y= 0,1 ; z= 0,04 ; a = 0,02 C15 H 31COOH : 0,06  * Nghiệm C17 H 33 COOH : 0,1 C H : 0,04  => Có gốc C17H33COO- X gốc C15H31COO- X * Vậy : m hỗn hợp = 0,1 282+ 0,06.256 + 0,04.38 = 45,08 gam mX = 0,04 858 = 34,32 gam => Phần trăm khối lượng X hỗn hợp %mX = 34,32 100% = 76,13% 45,08 2.3.5 Bài tập vận dụng Câu 1(Câu 68-202-ĐH 2019)[6] Đốt cháy hoàn toàn 25,74 gam triglixerit X, thu CO2 1,53 mol H2O Cho 25,74 gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu glixerol m gam muối Mặt khác, 25,74 gam X tác dụng tối đa với 0,06 mol Br dung dịch Giá trị m A 27,72 B.26,58 C 27,42 D 24,18 Đáp án: B 26,58 Câu 2(Câu 65-204-ĐH 2019)[8] Đốt cháy hoàn toàn m gam triglixerit X cần vừa đủ 2,31 mol O2, thu H2O 1,65 mol CO2 Cho m gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu glixerol 26,52 gam muối Mặt khác, m gam X tác dụng tối đa với a mol Br2 dung dịch Giá trị a A 0,09 B 0,12 C 0,15 D 0,18 Đáp án: A 0,09 Câu (Câu 61-204-ĐH 2018)[4] Thủy phân hoàn toàn a mol triglixerit X dung dịch NaOH vừa đủ, thu glixerol m gam hỗn hợp muối Đốt cháy hoàn toàn a mol X thu 1,375 mol CO 1,275 mol H2O Mặt khác, a mol X tác dụng tối đa với 0,05 mol Br2 dung dịch Giá trị m A 20,15 B 20,60 C 23,35 D 22,15 Đáp án: D 22,15 Câu (Minh họa 2020- lần 2)[10] Thủy phân hoàn toàn triglixerit X dung dịch NaOH, thu glixerol, natri stearat natri oleat Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần vừa đủ 3,22 mol O2, thu H2O 2,28 mol CO2 Mặt khác, m gam X tác dụng tối đa với a mol Br2 dung dịch Giá trị a A 0,04 B 0,08 C 0,2 D 0,16 Đáp án: B 0,08 Câu 5(Đề thi thử TN 2020- Quảng Xương 1- Thanh Hóa- Lần 2)[14] Hỗn hợp E gồm triglixerit X, axit panmitic axit stearic Thủy phân E dung dịch NaOH, thu glixerol, natri panmitat natri stearat Đốt cháy hoàn toàn E, thu 1,39 mol CO 1,37 mol H2O Hỗn hợp E phản ứng vừa đủ với 0,08 mol KOH , thu dung dịch chứa m gam muối Giá trị m A 25,54 B 24,64 C 25,02 D 24,01 Đáp án: B 24,64 Câu 6(Đề thi thử TN 2020- THPT Hậu Lộc – Thanh Hóa- Lần )[13] Hỗn hợp X gồm hai axit béo A, B (M A < MB, tỉ lệ mol tương ứng : 2) triglixerit Đốt cháy hoàn toàn 15,9 gam X thu 1,02 mol CO 0,95 mol H2O Mặt khác, Cho 15,9 gam X tác dụng với dung dịch NaOH dư, đun nóng thu 16,73 gam hỗn hợp hai muối Cho toàn lượng X phản ứng với tốt đa a mol Br2 Giá trị a A 0,035 B 0,07 C 0,05 D 0,105 Đáp án : C 0,05 Câu 7( Thi thử TN 2020 chuyên Sư Phạm Hà Nội)[11] : Hỗn hợp A gồm axit béo triglixerit Cho 26,57 gam A tác dụng vừa đủ với 95,0 ml dung dịch NaOH 1M, thu dung dịch có chứa a gam hỗn hợp muối axit béo no Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 26,57 gam A thấy thu H 2O 1,685 mol CO2 Các phản ứng xảy hoàn toàn, giá trị a A 28,99 B.28,09 C.30,37 D.29,47 Đáp án : B 28,09 Câu 8(Thi thử TN 2020 chuyên Hà Tĩnh)[12] Hỗn hợp E gồm axit béo X, Y, Z triglixerit T tạo ba axit béo X,Y,Z) Cho 66,04 gam E tác dụng với 150 gam dung dịch KOH 11,2 %, đến hồn tồn cạn dung dịch sau phản ứng, thu phần G m gam chất rắn F Dẫn tồn G vào bình đựng Na dư, kết thúc phản ứng thu 85,568 lít H2(đktc) Để phản ứng hết 16,51 gam E cần dùng tối đa với 100 ml dung dịch Br2 0,925M Mặt khác, đốt cháy hồn tồn 16,51 gam E cần dùng 32,984 lít O2(đktc) Giá trị m gần với giá trị sau đây? A 74,8 B 80,1 C 72,6 D.77,5 Đáp án : D 77,38≈ 77,5 Câu Hỗn hợp X gồm axit stearic triglixerit Y Đốt cháy hết 0,3 mol X cần vừa đủ 18,7 mol O2, thu CO2 223,2 gam H2O Cho 0,3 mol X tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH thu a gam hỗn hợp muối gồm natri stearat natri oleat Biết phản ứng xảy hoàn toàn, giá trị a A 224,4 B 215,2 C 220,8 D 213,4 Đáp án: D 213,4 Câu 10( Chọn HSG tỉnh năm 2021-2022)[20]: Hỗn hợp X gồm ba chất béo tạo glixerol hai axit oleic stearic Đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol X cần dùng 12,075 mol O2, thu CO2 H2O Xà phịng hóa hồn tồn 132,9 gam X với dung dịch KOH vừa đủ, thu m gam muối Giá trị m A 125,1 B 137,1 C 144,3 D 127,5 Đáp án: C 144,3 Câu 11( Minh hoạ 2022)[19]: Hỗn hợp X gồm triglixerit Y axit béo Z Cho m gam X phản ứng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu sản phẩm hữu gồm hai muối có số nguyên tử cacbon 2,76 gam glixerol Nếu đốt cháy hết m gam X cần vừa đủ 3,445 mol O2, thu 2,43 mol CO 2,29 mol H2O Khối lượng Y m gam X A 26,34 gam B 26,70 gam C 26,52 gam D 24,90 gam Đáp án: B 26,7 gam Câu 12 ( Thi thử lần sở giáo dục tỉnh Hoá)[21]: Hỗn hợp E gồm triglixerit X, axit panmitic axit stearic Đốt cháy hoàn toàn m gam E cần vừa đủ 65,92 gam O2, thu H2O 63,36 gam CO2 Mặt khác, m gam E phản ứng tối đa với 100 ml dung dịch gồm KOH 0,5M NaOH 0,3M, thu a gam hỗn hợp muối hai axit cacboxylic Giá trị a là: A 24,44 B 24,80 C 26,28 D 26,64 Đáp án: A 24,44 gam 2.4 Hiệu sáng kiến kinh nghiệm hoạt động giáo dục, với thân, đồng nghiệp nhà trường Sáng kiến kinh nghiệm đăng ký với tổ chuyên môn nhà trường đồng ý cho áp dụng đối giảng dạy từ năm học 2021-2022 học sinh lớp 12 trường THPT Hoằng Hóa 4, đạt kết khả quan ban đầu Năm học 2021-2022 phép áp dụng lớp 12A1 với lớp 12A2 áp dụng cách truyền thống Sau ôn thi phần xong, tiến hành kiểm tra lớp 15 phút tự luận cho câu hỏi cho học sinh lớp kể trên, nhận thấy kết sau: Lớp 12A1 Giỏi(%) Khá(%) Trung bình(%) Yếu(%) 80% 20% 0% 0% 16% 35% 45% 4% ( sử dụng phương pháp quy đổi) Lớp 12A2 ( Sử dụng phương pháp truyền thống) Từ kết phân tích ta thấy + Tỷ lệ % học sinh đạt giỏi lớp thực nghiệm cao so với với lớp đối chứng + Tỷ lệ % học sinh đạt lớp thực nghiệm cao so với với lớp đối chứng + Tỷ lệ % học sinh trung bình, yếu lớp thực nghiệm thấp so với lớp đối chứng Kết luận : Nếu học sinh sử dụng phương pháp quy đổi vào việc giải tốn định lượng chất béo cho hiệu cao so với học sinh giải theo cách truyền thống quy đổi kiểu khác với đề tài trình bầy KẾT LUẬN, KIẾN NGHỊ 3.1 Kết luận Quá trình giảng dạy năm học vừa qua, sau áp dụng thêm phương pháp quy đổi mà giới thiệu đề tài, nhận thấy: Kiến thức học sinh ngày củng cố phát triển Niềm hứng thú, say mê học tập học sinh phát huy Do trình độ thời gian có hạn, đề tài chưa hệ thống hóa hết câu hỏi khác este đề thi thử trường THPT nước kết thu cịn cao Tơi mong thầy, đồng nghiệp góp ý kiến thêm để đề tài sáng kiến kinh nghiệm tơi hồn thiện Tôi xin chân thành cảm ơn! 3.2 Kiến Nghị Để tiến tới việc vận dụng phương pháp quy đổi vào nhà trường mạnh dạn đề xuất: - Trước hết tất lớp trường tiếp cận với phương pháp, sau tiến hành kiểm tra đánh giá nhiều đối tượng học sinh - Tổ chuyên môn hội thảo phát triển ưu điểm, hạn chế nhược điểm phương pháp XÁC NHẬN CỦA THỦ TRƯỞNG ĐƠN VỊ Thanh hóa, ngày 22 tháng năm 2022 Tôi xin cam đoan SKKN viết, khơng chép nội dung người khác Người thực Nguyễn Bá Tuấn TÀI LIỆU THAM KHẢO [1] Đề thi THPT quốc gia năm 2018- Mã đề 201 [2] Đề thi THPT quốc gia năm 2018- Mã đề 202 [3] Đề thi THPT quốc gia năm 2018- Mã đề 203 [4] Đề thi THPT quốc gia năm 2018- Mã đề 204 [5] Đề thi THPT quốc gia năm 2019- Mã đề 201 [6] Đề thi THPT quốc gia năm 2019- Mã đề 202 [7] Đề thi THPT quốc gia năm 2019- Mã đề 203 [8] Đề thi THPT quốc gia năm 2019- Mã đề 204 [9] Đề minh họa tốt nghiệp THPT 2021- Lần [10] Đề minh họa tốt nghiệp THPT 2020- Lần [11] Đề thi thử TN 2020 chuyên Sư Phạm Hà Nội-Lần [12] Đề thi thử TN 2020 chuyên Hà Tĩnh-Lần [13] Đề thi thử TN 2020 - THPT Hậu Lộc 4- Thanh Hóa-Lần [14] Đề thi thử TN 2020 - THPT Quảng Xương 1- Thanh Hóa-Lần [15] Đề thi TN THPT quốc gia năm 2021- Mã đề 201 [16] Đề thi TN THPT quốc gia năm 2021- Mã đề 202 [17] Đề thi TN THPT quốc gia năm 2021- Mã đề 203 [18] Đề thi TN THPT quốc gia năm 2021- Mã đề 204 [19] Đề minh hoạ TN THPT quốc gia năm 2022 [20] Đề thi chọn HSG tỉnh Thanh Hoá năm học 2021-2022 [21] Thi thử lần sở giáo dục đào tạo tỉnh Thanh Hoá năm học 2021-2022 DANH MỤC SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM ĐÃ ĐƯỢC HỘI ĐỒNG SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM NGÀNH GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO HUYỆN, TỈNH VÀ CÁC CẤP CAO HƠN XẾP LOẠI TỪ C TRỞ LÊN Họ tên tác giả: Nguyễn Bá Tuấn Chức vụ : Giáo Viên Đơn vị cơng tác: Trường THPT Hoằng Hóa TT Tên đề tài SKKN “Tích hợp kiến thức liên mơn vào giảng dạy hóa Cấp đánh giá Kết xếp loại đánh giá (Ngành GD cấp xếp loại huyện/tỉnh; (A, B, C) Tỉnh ) Nghành GD cấp Tỉnh C học trường trung học phổ thông” Năm học đánh giá xếp loại 2014-2015 ... đổi giải tập định lượng chất béo kì thi chọn học sinh giỏi tốt nghiệp trung học phổ thông? ?? để nhằm trao đổi với đồng nghiệp việc vận dụng vào giải đề thi năm 2022 năm Nhằm giúp giáo viên hóa học. .. quát đưa tư quy đổi để giải tất tập chất béo đề thi học sinh giỏi đề thi tốt nghiệp THPT tính đến mùa thi năm 2022 1.4 Phương pháp nghiên cứu Trên sở tìm tịi đề thi tốt nghiệp, đề giới thi? ??u Bộ... để học sinh tìm kết cuối mong đợi Để giúp cho giáo viên học sinh giải khó khăn tơi xin trình bầy sáng kiến kinh nghiệm : “ sử dụng phương pháp quy đổi giải tập định lượng chất béo kì thi chọn học