X 3NaOH Muoi CH (OH) 0,06 0,18 0,
CH COO; HCOO ;C HCO O C H COO
Ta cĩ: 3R=(14n 1+ +) (14n 15+ ) (+ 14m 1− =) 57→2n m 3+ = → =n 0;m 3.=
E cĩ 3 đồng phân cấu tạo về vị trí các gốc axit khi đính vào gốc glixerol:
33 3 5 3 3 5 3 5 3 5 3 CH COO HCOO HCOO
CH COO ; HCOO ; C H COO .C H COO C H COO C H COO CH COO − − − − − − − − −
Ứng với mỗi đồng phân trên lại cĩ 3 đồng phân cấu tạo của gốc axit C3H5COO- như sau: CH3 CH− =CH COO ; CH2− − =CH CH2 COO ; CH2 C(CH3) COO − − − = − −
Tổng số đồng phân cấu tạo của E là 3.3 9=
→ Đáp án D. ~13. Sai lầm
(i) Từ giá trị R, khơng xác định được các gốc axit.
(ii) Quên các đồng phân cấu tạo của gốc axit khơng no.
[H12][01][1677] Chọn đáp án D
Vì nCO2 – nH2O = 5nEste ⇒ ∑ liên kết π trong este = 5+1 = 6. ⇒ Số liên kết π/C=C = 6 – 3 = 3 ⇒ Este + Br2 tối đa theo tỷ lệ 1:3 Mà nBr2 = 72 160 = 0,45 ⇒ nEste = 0, 45 3 = 0,15 mol
Bảo tồn khối lượng ta cĩ mEste = 110,1 – 72 = 38,1 gam. ⇒ Tăng giảm khối lượng ta cĩ mMuối = mEste + mK – mC3H5
⇔
mMuối = 38,1 + 0,45×39 – 0,15×41 = 49,5 gam ⇒ Chọn D
________________________________________________ (RCOO)3C3H5 + 3KOH → 3RCOOK + C3H5(OH)3
[H12][01][1678] Chọn đáp án C
Nhận thấy b-c= 4a → trong X cĩ 5 liên kết π trong đĩ cĩ 3 liên kết π ở gốc COO và 2 liên kết π ở gốc hidrocacbon C=C
Như vậy để hidro hĩa hồn tồn 1 mol X cần dùng 2 mol H2 → nX = 0,18 : 2 = 0,09 mol Bảo tồn khối lương → mX = 77,58 - 0,18. 2= 77,22 gam
Khi tham gia phản ứng thủy phân → nC3H5(OH)3 = nX = 0,09 mol Bảo tồn khối lượng → mchất rắn = mX + mKOH - mC3H5(OH)3
[H12][01][1679] Chọn đáp án A
► Đối với HCHC chứa C, H và O (nếu cĩ) thì nCO2 – nH2O = (k – 1).nHCHC
(với k là độ bất bão hịa của HCHC) ||⇒ áp dụng: b – c = 4a ⇒ k = 5 = 3πC=O + 2πC=C. ⇒ nX = nH2 ÷ 2 = 0,15 mol ||● Bảo tồn khối lượng: mX = 133,5 – 0,3 × 2 = 132,9(g). ► Dễ thấy NaOH dư ⇒ nglixerol = nX = 0,15 mol. Bảo tồn khối lượng:
mrắn khan = 132,9 + 0,5 × 40 – 0,15 × 92 = 139,1(g)
[H12][01][1680] Chọn đáp án C
♦ giải đốt a mol X + O2
b mol CO2 + c mol H2O.
b – c = 4a ⇒ tương quan đốt: ∑nCO2 – ∑nH2O = (5 – 1).nX ||⇒ X cĩ 5π. trieste sẵn cĩ 3πC=O ⇒ cịn 2πC=C nữa ||⇒ X + 2H2 → Y.
cĩ nX = ½.nH2 = 0,08 mol; mX = mY – mH2 = 20,48 gam.
♦ 20,48 gam X + 0,3 mol NaOH (cĩ dư) → m2 gam c.rắn + 0,08 mol C3H5(OH)3. ||⇒ BTKL cĩ m2 = 20,48 + 0,3 × 40 – 0,08 × 92 = 25,12 gam.
[H12][01][1681] Chọn đáp án C
Nhận thấy b-c= 4a ⇒ trong X cĩ 5 liên kết π trong đĩ cĩ 3 liên kết π ở gốc –COO– và 2 liên kết π ở gốc hidrocacbon C=C.
Như vậy để hidro hĩa hồn tồn 1 mol X cần dùng 2 mol H2 ⇒ nX = 0,3 : 2 = 0,15 mol Bảo tồn khối lương → mX = 39 - 0,3. 2= 38,4 gam
Khi tham gia phản ứng thủy phân ⇒ nC3H5(OH)3 = nX = 0,15 mol Bảo tồn khối lượng → mChất rắn = mX + mNaOH - mC3H5(OH)3
⇒ mChất rắn = 38,4 + 0,7x40 – 0,15x92 = 52,6 gam [H12][01][1682] Chọn đáp án D
► Đối với HCHC chứa C, H và cĩ thể cĩ O thì:
nCO2 – nH2O = (k – 1).nHCHC (với k là độ bất bão hịa của HCHC). ► Áp dụng: b – c = 4a ⇒ k = 5 = 3πC=O + 2πC=C.
⇒ nX = nH2 ÷ 2 = 0,15 mol || Bảo tồn khối lượng: m1 = 36,9 – 0,3 × 2 = 36,3(g) || nNaOH = 3nX = 0,45 mol. nglixerol = nX = 0,15 mol. Bảo tồn khối lượng:
||⇒ m2 = 36,3 + 0,45 × 40 – 0,15 × 92 = 40,5(g)
[H12][01][1683] Chọn đáp án B
♦ đốt a mol T + O2
b mol CO2 + c mol H2O.
cĩ b – c = 4a ⇔ ∑nCO2 – ∑nH2O = (5 – 1).nT ⇒ T cĩ 5π.
T sẵn cĩ 3πC=O trong 3 chức este ⇒ cịn 2πC=C trong gốc hiđrocacbon nữa.
||⇒ phản ứng hiđro hĩa xảy ra như sau: T + 2H2 → G ||⇒ nG = ½.nH2 = 0,03 mol. ||⇒ 25,86 gam G (0,03 mol) + 0,12 mol NaOH → m gam c.rắn + 0,03 mol C3H5(OH)3. ||⇒ BTKL cĩ m = 25,86 + 0,12 × 40 – 0,03 × 92 = 27,90 gam.
[H12][01][1684] Chọn đáp án A
Nhận thấy b-c= 5a → trong X cĩ 6 liên kết π trong đĩ cĩ 3 liên kết π ở gốc COO và 3 liên kết π ở gốc hidrocacbon C=C
Như vậy để hidro hĩa hồn tồn 1 mol X cần dùng 3 mol H2 → nX = 0,3 : 3 = 0,1 mol Bảo tồn khối lương → mX = 89 - 0,3. 2= 88,4 gam
Khi tham gia phản ứng thủy phân → nC3H5(OH)3 = nX = 0,15 mol Bảo tồn khối lượng → mchất rắn = mX + mNaOH - mC3H5(OH)3
[H12][01][1685] Chọn đáp án A
Cĩ b-c = 5a → A chứa 6 liên kết π = 3π C=C + 3πCOO
Vậy cứ 1 mol A sẽ tham gia phản ứng với 3 mol H2 → nA = 0,04 mol Bảo tồn khối lượng → mA = 35,6 - 0,12.2 = 35,36 gam
Cĩ nNaOH = 3A = 0,12 mol , nA = nC3H5(OH)3 = 0,04 mol
Bảo tồn khơi lượng → mmuối = 35, 36 + 0,12.40 - 0,04.92 = 36,48 gam.
[H12][01][1686] Chọn đáp án A
Cĩ b-c = 6a → chứng tỏ X chứa 7 liên kết π = 3πCOO + 4πC=C
Cứ a mol X tác dụng vừa đủ với 4a mol Br2 → nX = 0,08 : 4 = 0,02 mol Bảo tồn khối lượng → mX = 18,12 - 0,08. 160 = 5,32 gam
X + 3NaOH → muối + C3H5(OH)3
Cĩ nNaOH = 0,02. 3 = 0,06 mol và nC3H5(OH)3 = 0,02 mol
bảo tồn khối lượng → m = 5,32 + 0,06. 40 - 0,02. 92 = 5,88 gam.
[H12][01][1687] Chọn đáp án B
để ý: n CO2 - n H2O = 0,05 mol = 5.n X. → trong X cĩ 6 liên kết pi.
► Tuy nhiên, thật để ý rằng: trong 3 liên kết este -COOR đã cĩ 3 liên kết pi → X cịn 3 pi trong hđc.
Vậy: X + 3H2 → X'. cĩ số mol H2 = 0,45 mol → n X = 0,15 mol và a = 133,5 - 0,45 × 2 = 132,6 gam.
Thủy phân: X + 3KOH → muối + glixerol.
KOH chỉ phản ứng 0,45 mol, cịn dư 0,05 mol. → n glixerol = 0,15 mol. Bảo tồn khối lượng: m rắn = 132,6 + 0,5 × 56 - 0,15 × 92 = 146,8 gam.
[H12][01][1688] Chọn đáp án A Khi đốt X ta cĩ X n =0,1 mol 2 CO n =0,22 mol 2,2 6,4 2k X : C H − ⇒ (k là số liên kết π trong X) + Mặt khác: BTKL π: 2 X 6,32 nBr k.n k. 0,12 k 0, 6 32,8 2k = = = ⇒ = − Vậy BTNT H 2 H O 0,1(6, 4 2, 06) n 0, 26 mol 2 − ⇒ = = BTNT O 2 O n 0,35 mol ⇒ = V 7,84 lit ⇒ = [H12][01][1689] Chọn đáp án C
► Tồn bộ giả thiết nằm ở phản ứng đốt cháy, yêu cầu nằm ở các phản ứng cịn lại. ♦ Giải đốt: hỗn hợp axit + 0,75 mol O2
0,525 mol CO2 + 0,51 mol H2O.
• phản ứng trung hịa: –COOH + NaOH → –COONa + H2O; 2n–COOH = nO trong axit. Theo đĩ, a = nNaOH = nCOOH = (0,525 × 2 + 0,51 – 0,75 × 2) ÷ 2 = 0,03 mol (theo bảo tồn nguyên tố Oxi trong phản ứng cháy trên).
• phản ứng + Br2/H2O là phản ứng của πC=C trong hỗn hợp axit.
Ở phản ứng đốt: nhỗn hợp axit = nCOOH = 0,03 mol. Tương quan phản ứng đốt cháy: ∑nCO2 – ∑nH2O = ∑nπ – nhỗn hợp axit ||→ ∑nπ = 0,045 mol.
Hỗn hợp axit béo (axit mạch khơng phân nhánh, đơn chức, ....) → ∑nπC=O = nCOOH = 0,03 mol.
||→ nπC=C = 0,045 – 0,03 = 0,015 mol. 1πC=C + 1Br2 nên b = nBr2 = 0,015 mol. Vậy, yêu cầu giá trị tỉ lệ a : b = 0,03 ÷ 0,015 = 2 : 1. Chọn đáp án C. ♣.
► Đây là cách giải tổng quát cho hỗn hợp axit phức tạp hơn. cịn trong TH này, cĩ thể các em tìm ra số mol axit khơng no 1 nối đơi C=C duy nhất là axit oleic rồi cho nĩ + Br2 sẽ nhanh + gọn hơn. NHƯNG a thử nghĩ đến trường hợp hỗn hợp cĩ linoleic, ... nữa thì cần tư duy như cách giải trên.!
[H12][01][1690] Chọn đáp án A
Gốc stearat hay oleat đều chứa 18C ⇒ X chứa 57C ⇒ nX = 0,16 mol.
Muối chỉ cĩ 0,48 mol C17H35COONa ⇒ a = 0,48 × 35 ÷ 2 × 18 = 151,2 gam
[H12][01][1691] Chọn đáp án B
► Đặt nglixerol = nX = x; nH2O = nY,Z,T = y ⇒ nNaOH = 3x + y = 0,09 mol.
Bảo tồn khối lượng: 26,12 + 0,09 × 40 = 27,34 + 92x + 18y ||⇒ giải hệ cĩ:
x = 0,02 mol; y = 0,03 mol ||● Đặt nCO2 = a; nH2O = b; nO2 = c.
Bảo tồn khối lượng: 26,12 + 32c = 44a + 18b || Bảo tồn nguyên tố Oxi: 0,02 × 6 + 0,03 × 2 + 2c = 2a + b || nCO2 – nH2O = nπ – nE.
⇒ a – b = 0,1 + 0,02 × 3 + 0,03 – (0,02 + 0,03) ||⇒ giải hệ cĩ: a = 1,68 mol; b = 1,54 mol; c = 2,36 mol
[H12][01][1692] Chọn đáp án C [H12][01][1693] Chọn đáp án A ( ) ( ) ( ) n 2n 6 4 m 2m 4 6 2a 0,10 a 0,05 C H O : a 14 na mb 58a 92b 40,74 b 0, 04 C H O : b 5n 4m 244 n 3 a m 2 b 2, 21 − − = = + + + = = − + − = + = 2 2 2 2 CH CH COOCH X : | CH CH COOCH = − = − Y : C H COO C H( 15 31 )3 3 5 m=94 0,1 278 0,12× + × =42, 76 gam. [H12][01][1694] Chọn đáp án A
gt ⇒ X khơng thể là HCOOH. ||► Quy E về CH3COOH, (CH3COO)3C3H5, CH2 và H2.
với số mol là x, y, z và t || mE = 60x + 218y + 14z + 2t = 13,36(g); nO2 = 2x + 9,5y + 1,5z + 0,5t = 0,52 mol. nNaOH = x + 3y = 0,2 mol || E n x y 0,32 nπ t 0,1 + = = −
||⇒ giải hệ cĩ: x = 0,14 mol; y = 0,02 mol; z
= 0,05 mol; t = – 0,05 mol.
||► Muối gồm 0,2 mol CH3COONa; 0,05 mol CH2 và – 0,05 mol H2. Ghép CH2 và H2 kết hợp điều kiện ≤ 2π.
[H12][01][1695] Chọn đáp án B
Lại cĩ: p-HO–C6H4CH2OH cĩ k = 4 nhưng số mol = ∑naxit ⇒ ktb 3 chất cuối = 3. ||⇒ Tĩm lại: ktb X = 3 ⇒ nCO2 – nH2O = (3 – 1).nX ⇒ nCO2 = 1,4588 mol.
● Bảo tồn khối lượng: mX = 28,2056 gam; Bảo tồn nguyên tố Oxi: nO/X = 0,5432 mol. ⇒ TN1 gấp đơi TN2 ⇒ ứng với 0,4544 mol X và 1,0864 mol Oxi.
► Đặt nchất béo = x; naxit acrylic = y; naxit oxalic = z ⇒ np-HO–C6H4CH2OH = y + z.
nX = x + y + z + (y + z) = 0,4544 || nO/X = 6x + 2y + 4z + 2(y + z) = 1,0864 mol. nglixerol = x; mH2O = mH2O bđ + mH2O sinh ra = 58,5 × 0,6 + 18 × [y + 2z + (y + z)].
⇒