Chuyen de SO CHINH PHUONG

Để kết thúc bài viết này, tôi muốn chúc các em học thật giỏi môn toán ngay từ đầu bậc THCS và cho tôi được nói riêng với các quý thầy cô : nguyên tắc chung để chứng minh một số tự nhiên [r]

Bµi : CHỨNG MINH MỘT SỐ KHÔNG PHẢI LÀ SỐ CHÍNH PHƯƠNG Trong chương trình Toán lớp 6, các em đã học các bài toán liên quan tới phép chia hết số tự nhiên cho số tự nhiên khác và đặc biệt là giới thiệu số chính phương, đó là số tự nhiên bình phương số tự nhiên (chẳng hạn : ; ; ; ;16 ; 25 ; 121 ; 144 ; …) Kết hợp các kiến thức trên, các em có thể giải bài toán : Chứng minh số không phải là số chính phương Đây là cách củng cố các kiến thức mà các em đã học Những bài toán này làm tăng thêm lòng say mê môn toán cho các em Nhìn chữ số tận cùng Vì số chính phương bình phương số tự nhiên nên có thể thấy số chính phương phải có chữ số tận cùng là các chữ số ; ; ; ; ; Từ đó các em có thể giải bài toán kiểu sau đây : Bài toán : Chứng minh số : n = 20042 + 20032 + 20022 - 20012 không phải là số chính phương Lời giải : Dễ dàng thấy chữ số tận cùng các số 20042 ; 20032 ; 20022 ; 20012 là ; ; ; Do đó số n có chữ số tận cùng là nên n không phải là số chính phương Chú ý : Nhiều số đã cho có chữ số tận cùng là các số ; ; ; ; ; không phải là số chính phương Khi đó các bạn phải lưu ý thêm chút : Nếu số chính phương chia hết cho số nguyên tố p thì phải chia hết cho p2 Bài toán : Chứng minh số 1234567890 không phải là số chính phương Lời giải : Thấy số 1234567890 chia hết cho (vì chữ số tận cùng là 0) không chia hết cho 25 (vì hai chữ số tận cùng là 90) Do đó số 1234567890 không phải là số chính phương Chú ý : Có thể lý luận 1234567890 chia hết cho (vì chữ số tận cùng là 0), không chia hết cho (vì hai chữ số tận cùng là 90) nên 1234567890 không là số chính phương Bài toán : Chứng minh số có tổng các chữ số là 2004 thì số đó không phải là số chính phương Lời giải : Ta thấy tổng các chữ số số 2004 là nên 2004 chia hết cho mà không chia hết nên số có tổng các chữ số là 2004 chia hết cho mà không chia hết cho 9, đó số này không phải là số chính phương Dùng tính chất số dư Chẳng hạn các em gặp bài toán sau đây : Bài toán : Chứng minh số có tổng các chữ số là 2006 không phải là số chính phương Chắc chắn các em dễ bị “choáng” Vậy bài toán này ta phải nghĩ tới điều gì ? Vì cho giả thiết tổng các chữ số nên chắn các em phải nghĩ tới phép chia cho cho Nhưng lại không gặp điều “kì diệu” bài toán Thế thì ta nói điều gì số này ? Chắc chắn số này chia cho phải dư Từ đó ta có lời giải Lời giải : Vì số chính phương chia cho có số dư là mà thôi (coi bài tập để các em tự chứng minh !) Do tổng các chữ số số đó là 2006 nên số đó chia cho dư Chứng tỏ số đã cho không phải là số chính phương Tương tự các em có thể tự giải bài toán : Bài toán : Chứng minh tổng các số tự nhiên liên tiếp từ đến 2005 không phải là số chính phương Bài toán : Chứng minh số : n = 20044 + 20043 + 20042 + 23 không là số chính phương Bây các em theo dõi bài toán sau để nghĩ tới “tình huống” Bài toán : Chứng minh số : n = 44 + 4444 + 444444 + 44444444 + 15 không là số chính phương Nhận xét : Nếu xét n chia cho 3, các em thấy số dư phép chia là 1, là không “bắt chước” cách giải các bài toán ; ; ; Nếu xét chữ số tận cùng các em thấy chữ số tận cùng n là nên không làm “tương tự” các bài toán ; Số dư phép chia n cho là dễ thấy nhất, đó chính là Một số chính phương chia cho cho số dư nào ? Các em có thể tự chứng minh và kết : số dư đó có thể là Như là các em đã giải xong bài toán “Kẹp” số hai số chính phương “liên tiếp” Các em có thể thấy : Nếu n là số tự nhiên và số tự nhiên k thỏa mãn n2 < k < (n + 1)2 thì k không là số chính phương Từ đó các em có thể xét các bài toán sau : Bài toán : Chứng minh số 4014025 không là số chính phương Nhận xét : Số này có hai chữ số tận cùng là 25, chia cho dư 1, chia cho dư Thế là tất các cách làm trước không vận dụng Các em có thể thấy lời giải theo hướng khác Lời giải : Ta có 20032 = 4012009 ; 20042 = 4016016 nên 20032 < 4014025 < 20042 Chứng tỏ 4014025 không là số chính phương Bài toán : Chứng minh A = n(n + 1)(n + 2)(n + 3) không là số chính phương với số tự nhiên n khác Nhận xét : Đối với các em đã làm quen với dạng biểu thức này thì có thể nhận A + là số chính phương (đây là bài toán quen thuộc với lớp 8) Các em lớp 6, lớp có thể chịu khó đọc lời giải Lời giải : Ta có : A + = n(n + 1)(n + 2)(n + 3) + = (n2 + 3n)(n2 + 3n + 2) + = (n2 + 3n)2 + 2(n2 + 3n) +1 = (n2 + 3n +1)2 Mặt khác : (n2 + 3n)2 < (n2 + 3n)2 + 2(n2 + 3n) = A Điều này hiển nhiên đúng vì n ≥ Chứng tỏ : (n2 + 3n)2 < A < A + = (n2 + 3n +1)2 => A không là số chính phương Các em có thể rèn luyện cách thử giải bài toán sau : Bài toán 10 : Hãy tìm số tự nhiên n cho A = n4 - 2n3 + 3n2 - 2n là số chính phương Gợi ý : Nghĩ đến (n2 - n + 1)2 Bài toán 11 : Chứng minh số 235 + 2312 + 232003 không là số chính phương Gợi ý : Nghĩ đến phép chia cho phép chia cho Bài toán 12 : Có 1000 mảnh bìa hình chữ nhật, trên mảnh bìa ghi số các số từ đến 1001 cho không có hai mảnh nào ghi số giống Chứng minh : Không thể ghép tất các mảnh bìa này liền để số chính phương Bài toán 13 : Chứng minh : Tổng các bình phương bốn số tự nhiên liên tiếp không thể là số chính phương Gợi ý : Nghĩ tới phép chia cho Bài toán 14 : Chứng minh số 333333 + 555555 + 777777 không là số chính phương Gợi ý : Nghĩ đến phép chia cho … chục (?) Bài toán 15 : Lúc đầu có hai mảnh bìa, cậu bé tinh nghịch cầm mảnh bìa lên lại xé làm bốn mảnh Cậu ta mong làm đến lúc nào đó số mảnh bìa là số chính phương Cậu ta có thực mong muốn đó không ? Để kết thúc bài viết này, tôi muốn chúc các em học thật giỏi môn toán từ đầu bậc THCS và cho tôi nói riêng với các quý thầy cô : nguyên tắc chung để chứng minh số tự nhiên không là số chính phương, đó là dựa vào các điều kiện cần để số là số chính phương (mà các quý thầy cô đã biết : điều kiện cần trên đời là dùng để … phủ định !) Từ đó các quý thầy cô có thể sáng tạo thêm nhiều bài toán thú vị khác Bµi : CHỨNG MINH MỘT SỐ LÀ SỐ CHÍNH PHƯƠNG Các bạn đã giới thiệu các phương pháp chứng minh số không phải là số chính phương TTT2 số Bài viết này, tôi muốn giới thiệu với các bạn bài toán chứng minh số là số chính phương Phương pháp : Dựa vào định nghĩa Ta biết rằng, số chính phương là bình phương số tự nhiên Dựa vào định nghĩa này, ta có thể định hướng giải các bài toán Bài toán : Chứng minh : Với số tự nhiên n thì an = n(n + 1)(n + 2)(n + 3) + là số chính phương Lời giải : Ta có : an = n(n + 1) (n + 2) (n + 3) + = (n2 + 3n) (n2 + 3n + 2) + = (n2 + 3n)2 + 2(n2 + 3n) + = (n2 + 3n + 1)2 Với n là số tự nhiên thì n2 + 3n + là số tự nhiên, theo định nghĩa, an là số chính phương Bài toán : Chứng minh số : Lời giải : Ta có : là số chính phương Vậy : là số chính phương Phương pháp : Dựa vào tính chất đặc biệt Ta có thể chứng minh tính chất đặc biệt : “Nếu a, b là hai số tự nhiên nguyên tố cùng và a.b là số chính phương thì a và b là các số chính phương” Bài toán : Chứng minh : Nếu m, n là các số tự nhiên thỏa mãn 3m2 + m = 4n2 + n thì m - n và 4m + 4n + là số chính phương Lời giải : Ta có : 3m2 + m = 4n2 + n tương đương với 4(m2 - n2) + (m - n) = m2 hay là (m - n)(4m + 4n + 1) = m2 (*) Gọi d là ước chung lớn m - n và 4m + 4n + thì (4m + 4n + 1) + 4(m - n) chia hết cho d => 8m + chí hết cho d Mặt khác, từ (*) ta có : m2 chia hết cho d2 => m chia hết cho d Từ 8m + chia hết cho d và m chia hết cho d ta có chia hết cho d => d = Vậy m - n và 4m + 4n + là các số tự nhiên nguyên tố cùng nhau, thỏa mãn (*) nên chúng là các số chính phương Cuối cùng xin gửi tới các bạn số bài toán thú vị số chính phương : 1) Chứng minh các số sau đây là số chính phương : 2) Cho các số nguyên dương a, b, c đôi nguyên tố cùng nhau, thỏa mãn : 1/a + 1/b = 1/c Hãy cho biết a + b có là số chính phương hay không ? 3) Chứng minh rằng, với số tự nhiên n thì 3n + không là số chính phương 4) Tìm số tự nhiên n để n2 + 2n + 2004 là số chính phương 5) Chứng minh : Nếu : và n là hai số tự nhiên thì a là số chính phương Bµi : TÌM CHỮ SỐ TẬN CÙNG Tìm chữ số tận cùng số tự nhiên là dạng toán hay Đa số các tài liệu dạng toán này sử dụng khái niệm đồng dư, khái niệm trừu tượng và không có chương trình Vì có không ít học sinh, đặc biệt là các bạn lớp và lớp khó có thể hiểu và tiếp thu Qua bài viết này, tôi xin trình bày với các bạn số tính chất và phương pháp giải bài toán “tìm chữ số tận cùng”, sử dụng kiến thức THCS Chúng ta xuất phát từ tính chất sau : Tính chất : a) Các số có chữ số tận cùng là 0, 1, 5, nâng lên lũy thừa bậc bất kì thì chữ số tận cùng không thay đổi b) Các số có chữ số tận cùng là 4, nâng lên lũy thừa bậc lẻ thì chữ số tận cùng không thay đổi c) Các số có chữ số tận cùng là 3, 7, nâng lên lũy thừa bậc 4n (n thuộc N) thì chữ số tận cùng là d) Các số có chữ số tận cùng là 2, 4, nâng lên lũy thừa bậc 4n (n thuộc N) thì chữ số tận cùng là Việc chứng minh tính chất trên không khó, xin dành cho bạn đọc Như vậy, muốn tìm chữ số tận cùng số tự nhiên x = am, trước hết ta xác định chữ số tận cùng a - Nếu chữ số tận cùng a là 0, 1, 5, thì x có chữ số tận cùng là 0, 1, 5, - Nếu chữ số tận cùng a là 3, 7, 9, vì am = a4n + r = a4n.ar với r = 0, 1, 2, nên từ tính chất 1c => chữ số tận cùng x chính là chữ số tận cùng ar - Nếu chữ số tận cùng a là 2, 4, 8, trường hợp trên, từ tính chất 1d => chữ số tận cùng x chính là chữ số tận cùng 6.ar Bài toán : Tìm chữ số tận cùng các số : a) 799 b) 141414 c) 4567 Lời giải : a) Trước hết, ta tìm số dư phép chia 99 cho : 99 - = (9 - 1)(98 + 97 + … + + 1) chia hết cho => 99 = 4k + (k thuộc N) => 799 = 74k + = 74k.7 Do 74k có chữ số tận cùng là (theo tính chất 1c) => 799 có chữ số tận cùng là b) Dễ thấy 1414 = 4k (k thuộc N) => theo tính chất 1d thì 141414 = 144k có chữ số tận cùng là c) Ta có 567 - chia hết cho => 567 = 4k + (k thuộc N) => 4567 = 44k + = 44k.4, theo tính chất 1d, 44k có chữ số tận cùng là nên 4567 có chữ số tận cùng là Tính chất sau => từ tính chất Tính chất : Một số tự nhiên bất kì, nâng lên lũy thừa bậc 4n + (n thuộc N) thì chữ số tận cùng không thay đổi Chữ số tận cùng tổng các lũy thừa xác định cách tính tổng các chữ số tận cùng lũy thừa tổng Bài toán : Tìm chữ số tận cùng tổng S = 21 + 35 + 49 + … + 20048009 Lời giải : Nhận xét : Mọi lũy thừa S có số mũ chia cho thì dư (các lũy thừa có dạng n4(n - 2) + 1, n thuộc {2, 3, …, 2004}) Theo tính chất 2, lũy thừa S và các số tương ứng có chữ số tận cùng giống nhau, chữ số tận cùng tổng : (2 + + … + 9) + 199.(1 + + … + 9) + + + + = 200(1 + + … + 9) + = 9009 Vậy chữ số tận cùng tổng S là Từ tính chất tiếp tục => tính chất Tính chất : a) Số có chữ số tận cùng là nâng lên lũy thừa bậc 4n + có chữ số tận cùng là ; số có chữ số tận cùng là nâng lên lũy thừa bậc 4n + có chữ số tận cùng là b) Số có chữ số tận cùng là nâng lên lũy thừa bậc 4n + có chữ số tận cùng là ; số có chữ số tận cùng là nâng lên lũy thừa bậc 4n + có chữ số tận cùng là c) Các số có chữ số tận cùng là 0, 1, 4, 5, 6, 9, nâng lên lũy thừa bậc 4n + không thay đổi chữ số tận cùng Bài toán : Tìm chữ số tận cùng tổng T = 23 + 37 + 411 + … + 20048011 Lời giải : Nhận xét : Mọi lũy thừa T có số mũ chia cho thì dư (các lũy thừa có dạng n4(n - 2) + 3, n thuộc {2, 3, …, 2004}) Theo tính chất thì 23 có chữ số tận cùng là ; 37 có chữ số tận cùng là ; 411 có chữ số tận cùng là ; … Như vậy, tổng T có chữ số tận cùng chữ số tận cùng tổng : (8 + + + + + + + 9) + 199.(1 + + + + + + + + 9) + + + + = 200(1 + + + + + + + + 9) + + + = 9019 Vậy chữ số tận cùng tổng T là * Trong số bài toán khác, việc tìm chữ số tận cùng dẫn đến lời giải khá độc đáo Bài toán : Tồn hay không số tự nhiên n cho n2 + n + chia hết cho 19952000 Lời giải : 19952000 tận cùng chữ số nên chia hết cho Vì vậy, ta đặt vấn đề là liệu n2 + n + có chia hết cho không ? Ta có n2 + n = n(n + 1), là tích hai số tự nhiên liên tiếp nên chữ số tận cùng n2 + n có thể là ; ; => n2 + n + có thể tận cùng là ; ; => n2 + n + không chia hết cho Vậy không tồn số tự nhiên n cho n2 + n + chia hết cho 19952000 Sử dụng tính chất “một số chính phương có thể tận cùng các chữ số ; ; ; ; ; 9”, ta có thể giải bài toán sau : Bài toán : Chứng minh các tổng sau không thể là số chính phương : a) M = 19k + 5k + 1995k + 1996k (với k chẵn) b) N = 20042004k + 2003 Sử dụng tính chất “một số nguyên tố lớn có thể tận cùng các chữ số ; ; ; 9”, ta tiếp tục giải bài toán : Bài toán : Cho p là số nguyên tố lớn Chứng minh : p8n +3.p4n - chia hết cho * Các bạn hãy giải các bài tập sau : Bài : Tìm số dư các phép chia : a) 21 + 35 + 49 + … + 20038005 cho b) 23 + 37 + 411 + … + 20038007 cho Bài : Tìm chữ số tận cùng X, Y : X = 22 + 36 + 410 + … + 20048010 Y = 28 + 312 + 416 + … + 20048016 Bài : Chứng minh chữ số tận cùng hai tổng sau giống : U = 21 + 35 + 49 + … + 20058013 V = 23 + 37 + 411 + … + 20058015 Bài : Chứng minh không tồn các số tự nhiên x, y, z thỏa mãn : 19x + 5y + 1980z = 1975430 + 2004 * Các bạn thử nghiên cứu các tính chất và phương pháp tìm nhiều chữ số tận cùng số tự nhiên, chúng ta tiếp tục trao đổi vấn đề này * Tìm hai chữ số tận cùng Nhận xét : Nếu x Є N và x = 100k + y, đó k ; y Є N thì hai chữ số tận cùng x chính là hai chữ số tận cùng y Hiển nhiên là y ≤ x Như vậy, để đơn giản việc tìm hai chữ số tận cùng số tự nhiên x thì thay vào đó ta tìm hai chữ số tận cùng số tự nhiên y (nhỏ hơn) Rõ ràng số y càng nhỏ thì việc tìm các chữ số tận cùng y càng đơn giản Từ nhận xét trên, ta đề xuất phương pháp tìm hai chữ số tận cùng số tự nhiên x = am sau : Trường hợp : Nếu a chẵn thì x = am ∶ 2m Gọi n là số tự nhiên cho an - ∶ 25 Viết m = pn + q (p ; q Є N), đó q là số nhỏ để aq ∶ ta có : x = am = aq(apn - 1) + aq Vì an - ∶ 25 => apn - ∶ 25 Mặt khác, (4, 25) = nên aq(apn - 1) ∶ 100 Vậy hai chữ số tận cùng am chính là hai chữ số tận cùng aq Tiếp theo, ta tìm hai chữ số tận cùng aq Trường hợp : Nếu a lẻ , gọi n là số tự nhiên cho an - ∶ 100 Viết m = un + v (u ; v Є N, ≤ v < n) ta có : x = am = av(aun - 1) + av Vì an - ∶ 100 => aun - ∶ 100 Vậy hai chữ số tận cùng am chính là hai chữ số tận cùng av Tiếp theo, ta tìm hai chữ số tận cùng av Trong hai trường hợp trên, chìa khóa để giải bài toán là chúng ta phải tìm số tự nhiên n Nếu n càng nhỏ thì q và v càng nhỏ nên dễ dàng tìm hai chữ số tận cùng aq và av Bài toán : Tìm hai chữ số tận cùng các số : a) a2003 b) 799 Lời giải : a) Do 22003 là số chẵn, theo trường hợp 1, ta tìm số tự nhiên n nhỏ cho 2n - ∶ 25 Ta có 210 = 1024 => 210 + = 1025 ∶ 25 => 220 - = (210 + 1)(210 - 1) ∶ 25 => 23(220 - 1) ∶ 100 Mặt khác : 22003 = 23(22000 - 1) + 23 = 23((220)100 - 1) + 23 = 100k + (k Є N) Vậy hai chữ số tận cùng 22003 là 08 b) Do 799 là số lẻ, theo trường hợp 2, ta tìm số tự nhiên n bé cho 7n - ∶ 100 Ta có 74 = 2401 => 74 - ∶ 100 Mặt khác : 99 - ∶ => 99 = 4k + (k Є N) Vậy 799 = 74k + = 7(74k - 1) + = 100q + (q Є N) tận cùng hai chữ số 07 Bài toán : Tìm số dư phép chia 3517 cho 25 Lời giải : Trước hết ta tìm hai chữ số tận cùng 3517 Do số này lẻ nên theo trường hợp 2, ta phải tìm số tự nhiên n nhỏ cho 3n - ∶ 100 Ta có 310 = 95 = 59049 => 310 + ∶ 50 => 320 - = (310 + 1) (310 - 1) ∶ 100 Mặt khác : 516 - ∶ => 5(516 - 1) ∶ 20 => 517 = 5(516 - 1) + = 20k + =>3517 = 320k + = 35(320k - 1) + 35 = 35(320k - 1) + 243, có hai chữ số tận cùng là 43 Vậy số dư phép chia 3517 cho 25 là 18 Trong trường hợp số đã cho chia hết cho thì ta có thể tìm theo cách gián tiếp Trước tiên, ta tìm số dư phép chia số đó cho 25, từ đó suy các khả hai chữ số tận cùng Cuối cùng, dựa vào giả thiết chia hết cho để chọn giá trị đúng Các thí dụ trên cho thấy rằng, a = a = thì n = 20 ; a = thì n = Một câu hỏi đặt là : Nếu a bất kì thì n nhỏ là bao nhiêu ? Ta có tính chất sau đây (bạn đọc tự chứng minh) Tính chất : Nếu a Є N và (a, 5) = thì a20 - ∶ 25 Bài toán : Tìm hai chữ số tận cùng các tổng : a) S1 = 12002 + 22002 + 32002 + + 20042002 b) S2 = 12003 + 22003 + 32003 + + 20042003 Lời giải : a) Dễ thấy, a chẵn thì a2 chia hết cho ; a lẻ thì a100 - chia hết cho ; a chia hết cho thì a2 chia hết cho 25 Mặt khác, từ tính chất ta suy với a Є N và (a, 5) = ta có a100 - ∶ 25 Vậy với a Є N ta có a2(a100 - 1) ∶ 100 Do đó S1 = 12002 + 22(22000 - 1) + + 20042(20042000 - 1) + 22 + 32 + + 20042 Vì hai chữ số tận cùng tổng S1 chính là hai chữ số tận cùng tổng 12 + 22 + 32 + + 20042 áp dụng công thức : 12 + 22 + 32 + + n2 = n(n + 1)(2n + 1)/6 =>12 + 22 + + 20042 = 2005 x 4009 x 334 = 2684707030, tận cùng là 30 Vậy hai chữ số tận cùng tổng S1 là 30 b) Hoàn toàn tương tự câu a, S2 = 12003 + 23(22000 - 1) + + 20043(20042000 - 1) + 23 + 33 + 20043 Vì thế, hai chữ số tận cùng tổng S2 chính là hai chữ số tận cùng 13 + 23 + 33 + + 20043 áp dụng công thức : => 13 + 23 + + 20043 = (2005 x 1002)2 = 4036121180100, tận cùng là 00 Vậy hai chữ số tận cùng tổng S2 là 00 Trở lại bài toán (TTT2 số 15), ta thấy có thể sử dụng việc tìm chữ số tận cùng để nhận biết số không phải là số chính phương Ta có thể nhận biết điều đó thông qua việc tìm hai chữ số tận cùng Ta có tính chất sau đây (bạn đọc tự chứng minh) Tính chất : Số tự nhiên A không phải là số chính phương : + A có chữ số tận cùng là 2, 3, 7, ; + A có chữ số tận cùng là mà chữ số hàng chục là chữ số chẵn ; + A có chữ số hàng đơn vị khác mà chữ số hàng chục là lẻ ; + A có chữ số hàng đơn vị là mà chữ số hàng chục khác ; + A có hai chữ số tận cùng là lẻ Bài toán 10 : Cho n Є N và n - không chia hết cho Chứng minh 7n + không thể là số chính phương Lời giải : Do n - không chia hết cho nên n = 4k + r (r Є {0, 2, 3}) Ta có 74 - = 2400 ∶ 100 Ta viết 7n + = 74k + r + = 7r(74k - 1) + 7r + Vậy hai chữ số tận cùng 7n + chính là hai chữ số tận cùng 7r + (r = 0, 2, 3) nên có thể là 03, 51, 45 Theo tính chất thì rõ ràng 7n + không thể là số chính phương n không chia hết cho * Tìm ba chữ số tận cùng Nhận xét : Tương tự trường hợp tìm hai chữ số tận cùng, việc tìm ba chữ số tận cùng số tự nhiên x chính là việc tìm số dư phép chia x cho 1000 Nếu x = 1000k + y, đó k ; y Є N thì ba chữ số tận cùng x chính là ba chữ số tận cùng y (y ≤ x) Do 1000 = x 125 mà (8, 125) = nên ta đề xuất phương pháp tìm ba chữ số tận cùng số tự nhiên x = am sau : Trường hợp : Nếu a chẵn thì x = am chia hết cho 2m Gọi n là số tự nhiên cho an - chia hết cho 125 Viết m = pn + q (p ; q Є N), đó q là số nhỏ để aq chia hết cho ta có : x = am = aq(apn - 1) + aq Vì an - chia hết cho 125 => apn - chia hết cho 125 Mặt khác, (8, 125) = nên aq(apn - 1) chia hết cho 1000 Vậy ba chữ số tận cùng am chính là ba chữ số tận cùng aq Tiếp theo, ta tìm ba chữ số tận cùng aq Trường hợp : Nếu a lẻ , gọi n là số tự nhiên cho an - chia hết cho 1000 Viết m = un + v (u ; v Є N, ≤ v < n) ta có : x = am = av(aun - 1) + av Vì an - chia hết cho 1000 => aun - chia hết cho 1000 Vậy ba chữ số tận cùng am chính là ba chữ số tận cùng av Tiếp theo, ta tìm ba chữ số tận cùng av Tính chất sau suy từ tính chất Tính chất : Nếu a Є N và (a, 5) = thì a100 - chia hết cho 125 Chứng minh : Do a20 - chia hết cho 25 nên a20, a40, a60, a80 chia cho 25 có cùng số dư là => a20 + a40 + a60 + a80 + chia hết cho Vậy a100 - = (a20 - 1)( a80 + a60 + a40 + a20 + 1) chia hết cho 125 Bài toán 11 : Tìm ba chữ số tận cùng 123101 Lời giải : Theo tính chất 6, (123, 5) = => 123100 - chia hết cho 125 (1) Mặt khác : 123100 - = (12325 - 1)(12325 + 1)(12350 + 1) => 123100 - chia hết cho (2) Vì (8, 125) = 1, từ (1) và (2) suy : 123100 - chi hết cho 1000 => 123101 = 123(123100 - 1) + 123 = 1000k + 123 (k ∩ N) Vậy 123101 có ba chữ số tận cùng là 123 Bài toán 12 : Tìm ba chữ số tận cùng 3399 98 Lời giải : Theo tính chất 6, (9, 5) = => 9100 - chi hết cho 125 (1) Tương tự bài 11, ta có 9100 - chia hết cho (2) Vì (8, 125) = 1, từ (1) và (2) suy : 9100 - chia hết cho 1000 => 3399 98 = 9199 = 9100p + 99 = 999(9100p - 1) + 999 = 1000q + 999 (p, q Є N) Vậy ba chữ số tận cùng 3399 98 chính là ba chữ số tận cùng 999 Lại vì 9100 - chia hết cho 1000 => ba chữ số tận cùng 9100 là 001 mà 999 = 9100 : => ba chữ số tận cùng 999 là 889 (dễ kiểm tra chữ số tận cùng 999 là 9, sau đó dựa vào phép nhân để xác định ) Vậy ba chữ số tận cùng 3399 98 là 889 Nếu số đã cho chia hết cho thì ta có thể tìm ba chữ số tận cùng cách gián các bước : Tìm dư phép chia số đó cho 125, từ đó suy các khả ba chữ số tận cùng, cuối cùng kiểm tra điều kiện chia hết cho để chọn giá trị đúng Bài toán 13 : Tìm ba chữ số tận cùng 2004200 Lời giải : (2004, 5) = (tính chất 6) => 2004100 chia cho 125 dư => 2004200 = (2004100)2 chia cho 125 dư => 2004200 có thể tận cùng là 126, 251, 376, 501, 626, 751, 876 Do 2004200 chia hết cho nên có thể tận cùng là 376 Từ phương pháp tìm hai và ba chữ số tận cùng đã trình bày, chúng ta có thể mở rộng để tìm nhiều ba chữ số tận cùng số tự nhiên Sau đây là số bài tập vận dụng : Bài : Chứng minh 1n + 2n + 3n + 4n chia hết cho và n không chia hết cho Bài : Chứng minh 920002003, 720002003 có chữ số tận cùng giống Bài : Tìm hai chữ số tận cùng : a) 3999 b) 111213 Bài : Tìm hai chữ số tận cùng : S = 23 + 223 + + 240023 Bài : Tìm ba chữ số tận cùng : S = 12004 + 22004 + + 20032004 Bài : Cho (a, 10) = Chứng minh ba chữ số tận cùng a101 ba chữ số tận cùng a Bài : Cho A là số chẵn không chia hết cho 10 Hãy tìm ba chữ số tận cùng A200 Bài : Tìm ba chữ số tận cùng số : 199319941995 2000 Bài : Tìm sáu chữ số tận cùng 521 Bµi : MỘT DẠNG TOÁN VỀ ƯCLN VÀ BCNN Trong chương trình số học lớp 6, sau học các khái niệm ước chung lớn (ƯCLN) và bội chung nhỏ (BCNN), các bạn gặp dạng toán tìm hai số nguyên dương biết số yếu tố đó có các kiện ƯCLN và BCNN Phương pháp chung để giải : 1/ Dựa vào định nghĩa ƯCLN để biểu diễn hai số phải tìm, liên hệ với các yếu tố đã cho để tìm hai số 2/ Trong số trường hợp, có thể sử dụng mối quan hệ đặc biệt ƯCLN, BCNN và tích hai số nguyên dương a, b, đó là : ab = (a, b).[a, b], đó (a, b) là ƯCLN và [a, b] là BCNN a và b Việc chứng minh hệ thức này không khó : Theo định nghĩa ƯCLN, gọi d = (a, b) => a = md ; b = nd với m, n thuộc Z+ ; (m, n) = (*) Từ (*) => ab = mnd2 ; [a, b] = mnd => (a, b).[a, b] = d.(mnd) = mnd2 = ab => ab = (a, b).[a, b] (**) Chúng ta hãy xét số ví dụ minh họa Bài toán : Tìm hai số nguyên dương a, b biết [a, b] = 240 và (a, b) = 16 Lời giải : Do vai trò a, b là nhau, không tính tổng quát, giả sử a ≤ b Từ (*), (a, b) = 16 nên a = 16m ; b = 16n (m ≤ n a ≤ b) với m, n thuộc Z+ ; (m, n) = Theo định nghĩa BCNN : [a, b] = mnd = mn.16 = 240 => mn = 15 => m = , n = 15 m = 3, n = => a = 16, b = 240 a = 48, b = 80 Chú ý : Ta có thể áp dụng công thức (**) để giải bài toán này : ab = (a, b).[a, b] => mn.162 = 240.16 suyy mn = 15 Bài toán : Tìm hai số nguyên dương a, b biết ab = 216 và (a, b) = Lời giải : Lập luận bài 1, giả sử a ≤ b Do (a, b) = => a = 6m ; b = 6n với m, n thuộc Z+ ; (m, n) = ; m ≤ n Vì : ab = 6m.6n = 36mn => ab = 216 tương đương mn = tương đương m = 1, n = m = 2, n = tương đương với a = 6, b = 36 hoặcc là a = 12, b = 18 Bài toán : Tìm hai số nguyên dương a, b biết ab = 180, [a, b] = 60 Lời giải : Từ (**) => (a, b) = ab/[a, b] = 180/60 = Tìm (a, b) = 3, bài toán đưa dạng bài toán Kết : a = 3, b = 60 a = 12, b = 15 Chú ý : Ta có thể tính (a, b) cách trực tiếp từ định nghĩa ƯCLN, BCNN : Theo (*) ta có ab = mnd2 = 180 ; [a, b] = mnd = 60 => d = (a, b) = Bài toán : Tìm hai số nguyên dương a, b biết a/b = 2,6 và (a, b) = Lời giải : Theo (*), (a, b) = => a = 5m ; b = 5n với m, n thuộc Z+ ; (m, n) = Vì : a/b = m/n = 2,6 => m/n = 13/5 tương đương với m = 13 và n = hay a = 65 và b = 25 Chú ý : phân số tương ứng với 2,6 phải chọn là phân số tối giản (m, n) = Bài toán : Tìm a, b biết a/b = 4/5 và [a, b] = 140 Lời giải : Đặt (a, b) = d Vì , a/b = 4/5 , mặt khác (4, 5) = nên a = 4d, b = 5d Lưu ý [a, b] = 4.5.d = 20d = 140 => d = => a = 28 ; b = 35 Bài toán : Tìm hai số nguyên dương a, b biết a + b = 128 và (a, b) = 16 Lời giải : Lập luận bài 1, giả sử a ≤ b Ta có : a = 16m ; b = 16n với m, n thuộc Z+ ; (m, n) = ; m ≤ n Vì : a + b = 128 tương đương 16(m + n) = 128 tương đương m + n = Tương đương với m = 1, n = m = 3, n = hay a = 16, b = 112 a = 48, b = 80 Bài toán : Tìm a, b biết a + b = 42 và [a, b] = 72 Lời giải : Gọi d = (a, b) => a = md ; b = nd với m, n thuộc Z+ ; (m, n) = Không tính tổng quát, giả sử a ≤ b => m ≤ n Do đó : a + b = d(m + n) = 42 (1) [a, b] = mnd = 72 (2) => d là ước chung 42 và 72 => d thuộc {1 ; ; ; 6} Lần lượt thay các giá trị d vào (1) và (2) để tính m, n ta thấy có trường hợp d = => m + n = và mn = 12 => m = và n = (thỏa mãn các điều kiện m, n) Vậy d = và a = 3.6 = 18 , b = 4.6 = 24 Bài toán : Tìm a, b biết a - b = 7, [a, b] = 140 Lời giải : Gọi d = (a, b) => a = md ; b = nd với m, n thuộc Z+ ; (m, n) = Do đó : a - b = d(m - n) = (1’) [a, b] = mnd = 140 (2’) => d là ước chung và 140 => d thuộc {1 ; 7} Thay các giá trị d vào (1’) và (2’) để tính m, n ta kết : d = => m - n = và mn = 20 => m = 5, n = Vậy d = và a = 5.7 = 35 ; b = 4.7 = 28 Bài tập tự giải : 1/ Tìm hai số a, b biết 7a = 11b và (a, b) = 45 2/ Tìm hai số biết tổng chúng 448, ƯCLN chúng 16 và chúng có các chữ số hàng đơn vị giống 3/ Cho hai số tự nhiên a và b Tìm tất các số tự nhiên c cho ba số, tích hai số luôn chia hết cho số còn lại Bµi : NGUYÊN LÍ ĐI - RÍCH - LÊ Nguyên lí Đi-rích-lê phát biểu sau : “Nếu có m vật đặt vào n cái ngăn kéo và m > n thì có ít ngăn kéo chứa ít hai vật” Nguyên lí Đi-rích-lê giúp ta chứng minh tồn “ngăn kéo” chứa ít hai vật mà không đó là “ngăn kéo” nào Các bạn hãy làm quen việc vận dụng nguyên lí qua các bài toán sau đây Bài toán : Chứng minh 11 số tự nhiên bất kì tồn ít số có hiệu chia hết cho 10 Lời giải : Với 11 số tự nhiên chia cho 10 ta 11 số dư, mà số tự nhiên bất kì chia cho 10 có 10 khả dư là ; ; ; ; ; Vì có 11 số dư mà có 10 khả dư, theo nguyên lí Đi-rích-lê, tồn ít số chia cho 10 có cùng số dư đó hiệu chúng chia hết cho 10 (đpcm) Bài toán : Chứng minh tồn số có dạng 19941994 199400 chia hết cho 1995 Lời giải : Xét 1995 số có dạng : 1994 ; 19941994 ; ; Nếu các số trên chia hết cho 1995 thì dễ dàng có đpcm Nếu các số trên không chia hết cho 1995 thì chia số cho 1995 có 1994 khả dư là ; ; ; ; 1994 Vì có 1995 số dư mà có 1994 khả dư, theo nguyên lí Đi-rích-lê tồn ít số chia cho 1995 có cùng số dư, hiệu chúng chia hết cho 1995 Giả sử hai số đó là : Khi đó : = 1994 199400 chia hết cho 1995 (đpcm) Bài toán : Chứng minh tồn số tự nhiên k cho (1999^k - 1) chia hết cho104 Lời giải : Xét 104 + số có dạng : 19991 ; 19992 ; ; 1999104 + Lập luận tương tự bài toán ta : (1999m - 1999n) chia hết cho 104 (m > n) hay 1999n (1999m-n - 1) chia hết cho 104 Vì 1999n và 104 nguyên tố cùng nhau, đó (1999m-n - 1) chia hết cho 104 Đặt m - n = k => 1999^k - chia hết cho 104 (đpcm) Bài toán : Chứng minh tồn số viết hai chữ số chia hết cho 2003 Lời giải : Xét 2004 số có dạng ; 11 ; 111 ; ; Lập luận tương tự bài toán ta : hay 11 100 chia hết cho 2003 (đpcm) Một số bài toán tự giải : Bài toán : Chứng minh số nguyên tố p ta có thể tìm số viết hai chữ số chia hết cho p Bài toán : Chứng minh số tự nhiên không chia hết cho và thì tồn bội nó có dạng : 111 Bài toán : Chứng minh tồn số có dạng 1997k (k thuộc N) có tận cùng là 0001 Bài toán : Chứng minh các số nguyên m và n nguyên tố cùng thì tìm số tự nhiên k cho mk - chia hết cho n Các bạn hãy đón đọc số sau : Nguyên lí Đi-rích-lê với bài toán hình học thú vị Bµi : NGUYÊN LÍ ĐI-RÍCH-LÊ & NHỮNG BÀI TOÁN HÌNH HỌC THÚ VỊ Nguyên lí có thể mở rộng sau : Nếu có m vật đặt vào n cái ngăn kéo và m > k.n thì có ít ngăn kéo chứa ít k + vật Với mở rộng này, ta còn có thể giải thêm nhiều bài toán khác Sau đây xin giới thiệu để bạn đọc làm quen việc vận dụng nguyên lí Đi-rích-lê với số bài toán hình học Bài toán : Trong tam giác có cạnh (đơn vị độ dài, hiểu đến cuối bài viết) lấy 17 điểm Chứng minh 17 điểm đó có ít hai điểm mà khoảng cách chúng không vượt quá Lời giải : Chia tam giác có cạnh thành 16 tam giác có cạnh (hình 1) Vì 17 > 16, theo nguyên lí Đi-rích-lê, tồn ít tam giác cạnh có chứa ít điểm số 17 điểm đã cho Khoảng cách hai điểm đó luôn không vượt quá (đpcm) Bài toán : Trong hình vuông cạnh 7, lấy 51 điểm Chứng minh có điểm 51 điểm đã cho nằm hình tròn có bán kính Lời giải : Chia hình vuông cạnh thành 25 hình vuông nhau, cạnh hình vuông nhỏ 5/7 (hình 2) Vì 51 điểm đã cho thuộc 25 hình vuông nhỏ, mà 51 > 2.25 nên theo nguyên lí Đi-rích-lê, có ít hình vuông nhỏ chứa ít điểm (3 = + 1) số 51 điểm đã cho Hình vuông cạnh có bán kính đường tròn ngoại tiếp là : Vậy bài toán chứng minh Hình tròn này chính là hình tròn bán kính 1, chứa hình vuông ta đã trên Bài toán : Trong mặt phẳng cho 2003 điểm cho điểm bất kì có ít điểm cách khoảng không vượt quá Chứng minh : tồn hình tròn bán kính chứa ít 1002 điểm Lời giải : Lấy điểm A bất kì 2003 điểm đã cho, vẽ đường tròn C1 tâm A bán kính + Nếu tất các điểm nằm hình tròn C1 thì hiển nhiên có đpcm + Nếu tồn điểm B mà khoảng cách A và B lớn thì ta vẽ đường tròn C2 tâm B bán kính Khi đó, xét điểm C bất kì số 2001 điểm còn lại Xét điểm A, B, C, vì AB > nên theo giả thiết ta có AC ≤ BC ≤ Nói cách khác, điểm C phải thuộc C1 C2 => 2001 điểm khác B và A phải nằm C1 C2 Theo nguyên lí Đi-rích-lê ta có hình tròn chứa ít 1001 điểm Tính thêm tâm hình tròn này thì hình tròn này chính là hình tròn bán kính chứa ít 1002 điểm 2003 điểm đã cho Bài toán : Cho hình bình hành ABCD, kẻ 17 đường thẳng cho đường thẳng chia ABCD thành hai hình thang có tỉ số diện tích 1/3 Chứng minh rằng, 17 đường thẳng đó có đường thẳng đồng quy Lời giải : Gọi M, Q, N, P là các trung điểm AB, BC, CD, DA (hình 3) Vì ABCD là hình bình hành => MN // AD // BC ; PQ // AB // CD Gọi d là 17 đường thẳng đã cho Nếu d cắt AB E ; CD F ; PQ L thì LP, LQ là đường trung bình các hình thang AEFD, EBCF Ta có : S(AEFD) / S(EBCF) = 1/3 S(EBCF) / S(EBFC) = 1/3 => LP / LQ = 1/3 là LQ / LP = 1/3 Trên PQ lấy hai điểm L1, L2 thỏa mãn điều kiện L1P / L1Q = L2Q / L2P = 1/3 đó L trùng với L1 L trùng với L2 Nghĩa là d cắt AB và CD thì d phải qua L1 L2 Tương tự, trên MN lấy hai điểm K1, K2 thỏa mãn điều kiện K1M / K1N = K2N / K2M = 1/3 đó d cắt AD và BC thì d phải qua K1 K2 Tóm lại, đường thẳng số 17 đường thẳng đã cho phải qua điểm L1 ; L2 ; K1 ; K2 Vì 17 > 4.4 nên theo nguyên lí Đi-rích-lê, 17 đường thẳng đó có ít đường thẳng (5 = + 1) cùng qua điểm L1 ; L2 ; K1 ; K2 (5 đường thẳng đồng quy, đpcm) Sau đây là số bài tập tương tự Bài : Trong hình chữ nhật có kích thước x 5, lấy điểm bất kì Chứng minh có hai điểm cách khoảng không vượt quá Bài : Trong mặt phẳng tọa độ, cho ngũ giác lồi có tất các đỉnh là các điểm nguyên (có hoành độ và tung độ là số nguyên) Chứng minh trên cạnh bên ngũ giác còn ít điểm nguyên khác Bài : Tờ giấy hình vuông có cạnh bé là bao nhiêu để có thể cắt hình tròn có bán kính Bài : Trên tờ giấy kẻ ô vuông, chọn 101 ô bất kì Chứng minh 101 ô đó có ít 26 ô không có điểm chung Hết -