Nếu 2 khí đều là anken hay ankin thì hệ phương trình vô nghiệm, vậy 1 khí là anken a mol, 1 khí là ankin b mol.[r]
(1)HƯỚNG DẪN GIẢI ĐỀ CƯƠNG KÌ – HÓA 11 CB – AN NHƠN II II PHẦN TỰ LUẬN: 1/ (Xem bài 4) 2/ a Vì X tác dụng với H2 thu hidrocacbon nên anken và ankin có cùng số nguyên tử cacbon Ni, t0 PTHH: CnH2n + H2 CnH2n+2 x mol x mol x mol Ni, t0 CnH2n-2 + 2H2 CnH2n+2 y mol 2y mol y mol t0 3n CnH2n + O2 nCO2 + nH2O x/2 nx/2 t0 n −1 CnH2n-2 + O2 nCO2 + (n – 1)H2O y/2 ny/2 b Gọi x, y là số mol CnH2n và CnH2n-2 có 22,4 lít hh X - Số mol 22,4 lít hh X: nhh = 22,4 : 22,4 = mol - Số mol CO2: nCO ❑2 = 8,96 : 22,4 = 0,4 mol - Số mol CnH2n+2 : nC ❑n H ❑2n +2 = 8,96 : 22,4 = 0,4 mol Ta có: x+y = 0,4 nx + ny = 0,8 => n = Vậy CTPT anken: C2H4 và ankim: C2H2 - Số mol H2 có 22,4 lít hh X: – 0,4 = 0,6 mol Ta có: x+y = 0,4 x = 0,2 x + 2y = 0,6 y = 0,2 Vậy số mol chất hh X: nC ❑n H ❑2n = nC ❑n 3/ PT: CnH2n+2-2a + aBr2 → CnH2n+2-2aBr2a 0,6/n mol 0,6a/n H2 + Br2 → 2HBr 0,4 – 0,6a/n 0,4 – 0,6a/n CnH2n+2-2a + 0,6/n mol 2H2 + O2 Ta có: (14n + -2a) t0 0,6 n ❑2n − = 0,2 mol; nH ❑2 = 0,6 mol nCO2 + (n+1-a)H2O 0,6 mol 2H2O + (0,4 - 0,6 a ) = 8,6 n n+2 => n = 2; a = => CTPT Y: C2H4 PTHH: C2H4 + Br2 → C2H4Br2 0,3 mol 0,3 mol H2 + Br2 → 2HBr 0,1 mol 0,1 mol t0 C2H4 + O2 2CO2 + 2H2O 0,3 mol 0,6 mol 0,3 100 % = 75% Vậy thành phần % thể tích Y hh X: %C2H4 = t0 0,3+ 0,1 CaCO3 CaO + CO2 => a = 4/ t0 n+1 − a O2 H (2) CaO + t0 3C CaC2 + CO CaC2 + C2H2 + 2H2O → C2H2 + Ca(OH)2 Ni, t0 H2 C2H4 C2H4 C2H2 + C2Ag2 + Br2 2AgNO3 + 2HCl 2C2H2 xt,p, t0 CH2=CH-C≡CH 5/ a PTHH: → + C2Ag2 CuCl2, NH4Cl, t0 + 2NH4NO3 C2H2 + 2AgCl CH2= CH-C≡CH + 2AgNO3 C2H6 + + + t0 H2 C2H2 + 0,1 mol C2H4 0,1 mol C2H2 0,1 mol 0,2 mol b – Số mol C2Ag2: nC ❑2 - Số mol CaCO3: nCaCO ❑3 C2H4Br2 2NH3 → + Br2 → 0,1 mol 2Br2 → 0,2 mol O2 CH2=CH-CH=CH2 2NH3 → C2Ag2 0,1 mol + 2NH4NO3 C2H4Br2 C2H2Br4 2CO2 + 3H2O 0,4 mol ❑ = 24 : 240 = 0,1 mol Ag = 40 : 100 = 0,4 mol Vậy % số mol các chất hh X: %C2H2 = %C2H4 = 0,1 100 % = 25%; %C2H6 = 100% - 50% = 0,1+ 0,1+ 0,2 50% 6/ - Số mol hh X: nX = 4,48 : 22,4 = 0,2 mol - Số mol Brom: nBr ❑2 = 1,4 x 0,5 = 0,7 mol => nBr ❑2 (pư) = 0,35 mol * TH 1: Có khí không phản ứng thì nó là ankan khí phản ứng với Br2 là anken thì nó có số mol 0,35 > 0,2 Vậy khí phản ứng phải là ankin có số mol là 0,175 mol => số mol ankan = 0,025 mol Ta có: 0,175(14m - 2) = 6,7g => m = 2,877 (loại) * TH2: Cả khí phản ứng Nếu khí là anken hay ankin thì hệ phương trình vô nghiệm, khí là anken a mol, khí là ankin b mol a + b = 0.2 a + 2b = 0.35 => a = 0.05; b = 0.15 Ta có: 0,05.14n + 0,15( 14m - 2) = 6,7 => n + 3m = 10 với đk n,m >=2 3m < 10 => m < 3.3 Vậy m = 2; n = 4: C4H8 và C2H2 m = 3; n = (loại) 7/ - Số mol AgCl: nAgCl = 14,35 : 143,5 = 0,1 mol Ta có : Cl- + Ag+ → AgCl 0,1 mol 0,1 mol => mCl = 0,1 35,5 = 3,55g Mặt khác: mC = 0,2 12 = 2,4g => mH = 6,45 – (3,55+2,4) = 0,5g Gọi CTTQ là CxHyOZ Ta có x:y:z = 2:5:1 => CTPT: C2H5Cl (vì X có nguyên tử Cl) Tên: Êtyl Clorua 8/ - Dùng dd Br2 để thử, chất nào làm màu dd Br2 là C6H5-CH=CH2; chất tạo kết tủa trắng là C6H5OH C6H5-CH=CH2 + Br2 → C6H5-CHBr-CH2Br (3) C6H5OH + 3Br2 → C6H2Br3-OH + 3HBr - Dùng Na để thử, chất nào phản ứng có chất khí thoát là C2H5OH, Chất không phản ứng là C6H6 2C2H5OH + 2Na → 2C2H5ONa + H2 9/ a PTHH: C6H5OH + 3Br2 → C6H2Br3-OH + 3HBr 0,1 mol 0,1 mol 2C2H6O2 + Cu(OH)2 → (C2H5O2)2Cu + 2H2O 0,1 mol 0,05 mol 2C6H5OH + 2Na → 2C6H5ONa + H2 0,1 mol 0,05 mol 2C2H5OH + 2Na → 2C2H5ONa + H2 0,05 mol 0,05 mol C2H2(OH)2 + 2Na → C2H2(ONa)2 + H2 0,1 mol 0,05 mol b – Số mol C6H2Br3-OH = 33,1 : 331 = 0,1 mol - Số mol chất hh X 0,1 mol I TRẮC NGHIỆM: 1-B; 2-C; 3-B; 4-A; - A; 6-C; 7-D8-A; 9-A; 10-A; 11-A; 12-D; 13-B; 14-A; 15-D; 16-C; 17-D; 18 -A ; 19-A; 20-; 21-A; 22-; 23-B; 24-; 25-; 26-; 27-; 28- ; 29-; 30-; 31- 32- (4)