Sử dụng phương pháp tập giá trị tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ nhất của biểu thức hai biến

1.MỞ ĐẦU 1.1 Lý chọn đề tài Trong giảng dạy mơn Tốn, ngồi việc giúp học sinh nắm kiến thức việc hỗ trợ học sinh tiếp cận dạng tập mức độ khó nhiệm vụ quan trọng giáo viên Việc làm giúp học sinh có tư tốt phát triển khả Như biết toán “ bất đẳng thức ” hay “ Tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức ” dạng tập khó nhất, mà học sinh nghĩ đến gần “ đầu hàng ”, học sinh giỏi Bởi học sinh thật phương hướng gặp tập dạng Thiết nghĩ em có hướng giải mẫu mực cho dạng tốn cụ thể em tự tin gặp Để giải tốn “Tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức” có nhiều phương pháp: sử dụng phương pháp bất dẳng thức, phương pháp véc tơ, phương pháp hàm số, phương pháp hình học, phương pháp lượng giác, phương pháp tập giá trị, sử dụng nhiều phương pháp toán… Có nhiều phương pháp tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức có từ biến trở lên Với mong muốn có thêm cho học sinh kiến thức để giải tốn tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức, đề tài xin trao đổi số tốn “Sử dụng phương pháp tập giá trị tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức hai biến”, hai biến bị ràng buộc điều kiện cho trước Đối tượng học sinh tiếp cận đề tài ít, học sinh có lực học cứng học sinh giỏi Đây đề tài với nội dung khó, hy vọng sau tiếp nhận đề tài học sinh có cách nhìn khác loại tập Các em có kỹ xử lý tốn, có hướng cụ thể, có phương pháp để xử lý Ta biết tốn giúp em học sinh lớp 12 chinh phục điểm 9, điểm 10 đề thi THPTQG Trong đề thi học sinh giỏi tỉnh Thanh Hóa năm vừa qua, câu bất đẳng thức hay giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức câu hóc búa Tuy nhiên học sinh nắm phương pháp giải bổ ích giúp em phát triển tư toán học, sáng tạo định hướng cho học sinh biết cách khái qt hóa dạng tốn khác 1.2 Mục đích nghiên cứu Nhằm giúp học sinh có thêm kỹ niềm tin để giải toán bất đẳng thức giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức Hy vọng em tiếp cận tốt đến dạng toán kỳ thi HSG tỉnh THPT Quốc gia 1.3 Đối tượng nghiên cứu Học sinh lớp 12A4 lớp 12A2 ôn thi HSG tỉnh Thanh Hóa ôn thi THPT Quốc gia 1.4 Phương pháp nghiên cứu - Nghiên cứu lý luận - Nghiên cứu tài liệu - Nghiên cứu đề thi HSG, THPT Quốc gia 1.5 Những điểm sáng kiến Để khắc phục khó khăn mà học sinh thường gặp phải, xin đưa số giải pháp sau: - Đưa hệ thống kiến thức liên quan - Các phương pháp bổ trợ để giải toán phát sinh sử dụng “phương pháp tập giá trị” - Lựa chọn số tập minh họa Trong tốn có gợi ý để em có hướng suy nghĩ, có lời giải chi tiết để học sinh tham khảo - Hệ thống tốn minh họa xếp theo trình tự hợp lý kiến thức, tư giúp học sinh nắm bắt dễ dàng hứng thú - Có tập áp dụng để học sinh luyện tập thêm Trong phần tập áp dụng có đáp án trắc nghiệm để học sinh kiểm tra lại kết - Thực nghiệm sư phạm 2 NỘI DUNG 2.1 Cơ sở khoa học 2.1.1 Nội dung chuyên đề giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức hai biến chương trình tốn THPT Bài tốn tìm “Tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức hai biến” chương trình lớp 10, giải hai công cụ điều kiện có nghiệm phương trình bậc hai phương pháp hình học (cụ thể phương trình đường thẳng phương trình đường trịn) Trong chương trình lớp 11 sử dụng kiến thức phần lượng giác để lượng giác hóa số tốn đăc biệt Đối với lớp 12 cơng cụ mở rộng tính đơn điệu hàm số Ta dùng để tìm mối quan hệ hai ẩn, tồn nghiệm Sự kết hợp kiến thức khối lớp giúp em có kỹ tốt để giải toán dạng Việc nhận dạng toán để xác định phương pháp giải việc làm đứng trước tốn khó Tuy nhiên ta cần xử lý tốt toán phát sinh Đó linh hoạt người làm tốn, để có điều ta cần có đầy đủ kiến thức liên quan dạng toán mà ta giải 2.1.2 Một số phần kiến thức liên quan - Điều kiện có nghiệm phương trình bậc hai hệ thức Viet - Nắm phương trình đường trịn, phương trình đường thẳng Vẽ đồng thời loại đường hệ trục để quan sát rõ miền nghiệm hệ chứa đường - Những toán đại số đặc biệt lượng giác hóa nó, việc giải dễ dàng nhờ biến đổi lượng giác Chẳng hạn có 2 2 dấu hiệu x  y  , ta liên tưởng đến hệ thức cos x  sin x  - Tính đơn điệu hàm số: f(x) đơn điệu miền D f  u   f  v � u  v Kết luận giúp ta tìm mối quan hệ x y Nói chung ứng dụng hàm rộng, nội dung đề tài áp dụng góc nhỏ tính chất 2.2 Thực trạng vấn đề trước áp dụng sáng kiến Khi học sinh gặp tốn tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức hai biến số, em gặp phải số khó khăn sau: - Khơng có hướng đi, cảm giác tốn khó khơng dám đụng đến khơng khó đến mức Ví dụ câu 45 đề thi THPT Quốc gia mơn tốn năm 2020, hay câu 47 đề thi khảo sát toán tỉnh Thanh Hóa năm 2021 - Khó xử lý toán phát sinh sử dụng phương pháp cụ thể - Không nắm vững dấu hiệu toán tổng quát để sử dụng phương pháp phù hợp 2.3 Giải pháp cụ thể Bài toán tổng quát: Cho số thực x, y thỏa mãn điều kiện: G  x, y   (hoặc G ( x, y ) �0 , G ( x, y ) �0 ) Tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ (nếu có) biểu thức P  F ( x, y ) Phương pháp giải chung: Gọi T tập giá trị P Khi m giá trị T hệ sau có nghiệm: G ( x, y)  � � �F ( x, y )  m G ( x, y ) �0 � � ( �F ( x, y)  m G ( x, y ) �0 � � �F ( x, y )  m ) Sau tìm giá trị tham số m để hệ có nghiệm Cụ thể: Phương pháp 1: Điều kiện có nghiệm phương trình bậc hai Qua biến đổi ta đưa tốn tìm điều kiện tham số để hệ có nghiệm quy tìm điều kiện tham số để phương trình bậc hai có nghiệm 2 Phương trình: Ax  Bx  C   A �0  có nghiệm   B  4AC �0 Phương pháp 2: Sử dụng tính đơn điệu hàm số Xét hàm số y  f  x  đơn điệu tập K Khi ta có: +) f  u   f  v  � u  v +) f  x   m : - Nếu m �T (T tập giá trị f(x) tập K) phương trình f  x   m có nghiệm - Nếu m �T phương trình f  x   m vô nghiệm Phương pháp 3: Sử dụng hình học Vẽ đường có phương trình bất phương trình liên quan đến hệ Thơng thường vẽ đường thẳng đường trịn Khi quan sát tương giao đường hình vẽ, kết hợp yêu cầu đề ta tìm điều kiện cụ thể Từ suy tập giá trị T P, suy GTLN, GTNN (nếu có) P MỘT SỐ BÀI TỐN MINH HỌA Bài toán 1: Cho hai số thực x,y thỏa mãn điều kiện: x ( x  1)  y ( y  1)  xy 3 3 GTLN, GTNN biểu thức F  x  y  xy là: A max F  8, F  B max F  6, F  C max F  6, F  D max F  8, F  Gợi ý: Nhận thấy vai trò x, y có vai trị nên ta biến đổi để xuất dạng tổng tích x, y Sau sử dụng điều kiện có nghiệm phương trình bậc hai Giải Gọi T miền giá trị F Ta có m �T hệ phương trình sau có nghiệm: 3 3 � � x ( x  1)  y ( y  1)  xy �3 � x  y  xy  m (I) � �S  x  y � P  xy Đặt: � ta có x, y � S , P : S �4 P Khi hệ (I) trở thành: �S  S  3P  �S  2S  3m � � � �S  P  m �p  m  S 4(S2  S ) S2 � �۳� 4P S � �  Ta có: S 4S 0 S Hệ phương trình (I) có nghiệm f ( S )  S  S  3m có nghiệm S � 0; 4 f ( S )  S  2S đồng biến  0; 4 nên phương trình f ( S )  3m có S�   �� 0; 4 f (0) 3m f (4) 3m 24 m Vì hàm số nghiệm Do T   0;8 Vậy F  0, max F  Chọn A 2 Bài toán 2: Cho số thực x,y thỏa mãn: 9x  16x  6x  y �3(1  8xy) GTNN biểu thức P  x( x  1)  y ( y  1) bằng: 49 A 100 50 B 100  51 C 100  52 D 100   � 1� � 1� P  x ( x  1)  y ( y  1) � �x  � �y  � P  � 2� � 2� Gợi ý: Ta có: (phương trình đường trịn), nên nghĩ đến việc biến đổi biểu thức cho dạng phương trình đường để ta sử dụng tương giao Giải Gọi T tập giá trị P, ta có m �T hệ sau có nghiệm: �  3x  y   2(3x  y) �1 � � 9x  16 y  6x  y �3(1  3xy ) �� � � � � 1� x   y  �x( x  1)  y(y  1)  m � � � � � m  � 2� � 2� � 2 � 3 �3x  y �1 1 � 2 �� (I) � 1� � 1� x   y   m    � � � � � � 2� � 2� � Dễ thấy: m Với m � hệ vơ nghiệm , xét mặt tọa độ Oxy ta có tập nghiệm (1) miền mặt  d1  : 3x  y   phẳng (H) nằm hai đường thẳng song song  d  : 3x  y   có chứa biên đường thẳng  d1   d2  , tập hợp �1 1� I�  ; � R  m C  nghiệm (2) đường tròn có tâm � 2 �, bán kính Như hệ (I) có nghiệm  H   C  có điểm chung, xảy khi: d  I ; d1  � ۳R � 10 m m 49 m 100 (thỏa mãn 2) � 49 � 49 T �  ; �� P   100 � � Vậy 100 Chọn A Do Bài  2 tốn 2cos x  2cos y  3: Cho số thực x,y thỏa mãn:  cos x cos y 1 4cos x  cos y �4  1 GTLN, GTNN biểu thức: K  cos 2x  cos y là: K   , max K  A K   , max K  B C K  1, max K  D K  1, max K  Gợi ý: Quan sát  1 ta thấy bất phương trình mũ bậc hai, số nên đưa dạng bất phương trình ẩn cos x, cos y Từ biểu thức K, áp dụng công thức nhân đơi để đưa phương trình ẩn cos x, cos y Giải Gọi T tập giá trị K, ta có m �T hệ sau có nghiệm:   � 2cos x  2cos y 3  cos x cos y 1 4cos x  cos y �4 �  I � � cos 2x  cos y  m � Ta có:    � �2cos x  cos y  2  2cos x  cos y  �0 � �cos x  cos y � �2cos x cos y �2 � � � � �� ��  I � � m  2 m  m2 cos x  cos y  � � � cos x  cos y  cos x  cos y  � 2 � �  � �u  v �  1 � �  II  �u �1, v �1  � v  cos y � m2 � u  v2  �  3 Đặt �u  cos x ta có hệ: � Hệ (I) có nghiệm � hệ (II) có nghiệm Dễ thấy m �2 hệ (II) vơ nghiệm Với m  2 : Xét mặt phẳng Ouv tập nghiệm (1), (2) hình thang ABCD (gồm điểm nằm hình thang điểm nằm cạnh hình thang) Tập hợp nghiệm (3) đường trịn tâm O(0;0), bán kính R m2 Như hệ (II) có nghiệm đường trịn hình thang có điểm chung, xảy d  O; CD  � ���� R � OB  � 2 m2 m (thỏa mãn) � 1� T � 1; � K  1; max K  � � Vậy Chọn D Do 10 Bài toán 4: 2 Cho số thực thay đổi x �0, y �0 thỏa mãn:  x  y  xy  x  y  xy GTLN biểu thức: A max L  13 L 1  x y bằng: B max L  16 C max L  17 D max L  18 Gợi ý: Nhận thấy vai trò x, y đưa dạng đối xứng tổng tích x, y Giải Gọi T tập giá trị L Ta có m �T hệ sau có nghiệm x �0, y �0 �  x  y  xy  x  y  xy  x  y  xy  x  y  xy �  x  y  xy  x  y  xy � � � � � � � � x  y  x  y  xy � �xy  x  y  �1 m m �x  y  m � � 3 �  xy  � �  xy    �  x  y  xy   x  y   3xy � � ��  I �x  y � � � � m � � xy � �SP  S  3P  1 �  II  � �S  x  y �S � ( S �4 P) � � � � m   Đặt: �P  xy , ta có hệ phương trình: ��P � Hệ (I) có nghiệm x �0, y �0 � hệ (II) có nghiệm (S;P) thỏa mãn S �4 P � � S SP  x  y  xy  �x  y � y  x �0, y �0 �  � � P Do với với x �0, y �0 Từ đó: +) Nếu m �0 hệ (I) vơ nghiệm 11 S �S � � � m �  m � S  m P P +) Nếu m  từ phương trình �P � thay vào (1) ta được:  m  m  P  ( SP  nên P �0 ), điều kiện m �۹m : m 1 m  , 3 ,S  m ( m  1) m 1 P Vì S �4 P nên 12 � � �  � � �-�۳-� m ( m  1) � m 1 � m   m m m 16  m 1 Do T   0;16 \  1 Vậy max L  16 Chọn B Bài toán 5: Cho hai số thực x,y thỏa mãn: x  x   y   y GTLN, GTNN biểu thức: K  x  y là: A C max K   15; K   21 max K   15; K   21 B D max K   15; K   21 max K   15; K   21 Gợi ý: Từ x  x   y   y , nhận thấy biến đổi để xuất đối xứng x  y  Giải �x �1  1 � y �  � Điều kiện: Gọi T tập giá trị K Ta có m �T hệ sau có nghiệm: � � 3( x   y  2)  m �x  x   y   y � ��  I � �x  y  m �x  y  m 12 m � u  v  � � 3 u  v   m � � � � u, v � �2 � u  x   u �0  � � �m u  v  m  � � � uv  �  m  � v  y   v �0  � �9 � � � � Đặt Hệ (I) trở thành hai t2  nghiệm phương trình: � m �m t  �  m  � � 18t  mt  m  9m  27    �9 � Hệ (I) có nghiệm x, y thỏa mãn (1) (2) có hai nghiệm không âm Điều kiện là: �'  t  9 m  18m  54 �0 � � � m ��   �St  � � m  9m  27 �0 �Pt  18 �    21 m 15 �  21 �  21 T � ;9  15 � max K   15; K  � � Vậy Do Chọn C 2 Bài toán 5: Cho hai số x, y thay đổi thỏa mãn x  xy  y �3 2 Biểu thức B  x  xy  y có tập giá trị là: A T � 4  3;  3� � � B T � 4  2;  � � � C T � 4 3; � � � D T � 4  1;  1� � � Gợi ý: Từ biểu thức: x  xy  y �3 P  x  xy  y ta nghĩ đến việc đưa toán dạng hệ đẳng cấp bậc hai hai ẩn x, y 2 2 Giải 2 2 Đặt A  x  xy  y ; B  x  xy  y Gọi T tập giá trị B, m �T hệ sau có nghiệm: 13 �x  xy  y �3 �  I �2 �x  xy  y  m 2 +) Nếu y  A  x �3 , đó: 4   �m  x �3   (đpcm) 2 � y � 3y A  �x  � 0 � 2� +) Nếu y �0 đặt x  ty , nên: m x  xy  y t  t  a   �  a  1 t   a  1 t  a    * A x  xy  y t  t 1 Hệ (I) có nghiệm phương trình (*) có nghiệm � 4(a 1)(a 3)  a 1 �� 4  3 a 3 4  m  � � A Măt khác  A �3 nên 4  �m �4  Do Vậy tập giá trị B T � 4  3;  3� � � Chọn A 2 Bài toán 6: Cho hai số thực x, y thỏa mãn: x  y  Đặt Khẳng định sau đúng: P x  6xy  2xy  y A GTLN P B Không tồn GTLN P C GTNN P -3 D Không tồn GTNN P Gợi ý: 2 2 Từ x  y  , ta liên tưởng đến hệ thức lượng giác bản: cos t  sin t  Vì ta đặt ẩn phụ, đưa tốn dạng lượng giác Giải Gọi T tập giá trị P, m �T hệ sau có nghiệm: �x  y  �  I � x  6xy m �  2xy  y � 14 �x  sin t � �y  cos t Đặt Hệ (I) trở thành: � sin t  cos t  � �  2m   sin 2t   2m  1 cos 2t   4m  * �6 sin 2t  cos 2t   m � �2sin 2t  cos 2t  Hệ (I)  2m  1 có nghiệm phương trình (*) có nghiệm: 2   2m  1 �  4m  � 2m2  3m   � 3 �m � Vậy P  3 Chọn C Bài toán 7: Xét số thực x, y thỏa mãn: log ( x  1)  log ( y  1)  Khi biểu thức P  2x  y đạt GTNN là: a  b ( a, b �� ) Tính M  ab A M  20 B M  C M  10 D M  12 Gợi ý: Ta có: log ( x  1)  log ( y  1)  , đưa phương trình đại số x,y Kết hợp với biểu thức K đưa đối xứng tổng, tích biểu thức x  1, y  Giải: Điều kiện: x, y  : log ( x  1)  log ( y  1)  �  x  1  y  1  �  x  1  y  1  12 Ta có: P  2x  y   x  1   y  1  � u  x  1 u   � � v  y  1 v   Đặt � Gọi T tập giá trị P, m �T hệ sau có nghiệm: uv  12 � � u  v �۳ m � � u, v  � �m  m   � � � m �5  � ��  m  5 �4.8 �� � m �5  �� m Do P   Do a  5, b  � ab  20 Chọn A 2 Bài toán 8: Cho số thực x, y thỏa mãn: x  xy  y  15 2 GTNN, GTLN biểu thức G  x  xy  y là: A.-1  7; 1  B 1  7; 1  C 3 7;3 D  7;1  Gợi ý: 2 2 Từ x  xy  y  G  x  xy  y , ta nghĩ đến hệ đẳng cấp bậc hai hai ẩn x,y Giải Gọi T tập giá trị G Ta có m �T hệ sau có nghiệm: 2 � �x  xy  y  �2 �x  xy  y  m  I  Nếu y  hệ (I) trở thành: �x  � �x  � �� �2 m3 � �x  m Nếu y �0 ta đặt x  ty ta có hệ: �2 � �y t  t   �y  t  t  � � �y  � �� �� t  t 1  II  �2 t  t  y t  t   m � � � �  m  3 t   m  3 t  m   m � � � t2  t 1       Hệ (I) có nghiệm hệ (II) có nghiệm y �0 � phương trình:  m  3 t   m  3 t  m   (*) có nghiệm +) Vớ x2  y   x  y   +) Với i m  phương trình (*) có nghiệm m �3 phương trình t (*) có nghiệm �  t  3m  6m  81 �0 � 1  �m �1  Kết hợp điều kiện ta được: T � 1  7; 1  � � � Vậy G  1  7; max G  1  Chọn B Bài toán 9: (Đề thi khảo sát tỉnh Thanh Hóa năm 2021) 16 Cho hai số thực dương x,y thỏa mãn GTLN biểu thức P  ln y  2021 log x2  y x2 100 y   x  1   x thuộc khoảng sau đây? B  500;600  A (800;900)  y C  700;800  D  600;700  Gợi ý: log  x2  y x2 100 y Ta biến đổi phương pháp hàm  y  x  1  P Sử dụng quan hệ tìm vào  ln y  2021 x phương trình đại số  Áp dụng phương pháp tập giá trị để tìm GTLN P Giải �x   1 � y  � Điều kiện: log x2  y x2 100 y  Suy hàm   x    �  x    x   log x   y  y  log y   f  t   t  t  log t � f '  t   2t   Xét hàm f  y  f (t )  0, t  t ln10 đồng biến khoảng  0; � Từ   ta có x   f  y � x   y � x  y2  17 �x  � Bài toán trở cho �y  thỏa mãn x  y  Tìm GTLN biểu thức  ln y  P 2021  x Gọi T tập giá trị P, m �P hệ sau có nghiệm: � � �x  2, y  ln x � � m  2021  x   �x  y  x � �ln y  � 2021 x  m �  Xét  m x  x0 � ln x m'  x   � 2021x  x ln x  � � 2021 x    2021 xe x � , ta có Bảng biến thiên m  x  2021 m� e Do phương trình có nghiệm Hay max P  2021 �743, 48 � 700;800  e Chọn C 18 Bình luận: Ưu điểm phương pháp quy tốn tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức tốn tìm tham số để hệ có nghiệm, không cần rõ giá trị biến số để biểu thức đạt giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ Các bạn mở rộng phương pháp cho biểu thức nhiều hai biến số Cuối vận dụng phương pháp giải số tập sau: BÀI TẬP ÁP DỤNG Bài tập 1: (Đề thi THPTQG năm 2020) x  y 1 �3 Giá trị nhỏ Xét số thực không âm x, y thỏa mãn 2x  y.4 2 biểu thức p  x  y  2x  y bằng: 33 A B 21 C 41 D 2 Bài tập 2: Cho hai số thực x, y thay đổi thỏa mãn 36x  16 x  Giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức P  2x  y  là: A C minP  15 25 , max P  4 minP  B 15 23 , max P  4 D Bài tập 3: cho hai số thực x, y thỏa mãn biểu thức  A3 x  y x y 4 2   2 x y minP  minP  15 25 , max P  2 13 23 , max P  4  x  y   bằng:  4xy �2 Giá trị nhỏ 19 A A  16 B A  16 C A  17 D 17 A  Bài tập 4: Cho x, y số thực thỏa mãn:  x  3   y  1  2 y  4xy  7x  y  P x  y 1 Tìm GTNN biểu thức: 114 B 11 A C D 82 9a  a  3b  Bài tập 5: Cho hai số thực dương a, b thỏa mãn : b  Giá trị lớn biểu thức -3 S  6a  b là: 11 A 17 B 89 C 12 82 D 2 Bài tập 6: Cho x, y số thực thỏa mãn: x  y  xy  x  y  1, x  y �1 Gọi M,m GTLN, GTNN biểu thức 26 A B  P 13 xy x  y  Tính S  M  5m C D -3 Đáp án tập vận dụng D A B D A D 20 2.4 Hiệu việc triển khai SKKN Với nội dung khó nên khơng phổ biến với đối tượng học sinh rộng rãi, thực học sinh ôn thi HSG học sinh phấn đấu điểm 9, điểm 10 kỳ thi THPT Quốc gia tiếp cận vấn đề Vì giảng dạy hai lớp 12A2 12A4, chọn hai nhóm đầu, lớp 10 học sinh có trình độ ngang để kiểm tra Kết thực nghiệm khả quan Để đánh giá xác khả học sinh tơi u cầu em trình bày hình thức tự luận thời gian 30 phút, cụ thể đề sau: 2 Bài 1: Cho số thực x, y thỏa mãn 4x  3xy  y �6 Tìm giá trị lớn nhất, giá 2 trị nhỏ biểu thức F  x  xy  y Bài 2: Cho x, y số thực thỏa mãn lớn giá trị k   log 3x  y x  y �1 Khi 3x  y đạt giá trị x y bao nhiêu? 21 Bài 3: Cho hai số thực dương x, y thỏa mãn nhỏ P  x  y  ln x  ln y �ln x  y  Tìm giá trị Số liệu thống kê kết thể qua bảng sau đây: Bảng: Kết kiểm tra cụ thể sau: Điểm Lớp Số 10 lượng TN (12A4) 0 1 1 2 10 ĐC (12A2) 0 2 0 10 Lớp thực nghiệm (TN) có 90% điểm từ trung bình trở lên, có 70% giỏi, đặc biệt có hai em đạt điểm tuyệt đối Lớp đối chứng (ĐC) có 60% đạt điểm từ trung bình trở lên, có 40% đạt giỏi khơng có em đạt điểm tuyệt đối Kết kiểm tra cho thấy, kết lớp thực nghiệm cao lớp đối chứng, giỏi Như chứng tỏ phương pháp đưa hiệu Học sinh tiếp thu biết cách vận dụng vào giải toán Hy vọng tài liệu bổ ích cho học sinh ôn thi HSG ôn thi THPT Quốc gia Nội dung đề tài tiếp tục áp dụng cho khóa học sau, mong đạt kết tốt kết thực nghiệm KẾT QUẢ 3.1 Kết nghiên cứu Dạng tốn tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức dạng tập khó Ngay ta xác định phương pháp giải việc giải cần nhiều kỹ kiến thức Vì nghiên cứu đề tài này, tơi cố gắng tìm tốn hợp lý để giải học sinh rút cho kỹ xử lý tình phát sinh Hy vọng cách để học sinh tư cho việc học tốn nói chung Qua kiểm tra thưc nghiệm ta nhận thấy kết khả quan Học sinh tiếp thu phương pháp có hứng thú với dạng tập Đó thành cơng bước đầu đề tài 3.2 Kiến nghị, đề xuất 22 Nội dung lựa chọn cho đề tài nội dung khó, nhiên có cách giải rõ ràng Vì tơi hy vọng đóng góp bổ ích cho học sinh lớp 12 ơn thi Theo tôi, giáo viên giảng dạy dạng tập nên đưa phương pháp cụ thể, chi tiết giúp học sinh hiểu kỹ dễ áp dụng vào q trình giải tốn Trong q trình biên soạn chắn cịn nhiều thiếu sót, mong Thầy em học sinh đóng góp ý kiến để đề tài tơi hồn thiện áp dụng rộng rãi Tơi xin chân thành cảm ơn! XÁC NHẬN CỦA THỦ TRƯỞNG Thanh hóa, ngày 15 tháng 05 năm 2021 ĐƠN VỊ Tơi xin cam đoan SKKN viết, khơng chép nội dung người khác Lê Thị Liên TÀI LIỆU THAM KHẢO Sách giáo khoa 10, 11, 12 bản, nâng cao, NXB Giáo dục Một số đề thi HSG tỉnh đề thi THPT Quốc gia Đề thi khảo sát THPT Quốc gia tỉnh Thanh Hóa Báo tốn học tuổi trẻ Các toán max, vận dụng cao hướng tới kì thi THPT quốc gia 2021 23 DANH MỤC CÁC ĐỀ TÀI SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM Đà ĐƯỢC HỘI ĐỒNG ĐÁNH GIÁ XẾP LOẠI CẤP SỞ GD&ĐT XẾP LOẠI TỪ C TRỞ LÊN Họ tên tác giả: Lê Thị Liên Chức vụ đơn vị công tác: Giáo viên trường THPT Thọ Xuân TT Tên đề tài SKKN Cấp đánh giá xếp loại Kết đánh giá xếp loại Năm học đánh giá xếp loại 24 Giải tập hình học nhiều phương pháp Sở C 2010 - 2011 Sở C 2012 - 2013 Sở C 2013 - 2014 Sở C 2014 - 2015 Sử dụng phương pháp tọa độ mặt phẳng vào giải tốn hình học Sử dụng phương pháp hàm số tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ diện tích, thể tích chương trình hình học khơng gian lớp 12 Sử dụng định lý Talet mặt phẳng tính khoảng cách khơng gian 25 ... dung chuyên đề giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức hai biến chương trình tốn THPT Bài tốn tìm ? ?Tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức hai biến? ?? chương trình lớp 10, giải hai công cụ điều... tốn tìm tham số để hệ có nghiệm, khơng cần rõ giá trị biến số để biểu thức đạt giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ Các bạn mở rộng phương pháp cho biểu thức nhiều hai biến số Cuối vận dụng phương pháp. .. (hoặc G ( x, y ) �0 , G ( x, y ) �0 ) Tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ (nếu có) biểu thức P  F ( x, y ) Phương pháp giải chung: Gọi T tập giá trị P Khi m giá trị T hệ sau có nghiệm: G ( x, y) 