Trong hình hoïc ta thöôøng gaëp nhöõng baøi toaùn phaûi duøng dieän tích cuûa caùc hình môùi giaûi quyeát ñöôïc. Nhöõng baøi toaùn maø söû duïng dieän tích thöôøng laø nhöõng baøi toaùn[r]
(1)PHƯƠNG PHÁP DIỆN TÍCH TRONG HÌNH HỌC
Trong hình học ta thường gặp tốn phải dùng diện tích hình giải Những tốn mà sử dụng diện tích thường tốn tương đối khó , phức tạp Trong giải tốn có nhiều sử dụng phưpưng pháp thơng thường để giải gặp nhiều khó khăn , song sử dụng diện tích hình để giải đơn giản nhiều Đối với khả học sinh cấp , cấp việc sử dụng diện tích hình để giải tốn có lợi ích rõ rệt học sinh giỏi Bởi sử dụng phương pháp diện tích hình dễ suy luận sáng tạo
Phương pháp suy luận để giải toán diện tích hình tn theo số quy tắc định , viết tóm tắt số quy tắc hay sử dụng Và dựa theo quy tắc tơi áp dụng vào để giải tốn để bạn tham khảo
I ) MỘT SỐ KIẾN THƯC CƠ BẢN
Ta biết cơng thức tính diện tích hình tam giác biết độ dài cạnh đáy a đường cao tương ứng h diện tích tam giác tính theo công thức : S = 1/2 ah
Căn vào công thức xin nêu số tính chất sau
1- Hai tam giác có diện tích :
Nếu chung cạnh đáy đường cao tương ứng với cạnh Nếu chung đường cao cạnh tương ứng với dường cao 2 - Hai tam giác có : Chung đường cao ( chung cạnh đáy ) cạnh ứng với đường cao (Đường cao ứng với cạnh ) diện tích hai tam giác đó
3 - Hai tam giác có diện tích chung cạnh ( Hai đỉnh đối diện với cạnh nằm nửa mặt phẳng ) hai đỉnh cách đường thẳng chứa cạnh hay dường thẳng chứa qua hai đỉnh song song với đường thảng chứa cạnh chung
4 - Hai tam giác có tỉ số diện tích k
Nếu chung cạnh tỉ số hai đường cao ứng với cạnh k
Nếu chung đường cao tỉ số hai cạnh ứng với đường cao bằng k
Từ điều kiện suy diện tích hai tam giác k 5- Hai tam giác có tỉ số cạnh tương ứng k tỉ số diện tích hai tam giác k2
(2)c
a b A
B C
D E
Giả sử hai tam giác ABC ADE có AB = k AD , AC = k AE
BC = k DE
Ta có S(ABC) = k S(ADC) ( Chung đường cao hạ từ C )
và S(ADC) = k S(ADE) ( chung đường cao hạ từ D) Từ suy S(ABC) = k2 S(ADE)
hay tỉ số diện tích hai tam giác ABC ADE k2
Chú ý : Trong phần diện tích tam giác ABC kí hiệu S(ABC) hoặc diện tích tứ giác ABCD ký hiệu S(ABCD)
II ) PHẦN BÀI TẬP VẬN DỤNG
A) Loại tập tính tốn diện tích hình
B
D A
Q M
C N
P
Baøi :
Cho tứ giác ABCD , tia đối tia AB lấy diểm M cho AM = AB , Trên tia đối tia BC lấy điểm N cho BN = CB ; trên tia đối tia CD lấy điểm P cho CP = CD ; tia đối tia DA lấy điểm Q sao cho DQ = AD Tính diện tích tứ giác MNPQ , biết S(ABCD) = 1
Lời giải
Trong AQM có MQ đường trung tuyến nên dt(AMQ) = 2dt(AMD) chung đường cao hạ từ M AQ = 2.AD
mà AM = AB nên dt(AMD) = dt(ABD) chung đường cao hạ từ D Cho nên dt(AMQ) = 2.dt(ABD)
Chứngminh tương tự : dt(CPN) = 2.dt(BCD)
cho neân dt(MAQ) + dt(CPN) = 2( dt(ABD) + dt(BCD) ) = dt(ABCD) Vaø dt(NBM) + dt(PQD) = dt(ABCD)
(3)B
D A
Q M
C N
P
Baøi 2
Cho tứ giác ABCD điểm O nằm tứ giác Gọi M , N , P , Q diểm đối xứng O qua trung điểm cạnh tứ giác Hãy tính diện tích tứ giác MNPQ Biết diện tích tứ giác ABCD 12 cm2
Lời giải
Gọi E , F , G , H trung điểm AB , BC , CD AD Nối điểm E , F , G H ta dễ chứng minh tứ giác E FGH hình bình hành
Nối BD ta có dt(CGF) = 1/4 dt(BCD) có tỉ số cạnh 1/2 dt(AEH) = 1/4 dt(ABD) có tỉ số cạnh 1/2 Cho nên dt(FGC) + dt(AEH) = 1/4dt(ABCD)
Lý luận tương tự dt(FEB) + dt(DHG) = 1/4 dt(ABCD)
neân suy dt(FCG) +dt(AEH) + dt(FEB) + dt(DHG) = 1/2 dt(ABCD) Do vaäy suy dt(E FGH) = 1/2dt(ABCD) (1)
Maø dt(OMN) = 4.dt(OE F) có tỉ số cạnh
Tương tự dt(OMQ) = 4.dt(OEH) ; dt(OPQ) = 4.dt(OHG) ; dt(ONP) = 4.dt(O FG) dt(MNPQ) = 4.dt(E FGH) (2)
Từ (1) (2) suy dt(MNPQ) = 2.dt(ABCD) ; mà dt( ABCD) = 12 cm2
Cho neân dt(MNPQ) = 24 cm2
C A K
M L
B D
Baøi 3
Cho tam giác KML , KL lấy điểm A cho LA = 3.AK ; ML lấy điểm B cho BL = 4.MB BK MA cắt C Hãy tính diện tích tam giác KML , biết diện tích tam giác KLC = 2
Lời giải
Trên ML lấy điểm D cho MB = BD = 1/5 ML
Ta có dt(KBL) = dt(KBD) chung đường cao hạ từ K BL = 4,BD dt(KBL) = 4.dt(KAB) chung đường cao hạ từ B KL = 4.KA
(4)ta có dt(KMB) = dt(KBD) có chung đường cao hạ từ K MB = BD dt(MBC) = dt(BCD) chung đường cao hạ từ C MB = BD Cho nên dt(KMC) = dt(KCD) (1)
mà hai tam giác KCD KAC có chung cạnh đáy KC đường cao hạ từ A , D xuống KC nên dt(KCD) = dt(KAC) (2)
Từ (1) (2) suy dt(KMC) = dt(KAC) , mà hai tam giác chung đường cao hạ từ K
cho nên MC = AC Do dt(MLC) = dt(ALC)
maø dt(KML) = dt(MKC) + dt(MCL) + dt(KLC) = 2.dt(KLC) =
O N A
B C
M
Baøi 4
Cho tam giác ABC cạnh AB lấy M sao cho AM = 1/3 AB , AC lấy N cho AN = 1/3 AC Nối CM N cắt O Biết diện tích tam giác ABC = 24 cm2 Hãy tính diện tích tứ giác OMAN
Lời giải
Cách 1 : dt(OBM) = 2.dt(AMO) chung đường cao hạ từ O BM = 2.AM dt(ONC) = 2.dt(ANO) chung đường cao hạ từ O NC = 2.AN
mà dt(MBC) = dt(NBC) 2/3dt(ABC) ; hai tam giác có chung dt(OBC) Do vâïy suy dt(BOM) = dt(NOC) dt(AOM) = dt(AON)
Từ suy : dt(ABN) = 4.dt(AON) hay dt(ABN) = 2.dt(AMON) Mà dt(ABN) = 1/3dt(ABC)
Cho neân dt(AMON) = 1/6dt(ABC) = 1/6 24 = ( cm2)
Cách 2:
Ta có dt(MBC) = 2/3dt(ABC) chung đường cao hạ từ C MB = 2/3 AB dt(BNC) = 2/3dt(ABC) chung đường cao hạ từ B NC = 2/3 AC
neân dt(NBC) = dt(MBC) , mà hai tam giác có chung dt(OBC) dt(OBM) = dt(OCN)
mà dt(OBM) = 2/3dt(AOB) ; dt(OCN) = 2/3dt(AOC) dt(AOB) = dt(AOC) (1)
mà dt(AMO) = 1/3dt(AOB)(2) chung đường cao hạ từ O AM = 1/3 AB
Từ (1) (2) suy dt(AOM) = 1/3 dt(AOC) dt(AOM) = 1/4dt(AMC) = 1/12 dt(ABC)
Lý luận tương tự dt(AON) = 1/12dt(ABC)
(5)J I
N M A
B C
E
Baøi 5
Cho tam giác ABC , gọi I trung điểm BC , nối AM Trên AM lây diểm N cho MN = 1/3 AN Nối BN cắt AC E Tính diện tích tam giác NEC
Biết diện tích tam giác ABC 1
Lời giải
Kẻ AI CJ vng góc với đường thẳng BE
Ta coù dt(ABM) = dt(AMC) vaø dt(BMN) = dt(MNC)
mà AN = 3.MN dt(ABN) = 3.dt(BNM)(1) Vì hai tam giác có chung đường cao hạ từ B
dt(BNC) = dt(BMN) (2)
Từ (1) (2) dt(ABN) = 3/2 dt(BNC) , mà hai tam giác chung cạnh đáy BN đường cao hạ từ A 3/2 đường cao hạ từ C hay AI = 3/2 CJ
Maø dt(ANE) = 1/2NE.AI ; dt(NEC) = 1/2 NE.CJ AI = 3/2 CJ dt(ANE) = 3/2 dt(NEC)
Vì dt(NEC) = 2/5dt(ANC)(3)
Mà MN = 1/3AN AN = 3/4 AM dt(ANC) = 3/4dt(AMC) chung đường cao hạ từ C
mà dt(AMC) = 1/2dt(ABC) Vì dt(ANC) = 3/8dt(ABC)(4)
Từ (3) (4) suy dt(NEC) = 3/20dt(ABC) = 3/20
H
M A
B C
D I
Baøi 6
Cho tứ giác ABCD , vẽ hình bình hành DBCM
Tính diện tích tam giác ACM Biết diện tích tứ giác ABCD 20cm2
Lời giải
Từ A kẻ đường caoAH tam giác ACM cắt BD I ; kẻ đường cao CN hình bình hành DBCM ( N BD )
(6)maø dt(ABCD) = dt(ABD) + dt(BDC) vaø dt(ABD) = 1/2BD.AI , dt(BDC) = 1/2BD.CN
cho neân dt(ABCD) = 1/2BD(AI + CN) = 1/2.BD.AH (1)
Maø dt(ACM) = 1/2.CM.AH vaø CM = BD (2)
Từ (1) (2) ta suy dt(ACM) = dt(ABCD) = 20 cm2
II )
Loại vận dụng định lý hình học để chứng minh diện tích hình
Ở phần giải tập có liên quan đến việc chứng minh diện tích hình mà sử dụng số định lý hình học việc giải tậïp trở lên đơn giản tiện lợi Mục đích phần thơng qua số tính chất hình định lý hình học để tìm mối quan hệ cạnh đường cao tương ứng hình mà ta cần xét
E
B
F G
K T
N M B
C
D A
Bài : Cho tứ giác ABCD ,gọi M N trung điểm BC AD K T giao điểm MD NC ; MA NB
Chứng minh : Diện tích tứ giác MTNK bằng tổng diện tích hai tam giác ABT CDK
Lời giải : Từ B , C , M kẻ cac đường vng góc BE , CF , MG xuống AD tứ giác BE FC hình thang
Mà BM = MC MG//BE MG đường trung bình , BE + CF = 2MG
Mặt khác S(MAD) = 1/2 AD.MG ; S(ABN) = 1/2 AN.BE ; S(NCD) = 1/2 ND.CF vaäy suy S(MAD) = S(ABN) + S(NCD) mà tam giác có phần chung S(ANT) S(NDK)
Do suy S(MTNK) = S(ABT) + S(CDK)
O
H
B C
A
D E
F
Baøi :
Từ đỉnh B C tam giác cân ABC ( AB = AC) ta nối với trung điểm O đường cao AH Các đường cắt AC , AB D , E Hãy tính diện tích tứ giác AEOD Biết diện tích tam giác ABC = 12 cm2
(7)Vì tam giác ABC tam giác cân nên AH đường cao vừa đường trung tuyến , nên BH = HC
Từ H kẻ đường thẳng song song với BD cắt AC F Trong BCD có HF//BD BH = HC FC = FD Trong AH F có OD//HF OA = OH AD = DF
do suy AD = 1/3 AC , dt(AOD) = 1/3 dt(AOC) (1) chung đường cao
hạ từ O
dễ chứng minh dt(AOC) = 1/4dt(ABC) (2)
Từ (1) (2) dt(AOD) = 1/12 dt(ABC) Lý luận tương tự dt(AOE) = 1/12 dt(ABC)
Maø dt(ADOE) = dt(AOD) + dt(AOE) = 1/6dt(ABC) = 1/6 12 = cm2
Chú ý : Bài vận dụng cách giải của phần đơn giản
N
F C
A
B M
D P
E
Baøi
Trong tam giác ABC có diện tích 1 Dựng đoạn AD cắt trung tuyến CF M sao cho CF = 4FM
Tìm diện tích tam giác ABD
Lời giải
Gọi N trung điểm CF , từ F N kẻ đường thẳng song song với AD cắt BC P E
Trong ABD có FE // AD FA = FC E trung điểm BD (1) Trong FCE có FN = NC NP // FE P trung điểm CE (2) Trong hình thang FNPE có FM = 1/4 FC FN = 1/2 FC FM = 1/2FN
hay M trung điểm FN , mà MD // FE D trung điểm PE
(3)
Từ (1),(2) (3) suy PD = DE = EB = 1/2 PC BD = 2/5 BC
(8)O M N
G
F
E H
A
B
C D
Baøi 4
Cho tứ giác ABCD Gọi M , N trung điểm hai đường chéo AC BD Từ M kẻ đường thẳng song song với BD , từ N kẻ đường thẳng song song với AC Hai đường này cắt O Chứng minh đoạn thẳng nối điểm O với trung điểm cạnh chia tứ giác thành bốn phần có diện tích
Lời giải
Gọi E , F , G , H trung điểm canh BC , CD , DA AB Nối ME , MF ta có CFE có cạnh tương ứng 1/2 cạnh tam giác BDC dt(CFE) = 1/4dt(BCD)
Chứng minh tương tự dt(MFE) = 1/4dt(ABD)
mà MO // BD EF // BD OM // FE dt(OE F) = dt(MFE) có chung cạnh FE đương cao hạ từ O M xuống FE
Maø dt(OE CF) = dt(OE F) + dt(CFE) = 1/4[dt(ABD) + dt(BDC)] = 1/4 dt(ABCD)
Chứng minh tương tự : dt(O FDG ) = dt(OHAG) = dt(OEBH) = dt(OE FC) = 1/4dt(ABCD)
Từ suy điều phải chứng minh
Q P
O1 O2 O3
E D
A
B C
M
Baøi 5
Cho điểm M nằm tam giác ABC Gọi O1 , O2 ; O3 trọng tâm tam giác MBC , MBC MAB Chứng minh dt(O1O2O3) = 1/9dt(ABC)
Lời giải
Gọi P , Q trung điểm AO3 , AO2 PQ đường trung bình tam
giác AO2O3
(9)Mà O2 ,O3 trọng tâm tam giác MAC , MAB QO2 = O2E ; PO3 =
O3D
Mặt khác dt(DEO3) = dt(DEO2) bắng 2/3 dt(ADE) ; DE cạnh chung cho
neân O2O3 //DE
Do suy PQ // DE O2O3 đường trung bình hình thang PQED
2.O2O3 = PQ + DE (2)
Từ (1) (2) O2O3 = 2/3 DE ;
mà DE đường trung bình tam giác MBC nên DE = 1/2 BC Do O2O3 = 1/3.BC
Chứng minh tương tự : O2O1 = 1/3.AB ; O1O3 = 1/3.AC
Vaäy dt(O1O2O3 ) = 1/9 dt(ABC)
Q
P
N
M A
B
D
C
Baøi 6
Qua giao điểm hai đường chéo hình vng kẻ hai đường thẳng vng góc với Chứng minh hai đường thẳng chia hình vng thành phần có diện tích
Lời giải
Dễ chứng minh tam giác : OBQ = ODP = OAM = OCN ( g.c.g) OAQ = OCP = ODM = OBN (g.c.g)
Maø dt(OBQN ) = dt(OQB) + dt(OBN) ; dt(ONCP) = dt(OCN)+dt(OCP) dt(OPDM) = dt(OPD) + dt(ODM) ; dt(OMAQ) = dt(OMA) + dt(OAQ)
Cho nên dt(OBQN) = dt(ONCP) = dt(OPDM) = dt(OMAQ) C) Loại tốn có nội dung cực trị liên quan diện tích hình
A
B
C D
E
F
Baøi 1
Cho ABC , cạnh AB , BC , CA theo thứ tự ta lấy điểm D , E , F cho AD = k.AB
(10)Lời giải
Ta có dt(ABE) = k.dt(ABC)(1) BE = k.BC chung đường cao hạ từ
A
mà AD = k.AB BD = (1 - k).AB dt(BDE) = (1 - k).dt(ABE) (2) Từ (1) (2) suy dt(BDE) = k(1-k).dt(ABC)
Tương tự : dt(CFE) = k(1-k).dt(ABC) ; dt(AD F) = k(1-k).dt(ABC) mà dt( DE F) = dt(ABC) - [ dt(BDE) + dt(FEC) + dt(FAD) ]
= - 3k(1 - k) = 3k2- 3k + 1
Hay dt(DE F) = 3k2 - 3k + = 3(k2 - k + 1/3 ) = 3[ (k2 - k + 1/4 ) + 1/12 ]
= 3[(k - 1/2 )2 + 1/12 ] = 3(k - 1/2 )2 + 1/4
1/4 với k Vậy giá trị nhỏ dt( DE F) 1/4 k = 1/2
d
I E
B C
M A
Baøi 2
Chứng minh tam giác có chung một cạnh chu vi tam giác cân có diện tích lớn
Lời giải
Để chứng minh diện tích tam giác cân ABC có diện tích lớn ta cần chứng minh tam giác có chung cạnh BC chu vi với tam giác cân ABC cần chứng minh tam giác cân có đường cao lớn
(11)Thật lấy điểm M A nằm d nửa mặt phẳng bờ d không chứa BC Gọi E điểm đối xứng B qua d , đễ chứng minh điểm E , A , C thẳûng hàng AB + AC = CE
maø MB > ME cho neân MB + MC > ME + MC Trong MEC coù ME + MC > CE
cho neân AB + AC < MB + MC chu vi ABC < chu vi MBC
Do tam giác có chu vi với tam giác ABC chung cạnh BC có đỉnh đối diện nằm hai đường thẳng d BC Do suy điều phải chứng minh
F E
D A
B C
M
Bài 3
Cho hình vng ABCD , điểm M chuyển động đường chéo AC Từ M kẻ ME vng góc với AB , kẻ MF vng góc với BC Xác định vị trí M để diện tích tam giác DE F có giá trị nhỏ Biết hình vng có cạnh 1
Lời giải
Dễ chứng minh ME // AD ; MF // CD
Cho nên dt(AEM) = dt(EMD) chung cạnh EM có đường cao hạ từ A D
dt(FMD) = dt(FMC) chung cạnh FM đường cao hạ từ D C
Maø dt(DE F) = dt(MED) + dt(FMD) + dt(ME F) (1)
dt(AE FC) = dt(AEM) + dt(CFM) + dt(FME) (2)
dt(AE FC) = dt(ABCD) - dt(BE F) (3)
Từ (1) (2) (3) dt(DE F) = dt(ABCD) - dt(BE F)
Đặt BF = x BE = AB - x = - x ; dt(ABCD) = AB2 = ; dt(BE F) = 1/2.x.(1 - x)
Vaäy dt(DE F) = - 1/2 x.(1 - x) = - 1/2.x + 1/2.x2 = 1/2 [ - x + x2 ]
= 1/2 [ 7/4 + ( 1/4 - x + x2 )] = 1/2 [ 7/4 + (1/2 - x)2]
= 7/8 + 1/2.(1/2 - x)2 7/8
(12)y x I H A B C M N P Q Baøi 5
Cho tam giác ABC , hình chữ nhật nội tiếp tam giác có hai đỉnh nằm BC , cịn hai đỉnh còn lại nằm hai cạnh lại Tìm hình chữ nhật có diện tích lớn
Lời giải
Đặt BC = a ; AH = h ; MN = y ; MQ = x Ta coù dt(ABC) = dt(AMN) + dt(MNPQ) + dt(BMQ) + dt(CNP)
= 1/2.y(h-x) + xy + 1/2(BQ + CP).x = 1/2.yh + xy + 1/2(a-y) = 1/2.ah
ah = hy + a x y = ah(h − x)
Vaäy dt(MNPQ) = ah(h − x) x =
h
2− x¿
2≤ah
4 a h( h2 − h2
4+hx− x
2 )=ah
4 −
a h¿
Vậy dt(MNPQ) có giá trị lớn ah4 x = h/2
x D A B C E M N P
Q Baøi 6
Cho hình vng có cạnh Nội tiép trong hình vng ngũ gíac cho đỉnh của ngũ giác chia chu vi hình vng thành phần Xác định vị trí đỉnh để diện tích ngũ giác lớn
Lời giải vắn tắt
Từ cạnh tứ giác có chứa hai đỉnh ngũ giác Giả sử cạnh BC có chứa hai đỉnh M , N Cho nên MN = 45
Đặt BE = x BM = 45− x ; AE=1− x ;AQ=4
5−(1− x)=x −
5;QD=1−AQ= 5− x PD=4
5−QD=x −
5;PC=1−PD=
5− x ;NC=
5−PC=x −
dt(AEQ) = 12(1− x)(x −1
5);dt(DPQ)= 2(x −
2 5)(
6
5− x);dt(NCD)= 2(
7
(13)dt(BEM) = 12(x −4
5)x
cho neân dt(MNPQE) = - [dt(AEQ) + dt(DPQ) + dt(NCD) + dt(BEM) ] = 2x −
7 5¿ ³39 50 39 50+ 2¿
Diện tích nhỏ ngũ giác MNPQE 3950 x = 107 Từ xác định vị trí điểm E , Q , P , N , M
x y F E B A O M Bài 7
Cho góc xOy điểm M nằm góc Một đường thẳng di qua M cắt O x A cắt Oy B Chứng minh : dt(OMA1 )+
dt(OMB) không đổi
Lời giải
Từ M kẻ ME // Oy ; MF // O x
OE OA= MB AB ; OF OB= AM AB ⇒ OF OB+ OE OA=
AM+MB
AB =1
Maø dtdt((OEMOMA))=OE
OA ;
dt(OMF)
dt(OMB)=
FO OB ⇒
dt(OEM)
dt(OMA)+
dt(FOM)
dt(OMB)=
OE OA +
FO OB=1
tứ giác MEO F hình bình hành dt(OEM) = dt(FOM) cógiá trị xác định
Vaäy dt(OMA1 )+
dt(OMB) =
1
dt(OEM) có giá trị không dổi
F E H C A B Bài 8
Cho tam giác vng ABC (Góc C= 900), kẻ đường cao CD , đường phân giác CE góc ACD đường phân giác góc BCD Tìm giá trị nhỏ tỉ số :
dt(ABC)
dt(CEF)
(14)Ta coù EC B^ +EC A^ =900
;B^E C+EC D^ =900
; AC E^ =EC D^ EC B^ =B^EC BCE laø tam gíac cân BC = BE
Chứng minh tương tự AC = A F
nên FE = BC - BF = BC - ( AB - FA ) = BC + AC - AB = a+b - c ( Trong BC = a ; AC = b ; AB = c )
maø ( a + b )2 = a2 + 2ab + b2 = c2 + 2ab ; a2 + b2 > 2ab hay 2ab < c2
cho neân (a+b)2 < 2c2
a+b - c < c √2 - c = c( √2 - )
a+b − cc ³c( c
√2−1)=√2+1
Maø dtdt((CEFABC)) =
1
2AD AB
2AD FE
=AB
FE =
c a+b −c
cho nên dtdt((CEFABC)) ³ √2 +1
Vì : tỉ số dtdt((CEFABC)) có giá trị nhỏ √2 +1 ABC vuông cân C
VẬN DỤNG DIỆN TÍCH CÁC HÌNH ĐỂ GIẢI TỐN
1 Toán chứng minh : D A
B C
E
Bài ( Định lý Ta leùt )
Nếu đường thẳng cắt hai cạnh tam giác định hai cạnh cặp đoạn thẳng tỉ lệ
Lời giải
Ta có dtdt((ACDBCA))=AD
BD (1) hai tam giác có chung đường cao hạ từ C
dt(ABE)
dt(BCE)=
AE
EC (2) hai tam giác có chung đường cao hạ từ B
Maø DE // BC nên dt(BCE) = dt(BCD) (3)
và dt(BDE) = dt(DEC) dt(ABE) = dt(ACD) (4) có chung diện tích
ADE Ch
Từ (1), (2) , (3) (4) ADBD =AE
CE
Dựa vào tính chất tỉ lệ thức ta dễ chứng minh tỉ số sau :
AD AB=
AE AC;
AB BD=
(15)K H
D A
B C
Bài : ( Tính chất đường phân giác tam giác )
Đường phân giác tam giác chia cạnh đối diện thành hai đoạn tỉ lệ với hai cạnh kề với hai đoạn
Lời giải
Từ D kẻ DH ; DK vng góc với AB AC DH = DK Ta có dt(ABD)=1
2⋅AB⋅DH;dt(ACD)=
2⋅DK⋅AC
Cho neân dtdt((ABDACD))=AB
AC (1) Maø
dt(ABD)
dt(ACD)=
DB
DC (2) chung đường cao hạ từ
A
Từ (1) (2) ABAC=DB
DC
N M
O I
D C
A B
Baøi
a) Cho hình thang ABCD (AB // CD ) Gọi O giao điểm hai đường chéo , M N trung điểm AB CD Chứng minh : điểm M , O , N thẳng hàng
b) Cho hình thang ABCD ( AB // CD) có hai cạnh bên cắt I , giao điểm hai đường chéo O Chứng minh đường thẳng OI qua trung điểm hai cạnh đáy hình thang ABCD Lời giải ( Phần a )
Giả sử điểm M , O , N khơng thẳng hàng , điểm O nằm AOD BOC
Nếu điểm O nằm AOD
Ta có dt(OMN) = dt(ADNM) - [ dt(OMA)+dt(AOD)+dt(ODN)] dt(OMN) = dt(OMB)+dt(BOC)+dt(CON) - dt(BMNC)
mà dt(ADNM) = dt(BMNC)( hai hình thang có cạnh đáy tương ứng và có đường cao ).
(16)cho nên 2.dt(OMN) = Điều vơ lý trái với giả sử ba điểm O , M , N không thẳng hàng nên dt(OMN)
Nếu điểm O nằm tam giác BOC lý luận tương tự dẫn đến vơ lý
Vậy ba điểm O , M , N thẳng hàng
c
a b da ha
H A
B C
O
D E
Baøi
Cho tam giác có góc nhọn Chứng minh : r R2
( Trong R , r bán kính đường trịn ngoại tiếp đường tròn nội tiếp tam giác )
Lời giải
Gọi O tâm đường tròn ngoại tiếp ABC , kẻ đường cao AH , OD vng góc với BC
đặt AH = ; OD = da
Dễ thấy < R + da a.ha < R.a + a.da
tương tự b.hb < R.b + b.db ; c.hc < R.c + c.dc
maø a.ha = b.hb = c.hc = r.(a+b+c) ; a.da + b.db + c.dc = 2dt(ABC) = r.(a+b+c)
Cho neân 3r.(a+b+c) < R(a+b+c) + 2dt(ABC) hay 3r(a+b+c) < R(a+b+c) + r(a+b+c)
2r(a+b+c) < R(a+b+c) r ≤R2 Chú ý : Kết với tam giác
M O D
A
B C
E N
Baøi
Cho tam giác ABC , D trung điểm AB , AC lấy điểm E cho AE = 2.CE Gọi giao điểm CD BE O Chứng minh : OE = 1/4 BE
Lời giải
Cách : Kẻ AM , CN vng góc với BE
(17)cho nên suy AM = 2.CN (vì hai tam giác có chung cạnh đáy BE) dt(AOB) = 2.dt(BOC) (1)
Mà dt(AOC) = dt(BOC) ( Vì O nằm trung tuyến CD )
dt(AOC) = dt(EOC) ( AC = 3.CE chung đường cao hạ từ O)
nên dt(BOC) = dt(EOC) , mà hai tam giác chung đường cao hạ CN Cho nên BO = 3.OE hay OE=1
4BE
Caùch : Dễ thấy dt(BOC) = dt(AOC) ; mà dt(AOC) = 3dt(EOC) neân dt(BOC) = 3.dt(EOC) OB = 3.OE hay BE = 4.OE F
E I N
C
A D
B
M
Baøi
Cho hình bình hành ABCD , từ B kẻ đường thẳng cắùt cạnh CD M ; từ D kẻ đường thẳng cắt cạnh BC N cho BM = DN Gọi giao điểm DN BM I Chứng minh : Tia IA tia phân giác góc BID
Lời giải
Từ A kẻ AE vng góc với DN ; A F vng góc với BM Ta có dt(ABM) = 1/2 dt(ABCD) ; dt(ADN) = 1/2dt(ABCD)
cho nên dt(ABM) = dt(ADN) , mà BM = DN A F = AE hay A cách hai cạnh góc BID
Vậy tia IA tia phân giác góc BID
D B
N
A C
Baøi
Cho tam giác ABC có góc B lần góc C đường phân giác góc A chia tam giác thành hai phần có diện tích gấp đơi Tính độ lớn góc tam giác Lời giải
Ta có dt(ADC) = 2dt(ABD) , mà hai tam giác có đường cao hạ từ D
(18)Ta có ^A+ ^B+ ^C=1800 B^
=3C^ ^A=1800−4C^
Gọi N trung điểm AC , ta có ABN tam giác cân
AB N^ =AN B^ =2C^
Maø NB C^ =AB C − A^ B N^ =3C −^ 2C^=^C Cho nên NBC tam giác cân NB =
NC
Từ suy AN = NC = BN ABC vuông B , nên C^=300;^A=600
Q
M H
P
A
B C
O
Baøi
Chứng minh tam giác tổng khoảng cách từ điểm nằm tam giác đến cạnh khơng phụ thuộc vào vị trí điểm
Lời giải
Gọi O điểm nằm tam giác ABC , từ O kẻ OM , OP , OQ vng góc với cạnh BC , AB AC Kẻ đường cao AH
Ta coù dt(ABC) = dt(OAB)+dt(BOC)+ dt(AOC)
maø dt(OAB) = 1/2OP.AB ; dt(AOC) = 1/2OQ.AC ; dt(OBC) = 1/2OM.BC dt(ABC) = 1/2 AH.BC ; AB = AC = BC
Cho neân 1/2 AH BC = 1/2 OP.AB + 1/2OQ.AC + 1/2 OM.BC = 1/2 BC (OP+OQ+OM)
OP+OQ+OM = AH ( ñpcm)
N M
A
B C
O
Baøi
Cho ABC đường thẳng chia tam giác thành hai phần có diện tích chu vi Chứng minh đường thẳng ln qua điểm cố định
Lời giải
Giả sử đường thẳng MN thỏa mãn điều kiện Gọi O tâm đường tròn nội tiếp tam giác ABC r bán kính đường trịn Để khơng tính tổng qt ta giả sử O nằm hình MBCN
(19)ta coù dt(AMN) = dt(AMO) + dt(AON) - dt(OMN) =
1
2r AM+
2r AN−dt(OMN)
= 12r(AM+AN)−dt(OMN) (3)
dt(MBCN) = dt(OMB)+dt(OBC)+dt(OCN) +dt(OMN) =
1
2r MB+
2r BC+
2r.CN+dt(OMN)
= 12r(MB+BC+NC)+dt(OMN) (4)
Từ (1)(2)(3)(4) 2.dt(OMN) = M , O , N thẳng hàng hay MN qua điểm O
D A
B C
Baøi 10
Cho tam giác ABC có AB = 2.AC , kẻ phân giác AD , gọi p nửa chu vi ABC , r ,r1 , r2 bán kính
của đường tròn nội tiếp tam giác ABC , ADC ABD
Chứng minh AD =
pr 3
(
1
r1+
2
r2
)
− pLời giải
Vì AB = 2.AC nên dt(ABD) = 2dt(ADC) có đường cao kẻ từ D mà hai tam giác có chung đường cao kẻ từ A BD = 2.CD
dễ thấy dt(ADC) = 1/2 dt(ABD) = 1/3dt(ABC) = 1/3 pr ; neân dt(ABD) = 2/3 pr
dt(ACD)=1
2r1(AC+AD+CD)
dt(ABD)=1
2r2(AB+AD+BD)
Cho neân AC+AD2 +CD=pr
3r1
;AB+AD+BD
2 =
2 pr 3r2
Cộng vế ta
AC+AD+CD+AB+AD+BD
2 =
AC+AB+BC+2 AD
2 =p+AD=
pr
(
1
r1+
2
r2
)
hay suy AD=pr
3
(
r1+
2
(20)c a b A1 C1 A B C M B1 Baøi 11
Cho M điểm nằm tam giác ABC có BC = a ; AC = b ; AB = c Từ M kẻ MA1 ; MB1; MC1 vng góc với
BC , CA , AB Tìm vị trí M để
a
MA1+
b
MB1+
c
MC1 có giá trị nhỏ
Lời giải vắn tắt : Đặt MA1 = x ; MB1 = y ; MC1 = z
2S(ABC) = a x + by + cz maø (a x + by + cz) (a
x+ b y+
c
z) = a
2
+b2+c2+ab(x
y+ y x)+bc(
y z+
z y)+ca(
x z+
z x)³
a2+b2+c2+2ab+2ac+2bc = (a+b+c)2 với m > m+
m³2
cho nên MAa
1 + b
MB1+
c
MC1
a+b+c¿2 ¿ ¿ ³¿
2S = r(a+b+c) ; r bán kính đường trịn nội tiếp tam giác ABC
Để MAa
1 + b
MB1+
c
MC1 coù giá trị nhỏ MA1= MB1 = MC1 =
r
Vậy M trùng với tâm đường tròn nội tiếp tam giác ABC
c a b r M A B C O G E Baøi 12
Cho tam giác ABC có a - b = b - c ( a,b,c cạnh tamgiác ) Chứng minh đoạn thẳng nối tâm đường tròn nội tiếp với trọng tâm tam giác song song với cạnh có độ dài b
Lời giải
Từ a - b = b - c a+c = 2b
Gọi G trọng tâm tam giác ABC , O tâm đường tròn nội tiếp tam giác ABC , r bán kính đường trịn nội tiếp tam giác ABC Kẻ EG vng góc với BC
Ta có dt(ABC) = 1/2 r.(a+b+c) = 1/2 r.3b = 3/2 br r=2 dt(ABC)
(21)maø dt(GBC) = 1/3 dt(ABC) ; dt(GBC) = 1/2 EG BC 3.EG.BC = 2.dt(ABC)
EG=2 dt(ABC)
3b (2)
Từ (1) (2) suy EG = r hay OG // BC ( Vì O , G cách BC )
Email:info@123doc.org
http://huynhvumt.violet.vn