Sản phẩm không tan trong nước là sản phẩm của mẫu chứa MgCO 3.. + Mẫu có kết tủa dạng keo sau đó tan.[r]
(1)1 SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO
THỪA THIÊN HUẾ
KỲ THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT CHUYÊN QUỐC HỌC Năm học: 2017 - 2018
Khóa ngày 02 tháng năm 2017 Mơn thi: HĨA HỌC (CHUN) Thời gian làm bài: 120 phút (5 câu, gồm 03 trang) HƯỚNG DẪN CHẤM
Câu 1 0,75 điểm 1,25 điểm Điểm
1
0,75 điểm
- Cho nước đến dư vào mẫu chứa chất sau khuấy đều:
+ Mẫu chất rắn tan Mẫu chứa: KNO3, Al(NO3)3 (nhóm I) + Mẫu chất rắn khơng tan: MgCO3, CaCO3 (nhóm II)
- Nung mẫu khơng tan (ở nhóm II), đến khối lượng khơng đổi sau cho nước vào sản phẩm tạo từ (nhóm II) Sản phẩm tan Sản phẩm mẫu chứa
CaCO3 Sản phẩm không tan nước sản phẩm mẫu chứa MgCO3 MgCO3 MgO + CO2
CaCO3 CaO + CO2 CaO + H2O Ca(OH)2
- Lấy dung dịch Ca(OH)2 thu vào dung dịch thu (ở nhóm I) + Mẫu có kết tủa dạng keo sau tan Mẫu chứa Al(NO3)3
Al(NO3)3 + 3Ca(OH)2 3Ca(NO3)2 + 2Al(OH)3↓ 2Al(OH)3 + Ca(OH)2 Ca(AlO2)2 + 4H2O
+ Mẫu khơng có tượng xảy Mẫu chứa KNO3
0,25đ
0,25đ
0,25đ
2
1,25 điểm
X: FeCO3 ; X1: FeCl2 ; X2: CO2; X3: Fe(OH)2 ; X4 NaCl; X5: Cl2; X6: FeCl3; X7: Fe(OH)3; X8: Ba(HCO3)2; X9: BaCO3; X10: Na2CO3
(1) FeCO3 + 2HCl FeCl2 + CO2 + H2O (2) FeCl2 + 2NaOH Fe(OH)2 + 2NaCl
(3) 2NaCl + 2H2O Cl2 + 2NaOH + H2
(4) 2FeCl2 + Cl2 2FeCl3
(5) 4Fe(OH)2 + 2H2O + O2 4Fe(OH)3 (6) 2CO2 + Ba(OH)2 Ba(HCO3)2
(7) Ba(HCO3)2 + 2NaOH BaCO3 + Na2CO3 +2H2O (8) BaCO3 + 2HCl CO2 + BaCl2 + H2O
0,25đ 0,25đ 0,25đ 0,25đ 0,25đ
Câu 1 1,0 điểm 1,0 điểm Điểm
1,0 điểm
1 B hợp chất vô cơ, dùng để nấu xà phòng, thủy tinh B: Na2CO3
Xác định chất, X: (C6H10O5)n ; Y: C6H12O6 ; D: C2H5OH ; E: CH3COOH; F: CH3COONa; G: CH3COOC2H5 ; A: CO2
(-C6H10O5-)n + nH2O nC6H12O6 C6H12O6 2C2H5OH + 2CO2
C2H5OH + O2 CH3COOH + H2O C2H5OH + 3O2 2CO2 + 3H2O
6nCO2 + 5nH2O (-C6H10O5-)n + 6nO2 CO2 + 2NaOH Na2CO3 + H2O
C6H12O6 + 6O2 6CO2 + 6H2O
CH3COONa + NaOH CH4 + Na2CO3 CH3COONa + HCl CH3COOH + NaCl CH3COOH + C2H5OH CH3COOC2H5 + H2O
0,25đ 0,25đ
0,25đ
0,25đ
1,0 điểm
CaCO3 CaO + CO2 CaO + 3C CaC2 + CO
CaC2 + 2H2O + Ca(OH)2 + H2
* Điều chế etylaxetat (CH3COOC2H5)
0,25đ
0,25đ t0
t0 t0
CH CH CH CH CH2=CH2
H+ t0 men ruou
mengiam
t0
cloropin anhsang
t0
CaO t0
H+
t0 t0
(2)2
+ H2O C2H5OH C2H5OH + O2 CH3COOH + H2O
CH3COOH + C2H5OH CH3COOC2H5 + H2O * Điều chế Poli (Vinyclorua)
+ HCl CH2=CHCl
CH2-CH Cl n nCH2=CHCl
* Điều chế Metylclorua
CH3COOH + NaOH CH3COONa + H2O CH3COONa + NaOHr CH4 + Na2CO3 CH4 + Cl2 CH3Cl + HCl
0,25đ
0,25đ
Câu 1,5 điểm Điểm
1,5
điểm
Đặt x, y, z số mol M, MO, MgCl2
2 H
n =
4 , 22
72 ,
= 0,3 mol
PTHH X với HCl:
M + 2HCl MCl2 + H2 (1) (mol) x x x
MO + 2HCl MCl2 + H2O (2) (mol) y y
Từ (1) ta có: x =
2 H
n = 0,3 mol
Khối lượng X: M.0,3 + (M+16).y + (M+71).z = 18,7 (gam) (I) Dung dịch A chứa MCl2: 0,3 + y + z ( mol)
PTHH A với NaOH:
MCl2 + 2NaOH M(OH)2 + 2NaCl (3) (mol) (0,3 + y + z) (0,3 + y + z)
Nung kết tủa B: M(OH)2
0 t
MO + H2O (4) (mol) (0,3 + y + z) (0,3 + y + z)
Từ (1) – (4) ta có: (M + 16).(0,3 + y + z) = 18,0 (gam) (II) * PTHH X với CuCl2:
M + CuCl2 MCl2 + Cu 0,3 0,3 0,3
Theo
2 CuCl
n = 0,5 > nM = 0,3 nên CuCl2 dư (nCuCl2dư = 0,5 – 0,3 = 0,2 mol)
Cô cạn dung dịch thu 62,0 gam chất rắn gồm: MCl2: (0,3 +z) mol CuCl2 dư: 0,2 mol Nên: (M + 71)(0,3 + z) + 135 0,2 = 65,0 (III)
Lấy (I) - (II) ta có: z = 0,1
Thay z = 0,1 vào (III) ta có M = 24 Vậy M kim loại Mg Tính thành phần % khối lượng chất X:
Thay z = 0,1 M = 24 vào (II) suy y = 0,05
Vậy: %mMg=
7 , 18
100 24 ,
= 38,5% ; %mMgO =
7 , 18
100 40 05 ,
= 10,7%
2
%mMgCl =
7 , 18
100 95 ,
= 50,8%
0,25đ
0,25đ
0,25đ
0,25đ
0,25đ
0,25đ
CH2=CH2
CH CH
H+ mengiam
CaO t0
1700C H2SO4d
t0,xt
(3)3 Câu 1,0 điểm 1,0 điểm Điểm
1
1,0 điểm
CH4 + 2O2
o
t
CO2 + 2H2O C2H4 + 3O2
o
t
2CO2 + 2H2O 2C2H2 + 5O2
o
t
4CO2 + 2H2O C2H4 + Br2 C2H4Br2
C2H2 + 2Br2 C2H2Br4
Gọi x, y, z số mol CH4, C2H4 C2H2 Ta có
o
2 O ,t
2
2
2
CH x mol
CO (x +2y + 2z) mol C H y mol
H O (2x + 2y + z) mol C H z mol
2
2
Br
2 Br
2
x CH mol
2
y y
C H mol n z
2 2
z C H mol
2
Từ kiện ta có
16x + 28y + 26z
10,75.2 x + y + z
44(x + 2y + 2z) -18(2x + 2y + z) = 13,8 y
z = 0,15 2
x = 0,2 mol y = 0,1 mol z = 0,1 mol
4 CH
%V 50%;
2 C H
%V 25%;
2 C H
%V 25%
0,25đ
0,25đ
0,25đ
0,25đ
2
1,0 điểm
* Theo ta thấy tất lượng natri có NaOH chuyển vào Na2CO3 đó: nNa2CO3 = 0,1 mol nNaOH = 0,2 mol khối lượng NaOH = g khối lượng dung dịch NaOH = 80 g khối lượng H2O = 72 khối lượng H2O sinh A phản ứng với NaOH là: 75,6 – 72 = 3,6 g
Theo BTKL ta có: mA + = 16,4 + 3,6 mA = 12 gam * Tính khối lượng C, H, O có 12 gam chất A
Tính được: mC = 0,3 12 + 0,1 12 = 4,8 mH(A) + mH(NaOH) =
5, 4.2 18 +
3, 6.2
18 = 1g m(H)A = 1- 0.2 = 0,8g mO = 12 – ( 4,8 + 0,8 ) = 6,4g
Đặt công thức A CxHyOz ta có tỷ lệ khối lượng C : H : O là: 12x : y : 16z = 4,8 : 0,8 : 6,4 x : y : z = : :
* Công thức đơn giản A CH2O
0,25đ
0,25đ
0,25đ
(4)4
Câu 2,0 điểm Điểm
1,0 điểm
a. 2M + 2xHCl 2MClx + xH2 (1)
NaHCO3 + HCl NaCl + CO2 + H2O (2)
MClx + xNaOH M(OH)x + xNaCl (3)
2M(OH)x M2Ox + xH2O (4) Từ (2):
3
179,88.9, 34 0, 100.84
NaCl NaHCO
n n mol mNaCl 0, 2.58,5 11, 7 gam
Suyra: dd 11, 7.100 492
2,378
m E gam 492.7, 724 38 100
x
MCl
m gam
Từ (1-4):
2
16 38
2
2 16 35,5
x
M M O MCl
n n n
M x M x
(*)
Giải (*); Suyra : x = ; M = 24 (Mg)
b Từ (1, 2):
3
16
2 0, 40
HCl M NaHCO
n n n mol
Từ (1,2) Áp dụng ĐLBTKL: mM mddHCl mddNaHCO3 m Edd mCO2 mH2
2
ddHCl dd CO H M ddNaHCO
m m E m m m m
b = 492+0,2.44+2.0,4-179,88-0,4.24= 312,12 gam Vậy: % 36,5.100 11, 69%
312,12
HCl
C
0,25đ 0,25đ
0,25đ
0,25đ 0,25đ 0,25đ 0,25đ 0,25đ