nhân? Biết năng suất làm việ c c ủa mỗi người như nhau. a) Chứng minh tứ giác ACKH nội tiếp đường tròn.. Biết số sách giáo khoa ủng hộ nhiều hơn số sách tham khảo là 166 quyển.. Ch ứng[r]
(1)Tailieumontoan.com
Sưu tầm tổng hợp
BỘ ĐỀ THI TOÁN
VÀO LỚP 10 NĂM HỌC 2017-2018
(2)Đề số ĐỀ TUYỂN SINH VÀO LỚP 10 – AN GIANG NĂM HỌC 2017-2018 Câu 1. (3,0 điểm) Giải phương trình hệphương trình sau:
a) 3x+ 12x= 27 b) x2+ −x 20=0 c) x y x y
+ =
− =
Câu 2. (1,5điểm) Cho hàm số
y= −x có đồthịlà parabol ( )P
a) Vẽđồthị ( )P hàm sốđã cho
b) Tìm tọa độgiao điểm ( )P đường thẳng ( ) : 2d − +x phép tính Câu 3. (1,5điểm) Cho phương trình bậc hai ẩn
: (4 1)
x x + m+ x+ m− = (m tham số)
a) Chứng minh phương trình ln có hai nghiệm phân biệt x1; x2 với tham số m
b) Tìm m đểhai nghiệm x1; x2 phương trình cho thỏa mãn điều kiện x1−x2 =17 Câu 4.(3,0điểm) Cho điểm C thuộc nửa đường trịn đường kính AB Kẻ tiếp tuyến Ax nửa đường trịn (Axnằm nửa mặt phẳng có bờ đường thẳng AB chứa nửa đường trịn) Tia phân giác góc CAx cắt nửa đường tròn D Kéo dài AD
và BC cắt E Kẻ EH vng góc với Axtại H
a) Chứng minh tứgiác AHEC nội tiếp đường tròn b) Chứng minh ABD=BDC
c) Chứng minh tam giác ABE cân
d) Tia BD cắt AC Axlần lượt F K Chứng minh AKEF hình thoi Câu 5. (1,0 điểm) Ngọn hải đăng Kê
Gà tỉnh Bình Thuận tháp thắp đèn gần bờ biển dùng để định hướng cho tàu thuyền giao thông khu vực vào ban đêm Đây hải đăng xem cổ xưa
và cao Việt Nam, chiều cao đèn so với mặt nước biển 65 m Hỏi
a) Một người quan sát đứng vịtrí đèn hải đăng nhìn xa tối đa m mặt
biển
b) Cách bao xa người quan sát đứng tàu bắt đầu trông thấy đèn biết mắt người quan sát đứng ởtrên tàu có độcao m so với mặt nước biển
(Cho biết bán kính Trái đất gần 6400 km điều kiện quan sát biển không bị che khuất)
(3)LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH AN GIANG NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1. a) 3x+ 12x= 27 ⇔ 3x+2 3x=3 ⇔3 3x=3 3⇔ =x
Vậy S ={ }1 b)
20
+ − =
x x
1 4.1.( 20) 81
∆ = − − = > Phương trình có hai nghiệm phân biệt
1
2
1 81
1 81
x x
− +
= =
− −
= = −
Vậy S = −{ 5; 4}
c) 7 10 2
1 3 3 2.2
x y x y x x x
x y x y x y y y
+ = + = = = =
⇔ ⇔ ⇔ ⇔
− = − = + = + = =
Câu 2. a) Bảng giá trị:
x −2 −1
2
y= −x −4 −1 −1 −4
b) Xét phương trình hồnh độgiao điểm ( )P ( )d : − = − +x2 2x
2 2
2 ( 1) 1
x x x x y
⇔ − + = ⇔ − = ⇔ = ⇒ = − = −
(4)Câu 3. a) Ta có 2
(4m 1) 4.1.(2m 8) 16m 33
∆ = + − − = + > với giá trị m
Nên phương trình ln có hai nghiệm phân biệt x1; x2 với tham số m
b) Vì phương trình ln có hai nghiệm phân biệt x1; x2 với tham số m nên
theo định lí Vi-et:
1
1
4
b
x x m
a c
x x m
a −
+ = = − −
= = −
Ta có:
2 2
1 17 ( 2) 289 2 289 ( 2) 289 x −x = ⇔ x −x = ⇔x +x − x x = ⇔ x +x − x x =
2
( 1) 4(2 8) 289 16 256
4 m
m m m
m =
⇔ − − − − = ⇔ − = ⇔
= −
Vậy m= ±4 thỏa mãn yêu cầu toán
Câu 4.
a) Ta có ACB=90o (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn)
Suy ACE=90o (kềbù)
Xét tứ giác AHEC ta có: ACE= AHE=90o, suy tứgiác AHEC nội tiếp đường
tròn đường kính AE (tổng hai góc đối diện 180o) ■
b) Ta có ABCD nội tiếp nên BDC=DAC (1) (cùng nhìn cạnh DC)
Lại có: 1
2
ABD= AD(góc nội tiếp) 1
2
DAx= AD (góc tạo tiếp tuyến dây cung) x
K
F
H E
D
A
(5)Suy ABD=DAx
Mà DAx =DAC(do ADlà phân giác)
Suy ABD=DAC (2)
Từ(1) (2) suy ABD=BDC ■
c) Xét ∆DAB ∆DEBcó: 90o
ADB=EDB= (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn – kềbù) BD chung
ABD=BDC(cmt).
⇒ ∆DAB= ∆DEB(g-c-g)
BA BE
⇒ = (tương ứng)
ABE
⇒ ∆ cân B■
d) Theo câu c) ∆DAB= ∆DEB⇒DA=DE⇒Dlà trung điểm AE (3)
Xét ∆DAF ∆DAKcó: 90o
ADF =ADK = (góc nội tiếp chắn nửa đường trịn – kềbù) AD chung
DAF =DAK(do ADlà phân giác)
⇒ ∆DAF = ∆DAK (g-c-g)
DK DF
⇒ = (tương ứng)
D
⇒ trung điểm KF (4)
Từ (3) (4) ta có AKEFlà hình bình hành (tứgiác có đường chéo cắt
tại trung điểm đường)
Mà AE⊥KF⇒ AKEF hình thoi ■ Câu 5. AB tháp
CD độcao người đứng tàu
AM khoảng cách tối đa mà người đứng
ngọn hải đăng có thểnhìn thấy a) Xét ∆AMB ∆ANMcó:
A chung
AMB=ANM (cùng chắn cung MB)
Suy ∆AMB# ∆ANM(g-g)
65.(65 2.6400) 832004225 AM AB
AN AM AM AB AN
⇒ =
⇒ = = + =
28,8
AM
⇒ ≈ km
E D
N
O
B
A M
(6)Vậy người quan sát đứng vịtrí đèn hải đăng nhìn xa tối đa 28,8 km ■
b) Tương tựta có ∆CDM # ∆CME(g-g)
5.(5 2.6400000) 64000025 CD CM
CM CE CM CD CE
⇒ =
⇒ = = + =
8
CM
⇒ ≈ km
Vậy khoảng cách tối đa là: CM +MA≈36,8 km ■
Đề số ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH BÀ RỊA - VŨNG TÀU NĂM HỌC 2017-2018 Câu (2,5 điểm)
a) Giải phương trình: x - 3x + = 02
b) Giải hệphương trình: x - y = 3 3x - 2y = 8
c) Rút gọn biểu thứcA = 3x + 9x - 4x 3
x (x > ) Câu Cho hàm số
( )
y=x P y = – x m d( )
a) Vẽ đồthị (P)
b) Tìm tất cảcác giá trị m để(P) (d) có điểm chung
Câu (1,0điểm) Một xưởng mỹnghệdựđịnh sản xuất thủcông lô hàng gồm 300
giỏ tre Trước tiến hành, xưởng bổ sung thêm 5công nhân nên sốgiỏ trẻ phải
làm người giảm 3 so với dự định Hỏi lúc dựđịnh, xưởng có công
nhân? Biết suất làm việc người
Câu (3,0 điểm) Cho nửa đường trịn (O R; ) có đường kính AB Trên OA lấy điểm H (H
khác O, H khác A) Qua Hdựng đường thẳng vng góc với AB, đường thẳng cắt
nửa đường tròn tạiC Trên cung BC lấy điểm M (M khác B, M khácC) Dựng CK
vng góc với AM tạiK
a) Chứng minh tứgiác ACKH nội tiếp đường tròn b) Chứng minh CHK =CBM
c) Gọi N giao điểm AM vàCH Tính theo R giá trị biểu thức
P= AM AN+BC
Câu (1,0 điểm)
a) Giải phương trình: 6 x - x 2+x - 12x - 122 = 0.
x + 2 x +1
(7)b) Cho a, b hai sốthực tùy ý cho phương trình 2
4x +4ax b− + =2 có
nghiệm x1, x2 Tìm GTNN biểu thức:
2
1 2 2
1 ( )
(x x ) b x( x ) 8x x b x x
a
P= + + + − + + +
Câu 6. (0,5 điểm) Cho ∆ABCnhọn (AB<AC) nội tiếp đường tròn ( )O Hai tiếp tuyến
đường tròn ( )O B, C cắt tạiD, OD cắt BCtạiE Qua D vẽ đường
thẳng song song với AB, đường thẳng cắt AC K, đường thẳng OK cắt ABtạiF Tính tỉsốdiện tích ABF
ABC S S ∆ ∆
LỜI GIẢI ĐỀ VÀO 10 TỈNH BÀ RỊA - VŨNG TÀU NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1. a) Cách 1: Do 1+(-3)+ = 0 nên phương trình cho có hai nghiệm x = 1;1 2
x =
Cách 2: Δ= (-3) - 4.2 = 12 ⇒ Δ = 1.
Phương trình cho có hai nghiệm 1
-(-3) - 1
x = = 1;
2 2
-(-3)+1
x = = 2.
2 b) 2x - y = 3 7x = 14 x = 2 x = 2
3x + 2y = 8 2x - y = 3 4 - y = 3 y = 1
⇔ ⇔ ⇔
c) ( )
2
3 x
3x 9x 3 x
A = + - 4x = + - x = x + x - x = x
3 3
x x
Câu 2.
a) Bảng giá trị
x -2 -1
2
y=x 1
(8)b) Phương trình hồnh độgiao điểm (P) (d) x = 2x - m2 ⇔x - 2x + m = (*)2
(P) (d) có điểm chung ⇔(*) có nghiệm
' m m
⇔ ∆ = ⇔ − = ⇔ =
Câu 3. Gọi x sốcông nhân ban đầu xưởng (điều kiện x∈N *)
Khi đó, theo dựđịnh cơng nhân phải làm 300
x giỏ
Sau xưởng bổsung thêm 5 cơng nhân sốgiỏmỗi người phải làm 300 . x + 5
Theo đềbài ta có phương trình: 300- 300 = 3 300(x + - x)= 3x(x + 5)
x x + 5 ⇔
2 x = 20
x(x + 5)= 500 x + 5x - 500 = 0
x = -25
⇔ ⇔ ⇔
Kiểm tra điều kiện ta chọn x = 20
Vậy lúc dựđịnh xưởng có 20 cơngnhân Câu 4.
Gọi N giao điểm AM vàCH Tính theo R giá trị biểu thức P=AM AN +BC2
Ta có
CHA=CKA=90 ⇒Tứgiác ACKH nội tiếp đường trịn đường kính AC
CHK=CAK=CAM (do tứgiác ACKH nội tiếp) Mà CAM =CBM (cùng chắn cung CM) Vậy CHK =CBM
Ta có 0
ACN = ABC (= 90 - HCB ); ABC = AMC⇒ACN = AMC
Do ∆ACN ∆AMC (g.g) AN AC 2
= AM.AN = AC
AC AM
⇒ ⇒
C thuộc nửa đường tròn đường kính AB nên tam giác ABC vng C,
2 2
AC BC AB
⇒ + =
Vậy 2
P=AM.AN+BC =AB =4R
Câu 5.
a) Điều kiện x≠1
Phương trình
2
2
x x
6 12
x x
⇔ + − =
+ +
N K
C
O
A H B
(9)F
K
E
D O
C B
A
Đặt: t = x2
x +1 Phương trình trởthành 2
6t + t - 12 = 0
1
1 4 t =
3 3 t =
-2 ⇔
Với t
= ta 2
x
x
3x 4x 2
x x
3
=
= ⇔ − − = ⇔
+ = −
Với t
= − ta x2
2x 3x
x 1+ = − ⇔2 + + = (vơ nghiệm)
Vậy phương trình cho có tập nghiệm: S 2;
−
=
b) Điều kiện a≠0 Phương trình cho có nghiệm 2
t ' a b
2
= − ⇔ ∆ ≥ ⇔ + ≥
Theo hệthức Vi-et, ta được: 1 2 2 1 2 x + x = -a
-b + 2 x x =
4
Ta có: 2 1 2 2 2
1 2 1 2 1 2 2 2
1+ 2b(x + x ) 1 - 2ab
P = (x + x ) + b(x + x ) - 8x x + = a - ab + 2b - +
a a
( 2 2) 2 ( )2 ( )2 2 ( 2 2)
2
1 - 2ab 1 1 1 1
= a - ab + b + b + - = a + b + a - b + b - - 4³ a + b - 4³ - 3.
a 2 2 a 2
Đẳng thức xảy
2 2 a = b
a = b = 1 1
b =
a = b = -1 a
a + b = 2
⇔
(10)Ta có BAC =DBC (cùng chắn BC), BAC =DKC(đồng vị) ⇒DBC =DKC ⇒DBKC nội tiếp
Mà:
90
= =
OBD OCD nên điểm B C D, , thuộc đường trịn đường kính OD ⇒K thuộc đường trịn đường kính OD
⇒OK ⊥KD⇒OK ⊥ AB⇒Flà trung điểm AB Do OB=OC, DB=DC⇒OD trung trực BC
⇒Elà trung điểm củaBC
Hai tam giác BEF BACđồng dạng có tỉ lệđồng dạng ΔBEF ΔABC S
1 1
= .
2⇒S 4
Đề số ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH BẮC GIANG NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: ( 2,0 điểm)
1 Tính giá trị biểu thức: A= 25+3 8−2 18
2 Tìm m đểđồthịhàm số y=2x+m qua điểm K(2; 3)
Câu 2: (3,0 điểm)
1 Giải hệphương trình 10
2 3 x y x y
+ =
− =
2 Cho biểu thức
1
x x x x x x
B
x x x x x
+ + + −
= −
− − + −
(Với x≥0; x≠1
1
x≠ )
Tìm tất cảcác giá trị x để B<0
3 Cho phương trình
(2 5) (1)
x − m+ x+ m+ = với x ẩn số, m tham số
a Giải phương trình (1)
m= −
b Tìm giá trị m đểphương trình (1) có hai nghiệm phân biệt x1, x2 cho
biểu thứcP= x1 − x2 đạt giá trịnhỏnhất
Câu 3: (1,5 điểm)
Đểchuẩn bịcho năm học mới, học sinh hai lớp 9A 9B ủng hộthư viện 738 sách gồm hai loại sách giáo khoa sách tham khảo Trong học
sinh lớp 9A ủng hộ6 sách giáo khoa sách tham khảo; học
sinh lớp 9B ủng hộ5 sách giáo khoa sách tham khảo Biết số sách giáo khoa ủng hộnhiều sốsách tham khảo 166 Tính số học
sinh lớp
(11)Cho tam giác ABC có ba góc nhọn, nội tiếp đường trịn ( )C tâm O bán kính R
Hai đường caoAE BK tam giác ABC cắt H (với E thuộc BC, K
thuộc AC)
1 Chứng minh tứgiác ABEK nội tiếp đường tròn Chứng minh CE CB =CK CA
3 Chứng minh OCA =BAE
4 Cho B,Ccốđịnh A di động ( )C thỏa mãn điều kiện tam
giácABC nhọn; H thuộc cung tròn ( )T cốđịnh Xác định tâm I bán
kính r đường trịn ( )T , biết R=3cm
Câu 5: (0,5 điểm)
Cho hai số thực dương a, b thỏa mãn 2a+3b≤4 Tìm giá trị lớn biểu
thức
2002 2017
2996 5501
Q a b
a b
= + + −
LỜI GIẢI ĐỀ VÀO 10 TỈNH BẮC GIANG NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: Ta có A= 25+3 8−2 18 = +5 2−6 2=5
2 Đểđồthịhàm số y=2x m+ qua điểm K (2;3)⇔ =3 2.2 m+ ⇔m= −1
Câu 2: Hệphương trình
3 10 3
x y x y
+ =
− =
10
2 3(10 )
y x
x x
= −
⇔ − − =
10 11 30
y x
x
= −
⇔ − =
1 y x
= ⇔ =
2 Ta có
3
1
x x x x x x
B
x x x x x
+ + + −
= −
− − + −
( 1) ( 1)( 1)
( 1)( 1) ( 1)(2 1)
x x x x x x
x x x x x x
+ + + − +
= +
− + + − + −
3
1 2
x x x
x x x
+ − +
= =
− − −
Vì x+ > ∀3 x nên để B< ⇔0 x− <1 0
x ⇔ ≤ < Phương trình
(2 5)
x − m+ x+ m+ = (1)với x ẩn, mlà tham số a Khi
2
m=− , phương trình trởthành 0 x x x
x =
− = ⇔
=
(12)b Đểphương trình (1) có hai nghiệm phân biệt
(2 m 5) 4(2 m 1)
∆ = + − + >
2
4 m 12m 21 (2m 3) 12
⇔ + + > ⇔ + + > Bất đẳng thức sau với giá trị m Do phương trình (1) ln có hai nghiệm phân biệt
Để P=| x1− x2 | có nghĩa x1 x2 phải dương
2
2
m
m m
+ ≥
⇔ ⇔ ≥ −
+ ≥
Khi theo định lý Vi-et ta có 2
2
x x m
x x m
+ = +
= +
( với x1 x2 hai nghiệm (1))
Do
1 2 2 2
P = +x x − x x = m+ − m+
( )2
2m 1 3
= + − + ≥ ⇒ ≥P
Vậy P đạt giá trịnhỏnhất 2m+ = ⇔ =1 m
Câu 3:
Gọi số học sinh hai lớp 9A 9B x y ( *
,
x y∈ ) Sốsách giáo khoa hai lớp ủng hộlà 6x+5y
Sốsách tham khảo hai lớp ủng hộlà 3x+4y
Vì cảhai lớp ủng hộsố sách 738 nên ta có 6x+5y+3x+4y=738
sốsách giáo khoa ủng hộnhiều sách tham khảo 166 nên 6x+5y−(3x+4 ) 166y =
Do ta có hệphương trình 9 738
3 166 x y x y
+ =
+ =
82 166 x y
x y + =
⇔ + =
⇔ =x 42, y=40.( Thỏa mãn)
Vậy lớp 9A có 42 học sinh, lớp 9B có 40 học sinh Câu 4:
H
O
C I
A
B E
K
(13)1 Xét tứgiác ABEK có AKB= AEB=90( AE⊥BC, BK ⊥ AC) Hai góc
cùng chắn cung AB nên tứgiác ABEK nội tiếp đường trịn Xét hai tam giác vng ∆ACE ∆BCK, chúng có chung góc C nên
ACE BCK
∆ ∆ CE CA . .
CE CB CK CA
CK CB
⇒ = ⇔ = (dpcm)
3 Tam giác OAC cân O nên 90 1
OCA= − AOC (1) Mà tam giác ABCnhọn
nên O nằm tam giác ABC,
2
ABC = sd AC= AOC
Tam giác ABE vuông E nên 90 90 1
BAE= −ABC= − AOC (2)
Từ (1) (2) ⇒OCA =BAE(dpcm)
4 Gọi M giao điểm đường thẳng AE với đường trịn (C) Ta có
MBC=MAC( chắn cung MC) Mà MAC =HBC ( phụvới ACB) nên
MBC=HBChay BE phângiác HBM.Tam giác HBM có BE vừa đường
cao, đường phân giác góc B nên cân B BE trung trực HM Gọi I
là điểm đối xứng với Oqua đường thẳng BC(O BC cốđịnh ⇒ I cốđịnh)
Khi tứgiác HOIM hình thang cân nhận BC trục đối xứng⇒IH=MO= R hay H cách điểm cốđịnh I khoảng R không đổi nên H thuộc
đường trịn tâm I bán kính R Do r=R=3cm Câu 5:
Ta có Q 2002 2017 2996a 5501b
a b
= + + −
2002 2017
8008a 2017b (5012a 7518 )b
a b
= + + + − +
1
2002( )a 2017( b) 2506(2a )b
a b
= + + + − +
1
2002.2 4a 2017.2 b 2506(2a ) (b BDT CoSi)
a b
≥ + − +
2002.4 2017.2 2506.4 2018
≥ + − =
Do Q đạt giá trịnhỏnhất 2018 a
= b=1
Đề số ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH BẮC NINH NĂM HỌC 2017-2018
Câu 6: 1) Giải hệphươngtrình
5 x
x y
(14)2) Rút gọn biểu thức 1 ,
2
x P
x x x x
với x 0
Câu 7: Cho phương trình x22mx m2 1 , với m tham số
1) Giải phương trình 1 m 2
2) Chứng minh phương trình 1 ln có hai nghiệm phân biệt với m Gọi x x1, 2
là hai nghiệm phương trình 1 , lập phương trình bậc hai nhận 2
1 1
x mx m x
và 2
2 2 2
x mx m x nghiệm
Câu 8: Giải tốn cách lập phương trình, hệ phương trình
Một nhóm gồm 15 học sinh (cả nam nữ) tham gia buổi lao động trồng Các bạn nam trồng 30 cây, bạn nữtrồng 36 Mỗi bạn nam trồng số bạn nữtrồng sốcây Tính số học sinh nam số học sinh nữ nhóm, biết bạn nam trồng nhiều bạn nữ
Câu 9: Từđiểm M nằm ngồi đường trịn O kẻhai tiếp tuyến MA MB, với đường tròn
( ,A B hai tiếp điểm) Lấy điểm C cung nhỏ AB (C không trùng với A B) Từ điểm C kẻ CD vng góc với AB, CE vng góc với MA, CF vng góc với MB (D AB, E MA,F MB) Gọi I giao điểm AC DE, K giao điểm
BC DF Chứng minh
1) TứgiácADCE nội tiếp đường tròn 2) Hai tam giác CDE và CFD đồng dạng 3) Tia đối tia CD tia phân giác góc ECF
4) Đường thẳng IK song song với đường thẳngAB
Câu 10: 1) Giải phương trình x2 x 1x2 4x 1 x2
2) Cho bốn số thực dương x y z t, , , thỏa mãn x y z t Tìm giá trị nhỏnhất biểu thứcA (x y z x)( y)
xyzt
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH BẮC NINH NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1:
1)
5
x x x y y
(15)2)
2
2
x x x P
x x
4
x x x x x
Câu 2:
1) Với m 2 PT trởthành x2 4x 3 0
Giải phương trình tìm nghiệm x 1 ;x
2) Ta có ' m2 m2 1 1 0, m.
Do đó, phương trình (1) ln có hai nghiệm phân biệt
Từgiảthiết ta có 2 1 0, 1;2.
i i
x mx m i
3 2 2 2
i i i
x mx m x
2 1 2
i i i i
x x mx m x
2, 1;2
i x i
Áp dụng định lí Viét cho phương trình 1 ta có x1 x2 2m;
1
x x m
Ta có
11 2 2
2
2 2 4;
2 2
1 4
x x m
x x x x x x m m m m
Vậy phương trình bậc hai nhận 2
1 1 2,
x mx m x 2
2 2 2
x mx m x
là nghiệm x2 2m4x m2 4m 3 0.
Câu 3:
Gọi sốHS nam nhóm x x ;0 x 15,sốHS nữlà 15x
Theo đề số bạn nam trồng 30 số bạn nữ trồng 36
nên
Mỗi HS nam trồng 30
x cây,
Mỗi HS nữtrồng 36
15x
Vì bạn nam trồng nhiều bạn nữ1 nên ta có
30 36 1 30 15 36 15
15 x x x x
x x
2 81 450 0 75 loai .
6 (nhan)
x x x
x
(16)Câu 4:
1) Chứng minh TứgiácADCE nội tiếp đường trịn
Ta có AEC ADC 900 AECADC 180 đó, tứgiác ADCE nội tiếp 2) Chứng minh rằngHai tam giác CDE và CFD đồng dạng
Chứng minh tương tựtứgiác BDCF nội tiếp
Do tứgiácADCE BDCF, nội tiếp nên B1 F A 1, 1 D1
Mà AM tiếp tuyến đường tròn O nên 1 1sđ 1 1 1
2
A AC B D F Chứng minh tương tự E1 D2 Do đó, CDE∽CFD g.g
3) Chứng minh rằngTia đối tia CD tia phân giác góc ECF Gọi Cx tia đối tia CD
Do tứgiácADCE BDCF, nội tiếp nên DAE ECx DBF , FCx
Mà MAB MBA ECx FCx nên Cx phân giác góc ECF
4) Chứng minh rằngĐường thẳng IK song song với đường thẳngAB
Theo chứng minh A2 D B 2, 1 D1
Mà
2 180 180 180
A B ACB D D ACB ICK IDK
Do đó, tứgiác CIKD nội tiếp K1 D1 mà D1 B1 IK AB// Câu 5:
1) Dễthấy x 0 không nghiệm phương trình nên
1
1
PT x x x x
2
2
1
1
1
1 x
K I
O M
F E
D C
(17)Đặt t x x
ta 1 4 6 3 10 0 .
5
t t t t t
t
Với t 2 x 2 x2 2x 1 0 x 1.
x
Với
5 21
1 2
5 5
5 21
2
x t x x x
x x 2) Ta có
2
( ) ( )( )
4A x y z t x y z x y
xyzt
4(x y z t x) ( y z x)( y).
xyzt
2
4( ) ( ) 4.4( ) ( )
x y z x y x y z x y xyz xyz
2
16(x y) 16.4xy 64.
xy xy 16 A
Đẳng thức xảy chỉkhi
1 x y x y z t
x y z t
z x y z
t x y
Đề số ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH BẾN TRE NĂM HỌC 2017-2018 Câu 1: (2 điểm)
Khơng sửdụng máy tính cầm tay a) Tính: 18 2
2
− +
b) Giải hệphương trình: x y x y − = + =
Câu 2: (2 điểm)
Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho parabol( )P : y= −2x2 đường thẳng( )d :
2
(18)a) Vẽđồthị ( )P ( )d mặt phẳng tọađộ
b) Bằng phương pháp đại số, tìm tọa độgiao điểm ( )P và( )d Câu 3: (2,5 điểm)
Cho phương trình:
2( 1) (2 1)
x − m− x− m+ = ( )1 (m tham số)
a) Giải phương trình ( )1 vớim=2
b) Chứng minh phương trình ( )1 ln có hai nghiệm phân biệt với m
c) Tìm m đểphương trình ( )1 lncó hai nghiệm vềgiá trịtuyệt đối
và trái dấu
Câu 4: (3,5 điểm)
Cho đường trịn tâmO, đường kínhAB Trên tiếp tuyến đường tròn ( )O A lấy điểm M (M khácA ) Từ M vẽtiếp tuyến thứhai MC với đường tròn
( )O (C tiếp điểm) Kẻ CH ⊥AB (H∈AB),MB cắt đường tròn ( )O điểm
thứhai K cắt CH N Chứng minh rằng:
a) Tứgiác AKNH nội tiếp đường tròn b)
AM =MK MB
c) KAC =OMB
d) N trung điểm CH
-HẾT -
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH BẾN TRE NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1:
a) Tính: 18 2
− + 9.2 2
2
5 2
2
2
2
Vậy 18 2
− +
2
b) Giải hệphương trình:
2 x y x y
6 2 x y x y
7
3
x x y
1 x y x
1 x y
(19)Câu 2: a) Đồthịhàm số ( )P ( )d mặt phẳng tọa độ:
b) Phương trình hồnh độgiao điểm P d là:
2x 2x
2
x x
x 1x 2
1 x x
+) Với x 2 thay vào P : 2
y x ta y 8 Ta có giao điểm
2; 8 A
+) Với x1 thay vào P : 2
y x ta y 2 Ta có giao điểm B1; 2
Vậy ( )P và( )d giao hai điểm A 2; 8 B1; 2 Câu 3: a) Thay m=2 vào ta có phương trình: x22x 5
2
1
60
Vậy phương trình có hai nghiệm phân biệt là:
2 b x
a b x
a
1 x
x
b) Phương trình:
2( 1) (2 1) x − m− x− m+ = có:
2
1
m m
m22m 1 2m1
2
m
0 , m
(20)c) Với m phương trình 1 ln có hai nghiệm phân biệt x x1, 2 thỏa mãn:
1 2
2
2
x x m
x x m
Yêu cầu toán tương đương: x1 x2
1 2
0 x x
x x
2
2
m m
1 m m
m
Vậy với m1 phương trình ( )1 ln có hai nghiệm vềgiá trị
tuyệt đối trái dấu
Câu 4:
a) Ta có: AKN 90 (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn); AHN 90 (CH AB)
Xét tứgiác AKNH có: AKNAHN180 ;
mà AKN AHN ởvịtrí đối
Vậy tứgiác AKNH nội tiếp đường tròn
b) Áp dụng hệthức lượng vào MAB vng A có AKMB suy
AM =MK MB
c) Có MA MC, hai tiếp tuyến O R, cắt M nên MO AC BC AC
MO
(21)Suy OMBKBC (so le trong) 1 ;
1
KACKBC sđKC (góc nội tiếp chắn KC) 2 Từ 1 2 ta KAC =OMB (đpcm)
d) Gọi BCAM P Vì MO // BC nên M trung điểm AP
Ta có MA AB
CH AB
MA // CH
Áp dụng định lý Talet ta được: HN BN CN
AM BM PM
Mà AM PM HNCN
Vậy N trung điểm CH
Đề số ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH BÌNH DƯƠNG NĂM HỌC 2017-2018 Câu (1 điểm)
Rút gọn biểu thức sau:
1 A=3 3+2 12− 27 B= (3− 5)2 + 5− Câu (1.5 điểm)
Cho parabol (P) :y=x2và đường thẳng (d) :y=4x+9 Vẽđồthị (P)
2 Viết phương trình đường thẳng (d1)biết (d1) song song với (d) (d1) tiếp
xúc với (P) Câu (2.5 điểm)
1 Giải hệphương trình
5 x y x y
− =
+ = −
Tính ( )2017
P= x+y vớix, yvừa tìm Cho phương trình
10
x − mx+ m= (1) ( với mlà tham số)
a.Giải phương trình (1) m=1
b.Tìm giá trị tham số 𝑚 đểphương trình (1) có hai nghiệm phân biệt
1
x , x2 thỏa mãn điều kiện 0x1− x2 =
Câu (1.5 điểm) Hai đội công nhân đắp đê ngăn triều cường Nếu hai đội làm ngày xong việc Nếu làm riêng đội I hồn thành cơng việc chậm đội
(22)Câu (3.5 điểm) Cho tam giácAMB cân tạiM nội tiếp đường tròn(O R; ) Kẻ MHvng
góc với AB (H∈AB) MH cắt đường trịn N Biết MA=10cm,AB=12cm Tính MH bán kính R đường trịn
2 Trên tia đối tia BA lấy điểmC, MC cắt đường tròn tạiD ND cắt AB E Chứng minh tứ giác MDEH nội tiếp chứng minh hệ thức
sau:
NB =NE ND AC BE =BC AE
3 Chứng minh NB tiếp xúc với đường tròn ngoại tiếp tam giácBDE LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH BÌNH DƯƠNG NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1.
1 A=3 3+2 12− 27=3 3+4 3−3 3=4
2 B= (3− 5)2 + 5− = −3 + ( 1− )2
= −(3 5)+ 1− = −3 5+ 1− =2
Câu 2. Vẽđồthị (P) (P) :y=x2
x −2 −1 2
y=x x 1
1 Phương trình đường thẳng (d1):y=ax b+ (a≠0)
• (d1) // (d) ⇒a=4, b≠9, suy đường thẳng (d1): y=4x b+ • Phương trình hồnh độgiao điểm đồthị (P) (d1)là:
4
x = x b+
4
x x b
⇔ − − = (*)
Ta có: 2
' b' ac ( 2) 1.( b) b
(23)Đểđường thẳng (d1) tiếp xúc với (P) phương trình (*) có nghiệm kép ' ⇔ ∆ = 4 b b ⇔ + = ⇔ = −
4 b ⇔ + =
4 b
⇔ = − (nhận)
Vậy phương trình đường thẳng (d1):y=4x−4
Câu 3. 1)
5 x y x y − = + = − ⇔
2 10
x y x y − = + = − ⇔
2 10
x y x y − = + = −
⇔
11 11 x y y − = = − ⇔ 11 11 x y y = + = − ⇔
2
1 x y = − = − ⇔ x y = = −
Vậy hệ phương trình có nghiệm (x; y)= (2; 1− )
• ( )2017 ( ) 2017 2017
2 1
P= x+y = + − = =
2 Cho phương trình
10
x − mx+ m= (1) ( với m tham số)
a Khi m 1= phương trình (1) trởthành:
10
x − x+ =
Vìa+ + = + −b c ( 10)+ =9 nên phương trình có hai nghiệm: x1 =1, x2 =9 b
10
x − mx+ m= (1) ( với mlà tham số)
Ta có: ( )2 2
' 5m 1.9m 25m 9m
∆ = − − = −
• Đểphương trình (1) có hai nghiệm phân biệt:
' ⇔ ∆ >
2
25m 9m
⇔ − >
(25 9)
m m
⇔ − >
0 m
⇔ < hay
25
m> • Khi m<0 hay
25
m> phương trình (1) có hai nghiệm phân biệt x1, x2 Theo hệthức vi-et ta có: ( )( )
1
10
x x m
x x m
+ =
=
• Theo u cầu tốn: 0x1− x2 = (4) Kết hợp (2) với (4) ta hệphương trình:
1 2
10 x x
x +x = m
− =
(24)⇔
9
x m
x m
=
=
Thay x1 =9m, x2 =m vào (3) ta phương trình: m m=9m
9 (m m 1)
⇔ − =
0 m
⇔ = ( loại) hay m=1(nhận)
Vậy m=1thì phương trình (1) có hai nghiệm phân biệt thỏa mãn yêu cầu
1 0x − x =
Câu 4. Gọi thời gian đội I làm riêng đắp xong đê x (ngày) Điều kiện : x>6
Gọi thời gian đội II làm riêng đắp xong đê y (ngày) Điều kiện: x> >y
Đối tượng
Sốngày hồn thành cơng việc
(ngày)
Sốcông việc làm ngày
Làm chung
6
Làm riêng
Đội thứ I x
x
Đội thứ II y
y
Phương trình 1
6
x+ =y (1)
Nếu làm riêng đội I hồn thành cơng việc chậm đội II ngày nên ta
có phương trình:
9
x− =y (2) Từ (1) (2) ta có hệphương trình:
1 1
x y
x y
+ =
− =
⇔ 6
9
y x xy
x y
+ =
= +
⇔
( ) ( )
6 9
9
y y y y
x y
+ + = +
= +
⇔
( ) ( )
2
3 54
9
y y
x y
− − =
= +
Từ (3) ⇔
3 54
y − y− =
Ta có: ( )2 ( )
' 4.1 54 225
∆ = − − − = >
Suy y1=9(nhận), y2 = −6(loại)
Thay y=9 vào (4) ta đượcx= + =9 18
Vậy thời gian đội I làm riêng đắp xong đê 18 ngày
(25)Câu 5.
1 TínhMH bán kínhRcủa đường
trịn
• Vì∆AMB tam giác cân, mà MH ⊥AB⇒
12
2
AB
AH =HB= = = cm
• Xét∆AHM vng tạiH
Ta có:
2 2
10
MH = MA −AH = − = cm
• Vì∆AMB nội tiếp đường trịn(O R; ) ⇒OA=OM =R
• Vì MH ⊥ AB,AH =HB (H∈AB,ABlà dây cung (O R; )) ⇒O∈MH ⇒MO+OH =MH hayR+OH =8cm
• Xét∆AHO vng tạiH
Ta có: 2
OA =HA +HO 2
( )
OA HA HM OM
⇔ = + −
⇔R2 =62+ −(8 R)2
2
36 64 16
R R R
⇔ = + − +
100 16R
⇔ − =
25 R cm
⇔ =
2
• Chứng minh tứgiácMDEH nội tiếp
Ta có: MDN=90° ( góc nội tiếp chắn nửa đường trịn)
Xét tứgiácMDEH có:
90 90 180
MDE+EHM = ° + ° = ° ( Hai góc đối diện bù nhau) ⇒tứgiácMDEH nội tiếp đường trịn
• Chứng minh rằng: NB =NE ND
Vì MN ⊥ AB H mà HA=HB (chứng minh trên) ⇒ NA=NB
Xét∆NBD và∆NEB có:
N góc chung
d
NDB= s NB, d
NBE= s NA( hai góc NDBvàNBE hai góc nội tiếp đường
tròn (O R; ))
Mà NA=NB⇒ NDB =NBE
x
E
D
N H M
O
A
(26)⇒∆NBD ∆NEB (g - g) NB ND
NE NB
⇒ =
2 NB NE ND
⇒ = (đpcm)
• Chứng minh rằng:AC BE =BC AE
Ta có: d
NDB= s NB, d
ADN = s NA( hai góc NDBvàADN hai góc nội tiếp
đường tròn (O R; )) Mà NA=NB ⇒ NDB= ADN ⇒DNlà tia phân giác góc ADB
⇒ AE DA
EB = DB ( tính chất tia phân giác) (1)
Mặt khác: MDN =90(chứng minh trên) ⇒ ND⊥DC⇒
90
MDA+ADN =CDB+BDN =
mà NDB=ADN(chứng minh trên) ⇒ BDC = ADM , ADM =CDx(đối đỉnh) ⇒BDC =CDx ⇒ DClà tia phân giác ngồi góc ADB
⇒ AC DA
BC = DB ( tính chất tia phân giác) (2) Từ (1),(2)⇒ AC AE
BC = EB ⇒ AC BE =BC AE (đpcm)
3 Chứng minh NB tiếp xúc với đường tròn ngoại tiếp tam giácBDE
Ta có: NDB=NBE (chứng minh trên) hay EDB =NBE
Xét đường tròn (O') ngoại tiếp ∆BDEcó:
EDB góc nội tiếp chắn cung BE
NBE góc có đỉnh B năm đường tròn tạo dây BE đường BN chắn cung BE
Mà EDB =NBE(chứng minh trên)
⇒Góc NBE phải góc tạo tiếp tuyến dây cung hay BN tiếp tuyến đường
tròn (O')
Hay NB tiếp xúc với đường tròn ngoại tiếp tam giácBDE(đpcm)
Đề số ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH BÌNH ĐỊNH NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: (1,5 điểm ) Cho
2
x A
x =
− ;
2
4
x B
x x
= +
−
+
a) Tính A x=9
(27)c) Tìm x để T nguyên
Câu 2: (1,5 điểm) Cho phương trình
– – –
x mx m =
a) Giải phương trình m=0
b) Tìm m đểphương trình có nghiệm x x1, trái dấu thỏa mãn
2 2 13 x +x =
Câu 3: (2 điểm) Một đám đất hình chữnhật có chu vi 24 m Nếu tăng độ dài cạnh
lên m giảm độdài cạnh cịn lại m diện tích mảnh đất tăng thêm m2
Tìm độdài cạnh hình chữnhật ban đầu
Câu 4: (4 điểm) Cho tam giác ABC (AB< AC) nội tiếp đường tròn tâm O.M điểm
nằm cung BC không chứa điểm A Gọi D, E, F hình chiếu M BC, CA, AB.Chứng minh rằng:
a) Bốn điểm M , B, D, F thuộc đường tròn bốn điểm M, D, E, C thuộc đường tròn
b) Chứng minh D, E, F thẳng hàng
c) BC AC AB
MD = ME+MF
Câu 5: (1 điểm) Cho a, b,c ba sốthực dương CMR:
5 5
3 3 a b c
a b c bc+ca+ab ≥ + +
-HẾT -
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH BÌNH ĐỊNH NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1:
a) Khi x=9: ta 9
A= =
−
b) Điều kiện: x≥0 ,x≠4
( ) ( )
( )( )
2 2 4
4
2 2
x x x x
x x
T A B
x
x x x x
+ − − −
= − = − + =
−
− + − +
( )( ) ( )( ) ( ( )( ) ) (( ))
2
2
2 4 4
2 2 2 2
x x
x x x x x x
x x x x x x x
− −
+ − + − − +
= = = =
− + − + − + +
c) 2 4
2 2
x x
T
x x x
− + −
= = = −
+ + +
T nguyên ( x+2)
{ }
2 1; 2;
x
(28)⇒ x+ =2 (loại) x+ = −2 (loại) x+ =2 x+ = −2 (loại) x+ =2 x+ = −2 (loại)
⇒ x=0 x=4(loại)
Vậy x=0
Câu 2:
a) Khi m=0 phương trình trởthành:
2
9
x − = ⇔ = ±x
b) Với a=1, b= −2m, b’ = −m, c= −6m–
2 2
' ( 3) 0,
b ac m m m m
∆ = − = + + = − ≥ ∀
Phương trình ln có nghiệm x x1, 2 với m Theo hệthức Viet ta có:
1 2
2
x x m
x x m
+ =
= − −
Phương trình có nghiệm trái dấu 1 2
x x m m −
⇔ < ⇔ − − < ⇔ >
Ta có : 2 13
x +x =
( )2
1 2 13
x x x x
⇔ + − =
2
(2 )m 2( 6m 9) 13
⇔ − − − − =
2
4m 12m
⇔ + + =
⇔
2
m=− (loại)
2
m=− (nhận)
Vậy
2
m=−
Câu 3:
Gọi x (m) cạnh thứnhất mảnh đất hình chữnhật y (m) cạnh thứhai mảnh đất hình chữnhật
Điều kiện: 0< <x 12, 1< <y 12
Diện tích mảnh đất ban đầu: x y (m2)
Theo đềta có phương trình: 2(x+y)=24 (m) (1)
Giảsửtăng độdài cạnh lên m giảm độdài cạnh lại 1m
Độdài cạnh thứnhất tăng m: x+2 (m)
Độdài cạnh lại giảm 1m: y−1 (m)
Diện tích mảnh đấtkhi thay đổi: (x+2)(y−1) (m2)
(29)Từ (1), (2) ta có hệphương trình:
( )
2 24 12
2
( 2)( 1)
x y x y x
x y y
x y xy
+ =
+ = =
⇔ ⇔
− + = =
+ − − =
Vậy kích thước mảnh đất lúc đầu là: m; m
Câu 4:
l
1
2 2 1
O
F B
C A
M D
E
a) Bốn điểm M, B, D, F thuộc đường tròn bốn điểm M , D, E, C thuộc đường trịn
Ta có: MF ⊥AB nên MFB= °90 MD⊥BC nên MDB= °90 Tứgiác MDBF có
90 90 180 MFB+MDB= ° + ° = °
Do tứgiác MDBF nột tiếp
Suy điểm M , B, D, F thuộc đường trịn
Ta có: MD⊥BC nên MDC= °90 MF ⊥AC nên MFC= °90
Suy ra: MDC=MFC= °90
Mà đỉnh D, F nhìn MC 1góc
Do tứgiác MDEC nột tiếp
Vậy điểm M , D, E, C thuộc đườngtròn b) Chứng minh D, E, F thẳng hàng
Vì tứgiác MDBF nội tiếp
(30)Vì tứgiác MDEC nội tiếp nên M 2 =D2
Mặt khác tứgiác MBAC nội tiếp
Nên B 1=C (góc ngồi tứgiác nội tiếp)
Do M 1=M2 (cùng phụvới B C 1; )
Suy ra: D 1=D2
Mà D 2+BDE=180°
Nên D 1+BDE=180°
Vậy, D, E, F thẳng hàng
c) BC AC AB
MD =ME +MF
Ta có :
AC AB AE EC AF FC AE EC AF FC
ME MF ME MF ME ME MF MF
+ −
+ = + = + + −
2
tanAME tanM tanAMF tanM
= + + −
Mà M 1=M2
Nên AC AB tanAME tanAMF
ME +MF = +
Mặt khác: tứgiác AFME nội tiếp nên:
AME=AFE=BMD AMF= AEF =DMC
Do đó: AC AB tanAME tanAMF
ME+MF = +
tanBMD tanMDC
= +
BD DC BD DC BC
MD MD MD MD
+
= + = =
Câu 5:
Ta có: a5 b5 c5 a6 b6 c6 (a3 2) ( )b3 ( )b3
bc+ca+ab= abc+abc+abc = abc + abc + abc
Áp dụng bất đẳng thức Cauchy – Schwarz :
5 5 3 3 3 3 3 3
( ) ( ) ( ) ( ) ( )( )
3
a b c a b b a b c a b c a b c
bc ca ab abc abc abc abc abc abc abc
+ + + + + +
+ + = + + ≥ =
+ +
Áp dụng bất đẳng thức AM – GM cho số a ,
b ,
c ta được:
3 3 3
3
a + +b c ≥ a b c = abc
(31)5 5 3 3 3 3
3 3
( )( ) ( )3
3
a b c a b c a b c a b c abc
a b c
bc ca ab abc abc
+ + + + + +
+ + ≥ ≥ = + + (đpcm)
Dấu “ ”= xảy a = b = c
Đề số ĐỀ VÀO 10 TỈNH BÌNH PHƯỚC NĂM HỌC 2017 – 2018
Câu 1.
1 Tính giá trị biểu thức sau: A= 16− 9, 1
2 3
B= +
− +
2 Cho biểu thức 1
2
x V
x x x
+
= +
+ −
với x>0, x≠0
a Rút gọn biểu thức V
b Tìm giá trị V x=
Câu 2.
1 Cho parabol
( ) :P y=2x đường thẳng d y: = +x
a Vẽparabol ( )P đường thẳng d hệtrục tọa độOxy
b Viết phương trình đường thẳng d1 song song với đường thẳng d
qua điểm A( 1;2).−
2 Khơng sửdụng máy tính giải hệphương trình
2 x y
x y
− =
+ =
Câu 3.
1 Cho phương trình : 2
2x −2mx+m − =2 ( )1 , với m tham số
a Giải phương trình ( )1 m=2
b Tìm giá trị mđể phương trình ( )1 có hai nghiệm x x1, 2 cho biểu thức A= 2x x1 2− −x1 x2−4 đạt giá trị lớn
2 Cho vườn hoa hình chữ nhật có diện tích 91m2 chiều dài lớn chiều rộng m Tìm chu vi vườn hoa?
Câu 4. Cho tam giác ABC vuông A, đường cao AH Biết BH =4cm , CH =9cm
a Tính độdài đường cao AH ABC tam giác ABC
b Vẽđường trung tuyến AM (M∈BC ) tam giác ABC, tính AM diện
tích tam giác AHM
Câu 5. Cho đường tròn ( )O đường kính AB Vẽtiếp tuyến Ax, với đường trịn ( )O ( A tiếp điểm) Qua C thuộc tia Ax, vẽđường thẳng cắt đường tròn ( )O hai
điểm D E ( D nằm C E; D E nằm vềhai phía đường thẳng )
AB Từ O vẽ OH vuông góc với đoạn thẳng DE H
(32)b Chứng minh: AC AE =AD CE
c Đường thẳng CO cắt tia BD , tia BE M N Chứng minh:
//
AM BN
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH BÌNH PHƯỚC Câu 1.
1 A= 16− = − =4
( )
1 3
4 3 (2 3)
B= + = + + − = =
−
− + + −
2 a Rút gọn biểu thức V với x>0, x≠0
1
2
2 2
( 2)( 2) ( 2)( 2)
2
( 2)( 2)
x V
x x x
x x x
V
x x x x x
x x
V
x x x
V x
+
= +
+ −
− + +
= +
+ − + −
+ =
+ −
= −
b 2 64
3
V x x
x
= ⇔ = ⇔ − = ⇔ =
− ( thỏa mãn đk)
Câu 2.
a Vẽđường thẳng d y: = +x parabol ( ) :P y=2x
Bảng giá trị
x −2 −1
2
y= x 2
x −1
1
y= +x
Vẽđồthị
f(x)=x+1 f(x)=2x^2
-9 -8 -7 -6 -5 -4 -3 -2 -1
-8 -6 -4 -2
(33)b Viết phương trình đường thẳng d1 song song với đường thẳng d qua
điểm A( 1;2).−
Phương trình đường thẳng d1 song song với đường thẳng d có dạng
y= +x b
d qua điểm A( 1;2)− nên ta có: − + = ⇒ =1 b b ⇒d1: y= +x Câu 3.
1 a Với m=2thay vào phương trình ( )1 ta được:
2x −4x+ =2 2(x 1)
⇔ − = ⇔ =x
Vậy với m=2 phương trình ( )1 có nghiệm x=1
b phương trình ( )1 có hai nghiệm x x1, 2 ⇔ ∆ ≥0 ⇔m2− ≤4 ⇔ − ≤2 m≤2
Theo Vi – et ta có: 2
2
2
x x m
m x x
+ =
= −
Theo đềbài ta có: A= 2x x1 2− −x1 x2−4
6 ( 3)( 2)
m m m m
= − − = − +
Do − ≤ ≤2 m 2nên m+ ≥2 0, m− ≤3 Suy
2 25 25
( 2)( 3) ( )
2 4 A= m+ − + = −m m + + = −m m− + ≤
Vậy A đạt giá trị lớn 25
4 m= Gọi x m( ) chiều rộng vườn hoa, x>0
Chiều dài vườn hoa x+6 (m) Theo đềbài ta có phương trình: ( 6) 91
x x+ = ⇔x2+6x−91 0= ⇔(x−7)(x+13)=0 7( ) 13( ) x tm
x ktm
= ⇔ = −
Vậy chu vi vườn hoa hình chữnhật 40m
Câu 4.
ABC
∆ có: BAC= °90 , AH ⊥BC ⇒ AH = BH CH = 4.9 =6 cm
ABH
∆ có: AHB= °90 ⇒ tan AH ABH
BH
= = ⇒ ABH ≈56,3°
a ∆ABC có: A= °90 , MB=MC (gt) 1.13 6,5
2
AM BC
⇒ = = = cm
M A
H
(34)1
.2,5.6 7,5
2
AHM
S∆ = MH AH = = cm2 Câu 5.
a Ta có: CAB = °90 , OHC = °90
180
CAB OHC
⇒ + = ° ⇒ Tứgiác AOHC nội tiếp
b Xét ∆ACD ∆ECA có: CAD =AEC , AEC chung ( )
ACD ECA g g
⇒ ∆ ∆
CA AD
AC AE AD CE CE AE
⇒ = ⇒ =
c Từ E vẽđường thẳng song song với MN cắt cạnh AB I cắt cạnh BD F
HEI HCO
⇒ =
Vì tứgiác AOHC nội tiếp ⇒HAO =HCO=HEI
Suyra tứgiác AHIE nội tiếp ⇒ IHE =IAE =BDE⇒HI BD//
Mà H trung điểm DE ⇒ I trung điểm EF
Ta có: FE// MN IE=FI ⇒O trung điểm đoạn thẳng MN
⇒ Tứgiác AMBN hình bình hành ⇒ AM BN//
Đề số ĐỀ THI TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH BÌNH THUẬN 2017-2018 Câu 1. (2 điểm)
Giải phương trình hệphương trình sau:
1
4 x − x+ =
2 11
2 x y x y
− =
+ = −
Câu 2. (1 điểm)
F
I O
H M
N C
E D
(35)Cho biểu thức A=2 5+3 45− 500 B= 20 Tính tích A B ?
Câu 3. (2 điểm)
Cho hàm số
4
y= x có đồthịlà ( )P Vẽđồthị (P):
2 Cho điểm A thuộc (P)có hồnh độ Tìm tham số m đểđường thẳng ( ) :d y= −x m quaA
Câu 4. (1 điểm) Một nhóm học sinh có kế hoạch trồng 200 tràm giúp gia đình bạn
An Vì có học sinh bị bệnh không tham gia nên học sinh lại phải
trồng thêm so với dựđịnh đểhoàn thành kế hoạch.(Biết sốcây học
sinh trồng nhau) Tính số học sinh thực tếđã trồng
Câu 5. (4 điểm ) Cho tứ giácABCDnội tiếp đường trịn tâm O, đường kínhAD=2R.Hai
đường chéo ACvà BDcắt E.Kẻ EFvng góc với ADtại F Chứng minh ABEFnội tiếp
2 Chứng minh DBC=DBF
3 Tia BF cắt ( )O K.Chứng minh EF / / CK
4 Giả sử
60
EFB= Tính theo Rdiện tích hình giối hạn dây BCvà cung
nhỏ BC
LỜI GIẢI ĐỀ THI TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH BÌNH THUẬN 2017-2018 Câu 1.
1
4 (a 1, , 3) x − x+ = = b= − c=
2
4 ( 4) 4.1.3 b ac
∆ = − = − − =
Do ∆ >0 nên phương trình có nghiệm phân biệt:
1 ; x2
2
b b
x
a a
− + ∆ − − ∆
= = = =
2
5 11
2
5 2( x) 11
1
x y
x y
x
y x
x y
− =
+ = −
− − − =
⇔ = − −
= ⇔ = −
Vậy hệphương trình có nghiệm (1; 3)− Câu 2.
2 45 500 10 5
A= + − = + − =
(36)20 B=
20 10 A B= = Câu 3.
1 Lập bảng giá trị:
x
4
−
2
−
2
1
y= x
1
Vẽđồthị
2
2
1 (4; y) (P) : y
4
A ∈ = x
⇒
.4 4
y= = ⇒A(4; 4)
Đường thẳng ( ) :d y= −x m qua A(4; 4)⇔ 4= −4 m ⇔ m=0
Vậy m=0thì ( ) :d y= −x m qua A(4; 4)
Câu 4.
Gọi x số học sinh, y sốcây em trồng (x>0 ;y>0)
Tổng sốcây em trồng: x y =200 (1)
Hai học sinh bị bệnh không tham gia: x−2
Mỗi học sinh trồng thêm cây: y+5
Khi tổng sốcây : (x 2)(y 5)− + =200 (2)
(37)Từ (1) , (2) :
200
( 2)(y 5) 200 x y
x =
− + =
⇔ 200
5 10 x y
x y =
− =
⇔
10 10
200
+ = +
=
y x
y y
⇔
10
2 10 1000
+ =
+ − =
y x
y y
⇔ 10
20 x y
= =
Vậy có tấc cả10 em tham gia trồng cây, em trồng 20
Câu 5.
1. 0
AF 90 90 180
ABE+ E= + = Suy tứ giác ABEF nội tiếp 2.CAD =CBD=DBF ( tứ giác ABEF nội tiếp )
3.Ta có
CAD=DAK=DBK
Suy ∆ACD= ∆AKD(cạnh huyền – góc nhọn)
/ /EF AC AK DC DK AD CK CK
=
⇒ =
⇒ ⊥
⇒
4.Ta có
60 60 120
EFB= ⇒BAC= ⇒BC=
H
K F
E
D O
A
B
(38)2
QuatOBC R S =π
Gọi OH đường cao tam giác OBC
0
0
2
.sin 30
3 cos 60
2
3
OBC
R
OH R
R
BH R
BC R
R S∆
= =
= =
⇒ =
=
Suy diện tích cần tính ( Phần tô đen )
2
3
3
quat OBC
R R
S −S∆ =π − (đơn vị diện tích)
Đề số 10 ĐỀ VÀO 10 THPT TỈNH BÌNH PHƯỚC NĂM HỌC 2017 – 2018 Ngày thi: 14/06/2017
Câu 1: (4,0 điểm)
a) Thực phép tính: 21− 16 25;
b) Giải phương trình 3x− = +5 x 2;
c) Biết với x=4thì hàm sốy=2x b+ có giá trị Tìm B
d) Giải phương trình: ( )
2x − −1 2 x− =0
Câu 2: (2,0 điểm) Một người xe đạp từ A đến B với vận tốc không đổi Khi từ B trở
về A, người tăng vận tốc 4km/h so với lúc đi, thời gian vềít thời
gian 30 phút Tính vận tốc lúc biết quãng đường AB dài 24km Câu 3: (1,0 điểm) Cho tam giác ABC vuông A Biết AB=5cm AC, =12cm
a) Tính cạnh BC;
b) Kẻđường cao AH Tính AH
Câu 4: (2,0 điểm) Cho nửa đường trịn ( )O đường kính AB Từ A B kẻ tiếp tuyến Ax By (Ax Bycùng thuộc nả mặt phẳng chứa nửa đường tròn ( )O ) Qua
điểm M thuộc nửa đường trịn (Mkhơng trùng với A B) kẻtiếp tuyến thứ
cắt tiếp tuyến Ax By E F
a) Chứng minh tứgiác AEMO tứgiác nội tiếp
b) AM cắt OE P, BMcắt OF Q Chứng minh tứgiác MPOQ hình chữ
nhật
Câu 5: (1,0 điểm) Cho hệphương trình: 2 2 2
6 x y m
x y m
+ =
+ = − +
(39)Hãy tìm giá trị m để hệphương trình có nghiệm ( )x y; cho biểu thức ( )
2
P=xy+ x+y đạt giá trịnhỏnhất Tìm giá trịnhỏnhất HƯỚNG DẪN GIẢI
Câu 1: a)21− 16 25=21 4.5− =21 20 1− =
b)3x− = +5 x 2⇔3x− = +x ⇔2x=7
2
x ⇔ = c) Thay x=4 vào ta có: y=2x+ =b 2.4+ = +b b
Mà y= ⇒ + = ⇔ = −5 b b
d) ( )
2x − −1 2 x− 2=0
2x x 2x
⇔ − + − = ⇔x(2x− +1) 2( x− =1)
(x 2)(2x 1)
⇔ + − = 1
2
2
x x
x x
+ = ⇔ = −
⇔ − = ⇔ =
Câu 2: Gọi vận tốc người lúc x (km/h; x∈R x; >0)
Thời gian người hết quãng đường AB là: 24
x (giờ)
Vận tốc người lúc vềlà x+4 (km/h)
Thời gian người hết quãng đường BA là: 24
4
x+ (giờ)
Do thời gian vềít thời gian 30 phút h
nên ta có phương trình:
24 24
4
x −x+ =
( )
( ) ( )
24 24
4
x x
x x x x
+
⇔ − =
+ +
( ) ( )
24 96 24 96
x x
x x x x
+ −
⇔ = ⇔ =
+ +
2
4 192 192
x x x x
⇔ + = ⇔ + − = 12
16 x x
= ⇔ = −
So với điều kiện ta có x=12 thỏa mãn
Vậy vận tốc người lúc 12 km/h
Câu 3:
H
A C
(40)a) ∆ABC vuông A nên theo định lí Pi-ta-go ta có:
2 2 2
5 12 169
AB +AC =BC ⇔BC = + = ⇔BC=13 cm( ).(Vì độdài BC sốdương) b) Ta có diện tích tam giác ABC tính sau:
1
2
ABC ABC
S = AB AC⇒AB AC= S
Hoặc:
2
ABC ABC
S = BC AH ⇒BC AH = S ⇒AB AC =BC AH =2SABC
( )
5.12 60
cm 13 13
AB AC AH
BC
⇔ = = =
Câu 4:
a)EMlà tiếp tuyến ( )O nên EM ⊥OM ⇔EMO= °90 EA tiếp tuyến ( )O nên EA⊥OA⇔EAO= °90
Tứgiác AEMO có: EMO=EAO= °90 mà góc ởvịtrí đối ⇒AEMO
tứgiác nội tiếp (dấu hiệu nhận biết)
b) Xét ∆AEO ∆MEO có: EO chung;
AO=MO;
90
EMO=EAO= ° AEO MEO
⇒ ∆ = ∆ (cạnh huyền – cạnh góc vng)
EA EM E
⇒ = ⇒ ∈ trung trực đoạn MA
Mà OA=OM = ⇒ ∈R O trung trực đoạn MA OE
⇒ trung trực AM OE AM
⇒ ⊥ hay OP⊥PM ⇒OPM= °90
y
x
Q P
F
E
B O
A
(41)Điểm M∈( )O đường kính AB ⇒AMB= °90 hay PMQ= °90 Chứng minh tương tựta có: OQM= °90
Xét tứgiác OPMQ có: OPM =OQM =PMQ= °90 OPMQ
⇒ hình chữnhật (dấu hiệu nhận biết) Suy điều phải chứng minh
Câu 5:
1. 2
6 x y m
x y m
+ =
+ = − +
( )2
2 2 2 2 2
6 6
y m x
y m x y m x
x y m x m x m x m mx x m
= −
= − = −
⇔ ⇔ ⇔
+ = − + + − = − + + − + = − +
2 2
2 2
y m x y m x
x mx m x mx m
= − = −
⇔ ⇔
− + − = − + − =
Hệ phương trình cho có nghiệm ⇔ phương trình 2
3
x −mx+m − = có
nghiệm
( )
2 2
4 12
m m m m
⇔ ∆ = − − ≥ ⇔ − + ≥
2
12 3m m
⇔ − ≥ ⇔ ≤
2 m ⇔ − ≤ ≤
Với m thỏa mãn − ≤ ≤2 m phương trình có nghiệm ( )x y; Khi ta có:
( ) ( )2 ( 2 2) ( )
2
2
P=xy+ x+y = x+y − x +y + x+y
( ) ( )
2 2
1
6 2
2
P m m m m m
⇔ = − − + + = − +
( )2
2
2 4
P m m m m m
⇔ = + − = + + − = + −
Nhận xét: ( )2
1
m+ ≥ ∀ ∈ −m [ 2; 2], dấu xảy ⇔ = −m thỏa mãn điều
kiện
4 P ⇒ ≥ −
Dấu xảy ⇔ = −m
Vậy minP= −4 m= −1
Đề số 11 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 THÀNH PHỐ CẦN THƠ NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: Giải phương trình hệphương trình sau tập sốthực:
a)
(42)b) 10
− =
− =
x y x y
c) ( )4 ( )2
1
− − − − =
x x
Câu 2: Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho parabol ( )P :
2
=
y x đường thẳng
( )d :
4
= +
y x
a) Vẽđồthị ( )P
b) Gọi A x y( 1; 1) B x y( 2; 2) giao điểm ( )P với đường thẳng ( )d Tính
giá trị biểu thức 2
+ =
+
x x
T
y y
Câu 3: Cho biểu thức 1 1
1
1
= + + −
−
+ −
P
x
x x x , (x>0, 1x≠ ) Rút gọn biểu
thức P tìm giá trị x để P>1
Câu 4: Để chuẩn bị tham gia Hội khỏe Phù Đổng cấp trường, thầy Thành giáo viên
chủnhiệm lớp 9A tổ chức cho học sinh lớp thi đấu mơn bóng bàn ởnội
dung đánh đôi nam nữ (một nam kết hợp với nữ) Thầy Thành chọn
2 số
học sinh nam kết hợp với
8 số học sinh nữ lớp để lập thành cặp thi đấu
Sau chọn số học sinh tham gia thi đấu lớp 9A cịn lại 16 học sinh
làm cổđộng viên Hỏi lớp 9A có tất cảbao nhiêu học sinh?
Câu 5: Cho phương trình ( )
4
− + − + + =
x m x m m (mlà tham số) Tìm giá trị
nguyên m đểphương trình cho có hai nghiệm phân biệt cho tích
hai nghiệm −30 Khi đó, tính tổng hai nghiệm phương trình
Câu 6: Cho tam giác ABC có ba góc nhọn Đường trịn ( )O đường kính BC cắt cạnh AB, AC điểm D E Gọi H giao điểm hai đường
thẳng CD BE
a) Chứng minh tứgiác ADHE nội tiếp đường tròn Xác định tâm I đường tròn
b) Gọi M giao điểm AH BC Chứng minh: CM CB =CE CA
c) Chứng minh ID tiếp tuyến đường tròn ( )O
d) Tính theo R diện tích tam giác ABC, biết ABC=45°, ACB= °60
2
=
(43)LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 THÀNH PHỐ CẦN THƠ NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: a) Giải phương trình
( ) ( )
2
2 10 4.2.10
− + =
∆ = − − =
x x
Vì ∆ >0 nên phương trình ( )1 có hai nghiệm phân biệt:
2
9
4
9
+
= =
−
= =
x x
Vậytập nghiệm phương trình cho 2;5
=
S
b) 9 2( )3
3 10 30 21 3
− − =
− = − = − = =
⇔ ⇔ ⇔ ⇔
− = − = = − = −
= −
x
x y x y x y x
x y x y y y y
Vậy hệphương trình cho có nghiệm (1; 3− ) c) ( )4 ( )2 ( )
1
− − − − =
x x
Đặt ( )2 2
1
− =
x t (t≥0)
Khi phương trình ( )1 trởthành:
( )
( ) ( )
2
2
8 4.1 100 − − =
∆ = − − − =
t t
Vì ∆ >0 nên phương trình ( )2 có hai nghiệm phân biệt:
8 100
+
= =
t (thoảmãn)
2
8 100
−
= = −
t (không thoảmãn)
Với t=9 ta có:
( )2
1
1
− =
− = =
⇔ ⇔
− = − = −
x
x x
x x
Vậy tập nghiệm phương trình cho là: S= −{ 2; 4}
Câu 2: a) Vẽđồthị ( )P
Ta có:
(44)2
1
=
y x 2
Vậy đồthịhàm số
2
=
y x qua điểm C(−4;8), D(−2; 2), O( )0; , A( )2; , F( )4;8
b) Phương trình hoành độgiao điểm ( )P ( )d là:
( )
( ) ( )
2
2
1
2
2
1 4.2 49
= + ⇔ − − =
∆ = − − − =
x x x x
Vì ∆ >0 nên phương trình ( )1 có hai nghiệm phân biệt:
2
1 49
2
4
1 49
4
+
= = ⇒ =
−
= = − ⇒ =
x y
x y
Suy đường thẳng ( )d cắt ( )P tạo thành hai điểm phân biệt A( )2; , 9;
−
B
Khi đó:
1 2
3
4 25
8
+ −
+
= = =
+ + x x
T
y y
Vậy
25
=
T
Câu 3: 1 1
1
1
= + + −
−
+ −
P
x
(45)( )
( )( )
1 1
1
2
1
1
+ − + + −
= ⋅
− − +
= ⋅ =
+ −
x x x
x x
x x
x x x x
Để P>1 thì:
2 2
1 −
> ⇔ − > ⇔ x >
x x x
Với x>0, x≠1 ta có: x >0 2− x > ⇔ <0 x
Kết hợp với điều kiện x>0, x≠1 ta 0< <x 4, x≠1 thoảmãn yêu cầu
toán
Câu 4: Gọi số học sinh nam lớp 9A x (học sinh), x>0
Số học sinh nữ lớp 9A y (học sinh), y>0
2 số học sinh nam lớp 9A là:
2x (học sinh)
8 số học sinh nữ lớp 9A là:
8y (học sinh)
Thầy Thành chọn
2 số học sinh nam kết hợp với
8 số học sinh nữnên ta có
phương trình:
( )
1
0 2x−8y=
Tổng số học sinh lớp 9A là: x+y (học sinh)
Tổng số học sinh chọn đểtham gia thi đấu là:
2x+8y (học sinh)
Sau chọn số học sinh tham gia thi đấu lớp 9A cịn lại 16 học sinh
làm cổđộng viên nên ta có phương trình: ( ) 16 2( )
2
+ − + =
x y x y
Từ ( )1 ( )2 ta có hệphương trình:
( ) ( )
1 5
0
20 16
2 2 8
tm
2
1 16
16 16 16
2 8
− =
− =
− ⋅ = =
⇔ ⇔ ⇔
=
+ − + = + = =
x y x y
x x
y
x y x y x y y
Số học sinh nam lớp 9A 20 học sinh
Số học học sinh nữ lớp 9A 16 học sinh
Vậy số học sinh lớp 9A 36 học sinh
(46)( ) ( )
( ) ( )
( )
2
2 2
2
2
4
4 4.1
8 16 20 12
9 12
− + − + + =
∆ = − + − − + +
= + + + − −
= − + = − > ∀ ∈
x m x m m
m m m
m m m m
m m m m
Vì ∆ > ∀ ∈0 m nên phương trình ( )1 có hai nghiệm phân biệt Gọi x1, x2 hai nghiệm phương trình ( )1
Theo hệthức Viet ta có: 2
4
+ = +
= − + +
x x m
x x m m
Theo đềbài ta có: x x1 = −30
( )
( )
2
2 30 33
3 tm, 11
ktm,
⇒ − + + = −
⇔ − + + =
= − ∈
⇔ = ∉
m m
m m
m m
m m
Với m= −3 ta có: x1+x2 = + = − + =m 4
Vậy tổng hai nghiệm phương trình
Câu 6:
a) Xét đường trịn ( )O ta có:
BDC BEC hai góc nội tiếp chắn nửa đường tròn
90
⇒BDC=BEC= °
Xét tứgiác ADHE có: BDC +BEC= ° + ° =90 90 180° mà hai góc đối nên
tứgiác ADHE nội tiếp đường trịn
Ta có ∆ADH ∆AEH nội tiếp đường trịn có đường kính AH
Nên tứgiác ADHE nội tiếp đường trịn tâm I, đường kính AH hay I
(47)b) Vì tứgiác ADHE nội tiếp nên HAE=EDC (hai góc nhìn đoạn HE)
Mà EBC =EDC (hai góc nội tiếp chắn cung EC đường tròn ( )O )
⇒CAM =CBE
Trong ∆ABC có BE⊥ AC, CD⊥AB (cm ởcâu a)
Mà BE∩CD=H
Nên H trực tâm ∆ABC ⇒AH ⊥BC M
⇒ ∆∆CAM vuông M
Xét hai tam giác vuông ∆CAMvà ∆CBE có:
=
CAM CBE (cmt)
( )
g.g ⇒ ∆CAM ∽∆CBE ⇒ AC =CM
BC CE (các cặp cạnh tương ứng tỉ lệ)
⇒AC CE=BC CM (đpcm)
c) Ta có: IHD =IDH (∆IHD cân I , ID=IH : bán kính ( )I ) ( )1
Mà IHD =CHM (đối đỉnh) ( )2 Từ ( )1 ( )2 suy CHM =IDH ( )3
Ta lại có: ODC =OCD (∆ODC cân O, OD=OC: bán kính ( )O )
Hay OCD =MCH ( )4
Xét ∆MHC vng H có: CHM +MCH = °90 Từ ( )3 ( )4 suy IDH +ODC= °90
⇒ID⊥DO D∈( )O
Vậy IDlà tiếp tuyến ( )O
d) Ta có AM ⊥BC (cmt)
Xét tam giác vng ∆ABM ∆ACM có:
tan
tan 45 tan
tan
tan 60 tan
= ⇒ = = =
°
= ⇒ = = =
°
AM AM AM
B BM AM
BM B
AM AM AM AM
C MC
MC C
Mà BM +CM =BC=2R
2
(48)( )
( ) ( )
3
2 3
3
3
⇔ + =
−
⇔ = = = −
+ AM R
R R
AM R
Diện tích tam giác ABC là:
( ) 2( )
1
3 3
2
= = − = −
ABC
S AM BC R R R (đvdt)
Đề số 11 ĐỀ VÀO 10 THPT TỈNH CAO BẰNG NĂM HỌC 2017 – 2018 Ngày thi: 14/06/2017
Câu (4,0 điểm)
a) Thực phép tính: 21− 16 25;
b) Giải phương trình 3x− = +5 x 2;
c) Biết với x=4thì hàm sốy=2x b+ có giá trị Tìm B
d) Giải phương trình: ( )
2x − −1 2 x− =0
Câu (2,0 điểm) Một người xe đạp từ A đến B với vận tốc không đổi Khi từ B trởvề
A, người tăng vận tốc 4km/h so với lúc đi, thời gian thời gian 30 phút Tính vận tốc lúc biết quãng đường AB dài 24km
Câu 3. (1,0 điểm) Cho tam giác ABC vuông A Biết AB=5cm AC, =12cm
a) Tính cạnh BC;
b) Kẻđường cao AH Tính AH
Câu (2,0 điểm)Cho nửa đường trịn ( )O đường kính AB Từ A B kẻtiếp tuyến Ax
và By (Ax Bycùng thuộc nả mặt phẳng chứa nửa đường tròn ( )O ) Qua điểm M
thuộc nửa đường trịn (Mkhơng trùng với A B) kẻtiếp tuyến thứ cắt tiếp tuyến Ax
và By E F
a) Chứng minh tứgiác AEMO tứgiác nội tiếp
b) AM cắt OE P, BMcắt OF Q Chứng minh tứgiác MPOQ hình chữ
nhật
Câu 5. (1,0 điểm) Cho hệphương trình: 2 2 2
6 x y m
x y m
+ =
+ = − +
(m tham số)
Hãy tìm giá trị m để hệphương trình có nghiệm ( )x y; cho biểu thức ( )
2
P=xy+ x+y đạt giá trịnhỏnhất Tìm giá trịnhỏnhất
HƯỚNG DẪN GIẢI
Câu
(49)b) 3x− = +5 x 3x x
⇔ − = +
2x
⇔ =
7
x ⇔ =
c) Thay x=4 vào ta có: y=2x b+ =2.4+ = +b b
Mà y= ⇒ + = ⇔ = −5 b b
d) ( )
2x − −1 2 x− =0
2x x 2x
⇔ − + − =
(2 1) 2( 1)
x x x
⇔ − + − =
(x 2)(2x 1)
⇔ + − =
2
1
2
x x
x x
+ = ⇔ = −
⇔ − = ⇔ =
Câu 2.
Gọi vận tốc người lúc x (km/h; x∈R x; >0)
Thời gian người hết quãng đường AB là: 24
x (giờ)
Vận tốc người lúc vềlà x+4 (km/h)
Thời gian người hết quãng đường BA là: 24
4
x+ (giờ)
Do thời gian vềít thời gian 30 phút h
nên ta có phương trình:
24 24
4
x −x+ =
( )
( ) ( )
24 24
4
x x
x x x x
+
⇔ − =
+ +
( ) ( )
24 96 24 96
x x
x x x x
+ −
⇔ = ⇔ =
+ +
2
4 192 192
x x x x
⇔ + = ⇔ + − =
12 16 x x
= ⇔ = −
So với điều kiện ta có x=12 thỏa mãn
Vậy vận tốc người lúc 12 km/h
(50)a) ∆ABC vuông A nên theo định lí Pi-ta-go ta có:
2 2 2
5 12 169
AB +AC =BC ⇔BC = + = ⇔BC=13 cm( )
(Vì độdài BC sốdương)
b)Ta có diện tích tam giác ABC tính sau:
1
2
ABC ABC
S = AB AC⇒AB AC= S
Hoặc:
2
ABC ABC
S = BC AH ⇒BC AH = S
ABC AB AC BC AH S
⇒ = =
( )
5.12 60
cm 13 13
AB AC AH
BC
⇔ = = =
Câu
a).EM tiếp tuyến ( )O nên EM ⊥OM ⇔EMO= °90
H
A C
B
y
x
Q P
F
E
B O
A
(51)EA tiếp tuyến ( )O nên EA⊥OA⇔EAO= °90
Tứgiác AEMO có: EMO=EAO= °90 mà góc ởvịtrí đối ⇒AEMO
tứgiác nội tiếp (dấu hiệu nhận biết)
b) Xét ∆AEO ∆MEO có: EO chung;
AO=MO;
2. EMO=EAO= °90 AEO MEO
⇒ ∆ = ∆ (cạnh huyền – cạnh góc vng)
EA EM E
⇒ = ⇒ ∈ trung trực đoạn MA
Mà OA=OM = ⇒ ∈R O trung trực đoạn MA OE
⇒ trung trực AM OE AM
⇒ ⊥ hay OP⊥PM ⇒OPM= °90
Điểm M∈( )O đường kính AB ⇒AMB= °90 hay PMQ= °90 Chứng minh tương tựta có: OQM= °90
Xét tứgiác OPMQ có: OPM =OQM =PMQ= °90 OPMQ
⇒ hình chữnhật (dấu hiệu nhận biết) Suy điều phải chứng minh
Câu 6: 2
6 x y m
x y m
+ =
+ = − +
( )2
2 2 2 2 2
6 6
y m x
y m x y m x
x y m x m x m x m mx x m
= −
= − = −
⇔ ⇔ ⇔
+ = − + + − = − + + − + = − +
2 2
2 2
y m x y m x
x mx m x mx m
= − = −
⇔ ⇔
− + − = − + − =
Hệ phương trình cho có nghiệm ⇔ phương trình 2
3
x −mx+m − = có
nghiệm
( )
2 2
4 12
m m m m
⇔ ∆ = − − ≥ ⇔ − + ≥
2
12 3m m
⇔ − ≥ ⇔ ≤
2 m ⇔ − ≤ ≤
Với m thỏa mãn − ≤ ≤2 m phương trình có nghiệm ( )x y; Khi ta có:
( ) ( )2 ( 2 2) ( )
2
2
P=xy+ x+y = x+y − x +y + x+y
( ) ( )
2 2
1
6 2
2
P m m m m m
⇔ = − − + + = − +
( )2
2
2 4
P m m m m m
(52)Nhận xét: ( )2
1
m+ ≥ ∀ ∈ −m [ 2; 2], dấu xảy ⇔ = −m thỏa mãn điều
kiện
4 P ⇒ ≥ −
Dấu xảy ⇔ = −m
Vậy minP= −4 m= −1
Đề số 12 ĐỀ VÀO 10 THPT TỈNH ĐĂK LĂK NĂM HỌC 2017 – 2018 Câu 1. (1,5 điểm)
1) Giải phương trình: 5x−18=3x+24
2) Rút gọn biểu thức 4x+ 9x− 16x với x≥0 3) Tìm x để biểu thức A= 3− x có nghĩa Câu 2. (2,0 điểm)
1) Giải hệphương trình: 222
3
x y
x y
+ =
− =
2) Tính chiều dài chiều rộng hình chữnhật Biết tăng
chiều dài chiều rộng lên 4cm ta hình chữnhật có diện tích tăng
thêm 80cm2 so với diện tích hình chữnhật ban đầu, cịn tằng chiều dài
lên 5cm giảm chiều rộng xuống cm ta hình chữnhật có
diện tích diện tích hình chữnhật ban đầu
Câu 3. (2,0 điểm)
1) Tìm m đểphương trình x2−2(m+2)x+6m+ =2 có hai nghiệm mà nghiệm
này gấp đơi nghiệm
2) Tìm tất cảcác giá trị m sốnguyên khác −1sao cho giao điểm đồthị
hàm số y=(m+2)x 2
y= +x m + có tọa độ cácsốnguyên Câu 4. (3,5 điểm)
Cho đường trịn tâm O bán kính R đường thẳng d cốđịnh không giao
nhau Hạ OH vng góc với d M điểm tùy ý d (M không trùng
với H) Từ M kẻhai tiếp tuyến MP MQ với đường tròn (O R; ) (P, Q
tiếp điểm tia MQ nằm hai tia MH MO) Dây cung PQ cắt OH OM I K
1) Chứng minh tứgiác OMHQ nội tiếp 2) Chứng minh OMH =OIP
3) Chứng minh điểm M di chuyển đường thẳng d điểm I
ln cốđịnh
(53)Câu 5. (1,0 điểm)
Cho hai sốthực dương x, y thỏa mãn xy=1 Tìm giá trịnhỏnhất biểu thức:
2
1 M x y
x y
= + +
+ + HƯỚNG DẪN GIẢI
Câu 1. (1,5 điểm)
1) 5x−18=3x+24⇔2x=42⇔ =x 21
2) Với x≥0 ta có: 4x+ 9x− 16x =2 x+3 x−4 x = x 3) Biểu thức A có nghĩa 3 5
3
x x x
− ≥ ⇔ ≤ ⇔ ≤
Câu 2. (2,0 điểm)
1) ( )
( )
2 2
2
3 2
x y x y
+ =
− =
Từphương trình ( )2 suy
2 y
x= + , thay vào phương
trình ( )1 ta được:
( )
( )
2
2
2
2
2
2 22 23
9 23 VN
y y
y y y y
y
+ =
+ = ⇔ + − = ⇔ ⇔ = ±
= −
⇒ =x
Vậy hệcó nghiệm ( ) ( ) (x y; = 1;1 , 1; 1− )
2) Gọi x; y (cm) chiều dài, chiều rộng hình chữnhật ban đầu ĐK:
2
x≥ >y
Diện tích hình chữnhật sau tăng hai kích thước là: (x+4)(y+4)( )cm2 Diện tích hình chữnhật sau tăng chiều dài giảm chiều rộng là:
(x+5)(y−2)( )cm2
Theo đềta có hệ: ( )( )
( )( )
4 80 16 10
2 10
5
x y xy x y x
x y y
x y xy
+ + − =
+ = =
⇔ ⇔
− + = =
+ − − =
(Thỏa mãn
ĐK)
Vậy chiều dài chiều rộng 10 cm cm
Câu 3. (2,0 điểm)
1) Phương trình có nghiệm x1, x2 ⇔ ∆ ≥′
( ) ( ) ( )
2 2
2 2 1
m m m m m
⇔ + − + ≥ ⇔ − + ≥ ⇔ − + ≥ (luôn với m)
Theo hệthức Vi-et ta có: ( ) ( )
( )
1 2
2
6 2
x x m
x x m
+ = +
= +
(54)Từ ( )1 ( )3 ta có: ( )
( )
( )
1
1
2
4
2 3
2
2
3
m x
x x m
m
x x
x
+
=
+ = +
⇔
+ =
=
( )4
Thay ( )4 vào ( )2 ta được:
( ) ( ) ( )( )
1 2
11 7 7
3
4 m
m m
m m m m m
m =
+ +
= + ⇔ − + = ⇔ − − = ⇔
=
2) Xét phương trình hoành độ giao điểm hai đồthị:
( ) ( ) 2
2 2
1
m
m x x m m x m x m
m m
+
+ = + + ⇔ + = + ⇔ = = − +
+ +
(với m≠ −1)
Do x∈ ⇔ 3(m+ ⇔ + ∈ ± ± ⇒ ∈ − −1) m { 1; 3} m { 4; 2; 0; 2}
+) Với m=0: x y
= =
(Thỏa mãn)
+) Với m= −2: x y
= − =
(Thỏa mãn)
+) Với m= −4: 12 x y
= − =
(Thỏa mãn)
+) Với m=2: x y
= =
(Thỏa mãn)
Vậy m∈ − −{ 4; 2; 0; 2} thỏa mãn yêu cầu toán Câu 4. (3,5 điểm)
(55) 90
OHM = ° (OH ⊥d); OQM= °90 (MQ tiếp tuyến ( )O Q)
Vậy tứgiác OMHQ nội tiếp 2) Chứng minhrằng OMH =OIP
OP=OQ=R; MP=MQ (MP; MQ hai tiếp tuyến ( )O ) OM
⇒ trung trực PQ 90 OM PQ OKI
⇒ ⊥ ⇒ = °
Do đó: OIP +HOM = °90 OMH +HOM = °90 ⇒OMH =OIP (đpcm) 3) Chứng minh điểm M di chuyển đường thẳng d điểm I
ln cốđịnh
Xét ∆OIK ∆OMH có: OIK =OMH (cmt) OKI =OHM = °90
⇒ ∆OIK đồng dạng với ∆OMH (g-g) OI OK OI OH OK OM
OM OH
⇒ = ⇒ = ( )1
Mặt khác: ∆OPM vng P có PK ⊥OM ⇒OK OM =OP2 =R2 ( )2 Từ ( )1 ( )2 suy
OI OH =R (không đổi)
Mà O d cốđịnh nên OH không đổi ⇒OI không đổi Vậy điểm I ln cốđịnh (I∈OH)
4) Biết OH =R 2, tính IP IQ
Ta có: 2
2
R R R
OI OH R OI
OH R
= ⇒ = = =
2
2
R R
IH OH OI R
⇒ = − = − =
Lại có: OHM =OQM =OPM = °90 (theo gt)
⇒ M; P; O; Q H thuộc đường trịn đường kính OM
Xét ∆OIP ∆QIH có: OIP =QIH (đối đỉnh) OPI =QHI (góc nội tiếp
cùng chắnc ung OQ)
⇒ ∆OIP đồng dạng với ∆QIH (g-g)
2
2
IP IH R
IP IQ OI IH OI IQ
⇒ = ⇒ = =
Câu 5. Với ; x y xy
> =
ta có: ( )
2
4
x+y ≥ xy= ⇒ + ≥x y
Đặt t= +x y; t≥2
Khi đó: 2 ( )2 3 2
2
1 1
t t t
M x y x y xy t
x y x y t t
+ − +
= + + = + − + = − + =
+ + + + + +
( )( ) ( ) ( )( )
2 3
3
1
t t t t t t t
t t
− + + + + − + +
= = + ≥
+ + (Vì t≥2)
Vậy 2
1 x y
M t x y
xy + =
= ⇔ = ⇔ = ⇔ = =
(56)Đề số 13 ĐỀ VÀO 10 THPT TỈNH ĐĂK NÔNG NĂM HỌC 2017 – 2018 Bài a) Xác định hệsốa; b; c tính biệt thức ∆ phương trình bậc hai
2
2x +5x 0+ = b) Giải hệphương trình x y 10
3x y
− =
+ =
Bài Cho biểu thức
( x x 1)( ) x x ( )
A : x x 0;x
x x x x
+ −
= − + > ≠
− + − −
a) Rút gọn biểu thức A
b) Tìm tất cảcác giá trị x để A =
Bài Cho Parabol (P):y 2x= và đường thẳng (d) có phương trình y 3x m 1= + −
a) Vẽparabol (P)
b) Tìm tất cảcác giá trịtham sốm đểđường thẳng (d) cắt Parabol (P) hai điểm phân biệt
Bài Cho tam giác ABC cân A nội tiếp đường tròn (O), đường cao AM, BN, CQ
cắt K
a) Chứng minh AQKN nội tiếp đường tròn Xác định tâm I đường tròn
b) Chứng minh AQ.AC AK.AM=
c) Chứng minh MN tiếp tuyến đường tròn ngoại tiếp tứgiác AQKN
Bài Tìm m đểphương trình x4+2mx2 + =4 0 có nghiệm phân biệt
1
x ;x ;x ;x thỏa:
4 4 4
x +x +x +x =32
(57)( )( )
( )( ) ( )( )
2
3
1)a)2x 5x cãa 2;b 5;c 1vµ 4.2.1 17 x y 10 4x 12 x x b)
3x y y 3x y 3.3 y
Vậy hệ phương trình có nghiệm (x;y) (3; 7)
x x x x
2) A : x
x x x x
x x x
x x x
+ + = = = ∆ = − =
− = = = =
⇔ ⇔ ⇔
+ = = − = − = −
= −
+ −
= − +
− −
− +
+ − +
= −
−
− +
( )( )
( )( )
x x x :
x x x x x 1
x x x x
x x x x x x x x
x x
x x x 2x x x
x x x
b) A 3 x x x 1(v« lý)
x
vậy khơng có x để A 3)a) Họcsinh tự vẽ h nh
b) Ta có phương trình hồnh độ gia
− +
−
+ − + −
= − −
− +
− + − − − + + − −
= + =
− − −
− −
= =
−
= ⇔ = ⇔ − = ⇔ = −
= ×
2
2
o điểm (P) (d) : 2x 3x m 2x 3x m 0(1)
( 3) 4.2.(1 m) 8m 8m
Để(d)cắt (P) haiđiểm phân biệt pt (1)có hai nghiƯm ph©n biƯt
1
0 8m m
= + − ⇔ − + − =
∆ = − − − = − + = +
− ⇒ ∆ > ⇔ + > ⇔ >
Cau
I
N Q
K
C B
A
(58) 0
a) Ta cã :AQK ANK 90 90 180 AQKN tứ giác nội tiếp ta gọi I trung điểm AK
AQK vuông Q có QI ®êng trung tun øng víi c¹nh hun QI AI KI (1).Cmtt AI IN IK (2)
Tõ (1) vµ (2) I tâm đường tr òn ngoại tiếp AQKN b)Vì BAC cân có AM
+ = + = ⇒ ∆ ⇒ = = ⇒ = = ⇒ ∆
0 0
®êng cao BAM MAC XÐt AQK vµ AMC cã BAM MAC (cmt);Q M 90
AQ AK
AQK AMC (g.g) AQ.AC AM.AK
AM AC
c) Ta cã :KMC KNC 90 90 180 KMCN tứ giác nội tiếp AKN MCN (3)
mà BNC vuông N có NM trung tuyến MN MC NMC cân M MCN MN
⇒ = ∆ ∆ = = = ⇒ ∆ ∆ ⇒ = ⇒ = + = + = ⇒ ⇒ = ∆ ⇒ = ⇒ ∆ ⇒ = I C (4)
l¹i cã IK IN R IKN cân I IKN INK (5) Từ (3);(4);(5) INK MNC
INK KNM KNM MNC INM KNC 90 vµ N (I) MN lµ tiÕp tun cđa (I)
= = ⇒ ∆ ⇒ = ⇒ = ⇒ + = + ⇒ = = ∈ ⇒ Bài
2 2 2
4
1 4 4
1
4 4
1 3
2
Chú ý : phương trình ax bx c 0có nghiệm phân biệt gi ả sử x x ;x x
Phong tr nh x 2mx (1)cã nghiÖm x ;x ;x ;x tháa :x x x x 32
2x 2x 32 x x 16
Đặt x t (t 0)(1) t 2mt 0(2) Bài toán + + = = = ì + + = + + + = ⇔ + = ⇔ + = = ≥ ⇔ + + = ( ) 2 2 2
1 2
1 2 2
1
trở thành tìm m để phương trình (2)có nghiệm dương phân biệt thỏa mãn t t 16
' m 2
m
b m 2
t t 2m 0
a m 0 m 6
4 c
t t 4m 8 16
a t t 2t t 16
t t 16 + = ∆ >
< −
− − >
>
+ = > − >
⇔ ⇔ ⇔ < ⇔ = −
>
= > − =
+ − =
+ =
(59)Đề sô 14 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH ĐỒNG NAI NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1) Giải phương trình
9 20 x − x+ = 2) Giải hệphương trình: {2
5
+ =
− =
x y
x y
3) Giải phương trình:
2
− − =
x x
Câu Cho hai hàm số: y 1x2 2 −
= y= −x 4 có đồthị ( )P ( )d
1) Vẽhai đồthị ( )P ( )d mặt phẳng tọa độ
2) Tìm tọa độgiao điểm hai đồthị ( )P ( )d
Câu 1) Cho a>0và a≠4 Rút gọn biểu thức sau: T a a a
a a a
− +
= − −
+ −
2) Một đội xe dự định chở 120 hàng Để tăng an toàn nên đến thực
hiện, đội xe bổsung thêm 4chiếc xe, lúc số hàng xe chở
hơn sốtấn hàng xe dựđịnh chởlà 1tấn Tính sốtấn hàng xe dự
định chở, biết sốtấn hàng xe dựđịnh chởlà nhau, thực
bằng
Câu Tìm giá trị tham số m để phương trình x2 +( 2m )x m− + 2− =1 0 có hai
nghiệm x1;x2 cho biểu thức
2 2
P=x +x đạt giá trịnhỏnhất
Câu Cho tam giác ABC nhọn có ba đường cao AD BE CF, , cắt điểm H Gọi M trung điểm đoạn AH
1) Chứng minh tứgiác AEHF nội tiếp đường tròn 2) Chứng minh CE CA = CB CD
3) Chứng minh EM tiếp tuyến đường tròn ngoại tiếp tam giác BEF 4) Gọi I J tâm đường tròn nội tiếp hai tam giác BDF EDC Chứng minh DIJ =DFC
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH ĐỒNG NAI NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: 1)
9 20
− + =
x x
2
9 4.1.20
∆ = − =
Vậy phương trình cho có hai nghiệm phân biệt
9 5
x = + = ; 2
x = − =
2) {7 x y 4 {7 x y 4 {7 x y 4 {x 1 {x 1
4 x y 5 12x y 15 19 x 19 7.1 y 4 y 1
− = ⇔ − = ⇔ − = ⇔ = ⇔ =
+ = + = = − = =
3)
2
− − =
x x
Đặt
(60)(d)
(P) -3
-2 -1 1
2
1 2 3
-3 0
-1 -2
x y
Phương trình bậc hai có a − b + c = + − = nên có nghiệm
t= − (loại) t=3
với
t= ⇒3 x = ⇔ = ±3 x
Vậy phương trình cho có tập nghiệm: S= ±{ 3}
Câu 2: 1) * Hàm số 1 2
y x
2 −
= xác định với ∀ ∈x R
Bảng giá trị:
x
-2
-1
2 1
y x
2 −
=
-2
1
− 0 −21
-2
* Hàm số y= −x đường thẳng qua điểm có tọa độ (1; 3− );(2; 2− ) Đồthị:
2) Xét phương trình hồnh độgiao điểm
parabol:
2
− =
y x đường thẳng y= −x
2 2
1 4 2 8 2 8 0
2
− x = − ⇔ − =x x x− ⇔x + x− = phương trình bậc hai có ∆ =' 9 nên có
hai nghiệm
1 2
1
− +
= =
x
1 − −
= = −
x
Với x= ⇒ = − = −2 y
Với x= − ⇒ = − − = −4 y 4
Vậy có tọa độgiao điểm (2; 2− ) (− −4; 8)
Câu 3: 1) T a a a
a a a
− +
= − −
+ −
Với điều kiện cho ta có
( a 2)( a 2) ( a 2)( a 2) a (a a 4) (a a 4) a a
T
a
( a 2)( a 2) a a a
− − − + + − − + − + + − −
= = = = −
−
(61)2) Gọi x (xe) sốxe chuẩn bịtheo dựđịnh (điều kiện x > 0) Khi đó:
Theo dựđịnh xe cần chở120 x (tấn)
Nhưng thực tế bổsung thêm xe nên sốxe là: x + (xe) Vì mà xe cần chở: 120
x+4(tấn)
Vì theo thực tếmỗi xe chởít so với dựđịnh nên ta có phương trình:
2
120 120
x x
120(x 4) 120x (x 4)x x 4x 480
− =
+
⇔ + − = + ⇔ + − =
⇔ x=20 (nhận) x= −24 (loại)
Vậy theo dựđịnh có 20 xe xe phải chở6 hàng
Câu 4: Xét phương trình x2+(2m−1)x m+ 2− =1 có∆ =(2m−1)2−4.1.(m2− = −1) 4m+5
Đểphương trình có hai nghiệm phân biệt 0 4 5 0 ∆ > ⇒ − m+ > ⇔ <m Khi x x1; hai nghiệm phương trình cho, theo hệthức Vi-et ta có:
1 2
1
+ = −
= −
x x m
x x m
Khi đó:
2 2 2 2
1 + =( 1+ 2) −2 = −(1 ) −2( − =1) −4 + =3 2( −1) + ≥1
x x x x x x m m m m m
Vậy 2 +
x x đạt giá trịnhỏnhất m= (thỏa điều kiện
4
<
m )
Vậy giá trịm cần tìm
Câu 5:
1) Chứng minh tứgiác AEHF nội tiếp đường tròn Trong tứgiác AEHF có: o
AEH=AFH=90 (vì BE ⊥AC CF ⊥AB)
J I
M
H
D
E F
A
(62)Vậy o o o
AEH AFH+ =90 +90 =180 mà hai góc ởvịtrí đối nên tứgiác
AEHF nội tiếp đường tròn
2) Chứng minh CE.CA = CD.CB
Xét ∆CAD vuông D ∆CBE vng E có: góc C chung Vậy ∆CAD ∆CBE ⇒ CA CD CE.CA CD.CB
CB=CE ⇔ =
3) Chứng minh EM tiếp tuyến đường tròn ngoại tiếp ∆BEF Trong tứgiác BFEC có: o
BFC=BEC=90 (vì BE ⊥AC CF ⊥AB)
mà hai góc chắn cạnh BC nên tứgiác BFEC nội tiếp đường trịn đường kính BC Hay ∆BEF nội tiếp đường trịn đường kính BC
Vì M trung điểm cạnh huyền AH tam giác vuông AEH nên ME = MH ⇒∆MEH cân M
⇒ MEH =MHE hay MEB =AHE mà AHE phụ HAE (∆AHE vuông E)
⇒ MEB phụ HAE hay MEB phụ DAC
Mặt khác ACD phụ DAC (∆ADC vuông D) hay ECB phụ DAC
Vậy MEB =ECB (cùng phụ DAC)
Trong đường trịn ngoại tiếp ∆BEF có MEB =ECB ⇒ME tiếp tuyến E
đường trịn (vì có góc tạo tia tiếp tuyến góc nội tiếp chắn cung EB)
Cách 2: Gọi O trung điểm BC Chứng minh ME ⊥ EO
Trong tứgiác BFEC có: o
BFC=BEC=90 (vì BE ⊥AC CF ⊥AB)
mà hai góc chắn cạnh BC nên tứgiác BFEC nội tiếp đường trịn có tâm O trung điểm BC
Hay ∆BEF nội tiếp đường tròn tâm O
Vì M trung điểm cạnh huyền AH tam giác vuông AEH nên ME = MH ⇒∆MEH cân M
⇒ MEH =MHE mà MHE =BHD nên MEH =BHD (1)
Tương tự:
Lại có O trung điểm cạnh huyền BC tam giác vuông BEC nên OE = OB
⇒∆OBE cân O
⇒ BEO =EBO hay HEO =HBD (2)
Từ(1) (2) ta có: MEH HEO + =BHD HBD+
o
MEO 90
⇒ = (vì ∆HBD vng D)
(63)J I
O M
H
D
E
F
A
B C
⇒ME tiếp tuyến đường tròn ngoại tiếp ∆BEF
4) Chứng minh DIJ =DFC
Xét ∆ECD ∆BCA có: Góc C chung
CD CE CA =CB (vì
CA CD CB= CE)
Vậy ∆ECD ∆BCA (cạnh – góc
– cạnh)
Chứng minh tương tựta có:
∆BFD ∆BCA
Vậy ∆ECD ∆BFD (tính chất
bắc cầu) ⇒ DC DE DF=DB (3); BDF=EDC; FBD=CED
Xét ∆BID ∆EJD có
IBD=JED (vì FBD =CED)
IDB=JDE (vìBDF =EDC)
Vậy ∆BID ∆EJD (góc – góc) ⇒ DE DJ DB= DI (4) Từ(3) (4) ⇒ DC DJ
DF= DI
Dễ chứng minh: CDF =JDI (cùng bù góc FDB) Xét ∆DCF ∆DJI có:
CDF=JDI
CD FD
JD = ID (vì
DC DJ DF =DI)
Vậy ∆DCF ∆DJI (cạnh – góc – cạnh) ⇒ DIJ =DFC (hai góc tương ứng) Đề số 15 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH GIA LAI
NĂM HỌC 2017-2018 Câu 1:
a) Giải hệphương trình
2
x y x y
+ =
− = −
(64)b) Rút gọn biểu thức
1
x x
P x
x x x
= + −
+ −
với x>0, x≠1 Câu 2:
a) Phân tích 5x+7 xy−6y+ x+2 y thành nhân tửvới x, y sốkhông âm
b) Tìm tất cảcác giá trị m đểhàm số y=(m2− +m 2017)x+2018 đồng biến
Câu 3:
a) Một tổcông nhân may lập kế hoạch may 60 bộquần áo Khi thực hiện, ngày tổnày
may nhiều kế hoạch bộnên hồn thành cơng việc kế hoạch ngày Biết số
bộ quần áo may ngày Hỏi tổcông nhân may lập kế hoạch để hồn thành cơng việc ngày?
b) Tìm tất cảcác giá trị m đểphương trình x2−2x+ − =m có hai nghiệm x1, x2 thỏa
mãn 2 2
1 2 14 x +x −x x +x x − =
Câu 4:Cho đường trịn ( )O có AB dây cung cốđịnh khơng qua O Từmột điểm M cung lớn AB (M không trùng A B) kẻ dây cung MN vng góc với AB H Gọi MQ đường cao tam giác AMN (Q thuộc AN)
a) Chứng minh tứgiác AMHQ nội tiếp đường tròn
b) Gọi I giao điểm AB MQ Chứng minh tam giác IBM cân
c) Kẻ MP vng góc với BN P Xác định vị trí M cho MQ AN +MP BN đạt
giá trị lớn
Câu 5: Tìm chữsố a, b, c biết abc ac− =2.cb bc +
HƯỚNG DẪN GIẢI Câu 1:
a) Ta có ( 2)
2
2 10
x y
x y x y x
y y
x y y y
= −
+ = = − = −
⇔ ⇔ ⇔
− = − − − = − − = − =
Đ/s: ( ) (x y; = −1; 2)
b) Với x>0, x≠1, ta có
( ) ( )
( )( )
1 1 1 2
1
1
x x x x x x x x x x x
P x
x
x x x
x x
− + + − − + + −
= = = =
−
+ −
(65)a) Với x y, 0≥ ta có 5x+7 xy−6y+ x+2 y
( ) ( ) ( )
5 x x y y x y x y
= + − + + +
( x y)(5 x y 1)
= + − +
Vậy với x y, 0≥ 5x+7 xy−6y+ x+2 y =( x+2 y)(5 x−3 y+1)
b) Ta có
2
2 8067
2017 0,
2
m − +m =m− + > ∀ ∈m
Do hàm số ( )
2017 2018
y= m − +m x+ đồng biến với ∀ ∈m
Đ/s: m∈ Câu 3:
a) Gọi x (x∈*) sốngày mà tổcông nhân may lập kế hoạch đểhồn thành
cơng việc
Gọi y (y∈*) số bộquần áo mà tổ công nhân may lập kế hoạch đểhồn
thành cơng việc
Theo kế hoạch, tổcông nhân may 60 bộquần áo nên xy=60 ( )1 Sốngày may thực tếlà x−1
Số bộquần áo may thực tếlà y+2
Theo đềbài, ta có (x−1)(y+2)=60⇔xy+2x− =y 62
Kết hợp với ( )1 ta 60 2+ x− =y 62⇔ =y 2x−2
Thếvào ( )1 ta x(2x−2)=60⇔ x2− −x 30=0
( 6) (5 6) ( 6)( 5) x
x x x x x
x =
⇔ − + − = ⇔ − + = ⇔
= −
Mà *
6
x∈ ⇒ =x thỏa mãn ⇒ =y 10 (thỏa mãn y∈*)
Vậy tổcông nhân may lập kế hoạch đểhồn thành cơng việc ngày
b)
2
x − x+ − =m ( )1
( )1 phương trình bậc hai có ∆ = −′ (m− = −1) m
( )1 có hai nghiệm x1, x2 ⇔ ∆ ≥ ⇔ − ≥ ⇔ ≤′ m m ( )*
Khi theo hệthức Viet ta có 2
2 x x x x m
+ =
= −
( )2
Biến đổi 2 2
1 2 14
x +x −x x +x x − = ⇔(x1+x2)2−3x x1 2+x x12 22−14=0
Kết hợp với ( )2 ta 22−3(m− +1) (m−1)2−14=0
( ) ( ) ( )( )
2
5 6 1
6 m
m m m m m m m
m = −
⇔ − − = ⇔ + − + = ⇔ + − = ⇔
=
(66)Đ/s: m= −1
Câu 4:
O P
Q
I H
N M
B A
a) Theo đềbài, ta có
90 90 AH MH AHM
AHM AQM AQ MQ AQM
⊥ ⇒ = °
⇒ =
⊥ ⇒ = °
(Cùng 90°)
⇒ Tứgiác AMHQ nội tiếp (Bài tốn quỹtích cung chứa góc)
b) Theo ý a) tứgiác AMHQ nội tiếp
HMI HAN
⇒ = (Hai góc nội tiếp chắn cung nhau)
Tứgiác AMBN nội tiếp ⇒HMB =HAN (Hai góc nội tiếp chắn cung nhau)
HMI HMB
⇒ = (Cùng HAN)
Mà MH ởgiữa MI MB ⇒MH phân giác IMB
Tam giác MIB có MH vừa đường cao, vừa phân giác nên ∆MIB cân M
Vậy tam giác IBM cân
c) Ta có MQ AN +MP BN =2SMAN +2SMBN =2SAMBN = AB MN
Mà MN ≤2R (Trong dây đường tròn, dây lớn đường kính)
MQ AN MP BN AB R
⇒ + ≤ (không đổi)
Dấu " "= xảy ⇔ M điểm cung lớn AB
Vậy MQ AN +MP BN lớn 2AB R , đạt M điểm cung lớn AB
Câu 5: Điều kiện
1
0 , , ,
a b c a b c
≤ ≤
≤ ≤
∈
( )*
(67)1 90 21 90 2.9 21.9 2,
2 a
a b c a a
a =
⇔ = + ⇒ ≤ + ⇒ ≤ ⇒
=
+ TH1 21 1 21 1
2 21
a= ⇒ b+ c= ⇒ − b= c≥ ⇒ ≤ ⇒ = ⇒ =b b c không thỏa
mãn ( )*
+ TH2
2
2 21 2 21 21
1
b c
a b c b c b
b c
= ⇒ =
= ⇒ + = ⇒ − = ≥ ⇒ ≤ ⇒
= ⇒ =
Kết hợp với ( )* ta a=2, b=1, c=0 thỏa mãn
Vậy a=2, b=1, c=0
Đề sô 16 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH HÀ NAM NĂM HỌC 2017 – 2018
Câu 1: a) Giải phương trình:
4
x − x+ =
b) Giải hệphương trình
3 x y x y
+ =
+ =
Câu 2: Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho parabol ( )P có phương trình
2
x y=−
đường thẳng ( )d :y= +x m
a) Tìm tọa độđiểm M thuộc parabol ( )P biết điểm M có tung độ −8 b) Tìm m đểđường thẳng ( )d cắt parabol ( )P hai điểm phân biệt A, B
với A x y( 1; ,1) B x( 2; y2) cho ( 1)( 2)
33
x +y x +y =
Câu 3: Rút gọn biểu thức A= 12− 75+3 7+4
2 Cho biểu thức 1
1
x B
x x x
−
= +
+ −
với 0< ≠x
Rút gọn biểu thức B tìm x nguyên dương khác 1để
B≥
Câu 4: Cho đường trịn ( )O , từmột điểm M nằm ngồi đường tròn ( )O kẻhai tiếp
tuyến MA MB đường tròn (A, B hai tiếp điểm) Kẻđường kính BE đường trịn ( )O Gọi F giao điểm thứhai đường thẳng ME đường
tròn ( )O Đường thẳng AF cắt MO điểm N Gọi H giao điểm MO
AB
1 Chứng minh tứgiác MAOB nội tiếp đường tròn Chứng minh AE//MO
3 Chứng minh
(68)
4 Chứng minh MN =NH
Câu 5: Cho a b c, , sốthực không âm thỏa mãn điều kiện ab bc ca+ + =3 c≤a
Tìm giá trịnhỏnhất biểu thức
( ) (2 ) (2 )2
1
1 1
P
a b c
= + +
+ + +
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH HÀ NAM NĂM HỌC 2017 – 2018
Câu 1: a) Ta có
2
4
x − x+ =
(x 1)(x 3)
⇔ − − = x x − = ⇔ − = x x = ⇔ =
Vậy tập nghiệm phương trình S ={ }1;3 b) Ta có
2 x y x y + = + =
1
2 3 x x y = ⇔ − − = = = −
Vậy nghiệm hệphương trình ( ) (x y; = 7; 2− )
Câu 2: a) Với y= −8
2
x −
⇒ = −
16
x
⇔ = ⇔ = ±x
Vậy tìm hai điểm M(± −4; )
b) Phương trình hồnh độgiao điểm ( )P ( )d là:
2
x
x m
− = +
2
x x m
⇔ + + =
1 2m ′
∆ = −
Đểđường thẳng ( )d cắt parabol ( )P hai điểm phân biệt
1
1
2
m m
′
⇔ ∆ = − > ⇔ <
Theo định lý Viet ta có 2
2 x x x x m
+ = −
=
Lại có 1 2 y x m y x m
= +
= +
Từ ( 1)( 2)
33
x +y x +y =
( 1 )( 2 )
33
x x m x x m
(69)( )( )
33
2
4
x m x m
⇔ + + =
( )
1 2
33
4
4
x x m x x m
⇔ + + + =
2 33
8
4
m m m
⇔ − + =
2 33
4
4
m m
⇔ + − =
( ) ( )
3
11
m L
m TM
= ⇔
− =
Vậy 11
2
m= −
Câu 3: Ta có A= 12− 75+3 7+4 ( )
2 3
= − + + = −3 3+3 2( + 3)
=
Vậy A=6
2 Ta có
1 1
1
x B
x x x
−
= +
+ −
( 1)( 1)
1
x x x
B
x
x x
− + + −
=
+ −
( 2)( )
1
x x
B
x
x x
− =
+ −
2
B x =
+
1
B≥
2
x
⇔ ≥
+ ⇔ x+ ≤1 ⇔ x≤3 ⇒ ≤x
Vì x, x>1 ⇒x{2; 3; 4; 5; 6; 7; 8; }
(70)1 Ta có MAO =MBO= °90 ⇒MAO +MBO=180 ° Mà hai góc đối nên tứ
giác MAOB nội tiếp
2 Ta có tam giác AOE cân O nên AEO=OAE ( )1
Ta lại có
2
AEO=MAB= sd AB= AOM ( )2
Từ ( )1 ( )2 suy AEO = AOM ⇒ AE OM//
3 Xét hao tam giác ∆MNF ∆ANM có:
MNF =ANM
và FMN= AEF =MAN (góc so le trong, góc tạo tia tiếp tuyến dây dung) MNF ANM
⇒ ∆ ∽∆ (g.g) NA MN
MN NF
⇒ =
NM NF NA
⇒ =
4 Ta có MA=MB (tính chất tiếp tuyến cắt nhau) OA=OB=R MO
⇒ đường trung trực AB AH MO
⇒ ⊥ HA=HB MAF
∆ ∆MEA có:
AME chung
1 A =E
MAF MEA
⇒ ∆ ∽∆ (g.g)
MA MF
ME MA
⇒ =
MA MF ME
⇒ =
Áp dụng hệthức lượng vào tam giác vuông MAO, ta có
MA =HO MH
Do ME MF =MH MO ME MO
MH MF
⇒ =
MFH MOE
⇒ ∆ ∽∆ (c.g.c)
1
2 2
1
1
1
1 N
M
A
B
O H
E
(71) H E
⇒ =
Vì BAE góc vng nội tiếp ( )O nên E,O, B thẳng hàng
2 E A
⇒ =
2sd EB
=
H A
⇒ =
1 90
N H N A
⇒ + = + = ° ⇒HF⊥NA
Áp dụng hệthức lượng vào tam giác vng NHA ta có NH2 =NF NA
2
NM NH
⇒ = ⇒MN =NH
Câu 5: Cách 1: Theo đềbài ab bc ca+ + =3.Áp dụng bất đẳng thức Cauchy ta có
3 2
3=ab bc+ +ac≥3 a b c ⇒abc≤1, ( )1
( )2 ( )
3
a+ +b c ≥ ab bc+ +ac = ⇒ + + ≥a b c 3, ( )2
Từ ( )1 ( )2 ⇒ + + ≥a b c 3abc
Đặt ;
1
x a =
+
1 ;
y b =
+
1
z c =
+ (⇒x y z, , >0; z≥x)
( )
2 2 2 2 2
2 2
P x y z x z y z x y z
⇒ = + + = + + + ≥ + +
( 2 2) ( )
2
P x y z xy yz xz
⇒ ≥ + + ≥ + + ( )*
Ta tìm giá trịnhỏnhất xy+yz+xz
( 1)(1 1) ( 1)(1 1) ( 1)(1 1)
xy yz xz
a b c b a c
+ + = + +
+ + + + + +
( 1)( 1)(3 1)
a b c a b c
xy yz xz
a b c abc a b c
+ + + + + +
⇔ + + = =
+ + + + + + +
( )
( )
3
3
4 3 12
a b c a b c
xy yz xz
abc a b c abc a b c
+ + + + + +
⇔ + + = =
+ + + + + + + +
( )
( ) ( () ( ) )
3 3 3
3 12 12
a b c a b c
xy yz xz
abc a b c a b c a b c
+ + + + + +
⇔ + + = ≥ =
+ + + + + + + + + +
3
2
4
P
⇒ ≥ =
Dấu xảy x= = ⇒ = = =y z a b c
Vậy giá trịnhỏnhất
(72)Cách 2: Vì a≥c
( ) (2 ) (2 ) (2 ) (2 ) (2 ) (2 )2
1 2
1 1 1 1
P
a b c a b c a
⇒ = + + ≥ + + +
+ + + + + + +
( ) (2 ) (2 )2
2 2
1 1
P
a b c
⇒ ≥ + +
+ + +
Ta chứng minh đẳng thức với x y, không âm
( ) (2 )2
1 1
1
1 xy
x+ + y+ ≥ +
( )( 2 2 ) ( )2
1 2
⇔ +xy x +y + x+ y+ − xy+ + +x y ≥
( )( 2 2 ) ( )2
1 xy x y 2xy 2xy 2x 2y xy x y
⇔ + + − + + + + − + + + ≥
( )( )2 ( )( ) ( )2
1 xy x y xy xy x y xy x y
⇔ + − + + + + + − + + + ≥
( )( ) (2 )( )
1 xy x y xy x y xy x y
⇔ + − + − − + + + + ≥
( ) (2 ) (2 ) (2 )2
1
xy x y x y xy x y
⇔ − + − + + − + ≥
( ) (2 )2
1
xy x y xy
⇔ − + − ≥
Luôn đúng, dấu "=" xảy x= =y
( ) (2 ) (2 ) (2 ) (2 ) (2 ) (2 )2
1 2
1 1 1 1
P
a b c a b c a
⇒ = + + ≥ + + +
+ + + + + + +
( ) (2 ) (2 ) (2 ) (2 )2
1 1 1 1
1 1
1 1 1
P
ab bc ac
a b b c a
⇒ ≥ + + + + ≥ + +
+ + +
+ + + + +
Áp dụng bất đẳng thức Cauchy cho sốkhông âm ta có
( ) 1
9
x y z
x y z
+ + + + ≥
1 1
x y z x y z
⇒ + + ≥
+ +
1 1 9
1 1
P
ab bc ac ab bc ac
⇒ ≥ + + ≥ = =
+ + + + + +
Vậy GTNN
2
P= a= = =b c
Đề số 17 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH HÀ TĨNH NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1. (2,0 điểm) Rút gọn biểu thức sau:
a) P= 50−
b) 1 :
4
2
Q
x
x x
= +
−
+ −
(73)Câu 2. (2,5 điểm)
a) Cho đường thẳng ( ) :d y=mx+ −m 2và đường thẳng ( ) :d1 y=5x−1 Tìm giá
trị m đểđường thẳng ( )d ( )d1 song song với
b) Cho phương trình ( )
2
x − m+ x+m = (m tham số) Tìm giá trị m để
phương trình cho có hai nghiệm x x1, thỏa mãn (x1+3)(x2 +3)=28
Câu 3. (1,5 điểm) Một người xe máy từđịa điểm A đến địa điểm B cách 60km
với vận tốc dự định trước Sau
3 quãng đường, điều kiện thời
tiết không thuận lợi nên qng đường cịn lại người phải với vận tốc so với vận tốc dự định ban đầu 10km/h Tính vận tốc dựđịnh thời gian
người từ A đến B, biết người đến muộn dựđịnh 20 phút
Câu 4. (3,0 điểm) Cho đường trịn tâm O, đường kính AB cố định H điểm cố định
thuộc đoạn OA (H không trùng O A) Qua H vẽ đường thẳng vng góc
với AB cắt đường trịn tâm O C D Gọi K điểm tùy ý thuộc cung lớn
D
C
(K không trùng điểm C D; B) Gọi I giao điểm AK CD
a) Chứng minh tứgiác HIKB nội tiếp đường tròn
b) Chứng minh AI AK = AH AB
c) Chứng minh điểm K thay đổi cung lớn CD đường trịn tâm O
tâm đường trịn ngoại tiếp tam giác KCI ln thuộc đường thẳng cốđịnh
Câu 5. (1,0 điểm) Cho a b c, , ba sốthực không âm thỏa mãn a+ + =b c
Chứng minh a+2b+ ≥c 1( −a)(1−b)(1−c)
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH HÀ TĨNH NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1.
a)
50
P= − = 25.2− 2= 25 2−
5 2
= − =
b)
Với x≥0,x≠4 ta có: 1 :
2
Q
x
x x
= + =
−
+ −
( )( ) ( )
2
2
x
x
x x
−
− +
(2 4) ( 4)
x
x x
x
= − =
(74)Câu 2. a)Đường thẳng ( )d song song với ( )d1 chỉkhi
m
m m
=
⇔ =
− ≠ −
b) Phương trình có hai nghiệm khi: 2
' (m 2) m 4m m
∆ = + − ≥ ⇔ + ≥ ⇔ ≥ − (1) Theo hệthức Vi-ét ta có :
2
2( 2)
x x m
x x m
+ = +
=
(2)
Ta có: (x1+3)(x2 +3)=28⇔x x1 +3(x1+x2)=19 (3)
Thay (2) vào (3) ta có 2
6( 2) 19 m + m+ = ⇔m + m− = ⇔ m=1 m= −7
Đối chiếu điều kiện (1) ta m=1
Câu 3. Gọi vận tốc dựđịnh người xe máy x (x>10, tính km/h); 20 phút
1
= (giờ)
Thời gian người dựđịnh đểđi từ A đến B 60
x (giờ) Thời gian người
3 quãng đường đầu 20
x (giờ) Thời gian người
3 qng đường cịn lại 40
10
x− (giờ)
Theo ta có phương trình: 20 40 60 40 40
10 10
x + x− = x + ⇔ x− = x +
2 40
10 1200
30 x
x x
x =
⇔ − − = ⇔
= −
Ta thấy x= −30 không thỏa mãn Vậy vận tốc dựđịnh 40 km/h
Thời gian người bằng: 60 11
40+ =3 (giờ) tức 1giờ 50 phút
Câu 4.
Q
A O B
C
D I
K
H
(75) 90
IKB= AKB= (góc nội tiếp chắn nửa đường trịn) suy tứ giác HIKB nội
tiếp đường tròn (đpcm)
b) Xét ∆ AIB ∆ AHK có góc A chung, có IKH =IBH (cùng chắn cung HI đường tròn ngoại tiếp tứgiác HIKB)
Suy ∆AIB đồng dạng với ∆ AHK
Suy AI AB
AH = AK ⇒AI AK =AH AB (đpcm)
c) Đường kính AB vng góc với dây CD H (gt) , suy
HC= HD⇒ AC= AD
Suy sđ AC =sđ AD
Suy ACD= AKC (cùng chắn hai cung nhau)
Mặt khác tia CA điểm K nằm hai nửa mặt phẳng đối bờlà đường
thẳng CI
Suy CA tiếp tuyến đường tròn ngoại tiếp tam giác KCI tiếp điểm C (H/s chứng minh
AC = AI AKđể suy CA tiếp tuyến).
Gọi Q tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác KCI, suy Q nằm đường
thẳng vng góc với CA C
Mặt khác CB⊥CA (góc nội tiếp chắn nửa đường trịn) , suy Q thuộc đường
thẳng CB cốđịnh (đpcm)
Câu 5. Từgiảthiết: a+ + = ⇒ − = +b c 1 a b c ;1− = +b a c ;1− = +c a b
Suy a+2b+ ≥c 1( −a)(1−b)(1−c)
( )( )( )
(a b) (b c) a b b c c a
⇔ + + + ≥ + + +
Đặt x= +a b ; y= +b c ; z = +c a (x y z, , ≥0)
Suy x+ + =y z 2,ta phải chứng minh x+ ≥y 4xyz
Áp dụng BĐT Cauchyta có: x+ + =y z (x+ y)+ ≥z (x+y z) suy
2≥2 (x+ y z)
suy 1≥(x+y z) , x+ ≥y suy x+ ≥y (x+ y z)2 (1)
Mặt khác ( )2
4 ,
x+ y ≥ xy z≥0 suy (x+ y)2 z≥4xyz (2)
(76)Đề số 18 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH HẢI DƯƠNG NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1. (2,0 điểm) Giải phương trình hệ phương trình sau:
1) (2x−1)(x+ =2) 2)
x y x y + =
− =
Câu 2. (2,0 điểm)
1) Cho hai đường thẳng ( )d :y= − + +x m ( )d’ : ( )
2
y= m − x+ Tìm m
để ( )d ( )d’ song song với
2) Rút gọn biểu thức: :1
2 2
x x x x
P
x x x x x
− + −
= −
− − − −
với x>0;x≠1;x≠4 Câu 3. (2,0 điểm)
1) Tháng đầu, hai tổ sản xuất 900 chi tiết máy Tháng thứ hai, cải tiến kỹ
thuật nên tổ I vượt mức 10% vả tổ II vượt mức 12% so với tháng đầu,
hai tổ sản xuất 1000 chi tiết máy Hỏi tháng đầu tổ sản xuất
được chi tiết máy?
2) Tìm m để phương trình: (x ẩn, m tham số) có hai
nghiệmx1, x2 thỏa mãn
Câu 4. (3,0 điểm) Cho đường tròn tâm O, bán kính R Từ điểm M ngồi đường
trịn, kẻ hai tiếp tuyến MA MB với đường tròn (A, B tiếp điểm) Qua A, kẻ đường thẳng song song với MO cắt đường tròn E (E khácA), đường
thẳng ME cắt đường tròn F (F khácE), đường thẳng AF cắt MO N, H
là giao điểm MO vàAB
1) Chứng minh: Tứ giác MAOB nội tiếp đường tròn
2) Chứng minh:
MN =NF NA vảMN =NH
3) Chứng minh: 22
HB EF
HF −MF =
Câu 5. (1,0 điểm) Cho x y z, , ba số thực dương thỏa mãn: x+ + =y z Tìm giá trị nhỏ
nhất biểu thức: 12 12 12
1 1
x y z
Q
y z x
+ + +
= + +
+ + +
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH HẢI DƯƠNG NĂM HỌC 2017-2018
2
x +5x+3m 0− =
3
1 2
(77)Câu 1. 1) ( )( )
1
2 2
2 x x x x x x − = = − + = ⇔ ⇔ + = = −
2) 3 2
3 3
x y x x x x
x y y x y x y
+ = + − = = =
⇔ ⇔ ⇔
− = = − = − =
Câu 2.
1)( ) ( )// 2 1
1
2
m
m m
d d m
m m m = ± − = − = ′ ⇔ ⇔ ⇔ ≠ ⇔ = − + ≠ ≠
2) :1
2 2
x x x x
P
x x x x x
− + −
= −
− − − −
với x>0;x≠1;x≠4
( )( )
2
1
x x x x
x x x x − + − = − + − − − ( ) ( )( )
2 2
1
x x x x x
x x x − + − + − = + − −
( )( )
1 x x x x x − + − = − + − ( ) ( )( )
2 2
1 x x x x x − − − = − + − x − = + Câu 3.
1) Gọi số chi tiết máy mà tổ I tổ II sản xuất tháng đầu lần
lượt x vày
Điều kiện:x, *
y∈N ; x,y<900
Từ đề lập hệ phương trình: 900
1,1 1,12 1000 x y x y + = + =
Giải hệ được: 400
500 x y = =
(thỏa mãn điều kiện)
Vậy tháng đầu tổ I sản xuất 400 chi tiết máy, tổ II sản xuất 500
chi tiết máy
(78)Phương trình có nghiệm 29
12
m
⇔ ≤
Áp dụng hệ thức Vi-ét, ta có: 2
5 x x
x x m + = −
= −
Cách 1:
(1)⇔x2 = − −5 x1, thay vào hệ thức
3
1 75
x −x + x x = ta được:
3 ( )3 ( )
1 5 75
x + +x + x − −x =
3
1 30 25
x x x
⇔ + + + =
Giải phương trình x1 =–1 ⇒x2 =–4 Thay x1 x2 vào( )2 , tìm
5
m= (thỏa mãn điều kiện)
Vậy
3
m= giá trị cần tìm Cách 2:
3
1 75
x −x + x x =
( )( 2)
1 1 2 75
x x x x x x x x
⇔ − + + = −
( ) ( )2 ( )
1 2 25 x x x x x x x x
⇔ − + − = −
(x1 x2)(26 3m) (3 26 3m)
⇔ − − = −
(x1 x2)
⇔ − = (do 29 26
12
m≤ ⇒ − m> )
Ta có hệ phương trình:
1 2
5
3
x x x
x x x
+ = − = −
⇔
− = = −
Từ tìm m Câu 4.
1
2 2
1
1
1
1
N M
A
B
O H
E
(79)1) VìMA, MB tiếp tuyến ( )O nên MAO =MBO= °90 Tứ giác MAOB có MAO+MBO=180°
⇒ Tứ giác MAOB nội tiếp đường tròn
2) * Ta có: M 1 =E1 (so le trong,AE MO// ) A1=E1(cùng
1 sđ
AF)
1 M A
⇒ =
Xét ∆NMF ∆NAM có: MNA chung; M 1 =A1
( ) NMF NAM g g
⇒ ∆ ∽∆
NM NF
NM NF NA
NA NM
⇒ = ⇒ =
* Có MA=MB (tính chất tiếp tuyến cắt nhau) OA=OB=R ⇒ MO đường trung trực AB
⇒AH MO HA = HB
Xét ∆MAF ∆MEA có: AME chung; E 1= A1
( ) MAF MEA g g
⇒ ∆ ∽∆
AM MF
MA MF ME
ME MA
⇒ = ⇒ =
Áp dụng hệ thức lượng vào ∆ vng MAO có: MA2 =MH MO Do đó: ME MF =MH MO ME MO
MH =MF
( )
MFH MOE c g c
⇒ ∆ ∽∆ ⇒E 2 =H1
Vì BAE góc vng nội tiếp ( )O nên E,O,B thẳng hàng
2 E A
⇒ = (vì =1
2sđ
EB)
2 A H
⇒ =
1 90
N H N A
⇒ + = + = °
HF NA
⇒ ⊥
Áp dụng hệ thức lượng vào ∆ vuông NHA có: NH2 =NF NA
2
NH NM NM NH
⇒ = ⇒ =
3) Chứng minh: HB22 EF
HF −MF =
Áp dụng hệ thức lượng vào ∆ vngNHA có: HA2 =FA NA HF2 =FA FN Mà HA=HB
2
2
HB HA FA NA NA
HF HF FA FN NF
⇒ = = =
Vì AE MN// nên EF FA
(80)2
2
HB EF NA FA NF HF MF NF NF NF
⇒ − = − = =
Câu 5. 2 2 2 2
1 1 1
1 1 1 1 1
x y z x y z
Q M N
y z x y z x y z x
+ + +
= + + = + + + + + = +
+ + + + + + + + +
Xét 2 2 2
1 1
x y z
M
y z x
= + +
+ + + , áp dụng kỹ thuật Cơsi ngược dấu ta có:
( )
2 2 2
2 2
1
1 1 2
x y xy
x xy xy xy
x x x
y y y y
+ −
= = − ≥ − = −
+ + +
Tương tự: 2
1
y yz
y
z ≥ −
+ ;
1
z zx
z
x ≥ −
+ ;
Suy 2 2 2
1 1 2
x y z xy yz zx xy yz zx
M x y z
y z x
+ + + +
= + + ≥ + + − = −
+ + +
Lại có: 2 ( )2 ( )
3
x +y +z ≥xy+yz+zx⇒ x+ +y z ≥ xy+yz+zx ⇒xy+yz+zx≤
Suy ra: 3 3
2 2
xy yz zx
M ≥ − + + ≥ − =
Dấu “ ”= xảy ⇔ = =x y z
Xét: 2 2 2
1 1
N
y z x
= + +
+ + + , ta có:
2
1 1
3 1
1 1
N
y z x
− = − + − + −
+ + +
2 22 2 2
3
1 1 2 2
y z x y z x x y z
y z x y z x
+ +
= + + ≤ + + = =
+ + +
Suy ra: 3
2
N≥ − =
Dấu “ ”= xảy ⇔ = = =x y z
Từ suy ra: Q≥3 Dấu “ ”= xảy ⇔ = = =x y z Vậy Qmin = ⇔ = = =3 x y z
Đề số 19 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 THÀNH PHỐ HÀ NỘI NĂM HỌC 2017 - 2018
Bài 1: (2,0 điểm)
Cho hai biểu thức A x x + = − x B x x
3 20
25
−
= +
−
+ với x ≥ 0; x# 25
(81)2) Chứng minh B x
1
=
−
3) Tìm tất cảcác giá trị x để A B x= −4
Bài 2: (2,0 điểm)Giải tốn sau cách lập phương trình hệ phương trình
Một xe tơ xe máy khởi hành từ A đểđi đến B với vận tốc
mỗi xe khơng đổi tồn bộqng đường AB dài 120km Do vận tốc xe ô tô
lớn vận tốc xe máy 10km/h nên xe ô tô đến B sớm xe máy 36 phút
Tính vận tốc xe Bài 3: (2,0 điểm)
1) Giải hệphương trình x y
x y
2
4
+ − =
− − =
2) Trong mặt phẳng tọa độ Oxy, cho đường thẳng ( )d :y =mx +5
a) Chứng minh đường thẳng ( )d qua điểm A( )0;5 với giá trị m
b) Tìm tất giá trị m đểđường thẳng ( )d cắt parabol ( )P :y =x2 tại hai
điểm phân biệt có hồnh độ x x1, 2 (với x1 <x2) cho x1 > x2
Bài 4: (3,5 điểm) Cho đường tròn ( )O ngoại tiếp tam giác nhọn ABC Gọi M N lần
lượt điểm cung nhỏ AB cung nhỏ BC Hai dây AN CM
cắt điểm I Dây MN cắt cạnh AB BClần lượt điểm Hvà K
1) Chứng minh bốn điểm C N K I, , , thuộc đường tròn
2) Chứng minh NB2 =NK NM.
3) Chứng minh tứgiác BHIK hình thoi
4) Gọi P Q, tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác MBK, tam
giác MCKvà E trung điểm đoạn PQ Vẽđường kính ND đường tròn
( )O Chứng minh ba điểm D E K, , thẳng hàng
Bài 5: (0,5 điểm)
Cho số thực a b c, , thay đổi thỏa mãn: a ≥1,b ≥1,c ≥1 ab bc ca+ + =9
(82)LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 THÀNH PHỐ HÀ NỘI NĂM HỌC 2017 - 2018
Bài 1:
1) Thay x=9(tmđk) vào A
2
A −
⇒ =
Với x ≥ 0; x# 25
3 20
5 ( 5)( 5)
x B
x x x
−
= +
+ − +
3( 5) 20
( 5)( 5) ( 5)( 5)
x x x
x x x x
− + − +
= =
+ + + −
1 x =
−
Vậy : Với x ≥0,x ≠25
5 B
x =
− 2) Với x ≥ 0,x ≠25
A B x
x x
= −
⇔ + = −
T.H
2
3( / )
2( )
x x x x
x t m x loai
+ = − ⇔ − − =
=
⇔ ⇔
= −
9 x ⇒ = T.H
2
1( / )
2( )
x x x x
x t m x loai
+ = − ⇔ + − =
=
⇔ ⇔
= −
1 x ⇒ =
Vậy: x=1và x=9thì A=B x −4
Bài 2: Gọi vận tốc xe máy x ( Đơn vị km h/ , x>0)
Đổi 36 phút
5
=
Vận tốc ô tô x+10km h/
Thời gian xe máy hết quãng đường AB 120
(83)Thời gian ô tô hết quãng đường AB 120
10
x+ ( ) Lập luận đểcó PT:
120 120 10
x −x+ =
2
10 2000 50( ) 40( / )
x x
x loai x t m
⇔ + − =
= − ⇔ =
Vậy: Vận tốc xe máy 40 km h/ vậtốc ô tô là50km h/ Bài 3: (2,0 điểm)
1) ĐKXĐ: x≥0và y≥1
Ta có hệ:
5 4(5 1)
x y
y y
= − −
− − − −
Giải được:
1
y y
x x
− = =
⇔ ⇔
=
=
( t / m)
Vậy hpt có nghiệm là:
5 x y
= =
2) a) Thay tọa độ A=(0;5)vào y=mx+5 ta có:
5=m.0 5+ ( ln với m)
Vậy ( )d qua A=(0;5)với m
b) PT hoành độgiao điểm:
2
5
x −mx− = (1)
Lập luận PT (1) có hai nghiệm phân biệt x1, x2 với ∀m Lập luận có: x1< <0 x2 nên x1 > x2
1
x x
⇔ + <
Áp dụng định lí viet, thay
1 x +x =m
Ta có: x1 > x2 ⇔ <m
Bài 4:
a) Chứng minh bốn điểm C, N , K, I thuộc đường tròn
(84) sd AM sd MB
⇒ =
ANM BCM
⇒ = (hai góc nội tiếp chắn hai cung nhau) Xét tứgiác CNKI ta có:
INK =ICK(vì ANM =BCM ) CNKI
⇒ tứ giác nội tiếp (tứ giác có đỉnh kềnhau nhìn cạnh
hai góc nhau)
⇒C, N, K, I thuộc đường tròn b)Chứng minh
NB =NK NM
Vì N điểm cung nhỏ BC ( )O (giảthiết)
sd BN sd NC
⇒ =
BMN NBC
⇒ = (hai góc nội tiếp chắn hai cung nhau)
Xét BMN KBN ta có: - BNM góc chung
- BMN =NBK(vì BMN =NBC)
( )g-g BMN KBN
⇒
NB NM
NK NB
⇒ =
NB NK NM
⇒ =
(85)+ Chứng minh BHIK hình bình hành Gọi J giao điểm AN BC
Ta có: sd AM =sd MB (cmt)
ACM BCM
⇒ = (hai góc nội tiếp chắn hai cung nhau)
CM
⇒ phân giác ACB CI
⇒ phân giác CAJ
IA CA
IJ CJ
⇒ = (1)
Ta có: sd AM =sd MB (cmt)
ANM BNM
⇒ = (hai góc nội tiếp chắn hai cung nhau)
NM
⇒ phân giác ANB NH
⇒ phân giác NAB
HA NA
HB NB
⇒ = (2)
Ta có: sd BN =sd NC BAN CAN
⇒ = (hai góc nội tiếp chắn hai cung nhau) Xét CAJ NAB ta có:
- ACJ = ANB (hai góc nội tiếp chắn AB) - BAN =CAJ (cmt)
( )g-g CAJ NAB
⇒
CA CJ CA NA
NA NB CJ NB
⇒ = ⇒ = (3)
Từ(1), (2), (3) suy IA HA
IJ = HB
HI BJ
(86)Chứng tương tựcác ý ởtrên, ta KI BH (5) Từ(4) (5) suy BHIK hình bình hành
+ Chứng minh BH =BK
Ta có: KBN BMN (cmt) BK BN BK BM BN
BM MN MN
⇒ = ⇒ = (6)
Chứng minh tương tựcâu b) ta có: HMBBMN( )g-g
BH BM BM BN
BH
BN MN MN
⇒ = ⇒ = (7)
Từ(6) (7) suy BH =BK
Mà BHIK hình bình hành nên BHIK hình thoi
d)Gọi P, Q tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác MBK, tam giác MCK E trung điểm đoạn PQ Vẽđường kính ND đường trịn ( )O Chứng minh ba điểm D, E, K thẳng hàng
Ta có: NBK =BMK (cmt) BN
⇒ tiếp tuyến B ( )P BN BP
⇒ ⊥
Mà BN ⊥BD (vì DBN=90o: góc nội tiếp chắn nửa đường tròn tâm O)
nên B, P, D thằng hàng
Ta có: PBK cân P (PB=PK) 180o 2
BPK PBK
⇒ = − ⋅ (8)
Ta có: NB NC sd NB( sd NC)
OB OC
= =
=
ON
⇒ đường trung trực đoạn BC
DB DC
(87)DBC
⇒ cân D 180o 2
BDC DBC
⇒ = − ⋅ (9)
Từ(8) (9) suy BPK =BDC
Mà hai góc ởvịtrí đồng vịnên PKDC ⇒PKDQ (10) Chứng minh tương tựta có: C, Q, D thẳng hàng QKDP (11) Từ(10) (11) suy DPKQ hình bình hành
Mà E trung điểm đường chéo PQ nên E trung điểm đường
chéo DK
⇒D, E, K thẳng hàng
Bài 5: + Tìm giá trịnhỏnhất
Áp dụng bất đẳng thức Cauchycho sốdương ta có:
( ) ( )
2
2 2 2
2
2
2 2
2
a b ab
b c bc a b c ab bc ca
c a ca
+ ≥
+ ≥ ⇒ + + ≥ + +
+ ≥
2 2
9
P a b c ab bc ca
⇒ = + + ≥ + + =
Dấu ‘=’ xảy
9 a b c
a b c ab bc ca
= = ≥
⇔ ⇔ = = =
+ + =
+ Tìm giá trị lớn Vì
( )( )
( )( )
( )( )
1 1
1 1
1 1
a a b ab a b
b b c bc b c
c c a ca c a
≥ − − ≥ − − + ≥ ≥ ⇒ − − ≥ ⇒ − − + ≥ ≥ − − ≥ − − + ≥ ( )
2
ab bc ca a b c
⇒ + + − + + + ≥
3
3
2
ab bc ca
a b c + + +
⇒ ≤ + + ≤ =
( )2
36
a b c
⇒ + + ≤
( )
2 2
2 36
a b c ab bc ca
⇒ + + + + + ≤
( )
36 18
P ab bc ca
⇒ ≤ − + + =
Dấu ‘=’ xảy
4, 4, 4, a b c b c a c a b
= = = ⇔ = = = = = =
Vậy GTNN P 9, xảy chỉkhi a= = =b c
GTLN P 18, xảy chỉkhi
4, 4, 4, a b c b c a c a b
(88)Đề số 20 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH HÀ TĨNH NĂM HỌC 2017-2018
Câu (2,0 điểm) Rút gọn biểu thức sau: a) P= 50−
b) 1 :
4
2
Q
x
x x
= +
−
+ −
với x≥0, x≠4 Câu (2,5 điểm)
a) Cho đường thẳng ( ) :d y=mx+ −m 2và đường thẳng ( ) :d1 y=5x−1 Tìm giá
trị m đểđường thẳng ( )d ( )d1 song song với
b) Cho phương trình ( )
2
x − m+ x+m = (m tham số) Tìm giá trị m để
phương trình cho cóhai nghiệm x x1, thỏa mãn (x1+3)(x2 +3)=28
Câu (1,5 điểm) Một người xe máy từ địa điểm A đến địa điểm B cách 60km
với vận tốc dự định trước Sau
3 quãng đường, điều kiện thời tiết khơng
thuận lợi nên qng đường cịn lại người phải với vậntốc so với vận tốc
dựđịnh ban đầu 10km/h Tính vận tốc dựđịnh thời gian người từ A đến B, biết người đến muộn dựđịnh 20 phút
Câu (3,0 điểm) Cho đường tròn tâm O, đường kính AB cố định H điểm cố định
thuộc đoạn OA (H không trùng O A) Qua H vẽđường thẳng vng góc với AB cắt
đường tròn tâm O C D Gọi K điểm tùy ý thuộc cung lớn CD
(K không trùng điểm C D; B) Gọi I giao điểm AK CD
a) Chứng minh tứgiác HIKB nội tiếp đường tròn
b) Chứng minh AI AK = AH AB
c) Chứngminh điểm K thay đổi cung lớn CD đường trịn tâm O
tâm đường trịn ngoại tiếp tam giác KCI thuộc đường thẳng cốđịnh
Câu (1,0 điểm) Cho a b c, , ba sốthực không âm thỏa mãn a+ + =b c
Chứng minh a+2b+ ≥c 1( −a)(1−b)(1−c)
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH HÀ TĨNH Câu
a)
50
P= − = 25.2− 2= 25 2−
5 2
(89)c) Với x≥0,x≠4 ta có: 1 :
2
Q
x
x x
= + =
−
+ −
( )( ) ( )
2
2
x
x
x x
−
− +
(2 4) ( 4)
x
x x
x
= − =
−
Câu (2,5 điểm)
a)Đường thẳng ( )d song song với ( )d1 chỉkhi
m
m m
=
⇔ =
− ≠ −
b).Phương trình có hai nghiệm khi: 2
' (m 2) m 4m m
∆ = + − ≥ ⇔ + ≥ ⇔ ≥ − (1)
Theo hệthức Vi-ét ta có : 2
2( 2)
x x m
x x m
+ = +
=
(2)
Ta có: (x1+3)(x2 +3)=28⇔ x x1 +3(x1+x2)=19 (3)
Thay (2) vào (3) ta có 2
6( 2) 19 m + m+ = ⇔m + m− = ⇔ m=1 m= −7
Đối chiếu điều kiện (1) ta m=1
Câu
Gọi vận tốc dự định người xe máy x (x>10, tính km/h); 20 phút
1
= (giờ)
Thời gian người dựđịnh đểđi từ A đến B 60
x (giờ) Thời gian người đóđi
3 quãng đường đầu 20
x (giờ) Thời gian người
3 quãng đường lại 40
10
x− (giờ)
Theo ta có phương trình: 20 40 60 40 40
10 10
x + x− = x + ⇔ x− = x +
2 40
10 1200
30 x
x x
x =
⇔ − − = ⇔
= −
Ta thấy x= −30 không thỏa mãn Vậy vận tốc dựđịnh 40 km/h
Thời gian người bằng: 60 11
(90)Q
A O B
C
D I
K
H
a) Tứgiác HIKB có IHB =900 (gt)
90
IKB= AKB= (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn) suy tứ giác HIKB nội
tiếp đường tròn (đpcm)
b) Xét ∆ AIB ∆ AHK có góc A chung, có IKH =IBH (cùng chắn cung HI đường tròn ngoại tiếp tứgiác HIKB)
Suy ∆AIB đồng dạng với ∆ AHK
Suy AI AB
AH = AK ⇒AI AK =AH AB (đpcm)
c) Đường kính AB vng góc với dây CD H (gt) , suy
HC= HD⇒ AC= AD
Suy sđ AC =sđ AD
Suy ACD= AKC (cùng chắn hai cung nhau)
Mặt khác tia CA điểm K nằm hai nửa mặt phẳng đối bờlà đường
thẳng CI
Suy CA tiếp tuyến đường tròn ngoại tiếp tam giác KCI tiếp điểm C (H/s chứng minh
AC = AI AKđể suy CA tiếp tuyến).
Gọi Q tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác KCI, suy Q nằm đường
thẳng vng góc với CA C
Mặt khác CB⊥CA (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn) , suy Q thuộc đường
thẳng CB cốđịnh (đpcm) Câu
Từgiảthiết: a+ + = ⇒ − = +b c 1 a b c ;1− = +b a c ;1− = +c a b
Suy a+2b+ ≥c 1( −a)(1−b)(1−c)
( )( )( )
(a b) (b c) a b b c c a
⇔ + + + ≥ + + +
Đặt x= +a b ; y= +b c ; z = +c a (x y z, , ≥0)
(91)Áp dụng BĐT Cauchyta có: x+ + =y z (x+ y)+ ≥z (x+y z) suy
2≥2 (x+ y z)
suy 1≥(x+y z) , x+ ≥y suy x+ ≥y (x+ y z)2 (1)
Mặt khác ( )2
4 ,
x+ y ≥ xy z≥0 suy (x+ y)2 z≥4xyz (2)
Từ(1) (2) suy x+ ≥y 4xyz suy toán chứng minh Đề số 21 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TP HẢI PHÒNG
NĂM HỌC 2017-2018 Câu (1,5 điểm)
Cho hai biểu thức:
( )2
2 8– 50
A = + + ;
( )
1 1
x B =
x x x– x +
– –
⋅
(với x>0; x≠1)
a) Rút gọn biểu thứcA B, ;
b) Tìm giá trị xsao cho giá trị biểu thức A gấp hai lần giá trị biểu thứcB Câu (1,5 điểm)
a) Tìm giá trị m để hai đường thẳng y=2 –x mvà y=(m+1)x– 1cùng cắt trục hồnh điểm có hồnh độ x = –1
b) Giải hệphương trình sau ( )
( )
3 2 2
x y
x y x
− − =
+ = −
Câu (2,5 điểm)
1 Cho phương trình: ( )
1
x − m− x m− = (1) (với x ẩn số, mlà tham số)
a) Giải phương trình (1) với m=4;
b) Xác địnhcác giá trị m để phương trình (1) có hai nghiệm phân biệt x x1;
thoảmãn điều kiện: x1(3−x2)+20≥3 3( −x2) Bài tốn có nội dung thực tế:
“Em có tưởng tượng hai phổi (gọi tắt phổi) chứa khoảng lít khơng khí hay khơng? Dung tích phổi người phụ thuộc vào số yếu tố, trong hai yếu tố quan trọng chiều cao độ tuổi
(92)Nữ: Q=0, 041 – 0, 018 – 2, 69h a trong đó:
h : chiều cao tính xentimét, a: tuổi tính năm,
P,Q : dung tích chuẩn phổi tính lít”
(Tốn 7, tập hai, NXB Giáo dục Việt Nam, năm 2017, tr 29) Bạn Hùng (nam) 15 tuổi, sốđo chiều cao bạn biết qua toán sau:
Chiều cao bạn Hùng tính xentimét Đó sốtự nhiên có chữ số, chữsốhàng trăm 1, chữsốhàng chục chữsốhàng đơn vịlà hai lần chữsốhàng chục chữsốhàng đơn vịlà Tính dung tích chuẩn phổi bạn Hùng
Câu (3,5 điểm)
1 Từđiểm M nằm bên ngồi đường trịn(O R; )vẽ tiếp tuyến MA MB, (A B,
là tiếp điểm)
a) Chứng minh bốn điểm M A O B, , , nằm đường trịn;
b) Vẽ cát tuyến MCD khơng qua tâm O đường trịn cho điểm C
nằm hai điểm M D Tiếp tuyến điểm C điểm D đường tròn
( )O cắt điểm N Gọi H giao điểm AB MO, K giao điểm CD ON Chứngminh OH OM =OK ON =R2;
c) Chứng minh ba điểm A B N, , thẳng hàng
2 Hình trụ có đường kính đáy 4cm chiều cao đường kính đáy
Tính thểtích hình trụ (lấy π =3,14)
Câu (1,0 điểm)
a) Cho hai sốx>0,y>0 Chứng minh 1 1
x y x y
≤ + ⋅
+
b) Cho ba sốdương a b c, , thỏa mãn1 1 16
a+ + =b c
Chứng minh rằng: 1
3a+2b+c+a+3b+2c+2a+ +b 3c ≤ ⋅3
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TP HẢI PHÒNG NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1.
(93)( )2
2 8– 50 2
A = + + = − + +
= − 2+ 1+ = (do 1+ >0)
( )
1 1
x B =
x x x– x +
– –
⋅
(với x>0; x≠1)
( ) ( ()( ) )
x -1 x +1
x -1 1
1
1
=
x + x + x
x x – x x –
⋅ = ⋅ =
b) (0,5 điểm)
Để giá trị biểu thức A hai lần giá trị biểu thức B x x
= ⇒ =
4 x
⇔ = (thỏa mãn điều kiện)
Vậy x=4 giá trị biểu thức A hai lần giá trị biểu thứcB Câu 2.
a) (0,75 điểm)
Do đường thẳng y=2x−m cắt trục hoành điểm có hồnh độ x= −1 nên
( )
0= − − ⇔ = −2 m m ;
Mặt khác đường thẳng y=(m+1)x−1 cắt trục hồnh điểm có hồnh độ
x= − nên 0= −1(m+ − ⇔ − − = ⇔ = −1) m m (2);
Từ (1) (2) suy m= −2 hai đường thẳng cắt trục hoành
điểm có hồnh độ x= −1 b) (0,75 điểm)
( )
( )
3 2 2
5 14 14 10 2
x y x y x x
x y y y
x y x
− − =
− = − = =
⇔ ⇔ ⇔
+ = = − =
+ = −
Vậy hệphương trình cho có nghiệm:
2 x y
= =
Câu 3.
3.1 a) (0,5 điểm)
Với m=4 phương trình (1) có dạng: x2−3x− =4
Ta có: ( )2 ( )
3 4 25
∆ = − − − = > ⇒ Phương trình có hai nghiệm phân biệt:
1 1; x = − x =
Vậy m=4 phương trình (1) có hai nghiệm x1 = −1; x2 =4 3.1 b) (1,0 điểm)
Tính ( )2 ( )2
1
m m m
(94)Đểphươngtrình (1) có hai nghiệm phân biệt ( )2
0 m m
∆ > ⇔ + > ⇔ ≠ −
Khi theo hệthức Vi-et ta có: 2
1
x x m
x x m
+ = −
= −
Theo đầu ta có: x1(3−x2)+20≥3 3( −x2)
( 2) ( )
3 x x 11x x m m 11 4m m
⇔ + − ≥ − ⇔ − + ≥ − ⇔ ≥ − ⇔ ≥ −
Vậy m≥ −2;m≠ −1 phương trình (1) có hai nghiệm phân biệt thỏa mãn
( ) ( )
1 20 3 x −x + ≥ −x 3.2 (1,0 điểm)
Gọi chữsốhàng chục a, điều kiện:a∈, 0≤ ≤a
Do chữ số hàng chục chữ số hàng đơn vị nên chữ số hàng đơn vị
2 a+
Mặt khác hai lần chữ số hàng chục chữ số hàng đơn vị nên ta có:
( )
2a− a+2 =4
Giải phương trình ta a=6
Nên chữsốhàng đơn vịlà a+ =2
Suy chiều cao bạn Hùng 168cm
Khi dung tích phổi bạn Hùng là:
0, 057.168 0, 022.15 4, 23 5, 016
P= − − = (lít)
Câu 4.
(Trường hợp cát tuyến MCD cắt đoạn thẳng OA chứng minh tương tự) 4.1 a (0,75 điểm)
+ Xét đường trịn ( )O có MA MB, tiếp tuyến ⇒MAO =MBO= °90
+ Xét tứgiác MAOB có MAO MBO + =180°
Mà hai góc ởvịtrí đối
K
N C H
M O
B A
(95)Suy tứgiác MAOB nội tiếp đường tròn
Do bốn điểm M A O B, , , nằm mộtđường tròn
4.1 b (1,0 điểm)
Ta có MA=MB (tính chất hai tiếp tuyến cắt nhau);
Lại có OA=OB=R ⇒OMlà đường trung trực đoạn thẳngAB
OM AB
⇒ ⊥ H
Xét ∆AOM vuông A, đường cao AH:
Theo hệ thức cạnh góc vng đường cao tam giác vng ta có:
( )
2
OH OM =OA =R
Chứng minh tương tựta :
OK ON =R (2);
Từ(1) (2) suy
OH OM =OK ON =R (đpcm)
4.1 c (0,75 điểm)
Từcâu b) ta có: OH OM OK ON OK OM
OH ON
= ⇒ =
Xét ∆OKMvµ∆OHNcó: ( )
cmt OK OM OH ON MOK NOH
= ⇒ ∆
=
OKM∽ ∆OHN(c.g.c)
90
OKM OHN HN OM
⇒ = = ⇒ ⊥ H ( )3 ;
Mặt khác AB⊥OM H ( )4 ;
+ Từ(3) (4) suy ba điểm A B N, , thẳng hàng (đpcm)
4.2 (0,5 điểm)
Theo ta có: r=d: 2=4 : 2=2cm⇒ =h 4cm
Áp dụng cơng thức tính thểtích hình trụ, ta có:
( )
2
V = r h = = 50, 24 cmπ π
Câu 5.
a) (0,25 điểm)
Xét hiệu:
( )
( ) ( ( ) )
2
4
1 1 1
0
4 4
x y xy x y x y
x y x y xy x y xy x y xy x y
+ − −
+
+ − = − = = ≥
+ + + +
(do x>0;y>0)
Vậy 1 1
4
x y x y
≤ + ⋅
+
Dấu “=” xảy ⇔ = ⋅x y b) (0,75 điểm)
(96)( )
1 1 1
1 3a 2b c 3a 2b c 3a 2b c
= ≤ +
+ + + + + ;
Chứng minh với a b c; ; >0 ta có 1
a b c+ + ≤ + + ⋅a b c
Áp dụng bất đẳng thức ta được:
( )
1 1 1 1 2 3a 2b c 3a b c 3a 9b 9c
+ ≤ + + = + +
+
;
Từ(1) (2) suy 1
3a 2b c 3a 9b 9c
≤ + +
+ +
Chứng minh tương tựta được:
1 1 1 1
;
3 9 9
a b c a b c a b c a b c
≤ + + ≤ + +
+ + + +
Cộng theo vế bất đẳng thức chiều ta được:
1 1 1 1
16 3a 2b c a 3b 2c 2a b 3c a b c 3
+ + ≤ ⋅ + + = ⋅ ⋅ =
+ + + + + +
Dấu “=” xảy 1 1 1
16 16
a b c
a b c
a b c
= =
⇔ ⇔ = = =
+ + =
Vậy 1
3a+2b c+ +a+3b+2c+2a b+ +3c≤3 (đpcm).
Đề số 22 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH HỊA BÌNH NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: (3,0 điểm)
1) a) Rút gọn: A 8
b) Phân tích đa thức sau thành nhân tử:
3
Bx x
2) Tìm x biết:
a) 2x 3 b) x 3
3) Tìm m để đường thẳng d :ymx2 qua điểm M 1;3 Khi vẽ
đường thẳng d mặt phẳng tọa độ Oxy Câu 2: (3,0 điểm)
1) Giải phương trình: x142x12 3
2) Cho phương trình:
2
x x m (m tham số) Tìm m đểphương trình
(97)3) Cho x, tìm giá trịnhỏnhất biểu thức:
4 2
3
1
x x
P
x
Câu 3: (1,0 điểm)
Một phòng họp có 240ghế(mỗi ghếmột chỗngồi) xếp thành dãy,
mỗi dãy có sốghế Trong họp có 315 người tham dựnên
ban tổ chức phải kê them dãy ghếvà dãy tang them gếso với ban đầu vừa đủ chỗngồi Tính sốghếcó phòng họp lúc đầu, biết sốdãy ghế nhỏhơn 50
Câu 4: (2,0 điểm)
Cho đường trịn O có đường kính AB điểm C thuộc đường trịn (C
khác A B, ) Lấy điểm D thuộc dây BC (D khác B C, ) Tia AD cắt cung nhỏ BC
tại điểm E, tia AC cắt tia BE điểm F
Chứng minh rằng: Tứgiác FCDE tứgiác nội tiếp đường tròn Chứng minh rằng: DA DE DB DC
Gọi I tâm đường tròn ngoại tiếp tứ giác FCDE, chứng minh IC tiếp
tuyến đường tròn O Câu 5: (1,0 điểm)
Cho sốdương a b c, , thỏa mãn a b c
Chứng minh rằng:
1 1
a b c
a b c
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH HỊA BÌNH NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: (3,0 điểm)
1) a) Rút gọn: A 8 2 2
b) Ta có
3
Bx x
2
2
x x x
1 2 1
x x x
x 1x 2
Vậy B x 1x2
2) Tìm x:
a) 2x 3 2x
b) x 3 3 x
x
(98)3
x
Vậy
2
x
1 x x
Vậy x 1 x 5
3) Thay tọa độđiểm M 1;3 vào phương trình đường thẳng d :ymx2 ta
được:
3 m m
Vậy đường thẳng d là: y x
Câu 2: (3,0 điểm)
1) Giải phương trình: 4 2
1
x x
Đặt 2
1
t x , điều kiện: t0
Phương trình trởthành:
2
t t
2
3
t t t
t 1t 3
Vậy 2
1
x
1 x x
Kết luận: tập nghiệm phương trình S 3; 1 3
2) Phương trình:
2
x x m (m tham số)
2
1 m
2 m
Đểphương trình có hai nghiệm x x1, chỉkhi m
Khi đó: 2
2 x x x x m
Từ 2x1 x2 ta có
1 2 2 x x x x x x
Thay vào x x1 2 m 3. 1 m m 2 tm
Vậy với m 2 phương trình có hai nghiệm x x1, 2 thỏa mãn 2x1 x2
3) Tìm GTNN 23
1 x x P x
Ta có:
2 2 P x x 2
2 2
2 2
x x x 2
2 2
2
2 2
x x
x
(99)2 2
2 x
0
2
2
Dấu "" xảy
2
2 2
2
0 x
x x
0 x
Vậy GTNN P x0 Câu 3: (1,0 điểm)
Gọi sốdãy ghếban đầu x (dãy) x*,x50 Sốghếmỗi dãy ban đầu là: 240
x (ghế)
Trong họp:
Sốdãy ghếcó là: x3 (dãy) Sốghếmỗi dãy là: 240
x (ghế)
Tổng sốghếcó phịng họp là: x 3 240
x
(ghế)
Vì sốghếvừa đủ chỗngồi cho 315 người tham dựnên ta có:
x 3 240 315
x
720
72
x x
2
72 720
x x
60 12
x loai
x tm
Vậy sốdãy ghếcó phịng họp lúc đầu 12 (dãy)
Câu 4: (2,0 điểm)
I F
E
A O
B C
(100)a) Ta có hai góc
ACB=AEB=90 (hai góc nội tiếp chắn nửa đường trịn)
Xét tứgiác FC ED có FC D= FED=900 ⇒ FCD+FED 180=
Suy tứgiác FC ED nội tiếp đường trịn đường kính DF
b) Xét haitam giác vng CDA EDB có CDA =EDB (hai góc đối đỉnh)
Suy hai tam giác CDA EDB đồng dạng Câu 5: (1,0 điểm)
Ta có
1− + 1− + 1− >
a b c
a b c
( ) ( ) ( )
( ) ( ) ( )
2
2
2 2
2
2 2
1
2 2
⇔ + + >
+ + − + + − + + −
⇔ + + >
+ + +
⇔ + + >
+ + +
⇔ + + >
+ + +
a b c
a b c a a b c b a b c c
a b c
b c a c a b
a b c
a b c b a c c a b
a b c
a b c b a c c a b
Áp dụng bất đẳng thức Cosi ta có
( ) ( )
( ) ( )
( ) ( )
( )
( )
( )
2
2
2
2
≥
+ +
+
+ + ≥ +
+ + ≥ + ⇒ ≥
+ +
+
+ + ≥ +
≥
+ + +
a a
a b c
a b c
a b c a b c
b b
b a c b a c
a b c
b a c
c a b c a b
c c
a b c
c a b
( ) ( ) ( )
2 2
+ +
⇒ + + ≥ =
+ +
+ + +
a b c a b c
a b c a b c b a c c a b
Dấu “=” xảy
= +
= + ⇒ = = =
= +
a b c
b c a a b c
c a b
( vơ lý a b c, , >0)
Vậy
1− + 1− + 1− >
a b c
(101)Đề số 23 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH TP HỒ CHÍ MINH NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1. (2 điểm)
a) Giải phương trình:
( 1)(3 2)
= − −
x x x
b) Một miếng đất HCN có chu vi 100 m Tính chiều dài chiều rộng mảnh
đất biết lần chiều rộng lần chiều dài 40cm
Câu 2. (1,5 điểm)
Trong mặt phẳng tọa độOxy
a) Vẽđồthị (P) hàm số:
4
y= x
b) Cho đường thẳng( )D :
2
y= x+mđi qua điểm C( )6; Tìm tọa độgiao điểm ( )D và( )P
Câu 3. (1,5 điểm)
1) Thu gọn biểu thức: ( 1) 14
A= + −
+
2) Lúc 6h sáng, bạn An xe đạp từnhà (điểmA) đến trường (điểmB) phải leo
lên xuống dốc (như hình vẽbên dưới) Cho biết đoạn thẳng ABdài
762m, góc A 6° góc B 4°
a) Tính chiều cao h dốc
b) Hỏi bạn An đến trường lúc giờ? Biết tốc độtrung bình lên dốc
4 km/hvà tốc độtrung bình xuống dốc là19 km/h
Câu 4. (1,5 điểm)
Cho phương trình: 2
(2 1)
x − m− x+m − =m ( )1 (x ẩn số)
a) Tìm điều kiện m đểphương trình ( )1 có hai nghiệm phân biệt
b) Định m đểhai nghiệmx1, x2 phương trình ( )1 thỏa mãn:
( )2
1
x −x = x − x
Câu 5. (3,5 điểm )
(102)a) Chứng minh: Tứgiác ACDH nội tiếp CHD =ABC
b) Chứng minh: Hai tam giác OHB OBC đồng dạng với HM tia
phân giác góc BHD
c) Gọi K trung điểm BD chứng minh: MD BC =MB CD
MB MD=MK MC
d) Gọi E giao điểm AM OK; J giao điểm IM ( )O (J khác I ) Chứng Minh: Hai đường thẳng OC EJ cắt điểm ( )O
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH TP HỒ CHÍ MINH NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1.
a) Giải phương trình:
( 1)(3 2)
= − −
x x x
Lời giải
2
( 1)(3 2)
x x x
x x
= − −
⇔ − + − =
2
4 4.( 2).( 2)
b ac
∆ = − = − − − =
Phương trình có hai nghiệm phân biệt:
1
2
2
x x
= =
b) Một miếng đất HCN có chu vi 100 m Tính chiều dài chiều rộng mảnh
đất biết lần chiều rộng lần chiều dài 40 cm
Lời giải Gọi x chiều dài hình chữnhật (x>0,m)
ylà chiều rộng hình chữnhật (y>0, m)
Theo đềbài ta có hệphương trình:
50 40 x y
y x + =
− =
Giải hệphương trình ta được:
30 20 x y
= =
( nhận)
Vậy chiều dài hình chữnhật 30 m, chiều rộng hình chữnhật 20m
Câu 2. (1,5 điểm)
Trong mặt phẳng tọa độ Oxy
a) Vẽđồthị (P) hàm số:
4
(103)Bảng giá trị
x −4 −2
2
1
y= x
4 1
b) Cho đường thẳng( )D :
2
y= x+m qua điểmC( )6; Tìm tọa độgiao điểm ( )D và( )P
Thay tọa độ C( )6; vào ( )D ta được:
3
2 m
= + Tìm m= −2
Phương trình hồnh độgiao điểm ( )D và( )P :
2
1 3
2
4x = 2x− ⇔ 4x −2x+ =
Giảiphươngtrình ta
1
2
2
4
x y
x y
= ⇒ =
= ⇒ =
Vậy tọa độgiao điểm ( )D và( )P (2;1) ;(4; 4)
Câu 3. 1) ( 1) 14 ( 1) (14 52 )( 3) ( )3 88 44 22
5 A
− −
− −
= + = + = +
− +
( ) ( ) ( ) (2 )( )
3 3 3 3
= + − = + − = + − = − =
2)
a) Xét tam giác AHC BHC vuông H , ta có:
4
-2
(104)tan
tan
CH CH
A AH
AH A
= ⇔ =
tan
tan
CH CH
B BH
BH B
= ⇔ =
Suy ra: 1 tan tan
tan tan tan tan tan tan
CH CH A B
AB AH BH CH CH
A B A B A B
+
= + = + = + =
tan tan 762 tan tan 32 tan tan tan tan
AB A B
CH m
A B
° °
⇔ = = ≈
+ ° + °
b) Ta có: sin 306,1 0, 3061
sin
CH CH
A AC m km
AC A
= ⇔ = ≈ =
sin 458, 0, 4587
sin
CH CH
B BC m km
BC B
= ⇔ = ≈ =
Gọi t t, AC, tCB (giờ) khoảng thời gian An từ A đến B, A đến C C đến B
Khi đó: 0,1
4 19
AC CB
AC CB
t=t +t = + ≈ h= phút
Vậy An đến trường vào lúc giờ6 phút
Câu 4. a) ( ) 2
1 ⇔ x −(2m−1)x+m − − =m
( )2 ( 2 ) 2 2
2m m m 4m 4m 4m 4m
∆ = − − − − = − + − + + = >
Suy phương trình ln có hai nghiệm phân biệt với m b) Theo hệthứcVi-ét ta có:
1 2
S = +x x = m− ( )a
2
1
P=x x =m − −m ( )b
Theo đề:
( )2 2 ( )2
1 2 2 2
x −x = x − x ⇔ x − x x +x =x − x ⇔ x +x − x x =x − x
( )2 ( 2 )
1 2
2m m m x 3x x 3x
⇔ − − − − = − ⇔ − = ( )c
Từ ( )a và( )c , ta :
( )
( )
1
2
3
1
x m
x m
= +
= −
Thay vào( )b : 1( ) (1 ) 1( )
3 3
2 m+ m− =m − − ⇔m m − m− =m − −m
( )
2 2
3 4
2 m
m m m m m m
m
= − −
⇔ − − = − − ⇔ + − = ⇔
= − +
(105)Câu 5.
a) Ta có AHC= °90 (
AH ⊥OC)
90
ADB= ° ( góc nội tiếp chắn nửa đường trịn đường kính AB)
Vậy ⇒AHDC nội tiếp
đường trịn đường kính
AC
( )1
DAC CHD
⇒ = ( góc
nội tiếp chắn cung
CD)
Mặt khác
2
DAC=ABC= sđ
AID( )2 ( góc nội tiếp góc tạo bởi tiếp tuyến dây cung ).
Từ ( ) ( )1 ; ⇒CHD =ABC
b) Ta có ∆AHO∆CAO ( g-g) AO HO
CO AO
⇒ =
Mà OA=OB AB đường kính đường trịn tâm ( )O Vậy OB HO
CO OB
⇒ =
Xét ∆OHB ∆OBC có:
HOB=BOC ( chung gócO)
OB HO
CO = OB
OHB OBC
⇒ ∆ ∆ ( c-g-c)
Ta có: CDA =CHD ( hai góc nội tiếp chắn cungCDcủa đường tròn ngoại
tiếp tứgiác ACDH)
DBA=DAC (góc nội tiếp góc tạo tiếp tuyến dây cung đường tròn
tâm O)
Mặt khác ∆OHB∆OBC⇒OHB =CBO=DBA
Vậy ⇒OHB =DHC mà OHB +BHM =DHC+DHM = °90 (AH ⊥OC)
BHM DHM
⇒ = ⇒ HM đường phân giác góc BHD
(106)Vì HM phân giác BHD HB MB ( )*
HD MD
⇒ =
Mặt khác HM ⊥HC⇒ HC đường phân giác tam giác BHD
( )**
HB CB
HD CD
⇒ =
Từ ( )* ( )** CB MB CB MD CD MB
CD MD
⇒ = ⇒ =
Gọi Q giao điểm AM với ( )O AH ⊥OC⇒CQ tiếp tuyến của
( )O ⇒CQO = °90
Vậy năm điểm C; O;A K Q; ; nội tiếp đường trịn đường kính CO
Bốn điêm B; A D Q; ; thuộc ( )O ⇒MB MD =MA MQ ( )3
Năm điểm C; O;A K Q; ; thuộc đường tròn
( )O ⇒MC MK =MA MQ ( )4 Từ ( )3 ( )4 ⇒MB MD =MC MK
d) Gọi N giao điểm CO ( )O ⇒IJN= °90 ( )5
Mà ta có: MI MJ =MD MB =MK MC (chứng minh )
Vậy ⇒ ∆MCI ∆MKJ ⇒MCI =MJK =MEO⇒MKJE nội tiếp
90 ( )6
EJM
⇒ = °
Từ ( )5 ( )6 ⇒E J N; ; thẳng hàng
Đề số 24 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH HƯNG YÊN NĂM HỌC 2017-2018
I. PHẦN TRẮC NGHIỆM (5 điểm)
Câu 1: Trong phương trình sau đây, phương trình phương trình bậc hai
ẩn ?
A B C D.
Câu 2: Khẳng định sau đúng?
A Đường tròn hình có tâm đối xứng có trục đối xứng
B Đường trịn hình có trục đối xứng
C.Đường trịn hình chỉcó hai trục đối xứng
D Đường trịn hình có vô sốtâm đối xứng
,
x y
2x+5y =10 2xy+5y=10 10
(107)Câu 3: Cho hàm số bậc Tìm giá trị để đồ thịhai hàm sốtrên song song với nhau?
A B. C D
Câu 4: Biết tồn giá trịnguyên đểphương trình
có hai nghiệm ; thỏa mãn Tính tổng giá trịnguyên
A B C D
Câu 5: Tìm điều kiện xác định biểu thức ?
A B C D
Câu 6: Cho tam giác vuông , đường cao , biết cm; cm Tính độdài cạnh ?
A B C D
Câu 7: Cho hệphương trình Tìm giá trị để hệcó nghiệm
nhất thỏa mãn
A B C D
Câu 8: Điểm sau thuộc đồthịhàm số
A B. C D
Câu 9: Cho hàm số Khẳng định sau sai?
A. Hàm sốđồng biến tập B. Đồthịhàm số cắt trục điểm
C. Hàm sốnghịch biến tập
D. Đồthịhàm số cắt trục điểm Câu 10: Căn bậc hai số học là:
A B C D
Câu 11: Phương trình sau có nghiệm kép?
A B. C D
( )
1
y= m + x− m y=10x−6 m
3
m= ± m= −3 m=3 m=9
m x2−(2m+1)x+m2 + =m
1
x x2 − < <2 x1 x2 <4 S
3
S = S =2 S=0 S=5
5−x
x≥ x>5 x<5 x≤5
ABC A AH BH =4 BC=16
AB
8 5
2
3 x y m x y m
+ = +
+ = +
m
( )x y; 3x+ =y
1
m=
2
m= m=2 m= −2
3
y= − +x
( 2; 2)
Q − N( )1; M( )0; P(−1;1)
3
y= x+
Oy M( )0;5
Ox 5;
3
M−
25
5
± 625 −5
2
2
(108)Câu 12: Khi tia nắng mặt trời tạo với mặt đất góc bóng tòa nhà mặt đất dài m Hỏi chiều cao tịa nhà mét (kết quảlàm tròn đến hàng đơn vị)
A m B m C m D m
Câu 13: Hàm sốnào sau đồng biến tập ?
B C. D.
Câu 14: Trong mặt phẳng tọa độ , cho điểm A( )3; Sốđiểm chung đường tròn
tâm A bán kính R=3 với trục Ox Oy là:
A 1và B 0và C.1và D.2và
Câu 15: Tìm giá trị m đểphương trình mx2−3x+2m+ =1 có nghiệm x=2 A
6
− B 5
6 C.
6
− D.6
5
Câu 16: Cho phương trình x− =y 1(1) Phương trình kết hợp với phương
trình (1) đểđược hệphương trình bậc hai ẩn x, y có vơ sốnghiệm? A y=2x−2 B y= +1 x C.2y= −2 2x D.2y=2x−2
Câu 17: Cho hình cầu có thểtích 500
3
π cm3 Tính diện tích mặt cầu đó. A 500
3
π cm2 B
50πcm2 C.25πcm2 D.100πcm2 Câu 18: Tìm giá trị m đểđồthịhàm số y=mx2 qua điểm A(−2;1)
A
2
m= − B
2
m= C.
4
m= D.
4
m= −
Câu 19: Cho đường trịn (O R; ) có dây cung AB=R Tính diện tích tam giác AOB
A 2R2 B
2
R C.R2 D.
4
R π
Câu 20: Khi cắt hình trụ mặt phẳng vng góc với trục, ta mặt cắt hình gì?
A. Hình chữnhật B Hình vng C Hình trịn. D Hình tam giác
35° 30
52 21 17 25
2
y= − +x
3
y= x+ y= −1 2x
( )
1 y= − x+
(109)Câu 21: Hệphương trình
3 y x y x
= +
= −
A Vơ nghiệm B.Có nghiệm C.Có hai
nghiệm D Có vơ sốnghiệm
Câu 22: Rút gọn biểu thức
3
P= x − x với x<0
A
9
P= x B P= −15x3 C.P= −9x3 D.P=3x3 Câu 23: Tìm a để biểu thức
1
a a
−
+ nhận giá trịâm
A 0≤ <a B a>2 C.a<2; a≠ −1 D.a<2 Câu 24: Cho ngũ giác ABCDE Đường tròn ( )O tiếp xúc với ED D tiếp xúc
với BCtại C Tính sốđo cung nhỏ DCcủa ( )O
A 135° B 108° C.72° D.144° Câu 25: Biết phương trình
2
x +bx− b= có nghiệm x= −3 Tìm nghiệm cịn lại
phương trình?
A
5
− B
6
− C.5
6 D.
6
II PHẦN TỰ LUẬN (5 điểm) Câu 26: (1,5 điểm)
1 Rút gọn biểu thức A= 3+ (2− 3)2 +6
2 Tìm mđểđồthịhàm số y=mx+3 cắt trục hồnh điểm có hồnh độ
3
3 Giải hệphương trình
1 x y
x y
+ =
− =
Câu 27: (1,0 điểm) Cho phương trình
2
x − x m− = (mlà tham số) Giải phương trình với m=3
2 Tìm giá trị m đểphương trình có hai nghiệm phân biệt x1, x2 thỏa
mãn điều kiện
( )2 ( )
1 2
x x + − x +x =
Câu 28: (2,0 điểm) Cho tứgiác ABCD nội tiếp đường trịn đường kính AB Hai đường
chéo AC BD cắt E, F hình chiếu vnggóc E AB Chứng minh tứgiác ADEF nội tiếp
(110)Câu 29: (0,5 điểm)Cho hai sốthực dương x, y thỏa mãn điều kiện x+ ≤y Tìm giá trị
nhỏnhất biểu thứcP 2 2 35 2xy xy x y
= + +
+
STT 32 LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH HƯNG YÊN NĂM HỌC 2017-2018
I PHẦN TRẮC NGHIỆM (5 điểm)
Câu 1: Trong phương trình sau đây, phương trình phương trình bậc hai
ẩn ?
A B C D.
Lời giải
Chọn D
Câu 2: Khẳng định sau đúng?
A.Đường trịn hình có tâm đối xứng có trục đối xứng
B Đường trịn hình có trục đối xứng
C.Đường trịn hình chỉcó hai trục đối xứng
D Đường trịn hình có vơ sốtâm đối xứng
Lời giải
Chọn A
Câu 3: Cho hàm số bậc Tìm giá trị để
đồ thịhai hàm sốtrên song song với nhau?
A B. C D
Lời giải
Chọn B
Đểđồthịhàm số song song với đồthịhàm số
Câu 4: Biết tồn giá trịnguyên đểphương trình
có hai nghiệm ; thỏa mãn Tính tổng giá trịngun
,
x y
2x+5y =10 2xy+5y=10 10
x+ =y 2x+5y=10
( )
1
y= m + x− m y=10x−6 m
3
m= ± m= −3 m=3 m=9
( )
1
y= m + x− m y=10x−6
2
1 10
2
m m
+ =
− ≠ −
3 m m
= ± ⇔ ≠
⇔ = −m
m x2−(2m+1)x+m2 + =m
1
(111)A B C D
Lời giải
Chọn B.
Ta có ,
Do phương trình ln có hai nghiệm phân biệt với
;
Theo đềbài:
Vì nên
Ta có
Câu 5: Tìm điều kiện xác định biểu thức ?
A B C D
Lời giải
Chọn D
ĐKXĐ:
Câu 6: Cho tam giác vuông , đường cao , biết cm; cm Tính độdài cạnh ?
A B C D
Lời giải
Chọn A
Áp dụng hệthức lượng tam giác ( ), ta có:
(cm)
Câu 7: Cho hệphương trình Tìm giá trị để hệcó nghiệm
nhất thỏa mãn
A B C D
Lời giải
Chọn C
3
S = S =2 S=0 S=5
( )2 ( )
2m m m
∆ = + − + = > ∀m
m
1
2 1 m
x = + − =m 2 1
m
x = + + = +m
1
2 x x m m m − < < < ⇒ − < < + < ⇔ − < < m∈ m∈ −{ 1; 0;1; 2}
1 2 S = − + + + =
5−x
x≥ x>5 x<5 x≤5
5− ≥ ⇔ ≤x x
ABC A AH BH =4 BC=16
AB
8 5
H A
B C
ABC A=900
2
4.16 64 AB =BH BC = =
8 AB
⇒ =
2
3 x y m x y m
+ = +
+ = +
m
( )x y; 3x+ =y
1
m=
2
(112)
Thay vào phương trình ta
Câu 8: Điểm sau thuộc đồthịhàm số
A B. C D
Lời giải
Chọn C
Câu 9: Cho hàm số Khẳng định sau sai?
E. Hàm sốđồng biến tập F. Đồthịhàm số cắt trục điểm
G. Hàm sốnghịch biến tập
H. Đồthịhàm số cắt trục điểm
Lời giải
Chọn C.
Câu 10: Căn bậc hai số học là:
A B C D
Lời giải
Chọn C
Câu 11: Phương trình sau có nghiệm kép?
A B. C D
Lời giải
Chọn B
Câu 12: Khi tia nắng mặt trời tạo với mặt đất góc bóng tịa nhà mặt đất dài m Hỏi chiều cao tịa nhà mét (kết quảlàm tròn đến hàng đơn vị)
A m B m C m D m
Lời giải
Chọn B
2
3 x y m x y m
+ = +
+ = +
10 15 5
x y m
x y m
+ = +
⇔ + = +
7
3 x m
x y m =
⇔ + = +
x m y m
=
⇔ = +
1 x m y m
=
= +
3x+ =y m=2
3
y= − +x
( 2; 2)
Q − N( )1; M( )0; P(−1;1)
3
y= x+
Oy M( )0;5
Ox 5;
3
M−
25
5
± 625 −5
2
2
x − x+ = 3x2−6x+ =3 x2−6x=9
2
12 36
x x
− + = −
35° 30
(113)Giảsửtòa nhà đoạn
Bóng tịa nhà mặt đất m
Trong tam giác , ta có: m
Câu 13: Hàm sốnào sau đồng biến tập ?
B C. D.
Lời giải
Chọn B
Câu 14: Trong mặt phẳng tọa độ , cho điểm A( )3; Sốđiểm chung đường trịn
tâm A bán kính R=3 với trục Ox Oy là:
A 1và B 0và C.1và D.2và
Lời giải
Chọn B
Ta có: d(A Ox; ) = > =4 R Do đường trịn (A;3) khơng cắt trục Ox d(A Oy; ) = =3 R Do đường trịn (A;3)cắt trục Oy điểm
Câu 15: Tìm giá trị m đểphương trình mx2−3x+2m+ =1 có nghiệm x=2
A
6
− B 5
6 C.
6
− D.6
5
Lời giải
Chọn B
Thay x=2 vào phương trình ta được: 6 5
m− + m+ = ⇔ m= ⇔ =m Câu 16: Cho phương trình x− =y 1(1) Phương trình kết hợp với phương
trình (1) đểđược hệphương trình bậc hai ẩn x, y có vơ sốnghiệm?
A y=2x−2 B y= +1 x C.2y= −2 2x D.2y=2x−2
Lời giải
Chọn D
Câu 17: Cho hình cầu có thểtích 500
3
π
cm3 Tính diện tích mặt cầu B
A C
AB
30 AC= 35
BCA= °
ABC tanC AB
AC
= ⇒ AB= AC tanC=30 tan 35° ≈21
2
y= − +x
3
y= x+ y= −1 2x
( )
1 y= − x+
(114)A 500
π cm2. B
50πcm2 C.25πcm2 D.100πcm2
Lời giải
Chọn D
Thểtích mặt cầu bán kính R 3
500
4 3
5
3 4
V
V R R
π π
π π
= ⇒ = = = (cm)
Diện tích mặt cầu 2
4 100
S= πR = π = π (cm2)
Câu 18: Tìm giá trị m đểđồthịhàm số y=mx2 qua điểm A(−2;1)
A
2
m= − B
2
m= C.
4
m= D.
4
m= −
Lời giải
Chọn C
Thay tọa độđiểm A vào đồthịhàm số y=mx2 ta được: 1
m= ⇒ =m Câu 19: Cho đường trịn (O R; ) có dây cung AB=R Tính diện tích tam giác AOB
A 2R2 B
2
R . C.R2 D.
4
R π
Lời giải
Chọn B
Xét tam giác AOB có:AB2=OA2+OB2 ⇒ ∆AOB vng O
Ta có:
2 2
AOB
R
S∆ = OA OB= R R=
Câu 20: Khi cắt hình trụ mặt phẳng vng góc với trục, ta mặt cắt hình gì?
A.Hình chữnhật. B.Hình vng C.Hình trịn D.Hình tam giác
Lời giải
Chọn C
Câu 21: Hệphương trình
3 y x y x
= +
= −
A Vơ nghiệm B.Có nghiệm duynhất C.Có hai nghiệm D.Có vơ sốnghiệm
(115)Chọn B
Câu 22: Rút gọn biểu thức
3
P= x − x với x<0
A
9
P= x B P= −15x3 C.P= −9x3 D.P=3x3
Lời giải
Chọn C
( )
6 3 3 3
3 3 3
P= x − x = x − x = − x − x = − x (do x<0)
Câu 23: Tìm a để biểu thức
1
a a
−
+ nhận giá trịâm
A 0≤ <a B a>2 C.a<2; a≠ −1 D.a<2
Lời giải
Chọn B
Để biểu thức nhận giá trịâm
0 a a
− < ≥
2 a a
> ⇔ ≥
⇔ >a
Câu 24: Cho ngũ giác ABCDE Đường tròn ( )O tiếp xúc với ED D tiếp xúc
với BCtại C Tính sốđo cung nhỏ DCcủa ( )O
A 135° B 108° C.72° D.144°
Lời giải
Chọn D
Vì ABCDE ngũ giác nên 108 A= = = = =B C D E °
Vì đường trịn ( )O tiếp xúc với ED D
và tiếp xúc với BC C nên BC ED
là tiếp tuyến ( )O ⇒BCO =EDO= °90
Ta có: OCD =BCD−BCO=108° − ° = °90 18
Tương tự: ODC= °18
Trong ∆OCD có
180 144
COD= −OCD ODC− = °
sđCD = sđCOD =144° Câu 25: Biết phương trình
2
x +bx− b= có nghiệm x= −3 Tìm nghiệm cịn lại
phương trình?
A
5
− B
6
− C.5
6 D.
6
O
C D
B E
(116)Lời giải
Chọn D
Vì x= −3 nghiệm phương trình nên 32
b b b
− − = ⇔ =
Vì ac<0 nên phương trình có hai nghiệm phân biệt, theo Vi–et ta có
1 2
18 18
: ( 3)
5 5
x x = − = −b ⇒x = − − = (giảsử x1= −3) II PHẦN TỰ LUẬN (5 điểm)
Câu 26: (1,5 điểm)
1 Rút gọn biểu thức
( )2
3 3
A= + − + = + − + =
2 Tìm m đểđồthịhàm số y=mx+3 cắt trục hồnh điểm có hoành độ
3
Thay x=3; y=0 vào hàm số y=mx+3 ta được: 3m+ = ⇔ = −3 m
Vậy với m= −1 đồthịhàm số y=mx+3 cắt trục hồnh điểm có hồnh
độ
3 Giải hệphương trình
1 x y x y
+ =
− =
3 x y x y
+ =
− =
4 y x y
= ⇔ − =
2 y
x y = ⇔ − =
2 y x
= ⇔ =
Vậy hệphương trình có nghiệm ( ) ( )x y; = 3; Câu 27: 1) Giải phương trình vớim=3
Thaym=3 ta có phương trình x2−2x− =3
Ta thấy a b c− + = + − =1 nên phương trình cho có hai nghiệm x1= −1;
2
x =
2) Tìm giá trị m đểphương trình có hai nghiệm phân biệt x1, x2 thỏa
mãn điều kiện
( )2 ( )
1 2
x x + − x +x =
Phương trình có hai nghiệm phân biệt x1, x2 khi∆ = + >′ m ⇔ > −m (*)
Khi đó, theo định lý Vi-et, ta có: 2
2 x x x x m
+ =
= −
(1)
Thay (1) vào đềbài ta được:
( )2 ( )
1 2
x x + − x +x = ⇔ − +( m 1)2−2.2=0 ⇔(m−1)2 =4 m m
= ⇔ = −
(117)Kết hợp với điều kiện (*) ta m=3 Câu 28:
1 Ta có ADB=ACB= °90 (góc nội tiếp chắn nửa đường trịn)
Xét tứgiác ADEFcó: ADE+AFE= ° + ° =90 90 180°
Suy tứgiác ADEF nội tiếp đường tròn
2 Chứng minh tương tựta có tứgiác BCEF nội tiếp đường tròn
ECF EBF
⇒ = (hai góc nội tiếp chắn EF) (1)
Vì tứgiác ABCD nội tiếp đường trịn (gt)
DBA DCA
⇒ = (hai góc nội tiếp chắn DA) (2) Từ(1) (2) suy DCA=ACF
Hay CA phân giác DCF (3)
Mặt khác: ACB= °90 , hay CA⊥CB (4)
Từ(3) (4) suy CB phân giác ngồi DCF
Áp dụng tính chất đường phân giác tam giác cho tam giác DCN ta có
BN CN EN
BD = CD = ED ⇒BN ED =BD EN (đpcm) Câu 29:
Ta có: P 22 2 35 2xy 22 2 32 2xy
xy xy xy xy
x y x y
= + + = + + + +
+ +
Với a>0, b>0 ta có 1
a+ ≥b a b+ (*) (Chứng minh biến đổi tương đương cô-si)
Áp dụng (*) cho hai sốdương 22 2
x +y ;
1
xy ta được:
N F
E
B O
A D
(118)( )
2 2 2 2
2 1 8
2
2
xy xy
x y x y x y xy x y
+ = + ≥ = > =
+ + + + +
Áp dụng bất đẳng thức Cô – si cho hai sốdương x,y ta có: xy ≤ + ≤x y 4⇒xy≤4 2
4
xy
⇒ ≥ =
32 32
2xy 2xy 16
xy+ ≥ xy =
Do 2 2 32 2 16 17
2
P xy
xy xy xy x y
= + + + + ≥ + + =
+
Dấu đẳng thức xảy
2
2
4 x y xy
xy x y x y
+ =
=
=
+ =
2
x y
⇔ = =
Vậy giá trịnhỏnhất P 17khi x= =y
Đề 25 LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH KHÁNH HÒA NĂM HỌC 2017-2018
Câu (1,0 điểm) (Khơng sửdụng máy tính cầm tay)
a) Tính giá trị biểu thức 2 10
T = + − − −
−
b) Giải phương trình x−3 x−10=0
Lời giải
a) 2
2 10
T = + − − −
−
( ) ( )2
1
2
2
−
= + − −
−
1
2
2
= + − − 2
2
= − −
( )
2
= − − (vì 2>1) 2
= − + =1
b) x−3 x−10=0
2 10
x x x
⇔ + − − =
( x 2)( x 5)
⇔ + − =
5
x
⇔ − = (vì x+ >2 0)
25 x
(119)Câu (2,0 điểm) Trên mặt phẳng tọa độ Oxy, cho parabol ( )P :y= −3x2 hai điểm
( 1; 3)
A − − B( )2;3
a) Chứng tỏrằng điểm A thuộc parabol ( )P
b) Tìm tọa độ điểm C (C khác A) thuộc parabol ( )P cho ba điểm A, B, C
thẳng hàng
Lời giải
a) Thay A(− −1; 3) vào ( )P ta được: − = − −3 3( )1 (đúng)
Vậy A∈( )P
b) Phương trình đường thẳng AB có dạng: y=ax+b (a≠0) Do A(− −1; 3) B( )2;3 thuộc AB nên ta có:
( ) ( ) 3 a b a b − = − + = + 3 a b a b − + = − ⇔ + = 3 a b a − + = − ⇔ = b a = − ⇔ = (nhận)
Phương trình hồnh độ giao điểm AB ( )P là:
3x 2x
− = −
2
3x 2x
⇔ + − = 1 x x = − ⇔ =
Suy
3
C
x =
2
1
3
3
C
y = − = −
Câu 3: (2,0 điểm)
a) Tìm hai số, biết tổng chúng tích chúng 12
b) Một hội trường có 300 ghế ngồi (loại ghế người ngồi) xếp thành
nhiều dãy với số lượng ghế dãy để tổ chức kiện Vì số người dự kiến đến 351 người nên người ta phải xếp thêm 1dãy ghế có sốlượng
ghế nhưdãy ghếban đầu sau xếp thêm vào dãy ghế(kể cảdãy ghế
xếp thêm) đểvừa đủ người ngồi ghế Hỏi ban đầu hội trường có dãy ghế?
Lời giải
a) Gọi x, y hai số cần tìm (khơng tính tổng quát có thểgiảsử x≤ y)
Ta có:
12 x y xy + = = ( ) 7 12 x y y y = − ⇔ − =
7 12
x y y y = − ⇔ − + = x y y y = − ⇔ = = 3 (loại) (nhận) x y x y = = ⇔ = =
(120)b) Gọi x, y sốdãy ghếvà sốghếmỗi dãy ban đầu (x, y∈*)
Ta có:
( )( )
300
1 351
xy
x y
=
+ + =
300
2 351 xy
xy x y =
⇔ + + + =
300 49 xy
x y =
⇔ + =
300 49 xy
y x
=
⇔ = −
(49 ) 300 49
x x
y x
− =
⇔
= −
2
2 49 300 49
x x
y x
− + =
⇔
= −
12 25
2 49
(nhận) (loại)
x x
y x
=
⇔ =
= −
12 25 x y
= ⇔ =
(nhận)
Vậy ban đầu hội trường có 12 dãy ghế
Câu 4: (3,0 điểm) Cho đường trịn (O OA; ) Trên bán kính OA lấy điểm I cho
1
OI = OA Vẽ dây BC vng góc với OA điểm I vẽđường kính BD Gọi E giao điểm AD BC
a) Chứng minh DA tia phân giác BDC b) Chứng minh OE vng góc với AD
c) Lấy điểm M đoạn IB (M khác I B) Tia AM cắt đường tròn ( )O
điểm N Tứgiác MNDE có phải tứgiác nội tiếp hay khơng? Vì sao? Lời giải
a) Chứng minh DA tia phân giác BDC
( )O có: OA⊥BC I (gt) ⇒ I trung điểm BC
Vậy OA trung trực BC ⇒ AB=AC
sdAB sdAC
⇒ =
Mà ADB ADC góc nội tiếp ( )O chắn AB AC nên ADB= ADC ⇒ DA tia phân giác BDC
(121)Có:
3
OI = OA⇒IA=2IO
ABC
có: O, I trung điểm BD, BC IO
⇒ đường trung bình
//
OI DC
⇒ DC=2IO
Mà IA=2IO nên DC=IA
Có: OI//DC OI ⊥BC nên DC⊥BC
Xét AEI DEC có:
90
(cmt) ( )
(slt vaø // )
IA DC EIA ECD
EAI EDC IO DC =
= = °
=
AEI DEC
⇒ = (g-c-g)
EA ED
⇒ =
E
⇒ trung điểm AD OE AD
⇒ ⊥ (quan hệđường kính – dây cung)
c) Lấy điểm M đoạn IB (M khác I B) Tia AM cắt đường tròn ( )O
điểm N Tứgiác MNDE có phải tứgiác nội tiếp hay khơng? Vì sao?
( )O có: BMN góc có đỉnh bên đường tròn
1( )
2 sd sd
BMN BN AC
⇒ = +
Mà sdAC=sdAB (cmt) nên 1( )
2 sd sd 2sd
BMN = BN+ AB = AN
Mặt khác
2sd
ADN = AN (góc nội tiếp ( )O ) nên BMN =ADN MNDE
(122)Câu 5: (1,0 điểm) Tính diện tích xung quanh, diện tích tồn phần thể tích
hình trụcó chu vi hình trịn đáy 16 cm chiều cao cm Lời giải
Bán kính hình trịn đáy là: 16
2
P
P πr r
π π π
= ⇒ = = = (cm)
Diện tích xung quanh hình trụlà: Sxq =2πrh=2π⋅ ⋅ =π8 80 (cm2)
Diện tích tồn phần hình trụ là:
2
2 8 128
2 2 80
tp
S πrh πr π π
π π π
= + = ⋅ ⋅ + = +
(cm2)
Thểtích hình trụlà:
2
2 320
5
V πr h π
π π
= = ⋅ =
(cm3)
Đề số 26 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH KONTUM NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: Tính giá trị biểu thức: A= 27+3 12− 48
Câu 2: Tìm a b để hệpt
1 ax y bx ay
+ = −
+ =
có nghiệm (x y; 1; 1) (= − )
Câu 3: Xác định hàm số y = ax + b biết đồthịhàm số cắt trục hồnh điểm có hồnh
độ cắt trục tung điểm có tung độ bằng–
Câu 4: Chứng minh 2
1
x x x x x x
x x x x
− + − + −
− = −
− + +
vớix>0 ; x≠1
Câu 5: Cho pt
0 -2
x x+ =m ( )1 , (m tham số) 1) Giải pt với m= −4
2) Tìm m đểpt (1) có hai nghiệm x1; x2hỏa mãn x1 =3x2
Câu 6: Một đội xe cần chở 48 hàng Trước làm việc đội bổsung thêm
xe nên xe chở so với dự định Hỏi đội xe lúc đầu có bao
nhiêu chiếc? Biết sốhàng chởtrên tất cảcác xe có trọng lượng
Câu 7: Cho tam giác ABC (AB< AC) có ba góc nhọn Đường trịn tâm O đường kính
BC cắt cạnh AB, AC theo thứ tự E, F Gọi H giao điểm BF CE, I giao điểm AH BC Từ A kẻ tiếp tuyến AN, AM đến đường
tròn ( )O với N, M tiếp điểm (N, B không nửa mặt phẳng bờ AO) 1) Chứng minh điểm A, I , M , N, O thuộc đường tròn
(123)3) Chứng minh ba điểm M , H, N thẳng hàng
Câu 8: Cho số thực x, y thỏa mãn x+ =y Tìm giá trị nhỏ biểu thức 3 2
Q=x +y +x +y
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH KONTUM NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: A= 27+3 12− 48=3 3+6 3−4 3=5
Câu 2: Để hệphương trình có nghiệm (x y; 1; 1) (= − )thì ( 1)
.1 ( 1) a b a + − = − + − = a b = − ⇒ = −
Vậy với (x y; 1; 1) (= − ) hệpt ax y bx ay + = − + =
có nghiệm (x y; 1; 1) (= − )
Câu 3: Đồthị cắt trục hồnh điểm có hồnh độ x=3, nghĩa 3a b+ =0 (1)
Đồthị cắt trục tung điểm có tung độ x=3, nghĩa 0.a b+ = −2 (2) Từ(1) (2) ta có:
3
a= ;b= −
Khi hàm sốlà 2
y= x−
Câu 4: Đặt 2
1
x x x x x x
A
x x x x
− + − + −
= −
− + +
( )( ) ( )2 ( )
1
2
1 1
x x x
x x
A
x
x x x
− + − − + ⇔ = − + − + ( )( ) ( )( ) ( ) ( ) ( )( )
2 1
1
x x x x x x
A x x x − + − + − − + ⇔ = + − ( ) ( ) ( ) ( )( )
2 2 1
1
x x x x x x x x
A x x x − + − − + − − − + ⇔ = + − ( )( )
(124)Câu 5: 1) Với m= −4 phương trình ( )1 ⇔x2−2x− =4
Tính ∆ = + =′
Hai nghiệm phương trình x1= −1 5∨x2 = +1 2) Ta có hệthức Viete
1
1 (1) (2) x x
x x m
+ =
=
x1=3x2 (3) Từ (1) (3), ta có 1 1; 2
4
x = x = , khiđó 1 2
m=x x =
Câu 6: Gọi *
( )
x x∈ , sốxe lúc đầu, sốhàng xe: 48 x (tấn)
Trên thực tế có x+4 (xe), sốhàng xe thực tế: 48
4
x+ (tấn)
Vì xe chởít 1tấn so với dựđịnh nên ta có pt: 48 48
1
x −x+ =
( )
48 x 48x x 4x
⇔ + − = +
2
4 192
x x
⇔ + − =
12 x
⇔ = ∨ = −x 16(loại x>0 )
Vậy sốxe ban đầu 12 xe
Câu 7:
a Các điểm A, I , M , N, O thuộc đường trịn
Vì
90
ANO= AMO= (Vì AM AN, tiếp tuyến với đường tròn ( )O
nên
180 ANO+AMO=
I H
F E
A
O
B C
M
(125)Suy tứgiác ANOM nội tiếp (Tổng hai góc đối
180 ) (1)
90
BFA=CEB= (Vì E F, thuộc đường trịn đường kính BC)
Khi H trực tâm tam giác ABC,
Nên,
180 AIO+AMO=
Suy tứgiác AIOM nội tiếp (Tổng hai góc đối 1800) (2) Từ(1) (2) suy A I M N O, , , , nằm đường tròn
b Chứng minh ANM = AIN
Ta có: AM = AN(tính chất hai tiếp tuyến cắt nhau) nên ∆ABC cân A
Suy ANM = AMN
Mà AMN= AIN (cùng chắn cung AN đường trịn đường kính AO)
Vậy ANM = AIN
c Chứng minh ba điểm M , H, N thẳng hàng
Ta có: ∆AFH∽∆AIC(g.g)⇒ AF AC = AH AI ( )1
Mà ∆AFN∽∆ANC (g.g)⇒ AN2 =AF AC ( )2 Từ ( )1 ( )2 ta có: AN2 AH AI AH AN
AN AI
= ⇒ = ⇒ ∆AHN∽∆ANI (c.g.c)
ANH AIN
⇒ = mà ANM =AIN (cmt) ⇒ ANH =ANM
⇒ Hai tia NH NM trùng hay M , H, N thẳng hàng
Câu 8: 3 2
Q=x +y +x +y =(x+y)(x2−xy+y2)+(x+y)2−2xy
( )2
2 x y 3xy 2xy
= + − + −
( )
2 3xy 2xy 12 8xy
= − + − = −
Mà x+ = ⇔ = −y y x⇒ =Q 12 8− x(2−x)=8x2−16x+12=8(x−1)2+ ≥4
Vậy giá trịnhỏnhất Q x= =y
Đề 27 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH LAI CHÂU NĂM HỌC 2017-2018
Câu Giải phương trình hệphương trình sau: a) 2x− =1
b)
6
x − x− =
c)
2
x y x y
+ =
− =
(126)Câu Cho biểu thức 1
x A
x x x
= +
+ − với x>0 x≠1
a) Rút gọn biểu thức A
b) Tìm x để A=2017
Câu Một người xe đạp từThành phốLai Châu đến Tam Đường cách 36 km Khi
đitừ Thị trấn Tam Đường trởvềThành phốLai Châu, người tăng tốc độthêm km/h,
vì thời gian vềít thời gian 36 phút Tính vận tốc người xe đạp
từ Thành phốLai Châu đến Tam Đường
Câu Cho phương trình: ( )
2 1
x − m+ x+m + =
a) Tìm m đểphương trình có nghiệm
b) Gọi x1, x2 hai nghiệm phương trình Tìm m để x1=2x2
Câu Cho đường trịn (O R; ) có dây MN cốđịnh (MN<2R), P điểm cung lớn MN cho tam giác MNP có ba góc nhọn Các đường cao ME NK tam giác
MNP cắt H
a) Chứng minh rằngtứgiác PKHE nội tiếp đường tròn
b) Kéo dài PO cắt đường tròn Q Chứng minh KNM =NPQ
c) Chứng minh P thay đổi đường trịn ( )O độ dài đoạn PH
không đổi
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH LAI CHÂU NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: a) Ta có: 2x− =1 ⇔2x=1
2
x ⇔ = b)
6
x − x− = (a=1; b= −6; c= −7)
Ta có: a b c− + =0
1 x x
= − ⇔ =
c)
2
x y x y
+ =
− =
2 14
x y x y
+ =
⇔ − =
2 15 x y
x
+ =
⇔ =
3 x y
= ⇔ = −
Câu 2: BGT ( )
: P y= − x
Đồthị:
x −2 −1
2
(127)Câu 3: a) Rút gọn biểu thức A
( )
( )( ) ( ()( ) )
1 1
1
1
1 1
1 1
x A
x x x
x
x x x
x x
x
x x x x
x x x
x x x
= +
+ −
= +
+ −
+ −
= +
+ − − +
− + +
=
− + =
−
b) Tìm x để A=2017 2017
A= 2017
1
x x +
⇔ =
− ⇔ + =1 x 2017 2017− x ⇔2018x=2016
1008 1009
x
⇔ =
Câu 4: Gọi vận tốc người xe đạp từ Thành phốLai Châu đến Tam Đường
là v(km/ h)(v>0)
Vận tốc người trởvề: v+3 Thời gian người đi: 36
v Thời gian người về: 36
3
v+
(128)( ) ( ) 2 36 36 0, 36 36
0,
108 0, 1,8 0, 1,8 108
12(n) v 15(l) v v v v v v v v v v v − = + + − ⇔ = + ⇔ = + ⇔ + − = = ⇔ = −
Vậy vận tốc người xe đạp từ Thành phốLai Châu đến Tam Đường 12 (km/ h)
Câu 5: a) ( ) ( ) 2 2 2
2 4 4 4
b ac
m m
m m m
m ∆ = − = + − + = + + − − = −
Đểphương trình có nghiệm ⇔ ∆ ≥0 ⇔4m− ≥3
4
m
⇔ ≥
b) Theo định lý Vi-ét:
2
2 (1) (2) b
S x x m
a c
P x x m
a − = + = = + = = = +
Ta có: x1=2x2thếvào (1) ⇒3x2 =2m+1
2
3
m
x +
⇔ = thếvào (2)
( )2 2 m m + ⇒ = + 2
8 9
8
1
m m m
m m m m ⇔ + + = + ⇔ − + = = ⇔ = Câu 6:
a) Chứng minh tứgiác PKHE nội tiếp
đường trịn
Ta có: MKN =MEN = °90 (gt)
180
MKN MEN
⇒ + = °
(129)b) Kéo dài PO cắt đường tròn tại Q Chứng minh KNM =NPQ
Ta có: QMP= °90 (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn (O))
QM PM
⇒ ⊥ mà NK ⊥PM / / NK
QM
⇒
KNM QMN
⇒ = (so le trong).
Mà QMN =QPN (hai góc nội tiếp chắn cung QN)
KNM NPQ
⇒ =
c) Chứng minh P thay đổi đường tròn ( )O độdài đoạn PH
khơng đổi
Gọi I trung điểm BC ⇒OI ⊥MNvà OI là đường trung bình ∆HPQ
PH OI
⇒ =
Ta có: OI =MI.cotMOI
Mà MI không đổi
1
sd
2
MOI = MON = MN
không đổi OI
⇒ không đổi⇒PH không đổi
Đề số 28 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH LÀO CAI NĂM HỌC 2017 - 2018
Câu 1. (3,0 điểm)
1) 1+ + 16+5
2) ( 1− ) (2 + 2− 3)2 + 3−2
3) Cho x>0, chứng minh ( )
2 5 1
3
3
x P
x x x
−
= + −
+ + −
không phụthuộc
vào x Câu 2. (2,0 điểm)
1) Cho đường thẳng ( ) :d y=4x+m điểm A(1; 6) Tìm m để ( )d khơng qua A
2) Cho đường thẳng ( ) :d1 y= − −x 2, (d2) :y= −2x parabol ( ) :P y=ax2 với
(a≠0) Tìm a đểparabol ( )P qua giao điểm ( )d1 (d2)
(130)1) Xác định phương trình
0
ax +bx c+ = với a≠0; b c, sốvà b c+ =5 Biết
rằng phương trình có hai nghiệm x x1, thỏa mãn
1 2
4 x x x x
+ = −
= −
2) Cho hệphương trình 2
3 x
mx y m =
+ = +
với m tham số Tìm m để x+y nhỏ
nhất
Câu 4. (1,0 điểm)
Cho hình vng ABCD, gọi M N trung điểm BC CD, gọi E giao điểm AM BN Chứng minh tứ giác ADNE nội tiếp đường tròn Câu 5. (2,0 điểm)
Cho tam giác nhọn ABC nội tiếp đường tròn (O) (AB<AC) Gọi H trực tâm
tam giácABC, gọi L giao điểm AH với đường tròn (O) Lấy điểm F bất
kì cung nhỏ LC (khơng trùng vớiL vàC ) Lấy điểm K cho đường
thẳng AClà trung trực FK
1) Chứng minh tứ giác AHCK nội tiếp đường tròn
2) Đường thẳng HK cắt AC điểm I , đường thẳng AF cắt HC G chứng
minh AO vng góc với GI
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH LÀO CAI NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1. 1) 1+ + 16+ =5 1+ + 5+ = + =2
2) ( 1− ) (2 + 2− 3)2 + 3− =2 1− + 2− + 3−2
2 2
= − + − + − =
3) ( )
2 5 1
3
3
x P
x x x
−
= + −
+ + −
( )
2
2
2
2
3 5
3
3
3 3
1
1 x P
x x x
x P
x x
x P
x P
− +
= + −
+ + −
−
= + −
+ + −
+
= − +
= − =
(131)Câu 2. 1) Để ( )d khơng qua A tọa độđiểm A khơng thỏa mãn phương trình
( )d , tức là:
6≠4.1+ ⇔ ≠m m
2) Xét phương trình hđgđ ( )d1 (d2): − − = −x 2x⇔ = ⇒ = −x y
Vậy giao điểm I ( )d1 (d2) có tọa độ I(2; 4)−
Đểđểparabol ( )P qua I(2; 4)− tọa độ I phải thỏa mãn phương trình
( )P , tức là:
4 a.2 a
− = ⇔ = −
Câu 3. 1) Theo định lý Vi-et ta có:
1
4
4 (1) (2)
b x x
b a a
c c a
x x a
− + = = −
=
⇔
= −
= = −
Từ (1) (2) thay vào b c+ =5 ta được: 4a−5a= ⇔ = −5 a
Suy b= −20;c=25
Vậy phương trình cho có dạng:
5x 20x 25
− − + =
Câu 4.
Dễthấy ∆ABM = ∆CBN (hai cạnh góc vng)
Suy A1=B1 (tương ứng)
Mà B 1+B2 = ° ⇒90 A1+B2 = °90
Suy ∆ABE vng E
Xét tứgiác ADNEcó D + = ° + ° =E 90 90 180° ⇒ADNE nội tiếp đường trịn đường
kính AN Câu 5. (2,0 điểm)
1
1 2
E N
M C D
(132)1) Gọi AD , BM CE ba đường cao tam giác ABC Tứ giác BEHD nội tiếp
0( 0)
1
* AF ( d )
* AF ( truc)
180 180
ABC DHC ABC C s AC AKC C trung
ABC AKC DHC
AHC AKC AHC DHC
⇒ =
= =
⇒ = =
⇒ + = + =
Suy tứ giác AHCK nội tiếp
2) Kẻ tiếp tuyến Ax với (O) ta có
( )
Ax / /
xAB ACB AEM
EM EM AO
= =
⇒ ⇒ ⊥
Xét tg AHGI có
IHG=IAK =IAG suy AHGI nội tiếp
( )
/ /
IGC HAI MBC MEC
EM GI
⇒ = = =
⇒
Từ (1) (2) suy điều phải chứng minh
G
I
K M
H E
D L
A
B C
(133)Đề số 29 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH LẠNG SƠN NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: (1,5 điểm)
a) Tính giá trị biểu thức: A= 81+ 25; B= ( 1+ )2 − b) Vẽđồthịhàm số y=2x−1
Câu 2: (2,5 điểm) Giải phương trình, hệphương trình: a)
12 35
− + =
x x
b)
3
− − =
x x
c)
2
− =
+ =
x y x y
Câu 3: (1,5 điểm) Cho biểu thức
1
x P
x
x x
−
= − −
−
+ − với x≥0,x≠1
a) Rút gọn biểu thức P
b) Tính giá trị biểu thức P x=24 16 2−
Câu 4: (3,5 điểm)Cho nửa đường trịn tâm O, đường kính AB Dựng tiếp tuyến Ax (Ax
và nửa đường tròn thuộc nửa mặt phẳng bờ AB) C điểm nằm
nửa đường trịn (C khơng trùng A B, ), dựng tiếp tuyến Cy nửa đường tròn
( )O cắt Ax D Kẻ CH ⊥AB (H∈AB), BD cắt ( )O điểm thứ hai K cắt CH M Gọi J giao điểm OD AC
a) Chứng minh tứgiác AKMH nội tiếp đường tròn b) Chứng minh tứgiác CKJM nội tiếp đường tròn ( )O1 c) Chứng minh DJ tiếp tuyến đường tròn ( )O1
Câu 5: (1 điểm) Cho x, y, z ba sốthực dương, thoảmãn: xy+yz+zx=xyz
Chứng minh rằng: 3 3 3
(1 )(1 ) (1 )(1 ) (1 )(1 x) 16
xy yz zx
z +x +y +x +y +z + y +z + ≥
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH LẠNG SƠN NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: (1,5 điểm)
a) Ta có: A= 81+ 25 = +9 5=14
(134)b) Đồthịhàm số y=2x−1 qua hai điểm 1;
A
B(0; 1− ), nên ta có đồthị
dạng sau:
Câu 2:
a) Ta có phương trình tương đương:
2
5 35 x − x− x+ =
( 5) (7 5)
x x x
⇔ − − − =
(x 5)(x 7)
⇔ − − = x x − = ⇔ − = x x = ⇔ =
Vậy, phương trình cho có hai nghiệm phân biệt x1 =5, x2 =7 b) Đặt
t=x , điều kiện t≥0
Phương trình cho trởthành
3
t − − =t ⇔ +(t 1)(t−4)=0
t t + = ⇔ − = t t = − ⇔ =
Do t≥0 nên ta chọn t=4 Khi đó, ta có x2 =4
2 x x = ⇔ = −
Vậy, phương trình cho có hai nghiệm phân biệt x1 =2, x2 = −2 c) Hệphương trình cho tương đương
2
x y x y − = + = 7
y x y − = ⇔ + = ( )
2 1
y x = − ⇔ + − =
y x = − ⇔ − = x y = ⇔ = −
(135)a) Ta có:
( )( )
3
1 1
x P
x x x x
−
= − −
+ − − +
( ) ( ) ( )
( )( )
3 1
1
x x x
x x
− − + − −
=
− +
( )( )
3
1
x x x
x x
− − − − +
=
− +
( 1)( 1)
x
x x
+ =
− +
1 x =
−
Vậy, với điều kiện tốn
1 P
x =
− b)
Ta có x=24 16 2− ( )
2
4 2.4.2 2
= − + =(4 2− )2
Suy x = (4 2− )2 = −4 2 = −4 2
Khi đó, ta có
4 2 P=
− −
1 2 =
− ( )2
2
3 2 2
+ =
−
3 2
+ =
− = +3 2 Câu 4:
O1 J
M K
H D
A B
C
a) Ta có: AKM = AKB= °90 (góc nội tiếp chắn nửa đường trịn tâm O) Có CH ⊥AB (giảthiết) nên AHM = °90
Xét tứgiác AKMH có AKM+AHM = ° + °90 90 =180°
(136)b) Do DA, DC hai tiếp tuyến đường trịn ( )O nên ta có DA=DC Suy D nằm trung trực đoạn AC
Mà OA=OC=R nên O nằm trung trực AC
Do đó, đường thẳng OD đường trung trực đoạn thẳng AC hay OD⊥AC
Suy AJD= °90
Xét tứgiác AJKD có AJD=AKD= °90
Suy tứgiác AJKD nội tiếp đường tròn đường kính AD
Do đó, ta có JKM =DAJ (hai góc bù với DKJ)
Xét đường trịn ( )O có
2
DAJ =DAC= sđ AC (góc tạo tiếp tuyến dây
cung chắn cung AC)
Có
2
B C
CA = sđ B (góc nội tiếp chắn cung BC)
Xét tam giác ACH có AHC= °90 , suy HAC +HCA= °90
Nên, ta có HCA= ° −90 HAC 180
CB sđ ° −
=
2sđCA
=
Suy JKM =HCA
2sđCA
=
Vậy tứ giác CKJM có JKM =HCA hay JKM =JCM, nên tứ giác CKJM tứ
giác nội tiếp
c) Theo chứng minh CKJM tứgiác nội tiếp, suy JMK=JCK
Mà
2
JCK = ACK =ABK = sđ AK (các góc nội tiếp chắn cung AK)
Nên ta có JMK = ABK ởvịtrí đồng vị Suy JM //AB
Mà AB⊥CH nên ta có JM ⊥CH
Vậy tứgiác CKJM nội tiếp đường trịn đường kính JC Theo chứng minh trên, ta có AC⊥DJ hay JC⊥DJ
Do DJ tiếp tuyến đường trịn ( )O1 Câu 5: Đặt
( )( ) ( )( ) ( )( )
3 3
1 1 1
xy yz zx
A
z x y x y z y z x
= + +
+ + + + + +
Từgiảthiết, ta có: xy+yz+zx=xyz 1 1
x y z
⇔ + + =
Áp dụng bất đẳng thức Cauchy cho ba sốthực dương, ta có:
( )( ) ( )( )
3
1 1
3
1 64 64 1 64 64 16
xy x y xy x y
z x y x y z x y x y z
+ + + +
+ + ≥ ⋅ ⋅ =
(137)Tương tự, ta có:
( )( )
3
1
1 64 64 16
yz y z
x y z y z x
+ +
+ + ≥
+ + ( )2
( )( )
3
1
1 64 64 16
zx z x
y z x z x y
+ +
+ + ≥
+ + ( )3
Cộng ( )1 , ( )2 , ( )3 , ta được:
1 1 1
64 16
A
x y z x y z
+ + + + ≥ + +
Suy
8 16
A+ ≥ hay 16 A≥ Dấu “=” xảy ⇔ = = =x y z
Đề số 30 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH LONG AN NĂM HỌC 2017-2018
Câu (2,0 điểm)
1 Rút gọn biểu thức: A=3 75 −12 3 + 12
2 Rút gọn biểu thức: 2 1
1
x x x x
B
x x
− + +
= −
− với x≥0, x ≠1
3 Giải phương trình:
4x −12x+ =9 9 Câu (2,0 điểm)
1 Cho hai hàm số
y = −x y=2x−5 Vẽ đồ thịhai hàm số cho
cùng mặt phẳng tọa độOxy.
2 Viết phương trình đường thẳng (d): y=ax+b, biết (d) đi qua A(-1;10) và B(3;-2) Câu (2,0 điểm)
1 Giải phương trình:
3x +2x− =8 0 (khơng giải trực tiếp máy tính)
2 Cho phương trình: 2
2( 1) 3 0
x − m+ x+m − = (mlà tham số) Tìm tất
giá trị tham số m để phương trình có hai nghiệm phân biệt x x1, thỏa mãn
2 2
x x
x + x = −
Câu (4,0 điểm)
Cho đường trịn ( )O đường kính AC Trên bán kính OC lấy điểm B tùy ý
(138)1 Cho AM = 4cm, CM =9cm Tính độ dài đoạn thẳng MD tanA MDA
∆
2 Chứng minh tứgiác BMDI nội tiếp
3 Chứng minh tứgiác ADBE hình thoi ba điểm I B E, , thẳng hàng Gọi O’ tâm đường trịn đường kính BC Chứng minh MI tiếp tuyến đường tròn O’.
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH LONG AN NĂM HỌC 2017-2018
Câu
1 A=3 75 −12 3 + 12 = 3 25.3 −12 3 + 3.4 = 15 3−12 3 +2 3 = 5 3
2 2 1
1
x x x x
B
x x
− + +
= −
− với x≥0, x≠1
=
2
( 1)
1
x x x
x x x
− − − −
= x − − −1 1 x
= −2
3
4x −12x+ =9 9
Đk:
4x −12x+ ≥9 0 (2x 3) 0
⇔ − ≥ ∀ ∈x R
4x −12x + =9 9 (2x 3) 9
⇔ − =
2x 3 9
⇔ − =
6
x
⇔ = Câu
1 Bảng giá trị
(139)-2 -1
-5 -4 -3 -2 -1
x y
O
3 Đường thẳng (d): y=ax+b, đi qua A(-1;10) và B(3;-2) nên ta có:
10 2 3
a b
a b
= − +
− = +
12 4 2 3
a
a b
= −
⇔ − = +
3 7
a b
= − ⇔ =
Vậy (d): y=-3x+7 Câu
1. Giải phương trình:
3x +2x− =8 0 (a =3; ' 1;b = c= −8)
' b' ac 1 24 25 5
∆ = − = + = =
1
1 5 4
3 3
x − +
⇔ = = ; 2 1 5 2
3
x = − − = −
2. Phươngtrình: 2
2( 1) 3 0
x − m+ x+m − = (mlà tham số) (1)
2 (a =1; b'= −(m+1); c=m −3)
2 2
' ' ( 1) ( 3)
2 4
b ac m m
m
∆ = − = + − − = +
Đểphương trình (1) có hai nghiệm phân biệt chỉkhi:
' 0 2m 4 0 m 2 ∆ > ⇔ + > ⇔ > −
Theo đềra ta có: 2
2
x x
x + x = −
2
1 2
2 1 2
2
1 2
2 2
. .
( ) 0 0 (2)
x x x x x x
x x x x x x
x x x x
+ −
+ = − ⇔ =
⇔ + = ⇔ + =
(140)(2) 2( 1) 0 1
m m
⇔ + =
⇔ = −
Vậy với m= −1 phương trình (1) có hai nghiệm phân biệt x x1, thỏa mãn
2 2
x x
x + x = −
Câu
1 Áp dụng hệthức lượng tam giác ta có:
•
. 4.9 36
MD =MA MC= =
6
MD cm
⇒ =
• tan 6 3
4 2
MD A
MA
= = =
2 Tứgiác BMDI có: 90o
M = (gt)
90o
I =
(gt)
⇒ Tứgiác BMDI nội tiếp Tứgiác ADBE có:
MA MB
ME MD
ED AB
= = ⊥
⇒ Tứgiác ADBE hình thoi • Ta có: EB/ /AD
AD CD
⊥
⇒ EB⊥CD
Mà IB⊥CD
Nên I B E, , thẳng hàng
4 Ta có O' tâm đường trịn đường kính BC nên O' trung điểm BC
Nên ta có: O IB ' +O IC' =90o
Mà O IC ' =O CI' = AED=BDE=BIM
⇒O IB ' +BIM =90o '
O I ⊥MI
Vậy MI tiếp tuyến đường tròn O’
O'
I E
D M
B
O C
(141)Đề số 31 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TÌNH NAM ĐỊNH NĂM HỌC 2017 - 2018
Phần 1: Trắc nghiệm (2,0 điểm)
Hãy chọn phương án trả lời viết chữ đứng trước phương án vào làm Câu 1: Điều kiện để biểu thức 2017
2
x− xác định
A x<2 B x>2 C x≠2 D x=2
Câu 2: Trong mặt phẳng tọa độ Oxy,đồ thị hàm số y= +x 1đi qua điểm
A M( )1; B N( )0;1 C P( )3; D Q(− −1; 1) Câu 3: Điều kiện để hàm số y=(m−2)x+8 nghịch biến R
A m≥2 B m>2 C m<2 D m≠2
Câu 4: Trong phương trình bậc hai sau phương trình có tổng nghiệm
A
10
x − x− = B x2−5x+10=0 C x2+5x− =1 D
2
5 –
x − x =
Câu 5: Trong phương trình bậc hai sau phương trình có nghiệm trái dấu
A
2
x x
− + − = B
5x −7x− =2 C 3x2−4x+ =1 D
2
2
x + x+ =
Câu 6: Cho tam giác ABC vuông A đường cao AH biết BH =4 cm CH =16 cm
độ dài đường cao AH
A 8 cm B 9 cm C 25 cm D 16 cm
Câu 7: Cho đường trịn có chu vi 8πcm bán kính đường trịn cho
A 4 cm B 2 cm C 6 cm D 8 cm
Câu 8: Cho hình nón có bán kính cm chiều cao cm diện tích xung quanh
của hình nón cho
A 24π cm2 B 12π cm2 C 20π cm2 D 15π cm2
Phần 2: Tự luận (8,0 điểm)
Câu 1: (1,5 điểm) Cho biểu thức P 2 : x
x x x x x x
+ =
− + + (với x>0 x≠1) 1) Rút gọn biểu thức P
2) Tìm giá trị x cho 3P= +1 x Câu 2: (1,5 điểm) Cho phương trình
–
x x+ + =m (m tham số) 1) Tìm giá trị m để phương trình có nghiệm phân biệt
2) Gọi x1, x2 nghiệm phân biệt phương trình Tìm giá trị m cho
1
(142)Câu 3: (1,0 điểm) Giải hệ phương trình
2
1 1 x y xy
x y
+ = +
+ =
+
Câu 4: (3,0 điểm) Cho tam giác ABC vuông A đường cao AH đường trịn tâm E
đường kính BH cắt AB M (M khác B), đường tròn tâm F đường kính HC
cắt AC N (N khác C)
1) Chứng minh AM AB = AN AC AN AC =MN2
2) Gọi I trung điểm EF, O giao điểm AH MN Chứng minh IO vng góc với đường thẳng MN
3) Chứng minh ( 2) 2
4 EN +FM =BC +6AH Câu 5: (1,0 điểm) Giải phương trình 2
5x +4x− x −3x−18=5 x -Hết -
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TÌNH NAM ĐỊNH
NĂM HỌC 2017 - 2018
Phần 1: Trắc nghiệm (2,0 điểm)
Câu
Đáp án C B C D B A A D
Phần 2: Tự luận (8,0 điểm) Câu 1
1 Với x>0 x≠1
( )
2
1 1
:
1
x x x x x
P
x x x x x x x x x x
+ + +
= = ⋅
− + + − +
( )( ) ( )
1
1
1
1
x x x
x x
x x x x
+ +
= ⋅ =
− +
− + +
Vậy: Với x>0 x≠1 P = 1
x−
2 Ta có: 2
3 1 (do 0; 1)
1
P x x x x x x x
x
= + ⇔ = + ⇔ − = ⇔ = ⇔ = > ≠
− Câu
1) ∆ = −4m−3
Phương trình có nghiệm phân biệt
4
(143)2) Áp dụng hệ thức Vi-ét, ta có: 2
1 x x x x m
+ =
= +
Cách 1:
( ) ( )
2
1 1 7 x +x x + x = ⇔x x +x + x = ⇔ +x x = x +x =
Ta có hệ:
1 2
1
3
x x x
x x x
+ = = −
⇔
+ = =
⇒ −2.3= + ⇔ = −m m (thỏamãn điều kiện) Cách 2:
1 2 1 x +x = ⇔x = −x
Do đó:
1
x +x x + x =
( ) ( )
2 2
1 1 1 1 3
x x x x x x x x x x
⇔ + − + − = ⇔ + − + − = ⇔ − = ⇔ = −
Từ tìm x2 tìm m Câu
Điều kiện: x≠0;y≠ −1
2
2 2
1
1 1 (3 )
1 x y xy
x y xy x y x y
y xy y xy y y y
x y
+ = +
+ = + + = = −
⇔ ⇔ ⇔
+ = + = + = + = −
+
2
3
3
1 (3 ) ( 1)
x y x y
x y x
y y y y y y y
= − = −
= − =
⇔ ⇔ ⇔ ⇔
+ = − − + = − = =
(thỏa mãn điều kiện)
Câu
O
I M
N
F
A B
C H
E
1) Ta có: BMH =HNC= °90 (các góc nội tiếp chắn nửa đường tròn)
,
HM AB HN AC
⇒ ⊥ ⊥
Áp dụng hệ thức lượng vào tam giác vng AHB AHC, có:
AH = AM AB
(144)
Mặt khác, tứ giác AMHN có ba góc vng nên hình chữ nhật ⇒
AH =MN
⇒
AN AC =MN
2) Tứ giác AMHN hình chữ nhật, có O giao điểm AH MN ⇒ O trung điểm AH MN
Dễ thấy ∆EMO= ∆EHO (c.c.c)
90
EMO EHO EM MN
⇒ = = ° ⇒ ⊥
Chứng minh tương tự FN ⊥MN
⇒ ME/ /NF ⇒ MEFN hình thang vng
Lại có OI đường trung bìnhcủa hình thang vng MEFN
OI MN
⇒ ⊥
3) Đặt MN =AH =h; x, y bán kính ( )E ( )F Ta có:
( 2) ( 2) ( 2) ( 2 2)
4 EN +FM =4 ME +MN + FN +MN =4 x +y +2h
2 ( )2 2 2
6
BC + AH = HB+HC + h =HB +HC + HB HC+ h
2 2 ( 2 2)
4x 4y 2h 6h x y 2h
= + + + = + +
Vậy ( 2) 2
4 EN +FM =BC +6AH Câu
Điều kiện: x≥6
Cách 1:
( )
2
2
2 5 18
5 25 10 18 10 4
x x x x x
x x x x x x x
x x x x x
+ − = − −
⇔ + + − + = − −
⇔ + − + + + − =
Đặt 5x+ =4 t, phương trình trở thành:
2
2 2
6 10
' 25 6(4 6) (x 6)
5
1
2
5
3
t xt x x
x x x
x x
t x
t
x t
x x
t
− + + − =
∆ = − + − = − ≥
+ −
= −
=
⇔ +
= − −
=
Với 61
1 (do 6)
2
t= − ⇔ − =x x x+ ⇔ x − x− = ⇔ =x + x≥
Với
2 3 4 33 27 (do 6)
3
x
(145)Vậy 61;9
S = +
Cách 2:
2
2
2 2
2
2
5 18
5 18
5 22 18 10 ( 18) 9 ( 6)( 3)
2( 6x) 3( 3) ( 6x)( 3)
x x x x x
x x x x x
x x x x x x x
x x x x x
x x x x
+ − = − −
⇔ + = − − +
⇔ + = + − + − −
⇔ − + = − +
⇔ − + + = − +
Đặt: 6x (a 0;b 3) a x b x = − ≥ ≥ = +
ta có phương trình:
2
2
2
2 ( )(2 )
2
7 61 ( )
1)
7 61
( )
2
9( )
2)2 33 27 3
( )
a b
a b ab a b a b
a b
x TM
a b x x
x KTM
x tm
a b x x
x ktm = + = ⇔ − − = ⇔ = + = = ⇔ − − = ⇔ − = = = ⇔ − − = ⇔ − =
Vậy phương trình có tập nghiệm: 9;7 61
S = +
Đề số 32 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH NGHỆ AN NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1. (2,0 điểm )
a) Tính giá trị biểu thức : (1 7) 7
A= − +
b) Tìm điều kiện xác định rút gọn biểu thức : 1
1
x P
x x x
−
= −
− +
Câu 2. ( 2,5 điểm )
a) Giải hệphương trình :
4 x y x y − = + = −
b) Giải phương trình :
(146)c) Cho parabol
( ) : yP =x đường thẳng đường thẳng ( )d :y=2x+ −m
Tìm m đểđường thẳng ( )d cắt parabol ( )P hai điểm phân biệt có hồnh
độdương
Câu 3. ( 1,5 điểm )
Một mảnh vườn hình chữnhật có chiều dài lớn chiều rộng 15 m Nếu giảm
chiều dài m tăng chiều rộng m thìdiện tích mảnh vườn tăng thêm 44 m2
.Tính diện tích mảnh vườn
Câu 4. ( 3,0 điểm )
Cho điểm M nằm bên ngồi đường trịn (O R; ) Từđiểm M kẻhai tiếp tuyến MA,MB với đường trịn ( A B, tiếp điểm ) Qua điểm Akẻđường thẳng
song song với MBcắt đường tròn (O R; )tại C Nối MCcắt đường tròn (O R; )tại D Tia AD cắt MB E
a) Chứng minh MAOB tứgiác nội tiếp b) Chứng minh EM =EB
c) Xác định vịtrí điểm M để BD⊥MA Câu 5. ( 1,0 điểm )
Giải phương trình :
2 2
1
x x
x
+ =
+
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH NGHỆ AN NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1.
a (1,0 điểm). ( ) ( ) ( ) 7 7
1
2 7
A
+ +
= − = − =
(1 1)( 7) 1 7
3
2
− + −
= = =
b (1,0 điểm)Tìm điều kiện xác định rút gọn biểu thức:
1 1
1
x P
x x x
−
= −
− +
ĐKXĐ:
1 x x
> ≠
1 1
1
x P
x x x
−
= −
− +
( )( )
1 1
1
x x x
x
x x
+ − + −
=
− +
(147)2
1 x x
x x
− −
= = −
−
Câu 2.
a (1,0 điểm) Giải hệphương trình :
4
x y x y
− =
+ = −
2
4
x y x
x y x y
− = =
⇔
+ = − + = −
1
x y = ⇔
= −
Vậy hệphương trình có nghiệm ( ); 1; x y = −
b ( 0,75 điểm) Giải phương trình : 2x2 −5x+ =2 0.
Ta có: ∆ = > ⇒9 phương trình có hai nghiệm phân biệt: x1 =2, 2
2
x =
c ( 0,75 điểm) Cho parabol
( ) : yP =x đường thẳng đường thẳng
( )d :y=2x+ −m Tìm m đểđường thẳng ( )d cắt parabol ( )P hai điểm phân biệt có hồnh độdương
Phương trình hồnh độ giao điểm đường thẳng ( )d parabol ( )P là:
2
x = x+ −m
2
2
x x m
⇔ − − + = ( )*
Điều kiện để ( )d cắt ( )P hai điểm phân biệt ∆ = − > ⇔m m>5
Gọi x x1, hai nghiệm phương trình ( )* ,
Để ( )d cắt ( )P hai điểm phân biệt có hồnh độdương cần thêm điều kiện
1
2
6
x x
m x x m
+ = >
⇔ < = − + >
Vậy điều kiện đểđường thẳng ( )d cắt parabol ( )P hai điểm phân biệt có
hoành độđều dương là: 5<m<6
Câu 3. Gọi x y m, ( ) chiều dài chiều rộng mảnh vườn, điều kiện
0,
x> y> suy diện tích mảnh vườn là: xy m( )2
Do chiều dài lớn chiều rộng mảnh vườn 15m nên ta có phương trình: 15
x− =y ( )1
Khi giảm chiều dài m, tăng chiều rộng m diện tích mảnh vườn tăng 44
2
m nên ta có phương trình : (x−2)(y+3)=xy+44 ⇔3x−2y=50 ( )2 Từ ( )1 ( )2 ta có hệphương trình: 15
3 50 x y
x y − =
− =
(148)Giải hệphương trình ta : x=20, y=5 ( TMĐK )
Vậy diện tích mảnh vườn là: 100 S = xy= m
Câu 4.
Lưu ý: Hình vẽ cần vẽđúng đến câu b 0, điểm
a ( 1,0 điểm )
Xét tứgiác MAOB có MAO =MBO=90° (MA, MBlà tiếp tuyến ( )O )
90
MAO MBO
⇒ + = °
Suy MAOB tứgiác nội tiếp
b (1,0 điểm)
Xét ∆EBD ∆EAB có E chung EBD = EAB (góc tạo tia tiếp tuyến
dây cung góc nội tiếp chắn cung BD ) ⇒ ∆EBD∆EAB g g( )
EB ED
EB EA ED
EA EB
⇒ = ⇔ = ( )1
Xét ∆EMD ∆EAM có E chung
Mà ACMB gt( )⇒EMD = ACD (so le trong)
Mặt khác EAM = ACD (góc tạo tia tiếp tuyến dây cung góc nội tiếp
cùng chắn cung AD )
EAM EMD EMD EAM
⇒ = ⇒ ∆ ∆ ( )g g
( )
2
EM ED
EM EA ED
EA EM
⇒ = ⇔ =
Từ ( ) ( )1 , ⇒EM = EB
c (0,5 điểm)
Ta có ABD=MCA (hai góc nội tiếp chắn cung AD)
(149)Ta có 90
BD⊥MA⇒BAM + ABD= ⇔ EMD +MBA=900 (MBA =MAB)
MC AB
⇔ ⊥
MC
⇔ qua O D điểm cung nhỏ AB (DAC =EAB=900) MAB
⇔ ∆ đều⇔ ∆MOB vng B có OMB =300
( )
2 ;
OM OB R M O R
⇔ = = ⇔ ∈
Câu 5.
Ta có VP= > ⇒1 VT > ⇒ >0 x ( )*
Phương trình cho tương đươngvới ( )
1−x 1+x =2 2x ( )1 Từ ( )* ( )1 suy 0< <x
Do ( ) ( )2( 2) 2
1 ⇔ −1 x 1+x =8x (vì 0< <x 1)
( 2)2 ( 2) 2 x 2x x 8x
⇔ + − + = ( 2 )2 2
1 x x 9x
⇔ + − =
1
x x x
⇔ − + = (vì 3x>0
2
1
x − + >x )
( ) ( )
2 3
x tm
x l
= −
⇔
= +
Vậy phương trình có tập nghiệm S ={2− 3}
Đề số 32 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH NINH BÌNH NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1. (2,5 điểm).
a) Rút gọn biểu thức: A= 3( 12− 3)
b) Tìm m đểđường thẳng y=(m−1)x+3 song song với đường thẳng y=2x+1
c) Giải hệphương trình:
5 x y
x y
+ =
− =
Câu 2. (2,0 điểm).
Cho phương trình:
2( 2)
x + m+ x+ m− = (1) (x ẩn số, m tham số)
a) Giải phương trình (1) m=2
b) Chứng minh với giá trị tham sốm phương trình (1) ln có hai nghiệm phân biệt Gọi x1, x2 hai nghiệm phương trình (1), tìm m để
2 2 30
x +x =
(150)Một ô tô dựđịnh từ bến xe A đến bến xe B cách 90 km với vận tốc không đổi Tuy nhiên, ô tô khởi hành muộn 12 phút so với dự định Để đến bến xe B ô tô tăng vận tốc thêm km/h so với vận tốc dự định Tìm vận tốc
dựđịnh tơ
Câu 4. (3,5 điểm).
Cho đường tròn tâm O, bán kính R Từđiểm C nằm ngồi đường trịn kẻ hai
tiếp tuyến CA, CB cát tuyến CMN với đường tròn ( )O (A, B hai tiếp
điểm, M nằm C N ) Gọi H giao điểm CO AB
a) Chứng minh tứgiác AOBC nội tiếp b) Chứng minh rằng: CH CO =CM CN
c) Tiếp tuyến M đường tròn ( )O cắt CA, CB theo thứ tự E, F
Đường thẳng vng góc với CO O cắt CA, CB theo thứtự P, Q Chứng
minh POE =OFQ
d) Chứng minh rằng: PE+QF≥PQ Câu 5. (0,5 điểm)
Cho sốthực không âm a b c, , thỏa mãn a+ b+ c =3 Tìm giá trịnhỏnhất
của biểu thức 2 2 2
3 3 3
P= a + ab+ b + b + bc+ c + c + ca+ a
STT 43 LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH NINH BÌNH NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1.
a) A= 3( 12− 3)= 12− 3= − =6 3
b) Đường thẳng y=(m−1)x+3 song song với đường thẳng y=2x+1
⇔
3 m− = ≠
⇔ =m
Vậy m=3 đường thẳng y=(m−1)x+3 song song với đường thẳng y=2x+1
c) 12
5
x y x
x y x y
+ = =
⇔
− = + =
2 x
x y =
⇔ + =
2 x y
= ⇔ =
Vậy hệphương trình cho có nghiệm ( ) ( )x y; = 2;1 Câu 2.
a) Thay m=2 vào phương trình ( )1 ta phương trình: x2+8x+ =7 ( )*
Ta có: 7− + =0
Phương trình ( )* có hai nghiệm x1= −1, x2 = −7
b) Ta có:
' (m 2) ( 4m 1)
(151)2
5
m
= + > với ∀m
⇒ Phương trình (1) ln có hai nghiệm phân biệt x1, x2 với ∀m
Áp dụng hệthức Vi-ét, ta có: 2
2( 2)
x x m
x x m
+ = − +
= −
2
1 30
x +x = ⇔(x1+x2)2−2x x1 2 =30
2
[-2( 2)] 2(4 1) 30
3 m
m m m m
m =
⇔ + − − = ⇔ + − = ⇔
= −
Vậy m= −3 m=1 phương trình ( )1 có nghiệm x1, x2thỏa mãn: 2
1 30
x +x =
Câu 3. Đổi: 12 phút =
5
Gọi vận tốc dựđịnh ô tô x (đơn vị: km/h, điều kiện: x>0)
Vận tốc thực tế ô tô x+5 (km/h)
Thời gian ô tô dựđịnh từ A đến B là: 90
x (giờ) Thời gian thực tếđểô tô từ A đến B là: 90
5
x+ (giờ)
Theo ta có phương trình: 90 90
5
x −x+ =
2
90.5(x 5) 90.5x x x( 5) x 5x 2250
⇒ + − = + ⇔ + − =
50 45 x x
= − ⇔ =
So sánh với điều kiện x>0 suy vận tốc dựđịnh ô tô 45 km/h
Câu 4.
Q P
F E
H O
N M
B A
C
a) CAO = °90 (Do CA tiếp tuyến ( )O A) 90
CBO= °(Do CB tiếp tuyến ( )O B)
180
CAO CBO
(152)Vậy tứgiác AOBC tứgiác nội tiếp
b) Xét ∆ CAM ∆ CNA có: ACN là gócchung
CAM =CNA (Hệquảgóc tạo bởi tia tiếp tuyến dây cung ).
Do ∆ CAM đồng dạng với ∆CNA ( )g g
⇒
CA CM
CA CM CN
CN = CA ⇒ = ( )1
Mặt khác ta có: CA=CB ( tính chất hai tiếp tuyến cắt nhau)
( )
OA=OB =R
⇒CO đường trung trực AB ⇒CO⊥AB H
Xét ∆ CAO vng A có AH ⊥CO ⇒CA2 =CH CO ( )2 Từ ( )1 ( )2 suy ra: CH CO =CM CN
c) Theo tính chất hai tiếp tuyến cắt tính chất góc ngồi tam giác ta có:
1 1( ) 1( )
180
2 2
OFQ= EFQ= PCQ +CEF = PCO+ ° − PEO
(90 )
PCO AEO POA AOE POE
= + ° − = + =
d) Xét ∆ POE ∆QFO có: POE =OFQ (câu c) Tương tự: PEO=QOF
Do POE đồng dạng với ∆ QFO ( )g g ⇒ PO PE PO QO PE QF
QF =QO⇒ =
Áp dụng bất đẳng thức Côsi ta có:
2
2 PQ PQ
PE+QF ≥ PE QF = PO QO = =PQ( đpcm)
Câu 5. 2 2
3a +2ab+3b =2(a b+ ) + −(a b) ≥2(a b+ )
2
3a 2ab 3b 2(a b)
⇒ + + ≥ +
Đẳng thức xảy chỉkhi a=b Chứng minh tương tựta có: 2
3b +2bc+3c ≥ 2(b c+ )
2
3c +2ca+3a ≥ 2(c+a)
2 2 2
3 3 3
P= a + ab+ b + b + bc+ c + c + ca+ a ≥2 2(a b c+ + ) ( )1
Đẳng thức xảy chỉkhi a= =b c
Áp dụng bất đẳng thức Côsi: a+ ≥1 a b; + ≥1 b c; + ≥1 c
2( ) 3
a b c a b c
(153)Đẳng thức xảy chỉkhi a= = =b c
Từ ( )1 ( )2 suy ra: P≥6 Đẳng thức xảy ⇔ = = =a b c
Vậy minP=6 2, a= = =b c
Đề số 33 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH NINH THUẬN NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: ( 2 điểm)
Giải bất phương trình phương trình sau : a) 4x− >5
b) 2x+3 4( x+2)=8 c)
3
2x = x−
Câu 2: ( 1 điểm )
Áp dụng định lí Viet đểtìm hai số, biết tổng chúng 15 tích
chúng 56 Câu 3: ( 2 điểm )
Rút gọn biểu thức :
( )
1 1
:
4
1
a a a
A
a
a a
+ − −
= −
+
− +
Với a≥0;a≠1
Câu 4: ( 4 điểm )
Cho đường trịn O , đường kính AB=2Rvà điểm M đường trịn
(MA<MB) Đường thẳng vng góc với AB O cắt BM N cắt tia AM
tại C
1 Chứng minh tứgiác AOMN nội tiếp đường tròn Chứng minh MN NB =ON NC
3 Khi góc AMB= °30 tính diện tích tam giác ABC theo R Câu 5: ( 1 điểm )
Cho hai sốthực x y, thõa mãn điều kiện x− =y Tìm giá trịnhỏnhất biểu
thức 2
3
(154)LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH NINH THUẬN NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: a) 4x− > ⇔5 4x>12⇔ >x
Vậy nghiệm bất phương trình : x>3
b) 4( 2) 14 14
x+ x+ = ⇔ x+ = ⇔ x= ⇔ =x
Vậy nghiệm phương trình :
7
x=
c) 2 ( )( )
3
4
x
x x x x x x
x =
= − ⇔ − + = ⇔ − − = ⇔
=
Vậy nghiệm phương trình : x={ }2;
Câu 2: Gọi x y, hai sốthõa mãn tổng chúng 15 tích chúng 56
( ) ( )
15 56 x y
x y + =
= Từ ( )1 ⇒ =x 15−y thếvào ( )2 ta có :
( ) ( )( )
15 56 15 56
8 y
x y y y y y y y
y =
= − = ⇔ − + − = ⇔ − − = ⇔
=
Vậy với y= ⇒ =7 x
Với y= ⇒ =8 x
Câu 3: ( ) ( )( )
( )( ) (( )()( )) ( )
1 1
1 1
: :
4
1 1 1
a a a a
a a a a
A
a a
a a a a a a
+ + − −
+ − − −
= − = −
+ +
− + − + + −
( ) ( ) ( )
( )2
4
2 2
1 1 1
a a a a
a a a a a
A
a a a a a a
+ + − + + + +
⇔ = − = =
− − − − − −
Câu 4:
1 Chứng minh tứgiác AOMN nội tiếp
được đường tròn
Xét tứgiác AOMN có M = =O 900
⇒ AOMN nội tiếp đường tròn Chứng minh rằng: MN NB =ON NC
Xét ∆MNC ∆ONB
Có MNB=BNO ( đối đỉnh): M = =O 900 ⇒ ∆MNC∆ONB( g-g)
(155)3 Khi góc 30
ABM = , tính diện tích tam
giác ABC ⇒
0
.sin 30 cos 30
MA AB R
MB AB R
= =
= =
⇒
2
ABC
R
S∆ = MA MB=
Câu 5: Có x− = ⇒ = −y y x 2⇒ Q=3x2+y2+ =8 3x2 +(x−2)2+ =8 4x2−4x+12
( )2
2x 11 11
= − + ≥
⇒ Giá trịnhỏnhất Q 11 Khi
1
3 x y = = −
Đề số 33 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH PHÚ THỌ NĂM HỌC 2017 – 2018
Câu a) Giải phương trình: 2
x+ − = b) Giải hệphương trình 22
5 x y x y
− =
+ =
Câu Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho parabol ( )P có phương trình
2
y= x hai điểm
,
A B thuộc ( )P có hồnh độ xA = −1, xB =2
d) Tìm tọa độhai điểm A, B
e) Viết phương trình đường thẳng ( )d qua hai điểm A, B f) Tính khoảng cách từđiểm O(gốc tọa độ) tới đường thẳng ( )d Câu Cho phương trình: ( )
2 1
x − m+ x+m + − =m (m tham số)
a) Giải phương trình với m=0
b) Tìm m đểphương trình có hai nghiệm phân biệt x1; x2 thỏa mãn điều kiện:
1
4
x + x =
Câu Cho tứgiác ABCD nội tiếp Gọi I giao điểm AC BD Kẻ IH ⊥AB,
IK ⊥ AD (HAB K, .AD)
a) Chứng minh tứgiác AHIK nội tiếp b) Chứng minh IA IC =IB ID
(156)d) Gọi S diện tích tam giác ABD, S′ diện tích tam giác HIK Chứng minh
rằng 22
4 S HK
S AI ′
≤
Câu Giải phương trình: ( ) ( )
2
3
3 8
4 4
x − = x + +
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH PHÚ THỌ NĂM HỌC 2017 – 2018
Câu 1:
a) Ta có 2
x+ − =
1
x+
⇔ = ⇔ + =x 2 ⇔ =x
Vậy phương trình có nghiệm x=0 b) Ta có
2 x y x y − = + = 2 y x x y = − ⇔ + = 2
2 y x x x = − ⇔ + − − = 2 y x x x = − ⇔ + − = y x x x = − ⇔ = = − ( )
2.2
2 11 x y x y = = − = ⇔ = − = − − = −
Vậy hệcó hai nghiệm (x y; 2;1 ,) ( ) ({ − −4; 11)}
Câu 2:
a) ( )2
1
2
A A
x = − ⇒ y = − =
1
2 2
2
B B
x = ⇒ y = =
Vậy tọa độđiểm 1;1 ;
A−
B( )2;
(157)Vì ( )d qua 1;1
A− nên
1
2= − +a b ( )1
Vì ( )d qua B( )2; nên 2=2a b+ ( )2 Từ ( )1 ( )2 ta có hệ:
1
2
2
a b a
a b b
− + = =
⇔
+ = =
Vậy phương trình đường thẳng ( )d 1
y= x+
Câu 3:
a) Với m=0 ta có phương trình:
1
x − − =x
( )2 ( )
1 4.1
∆ = − − − =
Vậy phương trình có nghiệm 5;
x= +
2
x= −
b) Ta có ( )2 ( 2 )
2m m m ∆ = + − + − = > ∀m
Nên phương trình có hai nghiệm phân biệt x1; x2 với m
Theo định lý Vi-ét ta có:
1 2
2
x x m
x x m m
+ = +
= + −
Điều kiện
1
1
4
x + x =
1 2
4
x x
x x +
⇔ = 22
1
m
m m
+
⇒ =
+ −
2
2m 4m 4m
⇔ + = + −
2
4m 2m
⇔ + − =
1 21 21
4
m m
− +
= ⇔
− −
=
Vậy 21; 21
4
m − + − −
(158)a) Ta có AHI= AKI = °90 (gt) ⇒ AHI+AKI =180°
Mà hai góc ởvịtrí đối nhau, nên tứgiác AHIK tứgiác nội tiếp (dhnb)
b) Xét tam giác ∆ABI ∆DIC có:
BAI =IDC (do tứgiác ABCD nội tiếp ) AIB=DIC (2 góc đối đỉnh)
Suy ∆ABI∽∆DCI (g.g)
IA IB
IA IC IB ID
ID IC
⇒ = ⇒ =
c) Ta có KHI =KAI (do tứgiác AHIK nội tiếp)
mà KAI =DBC (do tứgiác ABCD nội tiếp)
suy KHI =DBC
Tương tựta có HKI =HAI (do tứgiác AHIK nội tiếp)
và HAI =BDC (do tứgiác ABCD nội tiếp)
suy HKI =BDC
Xét hai tam giác ∆HKI ∆BCD có:
KHI =DBC(cmt) HKI =BDC(cmt)
Suy ∆KHI∽∆DBC (g.g)
d) Gọi S1 diện tích tam giác ∆BCD
Vì ∆HIK∽∆BCD nên
( )
2 2
2
4
S HK HK HK HK
S BD IB ID IB ID IA IC
′
= = ≤ =
+ ( )1
Vẽ AE⊥BD, CF ⊥BD ⇒AE CF// CF IC
AE IA
⇒ =
ABD
(159)1 S CF
S = AE S IC
S IA
⇒ = ( )2
Từ ( )2 ( )2 suy
1
4 S
S HK IC
S S IA IC IA ′
≤ 22
4 S HK
S IA ′
⇔ ≤ (đpcm)
Câu 5:
Đặt ( ) ( )
2
3
3 3
4 4
x − = x + + =t
( )
3
2
2
3
4
x t
x t
− =
⇒
+ = −
Đặt
4
x + =a Khi ta có hệ
3
3
3
4
4 , ,
x t
t a x t a
a x
− =
− = ⇒ ≥
− =
Nếu ( )
( )
2
3
4
a x a x
a x
t a t a
≥ ≥
≥ ⇔ ⇔
− ≥ − ≥
Do 2 3
4
t≥ ⇒ ≥a t a ⇔x − ≥ −t ⇔ ≥x t ( )
Từ ( )1 , ( )2 , ( )3 suy a≥ ≥ ≥x t a ⇔ = =a x t ⇔x3− =4 x2 ⇔ =x
Đề số 34 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH PHÚ YÊN NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1. (2,0 điểm)
1 Rút gọn biểu thức 36 27 12
A= + − ;
5
B=
− Giải phương trình:
7 10 x + x+ = Câu 2. (2,0 điểm)
Cho hai hàm số y=3x y= − +x
1 Vẽtrên mặt phẳng tọa độđồthị hai hàm sốđã cho
2 Gọi M giao điểm hai đường thẳng Tìm tọa độ điểm M
phương pháp đại số Câu 3. (2,0 điểm)
(160)Một cano xi dịng khúc sơng dài 40 km, ngược dịng khúc sơng
4 30 phút Tính vận tốc thực ca nơ (khi nước yên lặng) biết vận tốc
dòng nước km/h Câu 4. (3 điểm)
Cho đường trịn tâm O, đường kínhAB=2R, C điểm cung AB
Hai tiếp tuyến với đường tròn ( )O A C cắt D Chứng minh AOCD hình vng
2 Tính diện tích phần nằm ngồi hình thang ABCD hình trịn ( )O theoR
3 Trên đoạn DC lấy điểm E cho
3
DE= DC Trên đoạn BC lấy điểm F choEF =EA Kẻ FG vng góc với đường thẳng DC (G∈DC) Tính độ dài
đoạn thẳng CG theo R
4 Chứng minh AECF nội tiếp Câu 5. (1,0 điểm)
Biết sốx, y thỏa mãn điềukiện x+ =y Tìm giá trịnhỏnhất biểu
thức 2
C=x +y +xy
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH PHÚ YÊN NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1.
1 A= 36+ 27− 12 3 A= + −
6 A= +
4 B=
−
( )
4 5 B
+ =
− B= +
2 Giải phương trình:
7 10 x + x+ =
7 4.1.10 49 40
∆ = − = − = >
1
7
2
x = − + = − ; 2
2
x = − − = −
Câu 2.
(161)x y
1
x
3
y= x
x
4
y= − +x 4
Đồ thị
2 Gọi M giao điểm hai đường thẳng Tìm tọa độ điểm M
phương pháp đại số
Phương trình hồnh độgiao điểm hai đường thẳng y=3x y= − +x 4:
3x= − +x 4x
⇔ =
1
x ⇔ =
Với x=1 y=3 nên M( )1;3
Câu 3. 30 phút = 4,
Gọi vận tốc thực ca nô x (km/h) (x>2)
Vận tốc ca nơ xi dịng là: x+2 (km/h)
Vận tốc ca nô ngược dịng là: x– (km/h)
Thời gian ca nơ xi dịng là: 40
2
x+ (giờ) Thời gian ca nơ ngược dịng là: 40
2
(162)Vì cano xi dịng khúc sơng dài 40 km, ngược dịng khúc sơng
4 giờ30 phút nên ta có phương trình:
40 40
4,
2
x+ + x− =
40( 2) 40( 2) 4, 5(x 2)(x 2) 2 (x 2)(x 2)
x x
x x
− + − +
⇔ + =
+ − − +
40( 2) 40( 2) 4, 5(x 2)(x 2) 2 (x 2)(x 2)
x x
x x
− + − +
⇔ + =
+ − − +
2 40x 80 40x 80 4, 5(x 4)
⇒ − + + = −
( ) 80x 4, x
⇔ = −
2
4, 5x 80x 18
⇔ − − =
2
9x 160x 36
⇔ − − =
( )2 ( )
'
80 36 6724
∆ = − − − =
( )
1
80 6724 18
x = − − + = (nhận); 2 ( 80) 6724
9
x =− − − = − (loại)
Vậy vận tốc thực ca nô 18 km/h
Câu 4.
1) C điểm cung AB nên
90
sđ AC sđ BC= = sđ AB= hay AOC=90 Do AD vàCD tiếp tuyến A, C
đường trịn ( )O nên ta có: OA⊥AD, OC ⊥CD,
hay OAD =OCD=90
Suy ra, tứ giác AOCD có
90
OAD=OCD= AOC= OA=OC=R Do đó,
tứgiác AOCD hình vng
2) Diện tích phần nằm ngồi hình thang ABCD
hình trịn ( )O chia hai phần:
Phần 1: nửa đường tròn đường kính AB, khơng chứa điểm C, có diện tích
1
1
S = πR
Phần 2: hình viên phân nằm ngồi tam giác vng cân OBC, có diện tích
2
1
4
R S = π −R
Vậy, diện tích cần tính có giá trịlà:
G F E
D C
O
(163)( )
2
2
1
3
2 4
R R
S = π + π −R R = π − (đơn vịdiện tích)
3) Tính độdài đoạn thẳng CG theo R?
Theo chứng minh câu a, ta có: CD=DA=OA=OC=R
Từgiảthiết, ta có: ; 2
3 3
CD R CD R
DE= = EC= =
Xét tam giác ADE vuông D có:
2
2 2 10
9
R R
AE =AD +DE =R + = Do CG// AB nên
2sđ A 45
GCF=CBA= C=
Vậy, tam giác CGF có CGF=90,GCF =45 nên tam giác CGF vuông cân CGF
Do đó, CG=GF=x (x>0)
Xét tam giác vng EGF có
3
R
EG=EC+CG= +x, GF =x, EF =EA
Nên theo định lý Pythagore, ta có:
2 2
EF =EG +GF
2
2
10
9
R R
x x
⇔ = + +
2
2
2
3
R R
x x
⇔ + − =
2
3x 2Rx R
⇔ + − = 2
3x 3Rx Rx R
⇔ + − − =
( ) ( )
3x R x R x R
⇔ + − + = ⇔(3x−R)(R+x)=0
3x R
⇔ − = R+ >x
R x ⇔ =
Vậy, ta có
3
R
CG= =x
4) Chứng minh AECF tứgiác nội tiếp?
Ta chứng minh ∆ADE= ∆EGF c c c( − − ) nên DAE =GEF
Mà tam giác vuông ADE, ta có: DAE +DEA=90 Suy GEF +DEA=90
Ta có: DEA+AEF+FEG=180⇒AEF=180−(DEA FEG + )=180−90 =90
Xét tam giác AEF có AEF =90, AE=EF, nên tam giác AEF vng cân E Từđó, ta có AFE=45
Xét đường trịn tâm O có ACE góc tạo tiếp tuyến dây cung chắn cung
AC, nên
2 45
1
sđ AC
ACE= =
Vậy, tứ giác AECF có ACE=AFE =45, tức đỉnh liền kề C F, nhìn
(164)Câu 5. Cách 1:
Nhận xét: tất cảcác điều kiện biểu thức, vai trị x, y bình đẳng
nên C đạt GTNN x= y Do đó, ta biến đổi bên
Ta có: 2 2 ( )2 ( ) (2 )( 2 2) ( )
2
C=x +y +xy=a x+y +b x−y = a b+ x +y + a b xy−
Suy
3
4
1
4
a b a
a b
b
+ = =
⇔
− =
=
Hay ta có: 3( )2 1( )2 1( )2
.1
4 4 4
C= x+y + x−y = + x−y ≥
Dấu “=” xảy
1
x y
x y x y
=
⇔ = = + =
Vậy, giá trịnhỏnhất C
C=
2
x= =y Cách 2:
Do x+ = ⇒ = −y y x Khi đó, ta có:
( )2 ( )
2 2 3
1 1
2 4
C=x +y +xy=x + −x +x −x =x − + =x x− + ≥
Dấu “=” xảy
1
1
2
x
x y
x y
=
⇔ = =
+ =
Vậy,
C=
2
x= =y
Đề số 35 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH QUẢNG NGÃI NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1. (1,5 điểm)
1) Thực phép tính: ( 5+2)2 −
2) Cho hàm số
y=x có đồthịlà ( )P hàm số y= − +x có đồthịlà ( )d
a) Vẽ ( )P ( )d mặt phẳngtọa độ Oxy
b) Bằng phép tính, tìm tọa độ giao điểm A B, ( )P ( )d ; (hoành độ A nhỏhơn hoành độ B) Gọi C D hình chiếu vng góc A B trục hồnh, tính diện tích tứgiác ABDC
Câu 2. (2,0 điểm)
1) Giải phương trình hệphương trình sau:
a)
2017 2018
(165)b) 2 x y x y
+ = −
− =
2) Cho phương trình bậc hai
2
x − x+ + =m (m tham số)
a) Tìm m đểphương trình có nghiệm x= −1 Tính nghiệm cịn lại
b) Tìm m để phương trình có hai nghiệm phân biệt x x1, thỏa mãn hệ thức: 3
1
x +x =
Câu 3. (2,0 điểm)
Một phòng họp có 250 chỗ ngồi chia thành dãy, dãy có số chỗ
ngồi Vì có đến 308 người dự họp nên ban tổ chức phải kê thêm dãy
ghế, dãy ghế phải kê thêm chỗngồi vừa đủ Hỏi lúc đầu ởphịng
họp có dãy ghếvà dãy ghếcó chỗngồi?
Câu 4. (3,5 điểm)
Cho nửa đường trịn (O R; ) đường kính AB Một điểm M cố định thuộc đoạn
thẳng OB (M ≠B M; ≠O) Đường thẳng d vng góc với AB M cắt nửa
đường tròn cho N Trên cung NB lấy điểm E (E ≠B E; ≠N) Tia BE cắt đường thẳng d C, đường thẳng AC cắt nửa đường tròn D Gọi H giao điểm AE đường thẳng d
a) Chứng minh tứgiác BMHE nội tiếp đường tròn b) Chứng minh điểm B H D, , thẳng hàng
c) Tính giá trị biểu thức
BN +AD AC theo R
d) Đường tròn ngoại tiếp tam giác AHC cắt AB K Chứng minh E
di động cung NB độdài đoạn thẳng BK không đổi Câu 5. Cho a sốthực dương lớn 1và x= a+ a2− +1 a− a2−1
Tính giá trị biểu thức ( )
2 2021 P=x − x − a+ x+ a+
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH QUẢNG NGÃI NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1.
1) ( 5+2)2 − 5= 5+ −2 5= 5+ −2 5=2
2) a) Vẽđồthị:
x -2 -1 0 1 2
2
y=x 1
2
(166)b) Phương trình hđgđ ( )P ( )d :
2
x = − +x
2
x x
⇔ + − =
2
x x x
⇔ − + − = ⇔(x−1)(x+2)=0 ⇔ = ∨ = −x x + x= ⇒ =1 y
+ x= − ⇒ =2 y
Vậy A(−2; 4), B( )1;1
ABDC hình thang vng có hai đáy BD= yB =1;AC= yA =4 Đường cao
B A CD= x −x =
Vậy 1(1 3) 7,
ABDC
S = + = (đvdt)
Câu 2.
1) a)
2017 2018
x + x − =
( )( )
2018
x x
⇔ + − =
1
x
⇔ − = (do
2018
x + > ∀ ∈x R)
1
x
⇔ = ⇔ = − ∨ =x x
Phương trình cho có hai nghiệm x= −1 x=1 b)
2 x y x y
+ = −
− =
4 2
2 5
x y y x x
x y x y
+ = − = − − =
⇔ ⇔ ⇔
− = = = −
Vậy hệđã cho có nghiệm (1; 3− )
2) Cho phương trình bậc hai
2
x − x+ + =m (m tham số)
a) Pt có nghiệm ( )2
1
x= − ⇒ − + + + = ⇔ = −m m
Với m= −6, pt cho thành: x2−2x− =3 ⇔(x+1)(x− =3) ⇔ = − ∨ =x x
Vậy với m= −6 , pt có nghiệm x= −1 nghiệm lại x=3
b) Tìm m để phương trình có hai nghiệm phân biệt x x1, thỏa mãn hệ thức: 3
1
(167)Đk pt có hai nghiệm phân biệt *( ) '
a
m m
≠
⇔ < −
∆ = − − >
Áp dụng hệthức Vi-et ta có: 2
2 x x S x x P m
+ = =
= = +
Ta có 3
1 8
x +x = ⇔S − SP= ⇔ −8 3.2(m+ =3) 8⇔ = −m (thỏa *)
Vậy m= −3
Câu 3. Gọi x sốdãy ghếban đầu y số chỗngồi dãy ban đầu
ĐK: x y, ∈N*
Theo đềta có tổng số chỗngồi ban đầu là: x y =250 ( )1
Sốngười dự họp thực tếlà: (x+3)(y+ =1) 308⇔xy+3y+ + =x 308 ( )2
Thay ( )1 vào ( )2 ⇒ +x 3y=55 ⇒ =x 55 3− y ( )3
Thay ( )3 vào ( )1 suy ra:(55 3− y y) =250
3y 55y 250
⇔ − + = 10 25
3
y y
⇔ = ∨ =
+ 25 *
3
y= ∉N (loại)
+ y=10∈N* suy x=250 :10=25∈N*
Vậy ban đầu có 25 dãy ghế, dãy ghế có 10 chỗngồi Câu 4.
a) Chứng minh tứgiác BMHE nội tiếp đường tròn
0( )
90
HMB= CM ⊥ AB
90
HEB= (góc nội tiếp chắn cung nửa đường trịn)
180 HMB HEB
⇒ + =
K
H D
C
N
O
A M B
(168)Trong tứ giác BMHE có tổng hai góc đối 1800 nên tứ giác BMHE nội tiếp
đường tròn
b) Chứng minh điểm B H D, , thẳng hàng
Ta có
90
ADB= (góc nội tiếp chắn cung nửa đường trịn) BD AC BD
⇒ ⊥ ⇒ đường cao ∆ABC ABC
∆ có đường cao CM AE cắt H ⇒H trực tâm ABC H BD
∆ ⇒ ∈ ⇒ đpcm
c) Tính giá trị biểu thức
BN +AD AC theo R
Ta có
90
BNA= (góc nội tiếp chắn cung nửa đường trịn) ANB
⇒ ∆ vng N
Áp dụng hệthức lượng ∆ANB vuông N ta có
BN =BM AB
AMC ADB
∆ #∆ (g-g)⇒ AD AC =AM AB
Suy ( ) 2
BN +AD AC =AB BM +AM = AB = R
d) Đường tròn ngoại tiếp tam giác AHC cắt AB K Chứng minh E
di động cung NB độdài đoạn thẳng BK khơng đổi
Ta có: HAM =KCM (góc nội tiếp chắn cung HK đường tròn (AHC))
HAM =KCB (cùng phụ ABC)
Suy KCM =KCB⇒CM phân giác KCB KCB
∆ có CM vừa đường cao vừa phân giác M
⇒ trung điểm KB⇒KB=2MB
Do M cốđịnh, B cho trước nên KB không đổi
Câu 5. Ta có: 2 ( )
2 2 4
x = a+ a − a − = a+ ⇒ a= x −
Ta có ( )
2 2021 P=x − x − a+ x+ a+
3 2
2 2021
x x x x x
= − − + − +
3 2
2 2021
x x x x
= − + − + −
2017
=
Đề số 36 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH QUẢNG NINH NĂM HỌC 2017-2018
Câu (2,5 điểm).
1 Rút gọn biểu thức:
10 9;
A= − B= x+ x− xvới x≥0
2 Giải hệphương trình
3 x y x y
(169)3 Tìm giá trị a đểđồthịhàm số y=ax+6 qua điểm M( )1; Câu (2,0 điểm).
Cho phương trình ( )
2 1
x − m+ x+m − = (m tham số) Giải phương trình với m=5
2 Tìm giá trị m đểphương trình có hai nghiệm x x1; thỏa mãn:
( 2)( )
1 2 1
x − mx +m x + =
Câu (2,0 điểm).
Giải toán sau cách lập phương trình hệphương trình: Một mảnh vườn hình chữnhật có diện tích
300m Nếu giảm chiều dài đi2mvà
tăng chiều rộng thêm3mthì mảnh vườn trởthành hình vng Tính chiều dài, chiều rộng mảnh vườn
Câu (3,0 điểm).
Cho đường trịn tâm O đường kính AB điểm C (C không trùng với A B ) Lấy điểm D thuộc đoạn AC (D không trùng với Avà C) Tia BD cắt cung
nhỏ AC điểm M , tia BC cắt tia AM điểm N Chứng minh MNCD tứgiác nối tiếp
2 Chứng minh AM BD =AD BC
3 Gọi I giao điểm thứhai hai đường tròn ngoại tiếp tam giác ADM
và tam giác BDC Chứng minh ba điểm N D I, , thằng hàng
Câu (0,5 điểm)
Tính giá trị biểu thức 2
M =a +b biết a b, thỏa mãn
2
2 3
1
1 a
b b b a a
+ =
+ =
ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH QUẢNG NINH NĂM HỌC 2017-2018
Câu
10 10
A= − = − =
2
B= x+ x− x =
2
3 2
x y x x
x y y y
− = = =
⇔ ⇔
+ = = =
(170)3 Đồthịhàm số y=ax+6 qua A( )1; chỉkhi: a+ = ⇔ = −6 a Câu
1 Với m=5 phương trình có hai nghiệm phân biệt: x1=3;x2 =8 Phương trình có hai nghiệm
( ) ( 2 )
0 4
4
m m m m −
⇔ ∆ ≥ ⇔ − + − − ≥ ⇔ + ≥ ⇔ ≥
Với
4
m≥ − phương trình có hai nghiệm theo Vi_ét ta có:
2
1
2
2 1
x x m
x x m
+ = +
= −
Vì x1 nghiệm phương trình nên ta có:
( ) ( )
2 2
1 1 1 1
x − m+ x +m − = ⇔x = m+ x −m +
Thay vào hệthức ( )
1 1
x − m+ x +m − = ta có:
( 2)( ) ( )( )
1 2
1 2
2 1 1
1
0 ( ) 1
2 ( )
x mx m x x x
x x x x
m TM
m m
m KTM
− + + = ⇔ + + =
⇔ + + + =
=
⇔ − + + + = ⇔
= − Câu
Gọi chiều dài x m( ), chiều rộng y m( )(x y, >0) ta có hệphương trình
300 20
( )
2 15
xy x
TM
x y y
= =
⇔
− = + =
15
( ) 20
x
KTM y
= − = −
Câu
I
K H
N
M
O
A B
C
(171)1 Có AMB= ACB=90 (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn)
Nên NMD =NCD =90 suy NMD +NCD=180 nên MNCD
là tứgiác nội tiếp
2 Có ∆AMD đồng dạng ∆BCD (g-g) nên
AM AD
AM BD AD BC BC = BD ⇒ =
3 Chứng minh ba điểm N , D, I thẳng hàng
Ta có DIB =DIA=90 (góc nội tiếp chắn nửa đường trịn)
DI AB
⇒ ⊥
Theo chứng minh câu 1, MNCD tứ giác nội tiếp nên ta có: MND=MCD (2 góc nội
tiếp chắn cung MD) (1)
Xét đường trịn tâm O có MCD =MCA=MBA(2 góc nội tiếp chắn cung MA) (2) Từ(1) (2), ta có: MND=MBA
Mặt khác, ta có:
Tam giác MND vng M nên MND+MDN =90
Tam giác MAB vuông M nên MBA MAB + =90
Do đó, ta có: MND+MDN =MBA MAB+
Mà MND=MBA (chứng minh trên), nên ta có: MDN =MAB
Do MAID làtứgiác nội tiếp nên ta có: MAI +MDI =180 hay MAB +MDI =180
Suy MDN+MDI =180 ⇔IDN =180
Vậy, điểm N, D, I thẳng hàng Câu
Điều kiện: a≠0,b≠0
Từgiảthiết, ta có: ( )
( )
2
2
1
3
2
3
a b
b
b a
a
+ =
+ =
( )
2 3 2
2 3 2
6 2
2 2
3a 3a 9a 6a
3
3a 3a
5
b b b b b b b
b a a b a a b a b a a
a b b b
a b a b
+ = − = − − + =
⇒ ⇔ ⇔
+ = − = − − + =
⇒ + + + =
⇒ + = ⇒ + =
(172)Đề số 37 ĐỀ VÀO LỚP 10 THPT TỈNH TÂY NINH Câu 1: (1,0 điểm)Rút gọn biểu thức T = 36+ 9− 49
Câu 2: (1,0 điểm) Giải phương trình x2 – 5x – 14 =
Câu 3: (1,0 điểm)Tìm m đểđường thẳng ( ) :d y=(2m−1)x+3 song song với đường thẳng ( ') :d y=5x+6
Câu 4: (1,0 điểm)Vẽđồthị hàm số
2
y= x
Câu 5: (1,0 điểm)Tìm a b biết hệphương trình
5 ax y ax by
+ =
+ = −
có nghiệm (2;–3) Câu 6: Cho tam giác ABC vng A có đường cao AH (H thuộc cạnh BC) biết
AB = a , BC = 2a Tính theo a độdài AC AH
Câu 7: (1,0 điểm)Tìm m đểphương trình
2
x + − + =x m có hai nghiệm phân biệt x1, x2
thỏa 3 2 2 17
x +x +x x =
Câu 8: (1,0 điểm)Một mảnh đất hình chữnhật có chiều dài chiều rộng 6m độdài đường chéo 65
4 lần chiều rộng Tính diện tích mảnh đất hình chữ
nhật cho
Câu 9: (1,0 điểm)Cho tam giác ABC có BAC tù Trên BC lấy hai điểm D E, AB lấy
điểm F, AC lấy điểm K cho BD = BA, CE = CA, BE = BF,
CK = CD Chứng minh bốn điểm D, E, F K nằm đường tròn
Câu 10: (1,0 điểm)Cho tam giác ABC (AB < AC), nội tiếp đường tròn đường kính BC, có đường cao AH (H thuộc cạnh BC), đường phân giác góc A tam giác ABC cắt đường trịn K (K khác A) , Biết AH
HK =
15
5 Tính
ACB
GỢI Ý ĐÁP ÁN
Câu Tính T = 36+ 9− 49 1 điểm
Ta có: T = 2
6 + − T = + −
T = Vậy T =
Câu Giải phương trình x2 – 5x – 14 = 1 điểm
(173)Biệt thức: ∆= b2 – 4ac = 25 + 56 = 81> ∆=
Vậy phương trình có hai nghiệm phân biệt x1= , x2=
Câu Tìm m đểđường thẳng ( ) :d y=(2m−1)x+3 song song với đường
thẳng ( ') :d y=5x+6 1 điểm
Điều kiện: 2m – ≠0
Vì (d) // (d’) nên hệsốa = a’
Suy ra: 2m – = ⇔ 2m = ⇔m =
Câu Vẽđồthị hàm số 2
y= x 1 điểm
Bảng sau cho sốgiá trị x y
x -2 -1
2
y= x
2
2
(174)
Câu Tìm a b biết hệphương trình
1 ax y ax by
+ =
+ = −
có nghiệm
(2; –3)
1 điểm
Thay x = y = –3 vào hệta 3
a a b
− =
− = −
2 2
2 5
a a a
a b b b
= = =
⇔ ⇔
− = − − = − =
Vậy a b
= =
hệphương trình
1 ax y ax by
+ =
+ = −
có nghiệm
là (2; –3)
Câu Cho tam giác ABC vng A có đường cao AH (H thuộc cạnh BC)
biết AB = a , BC = 2a Tính theo a độdài AC AH 1 điểm
C/minh:
Xét tam giác ABC vuông A
Ta có: BC2 = AB2 + AC2 (Định lý Pitago) 4a2= a2 + AC2
AC2 = 4a2 – a2= 3a2 Vậy: AC = 3a (đvđd)
Tam giác ABC vng A, có AH⊥BC H
Có: BC.AH = AB.AC (hệthức lượng …)
(175)AH =
2 a a =
3 a
Vậy: AH =
2 a
(đvđd)
Câu Tìm m đểphương trình
2
x + − + =x m có hai nghiệm phân biệt x1, x2
thỏa 3 2 2 17
x +x +x x = 1 điểm
Đểphương trình
2
x + − + =x m có hai nghiệm phân biệt x1, x2
Thì ∆ >
Hay: b2 -4ac > ⇒ – 4(–m+2) >
⇔ + 4m – >
⇔ m >
4 (Đk)
Theo hệthức Vi-et:
1
1
b x x
a c
x x m
a − + = = −
= = − +
Do: 3 2
1 2 17
x +x +x x =
Nên: 3 2
1 2
x +x +x x = (x1 + x2)3 – 3x1x2(x1 + x2) + x12 x22 17 = −1 – 3(–m+2)( –1) + (–m + 2)2
………
Giải phương trình ta m1 = 57
2
+
(Nhận)
m2 = 57
2
−
(Loại)
Vậy m = 57
2
+
thì hai nghiệm phân biệt x1, x2 thỏa 3 2
1 2 17
x +x +x x =
Câu
Một mảnh đất hình chữnhật có chiều dài chiều rộng 6m độdài đường chéo 65
4 lần chiều rộng Tính diện tích
(176)của mảnh đất hình chữnhật cho
Gọi x (m) chiều rộng mảnh đất hình chữnhật Đk: x >
x + (m) chiều dài mảnh đất hình chữnhật
Câu
Cho tam giác ABC có BAC tù Trên BC lấy hai điểm D E,
trên AB lấy điểm F, AC lấy điểm K cho BD = BA, CE = CA, BE = BF, CK = CD Chứng minh bốn điểm D, E, F K nằm đường tròn
1 điểm
C/minh:(gợi ý)
Ta có BE = BF suy tam giác cân B Tương tự: BD = BA suy tam giác cân B
Suy ra: E1= F1= D1= A1 từđó suy tứgiác ADEF nội tiếp
Tương tự: Tứgiác AEDK nội tiếp
Nên: năm điểm A, F, E, D, K thuộc đường tròn
(177)Câu 10
Cho tam giác ABC (AB < AC), nội tiếp đường trịn đường kính BC, có đường cao AH (H thuộc cạnh BC), đường phân giác góc A tam giác ABC cắt đường trịn K (K khác A), Biết AH
HK =
15
Tính ACB
1 điểm
Cách
C/minh: (gợi ý)
Ta có AK tia phân giác BAC nên: BAK = CAK ⇒ K điểm BC
Nên OK⊥BC
Suy ra: Tam giác OKH vuông O 2
HK OK OH
⇒ = + (Pytago)
hay HK2 = R2+ OH2 (1)
mặt khác tam giác AHO vuông H 2
AH AO OH
⇒ = − (Pytago)
hay AH2 = R2 - OH2 (2) Từ(1) (2) suy ra: 22 22 22
AH R OH
HK R OH
− =
+
Do đó:
2 2 2
2 2
15
R OH
R OH
− =
+ =
3
⇒ 5R2 – 5OH2 = 3R2+ 3OH2 2R2= 8OH2
(178)Suy ra: R = 2OH
Do H trung điểm BO
Nên tam giác ABO tam giác (Do cân A O) Vậy
60
B= C =300
Đề số 38 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH THÁI BÌNH NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1. (2 điểm)
a) Tìm m đểhàm số y=(3m−2)x+2017 đồng biến tập b) Giải hệphương trình ( ) ( )
( ) ( )
2
3
x y x y x y x y
+ + + = −
+ + − =
Câu 2. (2 điểm) Cho biểu thức
( 35)( 41) 13 13
x x x x
P
x x
x x
+ − + +
= − −
+ −
+ − (với x≥0; x≠1)
a) Rút gọn biểu thức P b) Tìm x cho
2
P=
Câu 3. (2 điểm) Cho phương trình ( )
1
x − m− x m− + − =m (1)
a) Giải phương trình với m= −1
b) Chứng minh với m phương trình (1) ln có hai nghiệm phân biệt
(179)Câu 4. (3,5 điểm) Cho ∆ABC có ba góc nhọn (AB<AC), dựng AH vng góc với BC
điểm H Gọi M N, theo thứ tự hình chiếu vng góc H AB AC,
Đường thẳng MN cắt đường thẳng BC điểm D Trên nửa mặt phẳng bờ CD chứa điểm A, vẽ nửa đường trịn đường kính CD Qua B kẻ đường thẳng
vng góc với CD, cắt nửa đường tròn điểmE
a Chứng minh tứgiác AMHN tứgiác nội tiếp b Chứng minh EBM =DNH
c Chứng minh DM DN =DB DC
d Gọi O tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác MNE Chứng minh OE⊥DE Câu 5. (0,5 điểm) Cho tam giác ABC, M điểm nằm tam giác Kéo dài
AM cắt BC P, BM cắt AC Q, CM cắt AB K Chứng minh:
MA MB MC≥ MP MQ MK
Câu 6.
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH THÁI BÌNH NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1. a) Hàm sốđồng biến 2
m− > ⇔ >m
b) ( ) ( )
( ) ( )
2
3
x y x y x y x y
+ + + = −
+ + − =
2
4 x y x y + = − ⇔ + =
2 12 3 x y x y + = − ⇔ − − = −
2 10 x y x + = − ⇔ − = −
2 2 y x + = − ⇔ = x y = ⇔ = −
Vậy hệphương trình có nghiệm ( ); 1;
x y = − Câu 2.
a) Với x≥0; x≠1 ta có:
( 35)( 41) 13 13
x x x x
P x x x x + − + + = − − + − + − ( )( ) ( ) ( )( )
3 1
3
x x x x x
x x + − − + − − + = + − ( ) ( ) ( )( )
3
3
x x x x x
x x
+ − − − − + +
=
+ − ( )( ) ( )( )
12 12
3
x x x x x
x x x x
− − − + −
= =
+ − + −
( ) ( )
( )( ) (( )()( ))
4 4 4
1
3
x x x x x x
x
x x x x
− + − − + −
= = =
−
+ − + −
b)
2
P=
2 x x − ⇔ =
(180)Vậy x=49
P=
Câu 3.
a) Thay m= −1vào phương trình (1) ta được: x2+2x− =3
Vì a b c+ + = + − =1 nên phương trình có hai nghiệm x1 =1 x2 c a = = −
b) ( ) ( )
2
2 2 16
1 4.1 5
5 25
m m m m m m
∆ = − − − + − = − + = − + >
, với m
nên phương trình ln có hai nghiệm phân biệt với m
Theo định lí Vi – ét: x1+x2 = −m
2
1
1
1
2
x x = −m + − = −m m− + <
, với
mọi m
Theo đề: x2 − x1 =2 x2 >x1 suy ra: ( )2
2
x − x = ⇔ x12+x22−2 x x1 2 =4 ⇔(x1+x2)2−2x x1 2+2x x1 2 =4⇔(x1+x2)2 =4
( )2
1
m
⇔ − =
1
m m
− =
⇔ − = −
3
m m
= ⇔ = −
Vậy m= −1, m=3 giá trị cần tìm
Câu 4.
O E
D
N
M
H A
B C
a Vì M, N hình chiếu vng góc H AB, AC
90 AMH ANH
⇒ = =
Xét tứgiác AMHN có: AMH+ANH =900+900 =1800 Do tứgiác AMHN nội tiếp đường trịn
b Vì EB⊥CD (gt), AH ⊥CD(vì AH ⊥BC) ⇒EB//AH
EBM MAH
(181)Tứ giác AMHN nội tiếp (cmt)⇒MAH =MNH (hai góc nội tiếp chắn MH) (2)
Từ(1) (2) suy ta EBM =MNH, hay EBM =DNH
c Ta có: DMB =AMN(hai góc đối đỉnh) (3)
Tứ giác AMHN nội tiếp (cmt)⇒ AMN =AHN (hai góc nội tiếp chắn AN) (4)
AHC
∆ vng H có HN ⊥ AC (gt) ⇒ ACH = AHN(cùng phụvới CHN)
Hay AHN =DCN (5)
Từ(3), (4) (5) suy DMB =DCN
Xét ∆DMB và∆DCN có: NDCchung; DMB =DCN (cmt) DMB
⇒ ∆ ∆DCN (g.g) DM DB
DC DN
⇒ = ⇒DM DN =DB DC (6)
d ∆EDC nội tiếp đường tròn đường kính CD ⇒ ∆EDC vng E
Áp dụng hệthức lượng ∆EDC vng E, EB⊥CD, ta có: DE2 =DB DC
(7)
Từ(6) (7) suy
DE =DM DN DE DN
DM DE
⇒ =
Xét ∆DEM và∆DNE có: EDNchung; DE DN
DM = DE (cmt)
DEM DNE
⇒ ∆ ∆ (c.g.c) ⇒ DEM =DNE (2 góc tương ứng)
Xét ( )O có: DEM =DNE tia EM nằm hai tia EDvà EN
Do DE tiếp tuyến ( )O ⇒DE⊥OE Câu 5.
H' H P
Q K
A
B C
M
Kẻ MH ⊥BC, AH′ ⊥BC (H H, ′∈BC) ⇒MH€ AH′ MH MP
AH AP
⇒ =
′ (Hệ ĐL
(182)Lại có MBC ABC MH BC S MH AH S AH BC = =
′ ′ MBCABC
S MP
AP S
⇒ =
Chứng minh tương tự, ta có MAC ABC S MQ
BQ = S ;
MAB ABC S MK
CK = S
Suy MBC MAC MAB
ABC ABC ABC
S S S
MP MQ MK
AP + BQ + CK = S + S +S =
Đặt x MP AP
= ; y MQ
BQ
= ; z MK
CK
= x, y, z >0 x+ + =y z
Theo đềbài: MA MB MC ≥8MP MQ MK MA MB MC MP MQ MK
⇔ ≥
1 1
AP BQ CK
MP MQ MK
⇔ − − − ≥
Hay: 1 1 1
x y z
− − − ≥
1 1 1 1 xyz xy yz xz x y z
⇔ − + + + + + − ≥
1 1
9 x y z
xyz xyz x y z + +
⇔ − + + + ≥
1 1 1 xyz xyz x y z
⇔ − + + + ≥ (do x+ + =y z 1) 1
9
x y z
⇔ + + ≥
( ) 1
9
x y z
x y z
⇔ + + + + ≥
1 x x y y z z
y z x z x y
⇔ + + + + + + + + ≥
2 2
x y y z z x
y x z y x z
⇔ + − + + − + + − ≥
( ) (2 ) (2 )2
x y y z z x
xy yz zx
− − −
⇔ + + ≥ (*)
Bất đẳng thức (*) hiển nhiên với x y z, , >0
Dấu xảy
3
x= = =y z , hay
3
MP MQ MK
AP = BQ = CK = ⇔M trọng tâm ABC
∆
(183)Đề số 39 ĐỀ THI TUYỂN SINH LỚP 10 TỈNH THÁI NGUYÊN NĂM HỌC 2017 – 2018
Câu 1. Không dùng máy tính cầm tay, giải phương trình:
2
x + x− =
Câu 2. Cho hàm số bậc y=(2m−3)x+5m−1 (m tham sốvà
m≠ )
a Tìm m đểhàm sốnghịch biến
b Tìm m đềđồthịhàm số cắt trục tung điểm có tung độ −6 Câu 3. Khơng dùng máy tính cầm tay, rút gọn biểu thức:
( 2 5)( 10 0, 2)
A= − + +
Câu 4. Cho :
9
3 3
x x x x x
B
x
x x x
+ + −
= − + −
−
+ − +
với
0 x x
≥ ≠
Rút gọn biểu thức B tính giá trị B x=12 3+ Câu 5. Cho hệphương trình:
1 mx y n nx my
− =
+ =
(m n, tham số)
a Giải hệphương trình
2
m= − ;
3
n=
b Xác định m, n biết hệphương trình có nghiệm ( 1;− 3)
Câu 6. Cho phương trình
2x +3x− =1 Gọi x x1, 2 hai nghiệm phân biệt phương
trình Khơng giải phương trình, tính giá trị biểu thức: 2 x x P
x x
= +
Câu 7. Một tam giác vng có cạnh huyền cm diện tích cm2 Tính độ
dài cạnh góc vng tam giác vng
Câu 8. Hai đường tròn ( )O ( ')O cắt điểm A B, Gọi M trung điểm '
OO Qua A kẻđường thẳng vuông góc với AM cắt đường trịn ( )O ( ')O lần
lượt C D
Chứng minh AC= AD
Câu 9. Cho đường trịn ( )O đường kính AB, cung CD năm phía AB(D
thuộc cung nhỏ BC) Gọi E giao điểm AC BD, F giao điểm AD BC
a Tính góc AFB sốđo cungCD 80° b Tính sốđo cung CD góc AEB= °55
Câu 10. Cho tam giác nhọn ABC(AB< AC) Đường tròn tâm ( )O đường kính BC cắt AC, ABlần lượt D E H giao điểm BD CE, K giao điểm DE AH, I giao điểm AH BC, M trung điểm AH Chứng
minh rằng:
(184)
LỜI GIẢI ĐỀ THI TUYỂN SINH LỚP 10 TỈNH THÁI NGUYÊN NĂM HỌC 2017 – 2018
Câu 1.
2
x + x− = ; ∆ = − − = >′ 12 1.( 8) 0⇒ ∆ =′ Phương trình có nghiệm phân
biệt:
1
x = − + = ;
1
x =− − = −
Vậy tập ghiệm phương trình là: S = −{ 4; 2} Câu 2.
a Hàm sốnghịch biến 3
m m
⇔ − < ⇔ <
b Hàm số cắt trục tung điểm có tung độ −6⇔5m− = − ⇔ = −1 m
(TM)
Câu 3.
( )( ) ( )( )
8 2 10 0, 2 2 2 0,
A= − + + = − + +
( )( ) ( ) ( )
2
2 2 5 20 18
= − + = − = − =
Câu 4.
* Với x≥0, x≠9, ta có:
( 3) ( 1)( 3) ( 3) :
( 3)( 3)
x x x x x x x x
B
x x x
− − + + + + − − +
=
− + +
3 3 6
:
( 3)( 3)
x x x x x x x x x
x x x
− − − − − + + −
= − + +
3
6
( 3)( 3) 2( 3)
x
x x x
− +
= ⋅ =
−
− + +
• Tính giá trị biểu thức B x=12 3+ :
Ta có: 2 ( )2
12 3 2.3 3 3
x= + = + + = + (thỏa mãn điều kiện), thay vào biểu thức B ta được:
( ) ( )
1 1
6 3 3
2 (3 3)
B= = = =
+ −
+ −
Câu 5.
a Thay
2
m= − ,
3
n= vào hệphương trình (I) ta được:
1
2
1
1
3
x y
x y
− − =
− =
(185)1 1 1 10
2 3
1 1 1 1 22
1
3 2 3 12 21
y x y x y x x
x x x x x y
= − − = − − = − − = ⇔ ⇔ ⇔ ⇔ − − − = + + = = = −
Vậy nghiệm hệphương trình ( ; ) 10; 22
7 21
x y = −
b Hệ phương trình (I) có nghiệm ( 1; 3)− nên thay x= −1; y= vào hệ
phương trình (I) ta được:
3
3 3
1
3 (1 3)
1
m n
m n m n m n
m
n m m n m
+ = − − − = + = − + = − ⇔ ⇔ ⇔ − = − + = − = + = − +
3
3
m m
n m n
= − = − ⇔ ⇔ = − − = − +
Vậy ( ; )m n =( 3− −2; 3+2) hệphương trình có nghiệm ( ; )x y = −( 1; 3)
Câu 6.
Phương trình:
2x +3x− =1 Ta thấy a c, trái dấu nên phương trình cho ln
có nghiệm phân biệt
Theo định lí Vi-ét tacó:
1 2 x x x x + = − = −
2 2 2
1 2 1 2 2
2 1 2
2 2( )
2 x x x x x x x x x x x x x x P
x x x x x x x x
+ + + − + −
= + = = =
2
3 9
2 2
9
2 2
2 13
1
2 − − − + = = = − + = − − − Câu 7.
Gọi x(cm) độdài cạnh góc vng (x>0) Khi cạnh góc vng là:
12
x (cm) Theo đềbài ta có phương trình:
2
2 12
5 25 144
x x x
x
+ = ⇔ − + =
Đặt
x =t, t>0, phương trình trởthành:
25 144
t − t+ =
Giải phương trình bậc theo biến t ta được: t1=16 (thỏa điều kiện); t2 =9 (thỏa
điều kiện)
Với t=16⇒ =x (vì x>0)
(186)Vậy hai cạnh góc vng cần tìm 3cmvà cm
Cách 2: Gọi hai cạnh góc vng tam giác x(cm), (cm)y (ĐK:x y, >0)
Theo định lí Py-ta-go, ta có: x2+y2 =25
Diện tích tam giác 6cm2nên: 1 6 12
2xy= ⇒ xy=
Ta có: x2+y2 =25⇔(x y+ )2−2xy=25⇔(x y+ )2 =49⇔ + =x y 7
Do đó, ta có:
12
x y x
xy y
+ = =
⇔
= =
4 x y =
=
Vậy cạnh góc vng cần tìm là: 3cm cm
Câu 8.
Kẻ OI ⊥CD I, O K′ ⊥CD K, ta có IA=IC KA, =KD
(tính chất bán kính vng góc với dây cung qua trung điểm dây cung đó)
Ta có: OI//O K′ nên tứgiác OIKO′ hình thang
Mà OI//MA O K// ′ M trung điểm OO′ ⇒ A trung điểm IK ⇒IA=KA
Từđó suy AC=AD(đpcm) Câu 9.
B A
O O'
M C
D I
K
F C
D
O E
(187)a sđs®CD = °80 , s®AB 180 = °
AFB góc có đỉnh bên đường trịn chắn cung AB CD, nên ta có:
=s®+s® =180° + °80 =130°
2
AB CD AFB
b AEB= °55
AEBlà góc có đỉnh bên ngồi đường trịn chắn cung AB, CD nên:
=s®−s®⇒s®=s®−2. =180° −2.55° = °70
2
AB CD
AEB CD AB AEB
Câu 10.
Ta có BDC BEC, góc nội tiếp chắn nửa đường tròn tâm O nên
90
BDC=BEC= °
Mà BD CE cắt H nên ta suy H trực tâm tam giác ABC
Suy AIC= °90
Ta có HDC +HIC=180° nên CDHI tứ giác nội tiếp đường trịn đường kính HC
Suy HID =HCD (góc nội tiếp chắn cung DH đường trịn đường
kính HC)
Hay MID =HCD
Tương tự, ta chứng minh tứgiác AEHD nội tiếp đường tròn tâm M (MA=MD=MH )
MAD MDA
⇒ = (vì MD=MA) EDH =EAH
(cùng chắn cung EH đường tròn tâm M ) K
H
D E
O A
B C
(188)Vậy MDK =ADH −(MDA +EDH)= ° −90 (MAD +EAH)= ° −90 EAD =HCD
MID MDK
⇒ =
Xét tam giác MDK MID có:
M góc chung, MID=MDK
MDK MID
⇒ ∆ ∽∆ (g.g)
2
MD MI
MD MK MI
MK MD
⇒ = ⇒ = (đpcm)
Đề số 40 ĐỀ THI TUYỂN SINH LỚP 10 TỈNH THANH HÓA NĂM HỌC 2017 – 2018
Câu (2,0 điểm)
1 Cho phương trình:
2
+ − =
mx x (1), với mlà tham số
a Giải phương trình (1) m=0 b Giải phương trình (1) m=1 Giải hệphương trình:
2 10
− =
+ =
x y x y
Câu (2,0 điểm) Cho biểu thức: :
2
y y y
A
y
y y y y
−
= + −
−
+ −
, với
y> ,y≠4,y≠9 Rút gọn biểu thức A
2 Tìm y để A= −2 Câu (2,0 điểm)
Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho đường thẳng ( )d y: =2x m− +3 parabol
( )P y x: = 2
1 Tìm m đểđường thẳng ( )d qua điểm A( )2;0
2 Tìm m đểđường thẳng ( )d cắt parabol ( )P hai điểm phân biệt có hoành độ x1, x2 thỏa mãn
1 2 16
x − x +x x =
Câu (3,0 điểm) Cho nửa đường trịn ( )O đường kính MN=2R Gọi ( )d tiếp tuyến ( )O N Trên cung MN lấy điểm E tùy ý (E không trùng với M N ), tia ME cắt đường thẳng ( )d F Gọi P trung điểm ME, tia OP cắt ( )d Q
1 Chứng minh ONFP tứgiác nội tiếp Chứng minh OF MQ⊥ PM PF PO PQ =
(189)Câu 5. (1,0 điểm)
Cho a, b, c sốdương thay đổi thỏa mãn: 1 2017
a b b c c a+ + + + + =
Tìm giá trị lớn biểu thức:
1 1 3 3 3 P
a b c a b c a b c
= + +
+ + + + + +
LỜI GIẢI ĐỀ THI TUYỂN SINH LỚP 10 TỈNH THANH HÓA NĂM HỌC 2017 – 2018
Câu 1:
1 Cho phương trình:
2
+ − =
mx x (1), với mlà tham số
a Giải phương trình (1) m=0
Khi m=0, ta có phương trình: x− =2 ⇔ =x
Vậy phương trình có nghiệm x=2 b Giải phương trình (1) m=1
Khi m=1, ta có phương trình:
2
+ − =
x x
Ta thấy: a b c+ + =0nên phương trình có hai nghiệm phân biệt là:
1
x = ; x2 = −2 Giải hệphương trình:
3 10
− =
+ =
x y
x y ⇔
4 16 4
2 10 10
= = =
⇔ ⇔
+ = + = =
x x x
x y y y
Vậy nghiệm hệphương trình là: ( ) ( )x y; = 4;3
Câu 2: Cho biểu thức: :
4
2
y y y
A
y
y y y y
−
= + −
+ − −
, với
y> , y≠4, y≠9 Rút gọn biểu thức A
( )
( )( ) ( )
4 1 2 :
2 2
y y y y
A
y
y y y y
− − −
= −
− + −
( )( ) ( ( ) )
1 2
:
2 2
y y
y y
y y y y
− − −
− − =
− + −
( )
( )( ) ( )
4 3 :
2 2
y y y
y y y y
− + − +
=
(190)( ) ( )
2
3
y y
y
y y
− −
=
− +
−
3 y y =
− (với y>0, y≠4, y≠9) Tìm y để A= −2
2
A= −
3 y y
⇔ = −
−
( )
4y y
⇔ = − −
4y y
⇔ + − =
Đặt y t= >0ta có phương trình:
2
4t + − =2 0t
Ta có: a b c+ + =0 nên phương trình có hai nghiệm:
1
t = (thỏa mãn đk)
2
t = − (không thỏa mãn điều kiện) Với t=1, ta có: y=1 (thỏa mãn đk) Vậy: A= − ⇔ =2 y
Câu 3: Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho đường thẳng ( )d y: =2x m− +3 parabol
( )P y x: = 2
1 Tìm m đểđường thẳng ( )d qua điểm A( )2;0
Thay x=2 y=0vào phương trình đường thẳng ( )d y: =2x m− +3, ta có:
0 2.2= − + ⇔m m=7
Vậy: với m=7 đường thẳng ( )d qua điểm A( )2;0
2 Tìm m đểđường thẳng ( )d cắt parabol ( )P hai điểm phân biệt có hồnh độ x1, x2 thỏa mãn
1 2 16
x − x +x x =
Phương trình hồnh độgiao điểm ( )d ( )P là:
2 2 3 2 3 0
x = x m− + ⇔ x − x m+ − =
Ta có: ∆ = −' ( ) (1 2− m−3)= − +m
Đường thẳng ( )d cắt parabol ( )P hai điểm phân biệt ⇔
' m m ∆ > ⇔ − + > ⇔ <
(191)Theo hệthức Vi-et, ta có:
1
2 x x x x m
+ = = − 1 2 x x
x x m = −
⇔
= −
Thay x2 = −2 x1 vào biểu thức:
1 2 16
x − x +x x = ta có:
( ) ( )
2
1 2 1 16
x − −x +x −x =
2
1 4 1 16
x x x
⇔ − + − =
1
4x 20
⇔ = x ⇔ = x ⇒ = −
Thay vào biểu thức: x x1 2 = −m ta được:
3 15 12 m− = − ⇔ = −m (tm) Vậy: m= −12
Câu 4:
1 Ta có: MFN =900(góc nội tiếp chắn nửa đường tròn)
NE ME
⇒ ⊥
Lại có:
P trung điểm ME O trung điểm MN
⇒OPlà đường trung bình ∆MEN OP NE
⇒
OP ME
⇒ ⊥
- Xét tứgiác ONFP ta có :
90 =
ONF (tính chất tiếp tuyến)
90 =
OPF ( OP⊥ME)
180 ⇒ONF+OPF =
⇒ ONFP tứgiácnội tiếp ( đpcm) Xét MQF ta có:
MN QF
PQ ME
MN PQ O
O trực tâm MQF ⇒OF ⊥MQ ( đpcm) - Ta có:
(192)Mà 90
= =
MPQ OPF
Nên MPQ ∽ OPF
Từđó suy MP = PQ⇒PM PF =PO PQ
OP PF (dpcm)
3 Theo BĐT Cauchy ta được:
2
2 2 2 2.4
+ ≥ = = =
MF ME ME MF MN R R
Đẳng thức xảy ⇔MF=2ME=2R
Mà MF =ME+EF
Nên E trung điểm MF
Xét MNF ta có:
2
= = =
NE ME EF MF
ME MF
⇒ =
E
⇒ điểm cung MN
Câu 5: Đặt x= +a b; y b c; z a c; 1
2017 x y z
1 1
2 2
P
x y z x y z x y z
Ta có: 1
x y xy 1+ ≥1
+ y z y z 1 x x xz
1 1 1
2
x y z x y y z x z
1 1
4
2x y z 2y x z 2z x y
1 1 2017
4
P
x y z
Dấu "" xảy 4034
= = =
a b c
Đề số 41 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH THỪA THIÊN HUẾ NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: (1,5 điểm)
(193)b) Khơng sửdụng máy tính cầm tay, tính giá trị biểu thức
2
3 2
B= + −
c) Rút gọn biểu thức 1
1
a a a
C
a a
− −
= −
−
− với a≥0 a≠1 Câu 2: (1,5 điểm)
a) Khơng sửdụng máy tính cầm tay, giải hệphương trình
3
x y x y
+ =
− =
b) Cho hàm số 2
y= − x có đồthị ( )P
i) Vẽđồthị ( )P hàm số
ii) Cho đường thẳng y=mx+ ∆n( ) Tìm m n, đểđường thẳng ( )∆ song song với
đường thẳng y= − +2x 5( )d có điểm chung với đồthị ( )P Câu 3: (1,0 điểm)
Cho hai vòi nước chảy vào vểkhơng cónước sau giờđầy bể Nếu
lúc đầu chỉmởvịi thứnhất chảy giờrồi đóng lại, sau mởvịi thứhai
chảy 1giờthì ta
4 bểnước Hỏi mởriêng vòi thời gian
đểmỗi vịi chảy đầy bểlà bao nhiêu?
Câu 4: (2,0 điểm)
Cho phương trình ( ) ( )
2
x − m+ x+m + = , với x ẩn số
a) Giải phương trình ( )1 m=2
b) Tìm m đểphương trình ( )1 có hai nghiệm phân biệt x1 x2 thỏa mãn đẳng
thức sau:
( )
1 2
2x x −5 x +x + =8 Câu 5: (3,0 điểm)
Cho tam giác ABC AB( <AC) có ba góc nhọn nội tiếp đường trịn ( )O D
hình chiếu vng góc B AO cho D nằmgiữa A O Gọi M
trung điểm BC, N giao điểm BD AC, F giao điểm MD
AC, E giao điểm thứhai BD với đường tròn ( )O H giao điểm BF
và AD Chứng minh rằng:
a) Tứgiác BDOM nội tiếp MOD NAE 180 + = ° b) DF song song với CE, từđó suy NE.NF=NC.ND c) CA tia phân giác góc BCE
(194)Câu 6: (1,0 điểm)
Một cốc nước có dạng hình trụcó bán kính đáy 3cm, chiều cao 12 cm
và chứa lượng nước cao 10 cm Người ta thảtừtừ viên bi làm thủy
tinh có đường kính cm vào cốc nước Hỏi mực nước cốc lúc
này cao bao nhiêu?
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH THỪA THIÊN HUẾ NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1:
a) A có nghĩa chỉkhi x− ≥ ⇔ ≥1 x
Vậy x≥1thì A có nghĩa
b) 2 ( )
3 2 2 2 5
B= + − = + − = + − = + − =
c) ( )( ) ( )
( )( )
3
1 1
1
1
1 1
a a a
a a a
C
a
a a a a
− + −
− −
= − = −
−
− − − +
( )( )
( )( )
( )
1 1 2 1 1
1
1
1
1
1
1
a a a a a a a a a
a a
a a
a a
a a
a a a
a a
a
− + + + + + + − − −
= + − = + − =
+ +
− +
− −
= = =
− −
+ Câu 2:
a) 4 14
3 10
x y x y x x
x y x y x y y
+ = + = = =
⇔ ⇔ ⇔
− = − = − = =
Vậy hệcó nghiệm ( ) ( )x y; = 2;1 b)
2
y= − x ( )P
i) Đồthịhàm số 2
y= − x parabol có đỉnh gốc tọa độ, bềlõm hướng
xuống qua điểm ( ) (0; , 2; ;− ) (− −2; ; 4; ;) ( − ) (− −4; 8)
Đồthị
(195)ii) ∆ song song với y= − +2x suy
5 m n
= − ≠
Phương trình hoành độgiao điểm ∆ ( )P : 2 2x x n
− = − +
2
4
x x n
⇔ − + = (*)
Để ∆ ( )P có điểm chung phương trình (*) có nghiệm
nhất ∆ = ⇔ −′ 2n= ⇔ =0 n (thỏa mãn)
Vậy m= −2;n=2
Câu 3:
Gọi x h( ) thời gianvòi thứnhất chảy đầy bể (x>0) Gọi y h( ) thời gian vịi thứhai chảy đầy bể (y>0)
Suy 1h vòi thứnhất chảy x (bể)
trong 1h vòi thứhai chảy y (bể)
cảhai vịi chảy vào bểkhơng có nước sau giờđầy bểnên cảhai vịi chảy
5 bể
suy 1
5
x+ =y (1)
Vòi thứnhất chảy giờ, vòi thứhai chảy giờthì bể
suy 1
4
(196)Từ(1) (2) ta có hệ:
1 1 1 1
20 20 20
5 20
1 1 20
1 1 1
2 1
20 20
5
4
x x x
x y x x x
y
y y
x y x y
x y
+ = − = − = = = =
⇔ ⇔ ⇔ ⇔ ⇔
+ = = =
+ = + = + =
Vậy vịi thứnhất chảy đầy bểtrong 20
Vịi thứhai chảy đầy bểtrong 20
3 Câu 4:
a) Khi m=2, phương trình trởthành: ( )2
6 3
x − x+ = ⇔ x− = ⇔ =x
Vậy m=2 phương trình có nghiệm x=3 b) ( )2 ( 2 )
1
m m m
′
∆ = + − + = −
Phương trình(1) có hai nghiệm phân biệt ⇔ ∆ > ⇔′ 2m− > ⇔ >4 m
Với m>2, phương trình có hai nghiệm phân biệt x x1, 2
Theo định lý viet: ( )
1
2
x x m
x x m
+ = +
= +
Ta có
( ) ( ) ( )
1 2
2
2 5.2
1 10 10 2 10
4
x x x x m m
m
m m m m
m
− + + = ⇔ + − + + =
=
⇔ + − − = ⇔ − + = ⇔
=
Vì m>2 nên m=4 Câu 5:
a) BD⊥ AO⇒BDO= °90
M trung điểm BD suy OM ⊥BC Tứgiác BDOM có BDO OMB + =180°
suy tứgiác BDOM nội tiếp
Vì tứgiác BDOM nội tiếp
suy DOM +MBD=180°
Mà MBD =DAE (góc nội tiếp chắn cung EC)
b) Ta có
2
BAC= BOC=BOM
BOM =BDM; BDM =NDF (đđ)
(197)Mặt khác: BAC =BEC (góc nội tiếp chắn cung BC)
Vậy NDF =BEC ⇒DF// EC
Vì DF// EC nên NE NC NE NF NC ND
ND = NF ⇒ = (đpcm)
c) Vì DF// EC suy DFN =ACE, mà ACE= ABE
Suy DFN = ABE hay tứgiác ABDF nội tiếp
Suy AFB= ADB= °90 ⇒ ∆BFC vng F có FM đường trung tuyến nên FM =MC suy ∆FMC cân M ⇒ FCM =DFN hay ACE=FCM
Vậy CA tia phân giác góc BCE
d) Tam giác ANB có AD BF hai đường cao cắt H nên H trực
tâm tam giác NAB hay NH ⊥AB Câu 6:
Thểtích ba viên bi:
4
3
V = πr = π
Thểtích mực nước dâng lên thểtích viên bi, gọi
V thểtích mực nước dâng lên h độcao mực nước dâng lên thêm
Ta có: 2
2
4
9 V =πr h= π ⇔π h= π ⇒ =h cm
Vậy mực nước cốc lúc là: 10 94cm 12 cm 9
+ = <
Do đó, nước chưa tràn khỏi cốc mực nước cốc lúc 94cm Đề số 42 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH TIỀN GIANG
NĂM HỌC 2017-2018 Câu 1: (3,0 điểm)
1 Giải hệphương trình phương trình sau: a/ 2x y
x y
− =
+ =
b/
4
16x −8x + =1
2 Rút gọn biểu thức: ( )
2
5 1
A
4
−
= +
− Cho phương trình
x −mx+ − =m (có ẩn sốx)
(198)b/ Cho biểu thức
( )
2
1 2
2x x B
x x x x
+ =
+ + + Tìm giá trị m để B=1
Câu 2: (2,0 điểm)
Cho parabol ( )
P : y=2x đường thẳng ( )d : y= +x
1/ Vẽđồthị ( )P và( )d hệtrục tọa độ
2/ Bằng phép tính, xác định tọa độgiao điểmA Bcủa ( )P và( )d Tính độdài
đoạn thẳng AB Câu 3: (1,5 điểm)
Hai thành phố A B cách nhau150km Một xe máy khởi hành từ A đến B,
cùng lúc ơtơ khởi hành từ Bđến A với vận tốc lớn vận tốc
xe máy 10km/h Ơtơ đến A 30 phút xe máy đến B Tính vận
tốc xe Câu 4: (2,5 điểm)
Cho nửa đường trịn tâm O, đường kính AB=2 R Gọi M điểm cung AB, N điểm bất kỳthuộc cung MB (N khác M vàB) Tia AM
AN cắt tiếp tuyến B nửa đường tròn tâm O C D
1 Tính sốđo ACB
2 Chứng minh tứgiác MN CD nội tiếp đường tròn
3 Chứng minh
D 4R
AM AC= AN A =
Câu 5: (1,0 điểm)
Cho hình nón có đường sinh 26cm,diện tích xung quanh 260π
cm Tính
bán kính đáy thểtích hình nón
LỜI GIẢI ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH TIỀN GIANG NĂM HỌC 2017-2018
Câu 1: 1/ HS tựgiải: ĐS: x
y
= =
2/ HS tựgiải: ĐS:
1
S ;
2
= −
2/ Rút gọn:
( )
( )( )
2
5 1 5 1 5 1 5 1 5 1 5
A
4 5 4
− − + − +
= + = + = + =
− − +
3/ PT cho:
x −mx+ − =m (có ẩn sốx)
a/ ( )2 ( ) 2 ( )2
m 4.1 m m 4m m
(199)vậy PT cho có hai nghiệm x1, x2với m
b/ Theo Vi-et:
1
b
x x m
a c
x x m
a
+ = − =
= = −
( ) ( ) ( ) ( )
1 2
2 2
1 2 1 2 1 2 1 2 1 2
2x x 2x x 2x x
B
x x x x x x 2x x 2 x x x x 2
+ + +
= = =
+ + + + − + + + +
( )
2
2 m 2m
m m
− + +
= =
+ +
( )2
2
2
2m
B 1 2m m m 2m m m
m
+
= ⇔ = ⇔ + = + ⇔ − + = ⇔ − = ⇔ =
+
Câu 2: 1/ Vẽđồthị: (như hình vẽbên)
Tọa độgiao điểm ( )P và( )d
PT hoành độgiao điểm:
2x − − =x có hai nghiệm
2
− ; 1suy tọa độhai giao điểm là:A 1; 2
−
B 1; 2( )
2/ Tính độdàiAB:
( ) (2 )2 2 2
B A B A
1 3
AB x x y y
2 2 2
= − + − = − − + − = + =
(đ.v.đ.d)
Câu 3: Gọi x km h( / )là vận tốc xe máy (x>0) vận tốc ơtơ x+10(km h/ )
Theo đềbài ta có phương trình: 150 150
x −x 10+ = ( )1
( )
1 ⇔ x +10x 3000− =0 x=50 (nhận) x= −60 (loại) Vậy: vận tốc xe máy 50(km h/ ), vận tốc ôtô 60(km h/ ) Câu 4: Tính số đo ACB
Vì M điểm cung AB nên MA=MB, AMB góc nội tiếp chắn nửa
đường trịn Suy tam giác AMB vng cân M Từđó: MAB =450
Tam giác ABC vng B có CAB=450 nên tam giác vuông cân tạiB Suy
ra
ACB=45
(200)Ta có:
ANM=45 (góc nội tiếp chắn cung AM bằng1
4 đường trịn)
Lại có:
MCD=45 (vì ACB =450)
Tứgiác MN CD có MCD =ANM=450nên nội tiếp
được đường trịn (góc góc ngồi đỉnh đối diện)
3 Chứng minh
D 4R
AM AC =AN A =
Ta có: CAD =NAM (1); ANM =450(góc nội tiếp
chắn
4 đường trịn);
ACD=ACB=45 (câu 2) Nên ANM =ACD=450
(2)
Từ(1) (2) suy ∆CAD∽∆ΝΑΜ(g-g) Suy ra: AM AN AM.AC AN.AD
AD = AC ⇒ =
Tam giác ABC vng B có BM đường cao cho:
2
4R
AB =AM AC⇔ =AM AC
Vậy:
D 4R
AN AC= AN A =
Câu 5: Ta có: Sxq =πrl⇔260π π= r.26⇒ =r 10 cm( )
( )( ) ( )
2 2
h= l −r = 26 −10 = 26 10− 26 10+ = 16.36 =24 cm
( )
2
1
V r h 10 24 800 cm
3π 3π π
= = =
Đề số 43 ĐỀ TUYỂN SINH VÀO 10 TỈNH TRÀ VINH NĂM HỌC 2017-2018
Câu (3,0 điểm)
1 Rút gọn biểu thức: 1
3 2 2
A= +
+ −
2 Giải hệphương trình: 3x
5x y y − =
+ =
3 Giải phương trình:
3x 10
x − − =
Câu (2,0 điểm)
Cho hàm số y= +x y=x2 có đồthị ( )d ( )P
D C
N M