Đang tải... (xem toàn văn)
Việc chi tiết hóa (nếu có) thang điểm trong hướng dẫn chấm phải đảm bảo không làm sai lệch hướng dẫn chấm và phải được thống nhất thực hiện trong tổ chấm thi.[r]
(1)PHÒNG GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO HUYỆN LAI VUNG
Hướng dẫn chấm gồm 04 trang
HƯỚNG DẪN CHẤM VÀ THANG ĐIỂM KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI LỚP
NĂM HỌC 2018 – 2019 MƠN: HĨA HỌC I HƯỚNG DẪN CHUNG:
1 Học sinh làm không theo cách nêu hướng dẫn chấm đúng, xác, chặt chẽ cho đủ số điểm câu
2 Việc chi tiết hóa (nếu có) thang điểm hướng dẫn chấm phải đảm bảo không làm sai lệch hướng dẫn chấm phải thống thực tổ chấm thi
3 Điểm tồn tính theo thang điểm 20, làm tròn số đến 0,25 điểm
II ĐÁP ÁN VÀ THANG ĐIỂM
Câu Nội dung Điểm
a) Với: N tổng số nơtron Z = số p = số e Ta có 2Z 82
2 22
N Z N
=> 26
30
Z N
0,5
Nguyên tử khối X = Z + N = 26 + 30 = 56
Vậy X sắt (Fe) 0,5
b) Thể tích mol Fe V =
24 23
8, 74.10 6, 02.10 0, 74
≈ 7,11 cm3 0,5
=> DFe = 56
7,88 7,11 cm
3
0,5
c) 2Fe + 3Cl2
o
t
2FeCl3 0,25
Fe + 2HCl FeCl2 + H2 0,25
Fe + CuSO4 FeSO4 + Cu 0,25
Câu
(3,0 đ)
Fe + 2FeCl3 3FeCl2 0,25
1) Gọi x khối lượng KBr cần tìm Ở 20oC: mKBr = 39,5 g
=> Ở 100oC: mKBr = (39,5 + x)g
=> mdd = (100 + x)g
0,25 C%=(39,5 ).100 51
(100 )
x x
=> x ≈ 23,47 gam KBr
0,25 2) Dung dịch 1: CM (HCl)=
%.10D
C
M =
18, 25.10.1,
36,5 = 6M
Dung dịch 2: CM (HCl)=
%.10D
C
M =
13.10.1,123
36,5 ≈ 4M
0,5
Câu
(2,0 đ)
Gọi thể tích dung dịch V1 => n1 = 6.V1 mol
Gọi thể tích dung dịch V2 => n1 = 4.V2 mol
(2)Câu Nội dung Điểm
Ta có: CM =
1 n n V V
=
1
1
6V 4V
V V
≈ 4,5M
=>
0,
1,5
V
V
0,25
3) Ở 20oC: 100g H2O + 36 g NaCl 136g dd bão hòa
=> C% = 36.100
136 ≈ 26,47%
0,25 0,25 1) CaCO3
o
t
CaO + CO2 0,25
CaO + 3C to
CaC2 + CO 0,25
CaC2 + 2H2O C2H2 + Ca(OH)2 0,25
3C2H2 o
xt t
C6H6
0,25 2) Fe + S to
FeS 0,25
FeS + 2HCl FeCl2 + H2S 0,25
2H2S + 3O2
o
t
2SO2 + 2H2O 0,25
2SO2 + O2 o
xt t
2SO3 0,25
SO3 + H2O H2SO4 0,25
H2SO4 + BaCl2 BaSO4 + 2HCl 0,25
4HCl + MnO2
o
t
MnCl2 + Cl2 + 2H2O 0,25
Câu
(3,0 đ)
Cl2 + 2NaOH NaCl + NaClO + H2O
0,25 a) nCO2 = 0,04 mol ; nH2O = 0,04 mol
CTPT A có dạng : Cn(H2O)m
0,25 Cn(H2O)m + nO2
o
t
nCO2 + mH2O
Nhận thấy : nO2 = nCO2 = 0,04 mol
0,25 BTKL : mA = mCO2 + mH2O – mO2
= 1,76 + 0,72 - 0,04.32 = 1,2 gam 0,25 b) d =
2
A M
= 30 => MA = 60
Ta có : nA =
1,
60 = 0,02 mol
0,25 Cn(H2O)m + nO2
o
t
nCO2 + mH2O
0,02 n.0,02 m.0,02
Giả thiết => n.0,02 = m.0,02 = 0,04 => n = m = Vậy CTPT A : C2(H2O)2 hay C2H4O2
0,5
c) A lên men trực tiếp từ ancol etylic, ngồi cịn
dùng để khử mùi cá => A axit axetic (hay giấm ăn) 0,25
Câu
(2,0 đ)
CTCT thu gọn A : CH3COOH 0,25
Câu
(3,0 đ)
1) Khi để sắt ngồi khơng khí sau thời gian dài khối lượng tăng lên, sắt dễ dàng phản ứng với oxi khơng khí tạo thành oxit sắt
(3)Câu Nội dung Điểm
3Fe + 2O2
o
t
Fe3O4
(Hoặc viết ptpứ: 2Fe + O2
o
t
2FeO 4Fe + 3O2
o
t
2Fe2O3)
0,5
2) CO khử ZnO FeO CO + ZnO to
Zn + CO2 (1)
CO + FeO to
Fe + CO2 (2)
0,5 Tất chất X phản ứng với dd HCl có Zn
và Fe phản ứng giải phóng H2
Zn + 2HCl ZnCl2 + H2 (3)
Fe + 2HCl FeCl2 + H2 (4)
0,5 Nhận thấy, khối lượng hỗn hợp X nhỏ khối lượng hỗn hợp ban
đầu
=> mO (trong ZnO FeO) = 31,9 – 28,7 = 3,2 gam
0,25 => nO (trong ZnO FeO) = n(Zn Fe) = 0,2 mol 0,25
Từ pt (3) (4) => n(Zn Fe) = nH2 = 0,2 mol 0,25
=> VH2 = 0,2 22,4 = 4,48 lít 0,25
Giả sử ban đầu ta lấy 100g dung dịch HCl 32,85% => nHCl(bđ) =
32,85
36, = 0,9 mol
0,25 Gọi số mol CaCO3 MgCO3 x y mol
CaCO3 32,85% HCl
ddX MgCO3
ymol
ddY
x mol (HCl: 24,2%) (HCl: 21,1%)
CaCO3 + 2HCl CaCl2 + CO2 + H2O
x 2x x x mol 0,25 BTKL: mddX = mCaCO3 + mddHCl(bđ) – mCO2 = 100 + 56x 0,25
=> 36,5.(0,9 - 2x) = 24,
100 (100 + 56x)
=> x ≈ 0,1 mol
0,25 MgCO3 + 2HCl MgCl2 + CO2 + H2O
y 2y y y mol 0,25 Tương tự: mddY = 100 + 56x + 40y = 105,6 + 40y
0,25 => 36,5.(0,7 - 2y) = 21,1
100 (105,6 + 40y)
=> y ≈ 0,04 mol
0,25
=> mddY = 105,6 + 40y ≈ 107,2 gam 0,25
mCaCl2 = 0,1.111 ≈ 11,1 gam 0,25
=> C% = 11,1.100 10, 35%
107, 0,25
mMgCl2 = 0,04.95 ≈ 3,8 gam 0,25
Câu
(3,0 đ)
=> C% = 3,8.100 3,54%
107, 0,25
Câu a) C3H8
o
t
(4)Câu Nội dung Điểm
C3H8
o
t
C3H6 + H2
C2H4 + Br2 C2H4Br2
C3H6 + Br2 C3H6Br2
b) nC3H8 = 0,5 mol
Giả sử: nC3H8pứ = x mol
Từ ptpứ nhiệt phân: => n(C2H4 +CH4 +C3H6 +H2) =2.nC3H8 pứ =2x
0,25 => nY = nC3H8 dư + n(C2H4 + CH4 + C3H6 + H2)
= (0,5 – x) + 2x = 0,5 + x (mol) 0,25
BTKL: mC3H8 bđ = mY
=> 22 = 2.13,75(0,5+x) => x = 0,3 mol
0,25 => H=0,3.100
0,5 = 60% 0,25
c) Đốt hoàn toàn C3H8 ban đầu hay đốt hoàn toàn Y cần lượng
O2 cho CO2 H2O
C3H8 + 5O2 3CO2 + 4H2O
0,5 2,5 mol
0,25
VO2 = 2,5 22,4 = 56 lít 0,25
d) C2H4 C3H6 pứ với Br2 => Hỗn hợp khí Z gồm: C3H8 dư, CH4,
H2
nC3H8 dư = 0,5 – 0,3 = 0,2 mol
0,25
Ta có: n(CH4+H2) = nC3H8 pứ = 0,3 mol 0,25
3
: 0, : amol :
C H mol CH
H bmol
=> 44.0,2 + 16a + 2b = 2.12,2(0,2 + a + b) 0,25
<=> 8, 22, 3,92
0,3
a b
a b
=> a = 0,2 mol b = 0,1 mol
0,25 (4,0 đ)
=> %VC3H8 dư =
0, 2.100
0,5 =40%
%VCH4 =
0, 2.100
0,5 = 40%
%VH2 =
0,1.100
0, = 20%
0,5
* Lưu ý:
- Phương trình chưa cân cân sai ½ số điểm dành cho
- Bài tốn giải cách khác đúng, logic trọn số điểm.