Tài liệu hạn chế xem trước, để xem đầy đủ mời bạn chọn Tải xuống
1
/ 180 trang
THÔNG TIN TÀI LIỆU
Thông tin cơ bản
Định dạng
Số trang
180
Dung lượng
2,89 MB
Nội dung
TÀI LIỆU BỒI DƯỠNG HỌC SINH GIỎI MƠN TỐN DẠNG I: RÚT GỌN BIỂU THỨC Câu 1: (4 điểm) Cho biểu thức: P= a Tìm điều kiện xác định rút gọn P b Tìm giá trị x P = x x 1 A 1 ( ): 1 x 4x 1 1 x 4x x 1 Câu 2: (4,0 điểm) Cho biểu thức: a) Rút gọn A; b) Tìm giá trị nguyên x để A đạt giá trị nguyên; c) Tính giá trị A với Bài 3: (4,0 điểm) P x 7 49(5 2)(3 2 )(3 2 ) x2 x x x x 1 x x 1 x x 1 Cho biểu thức: a Rút gọn P b Tìm giá trị nhỏ P x , P chứng tỏ < Q < c Xét biểu thức: x 9 x 1 x 3 A (x �0, x �4, x �9) x x x x Bài 4: (4,0 điểm) Cho Q a) Rút gọn biểu thức A b) Tìm giá trị x để A = 2 x x 1 A 1 ( ): 1 x 4x 1 1 x 4x x 1 Câu 5: (4,0 điểm) Cho biểu thức: a) Rút gọn A; b) Tìm giá trị nguyên x để A đạt giá trị nguyên; c) Tính giá trị A với Bài 6: (4,0 điểm) A 1 ( Cho biểu thức x 7 49(5 2)(3 2 )(3 2 ) 2x x 1 2x x x x x x ) 1 x 1 x x x 1 a) Tìm giá trị x để A A 6 x �0, x �1, x � với x thoả mãn b) Chứng minh Bài 7: (4,0 điểm).Cho biểu thức : x x 8 x x x P : x x x x x x x a) Tìm x để P có nghĩa chứng minh P 1 b) Tìm x thoả mãn : x P 1 Bài 8: (4,0 điểm).Cho biểu thức: � x3 �� x � x2 9 x P� : 1 �� � x � x x x x �� � a) Rút gọn biểu thức P b) Tìm giá trị nguyên x để P nguyên Bài 9: (4,0 điểm) � � � 6x � 3x 3x3 A� x � � � �3 x3 x x � �1 x � � � � � Cho biểu thức: Rút gọn biểu thức A Tìm giá trị nguyên x để biểu thức A nhận giá trị nguyên Bài 10: (4,0 điểm) a a 1 : a 1 a a a a a 1 Cho biểu thức: A = a.Rút gọn biểu thức A b.Tính giá trị biểu thức A a 2011 2010 � � � 6x � 3x 3x3 A� x � � � �3 x x x � �1 x � � � � � Bài 11: (4 điểm) Cho biểu thức: a) Rút gọn biểu thức A b) Tìm giá trị nguyên x để biểu thức A nhận giá trị nguyên Bài 12: (4 điểm)Cho biểu thức: x 1 xy x 1 : xy 1 xy A= xy x xy x xy a Rút gọn biểu thức 1 6 x y b Cho Tìm Max A Bài 13 Cho biểu thức : � � x �� x A� : �� � x �� x x x x x � � � �� � a.Rút gọn A b.Tính A biết x c.Tìm x để A > Bài 14 Cho biểu thức : a.Rút gọn P P 3m 9m m 2 m m 2 m 1 m 1 b.Tìm m để P c.Tìm m � N để P � N Bài15 Cho biểu thức : P= x 1 x x 1 x x 1 a.Rút gọn P b.Chứng minh �P �1 Bài 16 Cho biểu thức: M= � x 2 x 1 � � x 1 � � x 1 x 2 � � � a.Tìm điều kiện x để M có nghĩa b.Rút gọn M c.Chứng minh M � Bài 17 Cho biểu thức : a) Rút gọn biểu thức D D= 2 x x2 2 x 2 x x 4 2 x x 3x : 2x x b) Tính giá trị D x = � a 1 � a 1 � � a � � �a � � a 1 � a 1 a� � � � A= Bài 18 Cho biểu thức : a.Rút gọn A b.Tính A với : a= 4 Bài 19 Cho : 15 10 15 a 9 a a 1 a a a a A= a.Rút gọn A b.Tìm a để A < b.Tìm a để A � Z �a a �� a a 2 a � : � �� � � a4 �� a � a a a �� � A= � Bài 20 Cho : a.Rút gọn A b.So sánh : A với A Bài 21 Cho : Tính A biết : x x 1 x xy y x x xy y x A= 2x2 + y2 - 4x - 2xy + = � �1 � 1 � x3 y x x y y �: � � � � � x y� x y x y xy x y � � � � Bài 22 Cho : A = � a.Rút gọn A b.Cho xy = 16 Tìm minA a 23: Cho biểu thức : N = ab b a, Rút gọn biểu thức N b ab a a b ab b, Tính N a = , b = a a 1 c, CMR b b Thì N có giá trị khơng đổi a a2 a2 a3 : 2 a b b a a b a b 2ab M= 24: Cho biểu thức : a, Rút gọn biểu thức M b, Tính M a = b = a c, Tìm a, b trường hợp b M = 1 25: Cho biểu thức : H = x x a, Rút gọn biểu thức H x 1 x 53 b, Tính H x = c, Tìm x H = 16 HƯỚNG DẪN x3 x x1 Điều kiện để P xác định rút gọn x > x x 1 x x x x x P= a x 0,5 x 1 x 1 x x x 0.5 x = = x x x 0.5 x x 0.5 Với x > 1, P = (x-1)-2 b Đặt x =t x x x 0.5 = =0 0.5 ( t ), ta có : t2 - 2t = t( t - ) = 0, tính t1 = , t2 = * Với t = * Với t = x = x = (bị loại x > 1) x = x - = x = 0.5 Câu a �0; x � ; x �1 (2,0đ) ĐK: x 4,0 đ 0,5 đ � � x � x 1 � : �2 x x (2 x 1) x � x � A= - � x x x (2 x 1) (2 x 1)(2 x 1) x 1 A= - b (1,0đ) 0.5 x 1 x 1 x 1 1 x 1 x A = - x 1 x 1 A �Z � �Z 1 x �Z x Do nên x số hữu tỉ Suy x số phương, x �Z => x �Ư(2) Do x �0; x �1; x �Z x �Ư(2) => x = Vậy x = A có giá trị nguyên 0,5 đ 0,5 đ 0,5 đ 0,25 đ 0,25 đ 0,5 đ c 7 49(5 2)(3 2 )(3 2 ) Với x = (1,0đ) 3 x = - 49(5 2)(5 2) (39 20 2) � x (39 20 5) a.(2,0đ) Đk : x 0; x �1 x x2 x x x 1 P x x 1 x 1 x 1 2 x 1 x 1 x 1 x 1 1� 3 � P x x � x � � 2� 4 � b (1,0đ) �x ( thỏa mãn) dấu xảy x Vậy GTNN P x (1,0đ).Với x 0; x �1 Q = x x > (1) c Dấu khơng xảy điều kiện x �1 Nên Q < 2.(2) Từ (1) (2) suy < Q < a(2,0đ) A x (2 x 1)( x 2) ( x 3)( x 3) ( x 3)( x 2) x 2x x x x x x 2 ( x 3)( x 2) ( x 3)( x 2) ( x 2)( x 1) ( x 3)( x 2) Vậy 0,5 0,25 0,5 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 x 9 x 1 x 3 ( x 3)( x 2) x 3 x 2 A 0,5 2 x 1 x 2 �0 x x x x Xét 0,25 0,5 x x 1 Vậy P x x , với x 0; x �1 0,5 đ Vậy A (39 20 5) x 1 x 0,5 đ x 1 x 3 x 1 x với (x �0, x �4, x �9) 0,5 0,5 0,5 0,5 b(2,0đ) Với (x �0, x �4, x �9) Ta có: x 1 � x 2 x 3 x 3 � x � x (t / m) 1 Vậy A = � x = A � 0,5 1,0 0,5 Câu a �0; x � ; x �1 (2,0đ) ĐK: x 4,0 đ 0,5 đ � � x � x 1 � : �2 x x (2 x 1) x � x � A= - � x x x (2 x 1) (2 x 1)(2 x 1) x 1 A= - x 1 x 1 x 1 1 x 1 x A = - x 1 x 1 b A �Z � �Z (1,0đ) 1 x �Z x Do nên x số hữu tỉ 0,5 đ 0,5 đ 0,5 đ 0,25 đ Suy x số phương, x �Z => x �Ư(2) Do x �0; x �1; x �Z x �Ư(2) => x = Vậy x = A có giá trị nguyên 0,25 đ 0,5 đ c 7 49(5 2)(3 2 )(3 2 ) (1,0đ) Với x = x = - 49(5 2)(5 2) (39 20 2) 5 (39 20 5) � x (39 20 5) 0,5 đ 0,5 đ Vậy A Câu 6.a) � � 2x x 2x x x x x x (2 x 1)( x 1) x (2 x 1)( x 1) � x ( x 1) ) 1 � �(1 x ) x 1 x 1 x x x 1 (1 x )( x x 1) � x � � � x ( x 1) � x x 1 1 � 1 x 1 � x x 1 x x 1 � x x 1 � A 1 ( Ta có A 6 x 1 6 � � x x 5 x x 1 Từ giải x 3; x x 1 A � � x x � ( x 1) x x 1 b)Ta có: A x � � ( x 1) Do x �1 nên Vậy ( x ) (8 x 8) ( x 2) ( x x 3) ( x 2) P : x ( x ) x ( x 2) Câu a) Điều kiện x>0 Ta có : x 4 x 4 P= x x P-1= x x 1 ( x 1) ( x 1) 0 Vậy P 1 b) ( x 1).P 1 x 1 x x 3x + x -1 = 3 (loại) x 32 x (thỏa 7 x nmãnmãn (thoã mãn điều kiện x>0) Câu 8.a) Điều kiện để P có nghĩa: (x 9) (4 x) P (2 � P x �0 � � � x �۹ � x �9 � x �0 � � x � � x �9 � 9 x Ta có: x)( x 3) ( x 2)( x 3) x( x 3) ( x 3)( x 3) (x 9) (4 x) (9 x) (2 x)( x 3) P b).Theo câu a ta có: 2 x x x3 x � P 4 x (2 x) x 2 x x 2 1 x Do để P Z ta cần xZ �x � i) � x (lo� x = 1.Vậy với x = P có giá trị ngun Bài 9: a)Ta có: nghĩa 3x 3x x 3x 0;1 x 0, x �0 ��۹� x 2۹ x x 0, x 3x , nên điều kiện để A có x b) AC // BD (cựng EB) ∆EAC ~ ∆EBD (1)mà AC = CM ; BD = MD (T/c hai tiếp tuyến cắt nhau) c) AC // BD (cmt) ∆NAC ~ ∆NBD (2) (3) Từ 1; 2; MN // BD d) = ; = mà + + + = 1800 = 900 ; + = 900 + (…) = = = ỏ Vậy: DB = = ; Lại cú: AC = OA.tgỏ = R.tgỏ AC.DB = R.tgỏ AC.DB = R2 (Đpcm) Bài 51: Cho ∆ABC có góc nhọn Gọi H giao điểm đường cao AA1; BB1; CC1 a Chứng minh tứ giỏc HA 1BC1 nội tiếp đường trũn Xỏc định tâm I đường trũn b Chứng minh A1A phõn giỏc c Gọi J trung điểm AC Chứng minh IJ trung trực AA1C1 d Trên đoạn HC lấy điểm M cho So sỏnh diện tớch tam giỏc: ∆HAC ∆HJM HD: a) HA1BC1 nội tiếp (quĩ tớch cung chứa gúc 900) Tâm I trung điểm BH b) C/m: = ; = = = đpcm c) IA1 = IC1= R(I) ; JA = JA1= AC/2 … ỊJ trung trực A1C1 d) S HJM = SHAC : S HJM = SHAC : S HJM = HM.JK ; SHAC = mà B1 C1 J H M ; I B 12 K C A1 HC.AC1 ; (JK// AC1 Bài 52: Cho điểm C cố định đường thẳng xy Dựng nửa đường thẳng Cz vng góc với xy lấy điểm cố định A, B (A C B) M điểm di động xy Đường vng góc với AM A với BM B cắt P a Chứng minh tứ giỏc MABP nội tiếp tâm O đường trũn nằm trờn đường thẳng cố định qua điểm L AB b Kẻ PI Cz Chứng minh I điểm cố định c BM AP cắt H; BP AM cắt K Chứng minh KH PM d Cho N trung điểm KH Chứng minh điểm N; L; O thẳng hàng z HD: a) MABP nội tiếp đ/trũn đ/k MP.(quĩ tớch cung chứa gúc 900…) P OA = OB = R(O) O thuộc đường trung trực AB qua L I trung điểm AB… B b) IP // CM ( Cz) MPIC hỡnh thang IL = LC không đổi H vỡ A,B,C cố định I cố định O N c) PA KM ; PK MB H trực tõm ∆ PKM L K KH PM d) AHBK nội tiếp đ/trũn đ/k KH (quĩ tớch cung chứa gúc…) A N tâm đ/trũn ngoại tiếp … NE = NA = R(N) N thuộc đường trung trực AB x M y O,L,N thẳng hàng C Bài 53: Cho nửa đường trũn (O) đường kính AB K điểm cung AB Trên cung AB lấy điểm M (khác K; B) Trên tia AM lấy điểm N cho AN = BM Kẻ dây BP song song với KM Gọi Q giao điểm đường thẳng AP, BM a So sỏnh hai tam giỏc: ∆AKN ∆BKM b Chứng minh: ∆KMN vuụng cõn c Tứ giỏc ANKP hỡnh gỡ? Vỡ sao? HD: a) ∆ AKN = ∆ BKM(c.g.c) b) HS tự c/m ∆ KMN vuụng cõn c) ∆ KMN vuụng KN KM mà KM // BP = 900 (gúc nội tiếp…) AP BP KN // AP ( BP) KM // BP U KN BP P M ; T // N A Mà K PK // AN Vậy ANPK hỡnh bỡnh hành O = B Bài 54: Cho đường trũn tõm O, bỏn kớnh R, cú hai đường kính AB, CD vng góc với M điểm tuỳ ý thuộc cung nhỏ AC Nối MB, cắt CD N a Chứng minh: tia MD phõn giỏc gúc AMB b Chứng minh:∆BOM ~ ∆BNA Chứng minh: BM.BN không đổi c Chứng minh: tứ giác ONMA nội tiếp Gọi I tâm đường trũn ngoại tiếp tứ C giỏc ONMA, I di động nào? HD: a) (chắn cung ¼ đ/trũn) MD tia phõn giỏc M F b) ∆ OMB cõn vỡ OM = OB = R(O) N I ∆ NAB cân có NO vừa đ/cao vừa đường trung tuyến B A ∆ OMB ~ ∆ NAB E O BM.BN = BO.BA = 2R2 không đổi c) ONMA nội tiếp đ/trũn đ/k AN Gọi I tâm đ/trũn ngoại tiếp I cách A O cố định I thuộc đường trung trực OA Gọi E F trung điểm AO; AC Vỡ M chạy trờn cung nhỏ AC nờn tập hợp I đoạn EF D Bài 55: Cho ∆ABC cân (AB = AC) nội tiếp đường trũn (O) Gọi D trung điểm AC; tia BD cắt tiếp tuyến A với đường tròn (O) điểm E; EC cắt (O) F a Chứng minh: BC song song với tiếp tuyến đường trũn (O) A b Tứ giác ABCE hì nh gì? Tại sao? c Gọi I trung điểm CF G giao điểm tia BC; OI So sỏnh với A E d Cho biết DF // BC Tớnh cos HD:a) Gọi H trung điểm BC AH BC (∆ ABC cõn A) lập luận AH AE BC // AE (1) D M N b) ∆ ADE = ∆ CDB (g.c.g) AE = BC (2) F Từ ABCE hỡnh bỡnh hành O _ I c) Theo c.m.t AB // CF GO AB _ = 900 – = = H B C d) Tia FD cắt AB taijM, cắt (O) N.; DF // BC AH trục đối xứng cuarBC đ/trũn (O) nờn F, D thứ tự đối xứng với N, M qua AH FD = MN = MD = 2BH2 = AC2 BC = BH = ND = BH ; ∆ NDA ~ ∆ CDF (g.g) AC cos = = G DF.DN = DA.DC Bài 56: Cho đường trũn (O) (O’) cắt hai điểm A B Các đường thẳng AO; AO’ cắt đường trũn (O) điểm C; D cắt (O’) lần lượtEtại E; F a Chứng minh: C; B; F thẳng hàng D b Chứng minh: Tứ giác CDEF nội tiếp A c Chứng minh: A tâm đường trũn nội tiếp ∆BDE d Tỡm điều kiện để DE tiếp tuyến chung (O) (O’) O’ HD: a) = 900 = (góc nội tiếp chắn nửa đ/trũn) O + = 1800 C, B, F thẳng hàng F b) = 900 = CDEF nội tiếp (quĩ tớch …)C B c) CDEF nội tiếp = (cựng chắn cung EF) Xột (O) cú: = (cựng chắn cung AB) = DA tia phõn giỏc Tương tự EA tia phân giác Vậy A tâm đường trũn nội tiếp ∆BDE d) ODEO’ nội tiếp Thực : =2 ; =2 mà = (gúc nội tiếp chắn cung DE) = ; mặt khỏc: = (đ/đ) = ODEO’ nội tiếp Nếu DE tiếp xỳc với (O) (O’) thỡ ODEO’ hỡnh chữ nhật AO = AO’ = AB Đảo lại : AO = AO’ = AB kết luận DE tiếp tuyến chung (O) (O’) Kết luận : Điều kiện để DE tiếp tuyến chung (O) (O’) : AO = AO’ = AB Bài 57: Cho đường trũn (O; R) cú đường kính cố định AB CD a) Chứng minh: ACBD hỡnh vuụng b) Lấy điểm E di chuyển cung nhỏ BC (E B; E C) Trên tia đối tia EA lấy đoạn EM = EB Chứng tỏ: ED tia phân giác ED // MB c) Suy CE đường trung trực BM M di chuyển đường trũn mà ta phải xỏc định tâm bán kính theo R C HD: a) AB CD ; OA = OB = OC = OD = R(O) M ACBD hỡnh vuụng E // = = 450 ; = = 450 = ED tia phõn giỏc A = 450 ; = 450 (∆ EMB vuụng cõn E) = (2 góc đồng vị) ED // MB c) ∆ EMB vuụng cõn E CE DE ; ED // BM CE BM CE đường trung trực BM = b) d) Vỡ CE đường trung trực BM nờn CM = CB = R O D B Vậy M chạy đường trũn (C ; R’ = R ) Bài 58: Cho ∆ABC đều, đường cao AH Qua A vẽ đường thẳng phía ngồi tam giác, tạo với cạnh AC góc 400 Đường thẳng cắt cạnh BC kéo dài D Đường trũn tõm O đường kính CD cắt AD E Đường thẳng vng góc với CD O cắt AD M a Chứng minh: AHCE nội tiếp Xác định tâm I đường trũn b Chứng minh: CA = CM c Đường thẳng HE cắt đường trũn tõm O K, đường thẳng HI cắt đường trũn tõm I N cắt đường thẳng DK P Chứng minh: Tứ giác NPKE nội tiếp Bài 59: BC dây cung đường trũn (O; R) (BC 2R) Điểm A di động cung lớn BC cho O nằm ∆ABC Các đường cao AD; BE; CF đồng quy H a Chứng minh:∆AEF ~ ∆ABC b Gọi A’ trung điểm BC Chứng minh: AH = 2.A’O c Gọi A1 trung điểm EF Chứng minh: R.AA1 = AA’.OA’ d Chứng minh: R.(EF + FD + DE) = 2.SABC Suy vị trí điểm A để tổng (EF + FD + DE) đạt GTLN Bài 60: Cho đường trũn tõm (O; R) cú AB đường kính cố định cũn CD đường kính thay đổi Gọi (∆) tiếp tuyến với đường trũn B AD, AC cắt (∆) Q P a Chứng minh: Tứ giác CPQD nội tiếp b Chứng minh: Trung tuyến AI ∆AQP vuụng gúc với DC c Tỡm tập hợp cỏc tõm E đường trũn ngoại tiếp ∆CPD Bài 61: Cho ∆ABC cõn (AB = AC; < 900), cung trũn BC nằm bờn ∆ABC tiếp xỳc với AB, AC B C Trờn cung BC lấy điểm M hạ đường vng góc MI, MH, MK xuống cạnh tương ứng BC, CA, AB Gọi Q giao điểm MB, IK a Chứng minh: Các tứ giác BIMK, CIMH nội tiếp b Chứng minh: tia đối tia MI phân giác c Chứng minh: Tứ giác MPIQ nội tiếp PQ // BC Bài 62: Cho nửa đường trũn (O), đường kính AB, C trung điểm cung AB; N trung điểm BC Đường thẳng AN cắt nửa đường trũn (O) M CHạ CI AM (I AM) a Chứng minh: Tứ giác CIOA nội tiếp đường trũn b Chứng minh: Tứ giác BMCI hình bình hành M = c Chứng minh: N d Chứng minh: MA = 3.MB I = HD: a) (…) ; (…) Tứ giỏc CIOA nội tiếp (quĩ tớch cung chứa gúc 900A) b) MB // CI ( BM) (1) ∆ CIN = ∆ BMN (g.c.g) CI = BM (2) Từ (đ/đ) ; NC = NB ; BMCI hỡnh bỡnh hành c) ∆ CIM vuụng cõn ( ; OI chung ; IC = IM (c.m.t) ; OC = OM = R(O) d) ∆ ACN vuụng cú : AC = R Từ : AN = MB = ; NC = ) O B (slt) MI = CI ; ∆ IOM = ∆ IOC vỡ mà: (với R = AO) ; NI = AM = AN + MN = + AM = BM Bài 63: Cho ∆ABC cú = nội tiếp đường trũn (O), đường cao AH cắt đường trũn D, đường cao BK cắt AH E a Chứng minh: b Tính c Biết cạnh BC cố định, điểm A chuyển động cung lớn BC Hỏi tâm I đườngtrũn nội tiếp ∆ABC chuyển động đường nào? Nêu cách dựng đường (chỉ nêu cách dựng) cách xác định rừ nú (giới hạn đường đó) d Chứng minh: ∆IOE cõn I A HD: a) ABHK nội tiếp ; ( cựng chắn cung BD) K b) CE cắt AB F ; = = 1200 AFEK nội tiếp F E I c) Vậy I chuyển động cung chứa góc 1200 dựng đoạn BC, cung B H nằm đường trũn tõm (O) d) Trong đ/trũn (O) cú vỡ = = sđ (so le trong) nờn: ; đ/trũn (S) cú = mà = = sđ = C D S đpcm Bài 64: Cho hỡnh vuụng ABCD, phớa hỡnh vuụng dựng cung phần tư đường trũn tõm B, bỏn kớnh AB nửa đường trũn đường kính AB Lấy điểm P cung AC, vẽ PK AD PH AB Nối PA, cắt nửa đường trũn đường D kính AB I PB cắt C nửa đường trũn M Chứng minh rằng: a I trung điểm AP b Các đường PH, BI AM đồng quy c PM = PK = AH d Tứ giỏc APMH hỡnh thang cõn P K HD: a) ∆ ABP cõn B (AB = PB = R(B)) mà (gúc nội tiếp …) M BI AP BI đường cao đường trung tuyến I trung điểm AP I b) HS tự c/m c) ∆ ABP cõn B AM = PH ; AP chung ∆vAHP = ∆v PMA AH = PM ; AHPK hỡnh chữ nhật AH = KP PM = PK = AH d) PMAH nằm trờn đ/trũn đ/k AP mà PM = AH (c.m.t) B A H = PA // MH Vậy APMH hỡnh thang cõn Bài 65: Cho đường trũn tõm O, đường kính AB = 2R Kẻ tia tiếp tuyến Bx, M điểm thay đổi Bx; AM cắt (O) N Gọi I trung điểm AN a Chứng minh: Tứ giác BOIM nội tiếp đường trũn b Chứng minh:∆IBN ~ ∆OMB c Tỡm vị trớ điểm M tia Bx để diện tích tam giác AIO có GTLN A B HD: a) BOIM nội tiếp vỡ HO b) ; (2 gúc nội tiếp cựng chắn cung BM) I ∆ IBN ~ ∆OMB c) SAIO = AO.IH; SAIO lớn IH lớn vỡ AO = R(O) N M Khi M chạy trờn tia Bx thỡ I chạy trờn nửa đường trũn đ/k AO Do SAIO lớn Khi IH bán kính, ∆ AIH vng cân, tức Vây M cách B đoạn BM = AB = 2R(O) thỡ SAIO lớn Bài 66: Cho ∆ ABC đều, nội tiếp đường trũn (O; R) Gọi AI đường kính A cố định D điểm di động cung nhỏ AC (D A D C) a Tính cạnh ∆ABC theo R chứng tỏ AI tia phõn giỏc D b Trên tia DB lấy đoạn DE = DC Chứng tỏ ∆CDE DI CE c Suy E di động đường trũn mà ta phải xỏc định tâm giới hạn = d Tính theo R diện tích ∆ADI lúc D điểm chớnh cung nhỏ AC = E O HD: a) ∆ ABC đều, nội tiếp đường trũn (O; R) HS tự c/m : AB = AC = BC = R Trong đ/trũn (O; R) cú: AB = AC Tâm O cách cạnh AB AC C B AO hay AI tia phõn giỏc b) Ta cú : DE = DC (gt) ∆ DEC cõn ; = = 600 (cựng chắn )I ∆CDE I điểm = = DI tia phõn giỏc ∆CDE có DI tia phân giác nên đường cao DI CE c) ∆CDE có DI đường cao đường trung trực CE IE = IC mà I C cố định IC không đổi E di động đ/trũn cố định tâm I, bán kính = IC Giới hạn : I (cung nhỏ ) D → C thỡ E → C ; D → A thỡ E → B E động nhỏ đ/t (I; R = IC) chứa ∆ ABC Bài 67: (6,0 điểm) 1) Cho ABC vuông A, đường cao AH Gọi (P), (Q) theo thứ tự đường tròn nội tiếp hai tam giác AHB AHC Kẻ tiếp tuyến chung (khác BC) (P) (Q) cắt AB, AH, AC theo tự M, K, N Chứng minh a HPQ ABC b KP // AB, KQ // AC c Tứ giác BMNC nội tiếp 2) Cho a, b, clà độ dài cạnh ABC Gọi m, n, k độ dài đường phân giác ba góc ABC Chứng minh rằng: \f(1,m + \f(1,n + \f(1,k > \f(1,a + \f(1,b + \f(1,c Giải 1) a AHB CHA mặt khác P Q tâm đường tròn nội tiếp AHB AHC => (1) lại có �BAC = �PHQ = 900 (2) Từ (1) (2) suy HPQ ABC b Theo câu a ta có �PQH = �ACB (3) �PKQ = �PHQ = 90 => tứ giác PKQH nội tiếp => �PKH = �PQH (4) Từ (3) (4) => �PKH = �ACB lại có �BAH = �ACB=> �PKH = �BAH => PK // AB chứng minh tương tự ta có KQ //AC c Ta có �ACB = �PKH = �MKP = �AMK => �BMN + �NCB = �BMN + �AMK = 1800 => tứ giác BMNC nội tiếp M A N K M A Q P B H C B D 2) Qua điểm C vẽ đường thẳng song song AD cắt AB M �A1 = �M1, �A2 = �C2, Mà �A1 = �A2, (AD tia phân giác góc A ) Nên �M1 = �C1, AM = AC Xét AMC : MC < AM + AC = 2AM Xét BMC ta có : AD // MC \f(AD,MC = \f(AB,BM = \f(AB, Nên AD = \f(, < \f(, \f(1,AD > \f(1,2 ( \f(1,AC + \f(1,AD ) \f(1,m > \f(1,2 ( \f(1,b + \f(1,c ) Tương tự : \f(1,n > \f(1,2 ( \f(1,a + \f(1,c ) ; \f(1,k > \f(1,2 ( \f(1,a + \f(1,b ) Vậy \f(1,m + \f(1,n + \f(1,k > \f(1,a + \f(1,b + \f(1,c 1) a AHB CHA mặt khác P Q tâm đường tròn nội tiếp AHB AHC => (1) lại có �BAC = �PHQ = 900 (2) Từ (1) (2) suy HPQ ABC b Theo câu a ta có �PQH = �ACB (3) �PKQ = �PHQ = 900 => tứ giác PKQH nội tiếp => �PKH = �PQH (4) Từ (3) (4) => �PKH = �ACB lại có �BAH = �ACB=> �PKH = �BAH => PK // AB chứng minh tương tự ta có KQ //AC c Ta có �ACB = �PKH = �MKP = �AMK C => �BMN + �NCB = �BMN + �AMK = 1800 => tứ giác BMNC nội tiếp A N K M Q P B C H M 2) Qua điểm C vẽ đường thẳng song song AD cắt AB M �A1 = �M1, �A2 = �C2, Mà �A1 = �A2, (AD tia phân giác góc A ) Nên �M1 = �C1, AM = AC Xét AMC : MC < AM + AC = 2AM Xét BMC ta có : AD // MC \f(AD,MC = \f(AB,BM = \f(AB, Nên AD = \f(, < \f(, \f(1,AD > \f(1,2 ( \f(1,AC + \f(1,AD ) \f(1,m > \f(1,2 ( \f(1,b + \f(1,c ) Tương tự : \f(1,n > \f(1,2 ( \f(1,a + \f(1,c ) ; \f(1,k > \f(1,2 ( \f(1,a + \f(1,b ) Vậy \f(1,m + \f(1,n + \f(1,k > \f(1,a + \f(1,b + \f(1,c Bài 68: (6,0 điểm) Cho ABC nội tiếp đường trịn tâm O Tia phân giác góc A cắt (O) D Một đường tròn (L) thay đổi qua A, D cắt AB, AC điểm thứ hai M, N a) CMR: BM = CN b) Tìm quỹ tích trung điểm K MN c) Tìm vị trí (L) cho MN ngắn Giải:4.a) Xét BMD CND: A B + BD=CD (vì AD phân giác góc A) + ACD sđ cung AD 1 MBD A1+D1= sđ cung AB + sđ cung BD = sđ cung AD ACD = MBD Trong (L), A1 = A2 DM = DN BMD = CND BM = CN b) Gọi I trung điểm BC I cố định Vẽ hình bình hành: IBMM’, ICNN’ MM’NN’ hình bình hành K trung điểm M’N’ Vì IM’ = BM = CN = IN’ IM’=IN’ IK phân giác M’IN’ D C IM ' // MB Do IN ' // CN IM’, IN’ cố định Vậy: Quỹ tích K đờng phân giác M’IN’ c) DMN cântại D có MDN = 1800 - BAC = Const MN ngắn DM nhỏ DM AB AD đờng kính (L) a Gọi S1= SAIB ; S2 = S CID ; S3 = S BIC ; S = S AID Kẻ AH BD; CK BD B 1 AH BI SCID CK DI 2 S3 BI S BI 1 (1) (2) S AID AH DI � S BIC CK BI � S DI S DI S1 2 Ta có: S1 S3 � S1.S S3 S (3) A S S Từ (1) (2) suy ra: S AIB H I S4 Ta có: S ABCD = S1 + S2 + S3 + S4 �S1 S S3 S4 (4) S2۳2 S1.S Từ (3) (4) ta suy ra: S �S (đpcm) b Khi tứ giác ABCD hình thang ta xét: ( S1 S )2 S S1 S3 C K S2 S2 D * Nếu AB // CD ta có: S ACD = S BCD suy ra: S = S � S S1 S2 S � S1 S * Nếu BC // AD ta có: S ABC = S CAD Suy ra: S = S � S Dấu sảy khi: S1 = S = S = S = � ABCD hình bình hành Bài 69: (2,0 điểm) Cho ba điểm cố định A,B,C thẳng hàng theo thứ tự đó.vẽ đường trịn tâm O qua B C.Qua A vẽ tiếp tuyến AE,AF với đường tròn (O); Gọi I trung điểm BC ,N trung điểm EF a.Chứng minh điểm E, F ln nằm đường trịn cố định đường tròn (O) thay đổi b.Đường thẳng FI cắt đường tròn (O) K Chứng minh :EK song song với AB c.Chứng minh tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác ONI chạy đường thẳng cố định đường tròn(O) thay đổi Bài 70: (2,0 điểm) Gọi O tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC, tiếp điểm (O) cạnh BC, CA, AB D, E, F Kẻ BB1 AO , AA1 BO Chứng minh điểm D, E, A, B thẳng hàng Giải:69 a) ABF AFC đồng dạng (g_g) Ta có : AB/ AF=AF/AC AF2=AB.AC AF= AB AC Mà AE=AF nên AE=AF= AB AC không đổi Vậy E,F thuộc đường tròn (A; AB AC ) cố định b) Tứ giác AOIF nội tiếp đường trịn Ta có : AIF = AOF (1) 1 AOF = EOF EKF = EOF EKF = AOF (2).Từ(1) và(2) AIF = EKF Do : EK vàAB song song vơí c) Cm A,N,O thẳng hàng AO EF ; Gọi H giao điểm BC EF AH AN Ta có : ANH AIO đồng dạng nên AO AI Suy :AH.AI =AN.AO Lại có :AN AO=AE2 =AB.AC AH AB AC AI Do : AI.AH =AB.AC không đổi Vậy H cố định Tứ giác OIHN tứ giác nội tiếp đường tròn nên đường trịn ngoại tiếp OIN ln qua I H ;Do tâm đương f trịn nằm đường trung trực IH ˆ 70 Theo ta có: AA1 B AB1 B =900 Suy tứ giác AA1 B1 B nơi tiép đường trịn BA1 B1 ABˆ B1 chắn cung BB AE1O AAˆ1O 1V tứ giác AEA O nội tiếp Mặt khác: EA1 A EOˆ A1 chắn cung AE) BAB1 B1 Aˆ E OAˆ E EOˆ A 90 E , A1 , B1 mà thẳng hàng (*) Tương tự: ta có tứ giác AA1B1B nội tiếp Theo ta có: AA1 B ABˆ1 B =900 Suy tứ giác AA1 B1 B nơi tiép đường trịn A1 B1 A A1 Bˆ A chắn cung AA OD1 B OBˆ B 1V tứ giác OB DB nội tiếp Ta lại có: DB1 B DOˆ B (cùng chắn cung BD) DOB DBˆ O DBˆ O DOˆ B 90 mà DBˆ O OBˆ A Tính chất tiếp tuyến cắt DB1 B BBˆ1 A ABˆ1 A1 180 điểm D, B , A thẳng hàng (**) 1 Vậy Từ (*) , (**) suy A1, D, B1, E thẳng hàng Bài 71: Bài 5: (6 điểm) Cho đường tròn (O; R) điểm A ngồi đường trịn Từ điểm M di động đường thẳng d OA A, vẽ tiếp tuyến MB, MC với đường tròn (B, C tiếp điểm) Dây BC cắt OM OA H K a) Chứng minh OA.OK khơng đổi, từ suy BC ln qua điểm cố định b) Chứng minh H di động đường tròn cố định c) Cho biết OA = 2R, xác định vị trí điểm M để diện tích tứ giác MBOC nhỏ Tìm giá trị nhỏ Xét BOM vng B nên : OB2 = OH.OM (2) Từ (1) (2) suy A OK = R (không đổi) Giải :a) Dễ thấy OM BCHOK AOM OH OK => OA OM => OA.OK = OH.OM (1) R2 OK OA (khơng đổi) K cố định OA => b)Ta có OHK = 900 => H nằm đường trịn đường kính OK cố định = OM.BC c) Tứ giác MBOC có hai đường chéo vng góc nên SMBOC => S nhỏ OM nhỏ BC nhỏ + OM nhỏ M trùng với A + BC nhỏ BC OK H trùng với K M trùng với A Nếu OA = 2R thì: OK R2 R 2R ; BC = BK = R2 R2 R Vậy SMBOC = 2R R R Bài 72: (6 điểm) Cho tam giác ABC nội tiếp đường tròn ( O;R ) Điểm M thuộc cung nhỏ BC gọi I,K,H theo thứ tự hình chiếu vng góc M AB; AC; BC Gọi P, Q trung điểm AB; HK a) Chứng minh MQ PQ AB AC BC b) Chứng minh : MI MK MH c) Cho tam giác ABC Xác định vị trí điểm M cung BC để MA + MB + MC đạt giá trị lớn � � � � � � Giải: a) Tứ giác MCKH nội tiếp BCM = HKM =BAM; HMK = BCA = BMA BMA HMK Mặt khác MP, MQ trung tuyến BMA, HMK MP MB � � MQ MH BMH = PMQ BMH PMQ 0 � � Mặt khác BHM =90 � PQM =90 PQ MQ b) Giả sử AC AB ta có: AB AC AI BI AK KC AI AK MI MK MI MK MI MK (1) BI KC ) � =cotgMCK � � � cotg MBI MI MK ( Do MBI = MCK AI CH � � � � n cotgA =cotgC1 MI MH Do C1 = A1 n� ( 2) AK BH (3) �2 =B �1 n� � =cotgB �1 A n cotgA MK MH AB AC CH BH BC c) Từ (1),(2) (3) suy MI MK MH MH MH Gọi D giao điểm MA với BD ta có : MBD � � � � MAC BMD AMC, DBM CAM � MB BD MA AC MC CD Tương tự ta có : MA AB MB MC 1 Do MA MA Suy MA + MB + MC = 2MA �4R Vậy max (MA + MB + MC) = 4R AM đường kính M trung điểm cung BC Bài 73: (2,0 điểm).Cho tam giác ABC nhọn có đường cao: AA1, BB1, CC1 đồng qui H A nào? Chứng minh rằng: Dấu "=" xảy B1 Giải: Do tam giác ABC nhọn, nên H nằm tam giác * Đặt S = SABC; S1 = SHBC; S2 = SHAC; S3 = SHAB C1 H B A1 C .T2: Ta có: , Suy ra: Theo bất đẳng thức Côsy: Dấu "=" xảy tam giỏc ABC ... - 4x1x2- 5x1 x2 = 2(x1 + x2)2 - 9x1 x2 = (2m)2 - (2m - 1) = 8m2 -18m +9 - Tìm m cho A = 27 A= 27 8m2 -18m +9 = 27 8m2 -18m -18 = 4m2 -9m - = m = 99 +4.4 .9 = 225 = 152 m1 3 15 ... có nghĩa: (x 9) (4 x) P (2 � P x �0 � � � x �۹ � x ? ?9 � x �0 � � x � � x ? ?9 � 9? ?? x Ta có: x)( x 3) ( x 2)( x 3) x( x 3) ( x 3)( x 3) (x 9) (4 x) (9 x) (2 x)(... x = A có giá trị nguyên 0,25 đ 0,5 đ c 7 49( 5 2)(3 2 )(3 2 ) (1,0đ) Với x = x = - 49( 5 2)(5 2) ( 39 20 2) 5 ( 39 20 5) � x ( 39 20 5) 0,5 đ 0,5 đ Vậy A Câu 6.a) � �