de thi chon hsg toan 10 nam hoc 2019 2020 truong thpt thi xa quang tri

SỞ GD&ĐT QUẢNG TRỊ TRƯỜNG THPT THỊ XÃ QUẢNG TRỊ ĐỀ THI CHÍNH THỨC (Đề có 01 trang) KỲ THI CHỌN HSG VĂN HĨA LỚP 10, 11 Khóa thi ngày 12 tháng năm 2020 Mơn thi: Tốn 10 Thời gian làm bài: 180 phút, không kể thời gian giao đề Câu (2 điểm): Cho hàm số y  x  x  có đồ thị ( P) Tìm giá trị tham số m để đường thẳng dm : y  x  m cắt đồ thị ( P) hai điểm phân biệt có hồnh độ x1 , x2 thỏa mãn 1   x1 x2 Câu (4 điểm): a Giải bất phương trình: ( x  3x) x  3x    x  x3 y  xy  xy  y  b Giải hệ phương trình:  2 ( x  y )  xy  Câu (4 điểm): Cho phương trình: x    x  20  x  x  m , (1), (với m tham số) a Giải phương trình (1) m  b Tìm tất giá trị m để phương trình (1) có nghiệm Câu (4 điểm): 2sin   3cos  a Cho cot   , tính giá trị biểu thức: P  cos3   4sin  b Trong mặt phẳng tọa độ Oxy , cho hình chữ nhật ABCD có phương trình đường thẳng AB x  y   Biết phương trình đường thẳng BD x  y  14  đường thẳng AC qua điểm M (2;1) Tìm tọa độ đỉnh hình chữ nhật ABCD Câu (2 điểm): Cho tam giác ABC có trọng tâm G điểm E thỏa mãn BE  3.EC  IA Gọi I giao điểm AC GE , tính tỉ số IC Câu (2 điểm): Cho tam giác ABC có chu vi 20, góc BAC  600 , bán kính đường tròn nội tiếp tam giác Gọi A1 , B1 , C1 hình chiếu vng góc A, B, C lên BC, CA, AB M điểm nằm tam giác ABC thỏa mãn ABM  BCM  CAM   Tính cot  bán kính đường tròn ngoại tiếp tam giác A1B1C1 Câu (2 điểm): Cho x, y,z  2019;2020 Tìm giá trị lớn biểu thức: 2019.2020  xy 2019.2020  yz 2019.2020  zx f ( x, y, z )    ( x  y) z ( y  z) x ( z  x) y -HẾT Thí sinh khơng sử dụng tài liệu MTCT (đối với mơn Tốn) Cán coi thi khơng giải thích thêm Họ tên thí sinh:……………………………….Số báo danh:……………… ĐÁP ÁN THI CHỌN HSG VĂN HÓA LỚP 10, 11 – MƠN TỐN Câu Lời giải Điểm Phương trình hồnh độ giao điểm (P) dm: x  m  x  x   x2  5x   m  (*) dm cắt đồ thị ( P) hai điểm phân biệt (*) có nghiệm phân biệt x1 , x2 1) 2đ  25  12  4m   m  Mà 2.a) 2đ 2.b) 2đ 13 Khi  x1  x2   x x   m  1    x1  x2  x1 x2    2m  m  thỏa mãn x1 x2 Giải bất phương trình: ( x  3x) x  3x   (**) Điều kiện: x  3x    x   x  + x   x  nghiệm + x   x  : (**)  x2  3x   x   x  , thỏa mãn Vậy (**) có nghiệm là: x   x   x   x  2  x  x y  xy  xy  y  Giải hệ phương trình:  2 ( x  y )  xy   xy( x  y )  xy  x  y   x2  y  a Đặt  ta có hệ pt:  2 xy  b ( x  y )  xy    b   a ab  a  b  b   a    2 2 a  b  a(1  a )  a   a  a  a  2a  b   a a  a  2 a       b  b   a  a  a    b   a   x  y   x   x  1 +    b  y   xy    y   a  2  x  y  2  x  1 +   b  3 y   xy  3 Vậy nghiệm hệ : (1 ; 1) ; (0 ; -1) ; (-1 ; 3) ; (1 ; 0) ; (-1; 0) 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ x    x  20  x  x  : đk: x   4;5 t2  Đặt x    x  t  20  x  x  2 t  1(l ) t 9   t  2t     Pttt: t  t  3a) 2đ 0,5đ 0,5đ a   x  y  x    + b  y 1  xy  Khi m = ta có pt: 0,5đ 0,5đ 0,5đ 3b) 2đ  x  4 + t   x    x   20  x  x    x  t 9 ; t  3;3  Đặt x    x  t  20  x  x  t2   m  t  2t  2m  Pttt: t  Xét f (t )  t  2t; t  3;3   f (t )  f (3)  3;max f (t )  f (3 2)  18  9 3 2 2sin   3cos 2(1  cot x)  3cot x(1  cot x) 70 P   cos3   4sin  cot x  31 Vậy pt có nghiệm khi:  2m   18    m  4a) 2đ nên tọa độ B nghiệm hệ: 21  x   x  y    21 13    B ;     5  x  y  14   y  13  2 Gọi nAC  (a; b);(a  b  0) VTPT AC, Do 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ B  AB  BD ta có: cos(nAC ; nAB  cos(nBD ; nAB  2a  b  0,5đ a  b2 a  b  7a  8ab  b    b a   + a= -b: Chọn a = 1; b = -1  AC: x – y – = A  AB  AC nên tọa độ A nghiệm hệ: x  y   x    A  3;2   x  y   y    I  DB  AC nên tọa độ I nghiệm hệ:  x   x  y  14    I ;      2 2 x  y 1  y   2 4b) 2đ 0,5đ 0,5đ  14 12  Do I trung điểm AC BD nên C  4;3 ;D  ;  5 5 + a = -b/7 (loại) AC//BD 0,5đ 0,5đ 0,5đ A G I B M 5) 2đ C E Gọi M trung điểm BC đặt AI  k AC 1  GI  AI  AG  k AC  (AB  AC)   k   AC  AB 3  1 GN  GM  MN  AM  BC  AB  AC  AC  AB  AC  AB 6 Do G, I, N thẳng hàng nên ta có: 1 k    k   AI  AC  IA  5 5 IC 6   0,5đ 0,5đ 0,5đ A A C1 c b B1 M B B a 6) 2đ 0,5đ C A1 C Ta có: S  bc.sin 600  pr  10  bc  40 2 2 a  b  c  2bc.cos600  a  (b  c)2  3bc  a  (10  a)2  120  a  b  c  13 b  b     bc  40 c  c  0,5đ AB  BM  AM BC  CM  BM cot   ABM  BCM  CAM    4.S ABM 4.SCBM CA2  AM  CM AB  BC  CA2 23    4.SCMA 4.S ABC 20 0,5đ Ta có B1BA  C1CA  900  A  300 B1A1C1  B1A1 A  C1A1 A  B1BA  C1CA  600 Tam giác CC1B1 nội tiếp đường tròn đường kính BC nên ta có: B1C1 BC  BC  1   B1C1  sin 30 sin C1CA 0,5đ Mà R1  B1C1  2sin 60 0,5đ 2019.2020  xy 2020  2019  x y  4(2019.2020  xy)2  ( x  y)2 (2020  2019) Ta c/m: x, y  2019;2020 ln có:  (2.2019.2020  2xy  ( x  y)(2020  2019))(2.2019.2020  2xy  ( x  y)(2020  2019))    2020(2.2019  x  y)  x(2019  y)  y(2019  x) 2019(2.2020  x  y)  x(2020  y)  y(2020  x)  (đúng) 2019.2020  xy 2020  2019   2z 2.2019  x  yz Dấu « = » xảy x = y = z = 2019 Áp dụng ta có : 2019.2020  xy 2019.2020  yz 2019.2020  zx f ( x, y, z )    ( x  y) z ( y  z) x ( z  x) y 1     2.2019 2.2019 2.2019 4038 Vậy max f ( x, y, z )  ; x  y  z  2019 4038 Vậy 7) 2đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ ... 2sin 60 0,5đ 2019. 2020  xy 2020  2019  x y  4 (2019. 2020  xy)2  ( x  y)2 (2020  2019) Ta c/m: x, y  2019; 2020 ln có:  (2 .2019. 2020  2xy  ( x  y) (2020  2019) )(2 .2019. 2020  2xy... 2xy  ( x  y) (2020  2019) )    2020( 2 .2019  x  y)  x (2019  y)  y (2019  x) 2019( 2 .2020  x  y)  x (2020  y)  y (2020  x)  (đúng) 2019. 2020  xy 2020  2019   2z 2 .2019  x  yz... Dấu « = » xảy x = y = z = 2019 Áp dụng ta có : 2019. 2020  xy 2019. 2020  yz 2019. 2020  zx f ( x, y, z )    ( x  y) z ( y  z) x ( z  x) y 1     2 .2019 2 .2019 2 .2019 4038 Vậy max f ( x,