PHÒNG GD&ĐT YÊN LẬP ĐỀ THI HỌC SINH GIỎI CẤP HUYỆN NĂM HỌC 2017-2018 MƠN : TỐN Câu (1,5 điểm) 2 1 0,25 0,4 11 : 2014 1) M 7 1,4 0,875 0,7 2015 11 2 2) Tìm x, biết x x x Câu (2,5 điểm) 1) Cho a, b, c ba số thực khác 0, thỏa mãn điều kiện : a bc bca c a b c a b b a c Hãy tính giá trị biểu thức B 1 1 1 a c b 2) Ba lớp A,7 B,7C mua số gói tăm từ thiện, lúc đầu số gói tăm dự định chia cho ba lớp với tỉ lệ 5: : sau chia theo tỉ lệ : 5: nên có lớp nhận nhiều gói Tính tổng số gói tăm mà ba lớp mua Câu (2,0 điểm) 1) Tìm giá trị nhỏ biểu thức A x x 2013 với x số nguyên 2) Tìm nghiệm nguyên dương phương trình : x y z xyz Câu (3,0 điểm) Cho xAy 600 có tia phân giác Az Từ điểm B Ax kẻ BH vng góc với Ay H , kẻ BK vng góc với Az Bt song song với Ay, Bt cắt Az C Từ C kẻ CM vng góc với Ay M Chứng minh: a) K trung điểm AC b) KMC tam giác c) Cho BK 2cm, tính cạnh AKM Câu (1,0 điểm) a b c Cho ba số dương a b c Chứng minh rằng: 2 bc ac ab ĐÁP ÁN Câu 2 1 0,4 0,25 11 : 2014 1) M 7 1,4 0,875 0,7 2015 11 1 1 1 1 2 2 2 2014 11 2014 11 : : 7 7 7 2015 1 1 2015 11 11 10 2 2014 : 0 7 2015 2) Vì x x nên 1 x2 x x x +Nếu x * x x +Nếu x x 2 x 1 Câu 1) +Nếu a b c , theo tính chất dãy tỉ số nhau, ta có: a b c b c a c a b a b c b c a c a b 1 c a b abc abc bca c a b ab bc ca Mà 1 1 1 2 c a b c a b b a c b a c a b c Vậy B 1 1 1 8 a c b a c b +Nếu a b c , theo tính chất dãy tỉ số nhau, ta có: a b c b c a c a b a b c b c a c a b 0 c a b abc abc bca c a b ab bc ca Mà 1 1 11 1 c a b c a b b a c b a c a b c Vậy B 1 1 1 1 a c b a c b 2) Gọi tổng số gói tăm lớp mua x x * Số gói tăm dự định chia cho lớp A,7 B,7C lúc đầu a, b, c a b c abc x 5x 6x 7x Ta có: a ;b ; c (1) 18 18 18 18 18 Số gói tăm sau chia cho lớp a ', b ', c ' , ta có: a ' b ' c ' a ' b ' c ' x 4x 5x 6x a ' ;b ' ; c ' (2) 15 15 15 15 15 So sánh 1 ta có: a a '; b b '; c c ' nên lớp 7C nhận nhiều lúc đầu 6x x x 360(tm) 15 18 Vậy số gói tăm lớp mua 360 gói Vậy c ' c Câu 1) Ta có: A x x 2013 x 2013 x x 2013 x 2015 Dấu " " xảy x 2013 x 1 x 2013 Vậy MaxA 2015 x 1 2) Vì x, y, z nguyên dương nên ta giả sử x y z 1 1 1 x2 x yz yx zx x x x x Thay vào đầu ta có: y z yz y yz z Theo y 1 z 1 z y 1 z 1 Th1: y y z z Th2 : y y z z Vậy có hai cặp nghiệm nguyên thỏa mãn 1,2,3 ; 1,3,2 Câu z x B t C K A H M y a) ABC cân B CAB ACB MAC BK đường cao BK đường trung tuyến K trung điểm AC b) ABH BAK ( cạnh huyền – góc nhọn) BH AK (hai cạnh tương ứng) mà AK 1 AC BH AC 2 Ta có: BH CM (tính chất đoạn chắn) mà CK BH AC CM CK MKC tam giác cân (1) Mặt khác: MCB 900 ACB 300 MCK 600 (2) Từ (1) (2) MKC tam giác c) Vì ABK vng K mà KAB 300 AB 2BK 2.2 4cm Vì ABK vng K nên theo pytago ta có: AK AB2 BK 16 12 AC KC AK 12 KCM KC KM 12 Theo phần b, AB BC 4, AH BK 2, HM BC ( HBCM hình chữ nhật) AM AH HM Mà KC Câu Vì a b c 1nên: a 1 b 1 ab a b Tương tự: Do đó: Mà : a a bc b c (2); 1 c c ab a b ab a b 1 b b (3) ac a c a b c a b c bc ac ab b c a c a b (4) 2 a b c a b c 2a 2b 2c 2(5) bc ac ab abc abc abc a bc Từ (4) (5) suy : a b c 2 bc ac ab (dfcm)