Rèn luyện một số kỹ năng giải phương trình mũ và phương trình logartit chứa tham số ôn thi THPT quốc gia

MỤC LỤC MỞ ĐẦU….….………………………………………………… …… 1.1 Lý chọn đề tài……………………………………………………… 1.2 Mục đích nghiên cứu…………………………………………….…… 1.3 Đối tượng nghiên cứu…………………………………………….…… 1.4 Phương pháp nghiên cứu………………………………………… …….3 1.5 Những điểm sáng kiến ……………………………….……….3 NỘI DUNG CỦA SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM ………………… …3 2.1 Cơ sở lí luận 2.2 Thực trạng vấn đề……… ……………………………………… … 2.3 Các giải pháp thực hiện……… ………………………………… … 2.4 Hiệu sáng kiến………… ……………………………… 20 KẾT LUẬN, KIẾN NGHỊ ….………………… ……….…………… 20 3.1 Kết luận……………………………………………………………….20 3.2 Kiến nghị…………………………………………………………… 21 1 MỞ ĐẦU 1.1 Lý chọn đề tài Nền giáo dục Việt Nam tập trung đổi mới, hướng tới giáo dục tiến bộ, đại ngang tầm với nước khu vực giới Một nội dung đổi thay đổi hình thức kiểm tra đánh giá kỳ thi THPT Quốc Gia Đối với mơn Tốn, từ năm 2017 thay hình thức thi tự luận tiến hành lâu hình thức thi trắc nghiệm Hình thức thầy trò, nước phát triển giới áp dụng lâu Cùng với thay đổi hình thức thi đề thi có thay đổi hình thức nội dung Trong đề thi khơng nhiều câu hỏi hóc búa, đòi hỏi phải suy luận tính tốn dài dòng, bên cạnh lại xuất cách hỏi khơng q khó u cầu học sinh học phải hiểu đầy đủ cặn kẽ vấn đề Chủ đề phương trình mũ phương trình logarit chủ đề quan trọng chương trình tốn giải tích lớp 12, đồng thời nội dung kì thi THPTQG Thơng qua đề thức, đề minh họa Bộ Giáo Dục thấy: Ngoài câu hỏi yêu cầu giải phương trình mũ phương trình logarit thông thường giống lâu gặp đề thi tự luận, phương trình mũ phương trình logarit cách hỏi nặng kỹ thuật biến đổi nhanh khéo léo Thực chất để giải câu hỏi học sinh sử dụng công thức, phương pháp quen thuộc học Nhưng qua thực tế giảng dạy nhận thấy học sinh bối rối gặp phương trình mũ phương trình logarit chứa tham số đòi hỏi kỹ biến đổi khéo léo, em giải nào, hay dùng phương pháp để giải Xuất phát từ thực tế đó, tơi lựa chọn đề tài : “Rèn luyện số kỹ giải phương trình mũ phương trình logartit chứa tham số ơn thi THPT Quốc Gia” Để giúp học sinh khơng bị lúng túng gặp câu hỏi vậy, dần hình thành kỹ giải tốn tính xác linh hoạt q trình giải toán Đồng thời tạo hứng thú, phát triển tư duy, lực sáng tạo học sinh học tập mơn tốn mơn học khác 1.2 Mục đích nghiên cứu Đưa số dạng tập phương pháp giải tương ứng giúp học sinh củng cố kiến thức, hình thành kĩ giải toán, phát triển tư sáng tạo Đồng thời thúc đẩy hứng thú học tập cho học sinh, góp phần nâng cao chất lượng giảng dạy 1.3 Đối tượng nghiên cứu - Học sinh thực nội dung học sinh lớp 12 - Đối tượng nghiên cứu: Các phương pháp giải phương trình mũ phương trình logarit 1.4 Phương pháp nghiên cứu - Phương pháp nghiên cứu xây dựng sở lí thuyết: Nghiên cứu tài liệu liên quan đến đề tài như: sách giáo khoa, tài liệu phương pháp dạy học toán, sách tham khảo, đề thi khảo sát chất lượng trường trung học phổ thông, mạng internet, - Phương pháp điều tra quan sát: Tìm hiểu việc nắm bắt học học sinh qua việc vận dụng kiến thức để giải tốn qua kiểm tra, tìm hiểu việc vận dụng phương pháp dạy học tích cực số trường phổ thông - Phương pháp tổng kết kinh nghiệm: Tham gia dự giờ, rút kinh nghiệm tổ môn, tham dự buổi họp chuyên đề, trao đổi ý kiến với đồng nghiệp 1.5 Những điểm sáng kiến - Phân loại dạng tập giải phương trình mũ phương trình logarit - Đưa số tập để học sinh tự luyện NỘI DUNG SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM 2.1 Cơ sở lí luận - Các tính chất phương trình mũ phương trình logarit.[1] - Các phương pháp giải phương trình mũ phương trình logarit.[1] 2.2 Thực trạng vấn đề Học sinh vốn quen thuộc với tập phương trình mũ phương trình logarit, tương ứng với dạng tập có phương pháp giải rõ ràng, số em sử dụng hỗ trợ máy tính Casio Nhưng với hình thức thi mới, cách hỏi xuất dạng tập yêu cầu phương trình mũ phương trình logarit chứa tham số đòi hỏi biến đổi khéo léo Khi gặp tập đa số học sinh thường lúng túng q trình tìm lời giải, em khơng biết phải biến đổi hay phải sử dụng phương pháp giải cho phù hợp, học sinh giỏi gặp phải vấn đề 2.3 Các giải pháp thực Để khắc phục khó khăn mà học sinh thường gặp phải, thực số giải pháp sau: - Bổ sung, hệ thống kiến thức - Phân dạng tập, đưa dấu hiệu phương pháp giải tương ứng - Đưa hệ thống ví dụ tập trắc nghiệm khách quan tăng dần từ dễ đến khó, tăng dần từ mức độ nhận biết, thơng hiểu lên vận dụng Giúp cho em làm quen dần với dạng tập Dần hình thành kỹ giải tốn tính xác linh hoạt q trình giải tốn - Đổi việc kiểm tra, đánh giá Ra đề kiểm tra với mức độ nhận thức: nhận biết, thông hiểu, vận dụng thấp, vận dụng cao để kiểm tra mức độ tiếp thu, kiểm tra lực học sinh có kế hoạch điều chỉnh 2.3.1 Các tốn phương trình mũ phương trình logarit chứa tham số Dạng 1: Sử dụng tính chất tam thức bậc phương trình bậc Ví dụ 1: Tập hợp tất giá trị tham số m để phương trình x − m.2 x +1 + 3m − = có hai nghiệm trái dấu [3] A ( −∞;2 ) B ( 1;+∞ ) C ( 1;2 ) D ( 0;2 ) Lời giải x x +1 Phương trình − m.2 + 3m − = ( 1) ⇔ x − 2m.2 x + 3m − = Đặt t = x , ( t > ) ta có phương trình t − 2mt + 3m − = ( ) Phương trình ( 1) có hai nghiệm trái dấu phương trình ( ) có hai m − 3m + >  3m − > nghiệm t1 , t2 thỏa mãn < t1 < < t2 ⇔  m > ( t1 − 1) ( t2 − 1) <  m > m > m > ⇔ ⇔ ⇔ ⇔ m ∈ ( 1;2 ) Chọn t t − t + t + < m − − m + < m < ( )   1 C x x m x Ví dụ Cho phương trình + + = ( + 1) có hai nghiệm phân biệt Tìm tất giá trị tham số m [3] A < m ≤ log B < m < log C log ≤ m < D log < m < Lời giải x x m x x m x m Ta có + + = ( + 1) ⇔ + ( − ) + − = Đặt t = x > , n = 3m > ta tìm n > để phương trình t + ( − n ) t + − n = có hai nghiệm dương phân biệt ( − n ) − ( − n ) > n + 2n − 15 >   n < −5 ∆ >     ⇔ n > ⇔   n > Do  S > ⇔ n − > P > 4 − n > n < 1 < n <     ⇔ 3< n < Vậy < 3m < ⇔ < m < log Chọn B x x Ví dụ Cho phương trình − ( 2m + 1) + ( 4m − 1) = có hai nghiệm thực x1 , x2 thỏa mãn ( x1 + ) ( x2 + ) = 12 giá trị thực tham số m thuộc khoảng sau đây? [2] A ( 3;9 ) 1  C  ;3 ÷ 4  B ( 9;+∞ )   D  − ;2 ÷   Lời giải Đặt t = 3x ( t > ) phương trình cho: t − ( 2m + 1) t + ( 4m − 1) = (1) (1) có hai nghiệm dương phân biệt ( 2m + 1) − ( 4m − 1) >  ∆′ > m ≠    ⇔  S > ⇔  2m + > P >  4m − > m >   x t = 4m − 3 = 4m −  x1 = log ( 4m − 1) ⇒ x ⇒ Khi  x = = t =   Ta có ( x1 + ) ( x2 + ) = 12 ⇔ log ( 4m − 1) = ⇔ m = Chọn C (thỏa điều kiện) x +1 1− x 2+ x 2− x Ví dụ Cho phương trình + = ( m + 1) ( − ) + 16 − 8m có nghiệm [ 0;1] Khi tìm số giá trị nguyên m [3] A B D C Lời giải x+1 + 41− x = ( m + 1) ( 22+ x − 2− x ) + 16 − 8m ⇔ ( x + 4− x ) = ( m + 1) ( x − 2− x ) + 16 − 8m x −x Đặt t = u ( x ) = − , x ∈ [ 0;1]  3 u′ ( x ) = x + 2− x > ∀x [ 0;1] Suy u ( ) ≤ t ≤ u ( 1) hay t ∈  0;   2 ⇒ t = x + 4− x − 2.2 x.2 − x ⇒ x + 4− x = t + Phương trình trở thành : ( t + ) = 4t ( m + 1) + 16 − 8m ⇔ t + = t ( m + 1) + − 2m ⇔ t − t ( m + 1) + 2m − = ⇔ m ( t − ) = t − t −   3 ⇔ m ( t − ) = ( t − ) ( t + 1) ⇔ m = t +  t ∈ 0;  ÷ ⇔ t = m −   2 Để phương trình cho có nghiệm [ 0;1] phương trình t = m − phải có  3  3  5 nghiệm t ∈  0;  Suy m − 1∈ 0;  , hay m ∈ 1;  Chọn A  2  2  2 Ví dụ 5: Cho phương trình 9.9 x −2 x − ( 2m + 1) 15 x − x +1 + ( m − ) 52 x −4 x + = có hai nghiệm thực phân biệt Tìm tất giá trị tham số m ? [3] A m > m < B < m < C 3− 3+ 3+ 3− m < 2 Lời giải 9.9 x − ( 2m + 1) 15 x −2 x ⇔ 9( x −1) − x +1 − ( 2m + 1) 15( 2( x −1) 3 ⇔ ÷ 5 2 2 + ( 4m − ) 25( x −1) ( x−1)  3 − ( 2m + 1)  ÷ 5 ( x −1) Đặt t =  ÷ 5 x −1) + ( m − ) 52 x −4 x+2 =0 =0 + 4m − = Do ( x − 1) ≥ nên < t ≤ t = 2 Phương trình có dạng: t − ( 2m + 1) t + 4m − = ⇔  Do < t ≤ t = m − nên t = 2m − Để phương trình có nghiệm thực phân biệt < 2m − < ⇔ < m < Chọn C Ví dụ 6: Cho phương trình log 32 x − 3log x + 2m − = có hai nghiệm thực x1; x2 thỏa mãn ( x1 + 3) ( x2 + 3) = 72 Khi tìm giá trị thực tham số m ? [3] A m = 61 B m = C không tồn D m = Lời giải log 32 x − 3log x + 2m − = ( 1) Điều kiện: x > Đặt t = log3 x ⇔ x = 3t phương trình tương đương t − 3t + 2m − = ( 1) có hai nghiệm phân biệt ( ) có nghiệm phân biệt Giả sử ( ) có nghiệm t1 = log x1 , t2 = log x2 x1 x2 = 3(t1 +t2 ) = 27 Suy ( x1 + 3) ( x2 + 3) = 72 ⇔ x1 x2 + ( x1 + x2 ) = 63 ⇔ x1 + x2 = 12 Vậy x1 , x2 nghiệm phương trình x − 12 x + 27 = ⇔ x = ∨ x = x = suy log 32 − 3log + 2m − = ⇔ m = 9 x = suy log 32 − 3log 3 + 2m − = ⇔ m = Vậy m = Chọn D 2 2 Ví dụ 7: Cho phương trình log x − ( m − 3m ) log x + = Tìm m để phương trình có hai nghiệm phân biệt x1 , x2 thỏa mãn x1 x2 = 16 [3] m = A  m =  m = −1 B  m =  m = −1 C  m = m = D   m = −4 Lời giải log 2 x − ( m − 3m ) log x + = ( 1) Điều kiện x > 2 Đặt log x = t Ta phương trình t − ( m − 3m ) t + = ( 2) Ta có: x1 x2 = 16 ⇔ log ( x1 x2 ) = ⇔ log x1 + log x2 = Phương trình ( 1) có hai nghiệm phân biệt x1 , x2 thỏa mãn x1 x2 = 16 ( ) có hai nghiệm phân biệt t1 , t2 thỏa mãn t1 + t2 = m = Vậy suy m − 3m = ⇔  Thử lại thấy thỏa mãn Chọn B m = −  x +1 Ví dụ 8: Phương trình log ( − 1) = x + log m có nghiệm x1 , x2 thỏa mãn x1 + x2 ≥ : A m ≤ − ; m ≥ B m ≥ C < m ≤ D m > Lời giải x +1 Phương trình: log ( − 1) = x + log m ( 1) Điều kiện xác định : x > −1 ; m > 2x ⇔ 32 x − 3m.3x + m = m Đặt t = 3x ( t > ) : 32 x − 3m.3x + m = ⇒ t − 3m.t + m = ( *) Để phương trình ( 1) có nghiệm x1 , x2 thỏa mãn x1 + x2 ≥ ⇔ 32 x1 + 32 x2 ≥ ( 1) ) = 32 x +log ( ⇔3 log 3x +1 −1 m x +1 ⇔ −1 = ( *) có nghiệm t1 > , t2 > thỏa t12 + t2 ≥ tương đương  m ( 9m − ) > ∆ = ( 3m ) − 4m >   9m − 2m ≥ t + t = m > t1 + t2 = 3m > 1  ⇔ ⇔ ⇔ m ≥1  t t = m > t1.t2 = m > 1 m >  t + t ≥ ( t + t ) − 2t t ≥ 2 1  Chọn B Ví dụ 9: Cho phương trình ( log x ) + 3m log ( x ) + 2m − 2m − = Gọi S tập hợp tất số tự nhiên m mà phương trình có hai nghiệm phân biệt x1 , x2 thỏa x1 + x2 > 10 Tính tổng phần tử S [3] A C B D 10 Lời giải Điều kiện: x > Phương trình: ( log x ) + 3m log ( x ) + 2m − 2m − = ⇔ ( log x ) + 3m log x + 2m + m − = ( 1) Đặt t = log x , ta được: t + 3mt + 2m + m − = ( ) Để phương trình ( 1) có hai nghiệm phân biệt x1 , x2 thỏa x1 + x2 > t t ( ) có hai nghiệm phân biệt t1 , t2 thỏa + > 10 10 2 + ( ) có hai nghiệm phân biệt: ∆ = 9m − ( 2m + m − 1) > ⇔ m − 4m + > ⇔ m ≠ + Khi ( ) có hai nghiệm phân biệt t1 = − m − t2 = −2m + t t Ta có: + > 10 10 10 ⇔ 3− m−1 + 3−2 m+1 > ⇔ + 2m > m 3 3.3 3   m 10  ÷ < − 3 ⇔ ⇔ m <  m  ÷ >   Mà m ∈ ¥ nên khơng tồn m Chọn C Dạng 2: Sử dụng phương pháp hàm số Ví dụ 1: Tìm tập hợp tất giá trị tham số thực m để phương trình x − m.2 x + 16 = có hai nghiệm thuộc khoảng ( 0;3) [2] A [ 8;+∞ ) B ( 8;10 ) C ( 10;17 ) D ( 8;10] Lời giải Đặt t = , t ∈ ( 1;8 ) Ta phương trình : t − mt + 16 = ⇔ x t + 16 = m t t + 16 t − 16 Xét hàm số f ( t ) = , t ∈ ( 1;8 ) Ta có : f ′ ( t ) = t t2 f ′( t ) = ⇔ t = ∈ ( 1;8 ) t − 16 ⇔ =  t = − ∉ 1;8 t ( )  Bảng biến thiên : ⇒ < m < 10 thỏa u cầu tốn Chọn B Ví dụ 2: Tìm tất giá trị thực tham số m để phương trình 3x = mx + có hai nghiệm phân biệt? [3] 10 A m > m > B  m ≠ ln C m ≥ D Không tồn m Lời giải Ta có: Số nghiệm phương trình 3x = mx + phụ thuộc vào số giao điểm đồ thị hàm số y = 3x đường thẳng y = mx + y = 3x Ta thấy y = mx + qua điểm cố định ( 0; 1) nên +Nếu m = : phương trình có nghiệm + Nếu m < : y = mx + hàm nghịch biến nên có đồ thị cắt đồ thị hàm số y = 3x điểm + Nếu m > :Để thỏa mãn ycbt đường thẳng y = mx + phải khác tiếp tuyến m > đồ thị hàm số y = 3x điểm ( 0; 1) , tức m ≠ ln Vậy  Chọn B m ≠ ln Ví dụ 3: Cho phương trình 91+ 1− x − ( m + 3) 31+ 1− x + 2m + = có nghiệm thực? Khi có giá trị nguyên tham số m ? [3] A B C Vô số D Lời giải Điều kiện: −1 ≤ x ≤ Đặt t = 31+ 1− x Ta có x ∈ [ −1;1] nên t ∈ [ 3;9] (do ≤ − x ≤ ) 11 Phương trình trở thành: t − 3t + t − ( m + 3) t + 2m + = ⇔ m ( t − ) = t − 3t + ⇔ m = t−2 2 (do t − ≠ 0, ∀t ∈ [ 3;9] ) ( 1) t − 4t + t − 3t + > 0, ∀t ∈ [ 3;9] Xét hàm số f ( t ) = , t ∈ [ 3;9] ; f ′ ( t ) = ( t − 2) t−2 Vậy f ( 3) ≤ f ( t ) ≤ f ( ) hay ≤ f ( t ) ≤ 55 , ∀t ∈ [ 3;9] Phương trình cho có nghiệm ⇔ phương trình ( 1) có nghiệm t ∈ [ 3;9] 55 ⇔1≤ m ≤ Vậy m ∈ { 1;2;3;4;5;6;7} Chọn B Ví dụ 4: Tìm tập giá trị thực tham số m để phương trình ( ) ( x +1 + ) x − − m = có hai nghiệm âm phân biệt [3] A ( 2;4 ) B ( 3;5 ) C ( 4;5 ) D ( 5;6 ) Lời giải Ta có Đặt ( ( ) ( x +1 + ) −1 − m = ⇔ x ( ) x +1 + ( ) +1 x − m = ( 1) ) x + = t , ( t > ) ta có phương trình 4t + − m = ( ) t Phương trình ( 1) có hai nghiệm âm ⇔ phương trình ( ) có hai nghiệm t thỏa mãn < t < Xét hàm số f ( t ) = 4t + f ′( t ) = − khoảng < t < ta có t 1 ′ f t = ; giải phương trình ⇔ − =0⇒t = ( ) 2 t t Ta có bảng biến thiên 12 Từ bảng biến thiên ta có < m < thỏa mãn yêu cầu toán Chọn B x x Ví dụ 5: Tìm số thực a để phương trình: + = a3 cos ( π x ) , có nghiệm thực [3] A a = −6 B a = C a = −3 D a = Lời giải Giả sử x0 nghiệm phương trình Ta có x0 + = a.3x0 cos(π x0 ) Khi − x0 nghiệm phương trình 2− x 2− x Thật + = a3 cos π ( − x0 )  ⇔ 81 + = a cos ( π x0 ) x0 3x0 ⇔ x0 + = a.3x0 cos ( π x0 ) Vậy phương trình có nghiệm x0 = − x0 ⇔ x0 = Với x0 = ⇒ a = −6 x x Ngược lại, với a = −6 , phương trình + = −6.3 cos ( π x ) ⇔ 3x + = −6cos ( π x ) 3x  x 3 + x ≥ Ta có:  −6cos ( π x ) ≤   x 3 + x = ⇔ x = Khi dấu " = " xảy  cos π x = −1 Vậy x0 + = a.3x0 cos(π x0 ) có nghiệm a = −6 Chọn A 13 Ví dụ 6: Tìm số phần tử A tập tất giá trị thực tham số m x x cho tập nghiệm phương trình x.2 = x ( x − m + 1) + m ( − 1) có hai phần tử A C B Vô số D Lời giải x x x Xét phương trình x.2 = x ( x − m + 1) + m ( − 1) ⇔ ( x − m ) ( − x − 1) = x = m ⇔ x 2 = x + Mà phương trình x = x + có hai nghiệm x = ; x = Thật vậy: dựa vào hình vẽ + Với x ≤ x ≥ x ≥ x + , đẳng thức xảy x = x = + Với < x < x < x + ⇒ phương trình x = x + vơ nghiệm Do tập A có hai phần tử m = m = Chọn D x − 2+ Ví dụ 7: Phương trình m −3 x + ( x3 − x + x + m ) x−2 = x+1 + có nghiệm phân biệt m ∈ (a; b) đặt T = b − a thì: [3] A T = 36 B T = 48 C T = 64 D T = 72 Lời giải x − 2+ Ta có m −3 x + ( x − x + x + m ) x−2 = x +1 + ⇔2 m −3 x + ( x − ) + + m − x = 23 + 2 − x ⇔2 m −3 x t + m − x = 22− x + ( − x ) Xét hàm f ( t ) = + t ¡ 3 t có f ′ ( t ) = ln + 3t > 0, ∀t ∈ ¡ nên hàm số liên tục đồng biến ¡ 14 Do từ (1) suy m − 3x = ( − x ) ⇔ m = − x + x − x3 3 Xét hàm số f ( x ) = − x + x − x + ¡ x = có f ′ ( x ) = −3x + 12 x − ; f ′ ( x ) = ⇔  x =1 Bảng biến thiên Dựa vào bảng biến thiên ta có, phương trình có nghiệm phân biệt < m x − ⇔ x ≥ x x2 − − x = t = log x − x − Đặt t ′ = x −1 x − x − x − ln 2 x − x − ln ( = −1 x − 1ln 2 ) 1− ( ) ⇒ t < log 2 − Phương trình trở thành t.log 2t = log m 1 ⇔ t log = − log ⇔ log m = − m t 2t 1 − * log ( 2− ) Do m ∈ ¥ m ≠ nên m = Ycbt log m < − log − ⇔ m < ( ) Chọn D Ví dụ 9: Có giá trị nguyên tham số m để phương trình log ( mx ) = có nghiệm nhất? [3] log ( x + 1) B A C Vố số D Lời giải x + >  Phương trình tương đương với:  x + ≠  mx = ( x + 1) Xét hàm số Có y′ = − ( x + 1) y= x   x > −1  ⇔ x ≠  m = ( x + 1)  x , với x ∈ ( −1; +∞ ) \ { 0} x2 − ′ = ; y = ⇔ x = (do x ∈ ( −1; +∞ ) \ { 0} ) x2 x Bảng biến thiên: 16 m = Từ bảng biến thiên suy để hàm số có nghiệm  m < Vậy có vơ số giá trị ngun để phương trình có nghiệm Chọn C Ví dụ 10: Có số ngun m để phương trình 3x + 3x + m + log = x − x + − m Có hai nghiệm phân biệt lớn [3] 2x − x + A B Vô số C D Lời giải Điều kiện: x + 3x + m + > 3x + 3x + m + - Ta có: log = x2 − 5x + − m 2x − x +  3x + 3x + m +  ⇔ log  ÷− = x − x + − m  2x − x +  3x + 3x + m + = x − 5x + − m 4x − 2x + ⇔ log ( 3x + 3x + m + 1) − log ( x − x + ) = ( x − x + ) − ( x + x + m + 1) ⇔ log ⇔ log ( x + x + m + 1) + ( x + x + m + 1) = log ( x − x + ) + ( x − x + ) ( 1) Xét hàm số: f ( t ) = t + log t D = ( 0; +∞ ) , có f ′ ( t ) = + Do hàm số f ( t ) đồng biến D > , ∀t ∈ D , t.ln ⇒ ( 1) ⇔ f ( x − x + ) = f ( 3x + x + m + 1) ⇔ x − x + = 3x2 + 3x + m + ⇔ x − 5x = m − ( ) - Xét hàm số: g ( x ) = x − x ¡ , có g ′ ( x ) = x − ⇒ g ′ ( x ) = ⇔ x = - Bảng biến thiên: 17 - Theo bảng biến thiên ta thấy: phương trình ( ) có hai nghiệm phân biệt lớn 25 21 < m − < −4 ⇔ − < m < −3 , m ∈ ¢ nên 4 m ∈ { −5; −4} , hay có giá trị nguyên m thỏa mãn yêu cầu toán − Chọn C 2.3.2 Các tốn ơn tập Bài : Phương trình x+1 − 2.6 x + m.9 x = có nghiệm thực phân biệt 1 A m > B m < C < m < D m < 4 Bài 2: Gọi S tập hợp tất giá trị thực tham số m để phương trình 2 m.3x −7 x +12 + 32 x− x = 9.310−5 x + m có ba nghiệm thực phân biệt Tìm số phần tử S A B Vô số C D Bài 3: Tìm tập giá trị thực tham số m để phương trình ( ) ( x +1 + ) x − − m = có hai nghiệm âm phân biệt A ( 2;4 ) B ( 3;5 ) C ( 4;5 ) D ( 5;6 ) Bài 4: Giá trị m để phương trình x + 3x + m = có nghiệm là: A m > B m < Bài 5: Cho phương trình m.3x có nghiệm phân biệt A ≤ m ≤ − x +3 C m > D < m < + 31− x = 3.33− x + m Tim m để phương trình B −1 < m < 0 < m <  C < m < D  m ≠ 1; m ≠ 38 Bài 6: Tất giá trị thực tham số m cho phương trình x +1 ( m − ) ( ) − ( m + 1) x +2 + 2m = có nghiệm 2 A m ≤ B ≤ m ≤ C < m ≤ D ≤ m < 11 Bài 7: Có giá trị nguyên tham số m để phương trình x− x2 A 27 − 4.3 x−x2 + 2m − = có nghiệm? B 25 C 23 D 21 18 2 Bài 8: Phương trình 2sin x + 21+cos x = m có nghiệm A ≤ m ≤ B ≤ m ≤ C < m ≤ D ≤ m ≤ 2 2 Bài 9: Cho phương trình 2log ( x − x + 2m − 4m ) + log ( x + mx − 2m ) = Biết S = ( a; b ) ∪ ( c; d ) , a < b < c < d tập hợp giá trị tham số m để phương trình cho có hai nghiệm phân biệt x1 , x2 thỏa mãn x12 + x22 > Tính giá trị biểu thức A = a + b + 5c + 2d A A = C A = B A = D A = Bài 10: Tập hợp tất giá trị tham số m để phương trình ln sin x − m ln sin x − m + = có nghiệm là: ( ) B [ 2;+∞ ) A −∞; − ( ( C −∞; −  ∪ [ 2; +∞ ) ) D −∞; −  ∪  2; +∞ Bài 11: Tìm tất giá trị tham số m để phương trình 4.4 x +2 x + ( 2m − ) x + x +1 − ( 6m + 3) 32 x −1 A −1 < m < +4 x +2 = có hai nghiệm thực phân biệt B m > + m < − D m > −1 m < C − < m < + −1 Bài 12: Số giá trị nguyên tham số m để phương trình log ( x − 1) = log ( mx − ) có hai nghiệm phân biệt A B C D Vô số Bài 13: Phương trình log ( x + mx ) = log ( x + m − 1) có nghiệm giá trị m là: A m = B m > C m < −5 D −4 < m < ( ) ( ) ( ) 2 Bài 14: Cho pt: log x − x − log x − x − = log m x + x − Có giá trị nguyên dương khác m cho phương trình cho có nghiệm x lớn ? 19 B A Vô số C D Bài 15: Có giá trị nguyên tham số m để tồn cặp số ( x; y ) thỏa 2 mãn e2 x+ y +1 − e3 x+ y = x + y − log ( x + y − 1) − ( m + ) log x + m + = A C B D 2.4 Hiệu sáng kiến Năm học 2018-2019 giao nhiệm vụ giảng dạy mơn Tốn lớp: 12A1 , 12A2 Đa số học sinh chăm ngoan có ý thức học, đặc biệt em có hứng thú học giải toán Tuy nhiên gặp tốn phương trình mũ phương trình logarit chứa tham số em lung túng giải Sau tiến hành thực nghiệm sáng kiến lớp dạy mình, tơi thu nhiều kết khả quan Hoạt động học tập học sinh diễn sôi nổi, đa số học sinh hiểu vận dụng vào giải toán Một số học sinh giỏi biết tự tìm tòi, nghiên cứu thêm đề thi sách tham khảo để hệ thống hóa, đào sâu kiến thức Kết kiểm tra: Lớp Điểm yếu Điểm TB Điểm Điểm giỏi Số % Số % Số % Số % 12A1 0 19,5 11 26,8 22 53,7 12A2 0 13 25 54 15 33 KẾT LUẬN, KIẾN NGHỊ 3.1 Kết luận Trong q trình giảng dạy, tơi nhận thấy rằng: sau đưa hệ thống tập trên, học sinh biết vận dụng cách linh hoạt, vào toán khác nhau, từ đơn giản đến phức tạp Học sinh khơng tâm lý e ngại gặp toán Mặt khác, hiệu áp dụng tương đối cao, giải trở nên sáng sủa, ngắn gọn hầu hết em vận dụng tốt 3.2 Kiến nghị 20 Nhà trường cần tạo điều kiện nhiều cho giáo viên việc tiếp xúc với loại sách tham khảo có chất lượng thị trường, đồng thời cần có tủ sách lưu lại sáng kiến kinh nghiệm giáo viên xếp loại, chuyên đề tự học, tự bồi dưỡng giáo viên để đồng nghiệp có tư liệu tham khảo Các quan quản lý giáo dục tỉnh cần phát triển rộng rãi sáng kiến kinh nghiệm giáo viên, đặc biệt sáng kiến xếp loại để đồng nghiệp tham khảo, học hỏi Qua nâng cao hiệu sáng kiến kinh nghiệm ứng dụng vào thực tế nhà trường Mặc dù có nhiều cố gắng song khơng thể tránh khỏi sơ suất, thiếu sót Kính mong hội đồng khoa học cấp bạn bè đồng nghiệp góp ý, xây dựng, bổ sung cho kinh nghiệm đạt chất lượng tốt Tôi xin chân thành cảm ơn! XÁC NHẬN CỦA THỦ TRƯỞNG Thanh Hóa, ngày 25 tháng năm 2019 ĐƠN VỊ Tơi xin cam đoan SKKN viết, không chép nội dung người khác (Ký ghi rõ họ tên) Mai Văn Ngọc TÀI LIỆU THAM KHẢO Sách giáo khoa giải tích 12, tác giả Đoàn Quỳnh, Nguyễn Huy Đoan, Trần Phương Dung, Nguyễn Xuân Liêm, Đặng Hùng Thắng, nhà xuất giáo dục năm 2008 21 Đề thi minh họa mơn Tốn năm 2017, 2018, 2019 Bộ Giáo Dục Đào Tạo Đề thi thử THPTQG mơn tốn Sở Giáo Dục, trường THPT nước 4.Tuyển chọn ôn luyện thi vào đại học cao đẳng, tác giả Nguyễn Trọng Bá, Lê Thống Nhất, Nguyễn Phú Trường, nhà xuất giáo dục, năm 2001 22 ... dùng phương pháp để giải Xuất phát từ thực tế đó, tơi lựa chọn đề tài : Rèn luyện số kỹ giải phương trình mũ phương trình logartit chứa tham số ôn thi THPT Quốc Gia Để giúp học sinh không bị... cầu giải phương trình mũ phương trình logarit thông thường giống lâu gặp đề thi tự luận, phương trình mũ phương trình logarit cách hỏi nặng kỹ thuật biến đổi nhanh khéo léo Thực chất để giải. .. tập giải phương trình mũ phương trình logarit - Đưa số tập để học sinh tự luyện NỘI DUNG SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM 2.1 Cơ sở lí luận - Các tính chất phương trình mũ phương trình logarit.[1] - Các phương