CHUYÊN ĐỀ 08 KHAI THÁC ĐỘ BẤT BÃO HÒA TRONG PHẢN ỨNG ĐỐT CHÁY

Muốn chinh phục điểm cao môn hóa học trong kỳ thi THPT Quốc Gia thì các em cần phải có nền tảng kiến thức và phương pháp làm bài thật tốt. Sau đây mình xin giới thiệu bộ tài liệu 20 PHƯƠNG PHÁP, CHUYÊN ĐỀ GIẢI NHANH BÀI TẬP HÓA HỌC của thầy Nguyễn Minh Tuấn, tốp 1 luyện thi đại học môn Hóa Học trong những năm vừa qua. Bộ tài liệu này được biên soạn rất kĩ gồm câu hỏi đáp án và cả đáp án chi tiết được phân hóa theo mức độ cơ bản đọc hiểu vận dụng và vận dung cao. Tài liệu này rất phù hợp với các thầy cô giáo cần giáo án thật hay và chuẩn để giảng dạy cũng như các bạn gia sư cần tài liệu đi dạy thêm. Tài liệu này còn rất phù hợp với các em học sinh đang cần nguồn tài liệu quý để luyện thi đại học môn Hóa Học, nếu nắm vững được những phương pháp này thì chắc chắn các em đã đặt 1 bước chân vào trường đại học mà các em mơ ước.Lưu ý : Bộ tài liệu gồm có 20 chuyên đề phương pháp nên cần tải tất cả xuống để giảng dạy học tập nhé Thân

Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 PHƯƠNG PHÁP 8: KHAI THÁC ĐỘ BẤT BÃO HÒA TRONG PHẢN ỨNG ĐỐT CHÁY HỢP CHẤT HỮU CƠ I ĐỘ BẤT BÃO HÒA Độ bất bão hòa hợp chất hữu đại lượng đặc trưng cho độ không no phân tử hợp chất hữu Độ bất bão hịa ký hiệu k, a,  , Thường ký hiệu k Giả sử hợp chất hữu có cơng thức phân tử C xHyOzNt tổng số liên kết  vòng phân tử gọi độ bất bão hịa phân tử Cơng thức tính độ bất bão hịa : k �[sốnguyên tử.(hóa trịcủa nguyên tố 2)]  2 Đối với hợp chất CxHyOzNt, ta có : x(4 2)  y(1 2)  z(2  2)  t(3 2)  2x  y  t  (k �0 k �N) k  2 II PHẢN ỨNG ĐỐT CHÁY HỢP CHẤT HỮU CƠ Sơ đồ phản ứng đốt cháy hiđrocacbon O , to CnH2n22k ��� � nCO2  (n  1 k)H2O Suy : nC H  n 2n22k nCO2  nH2O k 1 Sơ đồ phản ứng đốt cháy dẫn xuất chứa oxi hiđrocacbon O , to CnH2n22k Ox ��� � nCO2  (n  1 k)H2O Suy : nC H  n 2n22kOx nCO2  nH2O k 1 Sơ đồ phản ứng đốt cháy dẫn xuất chứa nitơ, oxi hiđrocacbon O , to CnH2n 2 2k tOxNt ��� � nCO2  (n  1 k  0,5t)H2O  0,5tN2 Suy : nC H  n 2n22k tOx Nt nCO2  nH2O k  1 0,5t ● Như : Khi đốt cháy hợp chất hữu chứa C, H chứa C, H, O : (k  1)nC H x y hoaë c CxH yOz  nCO  nH O 2 Còn đốt cháy hợp chất chứa nitơ chứa đồng thời oxi nitơ thì: (k  1 0,5t)nC H N x y t hoaë c CxHyOzNt  nCO  nH O 2 Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 III BẢNG MỐI LIÊN HỆ GIỮA SỐ MOL H2O, CO2 VỚI SỐ MOL CỦA HỢP CHẤT HỮU CƠ TRONG PHẢN ỨNG ĐỐT CHÁY HIĐROCACBON Tên hiđrocacbon Độ bất Công thức phân Mối quan hệ số mol H2O, CO2 bão hòa tử tổng quát số mol hợp chất hữu k phản ứng đốt cháy CnH2n+2-2k (k  1)nCnH2n22k  nCO2  nH2O Ankan k=0 CnH2n+2 � �nH2O  nCO2 � �nCnH2n2  nH2O  nCO2 Xicloankan Anken k=1 CnH2n nH2O  nCO2 Ankađien Ankin k=2 CnH2n-2 � �nCO2  nH2O � �nCnH2n2  nCO2  nH2O Benzen Ankylbenzen k=4 CnH2n-6 � nCO  nH2O � � nCO  nH O 2 nCnH2n6  � � DẪN XUẤT CHỨA OXI CỦA HIĐROCACBON Tên dẫn xuất Độ bất Công thức phân Mối quan hệ mol H 2O, mol CO2 bão hòa tử tổng quát mol hợp chất hữu phản k ứng đốt cháy CnH2n+2-2kOx (k  1)nCnH2n22kOx  nCO2  nH2O Ancol no, đơn chức, mạch k = 0, hở ete no, đơn chức, x = mạch hở CnH2n+2O � nH O  nCO � 2 � nC H O  nH O  nCO � n 2n 2 Ancol no, đa chức, mạch k = 0, hở x �2 CnH2n+2Ox � �nH2O  nCO2 � �nCnH2n2Ox  nH2O  nCO2 Ancol không no, phân tử có liên kết C=C, mạch hở, đơn chức Anđehit no, đơn chức, mạch hở xeton no, đơn chức, mạch hở Anđehit khơng no, có liên kết C=C đơn chức, mạch hở, có liên kết C=C xeton no, đơn chức, mạch hở k = 1, x=1 CnH2nO nH2O  nCO2 k = 1, x=1 CnH2nO nH2O  nCO2 k = 2, x=1 CnH2n-2O � nCO  nH O � 2 � nC H O  nCO  nH O � n 2n2 2 Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 Axit no, đơn chức, mạch hở este no, đơn chức, mạch hở Axit khơng no, có liên kết C=C, đơn chức, mạch hở este khơng no, có liên kết C=C, đơn chức, mạch hở k = 1, x=2 CnH2nO2 nH2O  nCO2 k = 2, x=1 CnH2n-2O2 � nCO  nH O � 2 � n  � CnH2n2O2 nCO2  nH2O DẪN XUẤT CHỨA NITƠ, OXI CỦA HIĐROCACBON Tên dẫn xuất Độ bất Công thức phân Mối quan hệ mol H 2O, mol CO2 bão hòa tử tổng quát mol hợp chất hữu phản k ứng đốt cháy CnH2n+2-2k+tOxNt (k  1 0,5t)nCnH2n22ktOxNt  nCO2  nH2O Amin no, đơn chức, mạch k = 0, hở x = 0, t=1 Amino axit no, mạch hở, k = 1, phân tử có nhóm x = 2, –COOH nhóm –NH2 t = CnH2n+3N Đipeptit tạo amino k = 2, axit no, mạch hở, phân tử x = 3, có nhóm –COOH t = nhóm –NH2 CnH2nO3N2 Tripeptit tạo amnino k = 3, axit no, mạch hở, phân tử x = 4, có nhóm –COOH t = nhóm –NH2 CnH2n-1O4N3 Tetrapeptit tạo amnino k = 4, axit no, mạch hở, phân tử x = 5, có nhóm –COOH t = nhóm –NH2 CnH2n-2O5N4 CnH2n+1O2N nCnH2n3N  nH2O  nCO2 nCnH2n1O2N  1,5 nH2O  nCO2 0,5 nCO2  nH2O nCnH2n1O4N3  nCO2  nH2O 0,5 nCnH2n2O5N4  nCO2  nH2O IV PHÂN DẠNG BÀI TẬP VÀ CÁC VÍ DỤ MINH HỌA Sử dụng mối liên hệ độ bất bão hòa k với số mol hợp chất hữu số mol CO 2, H2O, giúp ta giải nhanh dạng tập liên quan đến phản ứng đốt cháy hợp chất hữu Đốt cháy hiđrocacbon Ví dụ 1: Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp X gồm hai hiđrocacbon (tỉ lệ số mol : 1) có cơng thức đơn giản khác nhau, thu 2,2 gam CO2 0,9 gam H2O Các chất X A anken ankin B hai ankađien C hai anken D ankan ankin (Đề thi tuyển sinh Đại học khối B năm 2012) Hướng dẫn giải ● Cách : Nhận xét đánh giá Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 Vì hai hiđrocacbon có cơng thức đơn giản khác nên chúng thuộc dãy đồng đẳng khác Loại phương án B C Theo giả thiết, đốt cháy X, thu n CO2  n H2O  0,5mol Đốt cháy anken, thu n CO2  n H2 O Đốt cháy ankan, thu n H2O  n CO2 Đốt cháy ankin, thu n CO2  n H2 O Nên đốt cháy hỗn hợp gồm 1anken ankin n CO2  n H2O (loại A) Vậy đáp án D ● Cách : Dựa vào độ bất bão hịa Vì hai hiđrocacbon có công thức đơn giản khác nên chúng thuộc dãy đồng đẳng khác Loại phương án C B Đặt cơng thức trung bình hai hiđrocacbon CnH2n 2 2k Ta có : (k  1)nC H n 2n22k  nCO2  nH2O  � (k  1)  � k  1� Loại A hỗn hợp { { 0,05 0,05 anken ankin k  1ankin (k  2) Vậy hỗn hợp hai chất X gồm 1ankan (k  0) va� Ví dụ 2: Khi đốt cháy hồn tồn V lít hỗn hợp khí gồm CH 4, C2H6, C3H8 (đktc) thu 44 gam CO2 28,8 gam H2O Giá trị V : A 8,96 B 11,20 C 13,44 D 15,68 Hướng dẫn giải CH4, C2H6, C3H8 ankan Khi đốt cháy ankan, ta có : nC H n 2n2  nH2O  nCO2  0,6 mol � VC H (�ktc)  0,6.22,4  13,44 l� t n 2n2 { { 1,6 Ví dụ 3: Khi đốt cháy hồn tồn 7,84 lít hỗn hợp khí gồm CH 4, C2H6, C3H8, C4H10 (đktc) thu 16,8 lít khí CO2 (đktc) x gam H2O Giá trị x : A 6,3 B 13,5 C 18,0 D 19,8 Hướng dẫn giải CH4, C2H6, C3H8, C4H10 ankan Khi đốt cháy ankan, ta có : nAnkan  nH2O  nCO2 � nH2O  nAnkan  nCO2  7,84 16,8   1,1 mol 22,4 22,4 Vậy x  mH2O  18.1,1 19,8 gam Ví dụ 4: Để oxi hóa hồn tồn m gam hiđrocacbon X cần 17,92 lít O (đktc), thu 11,2 lít CO2 (đktc) CTPT X : A C3H8 B C4H10 C C5H12 D C2H6 Hướng dẫn giải Theo bảo tồn ngun tố O, ta có : 2nCO  nH O  2nO � nH O  0,6 � nH O  nCO � X laøCnH2n2 2 { {2 {2 0,5 ? 0,8 Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 Số C ankan : n  nCO nC H n 2n2  nCO nH O  nCO 2  0,5  5� X laøC5H12 0,6  0,5 Ví dụ 5: Hỗn hợp khí A gồm etan propan Đốt cháy hỗn hợp A thu khí CO H2O theo tỉ lệ thể tích 11:15 a Thành phần % theo thể tích C2H6 hỗn hợp : A 81,48% B 55% C 71,87% D 25% b Thành phần % theo khối lượng C3H8 hỗn hợp : A 18,52% B 45% C 28,13% D 81,48% Hướng dẫn giải Đối với chất khí hơi, tỉ lệ thể tích tỉ lệ số mol nên nCO2 : nH2O  11:15 Chọn nCO2  11 mol; nH2O  15 mol A gồm C2H6, C3H8 ankan nên : nC2H6  nC3H8  nH2O  nCO2  15 11 (1) Áp dụng bảo tồn ngun tố C, ta có : 2nC2H6  3nC3H8  nCO2  11 (2) � nC2H6  1 � � %VC2H6  100%  25% Từ (1) (2) suy : � nC H  � Thành phần phần trăm khối lượng C3H8 : %mC3H8  3.44 100%  81,48% 3.44  1.30 Ví dụ 6: Đốt cháy hết m gam đồng đẳng benzen A, B thu 4,05 gam H2O 7,728 lít CO2 (đktc) Giá trị m số tổng số mol A, B : A 4,59 0,04 B 9,18 0,08 C 4,59 0,08 D 9,14 0,04 Hướng dẫn giải Đặt công thức phân tử trung bình A B CnH2n6 Theo giả thiết, ta có : nH2O  4,05 7,728  0,225 mol; nCO2   0,345 mol 18 22,4 Khối lượng hai chất A, B : m  mC  mH  0,225.2 0,345.12  4,59 gam Vì hai chất A, B đồng đẳng benzen nên ta có : nA , B  nCO2  nH2O  0,345 0,225  0,04 mol Ví dụ 7: Đốt cháy hồn tồn 6,72 lít hỗn hợp A (đktc) gồm CH 4, C2H6, C3H8, C2H4 C3H6, thu 11,2 lít khí CO2 (đktc) 12,6 gam H2O Tổng thể tích C2H4 C3H6 (đktc) hỗn hợp A : A 5,60 B 3,36 C 4,48 D 2,24 Hướng dẫn giải ● Cách : Tính tốn theo phương trình phản ứng Trong hỗn hợp A, thay chất CH 4, C2H6, C3H8 chất CnH2n+2 (x mol); thay chất C2H4, C3H6 chất CmH2m (y mol) Suy x + y = 0,3 (*) Các phương trình phản ứng : Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 3n  to O2 �� � nCO2  (n  1)H2O � nx � (n  1)x 3m to  O2 �� � mCO2  mH2O � my � my CnH2n  mol : x CmH2m mol : y (1) (2) Từ (1) (2) ta thấy : x  nH2O  nCO2  0,2 mol � y  0,1 mol t Vậy V(C2H4 , C3H6 ) ���ktc  0,1.22,4  2,24 l� ● Cách : Sử dụng công thức (k  1)nhợp chấthữu  nCO2  nH2O Các chất CH4, C2H6 C3H8 có cơng thức chung CnH2n Đốt cháy CnH2n nH2O  nCO2  nCnH2n2 (1) Các chất C2H4 C3H6 có cơng thức chung CmH2m Đốt cháy CmH2m nH2O  nCO2  (2) Lấy (1) + (2), suy : Khi đốt cháy hỗn hợp CnH2n CmH2m �n H2O  �nCO2  nCnH2n2 � nC H  �nH2O  �nCO2  0,2 1442443 � n 2n2 144244 � 0,7 0,5 � VCmH2m (�ktc)  0,1.22,4  2,24 l� t Ta có : � nCmH2m  �n(CnH2n2 , CmH2m )  nCnH2n2  0,1 � 144444424444443 1442443 � 0,3 0,2 � Ví dụ 8: Đốt cháy hồn tồn hỗn hợp A gồm CH4, C2H6, C3H8, C2H2, C3H4, C4H6 thu a mol CO2 18a gam H2O Tổng phần trăm thể tích ankan A : A 30% B 40% C 50% D 60% Hướng dẫn giải ● Cách : Tính tốn theo phương trình phản ứng Theo giả thiết ta thấy : Khi đốt cháy hỗn hợp A thu số mol CO số mol H2O a mol Trong hỗn hợp A, thay chất C 2H2, C3H4, C4H6 chất CnH2n-2 (x mol) ; thay chất CH4, C2H6, C3H8 chất CmH2m+2 (y mol) Phương trình phản ứng : 3n  to O2 �� � nCO2  (n  1)H2O (1) � nx � (n  1)x 3m to  O2 �� � mCO2  (m 1)H2O (2) � my � (m 1)y CnH2n2  mol : x CmH2m mol : y Theo giả thiết ta thấy : Khi đốt cháy hỗn hợp A thu số mol CO số mol H2O a mol Vậy từ (1) (2) suy : nx  my  (n  1)x  (m 1)y � x  y � %VCmH2m2  %VCnH2n2  50% Trên bước đường thành công khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 ● Cách : Sử dụng công thức (k  1)nhợp chấthữu  nCO2  nH2O Đặt công thức chung chất CH4, C2H6, C3H8 CnH2n Đốt cháy CnH2n nCnH2n2  nH2O  nCO2 (1) Đặt công thức chung chất C2H2, C3H4, C4H6 CmH2m Đốt cháy CmH2m nCmH2m2  nCO2  nH2O (2) Lấy (1) – (2), ta có : nCnH2n2  nCmH2m2  n  �n  � n � 1442443 1442443 H2O CO2 a CnH2n2  nCmH2m2 a Vậy phần trăm thể tích ankan hỗn hợp 50% Ví dụ 9: Hỗn hợp khí X gồm hiđrocacbon đồng đẳng Đốt cháy hoàn toàn X 64 gam O2 dẫn sản phẩm thu qua bình đựng Ca(OH) dư thu 100 gam kết tủa Khí khỏi bình tích 11,2 lít 0oC 0,4 atm Phần trăm theo khối lượng hiđocacbon có khối lượng phần tử lớn : A 78,95% B 50% C 53,65% D 21,05% Hướng dẫn giải Từ giả thiết, suy : 100 64 11,2.0,4 nCO2  nCaCO3   mol; nO2 pha�  nO2 ban �a�  nO2 d�    1,8 mol n� � ng u 100 32 0,082.273 nH2O 2n  2n  n � n  ,6 mol �  (*) Áp dụng bảo toàn nguyên tố O, ta có : {O2 H2O {CO2 {H2O nCO 1,8 ? Từ (*) suy X gồm hai ankan Đặt cơng thức phân tử trung bình hai ankan CnH2n nC H n 2n2  nH2O  nCO2  0,6 mol � n  nCO2 nC H n 2n2   0,6 Vậy hai ankan X CH4 C2H6 Căn vào tổng số mol CH C2H6 bảo tồn ngun tố C, ta có : � 0,2.16 � � nCH4  nC2H6  0,6 nCH4  0,2 %mCH4  100%  21,05% � � � 0,2.16  0,4.30 �� �� � nC H  0,4 � nCH4  2nC2H6  nCO2  � � %mC2H6  78,95% � Ví dụ 10: X hỗn hợp gồm hai hiđrocacbon thể khí Để đốt cháy hết 10,2 gam X cần 25,76 lít O (đktc) Hấp thụ toàn sản phẩm cháy vào nước vôi dư m gam kết tủa a Giá trị m : A 30,8 gam B 70 gam C 55 gam D 15 gam b Có cặp hiđrocacbon thỏa mãn tính chất ? A B C D Hướng dẫn giải Sản phẩm phản ứng đốt cháy X CO2 H2O Theo bảo toàn nguyên tố O bảo tồn khối lượng, ta có : Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 � 2nCO2  nH2O  2nO2  2,3 { � � nCO  0,7 � � 1,15 � � nH2O  nCO2 � X go� m ankan � � 44n  18n  m  m  47 n  0,9 CO H O X O H O � 2 � { { � 10,2 1,15.32 � Theo bảo toàn nguyên tố C, ta có : nCaCO3  nCO2  0,7 mol � mCaCO3  0,7.100  70 gam Số nguyên tử cacbon trung bình : C  nCO2 nH2O  nCO2  0,7  3,5 0,9 0,7 Vì X thể khí số ngun tử cacbon trung bình hai ankan 3,5 nên chắn có ankan C4H10, ankan cịn lại CH4 C2H6 C3H8 Vậy có cặp hiđrocacbon thỏa mãn tính chất : � CH4 � hoặ c � C4H10 � � � C2H6 CH � � hoaë c�3 � C4H10 C4H10 � � Ví dụ 11: Đốt cháy 2,14 gam hỗn hợp A gồm hợp chất ankan X xicloankan Y (tỉ lệ mol tương ứng : 3) thu 3,36 lít CO (đktc) Số nguyên tử cacbon có phân tử X Y tương ứng : A B C D Hướng dẫn giải 3,36 2,14  0,15.12  0,15 � nH   0,34 � nH O  0,17 mol 22,4 Đặt công thức ankan xicloankan CnH2n+2 CmH2m Ta có : nC  nCO2  Khi đốt cháy hỗn hợp ankan xicloankan, ta có : nC H n 2n2  �nH O  �nCO  0,02 mol 14424243 1442443 0,17 0,15 � nC H : nC H  2:3 � n 2n2 m 2m � nC H  0,03 mol Vì � m 2m n  0,02 � C H � n 2n2 Áp dụng bảo tồn ngun tố C, ta có : 0,02n  { nC ankan 0,03m 1442443 nC xicolankan  0,15 � m n  { nC CO2 Ví dụ 12: Hỗn hợp X gồm axetilen, etilen hiđrocacbon A cháy hoàn toàn thu CO2 H2O theo tỉ lệ mol 1:1 Dẫn X qua bình đựng dung dịch brom dư thấy khối lượng bình tăng lên 0,82 gam, khí khỏi bình đem đốt cháy hoàn toàn thu 1,32 gam CO 0,72 gam H2O Phần trăm thể tích A X là: A 75 B 50 C 33,33 D 25 (Đề thi thử đại học lần – THPT Chuyên Nguyễn Huệ – Hà Nội, năm học 2012 – 2013) Hướng dẫn giải Đặt cơng thức trung bình ba hiđrocacbon CnH2n 2 2k Ta có : (k  1)nC H n 2n22k  nCO2  nH2O  � (k  1)  � k  { { 1 Vì axetilen (C2H2, có k = 2), etilen (C2H4, có k = 1), mặt khác k  nên hiđrocacbon A phải có k = (ankan) có phần trăm số mol phần phần trăm số mol C2H2 Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 nCO2 0,03  nCO2  0,01 mol � CA    A C3H8 Ta có : nA  n H2O { { nA 0,01 0,04 0,03 Suy : nC2H2  nC3H8  0,01 mol � nC2H4  Vậy %VA (C3H8 )  0,82  0,01.26  0,02 mol 28 0,01 100%  25% 0,01 0,01 0,02 Đốt cháy dẫn xuất chứa oxi hiđrocacbon Ví dụ 1: Đốt cháy hồn toàn hỗn hợp X gồm 0,07 mol ancol đa chức 0,03 mol ancol khơng no, có liên kết đơi, mạch hở, thu 0,23 mol khí CO2 m gam H2O Giá trị m A 5,40 B 2,34 C 8,40 D 2,70 (Đề thi tuyển sinh Đại học khối A năm 2013) Hướng dẫn giải Số nguyên tử cacbon trung bình hai ancol : Cancol  nCO2 nancol 0,23  2,3 0,07 0,03  Vì ancol khơng no phải có số nguyên tử C lớn 3, suy ancol hai chức C2H4(OH)2 Như vậy, hỗn hợp X gồm ancol no ancol khơng no, có liên kết  Khi đốt cháy hỗn hợp X, hiệu số mol H 2O CO2 ancol không no (k = 1) 0, hiệu số mol H2O CO2 ancol no (k = 0) số mol ancol nC2H4 (OH)2  �nH2O  �nCO2 � �nH2O  0,3 � m  mH2O  0,3.18  5,4 gam Suy : 14 43 14 43 14 43 0,07 ? 0,23 Ví dụ 2: Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp ancol đơn chức, thuộc cùng dãy đồng đẳng, thu 3,808 lít khí CO2 (đktc) 5,4 gam H2O Giá trị m A 4,72 B 5,42 C 7,42 D 5,72 (Đề thi tuyển sinh Đại học khối A năm 2010) Hướng dẫn giải Khi đốt cháy hỗn hợp X gồm ancol đơn chức, thu : 5,4 3,808 nH2O   0,3  nCO2   0,17 � X gồm ancol no, đơn chức 18 22,4 nancol  nH O  nCO  0,3 0,17  0,13 � nO ancol  nancol  0,13 2  0,13.16 1442443 0,3.2 { 1442443 4,72 gam Áp dụng bảo tồn khối lượng, ta có : mancol  0,17.12 mC ancol mH ancol mO ancol Ví dụ 3: Khử este no, đơn chức, mạch hở X LiAlH 4, thu ancol Y Đốt cháy hoàn toàn Y thu 0,2 mol CO 0,3 mol H2O Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol X thu tổng khối lượng CO2 H2O A 24,8 gam B 28,4 gam C 16,8 gam D 18,6 gam (Đề thi tuyển sinh Đại học khối A năm 2012) Hướng dẫn giải Khử este no, đơn chức , mạch hở thu ancol no, đơn chức, mạch hở Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 Số nguyên tử C ancol : Cancol  nCO2 nancol  nCO2 nH2O  nCO2 0,2 2 0,3 0,2 Khử este no, đơn chức, mạch hở X LiAlH4, thu ancol Y C2H5OH nên este X có cơng thức CH3COOC2H5 Đốt cháy CH3COOC2H5 thu : nH O  nCO  4nCH COOC H  0,4 � m(CO , H O)  0,4(44 18)  24,8 gam 2 2 Ví dụ 4: Đốt cháy hồn tồn lượng ancol X cần vừa đủ 8,96 lít khí O (đktc) thu 6,72 lít khí CO2 (đktc) 7,2 gam H2O Biết X có khả phản ứng với Cu(OH)2 Tên X A propan-1,3-điol B glixerol C propan-1,2-điol D etylen glicol (Đề thi tuyển sinh Cao đẳng khối A khối B năm 2013) Hướng dẫn giải Theo giả thiết, đốt cháy X cần 0,4 mol O 2, tạo thành 0,3 mol CO 0,4 mol H2O; X phản ứng với Cu(OH)2 Suy X ancol no, đa chức (có hai nhóm –OH liền kề) Ta có : nX  nH2O  nCO2  0,1 � OX  � � nCO2 � � CX  3 � �X :C3H8O2 (CH2OHCHOHCH3) � 44 4 43 nX � � propan1,2� iol � � O n  2n  2n  n O2 CO2 H 2O �X X Ví dụ 5: Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp X gồm hai ancol no, hai chức, mạch hở cần vừa đủ V lít khí O2, thu V2 lít khí CO2 a mol H2O Các khí đo điều kiện tiêu chuẩn Biểu thức liên hệ giá trị V1, V2, a A V1 = 2V2 – 11,2a B V1 = V2 +22,4a C V1 = V2 – 22,4a D V1 = 2V2 + 11,2a (Đề thi tuyển sinh Cao đẳng năm 2012) Hướng dẫn giải X ancol no, nên ta có : nancol  nH2O  nCO2  a  V2 22,4 X ancol chức, nên theo bảo toàn nguyên tố O ta có : 2nancol  2nO2  2nCO2  nH2O � 2(a V2 V V )   2  a � V1  2V2  11,2a 22,4 22,4 22,4 Ví dụ 6: Đốt cháy hịan tồn m gam hỗn hợp X gồm ba ancol (đơn chức, thuộc cùng dãy đồng đẳng), thu 8,96 lít khí CO (đktc) 11,7 gam H2O Mặt khác, đun nóng m gam X với H2SO4 đặc tổng khối lượng ete tối đa thu A 7,85 gam B 7,40 gam C 6,50 gam D 5,60 gam (Đề thi tuyển sinh Đại học khối B năm 2010) Hướng dẫn giải Khi đốt cháy hỗn hợp X gồm ancol đơn chức, thu : 11,7 8,96 nH2O   0,65  nCO2   0,4 � X gồm ancol no, đơn chức CnH2n1OH 18 22,4 nancol  nH2O  nCO2  0,65 0,4  0,25 � n  10 nCO2 nancol  1,6 Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 Ví dụ 11: Đốt cháy hoàn toàn x mol axit cacboxylic E, thu y mol CO z mol H2O (z = y–x) Cho x mol E tác dụng với NaHCO3 (dư) thu y mol CO2 Tên E : A axit acrylic B axit oxalic C axit ađipic D axit fomic (Đề thi tuyển sinh Đại học khối A năm 2011) Hướng dẫn giải Theo giả thiết, đốt cháy E thu nH2O  nCO2  nE � nE  nCO2  nH2O (1) Mặt khác, ta có : (k  1)nhợp chấthữu  nCO2  nH2O (2) Từ (1) (2), suy : k  1 1� k  Điều chứng tỏ phân tử E phải có liên kết  Vậy E axit khơng no, có liên kết C=C, đơn chức E axit no, hai chức Loại D Đốt cháy E cho E phản ứng với NaHCO 3, thu số mol CO nhau, chứng tỏ E có số nguyên tử C phân tử số nhóm chức Suy E axit oxalic HOOC  COOH Ví dụ 12: Hỗn hợp X gồm axit panmitic, axit stearic axit linoleic Để trung hòa m gam X cần 50 ml dung dịch NaOH 1M Mặt khác, đốt cháy hồn tồn m gam X thu 19,04 lít khí CO (ở đktc) 14,76 gam H2O Phần trăm số mol axit linoleic m gam hỗn hợp X là: A 31,25% B 30% C 62,5% D 60% (Đề thi thử đại học lần – THPT Chuyên Nguyễn Huệ – Hà Nội, năm học 2011 – 2012) Hướng dẫn giải Sử dụng công thức (k  1)nhợp chấthữu  nCO2  nH2O , ta thấy : Axit panmitic C15H31COOH, axit stearic C17H35COOH phân tử có liên kết  (k = 1) Khi đốt cháy axit cho nCO2  nH2O Axit linoleic C17H31COOH có liên kết  (k = 3), đốt cháy cho 2nC17H31COOH  nCO2  nH2O Vậy đốt cháy hỗn hợp axit panmitic, axit stearic axit linoleic, ta có : 2nC H COOH  �nCO  �nH O � nC H COOH  0,015 mol 17 31 2 17 31 144244 1444 24443 1442443 ? 0,85 0,82 Trong phản ứng X với NaOH, ta có : nX  nNaOH  0,05 mol Suy : %nC15H31COOH  0,015 100%  30% 0,05 Ví dụ 11: Đốt cháy hồn tồn 0,1 mol hỗn hợp R gồm anđehit X axit cacboxylic Y (trong phân tử X Y nguyên tử cacbon) thu 3,36 lít (đktc) CO 1,8 gam nước Khi cho 0,2 mol R tác dụng với dung dịch AgNO3/NH3 dư thu m gam Ag Giá trị m là: A 64,8 B 86,4 C 43,2 D 32,4 (Đề thi thử đại học lần – THPT Quỳnh Lưu – Nghệ An, năm học 2012 – 2013) Hướng dẫn giải Số nguyên tử cacbon trung bình hai chất : C nCO2 nR � Y : HCOOH 0,15 �   1,5 � � � CH3CHO 0,1 �X : � OHC  CHO � � Nếu X CH3CHO đốt cháy hỗn hợp R cho nCO2  nH2O  Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng 13 Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 Trên thực tế nCO2  nH2O  0,05, chứng tỏ X OHC–CHO nOHC CHO  nCO  nH O  0,05 mol � nHCOOH  0,05 mol 2 Suy 0,2 mol R, anđehit có 0,1 mol Ta có : nAg  4nOHCCHO  2nHCOOH  0,6 mol � mAg  0,6.108  64,8 gam Ví dụ 13: Hỗn hợp X gồm axit cacboxylic no, đơn chức, mạch hở ancol đơn chức, mạch hở Đốt cháy hoàn toàn 21,7 gam X, thu 20,16 lít khí CO2 (đktc) 18,9 gam H2O Thực phản ứng este hóa X với hiệu suất 60%, thu m gam este Giá trị m A 15,30 B 12,24 C 10,80 D 9,18 (Đề thi tuyển sinh Đại học khối B năm 2013) Hướng dẫn giải Đốt cháy axit cacboxylic no, đơn chức (k = 1), hiệu số mol H 2O CO2 Đốt cháy ancol no, đơn chức (k = 0), hiệu số mol H 2O CO2 mol ancol Suy hiệu số mol H 2O mol CO2 đốt cháy X mol ancol Từ mối liên hệ mol H2O mol CO2 kết hợp với bảo tồn ngun tố O C, ta có : � nO ancol  nC H OH  nH O  nCO  0,15 n 2n1 {2 { � 1,05 0,9 � � 0,15n  0,2m  0,9 � mX  mC  mH  mO ancol � � nC H O   0,2 � � m � m 2m 32 � � n � n.nC H OH  m.nC H O  0,9 � n 2n1 m 2m � � Suy : naxit  nancol � { { �0,2 0,15 � meste  (M axit  M ancol  M H2O )neste  9,18 gam � { { { { neste  nancol 60%  0,09 � 74 46 0,09 { 18 0,15 � Ví dụ 14: Đốt a mol X trieste glixerol axit đơn chức, mạch hở thu b mol CO c mol H2O, biết b – c = 4a Hiđro hóa m gam X cần 6,72 lít H2 (đktc) thu 39 gam X’ Nếu đun m gam X với dung dịch chứa 0,7 mol NaOH đến phản ứng sau cô cạn dung dịch sau phản ứng thu gam chất rắn? A 53,2 gam B 61,48 gam C 57,2 gam D 52,6 gam (Đề thi thử đại học lần – THPT Quỳnh Lưu – Nghệ An, năm học 2010 – 2011) Hướng dẫn giải Khi đốt cháy hợp chất hữu chứa C, H, O (k  1)nhợp chấthữu  nCO2  nH2O (1) Đốt a mol X trieste glixerol axit đơn chức, mạch hở thu b mol CO c mol H2O, với 4a = b – c (2) Từ (1) (2), suy : k  1 � k  , có liên kết  ba chức este Vậy gốc hiđrocacbon axit liên kết  � 2nX  nH {2 � � n  0,15 mol � � 0,3 � �X Trong phản ứng với H2, ta có : � mX  mH  mX' � mX  38,4 gam � { � 0,3.2 � 14 Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 Trong phản ứng xà phịng hóa X : nNaOHpha�  3nX  0,45  0,7 � NaOH dư nên X phản ứng hết, nC3H5 (OH)3  nX  0,15 mol n� � ng Áp dụng bảo toàn khối lượng, ta có : mX  mNaOH  mchấtrắn  mC H (OH) � mchấtrắn  52,6 gam { 1442443 1442443 1444 24443 38,4 0,7.40 ? 0,15.92 Đốt cháy dẫn xuất chứa nitơ chứa nitơ oxi hiđrocacbon Ví dụ 1: Đốt cháy hồn tồn hỗn hợp gồm hai amin no, đơn chức, mạch hở thuộc cùng dãy đồng đẳng liên tiếp, cần dùng vừa đủ 0,33 mol O2, thu H2O, N2 0,16 mol CO2 Công thức phân tử hai amin A C3H9N C4H11N B CH5N C3H9N C C2H7N C3H9N D CH5N C2H7N (Đề thi thử đại học lần – THPT Chuyên – Đại học Vinh, năm học 2012 – 2013) Hướng dẫn giải Theo bảo tồn ngun tố O, ta có : 2nO  2nCO  nH O � nH O  0,34 mol {2 { {2 0,33 0,16 ?  n � namin  0,12 � Camin  {  1 0,5t)n { {amin  n Sử dụng công thức (k {CO2 {H2O ? 0,16 0,34 nCO2 namin  1,333 Vậy hai amin CH5N vàC2H7N Ví dụ 2: Cho X axit cacboxylic, Y amino axit (phân tử có nhóm –NH ) Đốt cháy hoàn toàn 0,5 mol hỗn hợp gồm X Y, thu khí N 2; 15,68 lít khí CO2 (đktc) 14,4 gam H2O Mặt khác, 0,35 mol hỗn hợp phản ứng vừa đủ với dung dịch chứa m gam HCl Giá trị m là: A 6,39 B 4,38 D 10,22 D 5,11 (Đề thi tuyển sinh Cao đẳng khối A khối B năm 2013) Hướng dẫn giải Từ giả thiết, suy : C(X, Y )  nCO2 n(X, Y )  0,7  1,4 � X HCOOH (Vì Y amino axit nên phân 0,5 tử phải có ngun tử C) Đốt cháy HCOOH (k = 1), thu số mol CO2 số mol H2O Theo giả thiết, đốt cháy X, Y thu số mol CO2 0,7 mol, số mol H2O 0,8 mol Vì tổng số mol H2O lớn số mol CO nên Y phải amino axit no, có nhóm –COOH nhóm –NH2 (đề cho) Cơng thức Y CnH2n+1O2N (k = 1) nCO2  nH2O 0,7 0,8   0,2 mol Ta có : nCnH2n1O2N  1 k  0,5 1 1 0,5 Suy nCnH2n1O2N 0,35mol ho� n h� � p  0,35 0,2  0,14 � nHCl  0,14 � mHCl  5,11gam 0,5 Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng 15 Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 Ví dụ 3: Tripeptit X tetrapeptit Y mạch hở Khi thủy phân hoàn toàn hỗn hợp gồm X Y tạo amino axit có cơng thức H 2NCnH2nCOOH Đốt cháy 0,05 mol Y oxi dư, thu N2 36,3 gam hỗn hợp gồm CO 2, H2O Đốt cháy 0,01 mol X oxi dư, cho sản phẩm cháy vào dung dịch Ba(OH) dư, thu m gam kết tủa Biết phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị m A 29,55 B 17,73 C 23,64 D 11,82 (Đề thi tuyển sinh Đại học khối B năm 2013) Hướng dẫn giải ● Cách : Xây dựng công thức tripeptit, tetrapeptit từ amino axit Theo giả thiết, ta thấy : Amino axit tạo nên X, Y amino axit no, mạch hở, có nhóm – COOH nhóm –NH2, có cơng thức chung CnH2n+1O2N X tripeptit amino axit trên, có cơng thức : (3CnH2n+1O2N – 2H2O) = C3nH6n-1O4N3 Y tetrapeptit amino axit trên, có cơng thức : (4CnH2n+1O2N – 3H2O) = C4nH8n-2O5N4 Áp dụng bảo toàn nguyên tố C, H phản ứng đốt cháy Y, ta có : nCO2  4n.nY  0,2n nH2O  (4n  1)nY  0,05(4n  1) { { ; 0,05 0,05 0,2n.44 0,05(4n  1)18  36,3 � n  � X làC9H17O4N3 Theo bảo tồn khối lượng, ta có : 14m2 43 44 43 CO2 mH 2O Áp dụng bảo toàn nguyên tố C phản ứng đốt cháy X, ta có : nBaCO3  nCO2  9nX  0,09 mol � mBaCO3  0,09.197  17,73 gam { 0,01 ● Cách : Sử dụng công thức (k  1 0,5t)nhợp chấthữu  nCO2  nH2O Amino axit no mạch hở, có nhóm –COOH nhóm –NH2 có cơng thức chung CnH2n+1O2N X tripeptit tạo từ amino axit trên, phân tử có nhóm peptit cịn nhóm –COOH nên k = có nguyên tử N (t = 3) Y tetrapeptit tạo từ amino axit trên, phân tử có nhóm peptit cịn nhóm –COOH nên k = có nguyên tử N (t = 4) Khi đốt cháy Y, ta có : � 44nCO2  18nH2O  36,3 � nCO2  0,6 nCO2 12 � � � � CY   12 � Caminoaxit  3 � � nCO2  nH2O  (k   0,5t)n { { Y n n  0,55 { Y � � H2O 4 0,05 � Như amino axit có nguyên tử C, X tripeptit nên số nguyên tử C X 3.3 =9 Khi đốt cháy X, theo bảo tồn ngun tố C, ta có : nBaCO3  nCO2  nC X  9nX  0,09 � mBaCO3  0,09.197  17,73 gam 16 Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 Ví dụ 4: X Y tripeptit tetrapeptit tạo thành từ cùng amino axit no mạch hở, có nhóm -COOH nhóm -NH Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol Y thu sản phẩm gồm CO2, H2O, N2, tổng khối lượng CO H2O 47,8 gam Nếu đốt cháy hoàn toàn 0,3 mol X cần mol O2? A 2,8 mol B 2,025 mol C 3,375 mol D 1,875 mol (Đề thi HSG tỉnh Thái Bình, năm học 2009 – 2001) Hướng dẫn giải Amino axit no mạch hở, có nhóm –COOH nhóm –NH2 có cơng thức chung CnH2n+1O2N X tripeptit tạo từ amino axit trên, phân tử có nhóm peptit –CONH– cịn nhóm – COOH nên k = có nguyên tử N (t = 3) Y tetrapeptit tạo từ amino axit trên, phân tử có nhóm peptit –CONH– cịn nhóm – COOH nên k = có nguyên tử N (t = 4) Khi đốt cháy 0,1 mol Y, ta có : � 44nCO2  18nH2O  47,8 � nCO  0,8 nCO2 � � � � C   � Caminnoaxit   � � X nCO  nH O  (k  1 0,5t)n { { Y nX nH O  0,7 { � � 4 0,1 � Như amino axit có nguyên tử C, X tripeptit nên số nguyên tử C X 2.3 = Khi đốt cháy 0,3 mol X, ta có : � nCO  nC trongX  6nX  1,8 � nCO  1,8 � � � � � nCO  nH O  (k  1 0,5t)n { { n  1,65 {X �{ � 3 � H2O 0,3 �1,8 Áp dụng bảo toàn nguyên tố O phản ứng đốt cháy X, ta có : � nO(trongX )  4nX  1,2 � � nO(trongY )  2nO  2nCO  nH O � nO2  2,025 mol 424443 { { {2 �144 1,2 ? 1,8 1,65 � Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng 17 Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 V BÀI TẬP VẬN DỤNG Bài tập dành cho học sinh lớp 11 12 Câu 1: Khi đốt cháy hồn tồn 7,84 lít hỗn hợp khí gồm CH 4, C2H6, C3H8 (đktc) thu 16,8 lít khí CO2 (đktc) x gam H2O Giá trị x : A 6,3 B 13,5 C 18,0 D 19,8 nC H  nH2O  nCO2 � nH2O  1,1 mol � mH2O  1,1.18  19,8 gam 2n2 { 144n24 43 { 0,35 ? 0,75 Câu 2: Oxi hố hồn tồn 0,1 mol hỗn hợp X gồm ankan Sản phẩm thu cho qua bình (1) đựng H2SO4 đặc, bình (2) đựng dung dịch Ba(OH) dư khối lượng bình (1) tăng 6,3 gam bình (2) có m gam kết tủa xuất Giá trị m : A 68,95 gam B 59,1 gam C 49,25 gam D Kết khác Dễ thấy khối lượng bình tăng khối lượng H2O, kết tủa tạo bình BaCO3 Do X hỗn hợp ankan nên ta có : nC H  nH2O  nCO2 � nCO2  0,25 mol � nBaCO3  0,25 mol � mBaCO3  49,25 gam 2n2 { 144n24 43 { 0,1 0,35 ? Câu 3: Đốt cháy hết hỗn hợp X gồm butan, xiclobutan, xiclopentan xiclohexan thu 0,375 mol CO2 0,40 mol H2O Phần trăm khối lượng butan có hỗn hợp X : A 27,36% B 26,41% C 31,243% D 26,13% Công thức phân tử chất hỗn hợp X C4H10, C4H8, C5H10, C6H12 Khi đốt cháy C4H8, C5H10, C6H12 thu nH2O  nCO2 Khi đốt cháy C4H10 nC4H10  nH2O  nCO2 Vậy đốt cháy hỗn hợp X, ta có : nC4H10  �nH2O  �nCO2  0,025 1442443 1442443 0,4 0,375 Tổng khối lượng chất hỗn hợp X : mX  mC  mH  0,375.12 0,4.2  5,3 Phần trăm khối lượng butan hỗn hợp X : %mC4H10  0,025.58 100%  27,36% 5,3 Câu 4: Hỗn hợp A gồm hợp chất ankan X xicloankan Y (tỉ lệ mol tương ứng : 3) có tỉ khối so với H2 21,4 Đốt cháy 3,36 lít hỗn hợp A thu a lít CO2 (đktc) Giá trị a : A 9,86 B 8,96 C 10,08 D 4,48 � � nC H : nC H  2:3 nC H  0,06 � � n 2n m 2m n 2n2 � � � nCnH2n2  nCmH2m  0,15 � nCmH2m  0,09 � � 12nC  nH  21,4.2.0,15  6,42 � � 2nH O  12nCO  6,42 � nH O  0,51 � � � nH2O  nCO2  nCnH2n2  0,06 � � �� � VCO2  10,08 � nH2O  nCO2  0,06 nCO2  0,45 � � � nC  nCO ;nH  2nH O � 2 Câu 5: Đốt cháy hoàn toàn hiđrocacbon X thu 6,72 lít CO (đktc) 7,2 gam nước Công thức phân tử X : A C2H6 B C3H8 C C4H10 D CH4 7,2 6,72 nH2O   0,4;nCO2   0,3 � nH2O  nCO2 nên X ankan 18 22,4 18 Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 Số C ankan : C  nCO2  nCnH2n2 nCO2 nH2O  nCO2  0,3  0,4  0,1 Vậy ankan C3H8 Câu 6: Đốt cháy hoàn toàn hiđrocacbon X thu 0,11 mol CO 0,132 mol H2O Khi X tác dụng với khí clo thu sản phẩm monoclo Tên gọi X : A 2-metylbutan B etan C 2,2-đimetylpropan D 2-metylpropan Vì đốt cháy X, thu số mol H2O nhiều số mol CO2, nên X ankan CnH2n+2 Số C phân tử X : n  nCO nC H n  2n2 nCO  nH O  nCO 2 0,11  � X laøC5H12 0,132  0,11 X phản ứng với Cl2 tạo sản phẩm monoclo nên X 2-metylbutan : CH3  CH2  CH  CH3 | CH3 Phương trình phản ứng : �� � CH2Cl  CH2  CH  CH3  HCl | CH3 CH3  CH2  CH  CH3  Cl2 | CH3 aùnh saùng �� � CH3  CHCl  CH  CH3  HCl | CH3 �� � CH3  CH2  CCl  CH3  HCl | CH3 �� � CH3  CH2  CH  CH2Cl  HCl | CH3 Câu 7: Đốt cháy hồn tồn ankin X thể khí thu H 2O CO2 có tổng khối lượng 23 gam Nếu cho sản phẩm cháy qua dung dịch Ca(OH) dư, 40 gam kết tủa Công thức phân tử X : A C3H4 B C2H2 C C4H6 D C5H8 Theo giả thiết, đốt cháy X, ta có : mCO2  mH2O  23 (1) Theo bảo tồn ngun tố C, ta có : nCO  nCaCO  Từ (1) (2), suy : nH O  40  0,4 (2) 100 23 0,4.44  0,3 18 Vì X ankin nên nX  nCO2  nH2O  0,1� CX  nCO nX  0,4  � X làC4H6 0,1 Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng 19 Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 Câu 8: Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp X gồm hai hiđrocacbon thuộc cùng dãy đồng đẳng hấp thụ hết sản phẩm cháy vào bình đựng nước vơi dư thu 25 gam kết tủa khối lượng nước vôi giảm 7,7 gam CTPT hai hiđrocacon X : A CH4 C2H6 B C2H6 C3H8 C C3H8 C4H10 D C4H10 C5H12 Theo giả thiết, ta có : nCO2  nCaCO3  0,25 mol Khối lượng dung dịch giảm 7,7 gam nên suy : mCaCO3  (mCO2  mH2O )  7,7 � mH2O  6,3 gam � nH2O  0,35 mol { { 123 25 0,25.44 ? Hỗn hợp X gồm hai chất đồng đẳng, đốt cháy X cho nH2O  nCO2 , chứng tỏ X gồm hai ankan Đặt cơng thức phân tử trung bình hai ankan X : CnH2n2 Số nguyên tử cacbon trung bình hai ankan n  nCO2 nC H n  2n2 nCO2 nH2O  nCO2  2,5 C3H8 Căn vào phương án ta thấy hai ankan C2H6 va� Câu 9: Đốt cháy số mol hiđrocacbon K, L, M ta thu lượng CO tỉ lệ số mol nước CO2 K, L, M tương ứng 0,5 : : 1,5 Xác định CT K, L, M (viết theo thứ tự tương ứng) : A C2H4, C2H6, C3H4 B C3H8, C3H4, C2H4 C C3H4, C3H6, C3H8 D C2H2, C2H4, C2H6 Đốt cháy số mol hiđrocacbon K, L, M ta thu lượng CO nhau, chứng tỏ K, L, M có cùng số nguyên tử C Khi đốt cháy M thu nH2O  1,5  nCO2 nCO Số nguyên tử C M : n  nC H n 2n2 1,5  nên M ankan CnH2n+2  nCO nH O  nCO 2   � M laøC2H6 1,5 K, L có cùng số nguyên tử C với M nên có hai nguyên tử C Vậy đáp án D Câu 10: Hợp chất X hiđrocacbon no phân tử có nguyên tử cacbon Khi cho X clo điều kiện ánh sáng, tỉ lệ mol 1:1 tạo sản phẩm Hỗn hợp A gồm 0,02 mol X lượng hiđrocacbon Y Đốt cháy hết hỗn hợp A thu 0,11 mol CO 0,12 mol H2O Tên gọi X, Y tương ứng : A neopentan metan B metylxiclobutan etan C xiclopentan etan D xiclopentan metan Theo giả thiết X neopentan xiclopentan nH2O  nCO2  0,12  0,11 0,01�0,02 Suy X xiclopentan (C 5H10), Y ankan CnH2n+2 với số mol 0,01 mol Số C ankan : n  nCO nC H n 2n  0,11 0,02.5  1� Y làCH 0,01 Câu 11: Đốt cháy hồn tồn m gam hỗn hợp X gồm ancol đơn chức cùng dãy đồng đẳng thu 3,52 gam CO2 1,98 gam H2O Giá trị m là: A 0,83 gam B 1,245 gam C 1,66 gam D 0,161 gam 20 Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 (Đề thi thử đại học lần – THPT Chuyên Hạ Long, năm học 2011 – 2012) Khi đốt cháy hỗn hợp X gồm ancol đơn chức, thu : 1,98 3,52 nH2O   0,11 nCO2   0,08� X gồm ancol no, đơn chức 18 44 nancol  nH O  nCO  0,11 0,08  0,03 � nO ancol  nancol  0,03mol 2 1442443 0,11.2 1442443  0,03.16 1442443 1,66 gam Áp dụng bảo tồn khối lượng, ta có : mancol  0,08.12 mC ancol mH ancol mO ancol Câu 12: Đốt cháy hoàn toàn lượng hỗn hợp X gồm ancol thuộc cùng dãy đồng đẳng thu 6,72 lít khí CO2 (đktc) 9,90 gam H2O Nếu đun nóng lượng hỗn hợp X với H 2SO4 đặc nhiệt độ thích hợp để chuyển hết thành ete tổng khối lượng ete thu : A 6,45 gam B 5,46 gam C 7,40 gam D 4,20 gam (Đề thi tuyển sinh Cao đẳng năm 2011) Khi đốt cháy hỗn hợp X gồm ancol thu : 9,9 6,72 nH2O   0,55  nCO2   0,3 � X gồm ancol no 18 22,4 nancol  nH2O  nCO2  0,55 0,3  0,25 Số nguyên tử cacbon trung bình ancol : n nCO2 nancol  0,3  1,2 Suy phải có ancol có C Vậy X ancol no, đơn chức 0,25 Trong phản ứng ete hóa, theo bảo tồn ngun tố H, ta có : 2nH2O  nC H OH � nH2O  nC H n 2n1 OH 2n1 Theo bảo toàn khối lượng, ta có : n  0,25  0,125 mancol  mete  mH O � mete  0,25(14.1 ,2  18) 144424443 6,45 gam 1444444 42444444 43 0,125.18 mancol mH 2O Câu 13: Đốt cháy hoàn toàn lượng hỗn hợp X gồm số ancol thuộc cùng dãy đồng đẳng cần dùng 10,08 lít khí O2 (đktc) thu 6,72 lít khí CO (đktc) 9,90 gam H2O Nếu đun nóng 10,44 gam hỗn hợp X với H 2SO4 đặc nhiệt độ thích hợp để chuyển hết thành ete tổng khối lượng ete thu là: A 7,74 gam B 6,55 gam C 8,88 gam D 5,04 gam (Đề thi thử đại học lần – THPT Chuyên Vĩnh Phúc, năm học 2011 – 2012) Khi đốt cháy hỗn hợp X gồm ancol thu : 9,9 6,72 nH2O   0,55  nCO2   0,3 � X gồm ancol no 18 22,4 nancol  nH2O  nCO2  0,55 0,3  0,25 Số nguyên tử cacbon trung bình ancol : n nCO2 nancol  0,3  1,2 Suy phải có ancol có C Vậy X ancol no, đơn chức 0,25 Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng 21 Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 10,44  0,3 mol n 14.1,2  18 Trong phản ứng ete hóa, theo bảo tồn ngun tố H, ta có : Số mol ancol 10,44 gam : nC H 2nH O  nC H OH 2n1 � nH O  nC H n OH 2n1 Theo bảo tồn khối lượng, ta có : n OH 2n1   0,3  0,15 mol mancol  mete  mH O � mete  10,44 {  0,15.18 1442443 7,74 gam mancol mH 2O Câu 14: Hỗn hợp X gồm hai este no, đơn chức, mạch hở Đốt cháy hoàn toàn lượng X cần dùng vừa đủ 3,976 lít khí O (ở đktc), thu 6,38 gam CO Mặt khác, X tác dụng với dung dịch NaOH, thu muối hai ancol đồng đẳng Công thức phân tử hai este X A C2H4O2 C3H6O2 B C3H4O2 C4H6O2 C C3H6O2 C4H8O2 D C2H4O2 C5H10O2 (Đề thi tuyển sinh Đại học khối B năm 2009) 3,976 6,38  0,1775 mol;nCO   0,145 mol 22,4 44 Vì hỗn hợp X hai este no, đơn chức, mạch nên phân tử có liên kết  chức este Khi đốt cháy X cho nCO2  nH2O  0,145 Theo giả thiết : nO2  Trong phản ứng đốt cháy X, áp dụng bảo tồn ngun tố O, ta có : nCO2 2neste  nO2  2nCO2  nH2O � neste  0,04 � C X   3,625 { { { { neste ? 0,1775 0,145 0,145 X tác dụng với dung dịch NaOH, thu muối hai ancol đồng đẳng kế tiếp, chứng tỏ hai este X nguyên tử C Vậy với CX  3,625 X C3H6O2 vaøC4H8O2 Câu 15: X ancol (rượu) no, mạch hở Đốt cháy hoàn toàn 0,05 mol X cần 5,6 gam oxi, thu nước 6,6 gam CO2 Công thức X : A C2H4(OH)2 B C3H7OH C C3H5(OH)3 D C3H6(OH)2 (Đề thi tuyển sinh Đại học khối B năm 2007) 6,6 5,6  0,15;nO2   0,175 Theo giả thiết : nCO2  44 32 Số nguyên tử C X : CX  nCO2 nX  0,15 3 0,05 n  n  n � nH O  0,2 mol Vì X ancol no, mạch hở nên ta có : {X {H2O {CO2 0,05 ? 0,15 O n  2nO2  2nCO2  nH2O � OX  Áp dụng bảo toàn nguyên tố O, ta có : { X {X { { { ? 0,05 0,175 0,15 0,2 Vậy công thức phân tử X C3H8O3 hay C3H5(OH)3 22 Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 Câu 16: Đốt cháy hoàn toàn ete tạo ancol đơn chức X, Y (Y mạch nhánh) cho sản phẩm cháy hấp thụ hết vào nước vơi dư thu 20 gam kết tủa khối lượng dung dịch sau phản ứng giảm 6,88 gam so với khối lượng nước vôi ban đầu Khối lượng phân tử X (đvC) A 74 B 46 C 32 D 58 (Đề thi thử đại học lần – THPT Chuyên – Đại học Vinh, năm học 2012 – 2013) Sản phẩm cháy hấp thụ vào nước vôi dư thấy khối lượng dung dịch giảm, chứng tỏ lượng kết tủa tạo thành nhiều lượng CO2 H2O Ta có : mdung dịch giảm  mCaCO  (mCO  mH O ) � mCO  mH O  13,12 gam 2 14444244443 1442443 1444424244444 6,88 ? 20 Mặt khác, nCO  nCaCO  20 13,12 0,2.44  0,2 mol � nH O   0,24 mol 100 18 Do nH2O  nCO2 � Ete tạo bới X, Y ete no Ta có : nete  nH2O  nCO2  0,04 � Cete  nCO2 nete  0,2  (1) 0,04 Vì Y ancol có mạch nhánh nên số C Y phải từ trở lên (2) Từ (1) (2), sau Y có C (CH3(CH3 )CHCH2OH) X có C (CH3OH, M = 32) Câu 17: Đốt cháy hoàn toàn lượng hỗn hợp X gồm ancol (đều no, đa chức, mạch hở, có cùng số nhóm -OH) cần vừa đủ V lít khí O2, thu 11,2 lít khí CO2 12,6 gam H2O (các thể tích khí đo đktc) Giá trị V A 14,56 B 15,68 C 11,20 D 4,48 (Đề thi tuyển sinh Đại học khối B năm 2010) 12,6 11,2  0,7;nCO2   0,5 Theo giả thiết : nH2O  18 22,4 Vì X hỗn hợp ancol no, đa chức, mạch hở nên : nancol  nH2O  nCO2  0,2 � Cancol  nCO2 nancol  0,5  2,5 nên phải có ancol C2H4(OH)2 0,2 Vậy hai ancol có hai chức (vì chúng có cùng số nhóm –OH) Áp dụng bảo tồn ngun tố O, ta có : 2nancol  2nO  2nCO  nH O � nO  0,65 � VO đktc  0,65.22,4  14,56 lít 2 { {2 { {2 0,2 ? 0,5 0,7 Câu 18: Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm hai ancol hai chức thuộc cùng dãy đồng đẳng, thu 39,6 gam CO2 18,9 gam H2O Nếu cho m gam X tác dụng vừa đủ với Na thu gam chất rắn? A 32,9 gam B 24,3 gam C 25,9 gam D 24,6 gam (Đề thi thử đại học lần – THPT Chuyên – Đại học Vinh, năm học 2012 – 2013) n n Đốt cháy X thu {H2O {CO2 , chứng tỏ X gồm hai ancol no 1,05 0,9 Đặt công thức chung X CnH2n(OH)2 nC H n 2n (OH)2  nH O  nCO  0,15 mol � n OH X  0,3 mol {2 { 1,05 0,9 Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng 23 Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 mC H n 2n (OH)2  mC  mH  mO  0,9.12  1,05.2  0,3.16  17,7 gam Cho X phản ứng với Na mCnH2n (ONa)2  mCnH2n (OH)2  mtaêng  17,7 0,3.22  24,3 gam Câu 19: Đốt cháy hoàn toàn a mol anđehit X (mạch hở) tạo b mol CO c mol H2O (biết b = a + c) Trong phản ứng tráng gương, phân tử X cho electron X thuộc dãy đồng đẳng anđehit A no, đơn chức B khơng no có hai nối đơi, đơn chức C khơng no có nối đơi, đơn chức D no, hai chức (Đề thi tuyển sinh Đại học khối B năm 2007) Ta có : � (k  1)nX  nCO  nH O { � { {2 a � (k  1)nX  nCO  nH O � k  1 1� k  � b c { { {2 � a b  a c a c c � Mặt khác, phản ứng tráng gương, phân tử X cho hai electron, chứng tỏ X có 1 o 3 AgNO3 /NH3 ,t nhóm –CHO :  C HO ����� �  CCOONH Vì X có k = có nhóm –CH=O nên cịn liên kết  nằm gốc hiđrocacbon C=C ngno,cómộ t nố i đô i C  C, đơn c Vậy X anđehit khô Câu 20: Đốt cháy hồn toàn anđehit X nX  nCO2  nH2O Cho 11,52 gam X phản ứng với lượng dư AgNO3 NH3 69,12 gam Ag Công thức X là: A CH2(CHO)2 B CH2=CH-CHO C CH3CHO D HCHO (Đề thi thử đại học lần – THPT Chuyên Nguyễn Huệ – Hà Nội, năm học 2011 – 2012) Khi đốt cháy hợp chất hữu chứa C, H, O (k  1)nhợp chấthữu  nCO2  nH2O Mặt khác, theo giả thiết : nX  nCO2  nH2O , suy k  1 1� k  (k độ bất bão hòa phân tử) Do chức –CH=O có liên kết  k = 2, nên phân tử X anđehit khơng no, có liên kết C=C, đơn chức (1) X anđehit no, hai chức (2) Nếu xảy trường hợp (1) � nX  n CHO 1 69,2 11,52 � � nX  n CHO  nAg   0,32 � M X   36 (loaïi) � 2n CHO  nAg 2 108 0,32 � Nếu xảy trường hợp (2) � 2nX  nCHO 1 69,2 11,52 � � nX  nAg   0,16 � M X   72 � X laøOHC  CH2  CHO � 2n CHO  nAg 4 108 0,16 � Câu 21*: Chia hỗn hợp gồm hai đơn chức X Y (phân tử khối X nhỏ Y) đồng đẳng thành hai phần : - Đốt cháy hoàn toàn phần thu 5,6 lít CO2 (đktc) 6,3 gam H2O - Đun nóng phần với H2SO4 đặc 140oC tạo thành 1,25 gam hỗn hợp ba ete Hóa hoàn toàn hỗn hợp ba ete trên, thu thể tích 0,42 gam N2 (trong cùng điều kiện nhiệt độ, áp suất) Hiệu suất phản ứng tạo ete X, Y : A 30% 30% B 25% 35% C 40% 20% D 20% 40% 24 Trên bước đường thành công dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 (Đề thi tuyển sinh Đại học khối B năm 2011) Khi đốt cháy hai ancol đơn chức X Y thu : 6,3 5,6 nH2O   0,35  nCO2   0,25 � X, Y ancol no, đơn chức CnH2n1OH 18 22,4 nC H n OH 2n1 nCO2 0,25  nH2O  nCO2  0,1� n    2,5 � hai ancol C2H5OH C3H7OH { { nC H OH 0,1 0,35 0,25 n 2n1 0,1  0,05 Gọi số mol ancol C2H5OH C3H7OH tham gia phản ứng ete hóa x y Trong phản ứng ete hóa, ta có : Vì n  2,5 trung bình cộng nên nC2H5OH  nC3H7OH  � nancol  2nete  2nH2O { { { � � � x  y  0,03 x  0,02 0,015 �? ? �� �� � m m 46x  60y  1,25 0,015.18 � y  0,01 � �m {ancol { ete {H2O � 0,015 ? � ? Vậy hiệu suất phản ứng ete hóa (phần trăm ancol bị ete hóa) ancol : 0,02 0,01 %C2H5OH  100%  40%;%C3H7OH  100%  20% 0,05 0,05 Câu 22: Hỗn hợp X gồm axit panmitic, axit stearic axit linoleic Để trung hòa m gam X cần 40 ml dung dịch NaOH 1M Mặt khác, đốt cháy hồn tồn m gam X thu 15,232 lít khí CO2 (đktc) 11,7 gam H2O Số mol axit linoleic m gam hỗn hợp X A 0,015 B 0,010 C 0,020 D 0,005 (Đề thi tuyển sinh Đại học khối B năm 2010) Sử dụng cơng thức (k  1)nhợp chấthữu  nCO2  nH2O , ta thấy : Axit panmitic C15H31COOH, axit stearic C17H35COOH phân tử có liên kết  (k = 1) Khi đốt cháy axit cho nCO2  nH2O Axit linoleic C17H31COOH có liên kết  (k = 3), đốt cháy cho 2nC17H31COOH  nCO2  nH2O Vậy đốt cháy hỗn hợp axit panmitic, axit stearic axit linoleic, ta có : 2nC H COOH  �nCO  �nH O � nC H COOH  0,015 mol 17 31 2 17 31 144244 1444 24443 1442443 ? 0,68 0,65 Câu 23*: Đốt cháy hoàn toàn 7,6 gam hỗn hợp gồm axit cacboxylic no, đơn chức, mạch hở ancol đơn chức (có số nguyên tử cacbon phân tử khác nhau) thu 0,3 mol CO 0,4 mol H2O Thực phản ứng este hóa 7,6 gam hỗn hợp với hiệu suất 80% thu m gam este Giá trị m A 4,08 B 6,12 C 8,16 D 2,04 (Đề thi tuyển sinh Đại học khối A năm 2012) Sử dụng cơng thức (k  1)nhợp chấthữu  nCO2  nH2O , ta thấy : Khi đốt cháy axit cacboxylic no, đơn chức CmH2mO2 (k =1) cho nCO2  nH2O Khi đốt cháy ancol no, đơn chức CnH2n+2O (k = 0) cho nCnH2n2O  nH2O  nCO2 Suy : Khi đốt cháy hỗn hợp axit cacboxylic no, đơn chức ancol no, đơn chức, ta có : Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng 25 Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 nCnH2n2O  �nH2O  �nCO2  0,1 1442443 1442443 0,4 0,3 7,6  0,3.12  0,4.2 0,2  0,1  0,2 � nCmH2mO2   0,05 16 Trong phản ứng đốt cháy, áp dụng bảo toàn nguyên tố C, ta có : nOtrongCmH2mO2 ,CnH2n2O  0,05m  123 soá ùmol C axit 0,1n { soá ùmol C ancol  � ancol laøCH4O � n1 � �� �� m � axit làC4H8O2 � số ù molCtrongCO2 0,3 { Vì nCnH2n2O  0,1 nCmH2mO2  0,05 nên hiệu suất phản ứng tính theo axit Trong phản ứng este hóa, ta có : � naxit  nancol  nH O  0,05.80%  0,04 � � meste  0,04.88_ � 14 43 0,04.32 14 43  0,04.18 14 43  4,08 gam m  m  m  mH O � axit ancol este maxit mancol mH O � Câu 24*: Đốt cháy hoàn toàn m gam chất béo X (chứa triglixerit axit stearic, axit panmitic axit béo tự đó) Sau phản ứng thu 13,44 lít CO (đktc) 10,44 gam nước Xà phịng hố m gam X (H = 90%) thu khối lượng glixerol là: A 2,484 gam B 0,828 gam C 1,656 gam D 0,92 gam (Đề thi thử đại học lần – THPT Chuyên Nguyễn Huệ – Hà Nội, năm học 2011 – 2012) Khi đốt cháy hợp chất hữu chứa C, H, O (k  1)nhợp chấthữu  nCO2  nH2O Đối với axit stearic, axit panmitic axit béo no, đơn chức nên k = Do đốt cháy hỗn hợp axit nCO2  nH2O  (1) Đối với triglixerit axit stearic axit panmitic (este glixerol với axit stearic axit panmitic) k = Do đốt cháy thu 2ntriglixerit  nCO2  nH2O (2) Từ (1) (2) ta có : 2ntriglixerit  �nCO  �nH O  0,02 � ntriglixerit  0,01 mol 14 432 14 432 0,6 0,58 Trong phản ứng xà phịng hóa, ta có : nC H (OH)3  ntriglixerit phản ứng  0,01.90%  0,009 mol � mC H (OH)  0,009.92  0,828 gam Câu 25*: Đipeptit mạch hở X tripeptit mạch hở Y tạo nên từ aminoaxit (no, mạch hở, phân tử chứa nhóm –NH nhóm –COOH) Đốt cháy hồn tồn 0,1 mol Y, thu tổng khối lượng CO2 H2O 54,9 gam Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol X, sản phẩm thu cho lội từ từ qua nước vôi dư, tạo m gam kết tủa Giá trị m A 120 B 60 C 30 D 45 (Đề thi tuyển sinh Đại học khối B năm 2010) Amino axit no mạch hở, có nhóm –COOH nhóm –NH2 có cơng thức chung CnH2n+1O2N X đipeptit tạo từ amino axit trên, phân tử có nhóm peptit cịn nhóm –COOH nên k = có nguyên tử N (t = 2) Y tripeptit tạo từ amino axit trên, phân tử có nhóm peptit cịn nhóm –COOH nên k = có nguyên tử N (t = 3) Khi đốt cháy Y, ta có : 26 Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng Biên soạn : Thầy giáo Nguyễn Minh Tuấn – Tổ Hóa – Trường THPT Chuyên Hùng Vương – Phú Thọ – ĐT : 01689186513 � 44nCO2  18nH2O  54,9 � nCO  0,9 nCO2 � � � � CY   � Caminoaxit   � � nCO  nH O  (k   0,5t)n { { {Y nY nH O  0,85 � � 3 0,1 � Như vậy, amino axit có nguyên tử C, X đipeptit nên số nguyên tử C X 3.2 = Khi đốt cháy X, theo bảo toàn nguyên tố C, ta có : nCaCO3  nCO2  nC X  6nX  0,12 � mCaCO3  0,12.100  120 gam Câu 26*: Tripeptit mạch hở X tetrapeptit mạch hở Y tạo từ amino axit no, mạch hở có nhóm –COOH nhóm –NH Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol X thu sản phẩm gồm CO2, H2O, N2 tổng khối lượng CO2, H2O 36,3 gam Nếu đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol Y cần số mol O2 là: A 1,875 B 1,8 C 2,8 D 3,375 (Đề thi thử đại học lần – THPT Chuyên Nguyễn Huệ – Hà Nội, năm học 2010 – 2011) Amino axit no mạch hở, có nhóm –COOH nhóm –NH2 có cơng thức chung CnH2n+1O2N X tripeptit tạo từ amino axit trên, phân tử có nhóm peptit –CONH– cịn nhóm – COOH nên k = có nguyên tử N (t = 3) Y tetrapeptit tạo từ amino axit trên, phân tử có nhóm peptit –CONH– cịn nhóm – COOH nên k = có nguyên tử N (t = 4) Khi đốt cháy X, ta có : � 44n  18nH2O  36,3 � nCO  0,6 nCO2 � CO2 � � � CX   � Caminnoaxit   � � nCO  nH O  (k   0,5t)n { { {X nX n  0,55 � � H2O 3 0,1 � Như amino axit có nguyên tử C, Y tetrapeptit nên số nguyên tử C Y 2.4 = Khi đốt cháy 0,2 mol Y, ta có : � nCO  nCtrongY  8nY  1,6 � nCO  1,6 � � � � � nCO2  nH2O  (k  1 0,5t)n { { {Y �{ �nH2O  1,4 4 0,2 �1,6 Áp dụng bảo toàn nguyên tố O phản ứng đốt cháy Y, ta có : � nO(trongY )  5nY  � � nO(trongY )  2nO  2nCO  nH O � nO2  1,8 mol 424443 { { {2 �144 ? 1,6 1,4 � Trên bước đường thành cơng khơng có dấu chân kẻ lười biếng 27 ... mối liên hệ độ bất bão hòa k với số mol hợp chất hữu số mol CO 2, H2O, giúp ta giải nhanh dạng tập liên quan đến phản ứng đốt cháy hợp chất hữu Đốt cháy hiđrocacbon Ví dụ 1: Đốt cháy hoàn toàn... có : 144an� m ? m1 Trong phản ứng cộng H2 vào anđehit no, đơn chức, mạch hở nCnH2nO  nH2  0,5 Khi đốt cháy anđehit no, đơn chức, mạch hở nCO2  nH2O Trong phản ứng đốt cháy X, áp dụng bảo...  2,8 15,6  0,26  nancol  0,25 � Hiệu suất phản ứng tính theo ancol 60 Trong phản ứng este hóa, ta có : nH2O  nancol phản ứng  nCH3COOH phản ứng  0,25.60%  0,15 Theo bảo tồn khối lượng,