dap an de thi hoc sinh gioi cap tinh mon sinh hoc thpt

dap an de thi hoc sinh gioi cap tinh mon sinh hoc thpt tài liệu, giáo án, bài giảng , luận văn, luận án, đồ án, bài tập...

HƯỚNG DẪN CHẤM VÀ CHO ĐIỂM BÀI THI THÍ SINH (LỚP 9 THCS 10_04_2009) STT Câu Đáp án tham khảo Điểm 1 (3,0đ) 1.a (1,0đ) 27a + Xb = 150 a + b = 5 Biện luận a, b ⇒ X (Chọn a = 2; b = 3; X = 16 (S)) Tên: nhôm sunfua 0,25đ 0,5đ 0,25đ 1b (2,0đ) * CTPT dạng R x O y Lập pt toán học: y Rx 16 = 30 70 ⇒ R = 3 56 . x y2 = 3 56 .n (n = x y2 : là hóa trị của R) Biện luận n ⇒ R. Chọn n = 3, R = 56 (Fe) * Fe 2 O 3 + 3H 2 SO 4 → Fe 2 (SO 4 ) 3 + 3H 2 O 0,25mol 0,75mol m dd = 100. 5,24 98.75,0 =300gam ⇒ V dd = 2,1 300 =250ml 0,25đ 0,5đ 0,25đ 0,25đ 0,5đ 0,25đ 2 (2,0đ) Ta có pthh: 1C 3 H 8 + 5O 2 → 3CO 2 + 4H 2 O 0,2amol amol 0,6amol Theo bài toán ⇒ C 3 H 8 dư, O 2 hết ⇒ hỗn hợp sau phản ứng (ở 25 0 C) gồm CO 2 và C 3 H 8 dư Trong cùng đk đẳng nhiệt, đẳng tích: 1 2 P P = 1 2 n n Vì ở 25 0 C nên H 2 O ở trạng thái lỏng ⇒ n 1 =2a mol; n 2 =0,8a+0,6a = 1,4amol (với a = n O2 bđ = n C3H8 bđ ) ⇒ 1 2 P P = 0,7 0,25đ 0,5đ 0,5đ 0,25đ 0,5đ 3 (3,0đ) * Chọn đúng các chất: A: (C 6 H 10 O 5 ) n X: H 2 O B: C 6 H 12 O 6 C 1 : CO 2 Y 1 : Ba(OH) 2 D 1 : BaCO 3 Z 1 : HCl E 1 : BaCl 2 C 2 : C 2 H 5 OH Y 2 : O 2 D 2 : CH 3 COOH Z 2 : Ba E 2 : (CH 3 COO) 2 Ba I 1 : Na 2 SO 4 I 2 : (NH 4 ) 2 SO 4 * Viết 08 phương trình hóa học: (C 6 H 10 O 5 ) n + nH 2 O  → + CtH 0 , nC 6 H 12 O 6 C 6 H 12 O 6  → menruou 2CO 2 + 2C 2 H 5 OH CO 2 + Ba(OH) 2 → BaCO 3 + H 2 O BaCO 3 + 2HCl → BaCl 2 + CO 2 + H 2 O BaCl 2 + Na 2 SO 4 → BaSO 4 + Na 2 SO 4 C 2 H 5 OH + O 2  → men CH 3 COOH + H 2 O 2CH 3 COOH + Ba → (CH 3 COO) 2 Ba + H 2 (CH 3 COO) 2 Ba + (NH 4 ) 2 SO 4 → BaSO 4 + 2CH 3 COONH 4 1,0đ 0,25 x 8 = 2,0đ 1 4 (2,5đ) 4. a (0,5đ) ở thời điểm 90 giây: v pư (3) = 0,867 (cm 3 /giây) > v pư (2) = 30 3052 − = 0,733; ngược quy luật (tốc độ phản ứng sẽ càng giảm khi lượng chất phản ứng càng ít) 0,5đ 4. b (0,5đ) CaCO 3 + 2HCl → CaCl 2 + 1CO 2 ↑ + H 2 O Ta nhận thấy nếu HCl pư hết ⇒ V CO2 = 22,4.0,005 = 0,112lít = 112,0cm 3 > V CO2 (tt) ⇒ CaCO 3 hết, HCl dư ⇒ phản ứng dừng khi mẩu CaCO 3 hết. 0,5đ 4. c (1,0đ) - ở phút đầu tiên. - tán nhỏ mẩu CaCO 3 hoặc đun nóng hệ phản ứng 0,5đ 0,5đ 4. đ (0,5đ) Không giống nhau. Vì: CaCO 3 + H 2 SO 4 → CaSO 4 + CO 2 ↑ + H 2 O CaSO 4 là chất ít tan, bám vào mẩu đá vôi ngăn cản sự va chạm của H 2 SO 4 với CaCO 3 . Phản ứng xảy ra chậm dần rồi dừng lại. 0,5đ 5 (3,5đ) Dùng thuốc thử Ba(OH) 2 cho đến dư: Nhận được 7 chất. * Giai đoạn 1: nhận được 5 chất - Chỉ có khí mùi khai ⇒ NH 4 Cl 2NH 4 Cl + Ba(OH) 2 → 2NH 3 + BaCl 2 + 2H 2 O - Có khí mùi khai + ↓ trắng ⇒ (NH 4 ) 2 SO 4 (NH 4 ) 2 SO 4 + Ba(OH) 2 → 2NH 3 + BaSO 4 + 2H 2 O - Chỉ có ↓ trắng → Na 2 SO 4 2Na 2 SO 4 + Ba(OH) 2 → 2NaOH + BaSO 4 - Dung dịch có màu hồng → phenolphtalein - Có ↓ , sau đó ↓ tan → Zn(NO 3 ) 2 Zn(NO 3 ) 2 + Ba(OH) 2 → Ba(NO 3 ) 2 + Zn(OH) 2 Zn(OH) 2 + Ba(OH) 2 → Ba[Zn(OH) 4 ] (hoặc BaZnO 2 + H 2 O) * Giai đoạn 2, còn dd HCl và NaCl: Lấy một ít dd (Ba(OH) 2 + pp) cho vào 2 ống nghiệm. Cho từ từ từng giọt ddịch HCl/NaCl vào hai ống nghiệm: - ống nghiệm mất màu hồng sau một thời gian → ddHCl - ống nghiệm vẫn giữ được màu hồng → dd NaCl 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ 0,5đ 6 (2,0đ) 6. a (1,0đ) H 2 + CuO  → Ct 0 Cu + H 2 O (1) 4H 2 + Fe 3 O 4  → Ct 0 3Fe + 4H 2 O (2) H 2 + MgO  → Ct 0 ko phản ứng 2HCl + MgO → MgCl 2 + H 2 O (3) 8HCl + Fe 3 O 4 → FeCl 2 + 2FeCl 3 + 4H 2 O (4) 2HCl + CuO → CuCl 2 + H 2 O (5) 0,5đ 0,5đ 6. b (1,0đ) * Đặt n MgO = x (mol); n Fe3O4 = y (mol); n CuO = z (mol) trong 25,6gam X Ta có 40x + 232y + 80z = 25,6 (I) 40x + 168y + 64z = 20,8 (II) * Đặt n MgO =kx (mol); n Fe3O4 =ky (mol); n CuO =kz (mol) trong 0,15mol X Ta có k(x + y + z) = 0,15 (III) 2kx + 8ky + 2kz = 0,45 (IV) Giải hệ gồm (I), (II), (III) và (IV) ⇒ x=0,15mol; y=0,05mol; z=0,1mol 0,5đ 0,25đ 2 %n MgO = 3,0 15,0 .100 = 50,00(%); %n CuO = 3,0 1,0 .100 = 33,33(%) %n Fe3O4 =100 – 50 – 33,33 = 16,67(%) 0,25đ 7 (2,0đ) * X có dạng C x H y (x,y≥1; x,y Z ∈ ) - n O2 bđ = 0,03mol; n O2 dư = 0,005mol ⇒ n O2 pư = 0,025mol (n O pư = 0,05mol) - n CO2 = n SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO PHÚ THỌ KỲ THI HỌC SINH GIỎI CẤP TỈNH NĂM HỌC 2013 - 2014 ĐỀ GỐC MÔN: Sinh học – THPT (Phần TNKQ) ĐỀ CHÍNH THỨC Thời gian: 45 phút, không kể thời gian giao đề Đề thi có: 04 trang * Câu trắc nghiệm khách quan có 01 nhiều lựa chọn Thí sinh dùng bút khoang tròn vào phương án mà lựa chọn (A, B, C, D, E, G) Phương án chọn sai dùng bút gạch chéo, không tẩy xóa Với câu trắc nghiệm có nhiều lựa chọn đúng, thí sinh phải chọn xác đủ tất phương án điểm Câu Gen M có 3600 liên kết hiđrô số nuclêôtit loại G chiếm 20% tổng số nuclêôtit gen Gen M bị đột biến cặp A - T thành gen m Một tế bào có cặp gen Mm nguyên phân liên tiếp hai lần, số nuclêôtit loại mà môi trường cung cấp cho cặp gen nhân đôi là: A A =T = 5400, G =X = 3600 B A =T = 5397, G = X = 3600 C A =T = 3597, G =X = 5400 D A =T = 2697, G = X = 1800 E A =T = 5398, G =X = 3601 G A =T = 5396, G =X = 3602 Câu Nếu đột biến lệch bội xảy lần nguyên phân hợp tử A Cơ thể tạo có dòng tế bào mang đột biến lệch bội dòng tế bào bình thường B Cơ thể tạo thuộc loại thể ba có nhiễm sắc thể 2n+1 C Cơ thể tạo có toàn tế bào mang đột biến lệch bội D Cơ thể tạo thuộc loại thể dị đa bội E Cơ thể tạo thuộc loại thể đa bội G Cơ thể tạo thuộc loại thể đa bội chẵn Câu Một thể xét cặp gen nằm cặp nhiễm sắc thể giới tính kí hiệu XAXa Trong trình giảm phân hình thành giao tử, số tế bào cặp nhiễm sắc thể phân li bình thường giảm phân I, giảm phân II không phân li Các loại giao tử tạo từ thể : A XAXa, XaXa, XA, Xa, O B XAXa, O C XAXA, XAXa, XA, Xa, O D XAXA, XaXa, XA, Xa, O E XAXA, XAXa, O G XAXA, XaXa, O Câu Nhận định sau không nói chế dịch mã sinh vật nhân thực? A Axit amin mở đầu trình dịch mã mêtiônin B Mỗi phân tử mARN tổng hợp từ đến nhiều chuỗi pôlipeptit loại C Khi ribôxôm tiếp xúc với mã UGA trình dịch mã dừng lại D Khi dịch mã, ribôxôm dịch chuyển phân tử mARN theo chiều 3’→ 5’ E Khi dịch mã, ribôxôm dịch chuyển phân tử mARN theo chiều 5’→ 3’ G Phân tử mARN cắt bỏ đoạn Intron trước tiến hành dịch mã Câu Tế bào lưỡng bội ruồi giấm (2n = 8) có khoảng 2,83 x108 cặp nuclêotit Nếu chiều dài trung bình nhiễm sắc thể ruồi giấm kì dài khoảng micromet, cuộn chặt lại làm ngắn lần so với chiều dài kéo thẳng phân tử ADN? A 10000 B 12026 C 6013 D 6000 E 3006 G 5000 Câu Mỗi gen cặp gen dị hợp chứa 2998 liên kết hóa trị nucleotit Gen trội D chứa 17,5% số nucleotit loại T, gen lặn d có A = G = 25% Tế bào mang kiểu gen Ddd giảm phân loại giao tử sau tạo ra? A Giao tử có 525 Adenin B Giao tử có 1275 Xitozin C Giao tử có 1275 Timin D Giao tử có 1500 Guanin E Giao tử có 252 Timin G Giao tử có 500 Xitozin Câu Ở loài vẹt, tính trạng màu lông cặp gen quy định Người ta thực ba phép lai thu kết sau: Phép lai 1: ♀lông xanh × ♂lông vàng -> F1 : 100% lông xanh Phép lai 2: ♀lông vàng × ♂lông vàng -> F1 : 100% lông vàng Phép lai 3: ♀lông vàng × ♂lông xanh -> F1 : 50% ♂ vàng; 50% ♀xanh Tính trạng màu sắc lông loài vẹt di truyền theo quy luật: A Liên kết với giới tính B Tương tác gen D Di truyền qua tế bào chất C Phân li độc lập Menđen E Liên kết gen hoàn toàn G Liên kết gen không hoàn toàn Câu Ở gà, cho chủng mang gen tương phản lai với F1 toàn lông xám, có sọc Cho gà mái F1 lai phân tích thu hệ lai có 25% gà mái lông vàng, có sọc; 25% gà mái lông vàng, trơn; 20% gà trống lông xám, có sọc; 20% gà trống lông vàng, trơn; 5% gà trống lông xám, trơn; 5% gà trống lông vàng, có sọc Biết lông có sọc trội hoàn toàn so với lông trơn Cho gà F1 với lai nhau, trường hợp gà trống gà mái F1 có diễn biến giảm phân gà mái F1 đem lai phân tích Hãy xác định F2: - Tỉ lệ gà mang cặp gen dị hợp - Tỉ lệ gà lông vàng, trơn mang toàn gen lặn A 0,08 0,04 B 0,005 0,04 C 0,085 0,04 D 0,085 0.02 E 0,08 0,02 G 0,04 0,02 Câu Cho nội dung: (1) Tính trạng màu sắc hoa gen gồm hai alen A a quy định A át hoàn toàn a (2) Tính trạng màu sắc hoa gen (A,a B,b) quy định A B có vai trò (3) Tính trạng màu sắc hoa gen (A,a B,b) quy định alen trội có vai trò hình thành tính trạng (4) Tính trạng màu sắc hoa gen gồm hai alen A a quy định A át không hoàn toàn (5) Tính trạng màu sắc hoa kích thước cánh hoa gen gồm hai alen A a quy định Nội dung thuộc kiểu tương tác gen không alen là: A (2), (3), (4) B (1), (2) C (2), (3) D (3), (4), (5) E (1), (3) G (3), (4) Câu 10 Các gen a b nằm NST số 20 cách 20 cM; gen c d nằm NST khác cách 10 cM; gen e f nằm NST thứ ba cách 30 cM Tiến hành lai cá thể đồng hợp tử gen ABCDEF với cá thể đồng hợp tử gen abcdef, sau tiến hành lai ngược cá thể F1 với cá thể đồng hợp tử abcdef Xác suất thu cá thể có kiểu hình tương ứng với gen aBCdef abcDeF là: A 0,175% 0,63% B 0,75% 0,3% C 0,175% 0,3% D 0,75% 0,63% E 0,35% 0,3% G 0,35% 0,63% Câu 11 Ở thực vật cho quăn, hạt trắng lai với thẳng, hạt đỏ F1 100% quăn, hạt đỏ Cho F1 giao phấn F2 thu 20000 với loại kiểu hình thẳng hạt đỏ có 4800 Số lượng quăn hạt đỏ F2 là: A 1200 B 200 C 4800 D 10200 E 1000 G 5100 Câu 12 Trên nhiễm sắc thể, xét gen A, B, C D Khoảng cách tương đối gen là: AB = 20 cM, AC = cM, BC = 25 cM, BD = 22 cM Trật tự gen nhiễm sắc thể là: A ABCD B ADCB C ... UBND TỈNH BẮC NINH SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO HỘI THI GIÁO VIÊN DẠY GIỎI CẤP TỈNH NĂM HỌC 2010-2011 ĐỀ KIỂM TRA NĂNG LỰC Dành cho giáo viên Tiểu học dạy lớp 1 Thời gian làm bài: 120 phút ( Không kể thời gian phát đề) Ngày thi: 15/12/2010 Câu 1 : ( 1,5 điểm) Chuẩn kiến thức, kỹ năng là gì? Anh (chị) đã vận dụng thực hiện việc dạy học theo chuẩn kiến thức kĩ năng ở lớp mình như thế nào? Câu 2 : ( 1,5 điểm) Xác định bộ phận chủ ngữ, vị ngữ của các câu trong đoạn văn sau: Càng lên cao, trăng càng nhỏ dần, càng vàng dần. Bầu trời cũng sáng xanh lên. Mặt nước lóa sáng. Càng lên cao, trăng càng trong và nhẹ bẫng. Biển sáng lên lấp lóa như đặc sánh, còn trời thì trong như nước. Câu 3 : ( 2,5 điểm) Anh ( chị) hãy kể lại một kỉ niệm sâu sắc trong quãng đời dạy học của mình. Câu 4 : ( 1,5 điểm) Anh ( chị) hãy lập một đề toán có lời văn cho học sinh lớp 1 rồi hướng dẫn học sinh giải bài toán đó. Câu 5 : ( 3 điểm) Giải các bài toán sau: a. Tìm x: 7,75 – ( 0,5 x X : 5 – 6,2) = 5 b. Một phép chia có thương là 5, số dư là 2. Tổng của số bị chia, số chia và số dư là 106. Tìm số bị chia, số chia. c. Có 9 que diêm, tìm cách xếp các que diêm đó thành 5 hình tam giác. SỞ GD & ĐT BẮC GIANG TRƯỜNG THPT LỤC NGẠN SỐ 4 ĐỀ THI GIÁO VIÊN DẠY GIỎI CẤP TRƯỜNG MÔN VẬT LÝ - THPT Năm học: 2010 - 2011 Thời gian làm bài: 180 phút, không kể thời gian phát đề Câu 1 (2 điểm). Một sợi dây đàn hồi, mảnh, rất dài có đầu O dao động với tần số f thay đổi trong khoảng từ 40Hz đến 53 Hz, theo phương vuông góc với sợi dây. Sóng truyền trên dây với vận tốc không đổi v = 5 m/s. a) Cho f = 40Hz. Tính chu kỳ và bước sóng trên dây. b) Tìm tần số f để tại điểm M cách O một khoảng 20 cm luôn dao động cùng pha với O? Câu 2 (4 điểm) Cho mạch điện AB như hình vẽ: Đặt vào hai đầu A, B (như hình 1) một điện áp xoay chiều có dạng: u = U 2 cos ω t (V). Khi biến trở R = 30 Ω thì điện áp U AN = 75V và U BM = 100V. Biết u AN vuông pha với u BM . a) Tính các giá trị L và C. b) Khi R = R 1 thì công suất tiêu thụ của mạch đạt giá trị cực đại. Xác định giá trị R 1 và công suất cực đại này. Viết biểu thức dòng điện khi đó. Hình 1 Câu 3 (3 điểm). Một khối trụ đặc có khối lượng m và bán kính r bắt đầu lăn không trượt bên trong một mặt trụ có ma sát và có bán kính R từ một vị trí xác định bởi góc 0 α . Hãy xác định áp lực của khối trụ tại một vị trí bất kì xác định bởi góc α . Cho biết mô men quán tính của khối trụ I = 1/2mr 2 . Câu 4 (3 điểm). Cho mạch điện, đặt trên mặt phẳng nằm ngang trong từ trường đều, véc tơ B thẳng đứng (như hình vẽ 2). Hai dây dẫn thẳng song song được nối với nhau bằng cuộn cảm thuần (r = 0) có độ tự cảm L. Thanh kim loại MN khối lượng m, chiều dài l có thể trượt không ma sát trên hai dây dẫn. Bỏ qua điện trở của mạch điện. Tại thời điểm t = 0, người ta truyền cho thanh MN vận tốc v 0 hướng từ trái sang phải. Hãy tìm quy luật của chuyển động của thanh MN. B ⊕ v 0 Hình 2 Câu 5 (2 điểm). Một lăng kính thủy tinh có chiết suất n = 2 , có góc lệch cực tiểu D min bằng nửa góc chiết quang A: D min = 2 A . Tìm góc chiết quang A của lăng kính. Câu 6 (3 điểm). Trong hình vẽ 3, cho chu trình thực hiện bởi n mol khí lí tưởng gồm: một quá trình đẳng áp và 2 quá trình có p phụ thuộc V. Trong quá trình đẳng áp 1-2, khí thực hiện một công A và nhiệt độ của nó tăng 4 lần. Nhiệt độ tại 1, 3 bằng nhau, các điểm 2, 3 nằm trên đường thẳng qua gốc tọa độ. Hãy xác định nhiệt độ tại điểm 1 và công mà khối khí thực hiện trong chu trình trên. Hình 3 Câu 7 (3 điểm). Đồng chí hãy nêu quy trình biên soạn một đề kiểm tra viết. Nêu các bước để xây dựng ma trận của đề kiểm tra? ----------------------HẾT-------------------------- (Giám thị coi thi không giải thích gì thêm!) Họ, tên thí sinh:………………………… Số báo danh:…………………………………. ĐỀ CHÍNH THỨC P V 1 3 2 A C R L BM N L M N O SỞ GD & ĐT BẮC GIANG TRƯỜNG THPT LỤC NGẠN SỐ 4 HƯỚNG DẪN CHẤM THI GVDG CẤP TRƯỜNG MÔN VẬT LÝ - THPT Năm học: 2010 -2011 Thang điểm 20 /20 – Số trang:03 Chú ý: - Cho điểm lẻ đến 0,5. - Tổng điểm toàn bài là 20/20. ĐỀ CHÍNH THỨC Câu ý NỘI DUNG ĐIỂM 1 a * f = 40Hz. - Chu kỳ sóng: T = 1/f = 0.025s. - Bước sóng: vT = λ = 5.0,025 = 0,125m = 12,5cm 0,5 0,5 b * Điều kiện đồng pha: k d kv f v fdd k OM OMOM 25 22 2 ==⇒===∆ π λ π πϕ (1) Theo đề bài: HzfHz 5340 ≤≤ (2) Từ (1) và (2) ta được: k = 2 ⇒ f = 50 Hz. 0,5 0,5 2 a * Theo đề bài : 1. 2 −=⇒=+ MBANMBAN tgtg ϕϕ π ϕϕ ⇒ R 2 = Z L .Z C (1) Ta lại có: MB MB AN AN Z U Z U = ⇒ 2 2 2 2 10075 LC ZRZR + = + (2) Từ (1) và (2) ta có: Z C = 22,5 Ω ⇒ C = 1.4147.10 -4 F Z L = 40 Ω ⇒ HL π 4,0 = 0,5 0,5 0,5 0,5 b * Khi R = R 1 P = RI 2 = R ( ) 2 2 2 CL ZZR U −+ = ( ) 2 2 R ZZ R U CL − + * Theo hệ quả bất đẳng thức Cauchy: P max ⇔ R = CL ZZ − = R 1 . ⇒ R 1 = CL ZZ − = Ω=− 5,175,2240 P max = 1 2 2R U = 35 2 U * Cường độ hiệu dụng: I = AN AN Z U = 2A. U AB = U = I.Z = … = 69,5 Ω ⇒ P max = 137,857W * tan 1 R ZZ CL − = ϕ = 1 ⇒ 4 π ϕ = ĐÁP ÁN ĐỀ CHÍNH THỨC LỚP 11 Câu Nội dung Điểm 0,5điểm Hình vẽ Câu (4 điểm) r r N A F Trong hệ quy chiếu không quán với mặt phẳng ms tính gắn mliền r Fqt nghiêng, r r rta có: r rr P + N + Fms + Fqt = ma.am / mpn r Chiếu lên trục vuông góc với mặtP phẳng nghiêng, ta có:B α N = mg cosα − ma0 sin α ⇒ Fms = µ m(g cosα − a0 sin α ) Chiếu lên trục song song với mặt phẳng nghiêng, ta có: mg sin α − Fms + ma0 cosα = mam / mpn ⇒ am/ mpn = g(sin α − µ cosα ) + a0 (cosα + µ sin α ) Thế vào: am / mpn = 0,97m / s 2s 2s t= = =1,44s a 0,97 0,5điểm 0,5điểm 0,5điểm 0,5điểm 0,75điểm 0,75điểm ĐÁP ÁN ĐỀ CHÍNH THỨC LỚP 11 Câu Câu (4 điểm) Nội dung a Va chạm va chạm mềm - Tần số góc: ω = Điểm 0,5điểm k = 20 (rad/s) m - Vị trí cân lắc có điện trường là: Δl = A = qE/k = 0,05m = 5cm - Ban đầu lắc biên, đến thời điểm t = 0,5điểm 19 T = T + 12 T lắc vị trí 12 x = 2,5 cm ( chọn chiều dương hướng sang phải) m có độ lớn vận tốc là: v1 = ω A2 − x = 50 cm/s Vận tốc m2 trước va chạm là: v2 = Aω = 100 cm/s * Vận tốc vật sau va chạm là: + Với va chạm mềm: m1v1 + m2v2 = (m1 + m2)V => V = 75cm/s Biên độ là: A1 = ( A + x) + = (5 + 2,5 3) + = 1002 (5 + 2,5 3) + 0,1 ≈ 10,59 cm 40 0,25điểm V 2m1 k 752 0, ≈ 10,73 cm 40 b Va chạm hoàn toàn đàn hồi + Với va chạm đàn hồi: m1v1 + m2v2 = m1V1 + m2V2 m1v12 + m2v22 = m1V12 + m2V22 => V1 = 100cm/s; V2 = 50cm/s Biên độ dao động vật đó: A2 = 0,5điểm 0,25điểm V12 ( A + x) + m1 k 0,5điểm 0,25điểm 0,25điểm 0,5điểm 0,5điểm ĐÁP ÁN ĐỀ CHÍNH THỨC LỚP 11 Câu Câu (4 điểm) a Nội dung Điểm Ta có: 1 = = 100( Ω ) ωC1 100π 10 − ZC = = 100 ( Ω ) ω C π , * Xét nhánh 1: Gọi ϕ1 góc lệch u i ZC 100 π =− ⇒ ϕ1 = − Ta có: tan ϕ1 = − = − R1 100 π Vậy i1 sớm pha so với uAB U U 200 I1 = = = = 1( A) Z1 200 R12 + Z C2 ZC = 0,5điểm π ) ( A) *Xét nhánh 2: Gọi ϕ góc lệch u i2 Z C2 100 π tan ϕ = − =− = − ⇒ ϕ2 = − Ta có: R2 100 π Vậy i2sớm pha so với uAB U U I2 = = = 1( A) Z2 R22 + Z Ta có biểu thức: i1= 2cos(100π t + 0,5điểm C2 π ) ( A) Vẽ giản đồ véc tơ chọn trục gốc trục hiệu điện thế: Ta có biểu thức: i2= r r r I = I1 + I Do: 2cos(100π t + I1 = I ⇒ ϕ = π π π + = 12 0,5điểm 0,5điểm π  I =  I 12 + I 22 + I I cos  6  Thay số vào ta đựơc: I = + = 1,93( A) Vậy biểu thức mạch chính: i= 1,93 2cos(100π t + b Tổng trở mạch: U 200 Z= = = 103,6( Ω ) I 1,93 Công suất tiêu thụ: P = I 12 R1 + I 22 R2 =273(W) P = 0,707 Hệ số công suất: cos ϕ = IU r r r r r U MN = U MA + U AN = U AN − U AM Có π ) ( A) 0,25điểm 0,25điểm 0,5điểm U AN = I Z C = 100 (V ) U = I R = 100 V ( ) ; AM 1 r π u AM pha với i1 tức sớm pha với u r π π u AN chậm pha với i2 góc tức chậm pha với u r Vẽ giản đồ véc tơ chọn trục gốc trục hiệu điện U AB Do ∆OAB nên U MN = U AM = U AN = 100 (V ) π u MN trễ pha so với u π Vậy uMN = 100 cos(100π t − ) ( A ) 0,25điểm c ur U AM O ur U π /6 ur U AN ur UMN 0,25điểm 0,5điểm ĐÁP ÁN ĐỀ CHÍNH THỨC LỚP 11 Câu Câu (4 điểm) a Nội dung L AB  → A1B1  → A'B' Sơ đồ tạo ảnh: df 30.15 d1' = 1 = = 30cm d1 − f1 30 −15 L1 Điểm 0.25điểm ' Có d2 = a − d1 = a − 30 d f (a − 30).(−7,5) 7,5(30 − a) ⇒ d2' = 2 = = d2 − f2 a − 30 + 7,5 a − 22,5 (1) (2) ' Để ảnh ảo d2 < Suy ra: a < 22,5cm a > 30cm Để ảnh ngược chiều với vật độ phóng đại hệ: d1' d2' f f k = k1 k2 < ⇔ < ⇔ < d1 d2 d1 − f1 d2 − f2 Thay số ta được: a > 22,5cm Từ (3) (4) suy ra: a > 30cm b 0.5điểm 0.25điểm 0.25điểm 0.5điểm Khoảng cách x từ vật AB đến thấu kính L1 sau hoán vị hai thấu kính, vị trí ảnh cuối không đổi x f1 15.x d1' = = ; d2 = a − d1' x − f1 x −15 ⇔ d1' + d2 = a ⇔ x f1 d' f + '2 =a x − f1 d2 − f2 (5) 0.5điểm x.15 d2' (−7,5) + = 24 Trước hoán vị: x −15 d2' + 7,5 ⇒16,5d2' + 67,5 x − 472,5d2' − 2700 = (6) x.(−7,5) d2' 15 + = 24 Sau hoán vị: x + 7,5 d2' −15 ⇒16,5d2 − 472,5 x + 67,5d2 − 2700 = ' ' ' Từ (6) (7) ta suy ra: x = d2 , thay vào (6) ta có: 16,5 x − 405 x − 2700 = , chọn nghiệm dương x = 30cm Độ phóng đại ảnh: 0.5điểm 0.5điểm (7) 0.25điểm Trước hoán vị: k ' = f1 f =−5 d1 − f1 d2 − f2 f1 f =− d1 − f1 d2 − f2 Vậy trước sau hoán vị, độ phóng đại ảnh nghịch đảo Sau hoán vị: k " = 0.5điểm 0.5điểm ĐÁP UBND TNH BC NINH S GIO DC V O TO THI GIO VIấN GII CP TNH VềNG Lí THUYT NM HC 2015-2016 Mụn thi: Toỏn - THPT, GDTX Thi gian lm bi: 120 phỳt (khụng k thi gian giao ) Cõu (2,0 im) Thy/ Cụ hóy cho bit mt s li ph bin m hc sinh mc phi lm toỏn v tớch phõn Hóy ly vớ d minh cho tng li Cõu (1,5 im) Cho hm s y = 2x + cú th l (C ) Tỡm cỏc giỏ tr m ng thng x- d : y = - 3x + m ct (C ) ti hai im A , B phõn bit cho trng tõm ca tam giỏc OA B thuc ng thng D : x - 2y - = (O l gc ta ) Cõu (1,0 im) Gii phng trỡnh cos 4x - cos 2x + sin 6x = sin 3x cos x Cõu (1,0 im) n ổ 2ử ữ , bit rng n l s nguyờn dng Tỡm h s ca x khai trin nh thc ỗỗx - ữ ữ ỗố x ứữ tha 4C n3+ + 2C n2 = An3 Cõu (1,5 im) Cho hỡnh lng tr ng A BC A ' B 'C ' cú ỏy A BC l tam giỏc cõn ti C , cnh ỏy ã A B = 2a v gúc A BC = 300 Mt phng (C ' A B ) to vi ỏy (A BC ) mt gúc 600 Tớnh th tớch ca lng tr A BC A ' B 'C ' v khong cỏch gia hai ng thng A B v CB ' Cõu (1,0 im) Trong mt phng vi h ta Oxy , cho tam giỏc A BC cõn ti A cú phng trỡnh ng thng A B , A C ln lt l x + 2y - = v 2x + y + = , im M (1;2) thuc uuur uuur on BC Tỡm ta im D cho DB DC cú giỏ tr nh nht Cõu (1,0 im) ỡù ùù y + x - x + y + y = 2x x - y + y Gii h phng trỡnh ùù y + y - y + = y x - + ( ) ùợ ( ) Cõu (1,0 im) Cho ba s thc dng x , y , z Hóy tỡm giỏ tr ln nht ca biu thc: P = x2 + y2 + z2 + - (x + y ) (x + 2z )(y + 2z ) HT -( cú 01 trang) H v tờn thớ sinh: ; S bỏo danh UBND TNH BC NINH S GIO DC V O TO HNG DN CHM THI GIO VIấN GII CP TNH VềNG Lí THUYT NM HC 2015-2016 Mụn thi: Toỏn - THPT, GDTX Cõu ỏp ỏn Mt s li ph bin m hc sinh mc phi lm toỏn v tớch phõn i bin khụng i cn S dng sai cụng thc ly tha ũ 2x - 1dx = ũ (2x - 1) dx = im 1,0 0,5 0,5 Nhõn t v mu ca hm s tớch phõn vi biu thc khụng xỏc nh trờn on gii hn bi hai cn ũ xdx =ũ ( 1+ x - 1- x + 1+ x S dng sai cụng thc nguyờn hm c bn p sin x sin xdx = ũ p ) - x dx = = 0,5 0,5 Lu ý : GV ch cn lit kờ c li l cú th ly im ti a 1,5 Pt honh giao im: 2x + = - 3x + m Vi k x x- 0,25 P T 2x + = (x - 1)(- 3x + m ) 3x - (1 + m )x + m + = (1) D ct (C) ti A v B Pt (1) cú nghim khỏc ộm > 11 ùỡù D = (1 + m )2 - 12(m + 1) > (m + 1)(m - 11) > ờờ ùù - (1 + m ) + m + ờởm < - ùợ Gi x1, x2 l nghim ca (1) Khi ú A (x 1; - 3x + m ), B (x ; - 3x + m ) x1 + x 1+ m m- , y I = - 3x I + m = uuur ổ1 + m m - 1ửữ uur ữ ; Gi G l trng tõm tam giỏc OAB ị OG = OI ị G ỗỗ ữ ỗố 3 ứữ Gi I l trung im ca AB ị x I = G ẻ d 0,5 = ổm - 1ửữ 1+ m 11 11 ữ - ỗỗỗ - 2= m = (TM) Vy m = ữ 5 ố ứữ 0,5 0,25 1,0 cos 4x - cos 2x + sin 6x = sin 3x cos x - sin 3x sin x + sin 3x cos 3x = sin 3x cos x ộsin 3x = - sin 3x sin x - cos 3x + cos x = ờờ ờởsin x + cos x = cos 3x kp * sin 3x = x = (k ẻ Â ) ( ) 0,25 0,25 0,25 * sin x + ổ cos x = cos 3x cos ỗỗx ỗố Vy nghim ca phng trỡnh l x = - ộ ờx = - p + k p p ửữ 12 - ữ = cos 3x (k ẻ Â ) ữ ữ p kp 6ứ ờx = + 24 p p kp kp + k p; x = + ;x = (k ẻ Â ) 12 24 0,25 1,0 K: n 3, n ẻ Ơ (n + 1)n (n - 1) Ta cú 4C n3+ + 2C n2 = An3 0,25 + n (n - 1) = n (n - 1)(n - 2) (n + 1) + = (n - 2) n = 11 (tha iu kin) 11 0,25 k 11 11 ổ 11- k ổ k 2ử k ỗỗ- ữ ữ ữ = C x = C 11k (- 2) x 22- 3k Khi ú, ỗỗx - ữ ồ ữ ữ 11 ỗố ỗố x ứữ k = x ứữ k= S hng cha x l s hng ng vi k tha 22 - 3k = k = 0,25 Suy h s ca x l C 115 (- 2) = - 14784 0,25 ( ) 5 1,5 Gi M l trung im ca A B Tam giỏc A BC cõn ti C suy A B ^ CM ã Mt khỏc A B ^ CC ' ị A B ^ (CMC ') ị CMC ' = 600 Ta cú CM = BM t an 30 = CC ' = CM t an 60 = a ị S A BC 0,25 a2 = CM A B = a = a ị V A BC A ' ... hợp tử gen ABCDEF với cá thể đồng hợp tử gen abcdef, sau tiến hành lai ngược cá thể F1 với cá thể đồng hợp tử abcdef Xác suất thu cá thể có kiểu hình tương ứng với gen aBCdef abcDeF là: A 0,175%... Phép lai 1: ♀lông xanh × ♂lông vàng -> F1 : 100% lông xanh Phép lai 2: ♀lông vàng × ♂lông vàng -> F1 : 100% lông vàng Phép lai 3: ♀lông vàng × ♂lông xanh -> F1 : 50% ♂ vàng; 50% ♀xanh Tính trạng... loài thực vật vốn có nguồn gốc lưỡng tính? A Bằng chứng sinh học phân tử B Cơ quan tương tự C Cơ quan thoái hóa D Bằng chứng di truyền sinh học E Bằng chứng tế bào G Bằng chứng địa lý Câu 19