Đề thi thử THPT QG 2017 Lý đáp án 3

TRƯỜNG HỌC LỚN VIỆT NAM ĐÁP ÁN ĐỀ THI THỬ THPT QUỐC GIA LẦN NĂM 2017 BIGSCHOOL Bài thi: KHOA HỌC TỰ NHIÊN ĐỀ THI CHÍNH THỨC Môn thi thành phần: VẬT LÍ Mã đề thi 003 A A B D C A D A C 10 B 11 B 12 D 13 A 14 A 15 D 16 C 17 A 18 B 19 A 20 A 21 C 22 B 23 B 24 D 25 C 26 D 27 D 28 B 29 A 30 A 31 B 32 C 33 C 34 D 35 C 36 A 37 C 38 B 39 D 40 C Câu Đáp án A Vận tốc cực đại vật bằng: vmax  .A  25.5  125 cm / s A Lực căng dây lớn vị trí cân lớn trọng lượng vật B Phương trình truyền sóng có dạng: u  A cos  t  Hướng dẫn chọn phương án  Từ phương trình: u  cos  20t   x   v  .x    cm     20  Suy     v  60 m / s  216 km / h   v D Ta có:   v 350   0, m f 500 d  Theo đề ta có:   2  C   0, d    0,117 m  11, cm 6 Đối với dòng xoay chiều, cuộn cảm có tác dụng cản trở dòng điện Cảm kháng tính công thức : ZL  L  2fL dòng điện A có tần số lớn bị cản trở nhiều Trong máy phát điện xay chiều ba pha phần cảm (nam châm) rôto, phần ứng (cuộn dây) stato Trang 1/10 – Mã đề 003 D Ta có: q  q0 cos  t      → i  q '  I0 cos  t      Cường độ dòng điện i mạch dao động LC biến thiên điều hòa theo thời gian sớm pha  so với điện tích tụ điện Sóng điện từ truyền chân không sóng học không Thí nghiệm ánh sáng đơn sắc Niu – tơn chủ yếu nhằm chứng minh lăng kính khả nhuộm màu ánh sáng Tác dụng bật tia hồng ngoại tác dụng nhiệt Trong tượng quang phát quang tần số ánh sáng phát quang nhỏ tần số ánh sáng kích thích A C 10 B 11 B 12 D Năng lượng phôtôn ánh sáng xác định công thức hc   13 A 14 A 15 D Các hạt nhân đồng vị nguyên tố có số prôtôn Bản chất lực tương tác nuclôn hạt nhân lực tương tác mạnh Các điều kiện để xảy phản ứng nhiệt hạch là: - Thời gian trì nhiệt độ cao đủ dài - Nhiệt độ phản ứng đủ cao Mật độ hạt nhân đủ lớn Kết phép đo 1,02 Số chữ số có nghĩa số Dựa vào đồ thị biên độ dao động vật cm - 16 17 C A Chu kì dao động: T   2,     0, s    10 rad / s  12 12  Tại thời điểm ban đầu (t = 0), li độ vật x = -2 cm chuyển động biên âm nên pha ban đầu vật là: x 2 1   2 cos    A     Phương trình dao động vật: x  4cos 10t   18 B 2    cm   Bước sóng là:   v.T  40.0,1  cm Trang 2/10 – Mã đề 003 Số giao thoa cực tiểu nằm khoảng đoạn A,B là:  l 1  20  n ct          10  2  2 19 20 A A Cuộn dây cảm điện trở trong, tác dụng cản trở dòng chiều Do điện trở đoạn mạch I điện trở đoạn mạch II Vì mắc hai đoạn mạch vào điện áp chiều không đổi cường độ dòng điện qua đoạn mạch I cường độ dòng điện qua đoạn mạch II Năng lượng dao động mạch là: 1 W  WCmax  CU  50.106.102  2,5.103 J  2,5 mJ 2 21 C 22 B Chiếu chùm ánh sáng trắng vuông góc vào mặt nước bể nước góc tới i  00 góc khúc xạ không (với tất ánh sáng đơn sắc chùm sáng trắng) không xảy tượng tán sắc ánh sáng ta quan sát thấy vệt sáng trắng đáy bể Giới hạn quang điện kim loại làm catôt là: 0  hc 6, 625.1034.3.108   4, 47.107 m  0, 474 m 19 A 2, 62.1, 6.10 Ta thấy 2  0  1 tượng quang điện xảy với xạ  không xảy với xạ 1 23 B 24 D Phản ứng phân hạch 235 U lò phản ứng hạt nhân, số nơtron điều khiển (k = 1) nhờ điều khiển có chứa bo hay cađimi, bom nguyên tử không Đây đặc điểm khác lò phản ứng hạt nhân bom nguyên tử Sóng dừng, khoảng cách điểm gần không dao động: d     2d  0,04 (m)  0,82% Tốc độ truyền sóng: v  .f  50  0,04  (m/s) v  f    %  %f  0,84% v  f Vậy vận tốc truyền sóng là: v  2m / s  0,084% %v  Trang 3/10 – Mã đề 003 25 C  k 50   10 rad / s 1  M 0,5  Ta có:  k 50     2,5 10 rad / s  mM 0,3  0,5  Do m dính chặt vào M nên va chạm đàn hồi, áp dụng định luật bảo toàn động lượng, ta có: Mvmax   M  m  vmax '  vmax '  M1A  50 cm / s Mm v'max 50 Biên độ dao động vật là: A '    10 cm 2 2,5 10 26 D Con lắc đơn dao động, quỹ đạo vật nặng (quả cầu nhỏ lắc) cung tròn Gia tốc lắc gồm hai thành phần gia tốc tiếp tuyến a t gia tốc pháp tuyến (gia tốc hướng tâm) a n Gia tốc toàn phần a  a t  a n  a  a 2t  a n2 Trong độ lớn gia tốc thành phần a t  s  2 s a n  Tại vị trí cân bằng, a t  0; a1  a n  v2max  2S02 v2 Tại vị trí biên, a n  0, a  a t  2S0 Lập tỉ số a1 S0  a2 Suy biên độ dài lắc S0  a1 a  0  0   rad  a2 a2 Độ lớn lực căng dây VTCB   2    mg   2cos   mg 3  1     mg 1   02     Thay số, ta được:   0,1.10 1  0,072   1,00 N 27 D  Ta có: x  4sin 30t  cm   4cos  30t    cm   2 Sử dụng giản đồ vectơ: Trang 4/10 – Mã đề 003   x12  x1  x  cos  30t    cm  4  x123  x12  x  8cos30t  cm  28 B Bề rộng bụng sóng 4A biện độ sóng 2A Điểm gần nút dao động với biên độ nửa biên độ bụng cách nút    , ta có:   20    60 cm 12 12 Vậy số bụng sóng dây là: n  29 A Từ đồ thị ta thấy: L1  Mặt khác I1  I0  2l 2.180   bụng sóng  60 1   L2  12   o2 (1) C1 C2 LC U0 U 5U U   20  20 Z1 Z1 Z 5.Z Uo2 Uo2 o2 L  5  1L   2R  1L   2R R 1C 1 R  (1L  ) 1C (2)  500    41,  Từ (1) (2) ta có : R  2 Vậy giá trị gần R 40  L 1  2 30 A Do mạch có L nên u I vuông pha Trang 5/10 – Mã đề 003 Phương trình i có dạng  i  I0 cos(t  )  I0 sin t (*) U1R Mà u  U0 cos t (**) I1 1  i   u  Từ (*) (**) suy        I0   U  Ta có hệ  2,5 2  100 2     1  I0   U  I0  A   2  U  200 V  2,5   100          I0   U  Mà I0  31 B Z2C  U 2 U 2R U 2LC U1LC I2 U0 200 5    120 (rad / s) ZL L ZC I2  3I1 i1 sớm pha u; i trễ pha u; I1  I2 Từ giản đồ suy ra: tan 1  → U 2LC U 2R I2   3 U1R U1R I1 ZC  Z L 3 R Mặt khác: tan 2  (1) tan 1 → ZC 1 R ZL  (2) Từ (1) (2)  ZL  2R; ZC  5R Trang 6/10 – Mã đề 003 Ban đầu: U  30 30 10  30 V  R   2R  5R   R  4R  U0  60 V 32 C Chiết suất lăng kính ánh sáng đơn sắc cho khác Do ánh sáng đơn sắc tím có góc lệch cực tiểu thành phần đơn sắc lại có góc lệch cực tiểu Mặt khác chiết suất lăng kính ánh sáng đơn sắc tím lớn nên ánh sáng ló khỏi lăng kính (không xảy phản xạ toàn phần) thành phần đơn sắc lại cũng ló khỏi lăng kính 33 C Khoảng vân thí nghiệm là: i  mm Ta thấy: x M  mm  2, 25i; x N  9mm  6,75i 34 D Như đoạn MN có vân tối (vân tối thứ 3, 4, 5, 6, 7) ứng với vị trí 2,5i, 3,5i, 4,5i, 5,5i, 6,5i Gọi chu kì bán rã mẫu chất phóng xạ T, thời điểm t1 , số hạt nhân mẫu chất phóng xạ lại là:  t1  t1 N  N0 T  T  N  ln 0,  0,  t1  T (1) N0 ln Tại thời điểm t , số hạt nhân X bị phân rã là:  t2  N  N0 1  T   t2  t1 100  N T T       0,95  N   2 Thế (1) vào (2) ta được: 1 35 C ln 0,2 T 100 ln T  0,95  ln 0, 100 ln 0, 05    T  50 s ln T ln Bước sóng  = 1,2 cm S3 Xét điểm M IS3 : MI  x.S1M  S2 M  d   d  Tam giác S1S2S3 vuông cân nên SS S3I   cm S1 d  M S2 I I I Trang 7/10 – Mã đề 003 Sóng tổng hợp truyền từ S1 S2 đến M u12M  4acos(2t  2d )  cm   Sóng truyền từ S3 đến M 2(6  x)   u 3M  acos  2t   (cm)    Tại M dao động với biên độ 5a u12M u 3N dao động pha Tức 2d 2(6  x)   2k  d  – x  1, 2k    d  – x  1, 2k   x    1, 2k   k  x  x k = 3, suy x    3,6  1,1147 cm  1,1 cm 36 A Khi electron chuyển động quỹ đạo dừng xác định, lực Cu-lông đóng vai trò lực hướng tâm: FC  Fht  k.e2 me vn2 ke2 ke2   v   n rn2 rn me rn me n r0 Vận tốc quỹ đạo K là: v  Vận tốc quỹ đạo M là: v3  37 C ke2 me r0 ke2 ke2 v   me r0 me r0 Giả sử ban đầu vật vị trí biên có biên độ A1 sau chu kì vật tới vị trí có biên độ A Biên độ vật bị giảm lực cản Áp dụng định luật bảo toàn lượng: 2F 2 kA1  kA  Fc  A1  A   A1  A  c 2 k Vậy độ giảm biên độ sau chu kì không đổi là: Trang 8/10 – Mã đề 003 A  4Fc 4.0,05mg   0,002 m  0, cm k k Số chu kì vật thực n  38 B A   25 A 0, Vậy số lần vật qua vị trí cân là: 25.2 = 50 lần Ở khoảng cách m công suất âm lại là: P'   0,94  P   0,94  10 5  0,94  10 P' Cường độ âm là: I   4R 4.52  0,94  Mức cường độ âm là: L  10 log 39 D I  10.log I0 4.5 1012 10  103, 68 dB Khi thay đổi tần số góc đến giá trị 1 2 theo đề ta có: 40    40 250  L L   1 250 1 2    L     I1  I2     1L     2 L  2  1C   2C      R2    1L  R2    2 L   1C   2 C  U  U 1 1 1  1L   2 L   1L  2 L   L(1  2 )  (  ) 1C 2C 1C 2C C 1 2  1.2  LC (2) Trong mạch điện xoay chiều, cường độ dòng điện lớn xảy cộng hưởng:   , lúc cảm kháng dung kháng: LC ZC  ZL  L  L 12  L 40 250  100  L L Trang 9/10 – Mã đề 003 40 C Ở thời điểm số V1 cực đại số V1 gấp đôi số V2 nên ta có:   Z L  ZC   Z L  ZC  R UR  U  U2  UC  UR  Ở thời điểm số V2 cực đại thì:  R  ZL2  Z  R  (Z  Z )  R Z   2,5R  C C L Z   L   U U R  ZL2 U  U2     U  U C  R U U    U1  U R  I  R U    2,5  U1 U  U U  U 2   2 Vậy U gấp 2,5 lần U1 HẾT - Trang 10/10 – Mã đề 003