Đề thi thử THPT QG 2017 Lý đáp án 1

TRƯỜNG HỌC LỚN VIỆT NAM ĐÁP ÁN ĐỀ THI THỬ THPT QUỐC GIA LẦN NĂM 2017 BIGSCHOOL Bài thi: KHOA HỌC TỰ NHIÊN ĐỀ THI CHÍNH THỨC Môn thi thành phần: VẬT LÍ Mã đề thi 001 A A C B D A A A B 10 C 11 D 12 C 13 B 14 D 15 B 16 B 17 B 18 B 19 B 20 C 21 C 22 A 23 B 24 A 25 A 26 B 27 A 28 D 29 A 30 A 31 C 32 C 33 A 34 B 35 A 36 A 37 C 38 C 39 A 40 D Câu Đáp án Hướng dẫn chọn phương án A A C B Trong dao động điều hòa đại lượng biến thiên tần số với li độ vận tốc, gia tốc lực kéo Bước sóng khoảng cách ngắn hai điểm phương truyền sóng mà dao động hai điểm pha Vậy đáp án A sai thiếu hai từ ngắn Vôn kế ampe kế xoay chiều dụng cụ dùng để đo giá trị hiệu dụng điệp áp cường độ dòng điện xoay chiều Xét tác dụng tỏa nhiệt thời gian dài dòng điện xoay chiều hình sin cường độ i  I0 cos  t  i  tương đương với dòng điện không đổi có cường độ cường độ hiệu dụng dòng xoay chiều: I  I0 D Chu kì mạch dao động LC tính biểu thức: T  2 LC A A Trong chân không ánh sáng truyền với tốc độ Mà bước sóng ánh sáng tím nhỏ bước sóng ánh sáng đỏ tần số ánh v  sáng tím lớn tần số ánh sáng đỏ  f     Tần số ánh sáng không đổi truyền qua môi trường Do truyền nước tần số ánh sáng tím lớn tần số ánh sáng đỏ Nguồn phát quang phổ vạch phát xạ chất khí áp suất thấp nung đến nhiệt độ cao kích thích điện Do đáp án đèn natri nóng sáng Trang 1/9 – Mã đề 001 A B 10 11 C D 12 C Ánh sáng có vận tốc lớn truyền chân không, vận tốc ánh sáng chân không 3.108 m / s Do đáp án không A Bức xạ có bước sóng lớn lượng nhỏ, khả gây tượng quang điện yếu Trong ánh sáng đơn sắc cho, ánh sáng màu đỏ có bước sóng lớn gây tượng quang điện yếu Hiệu suất laze nhỏ Dòng quang điện đạt đến giá trị bão hòa tất êlectron bật từ catôt chiếu sáng anôt Hạt nhân 10 Bo có proton, proton mang điện tích dương có độ lớn e Do điện tích hạt nhân 13 B 14 D 15 B 10 Bo 5e  dòng hạt pôzitron 10 e Áp dụng định luật bảo toàn điện tích, ta có: Z  Z'  Z'  Z 1 Có điều kiện để xảy phản ứng nhiệt hạch: thời gian trì nhiệt độ cao đủ dài, nhiệt độ phản ứng đủ cao, mật độ hạt nhân đủ lớn Hệ số nơtron phải lớn điều kiện xảy phản ứng nhiệt hạch Trong thí nghiệm giao thoa khe Y-âng, bước sóng xác định công ia D Trong khoảng cách hai khe hẹp (a) cho trước, xác định khoảng vân i khoảng cách D từ hai khe đến chắn dùng thước đo thức:   16 B Tốc độ góc dao động là:   k   rad / s m 0, Áp dụng hệ thức:  17 B Tương tự với sóng B 12 m ứng với bước sóng Với sóng C 12 m ứng với bước sóng → TC  18 B  a v2 a v2 752 15 A2    A      cm   4 2 54 52 Trên hình vẽ 12 m ứng với bước sóng sóng A Chu kì sóng thời gian 2, bước sóng chu kì sóng A là: TA   0,5 s → TB  2,  s 2,  s Sử dụng đường tròn bán kính 220 V: Trang 2/9 – Mã đề 001 Thời điểm ban đầu vectơ vị trí OM , lần đầu vật đạt điện áp tức thời đạt 110 V vectơ vị trí OM1 , lúc vectơ quay quét góc   M0OM1 với sin   19 20 B C 21 C 22 A 110      Thời gian quét góc  220   t   s  110 660 Mạch dao động LC hoạt động dựa tượng cảm ứng điện từ Năng lượng từ mạch dao động là: 1 Wt  C  U02  u   4.106 162  92   3,5.104 J 2 Miền chồng quang phổ bậc hai bậc ba khoảng cách vân tím bậc ba vân đỏ bậc hai  D  D Ta có: L  x tim3  x d2   tim a a Thay số ta được: 0,76.106 0,38.106.1 L    3,04.104 m  0,304 mm 3 3 1, 25.10 1, 25.10 Sau hấp thụ phôtôn có tần số f đám hiđrô phát ba vạch quang phổ đám hiđrô chuyển từ trạng thái lên trạng thái kích thích thứ hf  E  E1 (1) Ta có: hf1  E  E (2) → f  f1  f hf  E  E1 (3) Trang 3/9 – Mã đề 001 23 B Khối lượng chất lại sau tuần lễ là: m  m0 e 24 A 25 A 26 B 27 A t  m0 e  ln t T  100.e  ln 56 8,9  1, 276 g WHe 28,   7,1 MeV A He W 39, Năng lượng liên kết riêng liti là: WlkLi  Li   5, MeV A Li W 2, 24 Năng lượng liên kết riêng đơteri: WlkD  D   1,12 MeV AD Hạt nhân có lượng liên kết riêng lớn bền vững thứ tự giảm dần độ bền vững hạt nhân là: hêli, liti, đơteri Xe dao động mạnh xảy tượng cộng hưởng, tức vận tốc xe lúc bằng: v  .f  6.2  12 m / s  43, km / h Năng lượng liên kết riêng hêli: WlkHe  Vẽ vòng tròn có bán kính A A A P Từ M ( ) N ( ) kẻ đường Q 2 vuông góc cắt vòng tròn P Q   α Ta có   ;   β O N M 5 nên POQ        12 Khoảng thời gian ngắn cần tìm 5 T 5T t  12 2 24 Gọi phương trình dao động vật là: x  A cos  t    cm  Tần số góc dao động là:   2  10 rad / s T  20   2 cm v2 v2 Áp dụng hệ thức: A  x   A  x   22    102 Thời điểm ban đầu vật chuyển động qua vị trí li độ dương xa vị trí cân 2 Trang 4/9 – Mã đề 001 x   cos    A 2  nên  v  A sin        Vậy phương trình dao động vật là: x   cos    A 2    x  2 cos 10t    cm   v  A sin      4    28 D 29 A 30 A Vẽ hai vòng tròn bán kính A A A Từ M ( ) kẻ đường vuông góc hình vẽ Ta có : OM cos     60; A OM cos      45 A Độ lệch pha      15 P Q α β O M l g Ta thấy chu kì lắc tăng lên lực điện trường tác dụng lên lắc hướng lên, lắc tích điện dương chiều điện trường chiều với chiều lực điện, vectơ cường độ điện trường có chiều hướng lên l l  2.2 Ta có T  2T0  2    qE  mg qE qE g g g g m m 3mg E  937,5V / m 4q Chu kì lắc đơn: T0  2 Để hai điểm dao động pha khoảng cách chúng là: v kv d  k  k  f  f d Theo đề kv 10 Hz  f  60 Hz  10 Hz   60 Hz  0,  k  2,  k  1; d 1.25 Với k = tần số dao động dây là: f   25 Hz 2.25 Với k = tần số dao động dây là: f   50 Hz Trang 5/9 – Mã đề 001 Vậy tần số dao động dây 25 Hz 50 Hz 31 32 C C Tốc độ truyền sóng là: vs  .f Tốc độ cực đại phần tử môi trường là: vmax  A  2fA Khi tốc độ cực đại phần tử môi trường lần tốc độ truyền sóng, ta A có: 4vs  vmax  4f  2fA     Ta thấy u AN sớm pha so với u MB ; UAN  UMB  ZAN  ZMB R  ZL  2R   Z  Z L C  Z  4R  R  (Z  Z )2 L C  L dễ thấy ZL  R; ZL  ZC  2R  cos AB  33 A 2R  4R  4R 2 Sử dụng đường tròn lượng giác: Đèn sáng điện áp lớn 110 V 110    Ta có cos   220 2   Thời gian quét góc  là: t     2.50 300 Khoảng thời gian đèn sáng chu kì là: t  4t  34 B Công suất động P2  U I2 cos   I2  1  s 300 75 P2 U cos  Vì máy máy hạ áp nên: P2 220 U1 I I U cos  50.0,85    I1     1, 035 A U2 I1 5 Trang 6/9 – Mã đề 001 35 A Vị trí vân sáng màu với vân trung tâm ứng với xạ 1  thỏa mãn: x1  x  k1.1  k 2  1k1  0, 46k (1) Vì khoảng hai vân gần màu với vân trung tâm có 11 vân sáng nên k1  k  13 (2) ( Xét khoảng vân trung tâm vân màu gần nhất) Mặt khác số vân sáng 1  lệch vân nên ta có: k1 – k  (3) Giải hệ (2) (3)  có hai cặp nghiệm: Cặp 1: k1  8, k  thay vào (1): 1  0, 2875 m Cặp 2: k1  5, k  thay vào (1): 1  0,736 m Nhận xét : 1  0, 2875 m   tim Bức xạ không nhìn thấy nên loại 1  0,736 m thuộc vùng ánh sáng nhìn thấy thỏa mãn 36 A Vận tốc v = 16,2 km/h = 4,5 m/ s Ô tô nảy lên với biên độ cực đại chu kì dao động lò xo T= l = v 4,5 =1s 4,5 m 40.1240 4 m T = 2π  Độ cứng lò xo k = = = 49,6.103 N/m k T Khi người xuống xe thân xe nâng cao đoạn l = m.g 240.10 = = 0,048m = 4,8 cm k 49,6.10 Trang 7/9 – Mã đề 001 37 C Dựa vào giản đồ vectơ ta có: A B   sin 30 sin  sin 1500    Để B cực đại sin 1500        600    300   Với   600  A  38 C  sin 600  cm sin 300 Xét điểm M AB Gọi MA= x; MB = AB-x = 10-x Hiệu số pha sóng tới M  x 2 10  x    (t   2 )  (t   2 )  2(5  x)     Điều kiện có cực đại giao thoa   2(5  x)   2k  x  4, 75  k với k nguyên Vì  x   4, 25  k  3,75 Có giá trị k ứng với 16 điểm cần tìm vòng tròn 39 A Suất điện động cực đại nguồn điện: E0  N0  2fN0  U  E  E0 (coi điện trở máy phát không đáng kể) Cường độ dòng điện qua mạch I  U Z Với f = np (n tốc độ quay roto, p số cặp cực từ) Cường độ dòng điện chạy qua mạch I  NBS  2  R  ( L  )  C    NBS R2    (L  )2   C   NBS   L   (2  R )  L2  C  C   Trang 8/9 – Mã đề 001 L   Đặt y    (2  R )  L2  C  C   Do hai giá trị ω cho giá trị I, phương trình L y  (2  R )  L2   có hai nghiệm C C  Áp dụng vi-ét: x1  x  Thay 1  ; 2  3 f 40 D 1  L 4.103 b       R  C2  (*) 1 2  C 9 a  → 10 4.103     50 92 9   25Hz  n  vòng /s 2 Khi  biến thiên để UCmax ta có:   Với 1  2  ; tan 1  R2  LC 2L Z  ZL ZL ; tan 2  C R R → tan 1.tan 2   ZL (ZC  ZL ) L L R2  (  2 L)    (  )L2   R R R C R  C LC 2L  Ta có: min  tan min mà tan   tan  1  2   tan 1  tan 2   tan 1  tan 2   tan 1 tan 2  2  tan 1.tan 2    70,530 HẾT - Trang 9/9 – Mã đề 001