Đề thi thử THPT QG 2017 Hóa đáp án 2

TRƯỜNG HỌC LỚN VIỆT NAM ĐÁP ÁN ĐỀ THI THỬ THPT QUỐC GIA LẦN NĂM 2017 BIGSCHOOL Bài thi: KHOA HỌC TỰ NHIÊN ĐỀ THI CHÍNH THỨC Môn thi thành phần: HÓA HỌC Mã đề thi 002 41.C 42.C 43.D 44.B 45.A 46.D 47.B 48.C 49.C 50.B 51.C 52.B 53.A 54.D 55.D 56.A 57.D 58.C 59.B 60.B 61.D 62.A 63.C 64.B 65.A 66.B 67.D 68.C 69.D 70.B 71.C 72.B 73.D 74.B 75.D 76.D 77.B 78.A 79.B 80.A Câu Đáp án 41 C 42 C Hướng dẫn chọn phương án Công thức X CH3COOCH=CH2 2Al + 3H2SO4  Al2(SO4)3 + 3H2 43 D n H2  0, 45 mol  nAl = 0,3 mol  mAl = 8,1 gam   Cr2O  + H2O 2CrO 24  + 2H+   (vàng) (da cam) 44 B SGK hóa học 12 45 A KL mol C2H5NH2 = 45 > HCl = 36,5 nên C2H5NH2 khuyếch tán chậm 3FeO + 3Al t Al2O3 + 3Fe Cr2O3 + 2Al t Al2O3 + 2Cr (MgO, K2O, BaO không bị Al khử to cao) o 46 D t Al2O3 + 3Cu o 3CuO + 3Al o SGK hóa học 12 trang 113 47 B Nguyên tố Nhiệt độ nóng chảy ( C) o Be Mg Ca Sr Ba 1280 650 838 768 714 S+6 + 8e  S2 (H2S) M  Mn+ + ne 48 C 49 C Bông, tơ tằm tơ tự nhiên, xenlulozơ axetat tơ bán tổng hợp 50 B Các kim loại tác dụng với nước nhiệt độ thường Na, K, Ca 51 C Phản ứng đồng thời giải thích hình thành thành thạch nhũ hang động xâm Thăng số mol e: (0,0758) = an  M = 5, 5, 4n = = 9n  n =  M = 27  Al 0, a   CaCO3+H2O+CO2 thực nước mưa với đá vôi Ca(HCO3)2   CH3COOH + NaOH  CH3COOC2H5 + NaOH  52 B Số mol hỗn hợp = NaOH = 0,15  a + b = 0,15 (I) 60a + 88b = 10,4 (II)  a = 0,1; b = 0,05  khối lượng etyl axetat = 0,0588 = 4,4 gam  42,3% Fe + Cu2+  Fe2+ + Cu Fe + 2H+  Fe2+ + H2 53 A 0,15 0,15 0,15 0,1 0,2 Độ giảm khối lượng: (560,1)  (6456)0,15 = 0,275m  m = 16,0 gam Amin bậc ba có dạng 54 D R1 N R ; tổng số C R1 + R2 + R3 = | R3 Các cặp: 113 122 thỏa mãn (riêng gốc C3H7 có đồng phân n-C3H7 iso-C3H7) Số mol Al3+ = 0,15; H+ = 0,15 ; OH = 0,001V1 0,001V2 ; Al(OH)3= 0,05 55 D H+ + OH  H2O Al3+ + 3OH  Al(OH)3 0,15 0,15 0,05 0,15 0,05 Al3+ + (0,15 – 0,05)=0,1 4OH  Al(OH) 4 0,4  0,001V1 = 0,15 + 0,15 = 0,3 0,001V2 = 0,15 + 0,15 + 0,4 = 0,7  V2 : V1 = : 56 A 57 D Có công thức thỏa mãn điều kiện đề : CH CH CH COOH CH CH(CH )COOH (d) không xảy phản ứng +  số mol C6H5N2 Cl = 0,1 58 C C6H5NH2 + NaNO2 + 2HCl  C6H5N2+Cl + NaCl + 2H2O 0,1 0,1 0,1 59 B Fe, Al, Cr không tác dụng với HNO3 đặc, nguội bị thụ động hóa 60 B vinylaxetilen cho CH2=CHCCAg glucozơ anđehit axetic cho Ag 61 D 62 A Dãy xếp theo thứ tự pH tăng dần là:(2) CH3COOH, (1) H2NCH2COOH, (3)CH3CH2NH2 63 C Nhận định là: (1), (2), (3) Meste = 86  công thức C4H6O2 Số mol X = muối = 0,2  Mmuối = 16,4 : 0,2 = 82  RCOONa có R + 67 = 82  R = 15  CH3  X CH3COOCH=CH2 MX = 14 : 0,1918 = 73 < 80  amin đơn chức, R+16 = 73  R = 57 C4H9 64 B KNO  ancol Y X (amin bậc 1)  HCl [O]    xeton Z  Y ancol bậc  phân tử X có mạch cacbon không phân nhánh 2Cr+6 + 6e  2Cr+3 2Fe2+  2Fe3+ + 2e 65 A  Thăng e cho 6Fe2+  n K 2Cr2O7 2CO2 + Ca(OH)2  Ca(HCO3)2 0,44 66 B 2Cr2O7 = 29,4 gam X + NaOH  Y + Z  số C X < 0,44 : 0,1 = 4,4 0,22 số cacbon Y = Z = (nếu = có HCOO dự phản ứng tráng bạc)  X có công thức C4H8O2  %O = 67 = 0,1  m K D 32  100% = 36,36% 88 AlCl3 NH4NO3 K2CO3 NH4HCO3 Ba(OH)2 đến Al(OH)3 NH3 BaCO3 NH3+ dư  tan dư OH BaCO3 Từ đippeptit Glu-His ; Asp-Glu  thứ tự Asp-Glu-His, 68 C Từ đipeptit Phe-Val Val-Asp  thứ tự Phe-Val-Asp Vậy trật tự xếp peptit đem thuỷ phân là: Phe-Val-Asp-Glu-His 69 D Các chất lưỡng tính: Al2O3, Cr2O3, KHCO3, Al(OH)3, Cr(OH)3 CO2 + 2OH  CO 32  + H2O a 2a CO 32  + Ba2+  BaCO3 a a a a Theo đồ thị: a số mol kết tủa max 70 B CO2 + OH  HCO 3 0,5 CO2 + H2O + BaCO3  Ba2+ + 2HCO 3  NaOH = 0,5 mol  m = 20 0,5  Để kết tủa tan hết: 2a + 0,5 = 1,3  a = 0,4 Số mol HCl = 0,35 Coi NaOH tác dụng với axit glutamic HCl H2NC3H5(COOH)2 + 2NaOH  H2NC3H5(COONa)2 + H2O 71 0,15 C HCl 0,3 + NaOH  NaCl + H2O 0,35  Số mol NaOH phản ứng = 0,35 + 0,3 = 0,65 0,35 số mol X = 0,35 khối lượng X = 30,1  11,1 = 19 gam Ghép 71a + 32b = 19 (I) với a + b = 0,35 (II) cho Cl2 = a = 0,2 O2 = b = 0,15 72 B Cl2 + 2e  2Cl; O2 + 4e  2O2; Mg  Mg2+ + 2e Al  Al3+ + 3e 0,2 0,15 0,6 x y 0,4 2x Ghép 2x + 3y = 0,4 + 0,6 = 1,0 (III) với 24x + 27y = 11,1 (IV) cho x = 0,35 ; y = 0,1 % khối lượng Al Y = (0,127) : 11,1 = 0,2432 hay 24,32% 73 D [C6H10O5]n + 3nHNO3  [C6H7O2(ONO2)3]n + 3nH2O 633n 297n 3y HNO3 =401,50,945 = 56,7 kg H% = 100% ; khối lượng xenlulozơ trinitrat = m = 56,7  297n  0, = 53,46 kg 63  3n (a) phải có Fe3+ ; (b) phải có chất oxi hóa mạnh (H2SO4 đặc) 74 B 75 D (2) xenlulozơ không tan nước (5) xenlulozơ không tham gia phản ứng tráng bạc 76 D AlCl3 + 3NaOH → Al(OH)3↓ + 3NaCl (c) phải có chất khử H2S (d) phải có kim loại K n Cr2O3 = 0,03 mol ; n H2 = 0,09 mol t  2Cr + Al O (1) o 2Al + Cr2O3 0,03 77 B Cr + 2H +  Cr 2+ + H  (2) 0,06 0,03 (mol) 2Al + 6H  2Al + 3+ 0,06 + 3H  (3) 0,06(mol) Al2O3 + 6H  2Al + 3H2O + 3+ (4) Từ (2) thấy H2 từ (3) = 0,09 – 0,06 = 0,03 (mol)  Aldư = 0,02 (mol) Theo Al + OH AlO 2 Al2O3+2OH2AlO 2  nNaOH = 0,02+0,06 = 0,08 (mol) số mol HNO3 = 1,425; khí X = 0,25; MX = 32,8 Quy tắc hỗn hợp: tỉ lệ 11,2 0,2 NO = = 2, 0, 05 N 2O NO 3 + 4H+ + 3e  NO + 2H2O 78 A 0,8 0,6 0,2 2NO 3 + 10H+ + 8e  N2O + 5H2O ; 0,4 0,5 0,4 0,05 0,25 HNO3 phản ứng = 0,8 + 0,5 = 1,3 mol ; 1,425 1,3 = 0,125 mol tạo NH4NO3 2NO 3 + 10H+ + 8e  NH4NO3 + 3H2O 0,125 0,0375  m = Khối lượng (KL + HNO3  khí X  H2O) = 29 + (1,42563)  (32,80,25)  18(0,4+ 0,25 + 0,0375) = 98,2 gam số mol KOH để trung hoà axit béo tự có 100 kg dầu ăn số mol NaOH dùng để trung hoà lượng axit n KOH pø víi axit = 79  10 3 103100 = 12,5 (mol)  số mol NaOH phản ứng với axit béo tự 56 B 12,5 (mol) Lại có n NaOH ®· dïng =  Số mol glixerol = 14,1 103 = 352,5 mol 40 352,5  12,5 n NaOH pø víi este   113,33 (mol) hay 10,43 kg 3 Phản ứng NaOH với axit béo tự tạo H2O với số mol tính : n H2O = n NaOH pø víi axit = 12,5 (mol) hay 12,5 18 = 0,225 (kg) 1000 Theo đ/l BTKL: mtrioleoylglixerol + mNaOH = mxà phòng + mglixerol +m H O  mMuối = 103,445 (kg) Gly (C2H5O2N có M = 75), Ala (C3H7O2N có M = 89) Số mol NaOH = 0,9 Theo tính chất peptit: X (CxHyO7N6) có liên kết peptit + H2O  (Aa) Y (CnHmO6N5) có liên kết peptit + H2O  (Aa) đặt số mol X = x Y = y  x + y = 0,16 6x + 5y = 0,9  x = 0,1 ; y = 0,06  tỷ số mol 80 A Aa 6x+5y 45 = = ; H O 5x+4y 37 Đặt CT chung glyxin alanin CnH2n+1O2N với số mol k CnH2n+1O2N + O2  nCO2 + (n + 0,5) H2O Quy 30,73 gam hỗn hợp E về: CnH2n+1O2N (45k mol)  H2O (37k mol) Ta có tỷ lệ: (14n+47)  45k  (18  37k) 30,73 116 = n= (44n  45k)+18(n+0,5)  45k  (18  37k) 69,31 45 19 / 45 116 45   tỷ lệ 26 / 45 a 19 = 0,7308  b 26 ... nhánh 2Cr+6 + 6e  2Cr+3 2Fe2+  2Fe3+ + 2e 65 A  Thăng e cho 6Fe2+  n K 2Cr2O7 2CO2 + Ca(OH )2  Ca(HCO3 )2 0,44 66 B 2Cr2O7 = 29 ,4 gam X + NaOH  Y + Z  số C X < 0,44 : 0,1 = 4,4 0 ,22 số cacbon... Al2O3, Cr2O3, KHCO3, Al(OH)3, Cr(OH)3 CO2 + 2OH  CO 32  + H2O a 2a CO 32  + Ba2+  BaCO3 a a a a Theo đồ thị: a số mol kết tủa max 70 B CO2 + OH  HCO 3 0,5 CO2 + H2O + BaCO3  Ba2+ + 2HCO... a = 0 ,2 O2 = b = 0,15 72 B Cl2 + 2e  2Cl; O2 + 4e  2O2; Mg  Mg2+ + 2e Al  Al3+ + 3e 0 ,2 0,15 0,6 x y 0,4 2x Ghép 2x + 3y = 0,4 + 0,6 = 1,0 (III) với 24 x + 27 y = 11,1 (IV) cho x = 0,35 ;