Giải chi tiết đề thi TN THPT QG 2017, môn Hóa học mã đề 203

Giải chi tiết đề thi tốt nghiệp trung học phổ thông quốc gia năm 2017, bộ đề thi Khoa học tự nhiên môn thi Hóa học mã đề 203. Lời giải chi tiết, rõ ràng, phù hợp với đại đa số trình độ của học sinh lớp 12.

41 A

2Al + 2NaOH + 2H2O  2NaAlO2 + 3H2

42 B

Tính khử giảm dần: K > Mg > Al > Fe

43 C

44 A

Ca(HCO3)2  CaCO3 + CO2 + H2O

45 D

Ba(HCO3)2 + NaOH  BaCO3 + Na2CO3 + H2O

Ba(HCO3)2 + HCl  BaCl2 + CO2 + H2O

Ba(HCO3)2 + Ca(OH)2  CaCO3 + BaCO3 + H2O

Ba(HCO3)2 + H2SO4  BaSO4 + CO2 + H2O

46 C

NH2 – CH2 – CO – NH – CH(CH3) – COOH

47 B

NH2 –CH2 – COOH + NaOH  NH2 – CH2 – COONa + H2O (C17H35COO)3C3H5 + 3NaOH  3C17H35COONa + C3H5(OH)3 C6H12O6 + NaOH  không phản ứng

48 A CrO3 : oxit axit

FeO, Fe2O3, Cr2O3: oxit bazo

49 D

Poli (vinyl clorua)  CH2=CH(Cl)

Poliacrilonitrin (polivyl clorua)  CH2=CH-CN

Poli(vinyl axetat)  CH3COOCH=CH2

Polietilen  CH2=CH2

50 A

(C6H10O5)n  nC6H12O6

51 C

2

3 2

2, 7

0,1 0,15

27

( 3, 36)

V





52 C

FeCl3 + NaOH  Fe(OH)3 + NaCl

53 C

Cr OH NaOH NaCrO H O

Cr OH HCl CrCl H O

Al OH NaOH NaAlO H O

Al OH HCl AlCl H O

Al O NaOH H O NaAlO

Al O HCl AlCl H O

54 C

C6H5NH2 < NH3 < CH3NH2

55 C

2

2

2

3 7

0, 3

3 0,1

7 18.0,1

X

CO

X

H O

X

n

x

n

C H N n

y

n



 





56 D

2 2

11, 7 36,5.0, 4 2.0, 2 25,9

HCl H

57 B

2

2

2.0, 2.0,1

n

H

n

n

58 D

2 0,3

0,3

CO CuO CO Cu



Ta có: 2 28.(0,3 ) 44

0,3

59 B

CB + 3NaOH  3Muối + C3H5(OH)3

3 5 3 3 5 3

3 17,8 40.0, 06 92.0, 02 18,36

NaOH

CB NaOH M C H OH C H OH

n

60 C

Saccarozo là đường không khử  Không có phản ứng tráng gương

61 D

17 33 3 3 5

62 A

HCl: Khí tan tốt trong nước;

O2, CH4, H2: khí ít tan trong nước

63 D

K  Al (trong dãy điện hóa): điều chế bằng pp đpnc

64 D

12 22 11 6 12 6

6 10 5 6 12 6





65 B

2 3

4, 6 0,1 ( ' ) '

(0,11 ) (0,1 )

(0, 09 ) (0, 08 )

Z Z

O

m Z n

R OH

Y













Ta có:

2 2 3

2 5

3 2 5

4, 6

0,1

0,1 :

Z

CO M CO RCOOM

CTCT este CH COOC H





66 B

b, Lysin là A.A có 2 nhóm (NH2) và 1 nhóm (COOH)  2 nguyên tử N

c, Alanin có 1 nhóm NH2 và 1 nhóm COOH nên có môi trường trung tính

e, Tinh bột, Xenlulozo có cùng CTTQ là (C6H10O5)n nhưng hệ số n khác nhau

g, Anilin ít tan trong nước

67 C

2

3

2 3

2 4

3 ( 0, 045 0, 05) 2

( )

H

Al x

H SO























Theo đồ thị, ta có

3

3

3

(0,24)

( )

0, 36 0, 24

0, 04 (0, 56 0, 24)

27 102 3,87

H OH

OH

Al OH

Al OH OH

Al OH Al OH Al

n

 







68 B

a

Ca(HCO3)2  CaCO3 + CO2 + H2O

Mg(HCO3)2  MgCO3 + CO2 + H2O

b

M2SO4.Al2(SO4)3.24H2O + Ba(OH)2  BaSO4

c

3NaOH + AlCl3  Al(OH)3 + 3NaCl

NaOH + Al(OH)3  NaAlO2 + H2O

d

2CO2 + Ca(OH)2  Ca(HCO3)2

e

2NaOH + Ca(HCO3)2  CaCO3 + Na2CO3 + H2O

g

HCl + NaAlO2 + H2O  NaCl + Al(OH)3

HCl + Al(OH)3  AlCl3 + H2O

69 B

2

2 3 2

2 3

2

3 2

H O

CO

MgO Y

Al O

Na O

CaO

Na

Al O

AlO OH











 







 









70 C

dd (mnx)

2

FeCl O H O

71 D

 (0,04)

8, 21 '

NaOH







Ta có:

2 '

0, 04 2.0, 02 0, 09 0, 01

*

23.0, 04 39.0, 05 35, 5.0, 04 0, 01.(14 n 60) 145.0, 02 8, 21 n 3 M 103

Y Glu

OH H

Y

 

72 B

2 2

2

3 4 2 4 2 4 3 2 2

.

.

.

73 A

3 1 1

:

tpht

tpkht

Glu Ala Val

Ala Gly

Gly Gly Val





 













74 D

2

2

(0, 05 )

(0, 06 )

193000

2

e

n

F

Catot

Anot















Vì

2 2 64.0, 05 71.0, 06 7, 46 4,85

d

m m Cu m Cl

2

Cu Cl









· TH1: Cu2+ dư

2

2

193000

0, 005

386000

d

O

O

t

n t



 







· TH2: Cl- dư

 2

2

193000

0

386000

d

H

H

t

n t









75 A

76

E (C8H8O2) + NaOH  2 Muối => E có dạng RCOOC6H4-R’

=> CTCT có thể có của X: HCOO-C6H4-CH3 (3 đp), CH3COO-C6H5 (1 đp)

77 A

3

3 6 5

2 5 (0,4)

2 6 5

2 5

( ) ( )

( )

( ) ( )

36, 9

( )

Na NaOH

CH OH a

C H OH d

g X

COOC H

d COOC H





















Ta có:

2 0,1 (1) 0, 05

2

0,1

32 108 46 10, 9 (2)

0, 05

0, 05 136( ) 194 36, 9 (4)

H

Y

NaOH

X

a n

b

c

d





  

Do đó:

2 2

36, 9 40.0, 4 10, 9 18.0,1 40, 2

CH COONa C H COONa COONa C H COONa HCOONa

x NaOH Y H O

H O











   



78 A

2

3

4 2

13

0, 28 (0,1)

(0, 2)

( ) ( )

Y H Y

Mg

d NO Y

K

Na

Cl a









































Vì Mg dư  H+ hết

26

:

Z Y

M

Z ko mau









Ta có: 2

2 2

0, 24

30 26 1

0, 04

0, 28

NO

NO H

H

Y NO H

n

n n

n







Các quá trình trao đổi e:

2

2 2

0, 96 0, 72 0, 24

0, 08 0, 08 0, 04





Ta có:

: 2 0, 72 8 0, 08 0, 4 4

0, 64

0, 24 0,3 0, 06

1, 6

04 10

4

NO

H

y

a









Do đó:

4

39.0,1 23.0, 2 18 35, 5 83,16

79 A

3 6

(0, 05 )

0,12

x y z tpht

n m t

mol E

mol Ala peptit Y C H O N

Vì

2

1 (1)

2 (2)

1

2

1

4

NH

lk peptit

a b COOH

lk peptit







 







 

Ta có:

(3)

1 2

(4)

(5)

1 2

(1)

(2) 2

0, 05

0, 07

0,12

0, 03

E

Gly

Ala









  



Mặt khác: Y + 4H2O + 5HCl  5Muối

Do đó, theo ĐLBTKL, ta có:

2 2

0,1.(2.75 3.89 18.4) 18.4.0,1 35, 5.5.0,1 59, 9 4

5

Y H O HCl

H O Y

HCl Y





80 D

2

2 2

2

1

2 1

2 1

1 2

2 2

1, 568

0, 07

22, 4 10

( )

( )

(0, 57 )

Y

Y H

Qd

Z

n CO

Fe x Fe

X

CO

NO

















 



2 1

2

3 1 2

0, 09

(2 3 )

















(Với x1, x2, x3 là số mol của Fe, O, OH ở mỗi phần)

· Ở phần 1

2 2

2 2

2 2

2 2 2

0, 07

0, 04

0, 03 20

*

0, 08 2 :

:

H CO

CO Y

H

HCl Cl

H O

n n

n M

n BTNT

Fe x a a



















 

· Ở phần 2:

Các quá trình trao đổi e:

2

3

2

2 3 2







Ta có:

2

2

0, 06

0,15

T

NO NO

H

HCl Cl

A

t

m





 