Công thức kinh điển” peptit CT1: 𝑛𝑂2 đố𝑡 𝑝𝑒𝑝𝑡𝑖𝑡 = ∑ 𝑛𝑂2 đố𝑡 𝑐á𝑐 𝑎𝑎 Ta biết: n-peptit + (n-1)H2O naa Tứ xét công thức phân tử peptit CxHyOzN𝑡 tổng amoniaxit có số mol thêm (n-1)H2O vào công thức tức: 𝐶𝑥 𝐻𝑦+2𝑛−2 𝑂2+𝑛−1 𝑁𝑡 Khi viết phương trình đốt cháy, dĩ nhiên 𝑛𝐶𝑂2 ∑ 𝐻2 𝑂 𝑎𝑎 𝑙𝑢ô𝑛 ℎơ𝑛 𝑛𝐻2 𝑂 𝑝𝑒𝑝𝑡𝑖𝑡 𝑙à (𝑛 − 1)𝐻2 𝑂 công thức phân tử vậy, BT O 𝑛𝑂2 Các bạn lấy ví dụ để thấy rõ: CT 2: Dạng đốt cháy muối Muối aa dạng CnH2n+1NO2 CnH2nNO2Na 1 CnH2nNO2Na + 𝑂2 → 𝑁𝑎2 𝐶𝑂3 + (𝑛 − 1)𝐶𝑂2 + 𝑛𝐻2 𝑂 + 𝑁2 Từ ta suy ra: 𝑛𝐻2 𝑂 − 𝑛𝐶𝑂2 = 𝑛𝑚𝑢ố𝑖 = 𝑛𝑁𝑎2 𝐶𝑂3 1,5𝑛𝐶𝑂2 = 𝑛𝑂2 CT3 : Dạng đốt cháy peptit Xét n – peptit tạo aa : CnH2n+1NO2 có CT (a mol) CnmH2nm-m+2NmOm+1 + (1,5m – 0,75m)O2 →nmCO2 + (nm – 0,5m +1)H2O + 𝑚 𝑛 𝑁2 công thức dài khó nhớ Tuy nhiên nến bạn nhớ vẹt thực số toán khó trở nên đơn giản mpeptit = a.(14nm + 29m + 18) ∑ 𝑚𝐶𝑂2 + 𝑚𝐻2 𝑂 = 𝑎(62𝑛𝑚 − 9𝑚 + 18) … Ngoài ra: nO = nN + npeptit 𝑛𝐻2 𝑂 + 𝑛𝐻2 − 𝑛𝐶𝑂2 = 𝑛𝑝𝑒𝑝𝑡𝑖𝑡 1,5𝑛𝐻2 𝑂 − 𝑛𝑂2 = 1,5𝑛𝑝𝑒𝑝𝑡𝑖𝑡 Mình tin áp dụng giải đại đa số peptit khó mà thường chúng liên quan đốt cháy Chú ý ta xử lý hệ với ẩn: anm, am a để giải hệ phương trình bậc ẩn (Từ suy a; n; m) Bài 1: Thủy phân m gam hỗn hợp X gồm tetrapeptit Y pentapeptit Z dung dịch NaOH vừa đủ co cạn thu (m + 23,7) gam hỗn hợp muối Gly Ala Đốt cháy toàn lượng muối sinh lượng oxi vừa đủ thu Na CO hỗn hợp T gồm CO , H O N2 Dẫn toàn lượng T chậm qua bình đựng dung dịch NaOH đặc dư thấy khối lượng bình tăng 84,06 gam có 7,392 lít khí trơ (đktc) thoát khỏi bình Thành phần phần trăm khối lượng Y hỗn hợp X có giá trị gần với : A.53% B.54% C.55% NHẬN ĐỊNH 2 D.56% Cách làm : - Một dạng toán đốt muối sử dụng CT (2) 𝑚 ↑= ∑ 𝑚𝐶𝑂2 + 𝑚𝐻2 𝑂 Dẫn T qua NaOH Khí thoát nN2 = 0,33 mol Đốt muối sinh : CnH2nNO2Na + O2 → ½ Na2CO3 + ( n – ½ )CO2 + nH2O + ½ N2 Ta có Khí trơ thoát = 𝑛𝑁2 nH20 – nCO2 = ½ nmuối a.a = nN2 = 0,33 nCO2 = 1,26 18.nH2O + 40.nCO2 = 84,06 (g) nH2O = 1,59 gọi x, y số mol gly, ala → x + y = 2.nN2 = 0,16 x = 0,39 Ta nhận ra: nmuói = 2𝑛𝑁2 2x + 3y = nH2O = 1,53 BTKL cho phản ứng thủy phân peptit: m + 40.nNaOH = (m + 23,7 ) + 18.nH2O từ CT (2) : 𝑛𝐻2 𝑂 − 𝑚𝐶𝑂 = 𝑛𝑚𝑢ố𝑖 Do nNaOH = nmuối a.a = na.a = 0,66 mol → nH2O pứ thủy phân = (0,66.40 – 23,7)/18 = Từ xác định được:𝑛𝐻2 𝑂 𝑛𝐶𝑂2 => nGly, nAla Sử dụng liệu: (𝑚 + 23,7)𝑔 𝑚𝑢ố𝑖 xác định nY X tetra Y perita nZ Từ ta cần biện luận cấu tạo Y, Z để xác định CTPT ta có lời giải: y = 0,27 0,15 mol nY + nZ = 0,15 nY = 0,09 4nY + 5nZ = 0,66 nZ = 0,06 m = mmuối - 23,7= 0,39.(75+22) + 0,27.(89 + 22) – 23,7 = 44,1 (g) Gọi số Ala Y a → Gly ( – a ) Số Ala Z b → Gly ( – b ) → 0,09 a + 0,06 b = nAla - 0,27 → 3a + 2b = Duy cặp a = 1, b = ( a,b ≥ a ≤3 ; b ≤ ) → Y có : 3Gly.Ala → % Y X = 83,06% → (A) Bình luận : Khi đốt cháy muối α – aminoaaxit nH2O – nCO2 = nN2 = na.a Sau chọn số mol chất , cần biện luận để tìm CTCT peptit Z có : 2Gly.3Ala 0,09 (75.3+89−3.18) 44,1 = Bài 2: Hỗn hợp X gồm Gly Ala Người ta lấy m gam X cho tác dụng với lượng vừa đủ KOH thu 13,13 gam hỗn hợp muối Mặt khác từ lượng X điều kiện thích hợp điều chế hỗn hợp Y gồm hỗn hợp peptit có tổng khối lượng m’ gam nước Đốt cháy hoàn toàn m’ gan hỗn hợp peptit cần 7,224 lít khí O2 (đktc) Giá trị gần m là: A.7 B.8 C.9 D.10 Ta biết : Số mol O2 đốt cháy peptit = tổng số mol O2 đốt amino axit tạo nên peptit Đặt ngly = x, nala = y nO2 = 0,3325 nên ta có hệ : mmuối = 113x + 127y = 13,13 Từ ta có : x = 0,06 ; y = 0,05 nên m = 8,95(g) → (C) no2 = 2,25x + 3,75y = 0,3225 Khi gặp toán đốt cháy peptit cần tìm tương quan hay nH2O – nCO2 Ta tiếp tục xem xét toán sau : Bài 3: Hỗn hợp E gồm peptit X Y ( C H O N , C H O N ) mạch hở, cấu tạo từ aminoaxit no chứa nhóm NH2 nhóm –COOH Cho hỗn hợp E phản ứng với lít dung dịch NaOH 0,65M thu dung dịch Z Để trung hòa Z cần dùng 100 ml dung dịch HCl 2M Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu m gam muối Đốt cháy hoàn toàn m gam muối cần 177,6 gam O2 Giá trị gần với m là: n A.137 B.147 m z C.157 x y t D.127 nH2O – nCO2 = 0,55 Cách làm : nNaOH E pứ vừa đủ = 2.0,65 – 0,1.2 = 1,1 mol ; nO2 = 5,55 Muối sau pứ gồm CnH2nNO2Na : 1,1 mol NaCl : 0,2 mol Khi đốt cháy ta không xét NaCl nên : BT(O) : nH2O + 2nCO2 + 0,55.3 = 1,1.2 + 5,55.2 nH2O= 4,25 mol nCO2 = 3,7 mol → 1,1n = 4,25 → n = 85/22 → m = 1,1 (14.85/22 + 14 + 32 + 23 )+ 0,2.58,5 = 147,1(g) → (B) Đốt muối ta có : CnH2nNO2Na + O2 → ½ Na2CO3 + ( n – ½ )CO2 + nH2O + ½ N2 1,1 → 0,55 mol 0,55 mol Bài 4: Hỗn hợp E chứa peptit X mạch hở ( tạo Glyxin Alanin) este Y mạch hở ( tạo etylen glycol axit đơn chức, không no chứa liên kết C=C) Đun nóng hỗn hợp E với dung dịch NaOH vừa đủ thu 23,08 gam hỗn hợp muối F, có chứa a gam muối glyxin b gam muối alanin Lấy toàn F đem đốt cháy thu Na CO , N2; 23,76 gam CO2 7,56 gam H2O Mặt khác đem đốt cháy lượng E cần dùng 0,89 mol O2 Tỉ lệ gần a:b ? A.2,5 B.2,8 C.2,4 Cách làm : Số C muối axit ≤ Đối với , ta cần thiết lập quan hệ nCO2 nH2O Đối với muối este : (CnH2n-1COO)2C2H4 → nCO2 – nH2O = neste Đối với muối amino axit : nCO2 – nH2O = ½ naa Gọi mol muối axit x , muối amino axit y : Ta có 2x – y/2 = 0,12 (1) Do số mol O2 đốt E = Số mol O2 đốt F – số mol O2 đốt etilen glicol ( C2H4(OH)2 ) (*) Theo pứ thủy phân tạo netilen glicol = x mol ( đốt rượu cần 2,5x mol O2 ) D.2,6 𝑛𝐶𝑂2 + 𝑛𝑁𝑎2 𝐶𝑂3 − 𝑛𝐶 𝑡𝑟𝑜𝑛𝑔 𝑒𝑡𝑖𝑙𝑒𝑛 𝑔𝑙𝑖𝑐𝑜𝑙 𝑛𝑒𝑠𝑡𝑒 = 0,54+0,12−0,08.2 0,08.2 = 3,125 → axit : C2H3COOH Hỗn hợp F : CnH2nNO2Na có 0,08 mol (C2H3COO)2C2H4 có 0,08 mol → nmuối a.a = 8,04 gam ngly + nala = 0,08 mol 97.ngly + 111 Nala = 8,04 ngly = 0,06 nala = 0,02 Suy tỉ lệ a: b = 2,62 Bình luận : Đây toán tương đối khó , đề rõ số chức axits Lại có nN2 = y/2 ; nNa2CO3 = x + y/2 tạo yếu tố – ta suy tương quan hiệu nCO2 nH2O BTKL : F + O2 = Na2CO3 + CO2 + H2O + ½ N2 Trong công thức (*) ta biết đốt cháy hợp chất hữu chứa → 23,08 + 32.(89-2,5x) = 106.(x+y/2) + 28.y/2 + 31,32 (2) (C,H,O,N) ta có trừ hay cộng thêm vào công thức lượng CO2 H2O Từ (1) (2) ta có hệ : số mol O2 đốt cháy không đổi x = y = 0,08 F + H2O → E + C2H4(OH)2 Đốt muối α – aminoaxxit , xin nhắc lại : nH20 – nCO2 = ½ nmuối a.a = nN2 = nNa2CO3 Bài 5: Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm peptit ( cấu tạo chứa Gly, Ala, Val) dung dịch chứa 47,54 gam KOH Cô cạn dung dịch thu 1,8m ( gam) chất rắn khan Mặt khác đốt cháy hết 0,5m gam X cần dùng 30,324 lít O2, hấp thụ sản phẩm cháy vào 650 ml dung dịch Ba(OH)2 1M thấy khối lượng bình tăng 65,615 đồng thời khối lượng dung dịch tăng m1 (gam) có khí trơ thoát Giá trị (m1 + m) gần với: A.78 B.120 C.50 D.80 nhận định : nCO2 = nC = anm = 2,15 mol Bạn đọc đề, thấy toán tương đối phức tạp, liên quan đốt peptit Trong 0,5m gam X : 1,075 = nCO2 sử dụng CT (3) Bài toán không yêu cầu xác định nGly; nAla hay → m1 = mtăng - m↓ = 65,615 – 197.(0,65.2-1,675) = 21,29 (g) nVal … ta áp dụng CT (3).𝑚𝐶𝑂2 ; ∑ 𝑚𝐶𝑂2 + 𝑚𝐻2 𝑂 ; mpeptit giả hệ ẩn →m+m1 = 75,54 (g) → (A) Bài toán chứng minh sức mạnh CT (3) Giải : BTKL cho pứ thủy phân: a(14nm + 29m + 18 ) + 47,54 = 1,8m + 18a → 0,8a ( 14nm + 29m + Bình luận : Đây toán khó giải thông thường nhiên “ nhớ công thức” nêu , toán trở nên vô đơn giản Tường chửng hệ (*) khó giải nhiên hệ phương trình bậc ba ẩn 18 ) + 18a = 47,54 (1) Đốt cháy ta có nO2 = a(1,5nm – 0,75m) = 1,35375.2 (2) nCO2 + H2O = a(62nm – 9m + 18) = 65,615.2 (3) Giải hệ ẩn : anm, am, a Ta :anm = 2,15 ; am = 0,69; a = 0,23 → a = 0,23 mol; n = 2,5/69 ; m = →m3 peptit = 54,25 (g) Bài 6: Hỗn hợp X gồm peptit A mạch hở có công thức C H N O hợp chất B có công thức phân tử C H NO Lấy 0,09 mol X tác dụng vừa đủ với 0,21 mol NaOH thu sản phẩm dung dịch gồm ancol etylic a mol muối gly, b mol muối ala Nếu đốt cháy hoàn toàn 41,325 gam hỗn hợp X lượng oxi vừa đủ thu N2 96,975 gam hỗn hợp CO2 H2O Giá trị a : b gần với: x A.0,5 B.0,76 y C.1,3 D.2,6 Giái: Phần gấp 0,075/ 0,03 = 2,5 lần phần CxHyN5O6 → A penta peptit tạo ala gly → mX ( 0,09 mol ) = 41,325/2,5 = 16,53 → MA = 345 → A : 3Ala-2Gly C4H9NO2 → B NH2 – CH2 – COO C2H5 →𝑛 𝑛𝑔𝑙𝑦 𝑎𝑙𝑎 Vì thỏa mãn điều kiện đề thủy phân thu rượu C2H5OH, muối ala, muối gly 𝑛𝐵 Ta có nA + nB = 0,09 5nA + nB = 0,21 → nA = 0,03 ; nB = 0,06 → 𝑛 = 𝐴 = 𝑎 𝑏 = 0,03.2+0,06 0,03.3 = = 1,33 → © Bình luận : Cách gọi CTPT chung m – peptit : CnmH2nm-m+2NmOm+1 sử dụng « công thức liên quan » nêu 5, bạn nhanh Gọi A : C5nH10n-3N5O6 : a mol B : C4H9NO2 : 2a mol → a.(70n + 163 ) + 2a.103 = 41,325 chóng giải toán Giải hệ ẩn không thiết a,b hay n : mà ẩn an ( = mX ) a.(310n – 27 ) + 2a.2857 = 96,975 ( = nCO2 + H2O ) Bài toán dùng quy đổi : amino axit ; etylics ; - H2O ( → an = 0,195 a = 0,075 cách hay dùng , nhiên cách quy đổi công thức trung bình làm tương đối nhẹ nhàng Bài 7: X Y hai peptit tạo từ -amino axit no, mạch hở chứa nhóm NH2 nhóm –COOH Đun nóng 0,1 mol hỗn hợp E chứa X,Y dung dịch NaOH vừa đủ, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu m gam muối khan Đốt cháy toàn lượng muối thấy thu 0,2 mol Na CO hỗn hợp gồm CO , H O N2 tổng khối lượng CO H O 65,6 gam Mặt khác đốt cháy 1,51m gam hỗn hợp E cần dùng a mol O2 thu CO , H O N2 Giá trị a gần với: 2 A.2,5 B.1,5 C.3,5 D.3 Bài 8: Đun nóng 45,54 gam hỗn hợp E gồm hexapeptit X tetrapeptit Y cần dùng 580 ml dung dịch NaOH 1M thu dung dịch chứa muối natri glyxin valin Mặt khác đốt cháy lượng E O2 vừa đủ thu hỗn hợp CO2, H2O N2; khối lượng CO2 H2O 115,18 gam Công thức phân tử peptit X là: A C 17 H 30 N6O7 B C 21 H 38 N6O7 C C 24 H 44 N6O7 NHẬN ĐỊNH : D C 18 H 32 N6O7 suy NNaOH = nN (trong hỗn hợp) nên ta BTKL => 𝑛𝑂2 nX + nY = 0,16 nX = 0,07 Có 𝑛𝑂2 𝑣à ∑ 𝑚𝐶𝑂2 + 𝑚𝐻2 𝑂 ; ta nghĩ đến bảo toàn O 6nX + 4nY = 0,58 nY = 0,04 Đây toán đốt cháy peptit => Nhớ đến CT (3) Để xác định công thức X ta cần phải tìm nGly = x mol nala = y mol NO biểu diễn theo npeptit : 𝑛𝑂𝑝𝑒𝑝𝑡𝑖𝑡 𝑛𝑁 (= 0,58) + 𝑛𝑝𝑒𝑝𝑡𝑖𝑡 ngly + nala = x + y = 0,58 Lập hệ ẩn (𝑛𝐻2 𝑂 , 𝑛𝐶𝑂2 , 𝑛𝑝𝑒𝑝𝑡𝑖𝑡 (ℎ𝑜ặ𝑐 𝑛𝑂 )) BTKL pứ thủy phân 45,54 + 0,58.40 = 97x + 139y + 0,11.18 Giải : x= 0,33 ; y = 0,25 nNaOH = 0,58 mol = na.a = nN Tới ta biện luận công thức phân tử : gọi số gly X BTKL cho pứ đốt cháy ta suy nO2 = 2,43 mol a ; Y b Ta có peptit chung : CnmH2nm-m+3NmOm+1 + O2 → nm CO2 + (nm + 1) H2O + 𝑚 N2 𝑚 Ta có 0,07a + 0,05b = 0,33 → 7a + 5b = 33 Với peptit đề cho hexan peptit tetra peptit a ≤ ; 𝑏 ≤ → nO(peptit) = nN + npeptit (*) Xét a = 1,2,3… nH2O + nN2 – nCO2 = npeptit Thì có nghiệm a =4 , b= Đặt nCO2 = x ; nH2O = y ; npeptit = z ; nO (peptit) = 0,58 + z Vậy X 4Ala-2Gly → CTPT X C18H32N6O7 → ( D ) Ta có : nCO2 + H2O = 44x + 18y = 115,18 x= 1,19 BT(O) : 0,58 + z + 243.2 = 2x + y y = 1,73 y + 0,29 – x = z z = 0,11 Bài 9: Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp gồm peptit X peptit Y dung dịch NaOH thu 151,2 gam hỗn hợp muối natri Gly, Ala Val Mặt khác đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X,Y cần 107,52 lít khí O2 (đktc) thu 64,8 gam H2O Giá trị m gần với: A.102 B.101 C.100 D.103 Bài 10: Hỗn hợp E gồm peptit X mạch hở ( cấu tạo từ Gly Ala) este Y ( tạo từ phản ứng axit cacboxylic no, đơn chức mạch hở methanol) Đốt cháy hoàn toàn m gam E cần 15,68 lít O2(đktc) Mặt khác thủy phân m gam E dung dịch NaOH vừa đủ thu 24,2 gam hỗn hợp muối( số mol muối natri Gly lớn số mol muối natri Ala) Đốt cháy hoàn toàn khối lượng muối cần 20 gam O2 thu 18,7 gam CO2và H2O, N2, Na2CO3 Tỉ lệ số mol Gly : Ala X gần với: A 2,9 B.3,9 C.4,9 D.5,9 Bài 11: Thủy phân hoàn toàn peptit X peptit Y môi trường axit thu glyxin alanin Y có số liên kết peptit nhiều X Thủy phân hoàn toàn 46,08 gam peptit X 400ml dung dịch NaOH 2M ( lấy dư 25% so với lượng cần phản ứng) thu 68,6 gam muối Mặt khác đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol Y cần dùng 65,52 lít O2(đktc) Tỉ lệ glyxin alanine peptit Y gần với: A.0,35 B.0,4 C.0,48 D.0,45 Giải : Bài 12: Chia hỗn hợp X gồm glyxin số axit cacboxylic no, mạch hở thành phần Phần tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ cô cạn Đốt cháy hoàn toàn lượng muối sinh O2 vừa đủ thu hỗn hợp khí Y gồm CO2, H2O N2 10,6 gam Na2CO3 Cho toàn hỗn hợp khí Y qua bình đựng dung dịch Ca(OH)2 dư thu 34 gam kết tủa đồng thời khối lượng bình tăng 20,54 gam so với ban đầu Phần hai tác dụng vừa đủ với 40 ml dung dịch HCl 1M Các phản ứng xảy hoàn toàn, coi N2 không bị nước hấp thụ Thành phần phần trăm theo khối lượng glyxin X có giá trị gần với: A.22 B.28 C.32 D.40 Giải : Phần Đốt cháy muối → Phần : Na2CO3 : 0,1 mol → nNaOH = 0,2 mol → nO(X) = 0,2 CO2 : 34 (g) ↓ → nCO2 = 0,34 mol pứ vừa đủ với 0,04 mol HCl → nN (trongX) = 0,04 mol → nN2 = 0,02 mol BT(O) : → nO2 đốt cháy = 0,1.3+0,34.2+0,31.4 = 0,445 𝑚𝑜𝑙 H2O : mbình tăng = mCO2 + H2O = 20,54 (g) → nH2O = BTKL: → mmuối = 0,1 160 + 20,54 + 0,04.14 – 0,445.32 = 17,46 (g) 0,31 mol Do X + NaOH → Muối + H2O N2 nH2O = nNaOH nên BTKL → mX = 13,066(g) nN = ngly → % gly X = 0,04.75 13,06 = 22,97% Chọn (A) KINH NGHIỆM: Đây toán tương đối , vận dụng BT(O) BTKL Cái cần ý : nHCl pứ → cho ta tính nN ( a.a) NNaOH pứ → cho ta tính nO ( a.a ) Bài 13: Hỗn hợp X gồm ba peptit, metylamin axit glutamic số mol metylamin số mol axit glutamic Đốt cháy hoàn toàn m gam X thu 0,25 mol CO2, 0,045 mol N2 0,265 mol H2O Giá trị m gần với: A.7,1 B.7,2 C.7,3 D.7,4 Bài 14: Peptit X mạch hở cấu tạo từ hai loại -aminoaxit no, mạch hở, chứa nhóm – NH2 Biết X tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH theo phản ứng sau: X + 11NaOH 3A + 4B + H2O Đốt cháy hoàn toàn 56,4 gam X thu hỗn hợp CO2, H2O N2; khối lượng CO2 H2O 119,6 gam Mặc khác đun nóng 0,12 mol X với dung dịch HCl dư thu m gam muối Giá trị m gần với: A.128 B.135 C.94 D.77 Giải : xem xét X + 11NaOH 3A + 4B + H2O Do phản ứng hoàn toàn : 11 > + suy có a.a có số nhóm - COOH ≥ Suy luận toán học ta có 11 = + 4.2 = + → A a.a có chứa chức COOH B a.a có chức COOH Gọi A : CnH2n+1NO2 B : CmH2m-1NO4 ( X = 3A – 4B ) 0,12 mol X + HCl → m (g) muối : nHCl = nX (→ Cần tính nX 65,4 gam toán giải ) Từ kiện đốt cháy ta tính nX sau Quy đổi X → A,B Ta có nA = x → nB= 4/3 x mol nH2O cần chuyển = 2x mol Ta có mA + mB = 56,4 + 2x.18 nCO2 + H2O ( A B) x( 14n + x(62n + 56 248 𝑚)+ x.(14n + 47) + 3x (14m + 77) = 54,6 + 2x 18 = 119,6 + 2x.18 X( 62n + 9) + 4x (62m + ) = 119,6 + 2x.18 341 𝑥 = 56,4 (1) 𝑚) + (-39x) = 119,6 (2) Do A,B CnH2n; CmH2m → triệt 31 62 tiêu n,m suy : (1) (= 14 ) – (2) Suy 0,12 11390 𝑥 = 4556 33 →nX = 0,24/3 = 0,08 mol → mX = 0,08 56,4= 84,6 (g) →m = 84,6 + 0,12.7.36,5 + 0,12.6.18 = 128,22 (g) → (A) → 𝑥 = 0,24 KINH NGHIỆM VÀ NHẬN ĐỊNH : Thông thường : npeptit + nH2O = na.a ( : peptit + (n-1)H2O → n a.a ) nNaOH = nmuối a.a Nhứng nNaOH > n muối a.a → a.a tạo nên muối phải nhóm COOH trở lên, cần ý để biện luận cấu tạo Ta tìm số mol chất cách thiết lập ∑ 𝑚 𝑣à ∑ 𝑚CO2 + H2O cách triệt tiêu Khi peptit + dung dịch HCl ( với a.a cấu tạo nên peptit có chưa a.a ) Peptit + nHCl + (n-1)H2O → muối a.a Bài 15: Cho hỗn hợp A chứa peptit X Y tạo từ glyxin alanin Biết tổng số nguyên tử O A 13 Trong X Y có số liên kết peptit không nhỏ Đun nóng 0,7 mol A KOH thấy 3,9 mol KOH phản ứng thu m gam muối Mặc khác đốt cháy hoàn toàn 66,075 gam A cho sản phẩm hấp thụ hoàn toàn vào dung dịch chứa Ca(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 147,825 gam Giá trị m gần với: A.560 B.470 C.520 D.490 [...]... nên peptit đó có chưa một a.a ) Peptit + nHCl + (n-1)H2O → muối a.a Bài 15: Cho hỗn hợp A chứa 2 peptit X và Y đều được tạo từ glyxin và alanin Biết rằng tổng số nguyên tử O trong A là 13 Trong X hoặc Y đều có số liên kết peptit không nhỏ hơn 4 Đun nóng 0,7 mol A trong KOH thấy 3,9 mol KOH phản ứng và thu được m gam muối Mặc khác đốt cháy hoàn toàn 66,075 gam A rồi cho sản phẩm hấp thụ hoàn toàn vào... 𝑥 = 0,24 KINH NGHIỆM VÀ NHẬN ĐỊNH : Thông thường : npeptit + nH2O = na.a ( vì : peptit + (n-1)H2O → n a.a ) và nNaOH = nmuối của a.a Nhứng nếu nNaOH > n muối a.a thì → 1 trong các a.a tạo nên muối đó phải ít nhất 2 nhóm COOH trở lên, cần chú ý để biện luận cấu tạo Ta có thể tìm số mol các chất bằng cách thiết lập ∑ 𝑚 𝑣à ∑ 𝑚CO2 + H2O bằng cách triệt tiêu như trong bài Khi peptit + dung dịch HCl... 22,97% Chọn (A) KINH NGHIỆM: Đây là một bài toán tương đối cơ bản , vận dụng BT(O) và BTKL Cái cần chú ý là : nHCl pứ → sẽ cho ta tính được nN ( a.a) NNaOH pứ → sẽ cho ta tính được nO ( a.a ) Bài 13: Hỗn hợp X gồm ba peptit, metylamin và axit glutamic trong đó số mol metylamin bằng số mol axit glutamic Đốt cháy hoàn toàn m gam X thu được 0,25 mol CO2, 0,045 mol N2 và 0,265 mol H2O Giá trị của m gần... với: A.128 B.135 C.94 D.77 Giải : xem xét X + 11NaOH 3A + 4B + 5 H2O Do đây là phản ứng hoàn toàn : 11 > 3 + 4 suy ra có một a.a có số nhóm - COOH ≥ 2 Suy luận toán học ta có ngay 11 = 3 + 4.2 và 5 = 4 + 1 → A là a.a có chứa 1 chức COOH và B là a.a có 2 chức COOH Gọi A : CnH2n+1NO2 và B : CmH2m-1NO4 ( X = 3A – 4B ) 0,12 mol X + HCl → m (g) muối : nHCl = 7 nX (→ Cần tính nX trong 65,4 gam là bài toán... H2O Giá trị của m gần nhất với: A.7,1 B.7,2 C.7,3 D.7,4 Bài 14: Peptit X mạch hở được cấu tạo từ hai loại -aminoaxit no, mạch hở, chỉ chứa 1 nhóm – NH2 Biết X tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH theo phản ứng sau: X + 11NaOH 3A + 4B + 5 H2O Đốt cháy hoàn toàn 56,4 gam X thu được hỗn hợp CO2, H2O và N2; trong đó khối lượng của CO2 và H2O là 119,6 gam Mặc khác đun nóng 0,12 mol X với dung dịch HCl... gam là bài toán được giải quyết ) Từ dữ kiện đốt cháy ta sẽ tính được nX như sau Quy đổi X → A,B Ta có nA = x → nB= 4/3 x mol nH2O cần chuyển = 2x mol Ta có 4 mA + mB = 56,4 + 2x.18 nCO2 + H2O ( của A và B) x( 14n + x(62n + 56 3 248 3 𝑚)+ x.(14n + 47) + 3x (14m + 77) = 54,6 + 2x 18 = 119,6 + 2x.18 X( 62n + 9) + 4x (62m + 9 ) = 119,6 + 3 2x.18 341 3 𝑥 = 56,4 (1) 𝑚) + (-39x) = 119,6 (2) Do A,B đều là