PEPTIT VÀ MỘT SỐ CÁCH XỬ LÍ_NGÔ VƯƠNG MINH

Người ta lấy m gam X cho tác dụng với lượng vừa đủ KOH thì thu được 13,13 gam hỗn hợp muối.. Mặt khác cũng từ lượng X trên ở điều kiện thích hợp điều chế được hỗn hợp Y chỉ gồm hỗn hợp c

Công thức kinh điển” peptit

CT1: 𝑛𝑂2 đố𝑡 𝑝𝑒𝑝𝑡𝑖𝑡 = ∑ 𝑛𝑂2 đố𝑡 𝑐á𝑐 𝑎𝑎

Ta đã biết: n-peptit + (n-1)H2O  naa

Tứ là xét công thức phân tử peptit là CxHyOzN𝑡 thì tổng các amoniaxit sẽ vẫn có số mol như vậy nhưng thêm (n-1)H2O vào công thức tức:

𝐶𝑥𝐻𝑦+2𝑛−2𝑂2+𝑛−1𝑁𝑡

Khi viết phương trình đốt cháy, dĩ nhiên 𝑛𝐶𝑂2 là bằng nhau ∑𝐻2𝑂 𝑎𝑎 𝑙𝑢ô𝑛 ℎơ𝑛 𝑛𝐻2𝑂 𝑝𝑒𝑝𝑡𝑖𝑡 𝑙à (𝑛 − 1)𝐻2𝑂 nhưng ở công thức phân tử cũng hơn như vậy,

BT O  𝑛𝑂2 là như nhau Các bạn có thể lấy ví dụ để thấy rõ:

CT 2: Dạng đốt cháy muối

Muối aa dạng CnH2n+1NO2 là CnH2nNO2Na

CnH2nNO2Na + 𝑂2 → 1

2𝑁𝑎2𝐶𝑂3 + (𝑛 − 1)𝐶𝑂2 + 𝑛𝐻2𝑂 + 1

2𝑁2

Từ đây ta có thể suy ra:

𝑛𝐻2𝑂 − 𝑛𝐶𝑂2 = 1

2𝑛𝑚𝑢ố𝑖 = 𝑛𝑁𝑎2𝐶𝑂3 1,5𝑛𝐶𝑂2 = 𝑛𝑂2

CT3 : Dạng đốt cháy peptit

Xét n – peptit được tạo bởi aa : CnH2n+1NO2 sẽ có CT (a mol)

CnmH2nm-m+2NmOm+1 + (1,5m – 0,75m)O2 →nmCO2 + (nm – 0,5m +1)H2O + 𝑚

𝑛 𝑁2

 đây là 1 công thức dài và rất khó nhớ Tuy nhiên nến bạn nhớ vẹt được nó thì thực sự 1 số bài toán khó trở nên đơn giản

mpeptit = a.(14nm + 29m + 18)

∑𝑚𝐶𝑂2 + 𝑚𝐻2𝑂 = 𝑎(62𝑛𝑚 − 9𝑚 + 18)

…

Ngoài ra: nO = nN + npeptit

𝑛𝐻2𝑂 + 𝑛𝐻2 − 𝑛𝐶𝑂2 = 𝑛𝑝𝑒𝑝𝑡𝑖𝑡

1,5𝑛𝐻2𝑂 − 𝑛𝑂2 = 1,5𝑛𝑝𝑒𝑝𝑡𝑖𝑡

Mình tin rằng áp dụng sẽ giải được đại đa số peptit khó mà thường thì chúng liên quan đốt cháy

Chú ý ta sẽ xử lý hệ với các ẩn: anm, am và a để giải hệ phương trình bậc nhất 3 ẩn (Từ đó có thể suy ra a; n; m)

Bài 1: Thủy phân m gam hỗn hợp X gồm tetrapeptit Y và pentapeptit Z bằng dung dịch NaOH vừa đủ rồi co cạn thu được (m + 23,7) gam hỗn hợp muối của

Gly và Ala Đốt cháy toàn bộ lượng muối sinh ra bằng lượng oxi vừa đủ thu được Na CO2 3 và hỗn hợp hơi T gồm CO2, H O2 và N2 Dẫn toàn bộ lượng hơi T đi rất chậm qua bình đựng dung dịch NaOH đặc dư thấy khối lượng bình tăng 84,06 gam và có 7,392 lít một khí trơ duy nhất (đktc) thoát ra khỏi bình Thành phần

phần trăm khối lượng của Y trong hỗn hợp X có giá trị gần nhất với :

NHẬN ĐỊNH

- Một dạng toán đốt muối  sử dụng CT (2)

𝑚 ↑= ∑ 𝑚𝐶𝑂2 + 𝑚𝐻2𝑂 Dẫn T qua NaOH 

Khí trơ thoát ra = 𝑛𝑁2

Cách làm :

Khí thoát ra nN2 = 0,33 mol Đốt muối sinh ra : CnH2nNO2Na + O2 → ½ Na2CO3 + ( n – ½ )CO2 + nH2O + ½ N2

Ta có nH20 – nCO2 = ½ nmuối a.a = nN2 = 0,33 nCO2 = 1,26 18.nH2O + 40.nCO2 = 84,06 (g) nH2O = 1,59 gọi x, y là số mol gly, ala → x + y = 2.nN2 = 0,16 x = 0,39

Ta nhận ra: nmuói = 2𝑛𝑁2

hơn nữa từ CT (2) : 𝑛𝐻2𝑂 − 𝑚𝐶𝑂 = 1

2𝑛𝑚𝑢ố𝑖

Từ đó xác định được:𝑛𝐻2𝑂 𝑛𝐶𝑂2 => nGly, nAla

Sử dụng dữ liệu: (𝑚 + 23,7)𝑔 𝑚𝑢ố𝑖  xác định

nY

X tetra và Y perita nZ

Từ đây ta cần biện luận cấu tạo của Y, Z để xác định CTPT ta có

lời giải:

2x + 3y = nH2O = 1,53 y = 0,27 BTKL cho phản ứng thủy phân peptit: m + 40.nNaOH = (m + 23,7 ) + 18.nH2O

Do nNaOH = nmuối a.a = na.a = 0,66 mol → nH2O ở pứ thủy phân = (0,66.40 – 23,7)/18 = 0,15 mol

nY + nZ = 0,15 nY = 0,09 4nY + 5nZ = 0,66 nZ = 0,06

m = mmuối - 23,7= 0,39.(75+22) + 0,27.(89 + 22) – 23,7 = 44,1 (g) Gọi số Ala trong Y là a → Gly là ( 4 – a )

Số Ala trong Z là b → Gly là ( 5 – b ) → 0,09 a + 0,06 b = nAla - 0,27 → 3a + 2b = 9 Duy nhất cặp a = 1, b = 3 ( do a,b ≥ 1 và a ≤3 ; b ≤ 4 )

→ Y có : 3Gly.Ala và Z có : 2Gly.3Ala

→ % Y trong X = 0,09 (75.3+89−3.18)

83,06% → (A)

Bình luận :

Khi đốt cháy muối của α – aminoaaxit thì nH2O – nCO2 = nN2 = 2 na.a

Sau khi chọn ra số mol từng chất , cần biện luận để tìm ra CTCT của peptit

Bài 2: Hỗn hợp X gồm Gly và Ala Người ta lấy m gam X cho tác dụng với lượng vừa đủ KOH thì thu được 13,13 gam hỗn hợp muối Mặt khác cũng từ

lượng X trên ở điều kiện thích hợp điều chế được hỗn hợp Y chỉ gồm hỗn hợp các peptit có tổng khối lượng m’ gam và nước Đốt cháy hoàn toàn m’ gan hỗn hợp peptit trên cần 7,224 lít khí O2 (đktc) Giá trị gần đúng nhất của m là:

Ta đã biết : Số mol O2 đốt cháy peptit = tổng số mol O2 đốt từng amino axit

tạo nên peptit đó

Đặt ngly = x, nala = y

nO2 = 0,3325 nên ta có hệ :

mmuối = 113x + 127y = 13,13

no2 = 2,25x + 3,75y = 0,3225

Từ đó ta có : x = 0,06 ; y = 0,05 nên

m = 8,95(g)

→ (C)

Khi gặp các bài toán đốt cháy peptit cần tìm ra tương quan hay nH2O – nCO2 Ta tiếp tục xem xét các bài toán sau đây :

Bài 3: Hỗn hợp E gồm peptit X và Y lần lượt ( C H O N C H O N n m z 4 , x y 7 t) đều mạch hở, cấu tạo từ các aminoaxit no chỉ chứa 1 nhóm NH2 và 1 nhóm –COOH Cho hỗn hợp E phản ứng với 2 lít dung dịch NaOH 0,65M thu được dung dịch Z Để trung hòa Z cần dùng 100 ml dung dịch HCl 2M Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được m gam muối Đốt cháy hoàn toàn m gam muối trên cần 177,6 gam O2 Giá trị gần nhất với m là:

Cách làm :

nNaOH E pứ vừa đủ = 2.0,65 – 0,1.2 = 1,1 mol ; nO2 = 5,55

Muối sau pứ gồm CnH2nNO2Na : 1,1 mol

NaCl : 0,2 mol

Khi đốt cháy ta không xét NaCl nên :

nH2O – nCO2 = 0,55 nH2O= 4,25 mol BT(O) : nH2O + 2nCO2 + 0,55.3 = 1,1.2 + 5,55.2 nCO2 = 3,7 mol

→ 1,1n = 4,25 → n = 85/22

→ m = 1,1 (14.85/22 + 14 + 32 + 23 )+ 0,2.58,5 = 147,1(g) → (B)

Đốt muối ta có : CnH2nNO2Na + O2 → ½ Na2CO3 + ( n – ½ )CO2 + nH2O +

½ N2

1,1 → 0,55 mol

0,55 mol

Bài 4: Hỗn hợp E chứa peptit X mạch hở ( tạo bởi Glyxin và Alanin) và este Y mạch hở ( được tạo bởi etylen glycol và một axit đơn chức, không no chứa một

liên kết C=C) Đun nóng hỗn hợp E với dung dịch NaOH vừa đủ thu được 23,08 gam hỗn hợp muối F, trong đó có chứa a gam muối glyxin và b gam muối alanin Lấy toàn bộ F đem đốt cháy thu được Na CO2 3, N2; 23,76 gam CO2 và 7,56 gam H2O Mặt khác cũng đem đốt cháy cùng lượng E trên cần dùng 0,89 mol

O2 Tỉ lệ gần đúng của a:b là ?

Cách làm :

Đối với bài này , ta cần thiết lập quan hệ nCO2 và nH2O

Đối với muối của este : (CnH2n-1COO)2C2H4 → nCO2 – nH2O = 2 neste

Đối với muối của amino axit : nCO2 – nH2O = ½ naa

Gọi mol muối axit là x , muối amino axit là y :

Ta có 2x – y/2 = 0,12 (1)

Do số mol O2 đốt E = Số mol O2 đốt F – số mol O2 đốt etilen glicol (

C2H4(OH)2 ) (*)

Theo pứ thủy phân tạo ra netilen glicol = x mol ( nếu đốt rượu này thì cần

2,5x mol O2 )

Số C muối axit ≤ 𝑛𝐶𝑂2+ 𝑛𝑁𝑎2𝐶𝑂3− 𝑛𝐶 𝑡𝑟𝑜𝑛𝑔 𝑒𝑡𝑖𝑙𝑒𝑛 𝑔𝑙𝑖𝑐𝑜𝑙

𝑛𝑒𝑠𝑡𝑒.2 = 0,54+0,12−0,08.2

0,08.2 = 3,125

→ axit : C2H3COOH Hỗn hợp F : CnH2nNO2Na có 0,08 mol và (C2H3COO)2C2H4 có 0,08 mol

→ nmuối a.a = 8,04 gam

ngly + nala = 0,08 mol ngly = 0,06 97.ngly + 111 Nala = 8,04 nala = 0,02 Suy ra tỉ lệ a: b = 2,62

Bình luận :

Đây là một bài toán tương đối khó , khi đề bài chỉ rõ số chức của axits và

Lại có nN2 = y/2 ; nNa2CO3 = x + y/2

BTKL : F + O2 = Na2CO3 + CO2 + H2O + ½ N2

→ 23,08 + 32.(89-2,5x) = 106.(x+y/2) + 28.y/2 + 31,32 (2)

Từ (1) và (2) ta có hệ :

x = y = 0,08

tạo bởi yếu tố nào – ta có thể suy ra tương quan hiệu nCO2 và nH2O

Trong công thức (*) ta đã biết khi đốt cháy hợp chất hữu cơ chứa (C,H,O,N) ta có trừ hay cộng thêm vào công thức đó lượng CO2 và H2O thì số mol O2 đốt cháy vẫn không đổi

F + H2O → E + C2H4(OH)2

Đốt muối α – aminoaxxit , xin nhắc lại : nH20 – nCO2 = ½ nmuối a.a = nN2 =

nNa2CO3

Bài 5: Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm 3 peptit ( trong cấu tạo chỉ chứa Gly, Ala, Val) trong dung dịch chứa 47,54 gam KOH Cô cạn dung dịch

thì thu được 1,8m ( gam) chất rắn khan Mặt khác đốt cháy hết 0,5m gam X thì cần dùng 30,324 lít O2, hấp thụ sản phẩm cháy vào 650 ml dung dịch Ba(OH)2

1M thấy khối lượng bình tăng 65,615 đồng thời khối lượng dung dịch tăng m1 (gam) và có một khí trơ thoát ra Giá trị (m1 + m) gần nhất với:

nhận định :

Bạn đọc đề, thấy đây là một bài toán tương đối phức tạp, liên quan đốt peptit

 có thể sử dụng CT (3) Bài toán không quá yêu cầu xác định nGly; nAla hay

nVal … ta áp dụng các CT (3).𝑚𝐶𝑂2; ∑ 𝑚𝐶𝑂2 + 𝑚𝐻2𝑂; mpeptit và giả hệ 3 ẩn

Bài toán sẽ chứng minh sức mạnh của CT (3)

Giải :

BTKL cho pứ thủy phân:

a(14nm + 29m + 18 ) + 47,54 = 1,8m + 18a → 0,8a ( 14nm + 29m +

nCO2 = nC = anm = 2,15 mol Trong 0,5m gam X : 1,075 = nCO2

→ m1 = mtăng - m↓ = 65,615 – 197.(0,65.2-1,675) = 21,29 (g)

→m+m1 = 75,54 (g) → (A)

Bình luận :

Đây là một bài toán khá khó nếu giải thông thường tuy nhiên nếu “ nhớ các công thức” nêu trên , bài toán trở nên vô cùng đơn giản

18 ) + 18a = 47,54 (1)

Đốt cháy ta có

nO2 = a(1,5nm – 0,75m) = 1,35375.2 (2)

nCO2 + H2O = a(62nm – 9m + 18) = 65,615.2 (3)

Giải hệ 3 ẩn : anm, am, a Ta được :anm = 2,15 ; am = 0,69; a = 0,23

→ a = 0,23 mol; n = 2,5/69 ; m = 3 →m3

peptit = 54,25 (g)

Tường chửng hệ (*) khó giải tuy nhiên nó chỉ là hệ 3 phương trình bậc nhất

ba ẩn

Bài 6: Hỗn hợp X gồm peptit A mạch hở có công thức C H N O x y 5 6 và hợp chất B có công thức phân tử là C H NO4 9 2.Lấy 0,09 mol X tác dụng vừa đủ với 0,21 mol NaOH chỉ thu được sản phẩm là dung dịch gồm ancol etylic và a mol muối của gly, b mol muối của ala Nếu đốt cháy hoàn toàn 41,325 gam hỗn hợp X bằng lượng oxi vừa đủ thì thu được N2 và 96,975 gam hỗn hợp CO2 và H2O Giá trị a : b gần nhất với:

Giái:

CxHyN5O6 → A là penta peptit được tạo bởi ala và gly

C4H9NO2 → B là NH2 – CH2 – COO C2H5

Vì như vậy mới thỏa mãn điều kiện đề bài thủy phân thu được rượu

C2H5OH, muối ala, muối gly

Ta có nA + nB = 0,09 và 5nA + nB = 0,21 → nA = 0,03 ; nB = 0,06 → 𝑛𝐵

𝑛𝐴 = 2

Phần 2 gấp 0,075/ 0,03 = 2,5 lần phần 1

→ mX ( 0,09 mol ) = 41,325/2,5 = 16,53 → MA = 345 → A là : 3Ala-2Gly

→𝑛𝑔𝑙𝑦

𝑛𝑎𝑙𝑎 = 𝑎

𝑏 = 0,03.2+0,06

0,03.3 = 4

3 = 1,33 → ©

Bình luận :

Cách gọi CTPT chung của m – peptit : CnmH2nm-m+2NmOm+1 và sử

Gọi A : C5nH10n-3N5O6 : a mol

B : C4H9NO2 : 2a mol

→ a.(70n + 163 ) + 2a.103 = 41,325 ( = mX )

a.(310n – 27 ) + 2a.2857 = 96,975 ( = nCO2 + H2O )

→ an = 0,195 và a = 0,075

dụng « công thức liên quan » đã nêu ở trên bài 5, bạn sẽ nhanh chóng giải quyết bài toán

Giải hệ thì ẩn không nhất thiết là a,b hay n : mà có thể là cả ẩn an Bài toán trên có thể dùng quy đổi về : amino axit ; etylics ; - H2O ( cách này rất hay được dùng , tuy nhiên cách quy đổi về công thức trung bình đã làm ở trên tương đối nhẹ nhàng

Bài 7: X và Y là hai peptit được tạo từ các -amino axit no, mạch hở chỉ chứa 1 nhóm NH2 và 1 nhóm –COOH Đun nóng 0,1 mol hỗn hợp E chứa X,Y bằng dung dịch NaOH vừa đủ, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được m gam muối khan Đốt cháy toàn bộ lượng muối thấy thu được 0,2 mol Na CO2 3 và hỗn hợp hơi gồm CO2, H O2 và N2 trong đó tổng khối lượng của CO2 vàH O2 là 65,6 gam Mặt khác đốt cháy 1,51m gam hỗn hợp E cần dùng a mol O2 thu được CO2, H O2 và

N2 Giátrị của a gần nhất với:

Bài 8: Đun nóng 45,54 gam hỗn hợp E gồm hexapeptit X và tetrapeptit Y cần dùng 580 ml dung dịch NaOH 1M chỉ thu được dung dịch chứa muối natri của

glyxin và valin Mặt khác đốt cháy cùng lượng E trên trong O2 vừa đủ thu được hỗn hợp CO2, H2O và N2; trong đó khối lượng của CO2 và H2O là 115,18 gam Công thức phân tử của peptit X là:

A.C H17 30N O6 7 B.C H21 38N O6 7 C.C H24 44N O6 7 D.C H18 32N O6 7

NHẬN ĐỊNH :

NNaOH = nN (trong hỗn hợp) nên ta có thể BTKL => 𝑛𝑂2

Có 𝑛𝑂2 𝑣à ∑ 𝑚𝐶𝑂2 + 𝑚𝐻2𝑂; ta nghĩ ngay đến bảo toàn O

suy ra

nX + nY = 0,16 nX = 0,07 6nX + 4nY = 0,58 nY = 0,04

Đây là 1 bài toán đốt cháy peptit => Nhớ đến CT (3)

NO biểu diễn được theo npeptit : 𝑛𝑂𝑝𝑒𝑝𝑡𝑖𝑡 𝑛𝑁(= 0,58) + 𝑛𝑝𝑒𝑝𝑡𝑖𝑡

 Lập hệ 3 ẩn (𝑛𝐻2𝑂, 𝑛𝐶𝑂2, 𝑛𝑝𝑒𝑝𝑡𝑖𝑡(ℎ𝑜ặ𝑐 𝑛𝑂))

Giải :

nNaOH = 0,58 mol = na.a = nN

BTKL cho pứ đốt cháy ta suy ra được nO2 = 2,43 mol

Ta có một peptit chung : CnmH2nm-m+3NmOm+1 + O2 → nm CO2 + (nm - 𝑚

2 + 1) H2O + 𝑚

2 N2

→ nO(peptit) = nN + npeptit (*)

nH2O + nN2 – nCO2 = npeptit

Đặt nCO2 = x ; nH2O = y ; npeptit = z ; nO (peptit) = 0,58 + z

Ta có :

nCO2 + H2O = 44x + 18y = 115,18 x= 1,19

BT(O) : 0,58 + z + 243.2 = 2x + y y = 1,73

y + 0,29 – x = z z = 0,11

Để xác định công thức của X ta cần phải tìm nGly = x mol và nala = y mol

ngly + nala = x + y = 0,58 BTKL pứ thủy phân 45,54 + 0,58.40 = 97x + 139y + 0,11.18 x= 0,33 ; y = 0,25

Tới đây ta biện luận công thức phân tử như các bài trên : gọi số gly trong X

là a ; trong Y là b

Ta có 0,07a + 0,05b = 0,33 → 7a + 5b = 33 Với các peptit đề bài cho là hexan peptit và tetra peptit thì a ≤ 6 ; 𝑏 ≤ 4 Xét a = 1,2,3…

Thì chỉ có duy nhất 1 nghiệm là a =4 , b= 1 Vậy X là 4Ala-2Gly → CTPT của X là C18H32N6O7 → ( D )

Bài 9: Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp gồm peptit X và peptit Y bằng dung dịch NaOH thu được 151,2 gam hỗn hợp các muối natri của Gly, Ala và Val

Mặt khác đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X,Y ở trên cần 107,52 lít khí O2 (đktc) và thu được 64,8 gam H2O Giá trị của m gần nhất với:

Bài 10: Hỗn hợp E gồm peptit X mạch hở ( cấu tạo từ Gly và Ala) và este Y ( tạo ra từ phản ứng giữa axit cacboxylic no, đơn chức mạch hở và methanol)

Đốt cháy hoàn toàn m gam E cần 15,68 lít O2(đktc) Mặt khác thủy phân m gam E trong dung dịch NaOH vừa đủ thu được 24,2 gam hỗn hợp muối( trong đó

số mol muối natri của Gly lớn hơn số mol muối natri của Ala) Đốt cháy hoàn toàn khối lượng muối trên cần 20 gam O2 thu được 18,7 gam CO2và H2O, N2,

Na2CO3 Tỉ lệ số mol Gly : Ala trong X gần nhất với:

Bài 11: Thủy phân hoàn toàn peptit X và peptit Y trong môi trường axit thu được glyxin và alanin Y có số liên kết peptit nhiều hơn X là 2 Thủy phân hoàn

toàn 46,08 gam peptit X bằng 400ml dung dịch NaOH 2M ( lấy dư 25% so với lượng cần phản ứng) thu được 68,6 gam muối Mặt khác đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol Y cần dùng 65,52 lít O2(đktc) Tỉ lệ glyxin và alanine trong peptit Y gần nhất với:

Giải :

Bài 12: Chia hỗn hợp X gồm glyxin và một số axit cacboxylic no, mạch hở thành 2 phần bằng nhau Phần một tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô

cạn Đốt cháy hoàn toàn lượng muối sinh ra bằng O2 vừa đủ thu được hỗn hợp khí Y gồm CO2, H2O và N2 và 10,6 gam Na2CO3 Cho toàn bộ hỗn hợp khí Y qua bình đựng dung dịch Ca(OH)2 dư thu được 34 gam kết tủa đồng thời khối lượng bình tăng 20,54 gam so với ban đầu Phần hai tác dụng vừa đủ với 40 ml dung dịch HCl 1M Các phản ứng xảy ra hoàn toàn, coi N2 không bị nước hấp thụ Thành phần phần trăm theo khối lượng của glyxin trong X có giá trị gần

nhất với:

Giải :

Phần 1

Đốt cháy muối → Na2CO3 : 0,1 mol → nNaOH = 0,2 mol → nO(X) = 0,2

CO2 : 34 (g) ↓ → nCO2 = 0,34 mol

Phần 2 :

pứ vừa đủ với 0,04 mol HCl → nN (trongX) = 0,04 mol → nN2 = 0,02 mol BT(O) : → nO2 đốt cháy = 0,1.3+0,34.2+0,31.4

2 = 0,445 𝑚𝑜𝑙

H2O : mbình tăng = mCO2 + H2O = 20,54 (g) → nH2O = 0,31 mol

N2

BTKL: → mmuối = 0,1 160 + 20,54 + 0,04.14 – 0,445.32 = 17,46 (g)

Do X + NaOH → Muối + H2O

nH2O = nNaOH nên BTKL → mX = 13,066(g)

nN = ngly → % gly trong X = 0,04.75

13,06 = 22,97%

Chọn (A)

KINH NGHIỆM:

 Đây là một bài toán tương đối cơ bản , vận dụng BT(O) và BTKL

 Cái cần chú ý là : nHCl pứ → sẽ cho ta tính được nN ( a.a)

NNaOH pứ → sẽ cho ta tính được nO ( a.a )

Bài 13: Hỗn hợp X gồm ba peptit, metylamin và axit glutamic trong đó số mol metylamin bằng số mol axit glutamic Đốt cháy hoàn toàn m gam X thu được

0,25 mol CO2, 0,045 mol N2 và 0,265 mol H2O Giá trị của m gần nhất với:

Bài 14: Peptit X mạch hở được cấu tạo từ hai loại -aminoaxit no, mạch hở, chỉ chứa 1 nhóm – NH2 Biết X tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH theo phản ứng sau:

X + 11NaOH  3A + 4B + 5 H2O Đốt cháy hoàn toàn 56,4 gam X thu được hỗn hợp CO2, H2O và N2; trong đó khối lượng của CO2 và H2O là 119,6 gam Mặc khác đun nóng 0,12 mol X với

dung dịch HCl dư thu được m gam muối Giá trị của m gần nhất với: