CÁC PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH

CÁC PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH CÁC PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH CÁC PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH CÁC PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH CÁC PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH CÁC PHƯƠNG PHÁP GIẢI HỆ PHƯƠNG TRÌNH

1 Giải hệ bằng các phương pháp tổng hợp Loại 1. Giải hệ bằng phương pháp thế A. Nội dung phương pháp Ý tưởng chung: +) Từ một trong hai phương trình, rút y theo x để được   y f x  . +) Thay   y f x  vào phương trình còn lại, ta được một phương trình đối với x . Giải phương trình này để tìm x . +) Với mỗi x tìm được, ta suy ra y tương ứng. B. Một số ví dụ Ví dụ 1. [ĐHA03] Giải hệ 3 1 1 2 1 x y x y y x           . Giải Điều kiện: 0 x  , 0 y  . Phương trình thứ nhất của hệ tương đương với 2 2 x y y xy x         0 xy x y x y          1 0 xy x y     1 y x y x         . +) Thế y x  vào phương trình thứ hai của hệ ta có 3 2 1 x x    3 2 1 0 x x         2 1 1 0 x x x      1 1 5 2 x x          . +) Thế 1 y x   vào phương trình thứ hai của hệ ta có 3 2 1 x x     4 2 0 x x     x  . (     2 2 4 4 2 2 2 1 1 3 2 1 1 0 2 2 2 x x x x x x x x                           x  ) Vậy hệ đã cho có ba nghiệm     ; 1;1 x y  ,     1 5 1 5 2 2 ; ;x y      ,   1 5 1 5 2 2 ;     . Nhận xét. Ở Ví dụ 1, phương trình thứ nhất của hệ có dạng     f x f y  . Phương trình dạng này bao giờ cũng đưa được về dạng     ; 0 x y g x y   . 2 Ví dụ 2. [ĐHB02] Giải hệ 3 2 x y x y x y x y             . Giải Điều kiện: x y  . Mũ 6 hai vế phương trình thứ nhất của hệ ta được     2 3 x y x y         2 1 0 x y x y      1 y x y x       . Thế y x  vào phương trình còn lại của hệ ta được 2 2 2 x x    2 0 2 1 x x x        1 x  ,  1 y  (thỏa mãn). Thế 1 y x   vào phương trình còn lại của hệ ta được 2 1 2 1 x x     1 2 2 4 4 1 2 1 x x x x            3 2 x   1 2 y  (thỏa mãn). Vậy hệ đã cho có hai nghiệm là     ; 1;1 x y  ,     3 1 2 2 ; ; x y  . Ví dụ 3. [ĐHA04] Giải hệ   1 4 1 4 2 2 log log 1 25 y y x x y           . Giải Điều kiện: 0 y y x      . Phương trình thứ nhất của hệ tương đương với   1 1 1 4 4 4 1 4 log log log y x y      1 1 4 4 4 log log y y x   4 y y x    3 4 x y  . Thay 3 4 x y  vào phương trình còn lại của hệ ta đươc 2 2 3 25 4 y y            4 4 loaïi y y        3 x  (thỏa mãn). Vậy hệ có nghiệm duy nhất     ; 3;4 x y  . Ví dụ 4. Giải hệ [ĐHD08] 2 2 2 2 1 2 2 xy x y x y x y y x x y              . Giải Điều kiện: 0 y  , 1 x  . Coi phương trình thư nhất của hệ là phương trình bậc hai đối với x : 3   2 2 1 2 0 x y x y y      .   * Ta có       2 2 2 1 4 2 3 1 y y y y        . Do đó   *          1 3 1 2 1 3 1 2 1 2 y y x y y y x y                  . Ta thấy trường hợp x y   không thỏa mãn điều kiện. Thay 2 1 x y   vào phương trình còn lại của hệ ta được   2 1 2 2 2 2 y y y y y          1 2 2 1 y y y         1 2 2 0 y y     1 2 (loaïi) y y        5 x  (thỏa mãn). Nhận xét. Ở ví dụ trên, phương trình thứ nhất của hệ có dạng 2 2 0 ax bxy cy dx ey f       . Ta thường xử lý phương trình này như sau: coi phương trình là phương trình bậc hai đối với x , từ đó ta có thể giải x theo y . Tương tự, nếu coi phương trình là phương trình bậc hai đối với y thì ta cũng có thể giải y theo x . Ví dụ 5. [ĐHB08] Giải hệ 4 3 2 2 2 2 2 9 2 6 6 x x y x y x x xy x             . Giải Phương trình thứ hai của hệ tương đương với   2 1 6 6 2 xy x x     .   1 Phương trình thứ nhất của hệ tương đương với   2 2 2 9 x xy x    .   2 Thế   1 vào   2 ta có   2 2 2 1 6 6 2 9 2 x x x x              2 2 1 3 3 2 9 2 x x x            4 3 2 12 48 64 0 x x x x        3 4 0 x x    0 4 x x       . Ta thấy 0 x  không thỏa mãn   1 . Thay 4 x   vào   1 suy ra 17 4 y  . 4 Vậy hệ có nghiệm suy nhất là   17 ; 4; 4 x y         . Nhận xét. Trong ví dụ trên, phép thế được thực hiện cho cả cụm xy . Để làm xuất hiện “cụm thế” ta cần thực hiện một vài phép biến đổi. Các ví dụ tiếp theo sẽ làm rõ hơn điều này. Ví dụ 6. [ĐHD02] Giải hệ 1 3 2 4 2 2 2 2 5 4 x x x x y y y            . Giải Phương trình thứ hai của hệ tương đương với 1 4 2 2 2 x x x y        2 2 2 2 2 x x x y     2 x y  .   1 (  0 y  ) Phương trình thứ nhát của hệ tương đương với   3 2 2 5 4 x y y   .   2 Thế   1 vào   2 ta được 3 2 5 4 y y y    3 2 5 4 0 y y y       0 1 4 loaïi y y y        . Thay 1 y  vào   1 ta được 0 x  , 4 y  vào   1 ta được 2 x  . Vậy hệ đã cho có hai nghiệm là     ; 0;1 x y  ,     ; 2;4 x y  . 5 C. Bài tập Bài 1. [ĐHB05]   2 3 9 3 1 2 1 3log 9 log 3 x y x y            . ĐS:   1;1 ,   2;2 . Bài 2. [ĐHB10]   2 2 2 4 2 0 2log 2 log 0 x x y x y             . ĐS:   3;1 . Bài 3. [ĐHB10]   2 2 log 3 1 4 2 3 x x y x y          . ĐS:   1 2 1;  . Bài 4. [ĐHA11]       2 2 3 2 2 2 5 4 3 2 0 2 x y xy y x y xy x y x y               . ĐS:   1;1 ,   1; 1   ,   2 10 10 5 5 ; ,   2 10 10 5 5 ;  Bài 5. 3 2 2 2 2 12 0 8 12 x xy y y x           . ĐS:   2; 1  ,   2;1  . Bài 6. 2 3 4 2 3 4 2 2 1 x x x x y y y y x y               . ĐS: 1 1 ; 2 2       , 1 1 ; 2 2         ,   0; 1  ,   1;0  . Bài 7. 2 2 2 2 3 2 x xy x y x y            . ĐS:   1; 1  ,   1;1 . Bài 8. 2 2 26 5 24 y x x y x y          . ĐS:   5;1 ,   5; 1   . 6 Loại 2. Phương pháp ẩn phụ A. Một số ví dụ Ví dụ 1. [ĐHD09] Giải hệ     2 2 5 1 3 0 1 0 x x x y x y              . Giải Điều kiện: 0 x  . Chia hai vế của phương trình thứ nhất của hệ cho x ta được   1 3. 1 0 x y x     . Đặt 1 u x y v x          0 v  và hệ đã cho trở thành 2 2 3 1 0 5 1 0 u v u v          .     1 2 Từ   1 , ta rút được u theo v 3 1 u v   .   3 Thế   3 vào   2 ta được   2 2 3 1 5 1 0 v v      2 4 6 2 0 v v     1 1 2 v v       . +) 1 v   1 2 x u       1 x y   . +) 1 2 v   2 1 2 x u         2 3 2 x y         . Vậy hệ đã cho có hai nghiệm là     ; 1;1 x y  và     3 2 ; 2;x y   . Ví dụ 2. [ĐHB09] Giải hệ 2 2 2 1 7 1 13 xy x y x y xy y          . Giải 7 Thay 0 y  vào phương trình thứ hai của hệ ta được 1 0   x  . Chia hai vế của phương trình thứ nhất cho y và chia hai vế của phương trình thứ hai cho 2 y , ta được hệ phương trình tương đương 2 2 1 7 1 13 x x y y x x y y               2 1 7 1 13 x x y y x x y y                          . Đặt 1 u x y   , x v y  , hệ nói trên trở thành 2 7 13 u v u v           2 7 7 13 v u u u            4 3 u v      hoặc 5 12 u v       . +) 4 3 u v       1 4 3 x y x y            1 3 4 3 y y x y          3 1 x y      hoặc 1 1 3 x y        . +) 5 12 u v        1 5 12 x y x y             1 12 5 12 y y x y             ;x y  (vì 1 12 5 y y     2 12 5 1 0 y y    vô nghiệm). Vậy hệ đã cho có hai nghiệm     ; 3;1 x y  và   1 ; 1; 3 x y        . Ví dụ 3. [ĐHA08] Giải hệ   2 3 2 4 2 5 4 5 1 2 4 x y x y xy xy x y xy x                   . Giải Hệ đã cho tương đương với       2 2 2 2 5 4 5 4 x y xy x y xy x y xy                  . 8 Đặt 2 u x y v xy       , hệ đã cho trở thành 2 5 4 5 4 u uv v u v                2 2 2 5 5 5 4 4 4 5 4 u u u u v u                                2 2 2 5 5 5 4 4 4 5 4 u u u u v u                                3 2 2 1 0 4 5 4 u u u v u               0 5 4 u v         hoặc 1 2 3 2 u v            . +) 0 5 4 u v          2 0 5 4 x y xy           2 3 5 4 y x x            3 3 5 4 1 25 2 2 x y           . +) 1 2 3 2 u v             2 1 2 3 2 x y xy              2 2 1 2 1 3 2 2 y x x x                      2 3 1 2 1 3 0 2 2 y x x x               1 3 2 x y         . Vậy hệ đã cho có hai nghiệm     5 25 3 3 4 16 ; ;x y   ,     3 2 ; 1;x y   . 9 B. Bài tập Bài 1. 2 2 1 3 1 3 x x y y x x y y              . ĐS:   1;1 . Bài 2. 2 4 0 x x y y x xy y            . ĐS:   2 2 3 2 3 , 3 3 3 3               ,   2 2 3 2 3 , 3 3 3 3               . Bài 3. 2 2 6 2 6 0 x x y y x xy y            . ĐS:   2 3 3 3(3 3); 2 3               ,   6 2 3 3 ;2 3 3 3 3            . Bài 4. 2 2 4 4 x y x y y x x y x y y x                . ĐS:   1;1 . Bài 5.   3 3 2 2 3 1 1 1 1 4 1 4 x x y y x y x y xy y                    . ĐS:   1;1 ,   1; 1   . Bài 6.     2 2 2 2 1 2 1 1 3 1 x y y x xy x y             . ĐS:   1;1 , 1 1 ; 3 3         . Bài 7. [ĐHD11] Tìm m để HPT sau có nghiệm   3 2 2 2 2 1 2 x y x xy m x x y m              . ĐS: 2 3 2 m   . 10 Loại 3. Phương pháp hàm số A. Một số ví dụ Ví dụ 1. [ĐHD06] Chứng minh rằng với mọi 0 a  , hệ sau có nghiệm duy nhất     ln 1 ln 1 x y e e x y y x a             . Giải Từ phương trình thứ hai của hệ, rút y theo x và thay vào phương trình thứ nhất, ta được     ln 1 ln 1 x x a e e x x a             ln 1 ln 1 0 x a x e e x x a         .   * Dễ thấy hệ có nghiệm duy nhất    * có nghiệm duy nhất. Xét       ln 1 ln 1 x a x f x e e x x a         , với 1 x   . Ta có   ' f x 1 1 1 1 x a x e e x x a              1 0 1 1 x a a e e x x a        1 x    (do 0 a  )  f đồng biến trên   1;   . Lại có   1 lim x f x     ,   lim x f x     đồ thị hàm số   y f x  có đúng một điểm chung với trục hoành    * có nghiệm duy nhất  hệ có nghiệm duy nhất (ĐPCM). Ví dụ 2. [ĐHA10] Giải hệ     2 2 2 4 1 3 5 2 0 4 2 3 4 7 x x y y x y x               . Giải Điều kiện: 3 4 5 2 x y          . Đặt 5 2 u y    2 5 2 u y    2 1 3 2 u y     , phương trình thứ nhất của hệ trở thành   2 2 1 4 1 2 u x x u           2 2 2 2 1 1 x x u u        .   1 Nếu đặt     2 1 f t t t   thì   1 trở thảnh     2 f x f u  . Ta thấy   2 ' 3 1 0 f t t    t   f đồng biến trên  . Do đó [...]... 2 vào phương trình còn lại của phương trình ta được 2 2 5  4x    2x2   2 3  4x  7 2  2  2 2 3 5  Xét g  x   4 x    2 x 2   2 3  4 x , với 0  x  4 2  2 4x 4 5  Ta có g '  x   8 x  8 x   2 x 2    4 x  4 x 2  3  0 3  4x 3  4x 2   3 x   0;   4  g 1  3 1 nghịch biến trên  0;  , mặt khác g    7   2  có nghiệm duy nhất là x   hệ có 2 . 1 Giải hệ bằng các phương pháp tổng hợp Loại 1. Giải hệ bằng phương pháp thế A. Nội dung phương pháp Ý tưởng chung: +) Từ một trong hai phương trình, rút y theo x . phương trình thứ nhất của hệ có dạng 2 2 0 ax bxy cy dx ey f       . Ta thường xử lý phương trình này như sau: coi phương trình là phương trình bậc hai đối với x , từ đó ta có thể giải. vào phương trình còn lại, ta được một phương trình đối với x . Giải phương trình này để tìm x . +) Với mỗi x tìm được, ta suy ra y tương ứng. B. Một số ví dụ Ví dụ 1. [ĐHA03] Giải hệ