CÔNG THỨC GIẢI NHANH HÓA HỮU CƠ

Hai hidrocacbon đó là: A.. Hai hidrocacbon đó thuộc dãy đồng đẳng nào?. Đó là do khi hidro hóa thì số nguyên tử C không thay đổi và số mol hidrocacbon no thu được luôn

Trang 1

MỘT SỐ PHƯƠNG PHÁP GIẢI NHANH HÓA HỮU CƠ

1 Khi đốt cháy hidrocacbon thì cacbon tạo ra CO2 vầ hidro tạo ra H2O.Tổng khối lượng C và H trong CO2 và H2O phải bằng khối lượng của hidrocacbon

m hidrocacbon = mC(trong CO2) + m H(H2O) = nCO2.12 + nH2O.2

Thí dụ1: Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp gồm CH4, C3H6 và C4H10 thu được 17,6g CO2 và 10,8g H2O m có giá tri là:

A) 2g B) 4g C) 6g D) 8g.

m = nCO2.12 + nH2O.2 = 0,4.12 + 0,6.2 = 6 g

2 Khi đốt cháy ankan thu được nCO2 < nH2O và số mol ankan cháy bằng hiệu số của số mol H2O và số mol CO2

nAnkan = nH2O – nCO2

CnH2n+2 + 3 1 2

2

n

O

Có thế hiểu như sau : lấy hệ số của H2O – hệ số của CO2 = n+1 – n = 1 =nAnkan

Hoặc Gọi x là số mol ankan => nCO2 = nx , nH2O = (n+1)x

Thấy nH2O – nCO2 = x =nAnkan

CT ankan = CnH2n+2 => n = nCO2/nankan = nCO2/(nH2O – nCO2)

Hoặc khi 2 ankan thì n = nCO2/(nH2O – nCO2)

Thí dụ 2: Đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol hỗn hợp 2 ankan thu được 9,45g H2O Cho sản phẩm cháy vào dung dich Ca(OH)2 dư thì khối lượng kết tủa thu được là:

A 37,5g B 52,5g C 15g D 42,5g

nCO2 = nH2O – nankan = 0,525 – 0,15 = 0,375 = nCaCO3

 m CaCO3 = 0,375.100 = 37,5 g

Thí dụ 3: Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp 2 hidrocacbon liêm tiếp trong dãy đồng đẳng thu được 22,4 lít CO2(đktc) và 25,2g H2O Hai hidrocacbon đó là:

A C2H6 và C3H8 B C3H8 và C4H10

C C4H10 và C5H12 D C5H12 và C6H14

= 1/(1,4 -1) = 2,5 => C2H6 và C3H8

3 Dựa vào phản ứng cháy của anken mạch hở cho nCO 2 = nH 2 O

PT CnH2n + 3n/2 O2 => nCO2 + nH2O

Giải thích như phần trên: Gọi x là số mol CnH2n => nCO2 = nH2O = nx

Thí dụ 4: Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol hỗn hợp gồm CH4, C4H10 và C2H4 thu được 0,14 mol CO2 và 0,23 mol H2O Số mol ankan và anken có trong hỗn hợp lần lượt là:

A 0,09 và 0,01 B 0,01 và 0,09

C 0,08 và 0,02 D 0,02 và 0,08

Do nCO2 = nH2O(khi anken đốt cháy ) => nankan = nH2O – nCO2 =0,23 – 0,14 = 0,09 ; nanken = 0,1 – 0,09 mol

Thí dụ 5: Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp 2 hidrocacbon mạch hở trong cùng dãy đồng đẳng thu được 11,2 lít CO2

(đktc) và 9g H2O Hai hidrocacbon đó thuộc dãy đồng đẳng nào?

A Ankan B Anken C Ankin D, Aren

Suy luận: nH2O = nCO2 => Vậy 2 hidrocacbon thuộc dãy anken

(Do cùng dãy đồng đảng)

4.Dựa vào phản ứng cộng của anken với Br 2 (hoặc H2) có tỉ lệ mol 1: 1., Ankin tỉ lệ 1:2

Thí dụ7: Cho hỗn hợp 2 anken đi qua bình đựng nước Br2 thấy làm mất màu vừa đủ dung dich chứa 8g Br2 Tổng số mol 2 anken là:

A 0,1 B 0,05 C 0,025 D 0,005

nanken = nBr2 = 0,05 mol

Trang 2

5.Đốt cháy ankin: nCO 2 > nH 2 O và nankin (cháy) = nCO 2 – nH 2 O

Giải thích:

CnH2n – 2 + (3n – 1)/2 O2 => nCO2 + n-1 H2O

Gọi x là số mol ankin => nCO2 = nx mol , nH2O = (n-1)x mol

Ta thấy nCO2 – nH2O = nx –(n-1)x = x = nankin

=> CnH2n-2 thì n = nCO2 / nankin = nCO2/(nCO2-nH2O)

Khi đốt cháy 2 ankin thì :

Thí dụ 8: Đốt cháy hoàn toàn V lít (đktc) một ankin thể khí thu được CO2 và H2O có tổng khối lượng 25,2g Nếu cho sản phẩm cháy đi qua dd Ca(OH)2 dư thu được 45g kết tủa

a V có giá tri là:

A 6,72 lít B 2,24 lít C 4,48 lít B 3,36 lít

b Công thức phân tử của ankin là:

A C2H2 B C3H4 C C4H6 D C5H8

a) nCO2 = nCaCO3 = 0,45 mol => mCO2 = 19,8 g

=> nH2O = (25,2 – 19,8)/18 = 0,3 mol

=> nankin = nCO2 – nH2O = 0,15 mol => V = 3,36 lít

b Áp dụng CT n = nCO2/(nCO2 – nH2O) = 0,45 / (0,45 – 0,3) = 3 =>C3H4

Thí dụ 9: Đốt cháy hoàn toàn V lít (đktc) 1 ankin thu được 10,8g H2O Nếu cho tất cả sản phẩm cháy hấp thụ hết vào bình đựng nước vôi trong thì khối lượng bình tăng 50,4g

a) V có giá tri là:

b) Tìm CT ankin:

a)Vì H2O và CO2 đều bi kiềm hấp thụ => m tăng = mCO2 + mH2O

nH2O = 0,6 mol , nCO2 = (50,4 – 10,8)/44 = 0,9 mol

 nankin = nCO2 – nH2O = 0,3 mol => V = 0,3.22,4 = 6,72 lít

b) Áp dụng CT : n =nCO2 / nankin = 0,9/0,3 = 3 =>C3H4

6.Đốt cháy hỗn hợp các hidrocacbon không no được bao nhiêu mol CO2 Mặt # nếu hidro hóa hoàn toàn rồi đốt cháy hỗn hợp các hidrocacbon không no đó sẽ thu được bấy nhiêu mol CO2 Đó là do khi hidro hóa thì số nguyên tử C không thay đổi và số mol hidrocacbon no thu được luôn bằng số mol hidrocacbon không no

VD : Đốt cháy : C2H4 + O2 => 2CO2 => nCO2 = 2nC2H4

Hidro hóa(phản ứng cộng H2) C2H4 + H2 => C2H6

C2H6 + O2 => 2CO2 => nCO2 = 2nC2H6 mà nC2H6 = nC2H4

Cứ hidrocacbon không no (Như anken hoặc ankin)

Thí dụ10: Chia hỗn hợp gồm C3H6, C2H4, C2H2, thành 2 phần đều nhau:

- Đốt cháy phần 1 thu được 2,24 lít CO2 (đktc)

- Hidro hóa phần 2 rồi đốt cháy hết sản phẩm thìthể tíchCO2thu được là:

A 2,24 lít B 1,12 lít C 3,36 lít D 4,48 lít

7 Sau khi hidro hóa hoàn toàn hidrocacbon không no rồi đốt cháy thì thu được số mol H2O nhiều hơn so với khi đốt lúc chưa hidro hóa Số mol H2O trội hơn chính bằng số mol H2 đã tham gia phản ứng hidro hóa

Nhớ Anken + H2 tỉ lệ 1: 1 (do anken có liên kết đôi)

Ankin + H2 tỉ lệ 1: 2 (do ankin có liên kết ba)

Nếu xúc tác là Ni nung nóng

nH2O(khi hidro hóa rồi đốt cháy) = nH2O(khi đốt cháy) +nH2 (tham gia hidro hóa)

Thí dụ11: Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol ankin thu được 0,2 mol H2O Nếu hidro hóa hoàn toàn 0,1 mol ankin này rồi đốt cháy thì số mol H2O thu được là:

A 0,3 B 0,4 C 0,5 D 0,6

Suy luận: Do hidro hóa hoàn toàn => tỉ lệ ankin và H2 là 1:2

Trang 3

=> nH2 = 2nankin = 0,2 mol

=>nH2O(khi hidro hóa và đốt cháy)=nH2O(khi đốt cháy)+nH2 = 0,4 mol

8.Dựa và cách tính số nguyên tử C và số nguyên tử C trung bình hoặc khối lượng mol trung bình…

+ Khối lượng mol trung bình của hỗn hợp: hh

hh

m M

n

=

X Y

co

C H

n n

n

=

+ Số nguyên tử C trung bình: CO2

hh

n n n

n

a b

+

=

+

Trong đó: n1, n2 là số nguyên tử C của chất 1, chất 2

a, b là số mol của chất 1, chất 2

CT trên lấy từ phản ứng đốt cháy hidrocacbon

Trường hợp đặc biệt : Khi số nguyên tử C trung bình bằng trung bình cộng của 2 số nguyên tử C thì 2 chất có số mol bằng nhau

VD : n = 1,5 ; 2,5 ; 3,5 thì mol n1 = mol n2

Tương tự có 1 số trường hợp khác : n = … , 67 ; hoặcn , 33

n = … ,2 ; n =… , 8 Chỗ “ ” là một số bất kì như 1 ; 2 ; 3;4

Thay vào trên thì tìm được tỉ lệ mol của 2 chất

VD n = 1,67 thì n1 = 1 , n2 = 2

=>1,67 = (a + 2b)/(a+b)  0,67a = 0,33b  2a = b

Tức là số mol chất 2 = 2 lần số mol chất 1

Chú ý : Cách tìm % theo thể tích nhanh của bài 2 chất liên tiếp nhau.

VD Khi tìm được n = 1,67 => % Vchất có C lớn nhất (Tức là n =2)

= 67% => %V Chất có C nhỏ = 100 – 67 = 33%

Nhận thấy % V chất có C lớn nhất là số ,67 còn nhỏ nhất thì trừ đi là được

VD n = … ,3 (Chỗ … có thể là 1 hoặc 2 hoặc 3 ….)

 %V có C lớn nhất = 30% => %V nhỏ hơn = 70%

Nếu đề bài bảo tính % theo khối lượng thì dựa vào tỉ lệ số mol

VD: Cho 2 ankan liên tiếp tìm được n = 1,67

=> tỉ lệ mol 2a = b(vừa làm trên) n1 = CH4 , n2 = C2H6

=> %CH4 = 16 a /(16a + 28b) = 16a /(16a + 28.2a) = 22,22%

=> % C2H6 = 77.78%

Thí dụ 12: Hỗn hợp 2 ankan là đồng đẳng liên tiếp có khối lượng là 24,8g Thể tích tương ứng của hỗn hợp là 11,2

lít (đktc) Công thức phân tử ankan là:

A CH4, C2H6 B C2H6, C3H8  B C3H8, C4H10 D C4H10, C5H12

Suy luận: Gọi CT CnH2n + 2 (n trung bình)

24,8

49,6 0,5

hh

=> 2 hidrocacbon là C3H8 và C4H10.

Trang 4

Thí dụ 14: Cho 14g hỗn hợp 2 anken là đồng đẳng liên tiếp đi qua dung dich nước Br2 thấy làm mất màu vừa đủ dd chứa 64g Br2

1.Công thức phân tử của các anken là:

A C2H4, C3H6 B C3H8, C4H10 C C4H10, C5H12 D C5H10, C6H12

2 Tỷ lệ số mol 2 anken trong hỗn hợp là:

A 1:2 B 2:1 C 2:3 D 1:1

Suy luận:

Tỉ lệ anken : Br = 1 : 1 ,, CT CnH2n ( n trung bình)

=> nanken = nBr = 0,4 mol

14

35 0,4

anken

M = = ; => 14 n = 35 → = n 2,5.=>Đó là : C2H4 và C3H6

2 Thấy n = 2,5 thấy (2 + 3)/2 = 2,5 (Trung bình cộng)

=>nC2H4 = nC3H6 => tỉ lệ 1:1

Thí dụ 15: Đốt cháy 2 hidrocacbon thể khí kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng thu được 48,4g CO2 và 28,8g H2O Phần trăm thể tích mỗi hidrocacbon là:

A 90%, 10% B 85% 15% C 80%, 20% D 75% 25%

nCO2 = 1,1mol , nH2O = 1,6 mol => nH2O > nCO2 : ankan( có thể không nói cũng được)

=> n = nCO2/(nH2O – nCO2) = 1,1/(1,6-1,1) =2,2 => %V chất có C lớn hơn (Tức là 3) = 20% =>%VNhỏ hơn = 80%

9 CT tổng quát nhất của chất có chứa C,H,O ( nhớ nhé )

Phần này bổ trợ cho 12 phần este.

CnH2n +2 - 2a – m (Chức)m

Trong đó a là số liên kết pi được tính như sau a = (2.số C + 2 – số H)/2

(Áp dụng cho cả hidrocacbon nhưng phần hidrocacbon dựa vào CT TQ là được VDC3H4 thì là ankin có2lk pi Nếu áp dụng CT cũng tìmđược = 2)

m là số nhóm chức ( VD : 1 ,2 ,3 nhóm OH)

(CHức: – OH , -O-,COOH,COO…)

VD:chấtC4H6O2 hỏi có mới lk pi? Áp dụng CT số pi =( 2.4 +2 – 6)/ = 2

VD: CT tổng quát của rượu : Rượu có nhóm chức OH

CnH2n + 2 -2a –m(OH)m

Nếu là rượu no thì không có lk pi như hidrocacbon no: => a= 0

=> CT : CnH2n + 2 –m(OH)m hoặc CnH2n+2Om

Nếu là rượu không no có 1lk pi (như anken) hoặc 2 liên kết pi(như ankin) thì thay vào trên ta được CT

Đối với hidrocacbon thì không có nhóm chức : CT tổng quả là CnH2n+2 – 2a

VD1:Công thức của rượu no, 3 nhóm OH là:

Áp dụng 3 nhóm OH => m =3, rượu no => a = 0,

=> CT : CnH2n + 2 -3(OH)3 => C

VD2:Công thức phân tử tổng quát của rượu 2 nhóm OH có 1 liên kết đôi trong gốc hidrocacbon?

A.CnH2n+2O2 B.CnH2n-2O2 √C.CnH2nO2 D.CnH2n-1O2

Là rượu 2 nhóm OH => m = 2, có 1 liên kết đôi tức là 1 lk pi => a = 1

CT : CnH2n+ 2 – 2.1 – 2 (OH)2 = CnH2nO2 => C

VD3: Chất sinh bởi axit đơn chức,có 1 lk đôi? (Gợi ý axit có gốc COOH)

Axit đơn chức => m =1, 1 lk đôi => a =1

=> CT CnH2n+2 -2 -1(COOH) = CnH2n-1(COOH) => A

Bài tập vận dụng:

Trang 5

Bài 1: Rượu 2 chức có 2 lk pi Tìm CT tổng quát?

Bài 2: Rượu 3 chức có 1 lk pi.Tìm CT tổng quát?

Bài 3.Tìm số lk pi trong các chất sau: C6H10O2;C8H12O4;

C9H10O(C6H5COCH2CH3)(Vòng benzen có 4 và CO có 1)

Bài 4:Rượu đơn chức 2 lk pi(Giống ankin) Tìm CT tổng quát?

(CnH2n-2Om)

Bài 5: X là ancol mạch hở có chứa một liên kết đôi trong phân tử Khối lượng lượng phân tử của X nhỏ hơn 58 đvC.

Công thức phân tử của X là:

√A C2H4O B C2H4(OH)2 C C3H6O D C3H6(OH)2

10 Phản ứng đốt cháy của Rượu.

Từ phần 10 Ta tìm được CT sau:

- Rượu no : CnH2n + 2 – m (OH)m hoặc CnH2n + 2Om ( m là số chức)

Để ý ô đóng khung giống hệt CT của ankan

 Bài tập giống ankan

n Rượu = nH2O – nCO2 , n = nCO2/(nH2O – nCO2) (Có thể là n )

(Không tin thử Viết PT rồi làm như phần ankan)

-Rượu không no,có 1lk pi (Giống anken):CnH2n+ 2 -2-m(OH)m = CnH2n Om

Giống anken => nCO2 =nH2O

-Rượu không no, có 2lk pi(Giống ankin): CnH2n+2 -4-m(OH)m = CnH2n-2Om

Giống ankin =>n Rượu = nCO2 – nH2O, n=nCO2/(nCO2 –nH2O)

VD4:Đốt cháy hỗn hợp 2 rượu đồng đẳng có cùng số mol nhau, ta thu được khí CO2 và hơi nước H2O có tỉ lệ mol

nCO2:nH2O = 3:4 Biết khối lượng phân tử 1 trong 2 chất là 62 Công thức 2 rượu là ?

Áp dụng CT: nH2O>nCO2 => rượu no

n = nCO2/(nH2O –nCO2) = 3/(4-3) = 3 => C

VD 5: Khi đốt cháy một ancol đa chức thu được nước và khí CO2 theo tỉ lệ khối lượng mCO2 : mH O2 = 44 : 27 Công thức phân tử của ancol là:

√A C2H6O2 B C4H8O2 C C3H8O2 D C5H10O2

mCO2:mH2O = 44:27 => nCO2/nH2O = 2/3 => ( Rượu no vì nH2O > nCO2)

=> n = nCO2/(nH2O – nCO2) = 2 /(3-2) =2 => A

11 Dựa trên phản ứng tách nước của rượu no đơn chức thành anken → n andehit = n rượu (vì số nguyên tử C không thay đổi Vì vậy đốt rượu và đốt anken tương ứng cho số mol CO2 như nhau.)

VD6: Chia a gam ancol etylic thành 2 phần đều nhau.

Phần 1: mang đốt cháy hoàn toàn → 2,24 lít CO2 (đktc)

Phần 2: mang tách nước hoàn toàn thành etylen, Đốt cháy hoàn toàn lượng etylen → m gam H2O m có giá tri là:

A 1,6g B 1,8g C 1,4g D 1,5g

Suy luận: nCO2(khi đốt cháy rượu) = nanken(khi đốt cháy rượu) = 0,1 mol

Mà khi đốt cháy anken thì nCO2 =nH2O = 0,1 mol => mH2O = 1,8g

12 Đốt 2 chất hữu cơ, phân tử có cùng số nguyên tử C, được cùng số mol CO 2 thì 2 chất hữu cơ mang đốt cháy cùng số mol.

Vì số mol CO2 luôn = sốC(trong chất hữu cơ) Mol hữu cơ

VD: C2H5OH => 2CO2 và C2H6 => 2CO2

VD7: Đốt cháy a gam C2H5OH được 0,2 mol CO2 Đốt cháy 6g CH3COOH được 0,2 mol CO2 Cho a gam C2H5OH tác dụng với 6g CH3COOH (có H2SO4đ xt, t0 Giả sử H = 100%) được c gam este C có giá tri là:

A 4,4g B 8,8g C 13,2g D 17,6g

Suy luận: nC2H5OH = nCH3COOH = 1/2nCO2 = 0,1 mol.

PT: Học bài axit ( Nói sau tổng quát hơn ở phần este)

=>nC2H5OH= nCH COOC H3 2 5 = 0,1 mol → meste = = c 0,1.88 8,8 = g

Trang 6

13 Dựa trên phản ứng đốt cháy anđehit no, đơn chức cho số mol CO 2 = số mol H 2 O Anđehit →+H xt2 , rượu

0

2 ,

O t

+

→cũng cho số mol CO 2 bằng số mol CO 2 khi đốt anđehit còn số mol H 2 O của rượu thì nhiều hơn Số mol H 2 O trội hơn bằng số mol H 2 đã cộng vào andehit.(Phần này giống phần 7)

nH2O(Khi đốt cháy rượu) = nH2O(hoặc n CO2 khi đốt cháy andehit) + nH2 (khi phản ứng với andehit)

VD8: Đốt cháy hỗn hợp 2 anđehit no, đơn chức thu được 0,4 mol CO2 Hidro hóa hoàn toàn 2 anđehit này cần 0,2 mol

H2 thu được hỗn hợp 2 rượu no, đơn chức Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp 2 rượu thì số mol H2O thu được là:

A 0,4 mol B 0,6mol C 0,8 mol D 0,3 mol

Suy luận: Áp dụng CT trên nH2O = nCO2 + nH2 = 0,4 + 0,2 = 0,6 mol

14 Dựa và phản ứng tráng gương (Những chất có gốc CHO)

Phản ứng của andehit: Tỉ lệ giữa andehit với Ag = 1:2n ( với n là số gốc CHO VD C2H5(CHO )2 => có 2 gốc CHO)

=>n HCHO : n Ag = 1 : 4 , H – C - H có 2 gốc CHO (2 ô thể hiện 2 gốc)

O nR-CHO : nAg = 1 : 2(trường hợp có 1 nhóm CHO)

VD9: Cho hỗn hợp HCHO và H2 đi qua ống đựng bột nung nóng Dẫn toàn bộ hỗn hợp thu đượu sau phản ứng vào bình nước lạnh để ngưng tụ hơi chất lỏng và hoa tan các chất có thể tan được , thấy khối lượng bình tăng 11,8g Lấy

dd trong bình cho tác dụng với dd AgNO3/NH3 thu được 21,6g Ag Khối lượng CH3OH tạo ra trong phản ứng hợp H2

của HCHO là:

A 8,3g B 9,3g C 10,3g D 1,03g

Suy luận: H-CHO + H2 0

Ni t

→ CH3OH (mCH OH3 + mHCHO) chưa phản ứng là 11,8g

Tỉ lệ mol giữa : HCHO với H2 = 1 : 4

1 1 21,6

0,05

4 4 108

HCHO Ag

n = n = × = mol

mHCHO = 0,05.30 = 1,5g ; mCH OH3 = 11,8 1,5 10,3 − = g

VD10: Cho hỗn hợp gồm 0,1 mol HCOOH và 0,2 mol HCHO tác dụng hết với dd AgNO3/NH3 thì khối lượng Ag thu được là:

A 108g B 10,8g C 216g D 21,6g

Suy luận:

0,1 mol HCO-OH → 0,2 mol Ag 0,2 mol HCHO → 0,8 mol Ag

→ nAg = 1 mol => Đáp án A

15 Dựa vào công thức tính số ete tao ra từ hỗn hợp rượu hoặc dựa vào ĐLBTKL.

VD11: Đun hỗn hợp 5 rượu no đơn chức với H2SO4đ , 1400C thì số ete thu được là:

A 10 B 12 C 15 D 17

Suy luận: Áp dụng công thức : ( 1)

2

x x +

ete → thu được 15 ete

VD12: Đun 132,8 hỗn hợp gồm 3 rượu đơn chức với H2SO4 đặc, 1400C → hỗn hợp các ete có số mol bằng nhau và có khối lượng là 111,2g Số mol mỗi ete là:

A 0,1 mol B 0,2 mol C 0,3 mol D 0,4 mol

Suy luận: Đun hỗn hợp 3 rượu tạo ra 6 ete.

Theo ĐLBTKL: mrượu = mete + mH O2

Trang 7

→ mH O2 = 132,8 – 111,2 = 21,6g

Do

2

21,6

1,2 18

ete H O

n = n = = mol ⇒

0,2

6 = mol

16 Dựa vào phương pháp tăng giảm khối lượng:

Nguyên tắc: Dựa vào sự tăng giảm khối lượng khi chuyển từ chất này sang chất khác để xác đinh khối lượng 1 hỗn hợp hay 1 chất

Cụ thể: Dựa vào pt tìm sự thay đổi về khối lượng của 1 mol A → 1mol B hoặc chuyển từ x mol A → y mol B (với x,

y là tỉ lệ cân bằng phản ứng)

Tìm sự thay đỏi khối lượng (A→B) theo bài ở z mol các chất tham gia phản ứng chuyển thành sản phẩm Từ đó tính được số mol các chất tham gia phản ứng và ngược lại

 Đối với rượu: Xét phản ứng của rượu với K:

2

x

R OH + xK → R OK + H

2H2

Theo pt ta thấy: cứ 1 mol rượu tác dụng với K tạo ra 1 mol muối ancolat thì khối lượng tăng: 39 – 1 = 38g.

Vậy nếu đề cho khối lượng của rượu và khối lượng của muối ancolat thì ta có thể tính được số mol của rượu, H2 và từ đó xác đinh CTPT rươụ

 Đối với anđehit: xét phản ứng tráng gương của anđehit

R – CHO + Ag2O →NH t3 ,0 R – COOH + 2Ag

Theo pt ta thấy: cứ 1mol anđehit đem tráng gương → 1 mol axit

⇒ ∆m = 45 – 29 = 16g Vậy nếu đề cho manđehit, maxit → nanđehit, nAg → CTPT anđehit.

 Đối với axit: Xét phản ứng với kiềm

R(COOH)x + xNaOH → R(COONa)x + xH2O

1 mol → 1 mol → ∆m↑ = 22g

 Đối với este: xét phản ứng xà phòng hóa

RCOOR’ + NaOH → RCOONa + R’OH

1 mol → 1 mol → ∆m↑ = 23 – M R ’

 Đối với aminoaxit: xét phản ứng với HCl

HOOC-R-NH2 + HCl → HOOC-R-NH3Cl

1 mol → 1mol → ∆m↑ = 36,5g

VD13: Cho 20,15g hỗn hợp 2 axit no đơn chức tác dụng vừa đủ với dd Na2CO3 thì thu được V lít CO2 (đktc) và dd muối.Cô cạn dd thì thu được 28,96g muối Giá tri của V là:

A 4,84 lít B 4,48 lít C 2,24 lít D 2,42 lít E Kết quả khác.

Suy luận: Gọi công thức trung bình của 2 axit là: R COOH −

Ptpu: 2R COOH − + Na2CO3 → 2R COONa − + CO2 ↑ + H2O

Theo pt: 2 mol → 2 mol 1 mol

⇒ ∆m = 2.(23 - 11) = 44g

Theo đề bài: Khối lượng tăng: 28,96 – 20,15 = 8,81g.

→ Số mol CO2 = 8,81

0,2

44 = mol → Thể tích CO2: V = 0,2.22,4 = 4,48 lít

VD14: Cho 10g hỗn hợp 2 rượu no đơn chức kế tiếp nhau trong dãy đồng đẳng tác dụng vừa đủ với Na kim loại tạo ra

14,4g chất rắn và V lít khí H2 (đktc) V có giá tri là:

A 1,12 lít B 2,24 lít C 3,36 lít D 4,48 lít

Suy luận:2 R-OH +2Na => 2RONa + H2

Trang 8

 m Tăng = 22.2 = 44g

Theo đầu bài khối lượng tăng = 14,4 – 10 = 4,4 g

 nH2 = 4,4 /44 = 0,1 mol => V = 2,24 lít

Tớ thường làm theo cách # cũng tương tự như trên nhưng không viết PT

Ta biết R-OH => RONa M tăng 22 g

Mà m tăng = 4,4 g => nR-OH =nRONa = 0,2 mol

Mà tỉ lệ giữa R-OH với H2 là 2:1 => nH2 = 1/2nR-OH = 0,1 mol

17 Dựa vào ĐLBTNT và ĐLBTKL:

- Trong các phản ứng hóa học, tổng khối lượng các chất tham gia phản ứng bằng tổng khối lượng của các sản phẩm tạo thành

A + B → C + D

Thì m A + m B = m C + m D

- Gọi mT là tổng khối lượng các chất trước phản ứng

MS là tổng khối lượng các chất sau phản ứng

Dù phản ứng vừa đủ hay còn chất dư ta vẫn có: mT = mS

- Sử dụng bảo toàn nguyên tố trong phản ứng cháy:

Khi đốt cháy 1 hợp chất A (C, H) thì nO CO( 2) + nO H O( 2 ) = nO O pu( 2 )

→

m + m = m

Giả sử khi đốt cháy hợp chất hữu cơ A (C, H, O)

A + O2 → CO2 + H2O

Ta có: mA m + O2 = mCO2 + mH O2 Với mA = mC + mH + mO

VD15: Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp Y: C2H6, C3H4, C4H8 thì thu được 12,98g CO2 và 5,76g H2O Tính giá tri m? (Đáp số: 4,18g)

VD16: cho 2,83g hỗn hợp 2 rượu đơn chức tác dụng vừa đủ với Na thì thoát ra 0,896 lít H2 (đktc) và m gam muối khan Giá tri của m là:

A 5,49g B 4,95g C 5,94g D 4,59g

VD17:Cho 4,2g hỗn hợp gồm rượu etylic, phenol, axit fomic tác dụng vừa đủ với Na thấy thoát ra 0,672 lít H2 (đktc) và 1dd Cô cạn dd thu được hỗn hợp rắn X Khối lượng của X là:

A 2,55g B 5,52g C 5,25g D 5,05g

Suy luận: Cả 3 hợp chất trên đều có 1 nguyên tử H linh động → Số mol Na = 2nH2 = 2.0,03 = 0.06 mol

Áp dụng ĐLBTKL:

→ m X = m hỗn hợp + mNa – mH2 = 4,2 + 0,06.23 – 0,03.2 = 5,52g.

Hoặc dùng tăng giảm khối lượng mX = m hỗn hợp + m Tăng = 4,2 + 0,06(23-1)=5,52

VD18: Chia hỗn hợp 2 anđehit no đơn chức làm 2 phần bằng nhau:

P1: Đem đốt cháy hoàn toàn thu được 1,08g H2O

P2: tác dụng với H2 dư (Ni, t0) thì thu hỗn hợp A Đem A đốt cháy hoàn toàn thì thể tích CO2 (đktc) thu được là:

A 1,434 lít B 1,443 lít C 1,344 lít D 1,444 lít

Suy luận: Vì anđehit no đơn chức nên số mol CO2 = sô mol H2O = 0,06 mol

→ nCO P2( 2) = nC P( 2) = 0,06 mol

Theo BTNT và BTKL ta có: nC P( 2) = nC A( ) = 0,06 mol → nCO A2( ) = 0,06 mol

→ VCO2 = 22,4.0,06 1,344 = lít

VD19: Tách nước hoàn toàn từ hỗn hợp Y gồm 2 rượu A, B ta được hỗn hợp X gồm các olefin Nếu đốt cháy hoàn

toàn Y thì thu được 0,66g CO2 Vậy khi đốt cháy hoàn toàn X thì tổng khối lượng CO2 và H2O là:

A 0,903g B 0,39g C 0,94g D 0,93g

nCO2(Đốt cháy rượu) = nCO2(đốt cháy anken) = nH2O(đốt cháy anken) = 0,015 mol

 m = 0,015(44 + 18)=0,93 g

Định dạng
Số trang	8
Dung lượng	219 KB