So phuc luye thi bang file Word cuc hay!

Chuyên đề: số phức Chủ đề1: dạng đại số của số phức Cộng, trừ, nhân, chia số phức A. củng cố kiến thức 1. Số phức: Một biểu thức dạng z = a + bi, trong đó a và b là những số thực và i thỏa mãn i 2 = -1 được gọi là một số phức. a được gọi là phần thực, b được gọi là phần ảo i được gọi là đơn vị ảo. Tập các số phức được kí hiệu là  Số phức có phần ảo bằng 0 gọi là số thực nên R ⊂ . Số phức có phần thực bằng 0 gọi là số ảo. 0 = 0 + 0i là số vừa thực vừa ảo. 2. Hai số phức bằng nhau z a+bi (a,b ) z' a'+b' i (a',b' ) ' z z' ' a a b b    = ∈ = ∈ = = ⇔ = ¡ ¡ 3. Cộng, trừ hai số phức z a+bi (a,b ) z' a'+b' i (a',b' ) z + z' (a + a' ) + (b + b') i z z' (a - a') + (b - b' )i = ∈ = ∈ = − = ¡ ¡ Số đối của số phức z = a + bi là số phức - z = - a - bi; z + (-z) = 0. 4. Nhân hai số phức z a+bi (a,b ) z' a'+b' i (a',b' ) zz' ' ' ( ' ' )aa bb ab a b i = ∈ = ∈ = − + + ¡ ¡ 5. Môđun của số phức, số phức liên hợp z = a +bi (a, b ∈¡ ) thì môđun của z là 2 2 z = a +b z = a +bi (a, b ∈¡ ) thì số phức liên hợp của z là z = a - bi. Ta có: 2 2 2 zz' = z z' , zz a b z z + z' = z + z', zz'=z z', z = z = + = z là số thực khi và chỉ khi z = z 6. Chia cho số phức khác 0 Nếu z = a + bi (a, b ∈¡ ) khác không thì số phức nghịch đảo của z là 1 -1 z = z 2 z . Thương của z' cho z khác không là: z' z'z -1 z'z z zz = = . Ta có: ' ' ' ' , z z z z z z z z   = =  ÷   . 7. Biểu diễn hình học của số phức Số phức z = a + bi (a, b ∈¡ ) được biểu diễn bởi M(a; b) trong mặt phẳng toạ độ Oxy hay còn gọi là mặt phẳng phức. Trục Ox biểu diễn các số thực gọi là trục thực, trục Oy biểu diễn các số ảo gọi là trục ảo Số phức z = a + bi (a, b ∈¡ ) cũng được biểu diễn bởi vectơ ( ; )u a b= r , do đó M(a; b) là điểm biểu diễn của số phức z = a + bi (a, b ∈¡ ) cũng có nghĩa là OM uuuur biểu diễn số phức đó. Ta có:Nếu ,u v r r theo thứ tự biểu diễn các số phức z, z' thì u v+ r r biểu diễn số phức z + z', u v− r r biểu diễn số phức z - z', k ( )u k ∈ r ¡ biểu diễn số phức kz, OM u z= = uuuur r , với M là điểm biểu diễn của z. B. Các dạng bài tập 1. Xác định tổng, hiệu, tích, thương của các số phức a) Phương pháp giải - áp dụng các quy tắc cộng, trừ, nhân, chia hai số phức, chú ý các tính chất giao hoán, kết hợp đối với các phép toán cộng và nhân. b) Các ví dụ Ví dụ 1: Tìm phân thực, phần ảo của các số phức sau a) i + (2 - 4i) - (3 - 2i); b) 3 3 ( 1 ) (2 )i i− + − Bài giải a) Ta có: i + (2 - 4i) - (3 - 2i) = ((0 + 2) + (1 - 4)i) + (- 3 + 2i) = (2 - 3) + (-3 + 2)i = -1 - i. Vậy số phức đã cho có phần thực là - 1, phần ảo là - 1. b) Sử dụng các quy tắc cộng, trừ, nhân hai số phức ta có 3 3 2 2 3 ( 1 ) ( 1) 3( 1) 3( 1) 2 2 3 3 3 ( 2 ) ( 2) ( ) 8 i i i i i i i i − + = − + − + − + = + − = − = Do đó nhận được kết quả của bài toán là 2 + 10i Ví dụ 2: Tính 1 1 3 2 2 i+ Bài giải Ta có : 1 3 1 3 1 3 2 2 2 2 1 2 2 1 3 1 3 2 2 2 2 i i i i i − − = = −    + −  ÷ ÷    Ví dụ 3: Tính 2 3 2009 1 i i i i+ + + + + Bài giải Ta có: 2010 2 3 2009 1 (1 )(1 )i i i i i i− = − + + + + + Mà 2010 1 2i− = . Nên 2 2 3 2009 1 1 i i i i i + + + + + = − , hay là 2 3 2009 1 1i i i i i+ + + + + = + . Ví dụ 4: Tính 100 (1 )i− Bài giải Nhận thấy 2 (1 ) (1 )(1 ) 2i i i i− = − − = − . Suy ra 100 2 50 50 50 50 50 (1 ) ((1 ) ) ( 2 ) ( 2) ( ) 2i i i i− = − = − = − = − . Ví dụ 5: Cho số phức 1 3 2 2 z i= − + . Hãy chứng minh rằng: ; 1 2 2 3 1 0; 1.z z z z z z + + = = = = . Bài giải Do 1 3 2 2 2 z i= − − . Nên 1 3 1 3 2 1 ( ) ( ) 1 0 2 2 2 2 z z i i+ + = − − + − + + = ; Lại có 1 3 1 1 1 3 2 2 1 2 2 1 3 2 2 i i z i − − = = = − − − + . Suy ra 1 2 z z z = = . Hơn nữa ta có 3 1z = . Ví dụ 6: Tìm số phức z, nếu 2 0zz + = . Bài giải Đặt z = x + yi, khi đó ( ) 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 0 ( ) 0 2 0 0 0 0 0 2 0 0 0 0 0 (1 ) 0 1 0 (1 ) 0 z x yi x y x y x y xyi x y y x y x y y xy x x x x y y y y y x x z + = ⇔ + + + = ⇔ − + + + =  =     − + =    − + + =   ⇔ ⇔   =  =       + =    =  =   =    − =    = ⇔ ⇔  =      + =    0 (do 1 0) 0 0, 0 0, 1 0, 1 0, 0 x x y x y x y x y y x               = + >    =      = =    = =   ⇔   = = −   = =   Vậy có ba số phức thoả mãn điều kiện là z = 0; z = i; z = - i. 2. Biểu diễn số phức trong mặt phẳng toạ độ a) Phương pháp giải Để biểu diễn một số phức cần dựa vào định nghĩa và các tính chất sau: Nếu số phức z được biểu diễn bởi vectơ u r , số phức z' được biểu diễn bởi vectơ 'u ur , thì z + z' được biểu diễn bởi 'u u+ r ur ; z - z' được biểu diễn bởi 'u u− r ur ; - z được biểu diễn bởi u− r . b) Các ví dụ. Ví dụ 1: Giả sử M(z) là điểm trên mặt phẳng toạ đô biểu diễn số phức z. Tìm tập hợp những điểm M(z) thỏa mãn điều kiện sau a) 1 2z i− + = ; b) 2 z i z+ = − . Bài giải a) Đặt z = x + yi suy ra z - 1 + i = (x - 1) + (y + 1)i. Nên hệ thức 1 2z i− + = trở thành 2 2 2 2 ( 1) ( 1) 2 ( 1) ( 1) 4. x y x y − + + = ⇔ − + + = Vậy tập hợp các điểm M(z) trên mặt phẳng toạ độ biểu diễn các số phức z thỏa mãn giả thiết là đường tròn tâm I(1; - 1) bán kính R = 2. b) Gọi A (- 2 ; 0), B(0 ; 1). Khi đó 2 z i z+ = − ( 2)z z i⇔ − − = − hay là M(z)A = M(z)B. Vậy tập hợp các điểm M(z) là đường trung trực của đoạn thẳng AB. Nhận xét: Với phần b ta có thể thức hiện cách giải như đã làm ở phần a. Tuy nhiên để thể thực hiện cách giải như vậy là ta đã dựa váo nhận xét sau: Nếu véctơ u r của mặt phẳng phức biểu diễn số phức z thì độ dài của vectơ u r là u z= r , và từ đó nếu các điểm A, B theo thứ tự biểu diễn các số phức z, z' thì 'AB z z= − uuur . Ví dụ 2: Trong các số phức z thoả mãn điều kiện 3 2 3 2 z i− + = . Tìm số phức z có modul nhỏ nhất. Bài giải Xét biểu thức 3 2 3 2 z i− + = (1). Đặt z = x + yi. Khi đó (1) trở thành 3 ( 2) ( 3) 2 9 2 2 ( 2) ( 3) . 4 x y i x y − + + = ⇔ − + + = Do đó các điểm M biểu diễn số phức z thoả mãn (1) nằm trên đường tròn (C) tâm I(2; -3) và bán kính R = 3 2 . Ta có z đạt giá trị nhỏ nhất khi và chỉ khi điểm M nằm trên đường tròn (C) và gần O nhất. Do đó M là giao điểm của (C) và đường thẳng OI, với M là giao điểm gần O hơn. Ta có OI = 4 9 13+ = . Kẻ MH ⊥ Ox. Theo định lí ta lét có 3 13 9 6 13 9 2 13 3 13 3 2 2 13 MH OM MH OI − − = = ⇒ = − = 6 13 9 78 9 13 26 2 13 MH − − ⇒ = = . Lại có 3 13 2 13 3 26 3 13 2 2 13 13 13 OH OH − − − = ⇒ = = . Vậy số phức cần tìm là O H 2 M I - 3 x y 26 3 13 78 9 13 13 26 z i − − = + . Ví dụ 3: Chứng minh rằng với mọi số phức z, w, ta có z w z w+ ≤ + . Đẳng thức xảy ra khi nào? Bài giải Gọi A, B, C lần lượt là các điểm biểu diễn của các số phức z, w, z + w. Ta có , ,z OA w OB z w OC= = + = . Từ OC ≤ OA + AC suy ra z w z w+ ≤ + . Hơn nữa OC = OA + AC khi và chỉ khi O, A, C thẳng hàng và A thuộc đoạn thẳng OC. Khi O ≠ A (hay z ≠ 0) điều đó có nghĩa là có số k ≥ 0 để AC kOA= uuur uuur tức là w = kz. (Còn khi z = 0, rõ ràng z w z w+ = + ). Vậy z w z w+ = + khi và chỉ khi z = 0 hoặc nếu z ≠ 0 thì tồn tại k R + ∈ để w = kz. c. câu hỏi và bài tập 1. Chứng minh rằng với mọi số phức z, w ta đều có z w z w− ≤ − . Dấu bằng xảy ra khi nào? 2. Trong mặt phẳng phức, bốn điểm phân biệt A, B, C, D theo thứ tự biểu diễn các số phức z, w, u, v thoả mãn các tính chất: a) 1z w u v= = = = ; b) z + w + u + v = 0. 3. Cho số phức z = m + (m - 3)i, m R∈ a) Tìm m để biểu diễn của số phức nằm trên đường phân giác thứ hai y = - x; b) Tìm m để biểu diễn của số phức nằm trên hypebol 2 y x = − ; c) Tìm m để khoảng cách của điểm biểu diễn số phức đến gốc toạ độ là nhỏ nhất. 4. Xác định tập hợp các điểm trong mặt phẳng phức biểu diễn các số phức thoả mãn hệ thức 3 z z i = − . 5. Xét các điểm A, B, C trong mặt phẳng phức theo thứ tự biểu diễn các số phức 4 2 6 ; (1 )(1 2 ); 1 3 i i i i i i + − + − − . a) Chứng minh ABC là tam giác vuông cân; b) Tìm số phức biểu diễn bởi điểm D sao cho tứ giác ABCD là hình vuông. Chủ đề 2: Căn bậc hai của số phức và phương trình bậc hai A. Kiến thức cần nhớ 1. Định nghĩa căn bậc hai của số phức Cho số phức w mỗi số phức z thoả mãn z 2 = w được gọi là một căn bậc hai của số phức w. a) Nếu w là số thực + w < 0 thì có hai căn bậc hai: &wi wi− − − + w ≥ 0 thì có hai căn bậc hai: &w w− . b) Nếu w là số phức khi đó ta thực hiện các bước: + Giả sử w= a + ib, đặt z = x + iy là một căn bậc hai của w tức là: 2 z w= khi đó ta có hệ: 2 2 (1) 2 (2) x y a xy b  − =  =  Bình phương 2 vế của (1) và (2) rồi cộng lại ta được 2 2 2 2 x y a b+ = + Do vậy ta được hệ: 2 2 2 2 2 2 (1) (2') x y a x y a b  − =   + = +   Giải hệ tìm được 2 x và 2 y suy ra x và y để tìm z. Chú ý: Theo (2) ta có nếu b > 0 thì x, y cùng dấu. Nếu b < 0 thì x, y trái dấu. 2. Công thức nghiệm của phương trình bậc hai hệ số phức Cho PT: 2 0; (1) ( , , , 0)ax bx c a b c a+ + = ∈ ≠£ và có 2 4b ac∆ = − + Nếu 0∆ ≠ pt có hai nghiệm là 1 2 ; 2 2 b b x x a a δ δ − + − − = = Trong đó δ là một căn bậc hai của ∆ . + Nếu ∆ = 0 thì pt có nghiệm kép: 1 2 2 b x x a = = − . B. Các dạng bài tập 1. Giải phương trình bậc nhất a) Phương pháp giải Biến đổi phương trình về dạng Az + B = 0, A, B , 0A∈ ≠£ . Viết nghiệm B z A = − b) Ví dụ Ví dụ 1: Giải phương trình 2iz + 1 - i = 0 Bài giải Nghiệm của phương trình là (1 ) 1 1 1 1 2 2 2 2 2 i z i i i − − − = = + = + . 2. Tính căn bậc hai và giảiphương trình bậc hai a) Phương pháp giải Sử dụng công thức tính căn bậc hai của số phức để tính căn bậc hai. Sử dụng công thức nghiệm của phương trình bậc hai để tìm nghiệm của phương trình với chú ý phải đưa về đúng dạng của phương trình. b) Các ví dụ Ví dụ 1: Tìm căn bậc hai của các số phức sau: ) 5 12 ) 8 6 ) 33 56 ) 3 4 a i b i c i d i − + + − − + Bài giải a) Gọi z = x + iy là một căn bậc hai của -5 + 12i tức là ( ) 2 2 2 5 12 2 5 12x iy i x y ixy i+ = − + ⇔ − + = − + 2 2 2 2 2 2 2 2 5 4 5 2 12 13 9 x y x x y xy x y y   − = − =  − = −   ⇒ ⇒ ⇔    = + = =      2 3 x y = ±  ⇔  = ±  Do b = 12 > 0 nên x và y cùng dấu từ đó có 2 3 x y =   =  hoặc 2 3 x y = −   = −  Vậy -5 + 12i có 2 căn bậc hai là z 1 =2+3i và z 2 = -2-3i. b) Tương tự ta gọi z = x + iy là một căn bậc hai của 8+ 6i tức là ( ) 2 2 2 8 6 2 8 6x iy i x y ixy i+ = + ⇔ − + = + 2 2 2 2 2 2 2 2 8 9 8 2 6 10 1 x y x x y xy x y y   − = =  − =   ⇒ ⇒ ⇔    = + = =      3 1 x y = ±  ⇔  = ±  Do b= 6> 0 nên x và y cùng dấu từ đó có 3 1 x y =   =  hoặc 3 1 x y = −   = −  Vậy 8 + 6i có 2 căn bậc hai là 3+i và -3-i. c) Gọi z = x + iy là một căn bậc hai của 33 - 56i tức là ( ) 2 2 2 33 56 2 33 56x iy i x y ixy i+ = − ⇔ − + = − 2 2 2 2 2 2 2 2 33 49 33 2 56 65 16 x y x x y xy x y y   − = =  − =   ⇒ ⇒ ⇔    = − + = =      7 4 x y = ±  ⇔  = ±  Do b = -56 < 0 nên x và y trái dấu từ đó có 7 4 x y =   = −  hoặc 7 4 x y = −   =  Vậy 2 căn bậc hai của 33 - 56i là 7- 4i và -7+i4. d) Gọi z = x + iy là một căn bậc hai của -3 +4i tức là ( ) 2 2 2 3 4 2 3 4x iy i x y ixy i+ = − + ⇔ − + = − + 2 2 2 2 2 2 2 2 3 1 3 2 4 5 4 x y x x y xy x y y   − = − =  − = −   ⇒ ⇒ ⇔    = + = =      1 2 x y = ±  ⇔  = ±  Do b = 4 > 0 nên x và y cùng dấu từ đó có 1 2 x y =   =  hoặc 1 2 x y = −   = −  Vậy 2 căn bậc hai của -3 + 4i là 1 + 2i và -1-2i. Ví dụ 2: Giải các phương trình sau: ( ) ( ) 2 2 ) 3 4 5 1 0; (1) ) 1 2 0; (2) a x i x i b x i x i − + + − = + + − − = Bài giải a) Ta có ( ) ( ) 2 3 4 4 5 1 3 4i i i∆ = + − − = − + Theo kết quả ví dụ 1d) thì ∆ có hai căn bậc hai là 1+ 2i và -1 - 2i. Do đó pt (1) có hai nghiệm là: 1 2 3 4 1 2 3 4 1 2 2 3 ; 1 2 2 i i i i x i x i + + + + − − = = + = = + b) Tương tự ta có ( ) ( ) 2 1 4 2 8 6i i i∆ = + − − − = + Theo kết quả ví dụ 1b) thì ∆ có hai căn bậc hai là 3 + i và -3 - i. Do đó pt (2) có hai nghiệm là: 1 2 1 3 1 3 1; 2 2 2 i i i i x x i − − + + − − − − = = = = − − Chú ý: PT (2) có thể dùng nhẩm nghiệm nhờ a + b + c = 0 Ví dụ 3: Giải các phương trình sau: 2 2 3 ) 3 2 0; (1) ) 1 0; (2) ) 1 0 (3) a x x b x x c x + + = + + = − = Bài giải a) Ta có ∆ = 1 2 - 4.3.2 =-23<0 nên ta có hai căn bậc hai của ∆ là: 23 & 23i i− . Từ đó nghiệm của pt (1) là: 1 2 1 23 1 23 ; 6 6 i i x x − + − − = = b) Tương tự ta có ∆ = -3 < 0 có hai căn bậc hai là: 3 & 3i i− nên (2) có các nghiệm là: 1 2 1 3 1 3 ; 2 2 i i x x − + − − = = c) Ta có ( ) ( ) 2 2 (3) 1 1 0 1 0 1 0; (*) x x x x x x ⇔ − + + = − =  ⇔  + + =  Theo b) ta có (*) có hai nghiệm là 1 2 1 3 1 3 ; 2 2 i i x x − + − − = = . Từ đó ta có các nghiệm của pt (3) là: 1 2 3 1 3 1 3 1; ; 2 2 i i x x x − + − − = = = ( Các nghiệm của pt (3) được gọi là căn bậc ba của 1). Ví dụ 4: Chứng minh rằng nếu một phương trình bậc hai với hệ số thực có nghiệm phức α ∉¡ thì cũng nhận α là nghiệm. Bài giải Giả sử PT bậc hai: ( ) 2 0; , , , 0ax bx c a b c a+ + = ∈ ≠¡ nhận số phức α ∉¡ là nghiệm tức là ta có: 2 0a b c α α + + = . (1) Lấy liên hợp hai vế của (1) và sử dụng tính chất liên hợp của số thực bằng chính nó thì ta được: ( ) 2 2 0 0a b c a b c α α α α + + = ⇒ + + = . Điều này chứng tỏ α là nghiệm của pt. áp dụng: Chứng tỏ 1+i là một nghiệm của phương trình 2 3 3 5 0x x i+ − − = . Tìm nghiệm còn lại của pt đó. Ví dụ 5: Phát biểu và chứng minh định lí đảo và thuận của định lí Vi-et của phương tình bậc hai với hệ số phức. Thuận: Nếu hai số 1 2 &x x là hai nghiệm của phương trình ( ) 2 0; , , , 0ax bx c a b c a+ + = ∈ ≠£ thì 1 2 1 2 & b c x x x x a a + = − = . Chứng minh Theo công thức nghiệm của pt bậc hai với hệ số phức ta có: 1 2 2 2 1 2 2 2 2 . 2 2 4 b b b x x a a a b b b c x x a a a a δ δ δ δ δ − + − −   + = + = −  ÷   − + − − −     = = =  ÷ ÷     Đảo : Nếu hai số ; α β thoả mãn: & .S P α β α β + = = thì ; α β là nghiệm của pt: 2 0x Sx P− + = .(1) Chứng minh Ta có: ( ) ( ) ( ) 2 (1) 0 0 x x x x x x α α β αβ α β β =  ⇔ − + + = ⇔ − − = ⇔  =  Điều này chứng tỏ ; α β là nghiệm của (1). áp dụng: Lập phương trình bậc hai có các nghiệm 4 3 ; 2 5i i α β = + = − + Bài giải Theo bài ra ta có: 2 8i α β + = + và ( ) ( ) . 4 3 2 5 23 14i i i α β = + − + = − + Theo kết quả VD5 ta được pt bậc hai cần lập là: ( ) 2 2 8 14 23 0x i x i− + + − = Ví dụ 6: Tìm m để phương trình: 2 3 0x mx i+ + = có tổng bình phương 2 nghiệm bằng 8. Bài giải Theo bài ra ta có: ( ) 2 2 2 1 2 1 2 1 2 8 2 8x x x x x x+ = ⇔ + − = (1). Theo Vi-et ta có 1 2 1 2 3 x x m x x i + = −   =  Thay vào (1) ta được 2 2 6 8 8 6m i m i− = ⇔ = + . Tức m là một căn bậc hai của 8+6i. Theo kết quả VD1b/ ta có 2 giá trị của m là: 3 + i và -3 - i. Ví dụ 7: Giải hệ phương trình 2 2 1 2 1 2 5 2 (1) 4 (2) z z i z z i  + = +  + = −  Bài giải Từ (2) ta có 2 2 1 2 1 2 2 15 8 .z z z z i+ + = − Kết hợp với (1) ta có 1 2 5 5z z i= − vậy ta có hệ phương trình: 1 2 1 2 4 5 5 z z i z z i + = −   = −  Do đó 1 2 ,z z là nghiệm của phương trình ( ) 2 4 5 5 0z i z i− − + − = . Ta có 5 12i∆ = − + theo VD1a/ ta biết ∆ có hai căn bậc hai là: 2 + 3i và -2 - 3i. Vậy ta có 1 2 4 2 3 3 2 4 2 3 1 2 2 i i z i i i z i − + +  = = +    − − −  = = −   Hoặc 1 2 1 2 3 z i z i = −   = +  . Ví dụ 8: Cho 1 2 ,z z là hai nghiệm của phương trình ( ) ( ) 2 1 2 3 2 1 0i z i z i+ − + + − = . Không giải pt hãy tính giá trị của các biểu thức sau: 2 2 2 2 1 2 1 2 1 2 1 2 2 1 ) ) ) z z a A z z b B z z z z c C z z = + = + = + Bài giải Theo Vi-et ta có: 1 2 1 2 3 2 3 2 2 2 3 2 3 3 1 2 1 1 2 1 2 3 3 1 2 i z z i i i z z i i  + + − + = = +  +  − − +  = = +  +  a) Ta có ( ) 2 2 1 2 1 2 3 2 2 2 3 2 1 2 1 2 11 30 2 6 4 2 2 2 3 3 3 3 9 9 A z z z z i i i     + − − + − + + = + − = + − + = −  ÷  ÷  ÷  ÷     b) ( ) 1 2 1 2 3 2 2 2 3 2 1 2 1 2 5 2 2 1 10 2 3 3 3 3 9 9 B z z z z i i i    + − − + − − − = + = + + = +  ÷ ÷    c) Ta có 2 2 1 2 1 2 6 26 2 18 1 2 1 2 3 3 z z A i C z z i + − + = = = − + + . Ví dụ 9: Giải pt: 4 2 6 25 0z z− + = (1) Bài giải Đặt 2 .z t= Khi đó (1) có dạng: 2 6 25 0t t− + = (2). Ta có: ' 16∆ = − có hai căn bậc hai là 4i và - 4i nên pt (2) có hai nghiệm là 1 3 4t i= + và 2 3 4t i= − . Mặt khác 3 + 4i có hai căn bậc hai là: 2 + i và -2 - i còn 3 - 4i có hai căn bậc hai là: 2 - i và -2 + i nên pt (1) có 4 nghiệm là: 1 2 3 4 2 ; 2 ; 2 ; 2z i z i z i z i= + = − − = − = − + C. câu hỏi và bài tập Bài 1: Tìm các căn bậc hai của các số phức sau: a) 8+6i b) 3+4i c) 3 1 3 i i − + d) 1 1 1 1i i + + − e) 2 1 1 i i +    ÷ −   f) 2 1 3 3 i i   −  ÷ −   Bài 2: Gọi 1 2 ;u u là hai căn bậc hai của 1 3 4z i= + và 1 2 ;v v là hai căn bậc hai của 2 3 4z i= − . Tính 1 2 u u+ 1 2 v v+ + ? Bài 3: Giải các phương trình sau: ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 2 2 2 2 ) 2 2 1 0 ) 5 14 2 12 5 0 ) 80 4099 100 0 ) 3 6 3 13 0 ) cos sin cos sin 0. a z iz i b z i z i c z z i d z i z i e z i z i ϕ ϕ ϕ ϕ − + − = − − − + = − + − = + − − + − + = − + + = Bài 4: Tìm các căn bậc ba của 8 và -8. Bài 5: Giải các phương trình trùng phương: ( ) ( ) 4 2 4 2 ) 8 1 63 16 0 ) 24 1 308 144 0 a z i z i b z i z i − − + − = − − + − = Bài 6: Cho 1 2 ,z z là hai nghiệm của phương trình: ( ) 2 1 2 2 3 0z i z i− + + − = . Không giải pt hãy tính giá trị của các biểu thức sau: 2 2 2 2 1 2 1 2 1 2 1 2 2 1 3 3 3 3 1 2 2 1 1 2 1 2 2 1 1 2 ) ) ) 1 2 1 2 ) ) ) z z a A z z b B z z z z c C z z d D z z e E z z z z f F z z z z z z = + = + = +     = + = + = + + +  ÷  ÷     Bài 7: Giải các hệ pt 2 2 2 4 0 ) ) 2 1 z i z u v uv a b u v i z i z  − =  + + =    + = − = −    [...]... tổng của chúng bằng 0? Bài 6: Rút gọn hết dấu căn ở mỗi biểu thức sau d 1 - itan a, 4 − 1 b, 8 1 c, 1 − i d, 3 −1 3 − i 2 2 Bài 7: Cho số phức z = a + bi Một hình vuông tâm là gốc toạ độ 0, các cạnh song song với các trục toạ độ và có độ dài bằng 4 Xác định a,b để tìm điểm biểu diễn của số thực z a, Nằm trong hình vuông b, Nằm trên đường chéo củahình vuông Bài 8: Chứng minh rằng 2 a z1 z 2 + 1 + z1 . i 3 2 3 2 1 − − Bài 7: Cho số phức z = a + bi . Một hình vuông tâm là gốc toạ độ 0, các cạnh song song với các trục toạ độ và có độ dài bằng 4. Xác định a,b để tìm điểm biểu diễn của số thực. − + + = Vậy tập hợp các điểm M(z) trên mặt phẳng toạ độ biểu diễn các số phức z thỏa mãn giả thi t là đường tròn tâm I(1; - 1) bán kính R = 2. b) Gọi A (- 2 ; 0), B(0 ; 1). Khi đó 2 z i z+