môn học điện tử cơ bản đề tài bài tập lớn số 45

BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠOTRƯỜNG ĐẠI HỌC SƯ PHẠM KỸ THUẬT.

BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO

TRƯỜNG ĐẠI HỌC SƯ PHẠM KỸ THUẬT THÀNH PHỐ HỒ CHÍ MINH

MÔN HỌC : ĐIỆN TỬ CƠ BẢN

ĐỀ TÀI: BÀI TẬP LỚN SỐ 45 GVHD: Thạc sĩ Bùi Thị Tuyết Đan Lớp thứ 6 ết (1-5) Ti

SVTH: Ng ễn Hồ Đông Phúc uy MSSV: 22151275.

T.P Hồ Chí Minh, tháng năm 2023 11

ố β 𝒄 , 𝒄 , 𝒇𝒃𝒄 𝒃𝒆 𝑻 ủ ạ 𝑸𝟏, 𝑸𝟐 𝛽𝑇𝑇= 85 240→

𝛽𝐿𝑇=85 + 2402 = 160 = 𝛽1= 𝛽2

𝑐𝑏𝑐= 𝑐𝑜𝑏= 8 (𝑝𝐹)

𝑓𝑇= 190 (𝑀𝐻𝑧) 2𝜋𝑟𝑒(𝑐𝑖𝑏1+𝑐𝑜𝑏)= 2𝜋26𝑚𝑉1

𝐼𝐸1(𝑐𝑖𝑏+𝑐𝑜𝑏)= 2𝜋26𝑚𝑉 1

3,167mA (𝑐𝑖𝑏+8.10 −12 ) 𝑐𝑏𝑒= 𝑐𝑖𝑏= 79 (𝑝𝐹)

điểm tĩnh 𝑸𝟏, 𝑸𝟐

điểm tĩnh 𝑸𝟏

ồ ề ụ ở ạ

{−𝑣𝐶𝐶+ 𝑅2𝐼𝐵1+ 𝑣𝐵𝐸1+ 𝐼𝐸1𝑅4= 0

𝐼𝐸1= (𝛽 + 1 𝐼)𝐵1

𝐼𝐵1= 𝑣𝑐𝑐−0,7

𝑅 +2 (𝛽+1 𝑅 )4=820 16020−0,7+( +1)1= 0,0197(𝑚𝐴)

{ −𝑣𝐶𝐶+ 𝑅3𝐼𝑐1+ 𝑣𝐶𝐸1+ 𝐼𝐸1𝑅4= 0 𝐼𝐶1= 𝛽 𝐼𝐵1 = 160.0,0197 = 3,148 𝑚𝐴)(

𝑣𝐶𝐸1= 𝐶𝐶𝑣 − 𝑅 𝐼3 𝑐1− 𝐼𝐸1𝑅4

ậ 𝑄1(𝐼𝑐1; 𝑣𝐶𝐸1

điểm tĩn 𝑸𝟐

• ồ ề ụ ở ạ

𝑅𝑡ℎ=𝑅 +𝑅𝑅5𝑅6

5 6=82 1082.10+ = 8,91 (𝐾𝛺)

𝑉𝑡ℎ= 𝑣𝐶𝐶𝑅 +𝑅𝑅6

5 6= 2082 1010+ = 2,17 (𝑉)

{−𝑣𝑡ℎ+ 𝑅𝑡ℎ𝐼𝐵2+ 𝑣𝐵𝐸2+ 𝐼𝐸2𝑅8= 0

𝐼𝐸2= (𝛽 + 1 𝐼)𝐵2

𝐼𝐵2= 𝑣𝑡ℎ−0,7

𝑅𝑡ℎ+(𝛽+1)𝑅8= 8,91+(160 )12, −0,717 +1 = 8,65 10 −3(𝑚𝐴)

𝐼𝐸2= (𝛽 + 1 𝐼)𝐵2= 1,39(𝑚𝐴)

𝐼𝐶2= (𝛽)𝐼𝐵2= 1, (38 𝑚𝐴)

𝑣𝐶𝐸2= 𝐶𝐶𝑣 − 𝐼𝐸2(𝑅7+ 𝑅8)

ậ 𝑄2(𝐼𝐸2; 𝑣𝐶𝐸2 1,39

𝒗𝒐𝟐

𝐼𝑐 (𝑅7//𝑅𝐿) + 𝑣𝐶𝐸= 0

𝐼𝑐 = −𝑣𝐶𝐸

𝑅 7 //𝑅 𝐿

𝑅𝑎𝑐= 𝑅7//𝑅𝐿 =1+11.1 = 0,5 (𝐾 Ω)

𝐼𝑐=Re Rc−1+ 𝑣𝐶𝐸+ 𝑣𝐶𝐶

Re Rc+

𝐼𝑐=−12 𝑣𝐶𝐸+20

2

𝐼𝑐=−12 𝑣𝐶𝐸+ 10

𝐼𝑐𝑡= −1𝑅𝑎𝑐𝑣𝐶𝐸𝑇 𝐼𝐶𝑄+𝑉𝐶𝐸𝑄

𝑅 𝑎𝑐

𝐼𝑐𝑡= −2𝑣𝐶𝐸𝑇 35 81,

𝑣02) {𝑉𝐶𝐸𝑄,𝐼𝐶𝑄 𝑅𝑎𝑐} {17,21;1, 3921 }

d) sơ đồ tương đương tín hiệ ỏ ủ ạ

𝑧𝑖= 𝑅2//𝑧𝑏

𝑧𝑏=𝐼𝑏ℎ𝑖𝑒+ 𝛽𝐼𝑏𝑅𝐸𝐼𝑏 = ℎ𝑖𝑒+ 𝛽𝑅𝐸

𝑧𝑖= 𝑅2//(ℎ𝑖𝑒+ 𝛽𝑅𝐸)

𝑟𝑒 1=0,026𝐼𝑐1 =0,0263,148= 8,26 10 −3( )𝐾𝛺

𝑟𝑒 2=0,026𝐼𝑐2 =0,0261,38 = 0,019 𝐾𝛺( )

𝑧𝑖=820 160 26 10820 160 26 10(+ .8, .8, −3−3++160160.1).1= 134,8(𝐾𝛺)

𝑧𝑜=𝑉𝐼𝑜𝑜= 𝑅7 = 1(𝐾𝛺)

𝐴 = 𝐴𝑣 𝑣 1 𝐴𝑣2

𝐴𝑣1 𝑉𝑜1

𝑣𝑖1=−ℎ𝑓𝑒 𝐼𝑏1(𝑅3//𝑅𝑡ℎ//ℎ𝑖𝑒2)

𝐼𝑏1ℎ𝑖𝑒1+𝛽𝐼 𝑅𝑏1 𝐸 =−(𝑅3 //𝑅𝑡ℎ//ℎ𝑖𝑒2)

𝑟𝑒1+𝑅4

=8,26 10−0,694. −3+ 1= −0,69

𝐴𝑣2 𝑉𝑜2

𝑣𝑖2=−ℎ𝑓𝑒 𝐼𝑏2(𝑅7//𝑅𝐿)

𝐼𝑏2ℎ𝑖𝑒1 =−(𝑅3 //𝑅𝑡ℎ//ℎ𝑖𝑒2)

𝑟𝑒2

=0,019 = −26 32−0,5 ,

𝐴 = 𝐴𝑣 𝑣1 𝐴𝑣2

𝐴 −𝐴𝑖 𝑣 𝑅𝑧𝑖𝐿= −2447 68,

ại điể

𝑣 = 𝑣𝐷 𝐷(𝐷𝐶)+ 𝑣𝐷(𝐴𝐶)

𝑣𝐷(𝐷𝐶)= 0

𝑣𝐷(𝐴𝐶)= 𝑣02 𝑣0

𝑣 = 0 + 𝑣𝐷 𝐷(𝐴𝐶)

𝐴 = 𝐴𝑣𝑠 𝑣.𝑧𝑖𝑧𝑖+ 𝑅1= 18 15, 134 10134 10,8.,8.3+3500= 18 08,

𝑣0= 𝐴𝑣𝑠 ⋅ 𝑣𝑠= 18 08, sin (20000𝑡)

ớ ụ𝐶1= 1𝜇𝐹

𝑓𝐿𝐶1=2𝜋(𝑧𝑖1+ 𝑅𝑠)𝐶1=2𝜋(500 +134 101,8. 3)10−6= 1,176 (𝐻𝑧)

ớ ụ𝐶2= 1𝜇𝐹

𝑅 = 𝑅 //ℎ = 2,𝐿 𝑡ℎ 𝑖𝑒2 267(𝐾𝛺)

𝑓𝐿𝐶2=2𝜋(𝑅 + 𝑅 )𝐶1

𝐿 3 2=2𝜋(1 + 2,267 10 101). 3. −6= 48 71, (𝐻𝑧)

ớ ụ 𝐶3= 1𝜇𝐹

𝑓𝐿𝐶2=2𝜋(𝑅𝐿1+ 𝑅7)𝐶3=2𝜋(1 + 1) 10 101 3. −6= 79 57, (𝐻𝑧)

ớ ụ 𝐶5= 4,7𝜇𝐹

𝑅𝑒 = 𝑅𝐸//(𝑅𝑠𝛽 + 𝑟′ 𝑒2)

𝑅𝑠′= 𝑅3//𝑅𝑡ℎ =1 + 8,91 = 0,899( )1.8,91 𝐾𝛺

2𝜋(1//(0,899160 + 0,019 10) 3 4,7.10−6= 1409 31, (𝐻𝑧)

𝑡ầ𝑛 𝑠ố 𝑐ắ𝑡 𝑡ℎấ𝑝

𝑓𝐿= 𝑚𝑎𝑥 𝑓{𝐿𝐶1; 𝑓 𝐿𝐶2; 𝑓 𝐿𝐶3;𝑓 𝐿𝐶5} = 1409,31 (𝐻𝑧)= 1,409 (𝐾𝐻𝑧)

Đồ thị đáp ứng tần số của mạch tại vùng tần số thấp:

ỏ ậ

𝑄1(𝐼𝑐1; 𝑣𝐶𝐸1

ậ 𝑄2(𝐼𝐸2; 𝑣𝐶𝐸2 1,39

ầ ố ắ ấ

ậ

𝑇𝑇

Điểm tĩnh 𝑄1 𝑇𝑇: 𝑄1(𝐼𝑐1; 𝑣𝐶𝐸1 𝑄1 𝑀𝑃 =

Điểm tĩnh 𝑄2 𝑇𝑇: 𝑄2(𝐼𝐸2; 𝑣𝐶𝐸2 1,39 𝑄2 𝑀𝑃 =

ạ

ầ ố ắ ấ

𝑓𝐿 𝑇𝑇 = 1,4 (𝐾𝐻𝑧)09

𝑓𝐿

Điể ệ tĩnh𝑄1, 𝑄2 ự ệ ỏ

ố ại như Av, Ai, Zi, Zo,FL cũng có sự ệ

nhưng không đáng kể ±