Tài liệu hạn chế xem trước, để xem đầy đủ mời bạn chọn Tải xuống
1
/ 308 trang
THÔNG TIN TÀI LIỆU
Thông tin cơ bản
Định dạng
Số trang
308
Dung lượng
4,89 MB
Nội dung
CHUYÊN ĐỀ HSG VÀ TOÁN CHUYÊN | ĐS9-CHUYÊN ĐỀ MIN-MAX VÀ BẤT ĐẲNG THỨC A.TRỌNG TÂM CẦN ĐẠT I BIẾN ĐỐI TƢƠNG ĐƢƠNG Kiến Thức Cần Nhớ Để chứng minh bất đẳng thức A B Tư tưởng phương pháp biến đổi tương đương bất đẳng thức thành bất đẳng thức mà phổ biến dạng sau: + Sử dụng định nghĩa bất đẳng thức: A B A B + Dạng tổng bình phương: A B mX nY kZ , với số m, n, k không âm + Dạng tích hai thừa số dấu: A B X Y A B X 2n Y Một Số Ví Dụ Minh Họa Ví dụ Chứng minh bất đẳng thức sau với a, b số thực a) a b2 2ab b) a b2 a b c) a b 4ab d) a2 b2 c2 ab bc ca e) a b2 c a b c f) a b c ab bc ca g) a b2 c a b c h) a b2 c a b c với a, b, c b c a Lời giải a) Bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với a b2 2ab (*) a 2ab b2 a b rõ ràng bất đẳng thức Dấu đẳng thức xảy a b b) Cộng hai vế (*) với a b2 ta thu bất đẳng thức cần chứng minh c) Cộng hai vế (*) với 2ab ta thu bất đẳng thức cần chứng minh d) Từ a b2 2ab , tương tự ta có: b2 c2 2bc; c a 2ca cộng bất đẳng thức chiều ta có: a b2 c ab bc ca a b2 c ab bc ca Ngồi ta làm theo cách khác: a b2 c2 ab bc ca a b2 c ab bc ca | TÀI LIỆU WORD TOÁN THCS , THPT CHẤT - ĐẸP - TIỆN (**) CHUYÊN ĐỀ MIN-MAX VÀ BẤT ĐẲNG THỨC a 2ab b2 b2 2bc c2 c2 2ca a a b b c c a , bất đẳng 2 thức cuối Dấu đẳng thức xảy a b c e) Nhân hai vế (**) với cộng vế với a b2 c2 ta thu bất đẳng thức cần chứng minh f) Cộng vế (**) với ab bc ca ta thu điều phải chứng minh g) Ta viết lại bất đẳng thức cần chứng minh thành: a2 2a b2 2b c2 2c a 1 b 1 c 1 dấu đẳng thức xảy a b c 2 h) Với số thực dương a, b, c số thực k thỏa mãn: k ta có: a b 1 k a b a b k a b a b2 2ab k a b Chia vế 2 2 a b a2 cho b ta thu được: , tương tự ta có hai bất đẳng thức cộng b 2a k b b a b 2 b c 2 c a 2 a b2 c a b c 2a 2b 2c k lại thu được: b c a c a b a b 2 b c 2 c a 2 a b2 c abck Hay a b c Dấu đẳng thức xảy b c a c a b a b c Ví dụ Cho số thực không âm a, b Chứng minh bất đẳng thức sau: a) a3 b3 ab a b b) a3 b3 a b c) ax by a b2 x y d) 1 với ab a b 1 ab e) 1 với ab a b 1 ab f) 2 a 1 b 1 ab x2 y x y g) với a, b, x, y a b ab h) ax by cz a b2 c x y z x2 y z x y z i) với a, b, c, x, y, z a b c abc 2 CHUYÊN ĐỀ HSG VÀ TOÁN CHUYÊN | j) 1 với a, b, c 3 abc 1 a 1 b 1 c k) a b4 c4 abc a b c Lời giải a) Bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với: a3 b3 ab a b a b a ab b2 ab a b a b bất đẳng thức cuối Dấu đẳng thức xảy a b b) Bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với: a3 b3 a b 2 a b 4 a ab b2 a b a b 3 a b bất đẳng thức cuối Dấu đẳng thức xảy a b c) Bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với: a b2 x y ax by a x a y b2 x b2 y a x 2abxy b2 y hay a y 2abxy b2 x ay bx , bất đẳng thức cuối Dấu đẳng thức xảy ay bx d) Bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với: a b2 a 1 b 1 a b2 1 ab a 1 b 1 ab a b2 a3b ab3 2ab 2a b2 2a 2b2 a3b 2a 2b2 ab3 a 2ab b2 a3b 2a b2 ab3 a 2ab b2 ab a 2ab b2 a 2ab b2 ab 1 a b , bất đẳng thức với số thực không âm a, b thỏa mãn ab e) Làm tương tự câu d f) Áp dụng bất đẳng thức câu c ta có: ab 1 a b a a b a 1 ab 1.1 ab 1 1 b b b a 1 a b ab 1 2 Tương tự ta có: a 1 b 1 b 1 b a a b ab 1 a , cộng bất đẳng thức chiều ta thu được: a b ab 1 a b ab 1 , dấu đẳng thức xảy ab a b .3 | TÀI LIỆU WORD TOÁN THCS , THPT CHẤT - ĐẸP - TIỆN CHUYÊN ĐỀ MIN-MAX VÀ BẤT ĐẲNG THỨC g) Bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với: bx ay x y a b bx ay ab x y ab ab abx2 aby b2 x2 a y abx2 aby 2abxy b2 x2 2abxy a2 y bx ay Rõ ràng bất đẳng thức cuối Dấu đẳng thức xảy ay bx h) Bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với: a b2 c x y z ax by cz a x2 y z b2 x y z c x y z a x b2 y c z 2abxy 2bcyz 2cazx a y 2abxy b2 x b2 z 2bcyz c y c x 2cazx a z ay bx bz cy cx az Bất đẳng thức Dấu đẳng thức xảy 2 ay bx a b c bz cy x y z cx az i) Áp dụng bất đẳng thức câu g liên tục lần ta có: x2 y z a y z2 x y z đpcm Dấu đẳng thức xảy a b c ab c abc 2 a b x y ay bx a b c x y z c x y z a b a b c x y z Cách khác: Áp dụng bất đẳng thức câu h ta có: x y z 2 x x2 y z y z a b z a b c b c b z a a x2 y z x y z Hay (đpcm) a b c abc Các bất đẳng thức g, h, i cịn có tên gọi bất đẳng thức Cauchy-Schwarz Đây bất đẳng thức sở để giải hầu hết toán chứng minh bất đẳng thức Học sinh cần nắm phần j) Áp dụng bất đẳng thức câu d) liên tục lần ta có: 1 1 2 4 3 a b c abc a3b3 abc a3b3 abc abc Hay 1 , dấu đẳng thức xảy a b c 3 abc 1 a 1 b 1 c CHUYÊN ĐỀ HSG VÀ TOÁN CHUYÊN | k) Bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với: a4 b4 c4 a2 bc b2 ac c2 ab 2a4 2b4 2c4 a2 bc 2b2 ac 2c2 ab a b2 2a b2 b2 c 2b2 c c a 2a c 2a bc 2b2 ac 2c ab 2 a b2 b2 c c a ab bc bc ac ab ac Suy 2 2 2 a b4 c4 abc a b c Vậy bất đẳng thức chứng minh Đẳng thức xảy a b c Cách khác: Áp dụng bất đẳng thức x2 y z xy yz zx với x a , y b2 , z c ta thu được: a4 b4 c4 a b2 b2 c2 c2 a ab.bc bc.ca ca.ab abc a b c Ví dụ Chứng minh rằng: a) a b3 b3 c c a a b c với số thực dương a, b, c ab bc ca b) a b b a ab với a, b c) d) 4a b a b2 a b2 với a, b b2 a a2b a 2ab với a, b a b 3 2a b e) Tìm số k lớn cho k 1 16 4k 3 với a, b 3 a b a b a b 2ab a b2 ab ab f) với a, b 2 a b Lời giải a) Trước hết ta chứng minh bất đẳng thức x3 y xy x y với x, y số dương Thật x3 y3 xy x y x y x y xy xy x y x y Áp dụng bất đẳng thức ta a3 b3 b3 c3 c3 a3 ab a b bc b c ca c a 2a b c ab bc ca ab bc a a b3 b3 c c a 2a b c ab bc ca b) Đặt x a 1; y b , x 0; y | TÀI LIỆU WORD TOÁN THCS , THPT CHẤT - ĐẸP - TIỆN CHUYÊN ĐỀ MIN-MAX VÀ BẤT ĐẲNG THỨC Bất đẳng thức cần chứng minh viết lại thành x2 1 y y 1 y x2 1 y 1 x 1 y y 1 y x2 1 y 1 x2 1 y 1 x 1 y x 1 y 1 y 1 x x2 1 y 1 y 1 x 1 Bất đẳng thức cuối Vậy bất đẳng thức 2 chứng minh Đẳng thức xảy x y hay a b c) Cách 1: Bất đẳng thức cho tương đương với: 4a b a b a b2 a 2a b b 1 0 b a a b2 a b2 4a b a b2 a b2 a a 2 b2 2 a b2 a b a b2 2 b a b a 2b a 2b a b a 0 2 0 a b a b 2 b a b a 2b a 2b a b 0 Bất đẳng thức cuối Vậy bất đẳng thức chứng minh Đẳng thức xảy a b Cách 2: Bất đẳng thức viết lại thành a ta t Suy t b2 a 2b 2 4a b a b2 a b2 a b2 2 a b2 4 Bất đẳng thức cần chứng minh trở thành t 2ab t 5t t 1 t Bất đẳng thức cuối ln t t Vậy bất đẳng thức chứng minh Đẳng thức xảy a b d) Bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với: a2b a 2ab a2b a 2ab 1 a b 3 2a b 2a b3 2a b2 a b 2a b 2ab , Đặt t 2 a b 2a b a b 2a b 2a b 0 a b 2a3 b3 2a b a b 3 2a3 b3 2a b2 2a b a b 2a3 2b3 2a b 2ab2 a b a b CHUYÊN ĐỀ HSG VÀ TOÁN CHUYÊN | Bất đẳng thức cuối Vậy bất đẳng thức chứng minh Đẳng thức xảy a b e) Biến đổi tương đương bất đẳng thức cần chứng minh ta được: k 1 16 4k 3 3 a b a b a b k 4k 8 3 3 0 3 3 a b a b a a b b a b a b 7b 4ab a 7a 4ab b 3k a b a b 0 3 b3 a3 a b a b a b a b a 5a3b 12a b2 5ab3 b4 a b3 3k a b a ab b2 0 2 a b a 5a3b 12a b2 5ab3 b4 a ab b2 3ka3b3 Vì a b nên bất đẳng thức a 5a3b 12a b2 5ab3 b4 a ab b2 3ka3b3 Cho a b bất đẳng thức trở thành 24a6 3ka6 k Ta chứng minh k số lớn thỏa mãn bất đẳng thức cho Thật vậy, ta xét trường hợp sau + Với k a 5a3b 12a b2 5ab3 b4 a ab b2 3ka3b3 + Với k bất đẳng thức viết lại thành a 5a3b 12a b2 5ab3 b4 a ab b2 24a3b3 Ta có a b4 2a b2 ; a b2 2ab nên a 5a3b 12a b2 5ab3 b4 a b4 5ab a b2 12a b2 24a b2 Và a ab b2 ab Do ta có a 5a3b 12a 2b2 5ab3 b4 a ab b2 24a3b3 Suy bất đẳng thức chứng minh Vậy số k lớn f) Bất đẳng thức cần chứng minh biến đổi sau: a b a b a b 2ab ab 2 ab 2 2 1 0 a b2 ab ab a b 2a 2b a b ab Vì a b nên ta cần chứng minh 2a 2b a b2 ab Thật vậy, ta có | TÀI LIỆU WORD TOÁN THCS , THPT CHẤT - ĐẸP - TIỆN CHUYÊN ĐỀ MIN-MAX VÀ BẤT ĐẲNG THỨC a b 2a b 2 a b 2 a b2 a b ; a b ab a b a b a b Do bất đẳng thức tương đương với a b a b 0 2 a b a b 2 a b a b2 a b a b 2 a b 4ab a b ab 2 a b a b a b ab 0 a b a b ab 0 Bất đẳng thức cuối hiển nhiên Vậy bất đẳng thức chứng minh Đẳng thức xảy a b Vi dụ Chứng minh bất đẳng thức: a bc b ca c ab ab bc ca với a, b, c 0; a b c a) b) 5b3 a3 5c3 b3 5a3 c3 a b c với a, b, c ab 3b2 bc 3c3 ca 3a c) 1 1 với ( a, b, c ) 3 a b abc b c abc c a abc abc 33 1 1 d) với a, b, c a b c ab bc ca a b c Lời giải a) Quan sát bất đẳng thức ta có nhận xét sau: + Dự đoán đẳng thức xảy a b c + Khi thay a b c vào bất đẳng thức chuyển vế ta nhóm a bc a bc ; b ca b ca 0; c ab c ab Do vai trị a, b, c nên ta dự đốn nhóm khơng âm Để chứng minh dự đốn ta bình phương làm bậc hai biến đổi tương đương thành tổng bình phương + Để ý giả thiết a b c , ta có a b a c a a bc a b a c Dễ dàng nhận bc Như cần áp dụng tương tự cho hai trường hợp cịn lại bất đẳng thức chứng minh Cách 1: Bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với: CHUYÊN ĐỀ HSG VÀ TOÁN CHUYÊN | a bc b ca c ab a b c ab bc ca a bc a bc b ca b ca c ab c ab Ta cần chứng minh a bc a bc 0; b ca b ca 0; c ab c ab Thật ta có a bc a bc a bc a bc a bc a 2a bc bc a bc a b c a bc b c 0 b ca b ca 0; c ab c ab Chứng minh tương tự ta Đến bất đẳng thức chứng minh Đẳng thức xảy a b c Cách 2: Kết hợp với giả thiết a b c ta có a bc a b a c ; b ca a b b c ; c ab c a b c Khi bất đẳng thức viết lại thành a bc a b a c a b b c c a b c ab bc ca Mặt khác ta có a b a c a b c bc bc a ab bc ca a 2a bc bc b c Chứng minh tương tự ta 0 b c a b b ca ; c a b c c ab Cộng theo vế bất đẳng thức ta a b a c a b b c c a b c a b c Hay a bc ab bc ca a b a c a b b c c a b c đẳng thức chứng minh Đẳng thức xảy a b c b) Ta chứng minh ab bc ca Vậy bất 5b3 a3 2b a với a, b số thực dương ab 3b Thật vậy, biến đổi tương đương bất đẳng thức ta 5b3 a3 2b a ab 3b2 5b3 a3 2ab2 6b3 a 2b 3ab2 a3 b3 a 2b ab2 | TÀI LIỆU WORD TOÁN THCS , THPT CHẤT - ĐẸP - TIỆN CHUYÊN ĐỀ MIN-MAX VÀ BẤT ĐẲNG THỨC a b a b Bất đẳng thức cuối đúng, bất đẳng thức chứng minh Chứng minh tương tự ta 5c3 b3 5a3 c3 c b ; 2a c bc 3c ca 3a Cộng theo vế bất đẳng thức ta 5b3 a3 5c3 b3 5a3 c3 abc ab 3b2 bc 3c ca 3a Vậy toán chứng minh xong Đẳng thức xảy a b c Cách 3: Ta có a3 5b3 2b ab 3b2 a3 b3 2ab2 a3 ab2 b3 a b 2ab2 a b ab2 2a b 2ab2 2ab2 a b ab2 a ab 3b2 Do ta có a3 5b3 2b a hay ta ab 3b 5b3 a3 5c3 b3 5a3 c3 b a c b ; 2a c Áp dụng tương tự ta ab 3b bc 3c ca 3a Cộng theo vế bất đẳng thức ta 5b3 a3 5c3 b3 5a3 c3 abc ab 3b2 bc 3c ca 3a Vậy toán chứng minh xong Đẳng thức xảy a b c c) Ta có: a3 b3 a b a ab b2 Suy a3 b3 ab a b a b a 2ab b2 a b a b suy đpcm Áp dụng bất đẳng thức ta có: a3 b3 abc ab a b abc ab a b c Suy 1 Tương tự ta có: a b abc ab a b c b c abc 3 suy ra: 1 ; Cộng ba bất đẳng thức chiều ta bc a b c b c abc ca a b c 1 1 3 3 Dấu đẳng thức xảy a b abc b c abc a c abc abc a b c d) Ta viết lại bất đẳng thức cần chứng minh thành: 1 1 ab bc ca ab bc ca ab bc ca 33 ab bc ca 15 a b a b c c Sử dụng bất đẳng thức quen thuộc x y z xy yz zx ta có: 2 ab bc ca ab bc bc ca ca ab 2 a b c ta chứng minh bất đẳng thức a b a b b c c c a mạnh là: 3 a b2 c ab bc ca 15 10 (*) CHUYÊN ĐỀ MIN-MAX VÀ BẤT ĐẲNG THỨC P x y z 3xyz x y z x y z xy yz zx 3 x y z x y z 2xy yz zx 2 3 x y z x y z 2 3.5 9 Dấu “=” xảy x, y, z 2,1,0 hoán vị Câu 39 Áp dụng bất đẳng thức AM-GM ta có: x2 8y 4xy x2 8z 4xz 8y 8z 16yz Cộng theo vế ta được: P x2 16y2 16z2 xy xz 4yz 128 Dấu “=” xảy x = 4y = 4z , thay điều kiện ta được: x Câu 40 Ta có: +) 2x2 y2 x2 y2 x2 2xy 2x x x x 2x y 2xy 2x xy x ) 6y z 4y z 2y 4yz 4y 2y 2y y 6y z 4yz 4y yz y 1 Do đó: 294 6 ;y z 3 CHUYÊN ĐỀ HSG VÀ TOÁN CHUYÊN | VT y x z xy x yz y 1 zx 2z y yz x xy x xyz yz y 1 xyz 2yz 2y y yz yz y 1 yz y 1 yz y 1 yz y yz y 1 Dấu “=” xảy x = y = 1, z = Câu 41 Theo AM-GM ta có: x y xy xy 1 xy 4 xy Do đó: 1 1 P x2 y2 x2 y2 xy x y xy xy Suy ra: P2 P2 1 15 15 xy xy 2 xy xy 16xy 16xy 16xy 16xy 15 17 16 Dấu “=” xảy x y 17 Vậy giá trị nhỏ P Câu 42 Ta có: x y 6xy x y x y xy x y 12xy x y xy Đặt a x y, b xy a, b đó: 2a 12b a b b a 12 2a 4a Do VT > nên 2a 4a 2a a a 295 | TÀI LIỆU WORD TOÁN THCS , THPT CHẤT - ĐẸP - TIỆN CHUYÊN ĐỀ MIN-MAX VÀ BẤT ĐẲNG THỨC Ta có: a a 12a 1 x y x y xy a T 1 1 2y x xy 2 2b 4a 8a 2 b Ta chứng minh: T a 6 a2 a 12a 3 (luôn a ) Thật vậy: T 4a 8a 4a a Dấu “=” xảy a = 6, b = hay x 3, y x 3, y Vậy giá trị nhỏ T Câu 43 Ta có: P xy xy x 2x y y x2 y2 2 2 xy xy y x xy x2 y2 xy x y xy xy xy xy x y x2 y2 xy x y xy P 2 2 xy xy xy xy Đặt t xy xy Theo AM – GM thì: x y xy Khi đó: P t t 15 t2 2 2 t 2 16t 16t t t 15 2 2 2 16t 16 15 4 33 Dấu “=” xảy x = y Vậy giá trị nhỏ P Câu 44 296 xy xy 1 t 2 2 t CHUYÊN ĐỀ HSG VÀ TỐN CHUN | Theo giải thiết ta có: 4xy 8y Sử dụng bất đẳng thức AM – GM ta có: 4x2 y2 4xy Suy ra: 4x2 y2 4xy 8y Do đó: x2 8y y2 y2 5y y y Suy ra: x2 y M x2 1 y2 Dấu “=” xảy x = 2, y = Vậy giá trị nhỏ M Câu 45 Ta có: A x4 4x 6x 4x y 8y 24y 32y 17 x 1 y 4 Đặt a x 1, b y , ta A a b4 Từ giả thiết ta được: a 1 b 1 a b ab 4 Theo AM – GM ta có: 4a 4a a b2 a b (1) 2 4b 4b a b2 2ab 2 a b2 ab Cộng theo vế (1) (2) ta được: a b2 a b ab a b2 2 4 Áp dụng bất đẳng thức Minicopski ta được: A a b4 1 a 2 b2 a b2 4 1 17 4 2 Dấu “=” xảy a b 1 x ,y 2 Vậy giá trị nhỏ A 17 Câu 46 .297 | TÀI LIỆU WORD TOÁN THCS , THPT CHẤT - ĐẸP - TIỆN CHUYÊN ĐỀ MIN-MAX VÀ BẤT ĐẲNG THỨC Ta có: yz xy zx xy yz zx x y z y z x z x y y2 x2 11 1 z 1 1 1 2x y z y z x z x y Đặt a 1 , b ,c abc x y z Khi ta cần chứng minh: a2 b2 c2 abc bc ac ab Thật vậy, sử dụng bất đẳng thức Cauchy-Schwarz ta được: a b c a b c VP (đpcm) a2 b2 c2 VT b c a c a b a b c 2 Dấu “=” xảy x = y = z Câu 47 Áp dụng bất đẳng thức Côsi Tương tự x3 xz2 xz2 z x x x 2 2 2xz x z x z y3 z x2 y2 y Suy P x y z xy y2 z2 Theo gt z x2 y2 P xy xy xy Vậy Pmin x y z Câu 48 Ta có: 1 a b2 ab a Tương tự: 1 b a b2 2a 2ab 2a ab a 2 2 ab a ab a ab a ab a c2 bc b 2 ; bc b 1 c a2 ca c 1 Do đó: P 2Q ab a bc ca c 298 2 ca c CHUYÊN ĐỀ HSG VÀ TOÁN CHUYÊN | Với x, y dương ta có: x y x y 4xy 2 xy 1 11 1 (*) x y 4xy xy 4x y Dấu “=” xảy x = y Áp dụng (*) ta được: Tương tự: 1 1 1 ab a ab a 1 ab a bc b 1 1 ; bc b ca c 1 1 ca c Do đó: 1 1 Q 2Q ab a bc b ca c 1 1 P 6 1 ab a bc b ca c 1 1 1 ab a bc b ca c 1 c ac 6 1 abc ac c bc.ac abc ca c 1 c ac 6 1 ca c ca c ca c 2 5 Dấu “=” xảy a = b = c = Vậy giá trị nhỏ P Câu 49 Với x, y dương ta có: x y x y 4xy 2 xy 1 11 1 (*) x y 4xy xy 4x y Dấu “=” xảy x = y Sử dụng (*) ta được: Tương tự: ab ab ab 1 a b 2c a c b c a c b c bc bc 1 ca ca 1 ; b c 2a b a a c c a 2b c b b a Cộng bất đẳng thức theo vế ta được: ab bc ca a b 2c b c 2a c a 2b ab 1 bc 1 ca 1 a c b c b a a c c b b a 299 | TÀI LIỆU WORD TOÁN THCS , THPT CHẤT - ĐẸP - TIỆN CHUYÊN ĐỀ MIN-MAX VÀ BẤT ĐẲNG THỨC ab bc ab ca bc ca c a bc a b b a c a b c c a b a c bc a b a b c dpcm Đẳng thức xảy a = b = c Câu 50 Ta có: a c a 2b c a 2b c b ac 2 2 a a 2 2a 2a a 2b c a 2b c a 2b c a 2b c b ac b ac b ac b Mặt khác: a b c 3 abc Do đó: 4 2a 12 2a a b c a 2b c 7a 10b 7c a b c VT 12 7a 10b 7c 7b 10c 7a 10a 7b 7c a b c c 17 ab bc ca 12 a b2 Mặt khác: a b2 c ab bc ca a b2 c 17 ab bc ca a b c 12 a b c a b c 17 ab bc ca 2 12 a b c a b c 2 Dấu “=” xảy a = b = c = Câu 51 Ta có: P a a b b c c a 3 b b 3 c c 3 a 2 a b c2 a ab b bc c ac Áp dụng bất đẳng thức Cauchy-Schwarz ta được: 300 dpcm CHUYÊN ĐỀ HSG VÀ TOÁN CHUYÊN | P a2 a ab b2 b bc a b c abc3 c2 c ac ab bc ca Mặt khác theo AM-GM: ab bc ca a b bc ca abc 2 a b c abc 1 Do đó: P a b c a b c Dấu “=” xảy a b c Vậy giá trị nhỏ P Câu 52 Áp dụng bất đẳng thức Cauchy-Schwarz ta được: a b c ab bc ca a b2 c abc VT ab bc ca a b c ab bc ca a b2 c 2 a b2 c ab bc ca 2 ab bc ca a b2 c a b2 c ab bc ca ab bc ca a b2 c 2 ab bc ca a b c 2 a b c ab bc ca Áp dụng bất đẳng thức AM-GM cho số ta được: VT 3 a b2 c ab bc ca ab bc ca 2 ab bc ca a b2 c 2 a b2 c 2 dpcm 2 Đẳng thức xảy a = b = c Câu 53 Sử dụng bất đẳng thức Minicopski ta được: ab a b2 b c c a ab bc ca a b c dpcm 2 a2 bc ab bc ca 2 b2 ca ab bc ca 301 | TÀI LIỆU WORD TOÁN THCS , THPT CHẤT - ĐẸP - TIỆN c2 CHUYÊN ĐỀ MIN-MAX VÀ BẤT ĐẲNG THỨC Dấu “=” xảy a b c Câu 54 Áp dụng bất đẳng thức AM-GM ta được: a ab2 ab2 ab a a a 2 2b 1 b 1 b Tương tự: b bc b ; 2 1 c c ca c 2 1 a Cộng theo vế bất đẳng ta được: R a b c ab bc ca a b c 2 2 1 b 1 c 1 a a b c a b c 3 Dấu “=” xảy a b c Vậy giá trị nhỏ R 32 3 Câu 55 Sử dụng bất đẳng thức AM-GM ta được: 1 x 2xy 4xyz x x.4y z 2 1 3 1 x x y z x x x 2 2 2 x x 2 x x x 2 x 2 x x 2x x x 1 2 Do x y z x x Vì thế: x 2xy 4xyz x x 1 (đpcm) Dấu “=” xảy x 1, y ,z Câu 56 Trước hết ta chứng minh bất đẳng thức phụ sau: a b b c c a 89 a b c ab bc ca Thật vậy: a b b c c a a b c ab bc ca abc 302 CHUYÊN ĐỀ HSG VÀ TOÁN CHUYÊN | Lại theo BĐT AM-GM ta có: abc ab bc ca a b b c c a a b b c c a 2 Suy ra: a b b c c a a b c ab bc ca abc a b c ab bc ca a b b c c a a b b c c a 89 a b c ab bc ca Suy đpcm: ab bc ca abc Áp dụng bất đẳng thức AM-GM dạng cộng mẫu số ta có: 1 ab bc ca a 2b b 2c c 2a a b c a b c ab bc ca Lại có: ab2c a bc abc 3abc a b c a b c a b c 3abc a b c abc 27 abc 92 a b c Suy ra: P 2 abc 1 abc 2 a 2b b 2c c 2a abc a b b c c a abc a bc 1 Dấu “=” xảy khi: abc abc Vậy giá trị nhỏ P a = b = c = Câu 57 Ta có: a ab 3b2 a 2ab b2 ab b b a b ab b2 b2 b2 ab 2b b a b a ab 3b2 b a b 1 Tương tự: b2 bc 3c a ab 3b2 1 c b c 2 ; b a b 1 c ac 3a 303 | TÀI LIỆU WORD TOÁN THCS , THPT CHẤT - ĐẸP - TIỆN a c a 2 CHUYÊN ĐỀ MIN-MAX VÀ BẤT ĐẲNG THỨC Với x, y dương ta có: x y x y 4xy 2 xy 1 11 1 (*) x y 4xy xy 4x y Dấu “=” xảy x = y Cộng theo vế sử dụng bất đẳng thức AM-GM ta được: P b a b 4b a b c b c 2 4c b c a c a 2 4a c a 1 1 1 4b a b 4c b c 4a c a 1 1 1 1 a b c a b b c c a AM GM Sử dụng bất đẳng thức (*) ta được: 1 1 1 1 1 1 1 1 P a b c a b b c c a 1 1 1 1 1 8 16 a b 16 b c 16 c a 1 3 3 8 a b c 8 Dấu “=” xảy a = b = c = Vậy giá trị nhỏ P Câu 59 Theo bất đẳng thức Schur với a, b, c số thực khơng âm thì: a a b a c b b c b a c c a c b Biến đổi ta hệ quả: a b3 c 3abc a b c b2 c a c a b Mặt khác ta có đẳng thức: a b c a b3 c a b b c c a Khi ta có: a b c 9abc a b3 c 9abc a b b c c a Do đó: VT a b c b2 c a c a b 9abc a b b c c a Ta có đẳng thức: 304 CHUN ĐỀ HSG VÀ TỐN CHUYÊN | ) ) a b c b2 c a c a b 9abc a b c ab bc ca abc a b b c c a a b c ab bc ca Do đó: a b c b2 c a c a b 9abc a b b c c a a b c ab bc ca Vậy bất đẳng thức chứng minh Dấu “=” xảy a = b = c Câu 59 Sử dụng bất đẳng thức Bunyakovski ta được: 2x z 2y z x x z y z y xy zx yz Do đó: xy 2x z 2y z xy 2x z 2y z xy xy yz zx yz yz ; 2y x 2z x xy zx yz Tương tự: Cộng bất đẳng thức theo vế ta được: P xy zx yz xy zx yz Vậy giá trị lớn P Câu 60 Ta có: 1 1 0 x xy y xy x y xy xy x xy y 0 1 x 1 xy 1 y 1 xy xy x 1 y xy y 1 x 1 x 1 y 1 xy x y x 1 y y 1 x 1 y 1 x y 1 x xy xy xy yz zx zx zx 2z y 2x y xy zx yz Đẳng thức xảy x = y = z 1) 0 305 | TÀI LIỆU WORD TOÁN THCS , THPT CHẤT - ĐẸP - TIỆN 1 CHUYÊN ĐỀ MIN-MAX VÀ BẤT ĐẲNG THỨC y x x y x y x y 0 1 x 1 y xy y x x y xy y x 0 1 x 1 y xy y x y 1 x 1 y x xy 1 0 xy xy 1 (đúng xy ) 1 x 1 y 1 xy y x (1) Dấu “=” xảy x = y = Bất đẳng thưc (1) phép biến đổi tương đương nên toán chứng minh 2) Sử dụng AM-GM ta có: 12 x y 4xy xy Đặt 4xy 8xy xy 4xy xy t t , đó: 8t 4t 12 2t t 2t 2t 3t 2t t 1 t 1 t 1 t 1 2t 3t t 1 Áp dụng bất đẳng thức ý ta có: P 1 2 2018xy 2018xy 2018t 1 x 1 y 1 t xy Ta chứng minh: 2018t 2019 * 1 t Thật vậy: * 2 t 2018 t 1 1 t 2018 t 1 t 1 1 t 1 t 2018 t 1 (đúng t ) 1 t Dấu “=” xảy x = y = Vậy giá trị lớn P 2019 Câu 61 306 CHUYÊN ĐỀ HSG VÀ TOÁN CHUYÊN | Sử dụng bất đẳng thức Cauchy-Schwarz ta được: ) a3 b3 c3 a4 b4 c4 a 2b b 2c c 2a a 2ab b 2bc c 2ca b2 c a a b c 2ab 2bc 2ca b2 c a b2 c a b2 c a b2 c b3 c3 a3 b4 c4 a4 a 2b b 2c c 2a ab 2b bc 2c ca 2a ) a a b2 c a ab bc ca a b c b2 c a b2 c a b2 c a b2 c Cộng theo vế ta được: a b3 b3 c c a 2 a 2b b 2c c 2a Dấu “=” xảy a b c (đpcm) Câu 62 Áp dụng bất đẳng thức AM – GM ta có: 1 x 7y 21 62 T 21 x y x y y x 3 x y 3 7y 21 62 x 2 2 3 x y 3 2.7 62 80 Dấu “=” xảy x = y = Vậy giá trị nhỏ T 80 Câu 63 Áp dụng Bất đẳng thức Bunhiacopsky ta có : (a.1 + b.1 + c.1 )2 ( a2 +12 + 12 )(b2 + c2 + 1) = (a2 + 2) (1+ b2 + c2) (1) Do vai trò a, b, c theo nguyên lý Dirichlet số a2 -1, b2-1,c2-1 tồn số dấu, giả sử b2-1; c2-1 307 | TÀI LIỆU WORD TOÁN THCS , THPT CHẤT - ĐẸP - TIỆN CHUYÊN ĐỀ MIN-MAX VÀ BẤT ĐẲNG THỨC (b 1)(c 1) b2c b2 c b c 2b 2c 3b 3c (b 2)(c 2) 3(1 b c ) (a 2)(b2 2)(c2 2) 3(a 2)(1 b2 c ) Từ (1) (2) , suy ra: S = = (a2 + 2)(b2 + 2)(c2 + 2) 3(a +b+c)2=3.9=27 Vậy GTNN S = 27 a = b = c = 308 (2)