KỲ THI OLYMPIC TRUYỀN THỐNG 30/4 ĐÁP ÁN Câu 2 (4 đ) II 1 Câu 1(4 đ) I 1 A k1 k2 B t = 0 a 0 t 2 a 2 a Áp dụng công thức đã cho e 1 2 e x1 k k ln t x x Ở đây nồng độ lúc cân bằng xe đư[.]
Câu 1(4 đ) : I.1 k1 k2 A t=0 a t a B a ĐÁP ÁN xe k1 k ln Áp dụng công thức cho : t xe x Ở nồng độ lúc cân xe xác định thông qua số cân K : B x e K A a-x e aK xe 1 K Sau biến đổi ta : xe x Câu (4 đ): aK-x(1+K) 1 K II.1 2,303 aK k1 k lg Cuối Vì t aK - x - Kx 2,303 aK k1 k lg 2,303 2K lg a a Nên t aK - - K t 2K - - K 2 Vì Nên a x 2,303 2K lg t K -1 K = k1 / k2 t 2k 2,303 lg k1 k k1 - k 2,303 300 lg 2,7.10 giây 300 100 300 - 100 I.2 2.1 Xét cặp oxi hoá khử : Cu I2 2+ + e + 2e 0,25 Cu 2 E1 E 0, 059 lg Cu Cu + E2 E20 2I- 0,25 I 0, 059 lg 2 I E10 E20 : Không thể có phản ứng Cu2+ I- 2.2 Giả sử đổ dung dịch KI vào dung dịch chứa Cu2+ Cu+ Vì CuI tan nên [Cu+] nhỏ, E1 lớn E2 Như ta coù : Cu2+ + e Cu+ I+ Cu+ CuI I2 + e I2 Phản ứng oxi hoá khử tổng quát : Cu2+ + 2ICuI + I2 (1) F Lúc cân ta có: B Cu 2 F F I 0, 059 N E1 0,15 0, 059 lg E 0, 62 lg 2 T F= I F F [I ] 0,62 Các vectơ momen l ỡng I Cu cực liên kết cặp 059 lg electron 0,15 0, không liên kết ng 1ợc T I 2cực chiều nên momen l ỡng phân 0,62 0,15 tửbé NH3 Phân tử dạng tam giác Các vectơ momen l ỡng cực 0,của 059các lg liên kết triệt tiêu lẫn nhau(tổng T Kbằng không) phân tử không phân cùc 0,25 0,5 0,25 0,5đ H+ + PO43C1 C2 / C – C1 2C1 > C2 > C1 HSO C1 2C1 – C2 + D PO 34 D SO 24 + C2 – C1 / C – C1 2 HSO 4 + HPO D SO 24 + 2C1 – C2 C2 C2 - C / 2(C2 – C1) C1 1 K a3 1012,32 HPO42C1 0,25đ HPO 24 K1 = 1010,32 C1 C2 H PO 4 0,25đ K2 = 105,26 2C1 – C2 2 2 Vậy TPGH : HPO : 2(C2 – C1) ; H PO : 2C1 – C2 ; SO : C1 ; Na+ : 3C1 II.2 H3PO4 H+ + H2PO4- (1) K1 = 10-2,23 H2PO4 H+ + HPO42- (2) K2 = 10-7,21 HPO42H+ + PO43- (3) K3 = 10-12,32 H2O H+ + OH(4) Kw K3