một số phương pháp giải nhanh toán hữu cơ

7 795 6
một số phương pháp giải nhanh toán hữu cơ

Đang tải... (xem toàn văn)

Thông tin tài liệu

tài liệu giúp bạn ôn thi đại học môn hóa

Một số phương pháp giải nhanh Hóa Hữu – Book.Key.To 1 Phương Pháp Giải Nhanh Trắc Nghiệm Hóa Hữu 1. Dựa trên công thức tổng quát của hiđrocacbon Thí dụ: Công thức tổng quát của hiđrocacbonA dạng (C n H 2n+1 ) m . A thuộc dãy đồng đẳng nào? A) Ankan B) Anken C) Ankin D) Aren Suy luận: C n H 2n+1 là gốc hidrocacbon hóa trị I. Vậy phân tử chỉ thể do 2 gốc hydrocacbon hóa trị I liên kết với nhau, vậy m = 2 và A thuộc dãy ankan: C 2n H 2n+4 . 2. Khi đốt cháy hidrocacbon thì cacbon tạo ra CO 2 vầ hidro tạo ra H 2 O. Tổng khối lượng C và H trong CO 2 và H 2 O phải bằng khối lượng của hidrocacbon. Thí dụ: Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp gồm CH 4 , C 3 H 6 và C 4 H 10 thu được 17,6g CO 2 và 10,8g H 2 O. m giá trị là: A) 2g B) 4g C) 6g D) 8g. Suy luận: M hỗn hợp = m C + m H = 17 10,8 12 2 6 44 18 gam     . 3. Khi đốt cháy ankan thu được nCO 2 > nH 2 O và số mol ankan cháy bằng hiệu số của số mol H 2 O và số mol CO 2 . C n H 2n+2 + 2 3 1 2 n O   nCO 2 + (n + 1) H 2 O Thí dụ 1: Đốt cháy hoàn toàn 0,15 mol hỗn hợp 2 ankan thu được 9,45g H 2 O. Cho sản phẩm cháy vào dung dịch Ca(OH) 2 dư thì khối lượng kết tủa thu được là: A. 37,5g B. 52,5g C. 15g D. 42,5g Đáp án: A Suy luận: n ankan = nCO 2 - nCO 2 → nCO 2 = nH 2 O - n ankan nCO 2 = 9,45 18 = 0,15 = 0,375 mol CO 2 + Ca(OH) 2 → CaCO 3  + H 2 O nCaCO 3 = CO 2 = 0,375 mol mCaCO 3 = 0,375.100 = 37,5g Thí dụ 2: Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp 2 hidrocacbon liên tiếp trong dãy đồng đẳng thu được 11,2 lít CO 2 (đktc) và 12,6g H 2 O. Hai hidrocacbon đó thuộc dãy đồng đẳng nào? A. Ankan B. Anken C. Ankin D. Aren Suy luận: Một số phương pháp giải nhanh Hóa Hữu – Book.Key.To 2 nH 2 O = 12,6 18 = 0.7 > 0,5. Vậy đó là ankan Thí dụ 3: Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp 2 hidrocacbon liêm tiếp trong dãy đồng đẳng thu được 22,4 lít CO 2 (đktc) và 25,2g H 2 O. Hai hidrocacbon đó là: A. C 2 H 6 và C 3 H 8 B. C 3 H 8 và C 4 H 10 C. C 4 H 10 và C5H 12 D. C 5 H 12 và C 6 H 14 Suy luận: nH 2 O = 25,2 18 = 1,4 mol ; nCO 2 = 1mol nH 2 O > nCO 2  2 chất thuộc dãy ankan. Gọi n là số nguyên tử C trung bình: 2 2 n n C H  + 3 1 2 n  O 2 → n CO 2 +   1 n  H 2 O Ta có: 1 1 1,4 n n   → n = 2,5 → Thí dụ 4: Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp gồm 1 ankan và 1 anken. Cho sản phẩm cháy lần lượt đi qua bình 1 đựng P 2 O 5 dư và bình 2 đựng KOH rắn, dư thấy bình 1 tăng 4,14g, bình 2 tăng 6,16g. Số mol ankan trong hỗn hợp là: A. 0,06 B. 0,09 C. 0,03 D. 0,045 Suy luận: nH 2 O = 4,14 18 = 0,23 ; nCO 2 = 6,16 44 = 0,14 n ankan = nH 2 O – nCO 2 = 0,23 – 0,14 = 0,09 mol Thí dụ 5: Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol hỗn hợp gồm CH 4 , C 4 H 10 và C 2 H 4 thu được 0,14 mol CO 2 và 0,23 mol H 2 O. Số mol ankan và anken trong hỗn hợp lần lượt là: A. 0,09 và 0,01 B. 0,01 và 0,09 C. 0,08 và 0,02 D. 0,02 và 0,08 Suy luận: n ankan = 0,23 – 0,14 = 0,09 ; n anken = 0,1 – 0,09 mol 4. Dựa vào phản ứng cộng của anken với Br 2 tỉ lệ mol 1: 1. Thí dụ: Cho hỗn hợp 2 anken đi qua bình đựng nước Br 2 thấy làm mất màu vừa đủ dung dịch chứa 8g Br 2 . Tổng số mol 2 anken là: A. 0,1 B. 0,05 C. 0,025 D. 0,005 C 2 H 6 C 3 H 8 Một số phương pháp giải nhanh Hóa Hữu – Book.Key.To 3 Suy luận: n anken = nBr 2 = 8 160 = 0,05 mol 5. Dựa vào phản ứng cháy của ankan mạch hở cho nCO 2 = nH 2 O Thí dụ 1: Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp 2 hidrocacbon mạch hở trong cùng dãy đồng đẳng thu được 11,2 lít CO 2 (đktc) và 9g H 2 O. Hai hidrocacbon đó thuộc dãy đồng đẳng nào? A. Ankan B. Anken C. Ankin D, Aren Suy luận: nCO 2 = 11,2 0,5 22,4  mol ; nH2O = 9 0,5 18   nH 2 O = nCO 2 Vậy 2 hidrocacbon thuộc dãy anken. Thí dụ 2: Một hỗm hợp khí gồm 1 ankan và 1 anken cùng số nguyên tử C trong phân tử và cùng số mol. Lấy m gam hỗn hợp này thì làm mất màu vừa đủ 80g dung dịch 20% Br 2 trong dung môi CCl 4 . Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp đó thu được 0,6 mol CO 2 . Ankan và anken đó có công thức phân tử là: A. C 2 H 6 , C 2 H 4 B. C 3 H 8 , C 3 H 6 C. C 4 H 10 , C 4 H 8 D. C 5 H 12 , C 5 H 10 Suy luận: n anken = nBr 2 = 80.20 100.160  0,1 mol C n H 2n + 3 2 n O 2 → n CO 2 + n H 2 O 0,1 0,1n Ta có: 0,1n = 0,6 2  0,3  n = 3  C 3 H 6. 6. Đốt cháy ankin: nCO 2 > nH 2 O và n ankin (cháy) = nCO 2 – nH 2 O Thí dụ 1: Đốt cháy hoàn toàn V lít (đktc) một ankin thể khí thu được CO 2 và H 2 O tổng khối lượng 25,2g. Nếu cho sản phẩm cháy đi qua dd Ca(OH) 2 dư thu được 45g kết tủa. a. V giá trị là: A. 6,72 lít B. 2,24 lít C. 4,48 lít B. 3,36 lít Suy luận: nCO 2 = nCaCO 3 = 45 100  14 2 49,6 3,4. n n     0,45 mol nH 2 O = 25,2 0,45.44 18   0,3 mol Một số phương pháp giải nhanh Hóa Hữu – Book.Key.To 4 n ankin = nCO 2 – nH 2 O = 0,45 – 0,3 = 0,15 mol V ankin = 0,15.22,4 = 3,36 lít b. Công thức phân tử của ankin là: A. C 2 H 2 B. C 3 H 4 C. C 4 H 6 D. C 5 H 8 nCO 2 = 3n ankin . Vậy ankin 3 nguyên tử C 3 H 4 Thí dụ 2: Đốt cháy hoàn toàn V lít (đktc) 1 ankin thu được 10,8g H 2 O. Nếu cho tất cả sản phẩm cháy hấp thụ hết vào bình đựng nước vôi trong thì khối lượng bình tăng 50,4g. V giá trị là: A. 3,36 lít B. 2,24 lít C. 6,72 lít D. 4,48 lít Suy luận: Nước vôi trong hấp thu cả CO 2 và H 2 O mCO 2 + mH 2 O = 50,4g ; mCO 2 = 50,4 – 10,8 = 39,6g nCO 2 = 39,6 44  0,9 mol n ankin = nCO 2 – nH 2 O = 10,8 0,9 4418   0,3 mol 7. Đốt cháy hỗn hợp các hidrocacbon không no được bao nhiêu mol CO 2 thì sau đó hidro hóa hoàn toàn rồi đốt cháy hỗn hợp các hidrocacbon không no đó sẽ thu được bấy nhiêu mol CO 2 . Đó là do khi hidro hóa thì số nguyên tử C không thay đổi và số mol hidrocacbon no thu được luôn bằng số mol hidrocacbon không no. Thí dụ: Chia hỗn hợp gồm C 3 H 6 , C 2 H 4 , C 2 H 2 , thành 2 phần đều nhau: - Đốt cháy phần 1 thu được 2,24 lít CO 2 (đktc). - Hidro hóa phần 2 rồi đốt cháy hết sản phẩm thì thể tích CO 2 thu được là: A. 2,24 lít B. 1,12 lít C. 3,36 lít D. 4,48 lít 8. Sau khi hidro hóa hoàn toàn hidrocacbon không no rồi đốt cháy thì thu được số mol H 2 O nhiều hơn so với khi đốt lúc chưa hidro hóa. Số mol H 2 O trội hơn chính bằng số mol H 2 đã tham gia phản ứng hidro hóa. Thí dụ: Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol ankin thu được 0,2 mol H 2 O. Nếu hidro hóa honaf toàn 0,1 mol ankin này rồi đốt cháy thì số mol H 2 O thu được là: A. 0,3 B. 0,4 C. 0,5 D. 0,6 Suy luận: Ankin cộng hợp với H 2 theo tỉ lệ mol 1:2. Khi cộng hợp 0,2 mol H 2 phản ứng nên số mol H 2 O thu được thêm cũng là 0,2 mol , do đó số mol H 2 O thu được là 0,4 mol 8. Dựa và cách tính số nguyên tử C và số nguyên tử C trung bình hoặc khối lượng mol trung bình… + Khối lượng mol trung bình của hỗn hợp: hh hh m M n  Một số phương pháp giải nhanh Hóa Hữu – Book.Key.To 5 + Số nguyên tử C: 2 X Y co C H n n n  + Số nguyên tử C trung bình: 2 CO hh n n n  ; 1 2 n a n b n a b    Trong đó: n 1 , n 2 là số nguyên tử C của chất 1, chất 2 a, b là số mol của chất 1, chất 2 + Khi số nguyên tử C trung bình bằng trung bình cộng của 2 số nguyên tử C thì 2 chất số mol bằng nhau. Ví dụ 1: Hỗn hợp 2 ankan là đồng đẳng liên tiếp khối lượng là 24,8g. Thể tích tương ứng của hỗn hợp là 11,2 lít (đktc). Công thức phân tử ankan là: A. CH 4 , C 2 H 6 B. C 2 H 6 , C 3 H 8  B. C 3 H 8 , C 4 H 10 D. C 4 H 10 , C 5 H 12 Suy luận: 24,8 49,6 0,5 hh M   ; 14 2 49,6 3,4. n n     2 hidrocacbon là C 3 H 8 và C 4 H 10. Ví dụ 2: Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp 2 hidrocacbon mạch hở, liên tiếp trong dãy đồng đẳng thu được 22,4 lít CO 2 (đktc) và 25,2g H 2 O. Công thức phân tử 2 hidrocacbon là: A. CH 4 , C 2 H 6 B. C 2 H 6 , C 3 H 8 C. C 3 H 8 , C 4 H 10 D. C 4 H 10 , C 5 H 12 Ví dụ 3: Cho 14g hỗn hợp 2 anken là đồng đẳng liên tiếp đi qua dung dịch nước Br 2 thấy làm mất màu vừa đủ dd chứa 64g Br 2 . 1. Công thức phân tử của các anken là: A. C 2 H 4 , C 3 H 6 B. C 3 H 8 , C 4 H 10 C. C 4 H 10 , C 5 H 12 D. C 5 H 10 , C 6 H 12 2. Tỷ lệ số mol 2 anken trong hỗn hợp là: A. 1:2 B. 2:1 C. 2:3 D. 1:1 Suy luận: 1. 8,81 0,2 44 mol  2 64 0,4 160 anken Br n n mol    14 35 0,4 anken M   ; 14 35 2,5. n n    Đó là : C 2 H 4 và C 3 H 6 Thí dụ 4: Cho 10,2g hỗn hợp khí A gồm CH 4 và anken đồng đẳng liên tiếp đi qua dd nước brom dư, thấy khối lượng bình tăng 7g, đồng thời thể tích hỗn hợp giảm đi một nửa. Một số phương pháp giải nhanh Hóa Hữu – Book.Key.To 11 P1: Đem đốt cháy hoàn toàn thu được 1,08g H 2 O P2: tác dụng với H 2 dư (Ni, t 0 ) thì thu hỗn hợp A. Đem A đốt cháy hoàn toàn thì thể tích CO 2 (đktc) thu được là: A. 1,434 lít B. 1,443 lít C. 1,344 lít D. 1,444 lít Suy luận: Vì anđehit no đơn chức nên số mol CO 2 = mol H 2 O = 0,06 mol → 2 ( 2) ( 2) 0,06 CO P C P n n mol   Theo BTNT và BTKL ta có: ( 2) ( ) 0,06 C P C A n n mol   → 2 ( ) 0,06 CO A n mol  → 2 22,4.0,06 1,344 CO V   lít Thí dụ 4: Tách nước hoàn toàn từ hỗn hợp Y gồm 2 rượu A, B ta được hỗn hợp X gồm các olefin. Nếu đốt cháy hoàn toàn Y thì thu được 0,66g CO 2 . Vậy khi đốt cháy hoàn toàn X thì tổng khối lượng CO 2 và H 2 O là: A. 0,903g B. 0,39g C. 0,94g D. 0,93g 14. Phương pháp nhóm nguyên tử trung bình: Nhóm ở đây thể là số nhóm -OH, -NH 2, NO 2 Thí dụ1: Nitro hóa benzen thu được 14,1g hỗn hợp gồm 2 chất nitro khối lượng phân tử hơn kém nhau 45 đvc. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp 2 chất nitro này được 0,07mol N 2 . Hai chất nitro đó là: A. C 6 H 5 NO 2 và C 6 H 4 (NO 2 ) 2 B. C 6 H 4 (NO 2 ) 2 và C 6 H 3 (OH) 3 C. C 6 H 3 (NO 2 ) 3 và C 6 H 2 (NO 2 ) 4 D. C 6 H 2 (NO 2 ) 4 vàC 6 H(NO 2 ) 5 Suy luận: Gọi n là số nhóm NO 2 trung bình trong 2 hợp chất nitro. Ta CTPT tương đương của 2 hợp chất nitro: 6 6 2 ( ) n n C H NO  (n < n < n ’ = n +1) 6 6 2 ( ) n n C H NO  → 2 2 n N 1 mol → 2 n mol 14,1 78 45 n  → 0,07 mol → 1,4 n  , n = 1, n = 2 → Đáp án A. Ví dụ 2: Hỗn hợp X gồm 2 rượu no số nguyên tử bằng nhau. Đốt cháy hoàn toàn 0,25 mol X thu được 11,2 lít CO 2 (đktc). Mặt khác 0,25 mol X đem tác dụng với Na dư thấy thoát ra 3,92 lít H 2 (đktc). Các rượu của X là: A. C 3 H 7 OH và C 3 H 6 (OH) 2 B. C 4 H 9 OH và C 4 H 8 (OH) 2 C. C 2 H 5 OH và C 2 H 4 (OH) 2 D. C 3 H 7 OH và C 3 H 5 (OH) 3 Đáp án: C Còn nữa… Chúc các bạn sĩ tỉ một mùa thi thành công! Một số phương pháp giải nhanh Hóa Hữu – Book.Key.To 12 . n ankan = nCO 2 - nCO 2 → nCO 2 = nH 2 O - n ankan nCO 2 = 9,45 18 = 0,15 = 0,375 mol CO 2 + Ca(OH) 2 → CaCO 3  + H 2 O nCaCO 3 = CO 2 =. vôi trong hấp thu cả CO 2 và H 2 O mCO 2 + mH 2 O = 50,4g ; mCO 2 = 50,4 – 10,8 = 39,6g nCO 2 = 39,6 44  0,9 mol n ankin = nCO 2 – nH 2 O = 10,8 0,9 4418 

Ngày đăng: 11/03/2014, 21:10

Từ khóa liên quan

Tài liệu cùng người dùng

  • Đang cập nhật ...

Tài liệu liên quan