SKKN: hướng dẫn HS lớp 12 xác định công thức cấu tạo của muối cxhyoznt

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO THANH HÓA TRƯỜNG THPT LÊ LỢI SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM TÊN ĐỀ TÀI KẾT HỢP PHƯƠNG PHÁP ĐỒNG ĐẲNG HÓA VÀ PHƯƠNG PHÁP THỦY PHÂN HÓA TRONG GIẢI TOÁN CHẤT BÉO Người thực hiện: Lê Thị Thủy Chức vụ: Giáo viên SKKN thuộc lĩnh vực : Hóa học THANH HĨA NĂM 2022 MỤC LỤC PHẦN MỞ ĐẦU 1 Lí chọn đề tài: 1 Mục đích nghiên cứu: 1 Đối tượng nghiên cứu: 1.4 Phương pháp nghiên cứu: .1 NỘI DUNG SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM 2.1 Cơ sở lý luận: .3 2.2 Thực trạng vấn đề: 2.3 Các giải pháp đã sử dụng để giải quyết vấn đề: 2.4 Hiệu sáng kiến 17 KẾT LUẬN VÀ KIẾN NGHI .19 3.1 Kết luận 19 3.2 Kiến nghi 19 PHẦN MỞ ĐẦU 1.1 Lý chọn đề tài Bài toán este, đó có chất béo toán quan trọng, phổ biến Cách giải những toán đề cập tài liệu tham khảo với nhiều cách giải khác Tuy nhiên, có phương pháp hiệu giải quyết phần lớn tập dạng đó phương pháp thủy phân Với việc sử dụng phương pháp này, những toán chất béo giải quyết cách ngắn gọn đơn giản Ba năm học gần đây, toán chất béo xuất nhiều, với nội dung phong phú, nhận thấy những tập tâm lý chung học sinh ngại lúng túng Với mong muốn giúp em học sinh lớp 12 thay đổi tâm lý gặp toán chất béo có cách tiếp cận, giải quyết toán cách nhẹ nhàng, tập trung khai thác giải toán chất béo phương pháp thủy phân hóa kết hợp với phương pháp đồng đẳng hóa Từ những lý tôi mạnh dạn chọn đề tài sáng kiến kinh nghiệm: “Kết hợp phương pháp đồng đẳng hóa và phương pháp thủy phân hóa giải toán chất béo” Phương pháp cũng có thể mở rộng cho toán este đơn chức, đa chức khác Tôi hy vọng đề tài tài liệu tham khảo phục vụ tốt cho việc học tập học sinh lớp 12 cho công tác giảng dạy bạn đờng nghiệp 1.2 Mục đích nghiên cứu Để hình thành kỹ làm toán chất béo giáo viên phải rèn luyện cho học sinh tư đinh hướng đứng trước tốn khả phân tích đề Khi sử dụng “phương pháp đồng đẳng hóa phương pháp thủy phân hóa ” để giải quyết toán chất béo đã tiết kiệm nhiều thời gian, học sinh nhanh chóng xác việc lựa chọn đáp án đúng viết nhiều phương trình hóa học khơng phải thực phép toán phức tạp, dễ nhầm lẫn Thay vào đó học sinh phải sử dụng số đinh luật bảo toàn nguyên tố, bảo toàn khối lượng phép tốn đơn giản Trên sở tìm hiểu lý luận thực tiễn, đề tài xây dựng sử dụng hệ thống toán chất béo, giúp học sinh đinh hướng, nắm vững cách giải tập liên quan 1.3 Đối tượng nghiên cứu Nghiên cứu phản ứng thủy phân chất béo Từ đó tìm phương pháp giải cho phù hợp Đề tài trực tiếp áp dụng lớp 12A2 12A6 trường trung học phổ thông trực tiếp giảng dạy 1.4 Phương pháp nghiên cứu 1.4.1 Phương pháp nghiên cứu xây dựng sở lý thuyết Khi nghiên cứu đề tài này, đã sử dụng số phương pháp nghiên cứu sau: - Nghiên cứu phương pháp giải toán hóa học - Nghiên cứu sách giáo khoa, loại sách tham khảo để tìm khái niệm, tính chất chất béo - Nghiên cứu đề thi đại học, đề thi trung học phổ thông Quốc gia, thi tốt nghiệp năm có liên quan đến toán chất béo Để rút số nhận xét phương pháp giúp học sinh giải toán liên quan tới chất béo 1.4.2 Phương pháp điều tra thực tế, thu thập thông tin Thông qua việc dạy học môn Hóa học lớp 12 trung học phổ thông, tổ chức thực nghiệm sư phạm để xem xét tính khả thi đề tài Đó giúp học sinh rút số nhận xét phương pháp giải toán liên quan tới chất béo 1.4.3 Phương pháp thống kê, xử lý số liệu Tiến hành dạy học kiểm tra khả ứng dụng học sinh nhằm bước đầu minh chứng cho khả giải quyết toán thực tế liên quan tới chất béo Nghiên cứu đinh tính: Mơ tả, giải thích hành vi học tập học sinh giảng dạy theo kế hoạch học thiết kế đề tài Nghiên cứu đinh lượng: Thu thập, tổng hợp kết kiểm tra để xem xét hiệu việc sử dụng phương án giải quyết vấn đề vào dạy học 2 NỘI DUNG 2.1 Cơ sở lý luận 2.1.1 Chất béo Khái niệm: * Chất béo este glixerol axit béo, gọi chung triglixerit triaxylglixerol - Glixerol + Công thức phân tử: C3H8O3 + Công thức cấu tạo thu gọn: C3H5(OH)3 - Axit béo: Là axit đơn chức có mạch cacbon dài không phân nhánh Các axit béo thường có chất béo + Axit stearic: CH3[CH2]16COOH hay C17H35COOH ( axit béo no) + Axit panmitic: CH3[CH2]14COOH hay C15H31COOH ( axit béo no) + Axit oleic: cis-CH3[CH2]7CH= CH[CH2]7COOH hay C17H33COOH ( axit béo không no) - Công thức cấu tạo chung chất béo: ( đó R1, R2, R3 gốc hiđrocacbon, có thể giống khác nhau) Thí dụ: (C17H35COO)3C3H5 : tristearoylglixerol( tristearin) (C17H33COO)3C3H5 : trioleoylglixerol( triolein) (C15H31COO)3C3H5 : tripanmitoylglixerol( tripanmitin) Tính chất hóa học: Mang tính chất este nói chung tham gia phản ứng thủy phân môi trường axit, phản ứng xà phòng hóa phản ứng gốc hiđrocacbon - Phản ứng thủy phân mơi trường axit Đun chất béo, thí dụ tristearin với dung dich axit H2SO4 loãng xảy phản ứng thủy phân: t ,H (C17H35COO)3C3H5 + 3H2O   3C17H35COOH + C3H5(OH)3 tristearin axit stearic glixerol - Phản ứng xà phòng hóa Đun sôi nhẹ chất béo, thí dụ tristearin với dung dich NaOH khoảng 30 phút đồng thời khuấy ta thu hỗn hợp glixerol muối axit béo: t (C17H35COO)3C3H5 + 3NaOH   3C17H35COONa + C3H5(OH)3 tristearin natri stearat glixerol - Phản ứng cộng hiđro chất béo lỏng( phân tử có gốc hiđrocacbon không no) Khi đun chất béo lỏng, thí dụ triolein (C17H33COO)3C3H5 nời kín rời sục dòng khí H2( xúc tác Ni), sau đó để nguội, thu khối chất rắn tristearin đã xảy phản ứng: Ni ,t (C17H33COO)3C3H5 (lỏng) +3H2   (C17H35COO)3C3H5 ( rắn) 2.1.2 Phương pháp thủy phân hóa gì?  0 Bản chất phương pháp thủy phân hóa thêm H2O vào este hay hỗn hợp este để qui este axit ancol tương ứng tạo este Bởi phản ứng thủy phân: t ,H este + H2O   axit + ancol Nên có thể coi: este = axit + ancol - H2O Nói cách khác, gặp toán este hay hỗn hợp este ta qui đổi hỗn hợp gồm H2O; axit ancol tương ứng tạo este Phương pháp cũng đúng với hỗn hợp este axit, ancol tạo thành este Chúng ta hoàn toàn yên tâm với cách làm tham khảo ví dụ sau: Hỗn hợp X gồm: RCOOH a mol R OH b mol RCOOR d mol Khi thủy phân X dung dich NaOH ta thu (a +d) mol RCOONa Nếu dùng phương pháp thủy phân hóa ta có thể tách RCOOR1 thành: RCOOH + R1OH + H2O , đó X trở thành X1 X1 gồm: RCOOH a mol R1OH b mol RCOOH + R1OH + H2O d mol d mol d mol hay X gồm: RCOOH (a + d) mol R1OH ( b + d) mol H2O d mol Dễ dàng nhận thấy, thủy phân X1 dung dich NaOH ta cũng thu (a +d) mol RCOONa Như sử dụng hỗn hợp X X1 để tính tốn hồn tồn tương đương ( trường hợp phản ứng thủy phân, phản ứng đốt cháy) 2.1.3 Phương pháp đờng đẳng hóa gì? Đồng đẳng hóa phương pháp chuyển chất dãy đồng đẳng thành chất đơn giản nhất( chất đầu dãy đờng đẳng) CH2 Thí dụ: Cho hỡn hợp C17H35COOH C15H31COOH Đây hai axit no đơn chức mạch hở, dựa vào phương pháp đồng đẳng hóa ta chuyển hỗn hợp thành HCOOH CH2 2.1.4 Kết hợp phương pháp thủy phân hóa phương pháp đờng đẳng hóa giải tốn chất béo Nêu tách biệt phương pháp thủy phân hóa phương pháp đồng đẳng hóa giải toán este nói chung chất béo nói riêng khó Thực tế cho thấy, kết hợp hai phương pháp tạo hiệu cao Thí dụ: Cho hỡn hợp A gờm C17H35COOH; C15H31COOH tri stearin - Theo phương pháp thủy phân hóa, người ta chuyển hỗn hợp C17H35COOH; C15H31COOH ; H2O glixerol - Dựa vào phương pháp đồng đẳng hóa ta chuyển hỗn hợp axit thành HCOOH CH2 Cuối A chuyển HCOOH; CH2; H2O glixerol 2.1.5 Các định luật bảo toàn thường sử dụng - Bảo toàn khối lượng  - Bảo toàn nguyên tố 2.2 Thực trạng vấn đề trước nghiên cứu sáng kiến kinh nghiệm 2.2.1 Thực trạng học sinh Nhiều học sinh có kiến thức vững vàng kì thi gặp số tập chất béo, đặc biệt hỗn hợp chất béo axit béo không giải cũng có học sinh hơm em giải toán chất béo, ngày mai gặp đề khác tí em lại thấy khó nên không đạt điểm cao mong muốn Nguyên nhân em giải tập hóa học theo cách truyền thống, làm nhiều thời gian, khơng tìm cho phương pháp tổng qt nên bế tắc giải tốn, từ khơng tạo hiệu cao việc làm thi trắc nghiệm 2.2.2 Thực trạng giáo viên Tiếp cận với loại toán này, vấn đề khó khăn giáo viên phổ thông Đây hướng tiếp cận đòi hỏi chúng ta phải có kiến thức sâu rộng, linh hoạt Phải biết kết hợp nhiều phương pháp để tạo chiếc chìa khóa đủ mạnh để “mở cửa ” tất toán chất béo Đổi tư phương pháp giảỉ toán theo xu hướng tất yếu, người giáo viên thiết phải chú trọng 2.3 Các giải pháp thực 2.3.1 Hướng dẫn học sinh kết hợp phương pháp thủy phân hóa và phương pháp đồng đẳng hóa giải toán chất béo Khi gặp toán chất béo hỗn hợp chất béo axit béo ta có thể nghi tới kết hợp phương pháp thủy phân hóa phương pháp đờng đẳng hóa giải tốn Bất kì chất béo ta cũng qui glixerol, axit béo H 2O Tuy nhiên H2O ta gắn thêm vào nên số mol luôn nhỏ 0( âm) Tùy thuộc axit béo no hay không no để ta sử dụng phương pháp đồng đẳng hóa : - Nếu axit béo ( hỗn hợp axit béo) no ta qui axit thành HCOOH CH2 - Nếu axit béo( hỗn hợp axit béo) khơng no ta qui axit thành HCOOH ; CH2 H2 Lúc đó số số mol H2 đương nhiên nhỏ 0( âm) Lưu ý : + Số mol H2 có thể đề cho sẵn Nếu không cho sẵn ta để dạng ẩn Cũng nên nhớ rằng: Số mol H có quan hệ với số mol muối số mol Br (đã cho sẵn) + Số mol HCOOH số mol muối tạo RCOOH + Số mol glixerol ; H2O ; HCOOH có mối quan hệ theo phương trình hóa học t ,H (RCOO)3C3H5 + 3H2O   3RCOOH + C3H5(OH)3 a mol 3a mol 3a mol a mol Tuy nhiên, nếu hỡn hợp gờm chất béo axit béo số mol RCOOH không còn 3a mol + Số mol HCOOH số mol CH có quan hệ với sở bảo tồn ngun tố cacbon Thí dụ: Cho m gam hỗn hợp X gồm triglixerit tác dụng với dung dich NaOH  (vừa đủ), thu hỗn hợp muối Y gồm C17HxCOONa, C17HyCOONa C15H31COONa (có tỉ lệ mol tương ứng : : 1) Gọi số mol muối Y 3x; 2x x( tỉ lệ số mol 3:2:1) Nên tổng số mol muối 6x  số mol HCOOH 6x Tổng số mol C muối 17 3x +17 2x + 15.x = 100x Số mol C HCOOH 6x Về mặt lý thuyết, thành phần muối gồm HCOOH CH2 Theo đinh luật bảo tồn ngun tố số mol CH2 = 100x – 6x = 94x(mol) Căn vào lập luận ta có thể chuyển hỗn hợp X hỗn hợp X1 sau: HCOOH 6x mol CH2 94x mol C3H5(OH)3 2x mol( 1/3 số mol muối) H2O 6x mol( dựa vào quan hệ PTHH) H2 y mol Qua thí dụ ta thấy rõ ràng dùng hỡn hợp X khó hình dung để giải toán, sau dùng phương pháp thủy phân hóa phương pháp đồng đẳng hóa ta đã chuyển X X gồm thành phần cụ thể mà có ẩn x y Chắc chắn việc giải toán trở nên đơn giản 2.3.2 Hướng dẫn học sinh sử dụng các định luật bảo toàn giải toán Như mục 2.3.1 chúng ta đã sử dụng đinh luật bảo tồn ngun tố để tìm số mol CH2 theo số mol muối số mol HCOOH Đinh luật bảo toàn nguyên tố còn sử dụng nhiều q trình giải tốn, đặc biệt phản ứng đốt cháy chất béo Đinh luật bảo toàn khối lượng sử dụng trường hợp chuyển đổi hỡn hợp X thành hỡn hợp X 1( thí dụ mục 2.3.1) m X = mX 2.3.3 Hướng dẫn học sinh giải toán Giáo viên hướng dẫn học sinh gặp toán chất béo hỡn hợp chất béo axit béo : Bước 1: Đọc ki đề để sơ đờ hóa tốn, bước quan trọng, phải nhìn tổng quan xem hỡn hợp đã cho có đặc biệt khơng,… Bước 2: Sử dụng phương pháp thủy phân hóa phương pháp đồng đẳng hóa để chuyển chất hay hỗn hợp chất đã cho thành: HCOOH a mol HCOOH a mol hh A CH2 b mol hỗn hợp B CH2 b mol C3H5(OH)3 c mol C3H5(OH)3 c mol H2O d mol H2O d mol H2 e mol tùy thuộc vào đề Bước 3: Tìm mối quan hệ số mol giữa thành phần hỗn hợp dựa sở mục 2.3.1 Đây bước quan trọng nếu khơng biết mối quan hệ toán trở nên nhiều ẩn đó có thể không giải Bước 4: Dựa vào dữ kiện đề bài, đinh luật bảo tồn để lập phương trình( hay hệ phương trình) , sở đó để tìm đáp án cho tốn Lưu ý: - Khi tính khối lượng muối thu sau phản ứng với dung dich kiềm, ví dụ với dung dich NaOH ngồi việc tính trực tiếp khối lượng muối axit béo ta còn có thể tính thơng qua mHCOONa mCH : + Trường hợp muối không no: mmuối = mHCOONa + mCH - mH + Trường hợp muối no: mmuối = mHCOONa + mCH - Đề cho hỡn hợp no lúc đó nH = hay hỗn hợp B có e = - Mối quan hệ giữa số mol HCOOH CH2 dựa sở bảo toàn nguyên tố cacbon muối( đã lấy thí dụ mục 2.3.1) - Khi hỗn hợp đầu( gồm chất béo axit béo tự do) có số liên kết π giữa nguyên tử C tổng số nhóm chức axit nhóm chức este thì: nH (phản ứng) = nNaOH (phản ứng) = nmuối - Khi hỗn hợp đầu X (gồm chất béo Y axit béo tự Z) phản ứng hoàn toàn với dung dich NaOH( hay KOH) tạo muối Y tạo glixerol axit béo Z Trong trường hợp ta có: + Số nhóm CH2 phân tử axit béo tính biểu thức sau + Số liên kết π giữa nguyên tử C = nCH nHCOOH nH nHCOOH - Đốt triglixerit số mol CO2 lớn số mol H2O - Số mol NaOH (hay KOH) phản ứng = số mol HCOOH  Một số thí dụ [1]; [2]; [3] Sau thí dụ kết hợp phương pháp thủy phân hóa phương pháp đờng đẳng hóa để giải tốn chất béo Thí dụ 1: Thủy phân m gam hỡn hợp E gồm chất béo, thu glixerol hỗn hợp Y gồm C17H35COONa, C17H33COONa, C15H31COONa có tỉ lệ mol : : Đốt cháy hoàn toàn Y cần vừa đủ 2,27 mol O thu CO2, H2O Na2CO3 Giá tri m A 57,2 B 42,6 C 53,2 D 26,1 Hướng dẫn giải Nhận xét: Vì muối thu khơng no nên chuyển đổi phải có H2 C17H35COONa; C17H33COONa; C15H31COONa có tỉ lệ mol : : nên ta có C17H35COONa 5a mol Y C17H33COONa 2a mol C15H31COONa 2a mol  Tổng số mol muối = 9a số mol C muối : 18.5a + 18 2a + 16.2a = 158a(mol) Chuyển đổi hỗn hợp E thành: HCOOH 9a mol E CH2 158a - 9a = 149a mol C3H5(OH)3 9a : = 3a mol H2O - 9a mol H2 - 2a mol( = số mol muối C17H33COONa) Và vậy, đốt cháy Y đồng nghia với đốt hỗn hợp HCOONa 9a mol CO2 2,27molo CH2 149a mol  H2O H2 - 2a mol Na2CO3 4,5a mol ( bảo toàn Na) - Bảo toàn nguyên tố C, H ta có: nCO = 9a + 149a - 4,5a = 153,5a ( mol) nH O = 9a  149a.2  2a.2 = 151,5a(mol) -Bảo toàn nguyên tố O ta có:  a = 0,01 9a + 2,27 = 153,5a + 151,5a + 4,5a Lúc số mol thành phần E HCOOH 9a mol = 0,09 mol E CH2 158a - 9a = 149a mol = 1,49 mol C3H5(OH)3 9a : = 3a mol = 0,03 mol H2O - 9a mol = - 0,09 mol H2 - 2a mol = - 0,02 mol Dễ dàng tính mE = 0,09.46 + 1,49.14+ 0,03 92 - 0,09 18 - 0,02.2 = 26,1(gam) Đáp án D Thí dụ 2: Hỡn E gờm ba axit đơn chức, mạch hở X, Y, Z trieste T Đốt cháy hoàn toàn 22,36 gam E cần dùng vừa đủ 2,01 mol O Toàn lượng E tác dụng tối đa với 0,09 mol Br2 dung dich Mặt khác, cho 22,36 gam E tác dụng vừa đủ với dung dich chứa 0,08 mol NaOH, thu glixerol dung dich F chứa m gam hỗn hợp ba muối X, Y, Z axit béo Giá tri m A 23,74 gam B 25,02 gam C 25,01 gam D 24,66 gam Hướng dẫn giải Nhận xét: - Theo T chất béo - E tác dụng với dung dich Br2 nên E chứa chất khơng no, hỡn hợp chuyển đổi phải có H2 ứng với số mol - 0,09 - Số mol NaOH 0,08 mol nên tổng số mol X,Y,Z 0,08 - Vì E có axit tự nên mối quan hệ giữa số mol muối số mol glixerol : HCOOH 0,08 mol E CH2 a mol HCOONa 0,08 mol  NaOH C3H5(OH)3 b mol  Muối CH2 a mol H2O - 3b mol ( m gam) H2 - 0,09 mol H2 - 0,09 mol + 2,01 mol O2 CO2 (0,08 + a + 3b) mol H2O ( 0,08 + a + b - 0,09) = (a + b - 0,01) mol Bảo toàn nguyên tố O ta có 0,08.2 + 3b - 3b + 2,01.2 = 2(0,08 + a + 3b) + a + b - 0,01  3a + 7b = 4,03 (1) Mặt khác mE = 22,36 gam nên ta có 0,08.46 + 14a + 92b -18.3b - 0,19.2 = 22,36  14a + 38b = 18,86 (2) Từ (1) (2) tính a = 1,32 b = 0,01  mmuối = m = 68 0,08 + 1,32 14 - 0,09.2 = 23,74(gam) Đáp án A Thí dụ 3: Hỗn hợp X gồm triglixerit phân tử chứa gốc axit stearic, axit oleic, axit linoleic Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần b mol O2 thu 0,285 mol CO2 Xà phòng hóa hoàn toàn m gam X dung dich NaOH vừa đủ m1 gam muối Giá tri b m1 A 0,80 8,82 B 0,40 4,32 C 0,40 4,56 D 0,75 5,62 Hướng dẫn giải Nhận xét: - Phân tử mỗi triglixerit chứa gốc axit stearic, axit oleic, axit linoleic nên: Số mol muối stearat = số mol muối oleat = số mol muối linoleat = nX = a  Tổng số mol muối = 3a mol - Số nguyên tử C phân tử muối 18  số nC(muối) = 18.3a = 54a - Trong X có loại gốc không no oleat linoleat Nên cộng H2 số mol H2 = số mol muối oleat + số mol muối linoleat = a +2a = 3a (mol) Ta có HCOOH 3a mol X CH2 54a -3a = 51a mol HCOONa 3a mol  NaOH C3H5(OH)3 a mol  Muối CH2 51a mol H2O - 3a mol ( m gam) H2 - 3a mol H2 - 3a mol +b mol O2 CO2 3a + 51a + 3a = 57a (mol) H2O ( 3a + 51a + 4a -3a - 3a) = 52a (mol) Theo ra: 57 a = 0,285  a = 0,005 Bảo toàn nguyên tố O ta có 3a.2 + 3a - 3a + 2b = 57a.2 + 52a  160a = 2b thay a = 0,005 ta b = 0,4 Và sau thủy phân, muối thu HCOONa 3a mol = 0,015 mol CH2 51a mol = 0, 255 mol H2 -3a mol = - 0,015 mol mmuối = m1 = 68 0,015 + 14 0,255 - 0,015 = 4,56(gam) Đáp án C Thí dụ 4: Hidro hóa (xúc tác Ni, nung nóng) m gam hỗn hợp X gồm axit cacboxylic đơn chức, mạch hở Y triglixerit Z lượng vừa đủ khí H 2, thu hỡn hợp T Đốt cháy hồn tồn T khí O 2, sinh 0,91 mol CO2 0,89 mol H2O Đun nóng m gam X với dung dich NaOH (lấy dư 37,5% so với lượng ban đầu), sau phản ứng xảy hoàn toàn thu dung dich M Cô cạn dung dich M, thu 16,12 gam chất rắn khan Biết phân tử Y có chứa liên kết π phân tử Z có chứa liên kết π Giá tri m A 14,20 B 13,84 C 14,65 D 15,40 Hướng dẫn giải Nhận xét: - Axit cacboxylic đơn chức, mạch hở Y có liên kết π phân tử  Trong Y có liên kết đôi C = C  số liên π giữa nguyên tử C Y số nhóm chức axit - Triglixerit Z chứa liên kết π phân tử  Z có liên kết π giữa nguyên tử C  số liên π giữa nguyên tử C Z số nhóm chức este Tóm lại, hỗn hợp X số liên kết π giữa nguyên tử C tổng số nhóm chức axit nhóm chức este Trong trường hợp thì: nH (phản ứng) = nNaOH (phản ứng) = nmuối = a mol HCOOH a mol T CH2 b mol CO2 ( a + b + 3c) mol O C3H5(OH)3 c mol  H2O ( a + b + c ) mol H2O - 3c mol Theo ta có  c = 0,01 a + b + 3c = 0,91 a + b + c = 0,89 a + b = 0,88 (1) HCOOH a mol X CH2 b mol HCOONa a mol  NaOH  chất rắn C3H5(OH)3 0,01 mol CH2 b mol H2O 0,03 mol (16,12 gam) H2 - a mol H2 - a mol NaOH dư x mol Dung dich NaOH lấy dư 37,5% so với lượng ban đầu nên ta lại có: x 37,5 = ax 100  x = 0,6a mchất rắn = 68a + 14b - 2a + 40 0,6a = 16,12  90a + 14b = 16,12 (2) Từ (1) (2)  a = 0,05 b = 0,83  mX = 46a + 14b + 92 0,01 - 18 0,03 - 2a  mX = 46.0,05 + 14 0,83 + 0,92 - 0,54 - 0,05  mX = 14,2 Đáp án A Thí dụ 5: Hỡn hợp X gồm triglixerit Y axit béo Z Cho m gam X phản ứng hoàn toàn với dung dich NaOH dư, thu sản phẩm hữu gồm muối 1,84 gam glixerol Nếu đốt cháy hết m gam X cần vừa đủ 2,57 mol O 2, thu 1,86 mol CO2 1,62 mol H2O Khối lượng Z m gam X A 5,60 gam B 5,64 gam C 11,20 gam D 11,28 gam Hướng dẫn giải Nhận xét: Hỗn hợp X gồm triglixerit Y axit béo Z phản ứng hoàn toàn với dung dich NaOH dư tạo muối, nghia Y tạo glixerol axit béo Z Trong trường hợp thì: - Số nhóm CH2 phân tử axit béo tính biểu thức sau nCH nHCOOH 10 - Số liên kết π giữa nguyên tử C = nH nHCOOH n glixerol = 1,84 : 92 = 0,02 (mol) HCOOH a mol X CH2 b mol CO2 ( a + b + 0,06) mol O C3H5(OH)3 0,02 mol  H2O ( a + b + 0,02 - c) mol H2O - 0,06 mol H2 - c mol Theo ra, nCO = 1,86 mol nH O = 1,62 mol nên ta có:  a + b = 1,8 a + b + 0,06 = 1,86 (1) a + b + 0,02 - c = 1,62  a + b - c = 1,6 (2) Mặt khác, bảo toàn nguyên tố oxi: 2a + 0,06 - 0,06 + 2,57.2 = 1,86 + 1,62  a = 0,1 (3) Từ (1), (2) (3) : a = 0,1 ; b = 1,7 ; c = 0,2 Số liên kết π giữa nguyên tử C = nH 0, = 0,1 = nHCOOH  Công thức phân tử axit có dạng CnH2n -3 COOH Số nhóm CH2 phân tử axit béo =  axit C17H31COOH nCH nHCOOH = 1, b = 0,1 = 17 a Số mol axit Z = nHCOOH - nglixerol = 0,1 – 0,02 = 0,04 mZ =0,04 280 = 11,2 ( gam) Đáp án C 2.3.4.Hệ thống bài tập áp dụng 2.3.4.1.Bài tập có hướng dẫn giải Câu 1: Đốt cháy hoàn toàn 13,728 gam triglixerit X cần vừa đủ 27,776 lít O2 (đktc) thu số mol CO2 số mol H2O kém 0,064 mol Mặt khác, hiđro hóa hoàn toàn lượng X cần 0,096 mol H2 thu m gam chất hữu Y Xà phòng hóa hoàn toàn m gam Y dung dich NaOH thu dung dich chứa m1 gam muối Giá tri m1 A 41,376 B 42,72 C 42,528 D 11,424 Hướng dẫn giải Nhận xét: - Bài tốn thuộc loại chia phần khơng - Ban đầu có triglixerit nên số mol HCOOH lần số mol glixerol HCOOH 3a mol X CH2 b mol CO2 (6a + b) mol O C3H5(OH)3 a mol   H2O ( 4a + b - c) mol H2O - 3a mol H2 - c mol ● Đốt triglixerit số mol CO2 ln lớn số mol H2O 11 Nên ta có: 6a + b - 4a - b + c = 0,064  2a + c = 0,064 (1) ● Khối lượng X = 13,728 gam  46 3a + 14b + 92a - 18 3a - 2c = 13,728  176a + 14b – 2c = 13,728 (2) ● Bảo toàn nguyên tố O ta có 3a + 3a - 3a + 1,24 = 12a + 2b + 4a + b - c  10a + 3b - c = 2,48 (3) Từ (1); (2); (3) ta có : a = 0,016 b = 0,784 c = 0,032 Để hiđro hóa hoàn toàn 13,728 gam X cần 0,032 mol H2  Để hiđro hóa hoàn toàn t gam X cần 0,096 mol H2 t = 41,184 (gam) Như vậy, lượng X mang hiđro hóa gấp lần lượng X mang đốt HCOOH 9a mol = 0,144 mol X CH2 3b mol = 2,352 mol (41,184 g) C3H5(OH)3 3a mol H2O - 9a mol H2 - 3c mol Khối lượng muối thu = mHCOONa + mCH = 68 0,144+ 14 2,352 = 42,72(g) Đáp án B Câu 2: X hỗn hợp chất béo axit C 17HxCOOH Thủy phân hoàn toàn m gam X dung dich NaOH vừa đủ thu hỗn hợp muối Y gồm C17HxCOONa, C17HyCOONa C15H31COONa theo tỷ lệ mol 1:2:13 Để hiđro hóa hoàn toàn Y cần a mol H thu 90,640 gam muối Z Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần 7,865 mol O thu 10,830 mol hỗn O Giá trị a hợp gồm CO2 H2 A 0,02 B 0,04 Hướng dẫn giải C 0,05 D 0,06 Gọi số mol C17HxCOONa, C17HyCOONa C15H31COONa Y b; 2b 13b  nC(trong muối)= 18b + 18 2b + 16 13b = 262b(mol) nHCOOH = 16b ; nCH = 162b - 16b = 146b HCOOH 16b mol X CH2 146b mol HCOONa 16b mol  NaOH C3H5(OH)3 c mol  Muối CH2 146b mol H2O - 3c mol (90,64 gam) H2 - a mol +7,865 mol O2 CO2 16b + 146b + 3c = 262b + 3c (mol) H2O 16b + 146b + 4c -3c - a = 262b +c -a (mol) nCO + nH O = 524b + 4c –a = 10,83 (1) ● Bảo toàn nguyên tố O: 16b.2 + 3c - 3c + 7,865.2 = 2(262b+ 3c) + 262b +c - a ● 12  754b + 7c - a = 15,73 ● mmuối = 90,64  68 16b + 14 146b = 90,64  4532b = 90,64 (2) (3) Từ (1(; (2); (3) ta có b = 0,02 ; c = 0,1 ; a = 0,05 Đáp án C Câu 3: Cho 34,46 gam hỡn hợp triglixerit X tác dụng hồn tồn với 0,1 mol H2 thu a mol hỗn hợp Y Đốt cháy hoàn toàn a mol Y thu CO2 2,09 mol H2O Mặt khác, cho a mol Y tác dụng với dung dich KOH (vừa đủ), thu dung dich chứa m gam muối Biết a mol Y tác dụng tối đa với 0,05 mol Br2 dung dich Giá tri m A 37,70 B 37,50 C 35,78 D 35,58 Hướng dẫn giải nH + nBr = 0,1 + 0,05 = 0,15(mol)  Để làm no 34,46 gam X cần 0,15 mol H2 Mặt khác, X có triglixerit nên nHCOOH = 3.nX = 3a HCOOH 3a mol X CH2 b mol (34,46 g) C3H5(OH)3 a mol H2O - 3a mol H2 - 0,15 mol mX = 46.3a + 14b + 92a - 18 3a - 0,15 = 34,46  176a + 14b = 34,76 (1) HCOOH 3a mol Y CH2 b mol O C3H5(OH)3 a mol   CO2 + H2O H2O - 3a mol H2 - 0,05 mol Bảo toàn nguyên tố H: nH O = 3a + b + 4a -3a - 0,05 = 4a + b - 0,05  4a + b - 0,05 = 2,09 (2) Từ (1); (2) có a = 0,04 ; b = 1,98 Khi cho Y tác dụng với dung dich KOH thu muối: HCOOK 3a mol = 0,12 mol CH2 b mol = 1,98 mol H2 - 0,05 mol  mmuối = 84 0,12 + 14 1,98 - 0,05 = 37,7(gam) Đáp án A Câu 4: Có hỗn hợp X gồm triglixerit Đốt m gam X thu 215,16 gam CO2 81,54 gam H2O Hiđro hóa hồn tồn m gam X cần tối đa 0,18 mol H2 thu hỗn hợp Y Nếu xà phòng hóa toàn toàn m gam X dung dich NaOH dung dich chứa glixerol hỗn hợp muối gồm m1 gam natri stearat, m2 gam natri linoleat m3 gam natri panmitat Giá tri m2 + m3 A 62,54 B 60,54 C 51,72 D 45,54 13 Hướng dẫn giải Số mol CO2 = 4,89; số mol H2O = 4,53 X tạo glixerol với axit C17H35COOH( x mol); C17H31COOH( y mol) C15H31COOH( z mol) Do vậy, X cộng H2 mà số mol H2 0,18 số mol C17H31COOH 0,09 ( y = 0,09) Gọi số mol X a, số mol C3H8O3 a; số mol HCOOH = 3a HCOOH 3a mol X CH2 b mol O C3H5(OH)3 a mol   CO2 + H2O H2O - 3a mol H2 - 0,18 mol ● Bảo toàn nguyên tố C : 3a + b +3a = 4,89  6a + b = 4,89 (1) ● Bảo toàn nguyên tố H: 3a + b + 4a - 3a - 0,18 = 4,53 4a + b = 4,71 (2) Từ (1) (2) có a = 0,09 b = 4,35 ● Vì số mol muối = số mol HCOOH = 3a = 0,09 = 0,27  x + y + z = 0,27 Mà theo z = 0,09 nên x + y = 0,18 (3) ● số mol CH2 = b = 4,35 Mặt khác số mol CH2 muối 17x + 17y + 15z  17x + 17y + 15z = 4,35  17x + 17 0,09 + 15z = 4,35  17x + 15z = 2,82 (4) Từ (3) (4) có x = 0,06 z = 0,152 m2 + m3 = mC 17 H 31 COONa + mC 15 H 31 COONa = 0,09 302 + 0,12 278 = 60,54 Đáp án B Câu 5: Hiđro hóa hoàn toàn (xúc tác Ni, nung nóng) m gam trieste X (tạo glixerol axit cacboxylic đơn chức, mạch hở) cần vừa đủ 1,792 lít H 2, (đktc) Đun nóng m gam X với dung dich NaOH (lấy dư 25% so với lượng ban đầu), sau phản ứng xảy hoàn tồn thu dung dich Y Cơ cạn dung dich Y thu 18,44 gam chất rắn khan Biết phân tử X có chứa liên kết  Giá tri m A 17,42 B 17,08 C 17,76 D 17,28 Hướng dẫn giải nH = 0,08 X trieste nên phân tử có liên kết  nhóm chức COO  Số liên kết  giữa nguyên tử C phân tử X -3 = Ta có: nX số liên kết  = nH   nX = 0,02 nX = 0,08  nNaOH(phản ứng) = 0,02 = 0,06(mol) 14 y Gọi số mol NaOH lấy dư y, ta có: y  0, 06 100% = 25%  y = 0,02 Mà mmuối + mNaOH(dư) = 18,44  mmuối = 18,44 - 0,02 40 = 17,64 Theo trên, nX = 0,02 mol nên qui đổi ta có số mol tương ứng HCOOH 0,06 mol X CH2 a mol HCOONa 0,06 mol  NaOH C3H5(OH)3 0,02 mol  Muối CH2 a mol H2O - 0,06 mol H2 - 0,08 mol H2 - 0,08 mol  68 0,06 + 14a - 0,08 = 13,72  a = 0,98 Khi đó, mX = m = 46 0,06 + 14 0,98 + 92 0,02 -18 0,06- 0,08 m = 17,08(gam) Đáp án B Câu 6: Hỗn hợp X gồm axit panmitic, axit stearic triglixerit Y Đốt cháy hoàn toàn m gam X thu 1,56 mol CO 1,52 mol H2O Mặt khác, m gam X tác dụng vừa đủ với 0,09 mol KOH dung dich, thu glixerol dung dich chứa a gam hỗn hợp muối kali panmitat, kali stearat Giá tri a A 25,86 B 26,40 C 27,70 D 27,30 Hướng dẫn giải Theo hỡn hợp X no, nên qui đổi số mol H2 nKOH = 0,09 nên số mol muối cũng 0,09 ( số mol HCOOH) HCOOH 0,09 mol X CH2 a mol O C3H5(OH)3 b mol   CO2 + H2O H2O - 3b mol ● Bảo toàn nguyên tố C: 0,09 + a + 3b = 1,56  a + 3b = 1,47 (1) ● Bảo toàn nguyên tố H: 0,09 + a + 4b - 3b = 1,52  a + b = 1,43 (2) Từ (1) (2) ta có a = 1,41 b = 0,02 Khi thủy phân X ta thu muối HCOOK 0,09 mol CH2 0,02 mol Vậy mmuối = 84 0,09 + 14 1,41 = 27,3 ( gam) Đáp án D 2.3.4.2.Bài tập hướng dẫn giải  Bài tập Câu 1: Đốt cháy hoàn toàn m gam triglixerit X (trung hòa) cần dùng 69,44 lít khí O2 (đktc) thu khí CO2 36,72 gam nước Đun nóng m gam X 150 ml dung dich NaOH 1M, sau phản ứng xảy hoàn toàn thu dung 15 dich Y Cô cạn dung dich Y thu p gam chất rắn khan Biết m gam X tác dụng vừa đủ với 12,8 gam Br2 dung dich Giá tri p A 33,44 B 36,8 C 36,64 D 30,64 Câu 2: Đốt cháy hoàn toàn 4,03 gam triglixerit X lượng O2 vừa đủ, cho toàn sản phẩm cháy hấp thụ hết vào bình đựng nước vôi dư, thu 25,50 gam kết tủa khối lượng dung dich thu giảm 9,87 gam so với dung dich nước vôi ban đầu Mặt khác, thủy phân hoàn toàn 8,06 gam X dung dich NaOH dư, đun nóng, thu dung dich chứa a gam muối Giá tri a A 8,34 B 7,63 C 4,87 D 9,74 Câu 3: Thủy phân hoàn toàn triglixerit X dung dich NaOH, thu glixerol, natri stearat natri oleat Đốt cháy hoàn toàn m gam X thu H 2O 9,12 mol CO2 Mặt khác, đem toàn X tác dụng hoàn toàn với NaOH vừa đủ, rời thu lấy tồn muối sau phản ứng đốt cháy oxi dư thu tối đa a gam H2O Giá tri a gần nhất với giá tri sau đây? A 145 B 160 C 155 D 150 Câu 4: Hỗn hợp X gồm triglixerit A B Đun nóng m gam hỗn hợp X với dung dich NaOH vừa đủ thu dung dich chứa glixerol hỗn hợp gồm x gam natri oleat, y gam natri linoleat z gam natri panmitat, m gam hỗn hợp X tác dụng tối đa với 18,24 gam brom Đốt m gam hỗn hợp X thu 73,128 gam CO2 26,784 gam H2O Giá tri y + z là: A 22,146 B 22,268 C 21,168 D 23,124 Câu 5: Đốt cháy hoàn toàn a gam chất béo X (chứa triglixerit axit stearic, axit panmitic axit béo tự đó) cần vừa đủ 18,816 lít O (đktc) Sau phản ứng thu 13,44 lít CO2 (đktc) 10,44 gam nước Xà phòng hoá a gam X NaOH vừa đủ thu m gam muối Giá tri m A 10,68 B 11,48 C 11,04 D 11,84 Câu 6: Đun nóng m gam hỗn hợp E chứa triglixerit X axit béo tự với 200 ml dung dich NaOH 1M (vừa đủ), thu glixerol hỗn hợp Y chứa muối có công thức chung C17HyCOONa Đốt cháy 0,07 mol E thu 1,845 mol CO2 Mặt khác, m gam E tác dụng vừa đủ với 0,1 mol Br Biết phản ứng xảy hoàn toàn Giá tri m D 55,76 A 31,77 B 57,74 C 59,07 Câu 7: Đun nóng a gam hỗn hợp E chứa triglixerit X axit béo với 200 ml dung dich NaOH 1M (vừa đủ), thu glixerol hỗn hợp muối Y Hiđro hóa hoàn toàn Y cần vừa đủ 0,1 mol H2 thu muối natri panmitat Đốt cháy 0,07 mol E thu 1,645 mol CO2 Biết phản ứng xảy hoàn toàn Giá tri a A 55,40 B 50,16 C 54,56 D 52,14 Câu 8: Một loại mỡ động vật E có thành phần gồm tristearin, tripanmitin axit béo no Đốt cháy hoàn toàn m gam E cần dùng vừa đủ 3,235 mol O 2, thu 2,27 mol CO2 2,19 mol H2O Xà phòng hóa hoàn toàn m gam E dung dich NaOH dư, thu a gam hỗn hợp muối Giá tri a A 49,98 B 35,78 C 36,90 D 37,12 16 Câu 9: Đốt cháy hồn tồn m gam hỡn hợp X chứa tripanmitin, triolein, axit stearic, axit panmitic (trong đó số mol chất béo nhau) Sau phản ứng thu 83,776 lít CO (đktc) 57,24 gam nước Mặt khác, đun nóng m gam X với dung dich NaOH (dư) đến phản ứng hồn tồn thu a gam glixerol Giá tri a A 51,52 B 13,80 C 14,72 D 12,88 Câu 10: Đốt cháy hoàn toàn m gam triglixerit X cần vừa đủ 1,54 mol O2, thu mol H2O Nếu thủy phân hoàn toàn m gam X dung dịch KOH đun nóng, thu dung dịch chứa 18,64 gam muối Để chuyển hóa a mol X thành chất béo no cần dùng 0,06 mol H (xúc tác Ni, to) Giá trị a A 0,06 B 0,03 C 0,01 D 0,02  Đáp án Câu 10 Đáp án C A D C A B D D C B 2.4 Hiệu quả sáng kiến kinh nghiệm hoạt động giáo dục, với bản thân, đồng nghiệp nhà trường: 2.4.1 Hiệu SKKN hoạt động giáo dục: Khi áp dụng đề tài “Kết hợp phương pháp đồng đẳng hóa và phương pháp thủy phân hóa giải toán chất béo” giúp học sinh phát triển lực tư duy, logic sáng tạo Đề tài đinh hướng cho học sinh phương pháp giải tốn chất béo Tơi thấy phương pháp dễ hiểu phù hợp với đối tượng học sinh Học sinh cũng có thể sử dụng phương pháp thủy phân hóa để giải tốn este đơn chức, chức Thí dụ: X, Y hai axit cacboxylic no, đơn chức mạch hở; Z este tạo từ X Y với etylen glycol Đốt cháy hồn tồn 9,28 gam hỡn hợp E gờm X, Y, Z khí O2, thu 0,37 mol khí CO2 0,34 mol H2O Mặt khác cho 9,28 gam E tác dụng với 100ml dung dich NaOH 1M KOH 0,5M, đun nóng Sau phản ứng xảy hồn tồn, cạn dung dich thu m gam chất rắn khan Giá tri m bao nhiêu? A 11,80 B 14,22 C 12,96 D 12,91 Tư giải toán: HCOOH a mol E CH2 b mol C2H4(OH)2 c mol H2O - 2c mol H2 mol ( chất E no) Từ dữ liệu mE ; nCO ; nH O ta lập phương trình đại số biểu thi mối quan hệ giữa a,b,c: 46a + 14b + 26c = 9,28 (1) a + b + 2c = 0,37 (2) a + b + c = 0,34 (3) 17 Từ (1); (2); (3) tính a = 0,13 ; b = 0,18 ; c = 0,03   nNaOH = 0,1 mol; nKOH = 0,05 mol  nOH = 0,15 > nH  nên nOH dư  0,15  0,13  0,02 (mol) Chất rắn gồm HCOO- ( 0,13 mol) ; CH2( 0,18 mol) ; Na+( 0,1 mol) ; K+( 0,05 mol) OH- (0,02 mol)  mchất rắn = 12,96(gam) Đáp án C Học sinh sau áp dụng sáng kiến kinh nghiệm khả giải tập chất béo nói riêng este nói chung nâng cao, em hứng thú học tập, không còn lo ngại Cũng từ đó, niềm hứng thú, say mê học tập em phát huy 2.4.2 Hiệu SKKN thân, đồng nghiệp, nhà trường Với sáng kiến kinh nghiệm này, đồng nghiệp xem tài liệu bổ ích dùng để dạy bồi dưỡng học sinh lớp 12 Học sinh đã coi phương pháp thủy phân hóa chìa khóa giải toán chất béo nói riêng este nói chung, thế em nhanh chóng có kết thi trắc nghiệm khách quan 2.4.3 Kết kiểm nghiệm Với phương pháp trên, thực lớp: lớp 12A2 12A6 trường THPT nơi công tác năm hoc 2021 - 2022 Học sinh kiểm tra trắc nghiệm khách quan dạng câu hỏi "có không?": Kết hợp phương pháp đồng đẳng hóa phương pháp thủy phân hóa giải toán chất béo có tạo cho em hứng thú học chương este chất béo không? Kết sau: Lớp Tổng số Có hứng thú Khơng hứng thú học Số học sinh Tỉ lệ % Số học sinh Tỉ lệ % sinh 12A2 20 20 100% 0% 12A6 20 19 95% 5% Như vậy, kết hợp phương pháp đồng đẳng hóa phương pháp thủy phân hóa giải toán chất béo đã tạo hứng thú hiệu học chương chương este chất béo Còn kết học tập thể thông qua bảng thống kê điểm kiểm tra lớp sau (TN: thực nghiệm; ĐC: đối chứng): Lớp Nhóm 12A2 12A2 12A6 12A6 TN ĐC TN ĐC Tổng số HS 20 20 20 20 0 0 0 0 6 Điểm số Xi 3 4 9 10 0 18 KẾT LUẬN, KIẾN NGHI 3.1 Kết luận: Trên những kinh nghiệm mà đã tích lũy q trình bời dưỡng học sinh giỏi, ôn thi tốt nghiệp thi trung học phổ thông Quốc gia Đề tài đã giải quyết những vấn đề sau: - Nêu rõ phương pháp để giải toán chất béo, từ đó có thể giải toán este đơn chức, hai chức - Đưa lưu ý cần thiết để sử dụng giải tốn; tìm tốn phù hợp hướng dẫn giải chi tiết, ngắn gọn dạng tập đó Bằng thực tiễn giảng dạy suốt thời gian qua đặc biệt những năm gần với giúp đỡ đồng nghiệp, nhà trường, ngành thân đã thấy những hiệu đạt được: - Phát triển lực tư duy, lực sáng tạo - Tạo hứng thú học tập cho học sinh Từ đó nâng cao chất lượng, hiệu trình dạy học Đề tài đã giáo viên nhóm Hóa trường nơi tơi giảng dạy áp dụng 3.2 Kiến nghị: Vì thời gian có hạn kinh nghiệm thân chưa nhiều nên chắn đề tài có nhiều điều cần bổ sung Tôi mong nhận ý kiến đóng góp cấp lãnh đạo bạn bè đờng nghiệp để đề tài hồn thiện Tôi xin chân thành cảm ơn! XÁC NHẬN CỦA THỦ TRƯỞNG Thanh Hóa, ngày 15 tháng năm 2022 ĐƠN VỊ Tôi xin cam đoan SKKN viết, khơng chép nội dung người khác (Ký ghi rõ họ tên) Lê Thi Thủy 19 TÀI LIỆU THAM KHẢO Đề thi tuyển sinh Đại học, Cao đẳng; thi trung học phổ thông Quốc gia thi tốt nghiệp môn Hóa từ năm 2010 đến năm 2021 Đề thi khảo sát chất lượng trung học phổ thông Quốc Gia tỉnh năm 2017; 2018; 2019; 2020, 2021 Đề thi khảo sát chất lượng trung học phổ thông Quốc Gia trường trung học phổ thông huyện năm học 2018; 2019; 2020, 2021 Sách giáo khoa Hóa học 12 (Nguyễn Xuân Trường tổng chủ biên - Nhà xuất giáo dục, 2007) DANH MỤC CÁC ĐỀ TÀI SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM ĐÃ ĐƯỢC HỘI ĐỒNG ĐÁNH GIÁ XẾP LOẠI CẤP PHÒNG GD&ĐT, CẤP SỞ GD&ĐT VÀ CÁC CẤP CAO HƠN XẾP LOẠI TỪ C TRỞ LÊN Họ tên tác giả: Lê Thi Thủy Chức vụ đơn vi công tác: Giáo viên - Trường THPT Lê Lợi TT Kết Cấp đánh đánh giá Năm học giá xếp loại Tên đề tài SKKN xếp loại đánh giá (Phòng, Sở, (A, B, xếp loại Tỉnh ) C) Giúp học sinh lớp 11 viết phương Sở trình Hóa học hiđrocacbon GD&ĐT C 2011 - 2012 thơm với halogen dung dich Thanh Hóa KMnO4 Hướng dẫn học sinh lớp 12 giải Sở tập điện phân dung dich muối GD&ĐT C 2016 – 2017 với điện cực trơ Thanh Hóa Hướng dẫn học sinh lớp 12 sử Sở dụng phương pháp đồng đẳng GD&ĐT hóa để giải số tập peptit Thanh Hóa C 2017 – 2018 tạo aminoaxit dãy đồng đẳng glyxin Hướng dẫn học sinh lớp 12 xác Sở đinh công thức cấu tạo muối GD&ĐT C amoni Thanh Hóa 2018 – 2019 Hướng dẫn học sinh giải toán trắc nghiệm Hóa học dạng đồ thi Sở GD&ĐT Thanh Hóa Hướng dẫn học sinh lớp 11 sử Sở dụng công thức đốt cháy GD&ĐT phương pháp quy đổi giải Thanh Hóa tốn hỡn hợp hiđrocacbon C 2019 – 2020 C 2020 – 2021 ... thống kê điểm kiểm tra lớp sau (TN: thực nghiệm; ĐC: đối chứng): Lớp Nhóm 12A2 12A2 12A6 12A6 TN ĐC TN ĐC Tổng số HS 20 20 20 20 0 0 0 0 6 Điểm số Xi 3 4 9 10 0 18 KẾT LUẬN, KIẾN NGHI 3.1... thi trắc nghiệm khách quan 2.4.3 Kết kiểm nghiệm Với phương pháp trên, thực lớp: lớp 12A2 12A6 trường THPT nơi công tác năm hoc 2021 - 2022 Học sinh kiểm tra trắc nghiệm khách quan dạng câu hỏi... - 2 012 thơm với halogen dung dich Thanh Hóa KMnO4 Hướng dẫn học sinh lớp 12 giải Sở tập điện phân dung dich muối GD&ĐT C 2016 – 2017 với điện cực trơ Thanh Hóa Hướng dẫn học sinh lớp 12 sử