Tác giả vất vả sưu tầm bộ đề thi học sinh giỏi vật lí 12 qua các năm từ năm 2007 đến nay giúp giáo viên và học sinh trong việc ôn luyện thi học sinh giỏi, ôn thi thpt quốc gia . mỗi đề đều có đáp an lời giải thang điểm chi tiết.
SỞ GIÁO DỤC & ĐÀO TẠO KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI TỈNH DAKLAK NĂM HỌC 2007-2008 -o MÔN THI : VẬT LÝ 12 – THPT ĐỀ CHÍNH THỨC o0o ( 180 phút, không kể thời gian giao đề ) BÀI : ( 3,0 điểm ) Thanh AB chiều dài l, khối kượng m, tiết diện đặt mặt phẳng ngang có hệ số ma sát k Tác dụng vào đầu A lực F theo phương ngang vng góc với AB, có xu hướng quay 1) Xác định vị trí điểm O với OA = x mà AB bắt đầu dịch chuyển quay quanh điểm Suy vị trí không phụ thuộc vào hệ số ma sát BÀI : 2) Tính lực lớn để chưa dịch chuyển quay ( 3,0 điểm ) Một bình chứa 360 gam khí Helium Do bình hở sau thời gian khí Helium phần, nhiệt độ tuyệt đối khí giảm 20% , áp suất giảm 30% Tính khối lượng khí Helium khỏi bình số ngun tử khỏi bình BÀI : ( 3,0 điểm ) Cho mạch điện xoay chiều hình vẽ (h.1) Hiệu điện xoay chiều hai đầu mạch có biểu thức : uAB = U0.sin100πt (V), bỏ qua điện trở dây nối Các hiệu điện hiệu dụng: UAN = 300 (V) , UMB = 60 (V) Hiệu điện uAN lệch pha so với π uMB góc C= tụ điện L= Cuộn dây có hệ số tự cảm 3π (H) với điện trở r, điện dung 3.10 −3 16π (F) 1) Tính điện trở r L R 2) Viết biểu thức hiệu điện uAN M A C N B (h 1) BÀI : ( 3,0 điểm ) Cho quang hệ hình vẽ (h.2) Điểm sáng S đặt trục hệ Khoảng cách từ S đến gương 120cm Khi tịnh tiến thấu kính khoảng điểm sáng S gương cho trục thấu kính gương trùng thấy có vị trí thấu kính mà chùm sáng từ S sau qua thấu kính, gương thấu kính lần thứ hai lại trở S Biết tiêu cự gương f2 = 36cm 1) Tính tiêu cự thấu kính S 2) Xác định vị trí nói thấu kính BÀI : (h.2) ( 3,0 điểm ) Đồng vị 24 11 Na phóng xạ β− tạo hạt nhân magiê (Mg), ký hiệu 1) Ở thời điểm ban đầu t = 0, khối lượng gian t=30h , khối lượng rã 24 11 Na 24 11 Na 24 11 Na 24 12 Mg m0 = 4,8g sau thời lại m = 1,2g chưa bị phân rã Tính chu kỳ bán độ phóng xạ (theo đơn vị Ci ) lượng 24 11 Na sau thời gian t = 30h 2) Khi khảo sát mẫu chất người ta thấy thời điểm bắt đầu khảo sát tỉ số khối lượng 24 12 Mg 24 11 Na 0,125 Hỏi sau thời gian tỉ số ? Cho số Avôgađrô NA = 6,023.1023/mol BÀI : ( 2,5 điểm ) Một hình tam giác đứng yên hệ quy chiếu K’ có cạnh nằm trục Ox’ có diện tícsh S’ Hệ K’ chuyển động thẳng hệ quy chiếu quán tính K dọc theo trục Ox với vận tốc v = 0,6c ( c vận tốc ánh sáng chân khơng) Trong hệ quy chiếu qn tính K, diện tích tam giác S 1) Tìm hệ thức liên hệ S S’ 2) Tính góc tam giác hệ quy chiếu quán tính K BÀI : ( 2,5 điểm ) Xác định suất điện động nguồn điện hai vôn kế khác có điện trở chưa biết không lớn Dụng cụ : Hai vôn kế, nguồn điện, dây nối Hãy trình bày phương án tiến hành thí nghiệm, vẽ sơ đồ mạch điện, lập công thức để xác định suất điện động nguồn điện Heát -Ghi chung : Các số vật lý thông thường xem biết SỞ GIÁO DỤC & ĐÀO TẠO KỲ THI CHỌN HỌC SINH GIỎI TỈNH DAKLAK NĂM HỌC 2007-2008 - HƯỚNG DẪN CHẤM MÔN : VẬT LÝ 12THPT - I SƠ LƯỢC ĐÁP ÁN VÀ BIỂU ĐIỂM : BÀI : ( 3,0 điểm ) Gọi f1 f2 lực ma sát tác dụng hai phía lên Ta có : f1 = k.N1 = k xm f = k.N = k l g (1) (l - x)m l g = k.mg - k xm l 0,25 đ g = k.mg − f1 (2) 0,25 đ Để AB không trượt mà quay quanh điểm O cách A đoạn x Từ điều kiện cân chuyển động tịnh tiến quay ta có : F – f1 + f2 = (3) x l-x F.x = f1 + f 2 0,25 đ (4) 0,25 đ (5) 0,50 đ (6) 0,25 đ Kết hợp (3), (4) thay (1) (2) vào ta : x l-x (f1 - f ).x = f1 + f 2 (k hay: xm l g − kmg + k x= Suy : xm l g).x = k xm l x xm l g + (kmg - k g) l-x l không phụ thuộc vào hệ số ma sát k (7) 0,25 đ Do lực F lớn để AB không trượt, suy từ (3) : F ≤ f1 − f F≤k hay: xm l g − kmg + k F ≤ kmg( -1) BÀI : ( 3,0 điểm ) xm l (8) 0,25 đ (9) 0,25 đ (10) 0,50 đ x g ⇒ F ≤ kmg(2 - 1) l Áp dụng phương trình Clapayron Mendeleev cho bình chứa m (g) khí lúc đầu lúc sau : p1V = p2 V = m RT1 μ m μ (1) 0,25 đ (2) 0,25 đ (3) 0,50 đ (4) 0,25 đ (5) 0,25 đ RT2 Từ (1) (2) suy : p2 p1 = m T2 m1 T1 ⇒ p - p1 p1 = m 2T2 - m1T1 m1T1 = m (T1 + ∆T) - m1T1 m1T1 Độ giảm áp suất theo độ giảm nhiệt độ: ∆p m - m1 m ∆T = + p1 m1 ∆p Theo giả thiết: p1 =- Suy : m1 T1 10 30 100 = =- 10 m - m1 m1 ∆T ; T1 m2 + m1 =- 20 100 =- ⇒ m = m1 (6) 0,50 đ Do khối lượng khí Helium khỏi bình: ∆m = m - m1 = m1 = 360 = 45 gam (7) 0,50 đ Số nguyên tử He thoát : ( với He = số Avogadro NA = 6,023.1023 ) N= BÀI : ∆m NA = 45 6, 023.10 23 = 67, 76.10 23 nguyen tu (8) 0,50 đ ( 3,0 điểm ) 1) Tính r : (2,0 điểm) tgϕ AN = − - Ta có : ϕAN + ϕMB = π/2 Suy : Vậy : ZL(ZC – ZL) = r(R + r), hay : Mặt khác : Và : tg ϕ MB , từ : ZL r = R + r ZC − Z L U L2 (U C − U L ) = U r (U R + U r ) (1) U AN = (U r + U R ) + U L2 Từ (1), ta rút : U Thay (4) vào (2) : AN U L2 (U C − U L ) U r2 [ U L2 U L2 2 = (U C − U L ) + U L = (U C − U L ) + U r2 Ur Ur U Thay (3) vào (5), ta : AN U = L Ur 0,25đ (2) U MB = U r2 + (U L − U C ) (U R + U r ) = U MB (3) 0,25đ (4) 0,25đ (5) 0,25đ ] UL Biến đổi ta có : Ur = 300 60 = 3 , suy : r = ZL = 100 = 20Ω (6) 0,25đ 2) Biểu thức uAN : (1,0điểm) - Ta có : u AN = U AN sin(100π t + φu ) AN + Pha ban đầu : tgϕ = Do : + Biên độ : U0AN = 300 ϕ u AN = ϕ i + ϕ AN = ϕ u − ϕ + ϕ AN = −ϕ + ϕ AN ZL − ZC R+r (V) (7) 0,25đ (8) 0,25đ Từ mục 1), ta có : R + r = ZL(ZC – ZL)/r = 100 160 100 − ÷ 3 3 = 100Ω 20 Suy : R = 80Ω (9) 0,25đ Thay vào (8), ta tính : tgϕ = - 0,346 → ϕ = -190 (10) 0,25đ tgφ AN = Ta lại có : Vậy : ZL R+r = 100 3100 = ⇒ φ AN = 300 49π φu = 190 + 300 = 490 = ( rad ) AN 180 (11) 0,25đ (12) 0,25đ - Biểu thức : BÀI : u AN = 300 sin(100π t + 49π 180 )(V ) (13) 0,25đ ( 3,0 điểm ) 1) Tính tiêu cự : (2,0điểm) - Sơ đồ tạo ảnh : (L) G) (L) S → S1 (→ S → S′ d1 d1’d2 d2’d3 (1) 0,25đ d3’ - Theo điều kiện , ta có : d3’ = d1 , suy : d1’ = d3 , hay : l – d2 = l – d2’ Với l khoảng cách gương cầu thấu kính Vậy : d2’ = d2 , : f2 d − 1 = d2 − f2 (2) 0,25đ - Từ (14) , ta có : d2 = , suy : l – d1’ = , : l = d1’ (3) 0,25đ - Mà ta có : l + d1 = 120cm 0,25đ - Từ (15) (16), ta có phương trình : d1 + d1’ = 120cm d1 + Hay : d1 f1 = 120 d1 − f1 (4) Đưa phương trình bậc hai : d12 − 120d1 + 120 f1 = (5) Phương trình có nghiệm : ∆ ≥ 0, suy : f1 ≤ 30cm 0,25đ (6) 0,25đ - Cũng từ (14), ta có : Vậy : f2 −1 = d2 − f2 , suy : d2 = 2f2 = l – d1’ l = d1’ + 2f2 = d1’ + 72 (7) 0,25đ - Thay (19) vào (16) , ta có : Vậy ta đến phương trình : d1’ + d1 = 120 – 72 = 48 d12 − 48d1 + 48 f = 0,25đ Phương trình có nghiệm : ∆ ≥ , hay : f1 ≤ 12cm (9) 0,25đ - Từ (18) (21) , ta suy : f ≤ 12cm (10) 0,25đ + Với f < 12cm , có vị trí cho ảnh trùng vật , điều không phù hợp với giả thiết Vậy : ta chọn f = 12cm hợp lý (11) 0,25đ (8) khung có chiều hình vẽ Kích thích cho MN dao động Bỏ qua điện trở khung dây Chứng minh MN dao động điều hồ tính chu kì dao động hai trường hợp sau: Nối hai đầu B, D với tụ có điện dung C Nối hai đầu B, D với cuộn cảm có độ tự cảm L SỞ GD&ĐT HẢI DƯƠNG KỲ THI CHỌN HSG LỚP 12 THPT NĂM HỌC 2010-1011 HƯỚNG DẪN GIẢI ĐỀ THI MÔN: VẬT LÝ 12- THPT Câu 1 Từ đồ thị, ta có: ⇒ ⇒ T = 2s k = m Ta có: ⇒ ω2 Fmax T 13 = − 6 =1s ω = π (rad/s) = 1(N/m) = kA ⇒ A = 0,04m = 4cm Lúc t = (s) từ đồ thị, ta có : Fk = -kx = -2.10-2m ⇒ x = 2cm Fk tăng dần (vật chuyển động VTCB) x = A cos ϕ = 2cm π ⇒ϕ = ⇒ v = − A sin ϕ < Từ gỉa thuyết ⇒ v ≤ 24π Gọi x1 vị trí mà v = 24π t = 4t1 = t1 = π ) cm (cm/s) (cm/s) t1 thời gian vật từ vị trí x1 đến A Thời gian để vận tốc có độ lớn khơng vượt 2T ⇒ v < rad Vậy, phương trình dao động vật : x = 4cos(πt + ⇒ T ⇒ x1 = A 24π (cm/s) là: v A = x + ÷ ω ⇒ Áp dụng cơng thức: ω = 4π ⇒ T = 0,5(s) ⇔ Gọi xo toạ độ VTCB, ta có: Fđh = Fms k.xo = μmg Biên độ dao động lắc là: A = ∆l - xo = 9cm Vận tốc cực đại là: vmax = Aω = 90 +) Khi e chuyển động từ trường Vì ur B ⊥ v xo = = 1cm (cm/s) Câu a) Vận tốc e A là: eU =ur FL = evB,r để e bắn vào bia M ⇒ μmg k B uu r FL mv suy v ≈ 1,875.107m/s chịu tác dụng lực Lorenxơ, có độ lớn có hướng hình vẽ ur ⇒B có chiều vào nên lực lorenxơ đóng vai trị lực hướng tâm, làm e chuyển động trịn đều, bán kính quỹ đạo R = OA = OM Ta có FL = maht ⇔ evB = m Ta có AH = OAcos30° ur b) v2 R ⇔ R= mv eB d d = R ⇔R= ⇔ B = mv / (de) ≈ ⇔ B Véc tơ r hướng theo AM uur uu r Phân tích: v = v ⊥ + vP với v⊥ = v.sinα = 1,62.10 m/s, vP = v.cosα = 0,938.10 m/s uur Theo v⊥ , tác dụng lực Lorenxơ làm e chuyển động trịn với bán kính R = ⇒ chu kì quay T = 2πR v⊥ = mv ⊥ eB 2πm eB 3,7.10-3T Theo uu r vP , e chuyển động tịnh tiến theo hướng ur B , với vận tốc vP = vcosα vP Do đó, e chuyển động theo quỹ đạo xốy trơn ốc với bước ốc λ = T vP Để e đập vào bia M thì: AM = d = nλ = nT = n 2πm vP eB 2πmv P ⇒ ed B=n = n.6,7.10-3(T) ⇒ ⇒ Vì B ≤ 0,03T n ≤ 4,48 n = 1, 2, 3, Vậy: n = B = 6,7.10-3T; n = B = 0,0134T; n = B = 0,0201T ; n = B = 0,0268T Câu Ta có: λ = v f = 0,5(m/s) (d - AB ) λ Độ lệch pha hai điểm P I là: ∆φ = 2π Vì P dao động ngược pha với I, ta có: ∆φ = (2k + 1)π ⇒ d = (2k +1) Do d > ⇔ AB ⇒ λ AB + 2 (2k+1) λ >0 ⇔ k > - Vì k ∈ Z, nên dmin ⇒ k = dmin = 0,75(m) Học sinh phải chứng minh công thức sau: AB.x OI d2 – d1 = Tại M nhận âm to nhất, ta có: d2 – d1 = k ⇒ λ = OI.λ AB λ (k = 1, điểm M gần O nhất) x= = 50m Câu a) Phương trình dao động lắc đơn theo theo li độ dài là: s = Socos(ωt+φ) ω= g =π l (rad/s) v s + ÷ ω So = Lúc t = s= = (cm/s) ⇒ s = So cosφ = cos φ = ⇔ v>0 sinφ < ⇒ − cos(πt π αo = 0,02 − φ= π Ta có: ⇒ − cos(πt π )(rad) uu r u r uur P′ = P + Fqt Xét ∆OKQ với OK = ⇒ rad )(cm) Phương trình dao động theo li độ góc là: α = 0,02 b) (rad) KQ , góc (OKQ) = 60° ∆OKQ vuông O ⇒ ⇒ P’ = OQ = Psin(60°) g’ = (m/s2) ( Có thể áp dụng định lí hàm số cosin để tính P’) Vậy, chu kì dao động lắc là: 2π l g' 2π l T’ = = ≈ 2,135(s) Câu Chọn trục toạ độ Ox hình vẽ, gốc O VTCB Xét thời điểm t MN qua vị trí có li độ x chuyển động sang bên phải hình vẽ Từ thơng biến thiên làm xuất sđđ cảm ứng : ecư = B/v Chiều dòng điện xuất MN xác định theo quy tắc bàn tay phải có biểu thức: i= dq dv = CBl = CBla dt dt Theo quy tắc bàn tay trái xác định chiều lực từ hình vẽ có biểu thức: Ft = iBl = CB 2l x′′ Theo định luật II Niutơn, ta có: Chiếu lên trục Ox, ta được: uur uuu r uu r r Fhl = Fdh + Ft = ma mx′′ = −CB 2l x′′ − kx 2 ⇔ ( m + CB l ) x′′ = − kx ⇔ Đặt ω = x′′ = − k x m + CB 2l k m + CB 2l ⇒ x′′ + ω x = m + CB 2l k Vậy, MN dao động điều hồ với chu kì: T = 2π Chọn trục toạ độ Ox hình vẽ, gốc O VTCB Xét thời điểm t MN qua vị trí có li độ x chuyển động sang bên phải hình vẽ Từ thơng biến thiên làm xuất sđđ cảm ứng: ecư = B/v Dòng điện qua cuộn cảm làm xuất suất điện động tự cảm: etc = -L Ta có: ecư + etc =i.r = (vì r = 0) Lúc t = d ( Blx + Li ) = ⇔ Blx + Li ⇔ dt di dt = const x = Blx ⇒ Blx+Li = ⇒ i = L i = Thanh MN chuyển động từ trường chịu tác dụng lực từ B 2l x L chuyển động có độ lớn Ft = iBl = r uur uuu r uu r Fhl = Fdh + Ft = ma Theo định luật II Niutơn, ta có: − kx − Chiếu lên trục Ox, ta có: Bl 1 B 2l x = x′′ ⇔ x′′ + k + ÷x = L m L 2 uu r Ft ngược chiều ω= Đặt 1 B 2l k + ÷⇒ m L x’’ + ω2x = T = 2π Vậy, MN dao động điều hồ với chu kì: Trường THPT m B 2l k+ L ĐỀ THI THỬ CHỌN HỌC SINH GIỎI Tổ Vật lí NĂM HỌC 2011-2012 Mơn thi: Vật lí 12 Thời gian làm bài:180 phút M uu r v0 m Câu 1: (1,5đ) Một khối gỗ khối lượng M=400g treo vào lị xo có độ cứng k=100N/m Một viên bi khối lượng m=100g bắn đến với vận tốc v0= 50cm/s va chạm vào khối gỗ Sau va chạm hệ dao động điều hòa Xác định chu kì biên độ dao động Biết va chạm tuyệt đối đàn hồi Câu 2: (2đ) Một cầu có khối lượng m= 2kg treo đầu sợi dây có khối lượng khơng đáng kể không co dãn Bỏ qua ma sát sức cản Lấy g= 10m/s2 a) Kéo cầu khỏi vị trí cân góc αm thả ( vận tốc ban đầu không) Thiết lập biểu thức lực căng dây dây treo cầu vị trí lệch góc α so với vị trí cân Tìm vị trí cầu quĩ đạo để lực căng đạt cực đại Tinh độ lớn lực căng cực đại góc αm =600 b) Phải kéo cầu khỏi vị trí cân góc để thả cho dao động, lực căng cực đại gấp lần trọng lượng cầu c) Thay sợi dây treo cầu lị xo có trọng lượng khơng đáng kể Độ cứng lò xo k= 500N/m, chiều dài ban đầu l0=0,6m Lị xo dao động mặt phẳng thẳng đứng xung quanh điểm treo O Kéo cầu khỏi vị trí cân góc β = 900 thả Lúc bắt đầu thả, lò xo trạng thái không bị nén dãn Xác định độ dãn lò xo cầu đến vị trí cân Câu 3:(1,5đ) Trên mặt nước có hai nguồn sóng giống A B, cách khoảng AB = 12(cm) dao động vng góc với mặt nước tạo sóng có bước sóng = 1,6cm a) Tìm số điểm dao động với biên độ cực đại, cực tiểu đoạn AB b) C D hai điểm khác mặt nước, cách hai nguồn cách trung điểm O AB khoảng 8(cm) Tìm số điểm dao động pha với nguồn đoạn CD Câu 4: (1,5đ) Đoạn mạch điện xoay chiều gồm điện trở 30 (Ω) mắc nối tiếp với cuộn dây Điện áp hiệu dụng hai đầu cuộn dây 120 V Dòng điện mạch lệch pha π/6 so với điện áp hai đầu đoạn mạch lệch pha π/3 so với điện áp hai đầu cuộn dây Tính cường độ hiệu dụng dòng điện chạy mạch? Câu 5;(1,5đ)Trên đoạn mạch xoay chiều khơng phân nhánh có bốn điểm theo thứ tự A, M, N B Giữa hai điểm A M có điện trở thuần, hai điểm M N có cuộn dây, điểm N B có tụ điện Đặt vào hai đầu đoạn mạch điện áp 175 V – 50 Hz điện áp hiệu dụng đoạn AM 25 (V), đoạn MN 25 L (V) đoạn NB 175 (V) Tính hệ số cơng suất tồn mạch ? Câu 6: (2đ) Một mạch dao động hình vẽ ban đầu khóa k đóng Khi dịng điện ổn định, người ta mở khóa k khung có dao động điện với chu kì T Biết hiệu điện cực đại hai tụ lớn gấp n lần suất điện động pin Hãy tính theo T n điện dung C tụ độ tự cảm L cuộn dây cảm HƯỚNG DẪN CHẤM ĐỀ THI THỬ CHỌN HỌC SINH GIỎI MÔN VẬT LI 12 NĂM HỌC 2011-2012 Câ Ý Nội dung Than g u điểm Va chạm tuyệt đối đàn hồi mv0 = mv + MV 0,25 (1) Đinh luật bảo toàn lượng 2 mv0 = mv + MV 2 2 V= Từ (1), (2) suy ra: T = 2π Chu kì: 0,25 (2) 2m v m+ M 0,25 M 2π = (s) k 0,25 Định luật bảo toàn 0,25 1 2m kA = MV = M v 2 m+ M 2m M v0 = 4(cm) m+ M k 0,25 T = mg(3cosα − 2cosα m) 0,5 Tmax = mg(3− 2cosα m) = 40(N ) 0,25 A= a b Tmax= 3mg Từ hệ thức suy ra: 3− 2cosα m = 0,25 α m = 90 c Chọn mốc VT thấp Cơ A(ngang): EA = mg(l0 + ∆l ) (1) 0,25 EB = Cơ B(thấp nhất): Lực đàn hồi VT B: Từ (1),(2) mv + k∆l (2) 2 v2 F = k∆l = mg + m (3) l0 + ∆l 0,25 2 ⇒ mv = 2mg(l0 + ∆l ) − k∆l 0,25 Thay vào (3): k(l0 + ∆l) = mg(l0 + ∆l) + 2mg(l0 + ∆l ) − k∆l ∆l + 0,24∆l − 0,036 = Giải ra: a ∆l 0,25 =0,104(m) Gọi M điểm thuộc AB, với MA= d1; MB= d2 Ta có d1 + d = AB (1) Để M dao động với biên độ cực đại: d1 = Từ (1) (2) ta có: Mặt khác: ≤ d1 ≤ AB Thay số ta có: độ cực đại 0,25 (2) (3) 0,25 (4) − Từ (3) (4) suy ra: k λ AB + 2 d1 − d = k λ 0,25 AB AB ≤k≤ λ λ −7,5 ≤ k ≤ 7,5 ⇒ k = −7 có 15 điểm dao động với biên Tương tự M dao động với biên độ cực tiểu: − AB AB − ≤k≤ − λ λ ⇒ −8 ≤ k ≤ ⇒ k = −8 có 16 điểm dao động với 0,25 biên độ cực tiểu b Vẽ hình: C M d1 x A 6cm d2 B O D 0,25 Để M hai nguồn A, B dao động pha thì: ∆ϕ = π (d1 + d ) 2π d = 2kπ ⇔ ∆ϕ = = kπ λ λ ⇔ d = k λ ⇔ x + 62 = k λ (1) Mặt khác: 0≤ x≤8 (2) 0,25 Từ (1) (2) suy ra: 3, 75 ≤ k ≤ 6, 25 ⇒ k = 4,5, Vậy đoạn CD có điểm dao động pha với nguồn Vẽ mạch điện vẽ giản đồ véc-tơ 0,5 HD : ∆AMB c©n t¹ i M ⇒ U R = MB = 120(V ) ⇒ I = UR = ( A) R Vẽ mạch điện vẽ giản đồ véc-tơ 0,5 ∆MNE : NE = 252 − x2 ⇒ EB = 60 − 252 − x HD : ∆AEB : AB = AE + EB ⇒ 30625 = ( 25 + x ) + 175 − 252 − x ⇒ x = 24 ⇒ cos ϕ = AE = AB 25 ( ) 0,5 0,25 0,25 Khi dòng điện ổn định, cường độ dòng điện qua cuộn dây là: I0 = 0,5 E r Năng lượng dao động: w0 = E LI = L( ) 2 r 0,5 Trong q trình dao động, tụ điện tích điện đến hđt cực đại U0 lượng điện trường cực đại: E LI = L ( ) = CU 02 2 r U = nE w0 = E ⇒ C (nE ) = L( ) ; T = 2π LC r T Tnr ⇒C = ;L = 2π nr 2π 0,5 0,5 ... t= T 12 0.25đ SỞ GD&ĐT BÀ RỊA VŨNG TÀU KỲ THI CHỌN HSG LỚP 12 THPT NĂM HỌC 2010-2011 ĐỀ CHÍNH THỨC ĐỀ THI MƠN: VẬT LÝ 12- THPT Thời gian làm bài: 180 phút, không kể thời gian phát đề ( Đề gồm... Sở GD&ĐT Nghệ An Kì thi chọn học sinh giỏi tỉnh Năm học 2007- 2008 Môn thi: VËT Lý líp 12 THPT- b¶ng b Thêi gian: 180 phút (không kể thời gian giao đề) Bi (5,0 điểm) Một dây dẫn cứng... = 10 + a120 → a = Vậy phương trình sư phụ thuộc Cx theo góc quay là: SỞ GD&ĐT BÌNH THUẬN C x = 2ϕ + 10 KỲ THI CHỌN HSG LỚP 12 THPT NĂM HỌC 2010-2011 ĐỀ CHÍNH THỨC ĐỀ THI MÔN: VẬT LÝ 12- THPT