(Sáng kiến kinh nghiệm) ứng dụng hình học giải các bài toán giá trị lớn nhất,giá trị nhỏ nhất mô đun của số phức

MỤC LỤC 1.Mở đầu 1.1 Lý chọn đề tài .02 1.2 Mục đích nghiên cứu………………………………………… 02 1.3 Đối tượng nghiên cứu………………………………………… .02 1.4 Phương pháp nghiên cứu…………………………………… .02 1.5 Những điểm SKKN 03 Nội dung sáng kiến kinh nghiệm : 2.1 Cơ sở lí luận sáng kiến kinh nghiệm 03 2.2 Thực trạng vấn đề trước áp dụng sáng kiến kinh nghiêm 03 2.3 Các nội dung, biện pháp tổ chức thực 03 a) Một số kiến thức số phức: 03 b) Lớp tốn tìm GTLN – GTNN tổng hay hiệu mô đun: 04 Bài toán 1:Tập hợp điểm biễu diễn số phức z đường thẳng 04 Bài toán 2:Tập hợp điểm biễu diễn số phức z đường trịn .05 Bài tốn 3:Tập hợp điểm biễu diễn số phức z đường elip 07 Bài toán 4:Các toán dạng khác .13 2.4 Những kết đạt .15 Kết luận 15 3.1 Kết luận 15 3.2 Kiến nghị 16 (*)Tài liệu tham khảo 17 1.Mở đầu 1.1 Lí chọn đề tài : Số phức có vai trị quan trọng tốn học, với xuất số i, ký hiệu thơng dụng tốn học, dẫn đến việc định nghĩa số phức dạng z= a + bi, a, b số thực.Đối với chương trình tốn học phổ thơng số phức đưa vào cuối cấp lớp 12, việc làm quen sử dụng ứng dụng số phức vào giải toán học sinh điều khó, năm gần đề thi THPT Quốc gia đề cập đến số phức dạng toán đơn giản khó.Trong đề thi Quốc Gia, số phức chiếm tỉ trọng nhỏ có câu khó, em thực giỏi làm câu Vì Tơi viết chun đề với tham vọng nho nhỏ nhằm giúp cho em có nhìn rõ ràng số phức, số phương pháp điển hình để giải tốn số phức : phương pháp Hình Học, phương pháp Bất Đẳng Thức,…Đặc biệt, phương pháp Hình Học hữu ích lớp Bài tốn mơ- đun số phức Để giúp em hiểu sâu chất hình học số phức ứng dụng số phức, mạnh dạn lựa chọn đề tài: “Ứng dụng hình học giải tốn giá trị lớn nhất,giá trị nhỏ mô đun số phức” 1.2 Mục đích nghiên cứu: Mục đích Tơi nghiên cứu cực trị số phức nhằm để phục vụ công tác giảng dạy trường giúp đỡ học sinh Bản chất cần làm rõ sáng kiến kinh nghiệm nhìn thấy lời giải hay toán giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ số phức theo hướng hình học 1.3 Đối tượng nghiên cứu: Đối tượng mà hướng đến học sinh lớp 12 trường THPT Mai Anh Tuấn học sinh luyện thi THPT Quốc gia đặc biệt học sinh giỏi 1.4 Phương pháp nghiên cứu: Phương pháp chủ yếu mà sử dụng thử nghiệm học sinh, tìm hiểu khó khăn em trình học tập, nắm bắt điểm yếu học sinh Từ Tơi điều chỉnh q trình dạy học đưa phương pháp giúp em tiếp cận phương pháp hình học giải tốn giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ mô đun số phức Kiến thức phải hệ thống cách khoa học, tự nhiên; Đồng thời qua chuyên đề này, học sinh có nhìn chất số phức mắt hình học 1.5 Những điểm SKKN: Số phức chủ đề học sinh phổ thơng, đặc biệt học sinh trung bình trường THPT Mai Anh Tuấn điều mẻ Chính thế, Sáng kiến kinh nghiệm thân tơi giúp học sinh tiếp cận dễ dàng với giá trị lớn giá trị nhỏ modun số phức phương pháp hình học Bên cạnh đó, qua tốn có kèm theo đánh giá, nhận xét, tính sáng kiến Nội dung sáng kiến kinh nghiệm: 2.1 Cơ sở lí luận sáng kiến: 2.2 Thực trạng vấn đề trước áp dụng sáng kiến: Trong q trình giảng dạy trường THPT, Tơi nhận thấy học sinh chưa có kĩ giải toán giá trị lớn giá trị nhỏ mô đun số phức.Đặc biệt, kỹ hình học hóa tốn min, max Nhằm trang bị cho thân kiến thức cần thiết người giáo viên toán, thỏa mãn niềm đam mê toán học, khắc phục yếu điểm thân sau thời gian công tác, đồng thời giúp em học sinh trang bị cho kĩ tối thiểu việc tìm min, max số phức, khơi dậy niềm đam mê học toán, phát triển mở rộng toán biết Tôi mạnh dạn đưa kinh nghiệm thân “Ứng dụng hình học giải tốn giá trị lớn nhất,giá trị nhỏ mơ đun số phức” 2.3 Các nội dung, biện pháp tổ chức thực hiện: a) Một số kiến thức số phức: 1) Cho số phức z  a  bi; a, b  R  Mô đun số phức : z  a  b   Mỗi số phức z biễu diễn điểm M(a ;b) hay véc tơ OM   Mỗi số phức z đồng với véc tơ u   a; b   Tổng hiệu hai số phức đồng với tổng hiệu hai véc tơ   Mô đun số phức z độ dài véc tơ u   a; b  2) Cho số phức z  a  bi; a, b  R  z  z z; 2 z u ;  z1  z2  z1  z2  z1  z2  z1  z2  Gọi z z1  ; z2 z2 z1 z  z1 z z  z; zn  z Dấu “=” xảy z1  kz2  k   Dấu “=” xảy z1  kz2  k   M, N điểm biễu diễn số phức z1 , z2 MN  z1  z2 n M,I điểm biễu diễn số phức z , z0 z  z0  R  M thuộc đường trịn tâm I bán kính R  Nếu M, A, B điểm biễu diễn số phức z , z1 , z2 z  z1  z  z2  M thuộc đường trung trực AB Dưới số Bài toán mà Tác giả sưu tầm tạo số Bài tốn b) Lớp tốn tìm GTLN – GTNN tổng hay hiệu mô đun: Bài toán 1:Tập hợp điểm biễu diễn số phức z đường thẳng Ví dụ 1: Xét số phức z thỏa mãn  z  1  z  2i  số thực.Tính z   3i  Nếu Giải:Gọi z  x  yi; x, y  R Ta có  z  1  z  2i    x  yi  1  x  yi  2i   x  y  x  2y   2x  y   i  z  1  z  2i  số thực  2x  y    y   2x 2 2 Cách 1.Ta có z   3i   x     y  3   x     2x  1   x     2x  1  z   3i  2 4   5x  8x    x     5  18 x    y  5 Cách 2.Gọi M  x; y  điểm biểu diễn số phức z M di động đường thẳng  : 2x  y   Và A  2;3 điểm biểu diễn số phức -2 + 3i Ta có d  A,    AM Nhận xét : Rõ ràng cách cách hay hơn, sinh động, dễ nhìn cách Ví dụ 2: Cho số phức z thỏa điều kiện z  z  z z   3i  z   3i  Tìm  z   3i  AM GTNN, GTLN P  z  Giải: Đặt z  x  yi  x, y  R  M(x; y) điểm biểu diễn số phức z Ta có x  z  z  z  x  yi  x  yi  x  y  2x  x  y2   2 4x  x  y  x  x     Vậy M chạy hai đường thẳng d1 : y  3x  y   3x  y  3x d : y   3x phía bên phải trục tung Ta có : z   3i  z   3i  Xét hai điểm     A 1; ; B 1;  z   3i  z   3i  MA  MB  Vậy M chạy đoạn gấp khúc AOB Ta có P  z   MC với C(5; 0) Vậy max P  CO  5; P  CA  19 O  y A B Nhận xét:Nếu dùng phương pháp đại số khó để đánh giá.Tuy nhiên dùng hình học đơn giản.Cũng giả thiết thay đổi biểu thức P cách giải hoàn toàn tương tự Bài toán 2:Tập hợp điểm biễu diễn số phức z đường trịn Ví dụ 1:Xét số phức z thỏa mãn | z   5i | Gọi P  z   2i Tìm Pmax , Pmin Giải: Gọi M  x; y  điểm biểu diễn số phức z Xét điểm A(1; -5), B(-3; 2) Từ | z   5i | 2 suy M nằm đường trịn (C ) tâm A, bán kính R  :  x  1   y  5  Ta có P = MB Từ ta có: Pmax  AB   65  Pmin  AB   65  Ví dụ 2.Cho số phức z thỏa mãn z   2i  z   2i Gọi P  z   i Tìm Pmax , Pmin Giải: Gọi M  x; y  điểm biểu diễn số phức z Từ z   2i  z   2i   x  1   y     x     y    x   y    2 2 suy M nằm đường trịn (C ) tâm I(0;-2), bán kính R  Xét điểm A(3; -1) Ta có P = MA Từ ta có Pmax  AI  R  10  Pmin  AI  R  10  Ví dụ 3: Cho số phức z1 , z2 thỏa mãn z2   i  z2   2i z1   i  Gọi P  z1  z2 Tìm Pmin Giải: Gọi N  x; y  điểm biểu diễn số phức z2 Từ z2   i  z2   2i   : x  y   , ta có N di động ∆ Gọi M  a; b  điểm biểu diễn số 2 phức z1 Từ z1   i    a     b  1  ,ta có M di động đường trịn (C ) tâm I(2;1), bán kính R  P  z1  z2  MN MN ngắn 13 13  Vậy Pmin  1 5 Ví dụ 4: Cho số phức z1 , z2 thỏa mãn z2   i  z2   2i z1   Gọi P  z1  z2 Tìm Pmin MN  d  I ,    R  C x Giải: Gọi N  x; y  điểm biểu diễn số phức z2 Từ z2   i  z2   2i   : x  y  , ta có N di động ∆ Gọi M  a; b  điểm biểu diễn số phức z1 Từ z1     a  3  b  ,ta có M di động đường trịn (C ) tâm I(3;0), bán kính R  P  z1  z2  MN MN ngắn MN  d  I ,    R  3  Vậy Pmin  1 10 10 Ví dụ 5: Xét số phức z thỏa mãn  z  1  z  2i  số ảo.Tính z   2i , z   2i max Bài tốn có cách giải.Nhưng xin nêu cách Trước hết ta xem điểm biểu diễn số phức z Giải:Gọi z  x  yi; x, y  R Ta có  z  1  z  2i    x  yi  1  x  yi  2i   x  y  x  2y   2x  y   i  1  x  y  x  2y   x     y  1     z  1 z  2i số ảo   2 2x  y    y   2x    đến ta có cách giải y 1  sin t  cos t cos t  sin t  x y  , với 2 2 x Cách Đặt tan t  Ta có z   2i  z   2i  Vì   29   cos t  5 sin t   i 2   cos t   sin t    4 sin t  10 cos t  34  4 sin t  10 cos t  34  145  34   29    29   z   2i  29   29   z   2i    29   z   2i  max   Cách 2.Gọi M  x; y  điểm biểu diễn số phức z M di động đường tròn  C  :  x     y  1  2  1  tâm I  ;1 , bán kính R  , trừ điểm C  0;  ; D  1;0  Với A  3;  điểm biểu 2  diễn số phức w = -3-2i  z   2i  AM Ta có z   2i  AI  R  29  max z   2i  AI  R  29  Nhận xét: Rõ ràng cách dùng hình học đỡ thời gian hay cách lượng giác Bài toán 3:Tập hợp điểm biểu diễn số phức z Elip: 2 x y Bài tốn 3.1: Phương trình ( E ) dạng tắc   a b Bài toán số phức tương ứng: Cho số phức z thỏa mãn z  c  z  c  2a z  ci  z  ci  2a (Elip đứng) Tìm GTLN, GTNN P  z  z0 Giải - Tính b  a  c x2 y2   với z  c  z  c  2a Hoặc a2 b2 - Lập phương trình tắc Elip x2 y   với z  ci  z  ci  2a a b2 b x2 y2 - Rút y theo dạng: y   a  x   tương tự a a b x2 y  1 b2 a - Thay vào P ta P   x  x0  2  b   a  x  y0  , x    a; a  với  a  z0  x0  y0i - Dùng chức TABLE máy tính cầm tay Casio tìm GTLN GTNN hàm P từ có P Ví dụ minh họa: Ví dụ 1.Cho số phức z1 , z2 thỏa mãn z   3i  z   i  Gọi P  z   2i Tìm Pmax , Pmin Phân tích:Biểu thức giả thiết tổng khoảng cách từ điểm M đến điểm cố định không đổi Điều gợi cho ta đến định nghĩa e líp   Giải: Gọi F1  1; 3 , F2  2;1 , I   ; 1 điểm biểu diễn số phức   Suy I trung điểm z1   3i; z2  2  i z3    i F1 F2 Gọi M điểm biểu diễn số phức z Ta có 25 39  với a  4; c  4 Như M di động Elip có độ dài trục lớn 2a = 8, 2c  F1F2  I, F1 , F2 Ta có MF1  MF2   2a đặt b  a  c  16  tâm hai tiêu điểm Elip Ta quy tốn :”Tìm GTLN, GTNN độ dài đoạn IM M di động Elip ’ Vậy IM lớn a = 4, IM nhỏ b  39 P  z   2i  IM  Pmax  8; Pmin  39 Ví dụ 2:Cho số phức z1 , z2 thỏa mãn z   3i  z   5i  26 Gọi P  3z  12  3i Tìm Pmax , Pmin Giải: Gọi F1  1; 3 , F2  7;5  , I  4;1 điểm biểu diễn số phức z1   3i; z2  7  5i z3  4  i Suy I trung điểm F1 F2 F1 F2  10 Gọi M điểm biểu diễn số phức z Ta có Ta có MF1  MF2  26 Đặt a  13; c  b  a  c  169  25  144 Khi MF1  MF2  2a Như M di động Elip có độ dài trục lớn 2a = 26, 2c  F1F2  10 I, F1 , F2 tâm hai tiêu điểm Elip Ta quy tốn :”Tìm GTLN, GTNN độ dài đoạn IM M di động Elip ’ Vậy IM lớn a  13 , IM nhỏ b  12  P  3z  12  3i Ta có Pmax  39; Pmin  36 Ví dụ 3: Xét số phức z thỏa mãn z  i  z   3i  10 Tìm GTLN –GTNN P  z   7i Giải: Gọi M  x; y  điểm biểu diễn số phức z Và xét hai điểm F1  0;1 , F2  4; 3  I  2; 1 trung điểm F1 F2 Hơn , MF1  MF2  10 Ta xem M nằm E-lip có I tâm F1 , F2 hai tiêu điểm có độ dài trục lớn 2a = 10 Gọi A  7; 7  điểm biểu diễn số phức : – 7i Ta có :     AF1   6;8  , AF2   3;   AF1  AF2 Như vậy, A nằm trục lớn E – líp Và AF1  AF2  15  2a nên A nằm ngồi E-líp  max P  AI  a  61  , P  AI  a  61  - Bấm TABLE hàm f1,2  x  với x   3;3 GTLN, GTNN P Bài tốn 3.2 Elip khơng tắc A trung điểm F1 , F2 tức A tâm Elip Bài toán số phức tương ứng: Cho số phức z thỏa mãn z  z1  z  z2  2a với 2a  z1  z2 Tìm GTLN, GTNN P  z  z0 Với đặc điểm nhận dạng z0  z1  z2 Giải - Tính 2c  z1  z2  c  z1  z2 - Tính b2  a  c  b  a  c - Vì A tâm Elip M di chuyển Elip nên: + AM lớn a hay max P  a + AM nhỏ b hay P  b Ví dụ minh họa Cho số phức z thỏa mãn z   3i  z   i  Tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ P  z   2i Giải - Ta có P  z   2i  P'  z  - Ta thấy P  z   i Ta cần tìm GTLN, GTNN 2 i z1   3i, z2  2  i z z z0    i z0  2 Do 25 39 - Tính 2c  z1  z2   c  ; 2a   a  Vậy b  16   - Vậy max P '  4; P '  39 , Do max P  8; P  39 Bài tốn 3.3 Elip khơng có dạng tắc, A khơng trung điểm F1 , F2 A nằm trục Elip 10 Bài toán 3.3.1: A nằm trục Elip lớn ngoài:  z0  z1  k  z0  z2   z  z1  z  z2  2a - Dấu hiệu nhận biết:  - Thì max P  z0  z1  z2 z z  a P  z0   a 2 Bài toán 3.3.2: A nằm trục lớn phía Elip:  z0  z1  k  z0  z2   z  z1  z  z2  2a - Dấu hiệu nhận biết:  - Thì max P  z0  z1  z2  a Còn GTNN khơng xác định nhanh Bài tốn 3.3.3 A nằm trục nhỏ (bất kể hay ngoài) Elip: - Dấu hiệu nhận biết: z0  z1  z0  z2 - Thì P  z0  z1  z2  b Cịn GTLN khơng xác định nhanh Ví dụ minh họa: 11 Cho số phức z thỏa mãn z  i  z   3i  Tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ P  z   7i Giải: z1  i  F1 (0;1); z2   3i  F2 (3; 3); z0   7i  A(6; 7) I trung điểm F1 , F2 I  z1  z2     ; 1  2  Có z0  z1   8i; z0  z2   4i  z0  z1  2( z0  z2 ) Vậy A thuộc F1 , F2 Mặt khác z0  z1  z0  z2  10   Vậy A nằm Elip Vậy max P  AI  a  z0  z1  z2 z z 21  a  ; P  AI  a  z0   a  2 2 Bấm máy: thấy a  + Gán z0 vào A; z1 vào B z2 vào C + Kiểm tra A, B, C thẳng hàng A B  k  * AC + Kiểm tra A nằm Elip: A  B  A  C  + Bấm max P  A  BC BC  ; max P  A  3 2 ELIP SUY BIẾN Bài toán: Cho số phức z thỏa mãn: z  z1  z  z2  2a có z1  z2  2a Tìm GTLN, GTNN T  z  z0 Giải: - Bài toán tương đương với tốn hình học MF1  MF2  F1 , F2 Tìm GTLN, GTNN T  AM 12 - Giả thiết MF1  MF2  F1 , F2 tương đương với M di chuyển đoạn thẳng F1 F2 Do đó: - Viết phương trình đường thẳng F1 F2 với x   x1 ; x2  (ở x1 , x2 hoành độ F1 F2 ) - Rút y theo x từ phương trình F1 F2 vào T T  f  x  với x   x1 ; x2  - Tìm GTLN, GTNN f  x  đoạn x   x1 ; x2  Ví dụ minh họa: Cho số phức z thỏa mãn z   i  z   7i  10 Tìm GTLN, GTNN P  z   4i Giải Với quy ước từ ban đầu, có F1 (2;1), F2 (4; 7) A(1; 4) M điểm biểu diễn z Có F1 F2  10 z   i  z   7i  10  M thuộc đoạn thẳng F1 F2  x  2  3t Với x   2; 4  y   4t  Có F1F2  (6; 8) nên phương trình tham số F1F2 :   t   0; 2 2 2 Có P   x  1   y     3t  3   4t  3  25t  6t  18 với  t   0; 2 Khảo sát hàm f (t )  25t  6t  18  0; 2 GTNN f (t ) 18, giá trị lớn bẳng 130 Vậy P  maxP= 130 Bài toán 4:Các tốn dạng khác Ví dụ 1:Cho số phức z1 , z2 thỏa mãn z1  z2  11; z1  z2   3i Gọi P  z1  z2 Tìm Pmax Giải: Gọi A, B điểm biểu diễn số phức z1 , z2 Đặt OA = z1 , OB = z2 Dựng hình bình hành 13 OACB, với O gốc tọa độ.Khi AB = z1  z2  11     Ta có OA  OB  OC  z1  z2  z   3i với véc tơ OC tương ứng với số phức z A OC = z1  z2   4i  Xét tam giác OAB ta có OA2  OB AB 5 OI     OA2  OB   AB  4OI  11     36 2 Và P  z1  z2  OA  OB   OA2  OB   36  I O B Pmax  OA = OB  OI  AB với I trung điểm đoạn AB 2z  i  Tính z max Ví dụ 2:Cho số phức z thỏa mãn  iz Giải:Đặt z  x  yi  z  i   x   y  1 i   x   y  1  2  iz  y  ix   y  x2  x   y  1    y   x  x  y   z   z   z max  2 1   Tính w z w zw  w 3iw z   Giải: Ta có    z  w2  zw    z  w    3iw       w z w zw 2    3iw z     2 Ví dụ 3:Cho số phức z, w có z  thỏa mãn w 3i w  w  z  w 4 z  w 4 2 1 Ví dụ 4: Cho hai số phức z1 , z2 thỏa mãn z1 , z2  0; z1  z2  z  z  z  z 2 Mô đun vế ta z  Tính z1 z2 Giải: Ta có: z1 z2 z 1 z1 2z 2z     1    Đặt t  z1 z2 z1  z z1 z z1  z z2 z2 1 z2  1  i t  t 2   2t  2t  2t      t  Khi t 1  t  1  i  Cách 2: Chọn z1   z    z  (z  2)(1  z )  z  1  i    z2 z2 z2 Ví dụ 5: Cho số phức z thỏa mãn z  Tìm giá trị lớn biểu thức T  z 1  z 1 14 C T  z   z 1  Giải: 1   z 1 2  z 1    5.2 z   (BĐT Cauchy-swart)  2  2 Chú ý: z   z   2x  2y   z  với z = x + yi Cách 2: Đặt z = x + yi ta có: T  x  yi   x  yi    x  1  y2   x  1  y2 Lại có x  y2   T  2x   2x   f  x  Ta có: f '  x   6  0x  Tmax  10 2x  2  2x z Ví dụ 6: Biết số phức z thỏa mãn phương trình z   Tính P  z 2016  z 2016 1 1   Giải: Ta có: z     z     z    z    z z z z    z3      z  1   z  z 2.4 Những kết đạt được, kinh nghiệm rút ra, sản phẩm đề tài: - Qua thời gian thực nghiệm, học sinh nắm kĩ việc nhìn,nhận dạng tốn số phức mắt hình học - Kinh nghiệm cho thấy, kiến thức phải trang bị, bồi dưỡng cho em từ năm lớp 10 Không để đến gần thi cuối cấp dạy, lúc em tiếp cận hạn chế - Qua sáng kiến kinh nghiệm này, sản phẩm tơi thu niềm đam mê học tốn thầy trị, kĩ trang bị làm cho tư người học ngày phát triển 15 Sáng kiến kinh nghiệm triển khai ứng dụng rộng rãi tồn học sinh khối 12 Đặc biệt, dùng để ôn thi học sinh giỏi luyện thi THPT Quốc gia Kết luận, kiến nghị 3.1 Kết luận Qua thời gian giảng dạy, nghiên cứu giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ mô đun số phức, vướng mắt học sinh thiếu kĩ phép biến đổi, đánh giá, nhìn nhận Có thể nói sáng kiến kinh nghiệm tơi thật cần thiết hữu ích cho giáo viên học sinh Đặc biệt giáo viên trẻ trường, non kinh nghiệm Một lần nữa, tơi khẳng định: Sáng kiến kinh nghiệm kết mà Tôi thu sau thời gian học tập, rèn luyện nghiên cứu số phức Đồng thời, tích lũy kinh nghiệm qua trình dạy học với đối tượng học sinh Đó kết tinh kiến thức qua nhiều hệ giúp đỡ, học hỏi từ đồng nghiệp Một số tốn có nêu lời giải đầy đủ, cịn có số vạch hướng giải.Hầu hết qua tập có nhận xét để học sinh người đọc cảm nhận sâu sắc toán Do yếu tố thời gian, kiến thức cách trình bày nhiều hạn chế Rất mong nhận xét, góp ý quý đồng nghiệp em học sinh, để sáng kiến hoàn thiện Hy vọng rằng, tài liệu giúp ích cho quý đồng nghiệp em học sinh trình giảng dạy học tập Trong thời gian tới, tơi tiếp tục nghiên cứu để hồn thiện giá trị lớn giá trị nhỏ mơ đun số phức Nhằm bước hồn thiện kĩ cho thân tạo mũi nhọn cho nhà trường 3.2.Kiến nghị: Có thể dùng sáng kiến tơi cho em học sinh giỏi,các giáo viên có niềm đam mê toán học cách rộng rãi.Xin chân thành cảm ơn Nga sơn, tháng năm 2018 Người viết đề tài 16 Trần Văn Thành (*) DANH MỤC TÀI LIỆU THAM KHẢO Bài giảng trọng tâm ôn luyện môn Toán – Thầy Trần Phương; Trọng tâm kiên thức phương pháp giải toán – Thầy Trần Bá Hà; Hàm biến phức – Thầy Nguyễn Văn Khuê; Thầy Lê Mậu Hải Bộ đề thi đại học, cao đẳng Bộ GD ĐT từ năm 2002 đến năm 2014; 90 đề thi thử Đại học, cao đẳng nhà sách Lovebook – GSTT Group; Một số kiến thức giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ mô đun số phức mạng Internet Tạp chí tốn học tuổi trẻ 17 Website :toanmath.com ĐÁNH GIÁ, XẾP LOẠI CỦA HỘI ĐỒNG CHẤM SKKN 18 ... lớp Bài tốn mơ- đun số phức Để giúp em hiểu sâu chất hình học số phức ứng dụng số phức, mạnh dạn lựa chọn đề tài: ? ?Ứng dụng hình học giải tốn giá trị lớn nhất ,giá trị nhỏ mô đun số phức? ?? 1.2 Mục... khơi dậy niềm đam mê học toán, phát triển mở rộng toán biết Tôi mạnh dạn đưa kinh nghiệm thân ? ?Ứng dụng hình học giải tốn giá trị lớn nhất ,giá trị nhỏ mơ đun số phức? ?? 2.3 Các nội dung, biện pháp... trị lớn nhất, giá trị nhỏ mô đun số phức Kiến thức phải hệ thống cách khoa học, tự nhiên; Đồng thời qua chuyên đề này, học sinh có nhìn chất số phức mắt hình học 1.5 Những điểm SKKN: Số phức