Đề thi thử lần 1 - KỲ THI TUYỂN SINH ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG NĂM 2010 Môn: Toán. Khối A, B

Tham khảo tài liệu ''đề thi thử lần 1 - kỳ thi tuyển sinh đại học, cao đẳng năm 2010 môn: toán. khối a, b'', tài liệu phổ thông, ôn thi đh-cđ phục vụ nhu cầu học tập, nghiên cứu và làm việc hiệu quả

BỘ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO KỲ THI TUYỂN SINH ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG NĂM 2010 Mơn: Tốn Khối A, B Đề thi thử lần (Tháng 01 năm 2010) Câu I (2 điểm) Thời gian làm bài: 180 phút (Không kể thời gian giao đề) Cho hàm số y 2x  x 1 (1) 1) Khảo sát vẽ đồ thị (C) hàm số (1) 2) Tìm điểm M thuộc đồ thị (C) để tiếp tuyến (C) M với đường thẳng qua M giao điểm hai đường tiệm cận có tích hệ số góc - Câu II (2 điểm)  x 1) Giải phương trình sau:  x2  sin x  c os x  c os 4 x 2) Giải phương trình lượng giác:   tan(  x ) tan(  x ) 4 Câu III (1 điểm) Tính giới hạn sau: L  lim ln(2 e  e.c os2 x )   x x2 x0 Câu IV (2 điểm) Cho hình nón đỉnh S có độ dài đường sinh l, bán kính đường trịn đáy r Gọi I tâm mặt cầu nội tiếp hình nón (mặt cầu bên hình nón, tiếp xúc với tất đường sinh đường trịn đáy nón gọi mặt cầu nội tiếp hình nón) Tính theo r, l diện tích mặt cầu tâm I; Giả sử độ dài đường sinh nón khơng đổi Với điều kiện bán kính đáy diện tích mặt cầu tâm I đạt giá trị lớn nhất? Câu V (1 điểm) Cho số thực x, y, z thỏa mãn: x + y2 + z2 = Tìm giá trị lớn nhất, giá trị nhỏ biểu thức: P = x + y3 + z3 – 3xyz Câu VI (1 điểm) Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho hình chữ nhật ABCD có tâm I ( ; 0) Đường thẳng AB có phương trình: x – 2y + = 0, AB = 2AD hoành độ điểm A âm Tìm tọa độ đỉnh hình chữ nhật Câu VII (1 điểm) Giải hệ phương trình :  2 x  2010  2009 y  x   y  2010   log ( x  y  6)  log ( x  y  2)  - HẾT Ghi chú: - Thí sinh khơng sử dụng tài liệu gì! - Cán coi thi khơng giải thích thêm! sontoan1980@gmail.com Gửi laisac HƯỚNG DẪN CÂU I.1 NỘI DUNG ĐIỂM 2x  2 x 1 x 1 +) Giới hạn, tiệm cận: lim y  2; lim y  2; lim y  ; lim y   Hàm số: y  x  x  ( 1)  x  - TC đứng: x = -1; TCN: y = +) y '   0, x  D  x  1 +) BBT: x -  y' y x ( 1)  -1 || + + +  ||  +) ĐT: điểm -10 -5 10 -2 -4 -6 I.2 +) Ta có I(- 1; 2) Gọi M  (C )  M ( x0 ;  y  yI 3 )  k IM  M  x0  xM  xI ( x0  1) +) Hệ số góc tiếp tuyến M: kM  y '( x0 )  II.1  x0  1 +) ycbt  kM k IM  9 +) Giải x0 = 0; x0 = -2 Suy có điểm M thỏa mãn: M(0; - 3), M(- 2; 5) +) ĐK: x  ( 2; 2) \ {0} +) Đặt y   x  y  xy  x , y  Ta có hệ:  2 x  y   1   1  x  x    ;  +) Giải hệ đx ta x = y =  1   1    y   y  2 +) Kết hợp điều kiện ta được: x = x  II.2 điểm +) ĐK: x  điểm 1     k ,k  Z      x) tan(  x)  tan(  x) cot(  x)  4 4 1 4 sin x  cos x   sin x   cos x 2 pt  cos 4 x  cos x    ) tan( điểm +) Giải pt cos24x =  cos8x =  x  k  cos24x = -1/2 (VN) +) Kết hợp ĐK ta nghiệm phương trình x  k III L  lim ln(2 e  e.c os2 x )   x x2 x  lim  ,k  Z ln(1   c os2 x )    x x2 x         2 ln(1  sin x )   x  ln(1  sin x ) 1     lim   lim   x0  x2  2 3 2 x  x x (1  x )   x      sin x sin x   sin x  sin x  2  3 IV.1 +) Gọi rC bán kính mặt cầu nội tiếp nón, bán kính đường trịn nội tiếp tam giác SAB S SAB  prC  (l  r ).rC  Ta có:  rC  IV.2 S SM AB l điểm l  r 2r l r r 2(l  r ) lr 2 +) Scầu = 4 r C  4 r điểm I lr l r A M r B +) Đặt : y (r )  lr  r ,0  r  l lr   1 l r  2r (r  rl  l )  ) y '(r )  0  (l  r ) 1 l r   2 +) BBT: r y'(r) y(r) 1 l điểm ymax +) Ta có max Scầu đạt  y(r) đạt max  r  V l 1 l +) Ta có P  ( x  y  z )( x  y  z  xy  yz  zx )  x  y  z  ( x  y  z )2  P  ( x  y  z)  x2  y  z       ( x  y  z )2   ( x  y  z )2  P  ( x  y  z) 2    ( x  y  z ) 3   2     +) Đặt x +y + z = t, t  6( Bunhia cov xki) , ta được: P (t )  3t  t +) P '(t )   t   , P(  ) = 0; P( 2)  2 ; P( 2)  2 +) KL: MaxP  2; MinP  2 điểm VI +) d ( I , AB)   AD =  AB =  BD = +) PT đường tròn ĐK BD: (x - 1/2)2 + y2 = 25/4 +) Tọa độ A, B nghiệm  x   25  ( x  )  y   y   A( 2; 0), B(2; 2) hệ:    x  2  x  y     y   C (3;0), D(1; 2) VII  2 x  2010 (1)  2009 y  x   y  2010   log ( x  y  6)  log ( x  y  2)  1(2) +) ĐK: x + 2y = > x + y + > +) Lấy loga số 2009 đưa pt: x  log 2009 ( x  2010)  y  log 2009 ( y  2010) +) Xét CM HS f (t )  t  log 2009 (t  2010), t  đồng biến, từ suy x = y2  x= y, x = - y +) Với x = y vào (2) đưa pt: 3log3(x +2) = 2log2(x + 1) = 6t t t 1 8 Đưa pt dạng       , cm pt có nghiệm t = 9 9  x = y =7 +) Với x = - y vào (2) pt: log3(y + 6) =  y = -  x = Ghi chú: - Các cách giải khác với cách giải đáp án mà đúng, đủ cho điểm tối đa - Người chấm chia nhỏ thang điểm theo gợi ý bước giải  ...  x  1? ?? +) BBT: x -  y' y x ( ? ?1)  -1 || + + +  ||  +) ĐT: điểm -1 0 -5 10 -2 -4 -6 I.2 +) Ta có I (- 1; 2) Gọi M  (C )  M ( x0 ;  y  yI 3 )  k IM  M  x0  xM  xI ( x0  1) +)... ĐK BD: (x - 1/ 2)2 + y2 = 25/4 +) Tọa độ A, B nghiệm  x   25  ( x  )  y   y   A( 2; 0), B( 2; 2) hệ:    x  2  x  y     y   C (3;0), D(? ?1; 2) VII  2 x  2 010 (1) ... II .1  x0  1? ?? +) ycbt  kM k IM  9 +) Giải x0 = 0; x0 = -2 Suy có điểm M thỏa mãn: M(0; - 3), M (- 2; 5) +) ĐK: x  ( 2; 2) {0} +) Đặt y   x  y  xy  x , y  Ta có hệ:  2 x  y   1