1. Trang chủ
  2. » Giáo Dục - Đào Tạo

25 Đề thi thử đại học của ĐHSP Hà Nội môn Toán (có đáp án)

20 10 0

Đang tải... (xem toàn văn)

Tài liệu hạn chế xem trước, để xem đầy đủ mời bạn chọn Tải xuống

THÔNG TIN TÀI LIỆU

Thông tin cơ bản

Định dạng
Số trang 20
Dung lượng 0,95 MB

Nội dung

Hãy viết phương trình mặt phẳng P qua hai điểm A và B, đồng thời khoảng cách từ C tới mặt phẳng P bằng Câu VII.a 1 điểm 10.. Theo chương trình nâng cao: Câu VI.b 2 điểm.[r]

(1)Lop12.net (2) http://www.VNMATH.com ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC – CAO ĐẲNG 2011 ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI KHOA TOÁN-TIN MÔN: TOÁN- KHỐI A Thời gian làm bài: 180 phút ( không kể thời gian giao đề ) - A PHẦN CHUNG CHO MỌI THÍ SINH Câu I (2 điểm) Khảo sát và vẽ đồ thị hàm số y = x4 – 4x2 + Tìm m để phương trình x − x + = log m có đúng nghiệm Câu II (2 điểm) Giải bất phương trình: ( x ) ( −1 + ) x +1 − x+ ≤0 Giải phương trình: x − ( x + 2) x − = x − Câu III (2 điểm) e x −1 + tan( x − 1) − 1 Tính giới hạn sau: lim x →1 x −1 Cho hình chóp S.ABCD có đáy là hình thoi , ∠BAD = α Hai mặt bên (SAB) và (SAD) cùng vuông góc với mặt đáy, hai mặt bên còn lại hợp với đáy góc β Cạnh SA = a Tính diện tích xung quanh và thể tích khối chóp S.ABCD Câu IV (1 điểm) Cho tam giác ABC với các cạnh là a, b, c Chứng minh rằng: a + b3 + c + 3abc ≥ a (b + c ) + b(c + a ) + c(a + b ) B PHẦN TỰ CHỌN: Mỗi thí sinh chọn câu Va Vb Câu Va (3 điểm) Chương trình Trong mặt phẳng tọa độ Oxy cho đường thẳng ∆ : x + y − = và hai điểm A(1; 0), B(3; - 4)   Hãy tìm trên đường thẳng ∆ điểm M cho MA + 3MB nhỏ x = 1− t x = t   Trong không gian Oxyz cho hai đường thẳng: d1 :  y = 2t và d :  y = + 3t  z = −2 + t z = 1− t   Lập phương trình đường thẳng qua M(1; 0; 1) và cắt d1 và d2 Tìm số phức z thỏa mãn: z + z = Câu Vb (3 điểm) Chương trình nâng cao Trong mặt phẳng tọa độ cho hai đường tròn (C1): x2 + y2 = 13 và (C2): (x - 6)2 + y2 = 25 cắt A(2; 3) Viết phương trình đường thẳng qua A và cắt (C1), (C2) theo hai dây cung có độ dài x = 1− t x = t   Trong không gian Oxyz cho hai đường thẳng: d1 :  y = 2t và d :  y = + 3t  z = −2 + t z = 1− t   Lập phương trình mặt cầu có đường kính là đoạn vuông góc chung d1 và d2 Trong các số phức z thỏa mãn điều kiện z + + 2i = , tìm số phức z có modun nhỏ http://www.VNMATH.com Lop12.net http://www.VNMATH.com (3) http://www.VNMATH.com ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI -ĐÁP ÁN –THANG ĐIỂM ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG NĂM 2011 MÔN:TOÁN, Khối A Câu ý Nội dung Điểm 1 TXĐ D =  Giới hạn : lim y = +∞ I x →±∞ Sự biến thiên : y’ = 4x3 - 8x y’ = ⇔ x = 0, x = ± 025 Bảng biến thiên 025 x y’ y − −∞ +∞ - 0 + +∞ - + +∞ -1 -1 ( )( Hàm số đồng biến trên các khoảng − 2; , 025 ) 2; +∞ và nghịch biến trên các khoảng ( −∞; − ) , ( 0; ) Hàm số đạt cực đại x = 0, yCD = Hàm số đạt cực tiểu x = ± , yCT= -1 Đồ thị 025 Đồ thị hàm số y = x − x + Số nghiệm phương trình x − x + = log m số giao điểm đồ thị hàm số y = x − x + và đường thẳng y = log2m Vậy phương trình có nghiệm và log2m = < log m < hay m = 2<m<9 Gv: Trần Quang Thuận Tel: 0912.676.613 – 091.5657.952 http://www.VNMATH.com http://www.VNMATH.com Lop12.net (4) http://www.VNMATH.com ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI -2 II x x  −1   +  Viết lại bất phương trình dạng   +   − 2 ≤ 2     x 025 x  +1  −1  Đặt t =   , t > đó   =     t Bất phương trình có dạng t + − 2 ≤ ⇔ t − 2t + ≤ t ⇔ −1 ≤ t ≤ + 025 025 x  +1 ⇔ − ≤   ≤ +   ⇔ log +1 ( − 1) ≤ x ≤ log +1 025 ( + 1) Điều kiện : x ≥ Phương trình tương đương với x − x( x − − 1) − x − − 2( x − 1) = 2 Đặt y = x − 1, y ≥ Khi đó (*) có dạng : x – x(y - 1) – 2y – 2y = ⇔ ( x − y )( x + y + 1) = ⇔ x − y = 0(do x + y + ≠ 0) (*) 025 025 ⇒ x = x −1 ⇔ x2 − 4x + = 05 ⇔x=2 III e x −1 + tan( x − 1) − e x −1 − + tan( x − 1) 3 lim ( x + x + 1) = x →1 x →1 x −1 x −1 e x −1 − 3 tan( x − 1) 3 = lim ( x + x + 1) + lim ( x + x + 1)( x + 1) x →1 x − x →1 x2 − lim = lim( x + x + 1) + lim( x + x + 1)( x + 1) = x →1 x →1 025 05 025 Kẻ đường cao SI tam giác SBC Khi đó AI ⊥ BC Gv: Trần Quang Thuận Tel: 0912.676.613 – 091.5657.952 http://www.VNMATH.com http://www.VNMATH.com Lop12.net (5) http://www.VNMATH.com ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI -(Định lí đường vuông góc) đó ∠SIA = β S 025 AI = a.cot β , AB = AD = S ABCD = AB AD.sin α = VS ABCD = a a cot β , SI = sin α sin β a cot β sin α 025 A a cot β 3sin α 025 Sxq = SSAB + SSAD SSBC + SSCD a cot β = (1 + ) sin α sin β B I IV C 025 a + b3 + c + 3abc ≥ a (b + c ) + b(c + a ) + c(a + b ) a + b2 − c2 b2 + c2 − a2 c2 + a2 − b2 ⇔ + + ≤ 2ab 2bc 2ca ⇔ cos A + cos B + cos C ≤ Mặt khác cos A + cos B + cos C = (cos A + cos B).1 − (cos A cos B − sin A sin B) 1 ≤ [(cos A + cos B)2 + 12 ]+ [sin A+sin B]-cos A cos sB = 2 Do đó cos A + cos B + cos C ≤ Ta có Va 025 025 05 1 Gọi I là trung điểm AB, J là trung điểm IB Khi đó I(1 ; -2), J( ; −3 )         Ta có : MA + 3MB = ( MA + MB) + 2MB = 2MI + 2MB = 4MJ   Vì MA + 3MB nhỏ M là hình chiếu vuông góc J trên đường thẳng ∆ 025 Đường thẳng JM qua J và vuông góc với ∆ có phương trình : 2x – y – = −2  x=  x + y − = 19 −2  Tọa độ điểm M là nghiệm hệ  ⇔ M( ; ) 19 5 2 x − y − = y =  025 025 025 Gv: Trần Quang Thuận Tel: 0912.676.613 – 091.5657.952 http://www.VNMATH.com http://www.VNMATH.com Lop12.net (6) http://www.VNMATH.com ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI - Đường thẳng d1 qua A(1; 0; -2) và có vecto phương là u1 = (−1; 2;1) , đường thẳng d2  qua B(0; 1; 1) và có vecto phương là u2 = (1;3; −1) Gọi (α ), ( β ) là các mặt phẳng qua M và chứa d1 và d2 Đường thẳng cần tìm chính là giao tuyến hai mặt phẳng (α ) và ( β )   Ta có MA = (0;0; −3), MB = (−1;1;0)       n1 =  MA; u1  = (2;1; 0), n2 = −  MB; u2  = (1;1; 4) là các vecto pháp tuyến (α ) và ( β )    3    Đường giao tuyến (α ) và ( β ) có vectơ phương u =  n1; n2  = (4; −8;1) và qua   I M(1;0;1) nên có phương trình x= + 4t, y = 8t, z = + t 025 025 025 025 Gọi z = x + y.i Khi đó z = x – y + 2xy.i, z = x − yi 025 z + z = ⇔ x − y + x + 2( x − 1) yi = 025 2 x − y + 2x = ⇔ ⇔ ( x = 1; y = ± 3), ( x = 0; y = 0), ( x = −2; y = 0) 2( x − 1) y = Vậy có số phức thỏa mãn z = 0, z = - và z = ± 3i 2 Vb Gọi giao điểm thứ hai đường thẳng cần tìm với (C1) và (C2) là M và N Gọi M(x; y) ∈ (C1 ) ⇒ x + y = 13 (1) Vì A là trung điểm MN nên N(4 – x; – y) Do N ∈ (C2 ) ⇒ (2 + x)2 + (6 − y ) = 25 (2)  x + y = 13 Từ (1) và (2) ta có hệ  2 (2 + x) + (6 − y ) = 25 −17 −17 ; y = ) Vậy M( ; ) Giải hệ ta (x = ; y = 3) ( loại) và (x = 5 5 Đường thẳng cần tìm qua A và M có phương trình : x – 3y + = 025 025 025 025 025 025 Gọi M (1- t ; 2t ; -2 + t) ∈ d1 , N(t’ ; 1+3t’ 1- t’) ∈ d  Đường thẳng d1 có vecto phương là u1 = (−1; 2;1) , đường thẳng d2 có vecto phương  là u2 = (1;3; −1)  MN = (t '+ t − 1;3t '− 2t + 1; −t '− t + 3) MN là đoạn vuông góc chung d1 và d2    t'=  MN u1 =  2t '− 3t + =  ⇔ ⇔ O    11 ' − − = t t  MN u = t =   025 025 Gv: Trần Quang Thuận Tel: 0912.676.613 – 091.5657.952 http://www.VNMATH.com http://www.VNMATH.com Lop12.net (7) http://www.VNMATH.com ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI -Do đó M( −2 14 −3 14 ; ; ), N( ; ; ) 5 5 5 Mặt cầu đường kính MN có bán kính R = (x − 14 −1 MN = và tâm I( ; ; ) có phương trình 025 2 10 10 14 1 ) + ( y − ) + ( z + )2 = 10 10 025 Gọi z = x + yi, M(x ; y ) là điểm biểu diễn số phức z z + + 2i = ⇔ ( x + 1) + ( y + 2)2 = Đường tròn (C) : ( x + 1) + ( y + 2) = có tâm (-1;-2) Đường thẳng OI có phương trình y = 2x Số phức z thỏa mãn điều kiện và có môdun nhỏ và điểm Biểu diễn nó thuộc (C) và gần gốc tọa độ O nhất, đó chính là hai giao điểm đường thẳng OI và (C) 025 025 Khi đó tọa độ nó thỏa   x = −1 −  y = 2x mãn hệ  ⇔ 2 ( x + 1) + ( y + 2) =  y = −2 −  Chon z = −1 +  x = −1 +  ,  y = −2 +  5 ) + i ( −2 + 5 025 025 ============================== Gv: Trần Quang Thuận Tel: 0912.676.613 – 091.5657.952 http://www.VNMATH.com http://www.VNMATH.com Lop12.net (8) http://www.VNMATH.com ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC – CAO ĐẲNG 2011 ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI KHOA TOÁN-TIN MÔN: TOÁN- KHỐI A Thời gian làm bài: 180 phút ( không kể thời gian giao đề ) - PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7 điểm) Câu I ( điểm) Cho hàm số y = x + (1 − 2m) x + (2 − m) x + m + (1) m là tham số Khảo sát biến thiên và vẽ đồ thị (C) hàm số (1) với m=2 Tìm tham số m để đồ thị hàm số (1) có tiếp tuyến tạo với đường thẳng d: x + y + = góc α , biết cos α = 26 Câu II (2 điểm)  2x  log 21  −4 ≤ 4− x 2 Giải bất phương trình: sin x.(2 cos x + 1) + = cos x + cos x − cos x Giải phương trình: Câu III (1 điểm) Tính tích phân: I = ∫ (1 + x +1 + 2x ) dx Câu IV(1 điểm) Cho hình chóp S.ABC có đáy ABC là tam giác vuông cân đỉnh A, AB = a Gọi I là trung điểm BC, hình chiếu vuông góc H S lên mặt đáy (ABC) thỏa mãn: IA = −2 IH , góc SC và mặt đáy (ABC) 60 Hãy tính thể tích khối chóp S.ABC và khoảng cách từ trung điểm K SB tới (SAH) Câu V(1 điểm) Cho x, y, z là ba số thực dương thay đổi và thỏa mãn: x + y + z ≤ xyz Hãy tìm giá trị lớn biểu thức: x y z + + x + yz y + zx z + xy P= PHẦN TỰ CHỌN (3 điểm): Thí sinh chọn làm hai phần ( phần A phần B ) A Theo chương trình chuẩn: Câu VI.a (2 điểm) Trong mặt phẳng Oxy, cho tam giác ABC biết A(3;0), đường cao từ đỉnh B có phương trình x + y + = , trung tuyến từ đỉnh C có phương trình: 2x-y-2=0 Viết phương trình đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC Trong không gian với hệ trục tọa độ Oxyz, cho các điểm A(-1;1;0), B(0;0;-2) và C(1;1;1) Hãy viết phương trình mặt phẳng (P) qua hai điểm A và B, đồng thời khoảng cách từ C tới mặt phẳng (P) Câu VII.a (1 điểm) 10 ( ) Cho khai triển: (1 + x ) x + x + B Theo chương trình nâng cao: Câu VI.b (2 điểm) = a + a1 x + a x + + a14 x 14 Hãy tìm giá trị a6 Trong mặt phẳng tọa độ Oxy, cho tam giác ABC biết A(1;-1), B(2;1), diện tích 11 và trọng tâm G thuộc đường thẳng d: x + y − = Tìm tọa độ đỉnh C 2.Trong không gian với hệ trục Oxyz, cho mặt phẳng (P) x + y − z + = ,đường thẳng d: x − y −1 z −1 = = −1 −3 Gọi I là giao điểm d và (P) Viết phương trình đường thẳng ∆ nằm (P), vuông góc với d và cách I khoảng Câu VII.b (1 điểm)  z +i Giải phương trình:   = i− z http://www.VNMATH.com http://www.VNMATH.com Lop12.net (9) http://www.VNMATH.com ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI -ĐÁP ÁN –THANG ĐIỂM ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG NĂM 2011 MÔN:TOÁN, Khối A PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH Câu I(2đ) ý Nội dung 1(1đ) Khảo sát hàm số m = Khi m = 2, hàm số trở thành: y = x3 − 3x + a) TXĐ: R b) SBT •Giới hạn: lim y = −∞; lim y = +∞ x →−∞ Điểm 0,25 x →+∞ •Chiều biến thiên: Có y’ = 3x2 − 6x; y’=0 ⇔ x =0, x =2 x +∞ −∞ y’ + − + +∞ y −∞ Hàm số ĐB trên các khoảng (−∞ ; 0) và (2 ; +∞), nghịch biến trên (0 ; 2) •Hàm số đạt cực đại x = 0, yCĐ = y(0) = 4; y Hàm số đạt cực tiểu x = 2, yCT = y(2) = c) Đồ thị: Qua (-1 ;0) Tâm đối xứng:I(1 ; 2) I 0,25 0,25 0,25 -1 x 2(1đ) Tìm m Gọi k là hệ số góc tiếp tuyến ⇒ tiếp tuyến có véctơ pháp n1 = (k ;−1) d: có véctơ pháp n2 = (1;1) 0,5  k1 =  Ta có cos α = ⇔ = ⇔ 12k − 26k + 12 = ⇔  26 k +1 k = n1 n2  Yêu cầu bài toán thỏa mãn ⇔ ít hai phương trình: y / = k1 (1) và y / = k (2) có nghiệm x n1 n2  3x + 2(1 − 2m) x + − m = ⇔ 3x + 2(1 − 2m) x + − m =  k −1 2 có nghiệm có nghiệm ∆/ ≥ ⇔ / ∆ ≥ - http://www.VNMATH.com Gv: Trần Quang Thuận Lop12.net 0,25 http://www.VNMATH.com Tel: 0912.676.613 – 091.5657.952 (10) http://www.VNMATH.com ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI -1  m ≤ − ; m ≥  8m − 2m − ≥ ⇔ m ≤ − m ≥ ⇔ ⇔ 0,25 m ≤ − ; m ≥ 4m − m − ≥  II(2đ) 1(1đ) Giải bất phương trình 2x   2x − ≤ log − x ≤ −2(1) log − x − ≥  0,25 Bpt ⇔  ⇔  x x log ≤9 2 ≤ log − x ≤ 3(2)  12 − x   3x −  − x ≥ 2x 16 ≤8⇔  ⇔ ≤x≤ Giải (1): (1) ⇔ ≤ 0,25 4−x  x − 16 ≤  − x 17 x −  − x ≥ 4 2x Giải (2): (2) ⇔ ≤ ≤ ⇔ ⇔ ≤x≤ 0,25 4− x 17 9x − ≤  − x  4   16  Vậy bất phương trình có tập nghiệm  ;  ∪  ;  0,25 17    2(1đ) Giải PT lượng giác Pt ⇔ sin x (2 cos x + 1) = (cos 3x − cos x) + (cos x − 1) − (2 cos x + 1) 0,5 ⇔ sin x(2 cos x + 1) = −4 sin x cos x − sin x − (2 cos x + 1) ⇔ (2 cos x + 1)( sin x + sin x + 1) = • sin x + sin x + = ⇔ sin x − cos x = −2 ⇔ sin(2 x − ⇔x=− π π ) = −1 0,25 + kπ 2π   x = + k 2π • cos x + = ⇔  (k ∈ Z )  x = − 2π + k 2π  π 2π 2π Vậy phương trình có nghiệm: x = + k 2π ; x = − + k 2π và x = − + kπ 3 0,25 III(1đ) 1(1đ) Tính tích phân - http://www.VNMATH.com Gv: Trần Quang Thuận Lop12.net http://www.VNMATH.com Tel: 0912.676.613 – 091.5657.952 (11) http://www.VNMATH.com ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI -4 x +1 dx I= ∫ + + 2x 0,25 t − 2t dx •Đặt t = + + x ⇒ dt = ⇒ dx = (t − 1)dt và x = + 2x Đổi cận x t •Ta có I = 4 2 (t − 2t + 2)(t − 1) t − 3t + 4t −  2 dt = ∫ dt = ∫  t − + − dt 0,5 2 ∫ 22 22 2 t t  t t ( = t2 2  − 3t + ln t +  2 t = ln − IV (1đ) ) 0,25 Tính thể tích và khoảng cách S •Ta có IA = −2 IH ⇒ H thuộc tia đối tia IA và IA = 2IH BC = AB = 2a ; AI= a ; IH= AH = AI + IH = 0,25 IA a = 2 3a K A B I H C •Ta có HC = AC + AH − AC AH cos 45 ⇒ HC = ∧ a 0,25 ∧ Vì SH ⊥ ( ABC ) ⇒ ( SC; ( ABC )) = SCH = 60 SH = HC tan 60 = • VS ABC = a 15 1 a 15 a 15 S ∆ABC SH = (a ) = 3 2 0,25 - http://www.VNMATH.com Gv: Trần Quang Thuận 10 Lop12.net http://www.VNMATH.com Tel: 0912.676.613 – 091.5657.952 (12) http://www.VNMATH.com ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI -• BI ⊥ AH   ⇒ BI ⊥ ( SAH ) BI ⊥ SH  0,25 d ( K ; ( SAH )) SK 1 a = = ⇒ d ( K ; ( SAH )) = d ( B; ( SAH ) = BI = d ( B; ( SAH )) SB 2 2 Tim giá trị lớn P Ta có V (1đ) x y z + + x + xy y + zx z + xy x y z Vì x; y; z > , Áp dụng BĐT Côsi ta có: P ≤ + + = 2 x yz y zx z xy P= = 0,25  2  + +  yz zx xy   1 1 1   yz + zx + xy   x + y + z    + + + + + =   ≤   y z z x x y   xyz xyz  2   xyz  = ≤   xyz  ≤ Dấu xảy ⇔ x = y = z = Vậy MaxP = 0,5 0,25 PHẦN TỰ CHỌN: Câu VIa(2đ) ý Nội dung 1(1đ) Viết phương trình đường tròn… KH: d1 : x + y + = 0; d : x − y − = Điểm 0,25 d1 có véctơ pháp tuyến n1 = (1;1) và d có véctơ pháp tuyến n2 = (1;1) • AC qua điểm A( 3;0) và có véctơ phương n1 = (1;1) ⇒ phương trình AC: x − y − = x − y − = C = AC ∩ d ⇒ Tọa độ C là nghiệm hệ:  ⇒ C (−1;−4) 2 x − y − = xB + y B ; ) ( M là trung điểm AB) 2 xB + yB + =  Ta có B thuộc d1 và M thuộc d nên ta có:  ⇒ B (−1;0) yB  x B + − − = • Gọi B( x B ; y B ) ⇒ M ( 0,25 • Gọi phương trình đường tròn qua A, B, C có dạng: x + y + 2ax + 2by + c = Thay tọa độ ba điểm A, B, C vào pt đường tròn ta có: - http://www.VNMATH.com Gv: Trần Quang Thuận 11 Lop12.net http://www.VNMATH.com Tel: 0912.676.613 – 091.5657.952 (13) http://www.VNMATH.com ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI -0,5 6a + c = −9  a = −1   ⇔ b = ⇒ Pt đường tròn qua A, B, C là:  − a + c = −1 − 2a − 8b + c = −17 c = −3   x + y − x + y − = Tâm I(1;-2) bán kính R = 2 2(1đ) Viết phương trình mặt phẳng (P) •Gọi n = (a; b; c) ≠ O là véctơ pháp tuyến (P) Vì (P) qua A(-1 ;1 ;0) ⇒ pt (P):a(x+1)+b(y-1)+cz=0 0,25 Mà (P) qua B(0;0;-2) ⇒a-b-2c=0 ⇒ b = a-2c Ta có PT (P):ax+(a-2c)y+cz+2c =0 • d(C;(P)) = 3⇔ 2a + c 2 a + ( a − 2c ) + c = ⇔ 2a − 16ac + 14c = 0,5 a = c ⇔  a = 7c •TH1: a = c ta chọn a = c = ⇒ Pt (P): x-y+z+2=0 0,25 TH2: a = 7c ta chọn a =7; c = ⇒Pt (P):7x+5y+z+2=0 VII.a (1 đ) Tìm hệ số khai triển (2 x + 1) + nên 4 (1 + x )10 ( x + x + 1) = (1 + x)14 + (1 + x)12 + (1 + x)10 16 16 14 6 • Trong khai triển (1 + x ) hệ số x là: C14 • Ta có x + x + = 0,25 12 Trong khai triển (1 + x ) hệ số x là: C126 10 Trong khai triển (1 + x ) hệ số x là: C 6 10 6 6 C14 + C12 + C106 = 41748 16 16 1(1đ) Tìm tọa độ điểm C x y • Gọi tọa độ điểm C ( xC ; y C ) ⇒ G (1 + C ; C ) Vì G thuộc d 3 x y   ⇒ 31 + C  + C − = ⇒ y C = −3xC + ⇒ C ( xC ;−3xC + 3)   • Vậy hệ số a = VI.b(2đ) 0,5 0,25 0,25 •Đường thẳng AB qua A và có véctơ phương AB = (1;2) - http://www.VNMATH.com Gv: Trần Quang Thuận 12 Lop12.net http://www.VNMATH.com Tel: 0912.676.613 – 091.5657.952 (14) http://www.VNMATH.com ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI -⇒ ptAB : x − y − = xC + 3xC − − 11 11 11 AB.d (C ; AB ) = ⇔ d (C ; AB) = ⇔ = 2 5  xC = −1 ⇔ xC − = 11 ⇔   xC = 17  • S ∆ABC = • TH1: xC = −1 ⇒ C (−1;6) 17 17 36 TH2: xC = ⇒ C ( ;− ) 5 2(1đ) Viết phương trình đường thẳng 0,5 0,25 • (P) có véc tơ pháp tuyến n( P ) = (1;1;−1) và d có véc tơ phương u = (1;−1;−3) I = d ∩ ( P ) ⇒ I (1;2;4) 0,25 [ ] • vì ∆ ⊂ ( P); ∆ ⊥ d ⇒ ∆ có véc tơ phương u ∆ = n( P ) ; u = (−4;2;−2) = 2(−2;1;−1) • Gọi H là hình chiếu I trên ∆ ⇒ H ∈ mp(Q) qua I và vuông góc ∆ Phương trình (Q): − 2( x − 1) + ( y − 2) − ( z − 4) = ⇔ −2 x + y − z + = Gọi d1 = ( P) ∩ (Q) ⇒ d1 có vécto phương x =  n( P ) ; n( Q ) = (0;3;3) = 3(0;1;1) và d1 qua I ⇒ ptd1 :  y = + t z = + t  [ ] Ta có H ∈ d1 ⇒ H (1;2 + t ;4 + t ) ⇒ IH = (0; t ; t ) 0,5 t = • IH = ⇔ 2t = ⇔  t = −3 x −1 y − z − = = −2 −1 x −1 y +1 z −1 TH2: t = −3 ⇒ H (1;−1;1) ⇒ pt∆ : = = −2 −1 Giải phương trình trên tập số phức ĐK: z ≠ i • TH1: t = ⇒ H (1;5;7) ⇒ pt∆ : VII.b 1đ • Đặt w = 0,25 z+i ta có phương trình: w = ⇔ ( w − 1)( w + w + 1) = i−z 0,5 - http://www.VNMATH.com Gv: Trần Quang Thuận 13 Lop12.net http://www.VNMATH.com Tel: 0912.676.613 – 091.5657.952 (15) http://www.VNMATH.com ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI - w =  w = −1+ i ⇔ ⇔ w =  w + w + =  w = − − i  z+i • Với w = ⇒ =1⇔ z = i−z −1+ i z + i −1+ i • Với w = = ⇔ (1 + i ) z = − − 3i ⇔ z = − ⇒ i−z 0,5 −1− i z + i −1− i = ⇔ (1 − i ) z = − 3i ⇔ z = ⇒ • Với w = i−z Vậy pt có ba nghiệm z = 0; z = và z = − - - http://www.VNMATH.com Gv: Trần Quang Thuận 14 Lop12.net http://www.VNMATH.com Tel: 0912.676.613 – 091.5657.952 (16) http://www.VNMATH.com ĐẠI HỌC SƯ PHẠM HÀ NỘI KHOA TOÁN – TIN ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC CAO ĐẲNG 2010 MÔN: TOÁN - Thời gian làm bài: 180 phút (không kể thời gian giao đề) I PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH Câu I( 2,0 điểm): Cho hàm số: (C) Khảo sát và vẽ đồ thị (C) hàm số Cho điểm A( 0; a) Tìm a để từ A kẻ tiếp tuyến tới đồ thị (C) cho tiếp điểm tương ứng nằm phía trục hoành Câu II (2,0 điểm): Giải phương trình lượng giác Giải hệ phương trình Câu III(1,0 điểm): Tính tích phân sau π I= dx ∫ π sin x cos x Câu IV(1,0 điểm): Cho ba số thực thỏa mãn ,Chứng minh rằng: Câu V(1,0 điểm): Cho tứ diện ABCD có AC = AD = (ACD) , BC = BD = a, khoảng cách từ B đến mặt phẳng Tính góc hai mặt phẳng (ACD) và (BCD) Biết thể khối tứ diện ABCD II PHẦN RIÊNG (Thí sinh làm phần A B) A Theo chương trình chuẩn Câu VIa(2,0 điểm): Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz cho điểm : A(1;2; 2) B(-1;2;-1) C(1;6;-1) D(-1;6;2) Tìm tọa độ hình chiếu vuông góc điểm A trên mặt phẳng (BCD) Trong mp với hệ tọa độ Oxy cho đường tròn : x2 +y2 -2x +6y -15=0 (C ) Viết PT đường thẳng (∆) vuông góc với đường thẳng : 4x-3y+2 =0 và cắt đường tròn (C) A; B cho AB = Câu VIIa(1,0 điểm): Xác định hệ số x5 khai triển (2+x +3x2 )15 B Theo chương trình nâng cao Câu VIb(2,0 điểm): Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz cho điểm : A(1;2; 2) B(-1;2;-1) C(1;6;-1) D(-1;6;2) Tìm tọa độ hình chiếu vuông góc điểm A trên mặt phẳng (BCD) Trong mp với hệ tọa độ Oxy cho đường tròn : x2 +y2 -2x +6y -15=0 (C ) Viết PT đường thẳng (∆ ) vuông góc với đường thẳng : 4x-3y+2 =0 và cắt đường tròn (C) A; B cho AB = Câu VIIb(1,0 điểm):Giải phương trình: http://www.VNMATH.com Gv: Trần Quang Thuận 15 Lop12.net http://www.VNMATH.com 0912.676.613 – 091.5657.952 (17) http://www.VNMATH.com ĐÁP ÁN NỘI DUNG CÂU ĐIỂM I 2,0 1,0 0,25 • TXĐ: D= R\{1} • y’= Hàm số luông nghịch biến trên D và không có cực trị 0,25 • Giới hạn: • PT đường TCĐ: x=1; PT đường TCN: y=1 • 0,25 Bảng biên thiên: t f’(t) + - + + f(t) - 0,25 • Đồ thị: y f(x) = x+2 x-1 5/2 -2 O x -2 1,0 0,25 • Gọi k là hệ số góc đt qua A(0;a) PT đt d có dạng y= kx+a (d) http://www.VNMATH.com Gv: Trần Quang Thuận 16 Lop12.net http://www.VNMATH.com 0912.676.613 – 091.5657.952 (18) http://www.VNMATH.com có nghiệm • d là tiếp tuyến với ( C ) ⇔ hệ PT <=>Pt (1-a)x2 +2(a+2)x-(a+2)=0 (1) có nghiệm x ≠ • Theo bài qua A có tiếp tuyến thì pt (1) có nghiệm x1 ; x2 phân biệt Đk là : (*) • Khi đó theo Viet ta có : x1 +x2 = • Suy y1 = 1+ • Để tiếp điểm nằm phía trục Ox thì y1.y2 <0 ⇔ (1+ • 0,25 ) ; x1.x2 = 0,25 ; y2 = <0 ⇔ 0,25 Giải đk trên ta ⇔ -(3a+2) <0 ⇔ a>-2/3 Kết hợp với đk (*) ta có ≠ a>-2/3 II 2,0 1,0 0,25 • ĐK: • 0,5 Với ĐK trên PT đã cho tương đương với 0,25 • Đối chiếu ĐK ta nghiệm pt đã cho là 1,0 • • 0.25 Đặt : t = x + y ; ĐK: t Giải PT: 0,5 http://www.VNMATH.com Gv: Trần Quang Thuận 17 Lop12.net http://www.VNMATH.com 0912.676.613 – 091.5657.952 (19) http://www.VNMATH.com 0,25 Hệ đã cho trở thành Vậy hệ dã cho có nghiệm III 1,0 π 0,5 π 3 dx dx I=∫ = ∫ 2 π sin x cos x π sin x cos x 4 Đặt : t = tanx Đổi cận: x = x= Khi đó I = (1 + t ) dt ∫1 t = ∫( 1 t3 + + ) dt = ( − + t + ) t t t2 = 0,5 3−4 IV 1,0 • BĐT cần chứng minh tương đương với • Nhận xét: Do • Xét : A = • Chia tử và mẫu cho • Xét hàm số f(t) = • Ta có : f’(t) = • Bảng biên thiên: t ’ f (t) nên 0,25 là các số thực dương 0,5 với x,y > và đặt t = trên (0;+ ta A = với t > ) + + f(t) http://www.VNMATH.com Gv: Trần Quang Thuận 18 Lop12.net http://www.VNMATH.com 0912.676.613 – 091.5657.952 (20) http://www.VNMATH.com • Dựa vao bảng biến thiên ta có f(t) với t > • Từ đó A = với x,y > 0; dấu xảy t = nên x = y • Do vai trò • Áp dụng BĐT cô si ta có • Thay vào ta suy BĐT chứng minh, dấu đẳng thức xảy a = b = c = 0,25 là nên BĐT cần chứng minh tương đương V 1,0 Gọi E là trung điểm CD, kẻ BH ACD cân A nên CD Ta có Tương tự Mà BH CD AE suy BH Do đó BH = 0,25 A AE BCD cân B nên CD Suy CD (ABE) AE BE BH H (ACD) và góc hai mặt phẳng D (ACD) và (BCD) là E B C 0,25 Thể tích khối tứ diện ABCD là Mà Khi đó : là nghiệm pt: x2 - x+ trường hợp Xét BED vuông E nên BE = Xét BHE vuông H nên sin = = vì DE<a 0,25 Vậy góc hai mp(ACD) và (BCD) là http://www.VNMATH.com Gv: Trần Quang Thuận 19 Lop12.net http://www.VNMATH.com 0912.676.613 – 091.5657.952 (21)

Ngày đăng: 01/04/2021, 06:16

TÀI LIỆU CÙNG NGƯỜI DÙNG

TÀI LIỆU LIÊN QUAN

w