Phương pháp giải nhanh hóa hữu cơ hơn 20 cách giải và 57 bài tập ví dụ

Dựa vào ĐLBTNT và ĐLBTKL: - Trong các phản ứng hóa học, ổng khối lượng các chấ ham gia phản ứng bằng ổng khối lượng của các sản phẩm ạo hành... Cô cạn dd hu được hỗn hợp rắn X..[r]

http: //ngoclinhson violet 1/21 PHƯƠNG PHÁP GIẢI NHANH HÓA HỮU CƠ HƠN 20 CÁCH GIẢI và 57 BÀI TẬP VÍ DỤ (Tài liệu biên ập lại nên còn mộ số lỗi - NLS) Khi đố cháy hidrocacbon hì cacbon ạo CO2 và hidro ạo H2O Tổng khối lượng C và H rong CO2 và H2O phải khối lượng hidrocacbon m hidrocacbon = mC(rong CO2) + m H(H2O) = nCO2 12 + nH2O Ví dụ Đố cháy hoàn oàn m gam hỗn hợp gồm CH4, C3H6 và C4H10 hu 17,6g CO2 và 10,8g H2O Giá rị m là: A 2g B 4g >>C 6g D 8g m = nCO2 12 + nH2O = 0,4 12 + 0,6 = g Khi đố cháy ankan hu nCO2 < nH2O và số mol ankan cháy hiệu số số mol H2O và số mol CO2 nAnkan = nH2O – nCO2 3n  O2  nCO2 + (n + 1) H2O CnH2n+2 + Có hế hiểu sau: lấy hệ số H2O – hệ số CO2 = n+1 – n = = nAnkan Hoặc Gọi x là số mol ankan  nCO2 = nx, nH2O = (n+1)x Thấy nH2O – nCO2 = x =nAnkan CT ankan = CnH2n+2  n = nCO2/nankan = nCO2/(nH2O – nCO2) Hoặc ankan hì n = nCO2/(nH2O – nCO2) Ví dụ Đố cháy hoàn oàn 0,15 mol hỗn hợp ankan hu 9,45g H2O Cho sản phẩm cháy vào dung dịch Ca(OH)2 dư hì khối lượng kế ủa hu là: A 37,5g B 52,5g C 15g D 42,5g Suy luận: Lop12.net http: //ngoclinhson violet 2/21 nCO2 = nH2O – nankan = 0,525 – 0,15 = 0,375 = nCaCO3  m CaCO3 = 0,375 100 = 37,5 g Ví dụ Đố cháy hoàn oàn hỗn hợp hidrocacbon liêm iếp rong dãy đồng đẳng hu 22,4 lí CO2(đkc) và 25,2g H2O Hai hidrocacbon đó là: >>A C2H6 và C3H8 B C3H8 và C4H10 C C4H10 và C5H12 D C5H12 và C6H14 Áp dụng CT: n = nCO2/(nH2O – nCO2) = 1/(1,4 -1) = 2,5  C2H6 và C3H8 Dựa vào phản ứng cháy anken mạch hở cho nCO2 = nH2O PT CnH2n + 3n/2 O2  nCO2 + nH2O Giải hích phần rên: Gọi x là số mol CnH2n  nCO2 = nH2O = nx Ví dụ Đố cháy hoàn oàn 0,1 mol hỗn hợp gồm CH4, C4H10 và C2H4 hu 0,14 mol CO2 và 0,23 mol H2O Số mol ankan và anken có rong hỗn hợp lần lượ là: >>A 0,09 và 0,01 B 0,01 và 0,09 C 0,08 và 0,02 D 0,02 và 0,08 Suy luận: Do nCO2 = nH2O(khi anken đố cháy)  nankan = nH2O – nCO2 =0,23 – 0,14 = 0,09; nanken = 0,1 – 0,09 mol Ví dụ Đố cháy hoàn oàn hỗn hợp hidrocacbon mạch hở rong cùng dãy đồng đẳng hu 11,2 lí CO2 (đkc) và 9g H2O Hai hidrocacbon đó huộc dãy đồng đẳng nào? A Ankan >>B Anken C Ankin D Aren Suy luận: nH2O = nCO2  Vậy hidrocacbon huộc dãy anken Lop12.net http: //ngoclinhson violet 3/21 (Do cùng dãy đồng đảng) Dựa vào phản ứng cộng anken với Br2 (hoặc H2) có ỉ lệ mol 1: 1., Ankin ỉ lệ 1: Ví dụ Cho hỗn hợp anken qua bình đựng nước Br2 hấy làm mấ màu vừa đủ dung dịch chứa 8g Br2 Tổng số mol anken là: A 0,1 >>B 0,05 C 0,025 D 0,005 Suy luận: nanken = nBr2 = 0,05 mol Đố cháy ankin: nCO2 > nH2O và nankin (cháy) = nCO2 – nH2O Giải hích: CnH2n – + (3n – 1)/2 O2  nCO2 + n-1 H2O Gọi x là số mol ankin  nCO2 = nx mol, nH2O = (n-1)x mol Ta hấy nCO2 – nH2O = nx –(n-1)x = x = nankin  CnH2n-2 hì n = nCO2/nankin = nCO2/(nCO2-nH2O) Khi đố cháy ankin hì: n = nCO2/nankin = nCO2/(nCO2 – nH2O) Ví dụ Đố cháy hoàn oàn V lí (đkc) mộ ankin hể khí hu CO2 và H2O có ổng khối lượng 25,2g Nếu cho sản phẩm cháy qua dd Ca(OH)2 dư hu 45g kế ủa a) V có giá rị là: A 6,72 lí B 2,24 lí C 4,48 lí >>D 3,36 lí b) Công hức phân ử ankin là: A C2H2 >>B C3H4 C C4H6 D C5H8 Lop12.net http: //ngoclinhson violet 4/21 Suy luận: a) nCO2 = nCaCO3 = 0,45 mol  mCO2 = 19,8 g  nH2O = (25,2 – 19,8)/18 = 0,3 mol  nankin = nCO2 – nH2O = 0,15 mol  V = 3,36 lí b Áp dụng CT n = nCO2/(nCO2 – nH2O) = 0,45/(0,45 – 0,3) = C3H4 Ví dụ 10 Đố cháy hoàn oàn V lí (đkc) ankin hu 10,8g H2O Nếu cho ấ sản phẩm cháy hấp hụ hế vào bình đựng nước vôi rong hì khối lượng bình ăng 50,4g a) V có giá rị là: A 3,36 lí B 2,24 lí >>C 6,72 lí D 4,48 lí b) Tìm CT ankin: A C2H2 >>B C3H4 C C4H6 D C5H10 Suy luận: a)Vì H2O và CO2 bị kiềm hấp hụ  m ăng = mCO2 + mH2O nH2O = 0,6 mol, nCO2 = (50,4 – 10,8)/44 = 0,9 mol  nankin = nCO2 – nH2O = 0,3 mol  V = 0,3 22,4 = 6,72 lí b) Áp dụng CT: n =nCO2/nankin = 0,9/0,3 = C3H4 Đố cháy hỗn hợp các hidrocacbon không no bao nhiêu mol CO2 Mặ # hidro hóa hoàn oàn đố cháy hỗn hợp các hidrocacbon không no đó hu nhiêu mol CO2 Đó là hidro hóa hì số nguyên ử C không hay đổi và số mol hidrocacbon no hu luôn số mol hidrocacbon không no VD Đố cháy: C2H4 + O2  2CO2  nCO2 = 2nC2H4 Hidro hóa (phản ứng cộng H2) C2H4 + H2  C2H6 C2H6 + O2  2CO2  nCO2 = 2nC2H6 mà nC2H6 = nC2H4 Lop12.net http: //ngoclinhson violet 5/21 Cứ hidrocacbon không no (Như anken ankin) Ví dụ 12 Chia hỗn hợp gồm C3H6, C2H4, C2H2, hành phần nhau: Đố cháy phần hu 2,24 lí CO2 (đkc) Hidro hóa phần đố cháy hế sản phẩm hì hể íchCO2 hu là: >>A 2,24 lí B 1,12 lí C 3,36 lí D 4,48 lí Sau hidro hóa hoàn oàn hidrocacbon không no đố cháy hì hu số mol H2O nhiều so với đố lúc chưa hidro hóa Số mol H2O rội chính số mol H2 đã ham gia phản ứng hidro hóa Nhớ Anken + H2 ỉ lệ 1: (do anken có liên kế đôi) Ankin + H2 ỉ lệ 1: (do ankin có liên kế ba) Nếu xúc ác là Ni nung nóng nH2O(khi hidro hóa đố cháy) = nH2O(khi đố cháy) +nH2 (ham gia hidro hóa) Ví dụ 13 Đố cháy hoàn oàn 0,1 mol ankin hu 0,2 mol H2O Nếu hidro hóa hoàn oàn 0,1 mol ankin này đố cháy hì số mol H2O hu là: A 0,3 >>B 0,4 C 0,5 D 0,6 Suy luận: Do hidro hóa hoàn oàn  ỉ lệ ankin và H2 là 1:  nH2 = 2nankin = 0,2 mol  nH2O(khi hidro hóa và đố cháy)=nH2O(khi đố cháy)+nH2 = 0,4 mol Dựa và cách ính số nguyên ử C và số nguyên ử C rung bình khối lượng mol rung bình… + Khối lượng mol rung bình hỗn hợp: M  mhh nhh Lop12.net http: //ngoclinhson violet + Số nguyên ử C: n 6/21 nco2 nC X HY + Số nguyên ử C rung bình: n nCO2 nhh ; n n1a  n2b ab Trong đó: n1, n2 là số nguyên ử C chấ 1, chấ a, b là số mol chấ 1, chấ CT rên lấy ừ phản ứng đố cháy hidrocacbon Trường hợp đặc biệ: Khi số nguyên ử C rung bình rung bình cộng số nguyên ử C hì chấ có số mol n = 1,5; 2,5; 3,5 hì mol n1 = mol n2 Tương ự có số rường hợp khác: n = ….,67; n ,33 n = …,2; n =…,8 Chỗ “ ” là mộ số bấ kì 1; 2; 3;4 VD Thay vào rên hì ìm ỉ lệ mol chấ VD n = 1,67 hì n1 = 1, n2 =  1,67 = (a + 2b)/(a+b)  0,67a = 0,33b  2a = b Tức là số mol chấ = lần số mol chấ Chú ý: Cách ìm% heo hể ích nhanh bài chấ liên iếp VD Khi ìm n = 1,67 % Vchấ có C lớn nhấ (Tức là n =2) = 67% %V Chấ có C nhỏ = 100 – 67 = 33% Nhận hấy% V chấ có C lớn nhấ là số ,67 còn nhỏ nhấ hì rừ là VD n = …,3 (Chỗ … có hể là hoặc ….)  %V có C lớn nhấ = 30%  %V nhỏ = 70% Nếu đề bài bảo ính% heo khối lượng hì dựa vào ỉ lệ số mol VD Cho ankan liên iếp ìm n = 1,67  ỉ lệ mol 2a = b(vừa làm rên) n1 = CH4, n2 = C2H6 %CH4 = 16 a/(16a + 28b) = 16a/(16a + 28 2a) = 22,22% % C2H6 = 77 78% Ví dụ 14 Hỗn hợp ankan là đồng đẳng liên iếp có khối lượng là 24,8g Thể ích ương ứng hỗn hợp là 11,2 lí (đkc) Công hức phân ử ankan là: A CH4, C2H6 Lop12.net http: //ngoclinhson violet 7/21 B C2H6, C3H8 >>B C3H8, C4H10 D C4H10, C5H12 Suy luận: Gọi CT CnH2n + (n rung bình) 24,8 M hh   49,6  14 n + = 49,6  n = 3,4 0,5  hidrocacbon là C3H8 và C4H10 Ví dụ 15 Cho 14g hỗn hợp anken là đồng đẳng liên iếp qua dung dịch nước Br2 hấy làm mấ màu vừa đủ dd chứa 64g Br2 Công hức phân ử các anken là: >>A C2H4, C3H6 B C3H8, C4H10 C C4H10, C5H12 D C5H10, C6H12 Tỷ lệ số mol anken rong hỗn hợp là: A 1: B 2: C 2: >>D 1: Suy luận: Tỉ lệ anken: Br = 1: 1,, CT CnH2n (n rung bình)  nanken = nBr = 0,4 mol 14 M anken   35 ;  14n  35  n  2,5 Đó là: C2H4 và C3H6 0,4 Thấy n = 2,5 hấy (2 + 3)/2 = 2,5 (Trung bình cộng) nC2H4 = nC3H6  ỉ lệ 1: Ví dụ 17 Đố cháy hidrocacbon hể khí kế iếp rong dãy đồng đẳng hu 48,4g CO2 và 28,8g H2O Phần răm hể ích hidrocacbon là: A 90%,10% B 85% 15% >>C 80%,20% D 75% 25% Lop12.net http: //ngoclinhson violet 8/21 nCO2 = 1,1mol, nH2O = 1,6 mol  nH2O > nCO2: ankan(có hể không nói được)  n = nCO2/(nH2O – nCO2) = 1,1/(1,6-1,1) =2,2 %V chấ có C lớn (Tức là 3) = 20% %VNhỏ = 80% CT ổng quá nhấ chấ có chứa C, H, O (ghi nhớ) Phần này bổ rợ cho 12 phần ese CnH2n +2 - 2a – m (chức m) Trong đó a là số liên kế pi ính sau a = (2 số C + – số H)/2 (Áp dụng cho hidrocacbon phần hidrocacbon dựa vào CT TQ là VD C3H4 hì là ankin có 2lk pi Nếu áp dụng CT ìm = 2) m là số nhóm chức (VD: 1,2,3 nhóm OH) (CHức: – OH, -O-, COOH, COO…) VD chấC4H6O2 hỏi có lk pi? Áp dụng CT số pi =(2 +2 – 6)/= VD CT ổng quá rượu: Rượu có nhóm chức OH CnH2n + -2a –m(OH)m Nếu là rượu no hì không có lk pi hidrocacbon no:  a=  CT: CnH2n + –m(OH)m CnH2n+2Om Nếu là rượu không no có 1lk pi (như anken) liên kế pi(như ankin) hì hay vào rên a CT Đối với hidrocacbon hì không có nhóm chức: CT ổng là CnH2n+2 – 2a Ví dụ 18 Công hức rượu no,3 nhóm OH là: A CnH2n-3(OH)2 B CnH2n+1(OH)3 >>C CnH2n-1(OH)3 D CnH2n+2(OH)3 Áp dụng nhóm OH  m =3, rượu no  a = 0,  CT: CnH2n + -3(OH)3  C Ví dụ 19 Công hức phân ử ổng quá rượu nhóm OH có liên kế đôi rong gốc hidrocacbon? A CnH2n+2O2 B CnH2n-2O2 >>C CnH2nO2 Lop12.net http: //ngoclinhson violet 9/21 D CnH2n-1O2 Suy luận: Là rượu nhóm OH  m = 2, có liên kế đôi ức là lk pi  a = CT: CnH2n+ – – (OH)2 = CnH2nO2  C Ví dụ 20 Chấ sinh axi đơn chức, có lk đôi? (Gợi ý axi có gốc COOH) >>A CnH2n-1COOH B CnH2n+1COOH C CnH2nCOOH D CnH2n2COOH Suy luận: Axi đơn chức  m =1,1 lk đôi  a =1  CT CnH2n+2 -2 -1(COOH) = CnH2n-1(COOH)  A Bài ập vận dụng: Ví dụ 21 Rượu chức có lk pi Tìm CT ổng quá? Ví dụ 22 Rượu chức có lk pi Tìm CT ổng quá? Ví dụ 23 Tìm số lk pi rong các chấ sau: C6H10O2;C8H12O4; C9H10O(C6H5COCH2CH3)(Vòng benzen có và CO có 1) Ví dụ 24 Rượu đơn chức lk pi(Giống ankin) Tìm CT ổng quá? (CnH2n-2Om) Ví dụ 25 X là ancol mạch hở có chứa mộ liên kế đôi rong phân ử Khối lượng lượng phân ử X nhỏ 58 đvC Công hức phân ử X là: >>A C2H4O B C2H4(OH)2 C C3H6O D C3H6(OH)2 10 Phản ứng đố cháy Rượu Từ phần 10 Ta ìm CT sau: - Rượu no: CnH2n + – m (OH)m CnH2n + 2Om (m là số chức) Để ý ô đóng khung giống hệ CT ankan  Cách giảo giống bài ập ankan n Rượu = nH2O – nCO2, n = nCO2/(nH2O – nCO2) (Có hể là n ) (Không in hử Viế PT làm phần ankan) Lop12.net http: //ngoclinhson violet 10/21 -Rượu không no, có 1lk pi (Giống anken): CnH2n+ -2-m(OH)m = CnH2n Om Giống anken  nCO2 =nH2O -Rượu không no, có 2lk pi(Giống ankin): CnH2n+2 -4-m(OH)m = CnH2n-2Om Giống ankin n Rượu = nCO2 – nH2O, n=nCO2/(nCO2 –nH2O) Ví dụ 27 Đố cháy hỗn hợp rượu đồng đẳng có cùng số mol nhau, a hu khí CO2 và nước H2O có ỉ lệ mol nCO2: nH2O = 3: Biế khối lượng phân ử rong chấ là 62 Công hức rượu là? A CH4O và C3H8O B, C2H6O và C3H8O >>C C2H6O2 và C4H10O2 D CH4O và C2H6O2 Áp dụng CT: nH2O>nCO2  rượu no n = nCO2/(nH2O –nCO2) = 3/(4-3) =  C Ví dụ 28 Khi đố cháy mộ ancol đa chức hu nước và khí CO2 heo ỉ lệ khối lượng mCO : m H O  44 : 27 Công hức phân ử ancol là: >>A C2H6O2 B C4H8O2 C C3H8O2 D C5H10O2 mCO2: mH2O = 44: 27  nCO2/nH2O = 2/3  (Rượu no vì nH2O > nCO2)  n = nCO2/(nH2O – nCO2) = 2/(3-2) =2  A 2 11 Dựa rên phản ứng ách nước rượu no đơn chức hành anken → n andehi = n rượu (vì số nguyên ử C không hay đổi Vì đố rượu và đố anken ương ứng cho số mol CO2 nhau.) Ví dụ 29 Chia a gam ancol eylic hành phần Phần 1: mang đố cháy hoàn oàn → 2,24 lí CO2 (đkc) Phần 2: mang ách nước hoàn oàn hành eylen, Đố cháy hoàn oàn lượng eylen → m gam H2O m có giá rị là: A 1,6g >>B 1,8g C 1,4g D 1,5g 10 Lop12.net http: //ngoclinhson violet 11/21 Suy luận: nCO2(khi đố cháy rượu) = nanken(khi đố cháy rượu) = 0,1 mol Mà đố cháy anken hì nCO2 =nH2O = 0,1 mol  mH2O = 1,8g 12 Đố chấ hữu cơ, phân ử có cùng số nguyên ử C, cùng số mol CO2 hì chấ hữu mang đố cháy cùng số mol Vì số mol CO2 luôn = số C(rong chấ hữu cơ) Mol hữu Ví dụ 31 C2H5OH  2CO2 và C2H6  2CO2 Ví dụ 32 Đố cháy a gam C2H5OH 0,2 mol CO2 Đố cháy 6g CH3COOH 0,2 mol CO2 Cho a gam C2H5OH ác dụng với 6g CH3COOH (có H2SO4đ x, 0 Giả sử H = 100%) c gam ese C có giá rị là: A 4,4g >>B 8,8g C 13,2g D 17,6g Suy luận: nC2H5OH = nCH3COOH = 1/2nCO2 = 0,1 mol PT: Học bài axi (Nói sau ổng quá phần ese) nC2H5OH= nCH3COOC2 H5  0,1mol  meste  c  0,1.88  8,8 g 13 Dựa rên phản ứng đố cháy anđehi no, đơn chức cho số mol CO2 = số  H , xt  O2 ,t  rượu   cho số mol CO2 số mol mol H2O Anđehi  CO2 đố anđehi còn số mol H2O rượu hì nhiều Số mol H2O rội số mol H2 đã cộng vào andehi (Phần này giống phần 7) nH2O(Khi đố cháy rượu) = nH2O(hoặc n CO2 đố cháy andehi) + nH2 (khi phản ứng với andehi) Ví dụ 34 Đố cháy hỗn hợp anđehi no, đơn chức hu 0,4 mol CO2 Hidro hóa hoàn oàn anđehi này cần 0,2 mol H2 hu hỗn hợp rượu no, đơn chức Đố cháy hoàn oàn hỗn hợp rượu hì số mol H2O hu là: A 0,4 mol >>B 0,6mol C 0,8 mol D 0,3 mol Suy luận: Áp dụng CT rên nH2O = nCO2 + nH2 = 0,4 + 0,2 = 0,6 mol 11 Lop12.net http: //ngoclinhson violet 12/21 14 Dựa và phản ứng ráng gương (những chấ có gốc CHO) Phản ứng andehi: Tỉ lệ andehi với Ag = 1: 2n (với n là số gốc CHO VD C2H5(CHO)2  có gốc CHO) nHCHO: nAg = 1: 4, H – C - H có gốc CHO (2 ô hể gốc) O nR-CHO: nAg = 1: 2(rường hợp có nhóm CHO) Ví dụ 36 Cho hỗn hợp HCHO và H2 qua ống đựng bộ nung nóng Dẫn oàn hỗn hợp hu đượu sau phản ứng vào bình nước lạnh để ngưng ụ chấ lỏng và hoa an các chấ có hể an được, hấy khối lượng bình ăng 11,8g Lấy dd rong bình cho ác dụng với dd AgNO3/NH3 hu 21,6g Ag Khối lượng CH3OH ạo rong phản ứng hợp H2 HCHO là: A 8,3g B 9,3g >>C 10,3g D 1,03g Ni Suy luận: H-CHO + H2   CH3OH t0 ( mCH3OH  mHCHO ) chưa phản ứng là 11,8g Tỉ lệ mol giữa: HCHO với H2 = 1: 1 21,6 nHCHO  nAg    0,05mol 4 108 mHCHO = 0,05 30 = 1,5g; mCH3OH  11,8  1,5  10,3 g Ví dụ 37 Cho hỗn hợp gồm 0,1 mol HCOOH và 0,2 mol HCHO ác dụng hế với dd AgNO3/NH3 hì khối lượng Ag hu là: >>A 108g B 10,8g C 216g D 21,6g Suy luận: 0,1 mol HCO-OH → 0,2 mol Ag 0,2 mol HCHO → 0,8 mol Ag → nAg = mol  Đáp án A 12 Lop12.net http: //ngoclinhson violet 13/21 15 Dựa vào công hức ính số ee ao ừ hỗn hợp rượu dựa vào ĐLBTKL Ví dụ 38 Đun hỗn hợp rượu no đơn chức với H2SO4đ,1400C hì số ee hu là: A 10 B 12 >>C 15 D 17 x( x  1) Suy luận: Áp dụng công hức: ee → hu 15 ee Ví dụ 40 Đun 132,8 hỗn hợp gồm rượu đơn chức với H2SO4 đặc,1400C → hỗn hợp các ee có số mol và có khối lượng là 111,2g Số mol ee là: A 0,1 mol >>B 0,2 mol C 0,3 mol D 0,4 mol Suy luận: Đun hỗn hợp rượu ạo ee Theo ĐLBTKL: mrượu = mee + mH 2O → mH 2O = 132,8 – 111,2 = 21,6g Do n ete   nH 2O  21,6 1,2  1,2mol  nmỗi ee =  0,2mol 18 16 Dựa vào phương pháp ăng giảm khối lượng: Nguyên ắc: Dựa vào ăng giảm khối lượng chuyển ừ chấ này sang chấ khác để xác định khối lượng hỗn hợp hay chấ Cụ hể: Dựa vào p ìm hay đổi khối lượng mol A → 1mol B chuyển ừ x mol A → y mol B (với x, y là ỉ lệ cân phản ứng) Tìm hay đỏi khối lượng (A→B) heo bài z mol các chấ ham gia phản ứng chuyển hành sản phẩm Từ đó ính số mol các chấ ham gia phản ứng và ngược lại * Đối với rượu: Xé phản ứng rượu với K: 13 Lop12.net http: //ngoclinhson violet 14/21 x H2 Hoặc ROH + K → ROK + H2 Theo p a hấy: mol rượu ác dụng với K ạo mol muối ancola hì khối lượng ăng: 39 – = 38g Vậy đề cho khối lượng rượu và khối lượng muối ancola hì a có hể ính số mol rượu, H2 và ừ đó xác định CTPT rươụ * Đối với anđehi: xé phản ứng ráng gương anđehi NH ,t R – CHO + Ag2O   R – COOH + 2Ag Theo p a hấy: 1mol anđehi đem ráng gương → mol axi   m = 45 – 29 = 16g Vậy đề cho manđehi, maxi → nanđehi, nAg → CTPT anđehi * Đối với axi: Xé phản ứng với kiềm R(COOH)x + xNaOH → R(COONa)x + xH2O Hoặc RCOOH + NaOH → RCOONa + H2O mol → mol →  m  = 22g * Đối với ese: xé phản ứng xà phòng hóa RCOOR’ + NaOH → RCOONa + R’OH mol → mol →  m  = 23 – MR’ * Đối với aminoaxi: xé phản ứng với HCl HOOC-R-NH2 + HCl → HOOC-R-NH3Cl mol → 1mol →  m  = 36,5g R(OH ) x  xK  R(OK ) x  Ví dụ 41 Cho 20,15g hỗn hợp axi no đơn chức ác dụng vừa đủ với dd Na2CO3 hì hu V lí CO2 (đkc) và dd muối Cô cạn dd hì hu 28,96g muối Giá rị V là: A 4,84 lí >>B 4,48 lí C 2,24 lí D 2,42 lí E Kế khác Suy luận: Gọi công hức rung bình axi là: R  COOH Ppu: R  COOH + Na2CO3 → R  COONa + CO2  + H2O Theo p: mol → mol mol   m = (23 - 11) = 44g 14 Lop12.net http: //ngoclinhson violet 15/21 Theo đề bài: Khối lượng ăng: 28,96 – 20,15 = 8,81g 8,81  0,2mol → Thể ích CO2: V = 0,2 22,4 = 4,48 lí 44 Ví dụ 42 Cho 10g hỗn hợp rượu no đơn chức kế iếp rong dãy đồng đẳng ác dụng vừa đủ với Na kim loại ạo 14,4g chấ rắn và V lí khí H2 (đkc) V có giá rị là: A 1,12 lí >>B 2,24 lí C 3,36 lí D 4,48 lí → Số mol CO2 = Suy luận: R-OH +2Na  2RONa + H2 PT 2mol 2mol 1mol  m Tăng = 22 = 44g Theo đầu bài khối lượng ăng = 14,4 – 10 = 4,4 g  nH2 = 4,4/44 = 0,1 mol  V = 2,24 lí Có hể làm heo cách khác ương ự rên không viế PT Ta biế R-OH  RONa M ăng 22 g Mà m ăng = 4,4 g  nR-OH =nRONa = 0,2 mol Mà ỉ lệ R-OH với H2 là 2:  nH2 = 1/2nR-OH = 0,1 mol 17 Dựa vào ĐLBTNT và ĐLBTKL: - Trong các phản ứng hóa học, ổng khối lượng các chấ ham gia phản ứng ổng khối lượng các sản phẩm ạo hành A+B→C+D Thì mA + mB = mC + m D Gọi mT là ổng khối lượng các chấ rước phản ứng MS là ổng khối lượng các chấ sau phản ứng Dù phản ứng vừa đủ hay còn chấ dư a có: mT = mS - Sử dụng bảo oàn nguyên ố rong phản ứng cháy: Khi đố cháy hợp chấ A (C, H) hì nO ( CO2 )  nO ( H 2O )  nO ( O2 pu ) → mO ( CO2 )  mO ( H 2O )  mO ( O2 pu ) Giả sử đố cháy hợp chấ hữu A (C, H, O) A + O2 → CO2 + H2O 15 Lop12.net http: //ngoclinhson violet 16/21 Ta có: mA  mO2  mCO2  mH 2O Với mA = mC + mH + mO Ví dụ 43 Đố cháy hoàn oàn m gam hỗn hợp Y: C2H6, C3H4, C4H8 hì hu 12,98g CO2 và 5,76g H2O Tính giá rị m? (Đáp án: 4,18g) Ví dụ 44 cho 2,83g hỗn hợp rượu đơn chức ác dụng vừa đủ với Na hì hoá 0,896 lí H2 (đkc) và m gam muối khan Giá rị m là: A 5,49g B 4,95g C 5,94g >>D 4,59g Ví dụ 45 Cho 4,2g hỗn hợp gồm rượu eylic, phenol, axi fomic ác dụng vừa đủ với Na hấy hoá 0,672 lí H2 (đkc) và 1dd Cô cạn dd hu hỗn hợp rắn X Khối lượng X là: A 2,55g >>B 5,52g C 5,25g D 5,05g Suy luận: Cả hợp chấ rên có nguyên ử H linh động → Số mol Na = 2nH2 = 0,03 = 06 mol Áp dụng ĐLBTKL: → mX = m hỗn hợp + mNa – mH2 = 4,2 + 0,06 23 – 0,03 = 5,52g Hoặc dùng ăng giảm khối lượng: mX = m (hỗn hợp) + m (tăng) = 4,2 + 0,06(23-1)=5,52 Ví dụ 46 Chia hỗn hợp anđehi no đơn chức làm phần nhau: P1: Đem đố cháy hoàn oàn hu 1,08g H2O P2: Cho ác dụng với H2 dư (Ni, 0) hì hu hỗn hợp A Đem A đố cháy hoàn oàn hì hể ích CO2 (đkc) hu là: A 1,434 lí B 1,443 lí >>C 1,344 lí D 1,444 lí 16 Lop12.net http: //ngoclinhson violet 17/21 Suy luận: Vì anđehi no đơn chức nên số mol CO2 = sô mol H2O = 0,06 mol → nCO2 ( P 2)  nC ( P 2)  0,06mol Theo BTNT và BTKL a có: nC ( P 2)  nC ( A)  0,06mol → nCO2 ( A)  0,06mol → VCO2  22,4.0,06  1,344 lí Ví dụ 47 Tách nước hoàn oàn ừ hỗn hợp Y gồm rượu A, B a hỗn hợp X gồm các olefin Nếu đố cháy hoàn oàn Y hì hu 0,66g CO2 Vậy đố cháy hoàn oàn X hì ổng khối lượng CO2 và H2O là: A 0,903g B 0,39g C 0,94g >>D 0,93g Suy luận: nCO2(Đố cháy rượu) = nCO2(đố cháy anken) = nH2O(đố cháy anken) = 0,015 mol  m = 0,015(44 + 18)=0,93 g 18 Phản ứng hợp chấ C, H C, H, O Với hidrocacbon: CxHy + (x+y/4) O2  xCO2 + y/2H2O Với hợp chấ chứa (C, H, O): CxHyOz + (x +y/4 –z/2)O2  x CO2 + y/2H2O Phần này cần nhớ hệ số O2 Với CxHy  x+y/4, với CxHyOz  (x+y/4 – z/2) Ví dụ 49 Đố cháy 1mol chấ hữu cần 3,5 mol O2 Vậy chấ hữu đó có hể là: A C3H6O2 B C2H5OH C C3H7OH D C5H9OH Suy luận: PT CxHyOz  (x + y/4 –z/2)O2 TheoPT: mol  (x+y/4 – z/2)O2 Theo ĐB: mol  3,5 mol  x + y/4 – z/2 = 3,5  Đáp án A phù hợp 17 Lop12.net http: //ngoclinhson violet 18/21 Nhớ nO2/n hợp chấ = x + y/4 –z/2 (Với CxHyOz) còn = x+y/4(với CxHy) (mẹo làm nhanh) 19 Dạng bài ìm CT biế% Oxi Ví dụ 50 Chấ hữu X hành phần gồm C, H, O rong đó%O: 53,3 khối lượng Khi hực phản ứng rang gương, ừ mol X → mol Ag CTPT X là: >>A HCHO B (CHO)2 C CH2(CHO)2 D C2H4(CHO)2 Phương pháp giải PT ẩn Gọi CT X: CxHyOz % chấ rong hợp chấ = M chấ đó/M hợp chấ VD Tìm% Na rong Na2CO3 %Na = 23 100%/(23 + 12 + 16 3) = 43,4% Theo rên hì %O = 16z 100%/(12x + y + 16z) = 53,3% Lấy 100/53,3 (đừng lấy 53,3 (12x + y + 16z))  16z 100/53,3 = 12x + y + 16z  14z = 12x + y  Giải PT ẩn: a hế z = vào rên  12x + y = 14 Cách ìm x = 14/12 = a, hì a = x (Tức là hay z = vào hì x = 14z/12 lấy phần nguyên ko lấy sau dấu, làm ròn)  x =  y =  CT đơn giản (CH2O)n (HCHO)n Theo đầu bài nAg/nX = = 2  có gốc CHO mà HCHO có gốc CHO  n=  CT HCHO Nói hêm bài oán% O hợp chấ chứa C, H, O Giả sử bài cho sau: A là hợp chấ hữu mạch hở chứa C, H, O và%O = 43,24 Biế m oxi rong mol A< m Nio rong 150g NH4NO3 Tìm Tổng hệ số hợp chấ đó (đề bài cố ình dấu đáp án hỏi ìm ổng hệ số) Phương pháp giải PT ba ẩn: Như bài rên CT A CxHyOz %O = 16z 100%/(12x + y + 16z) = 43,24%  16z 100/43,24 = 12x + y + 16z  21z = 12x +y Thay z = 1,2,3 vào để ìm nghiệm nguyên (trường hợp nào hợp lý hì chọn) 18 Lop12.net http: //ngoclinhson violet 19/21 Nếu hay nhiều hì ìm công hức đơn giản VD Thay z =  x = a, = 21/12 = 1,  y = Ta hấy vô lý không có chấ có công thức CH9O Ta hay iếp z =  x = a, = 21 2/12 = (lên nhớ lấy số rước dấu ”, ”)  y = 42 - 36 =  CT: (C3H6O2)n Ta cần hay đến đây hôi Nếu hay iếp z =  (C6H12O4)n không ối giản CT Theo đề bài mO rong 1mol A < m N rong 150g NH4NO3 Nhớ m chấ rong hợp chấ: Cho a mol AxBy  m A = a x MA, m B = a y MB  32n < 14 1,875  n<1,64  n =  CT: C3H6O2  ổng hệ số = 3+6+2 = 11 Tương ự: Ví dụ 51 Cho hợp chấ hữu có mạch hở chứa nguyên ử C, H, O có% O = 50 Đố cháy 0,1 mol A hu V lí CO2 Tìm giá rị V Cũng bài rên a có sau: %O = 16z 100%/(12x + y + 16z) = 50%  16z = 12x + y Thay z =  x = 1, y =  CT: (CH4O)n Điều kiện: số H  số C +  4n < 2n +  n   n =  CT: CH4O nCO2 = số C (rong hợp chấ) mol hợp chấ = 0,1 mol  V = 2,24 lí Tương ự với % O = 55,17%; 34,78% Ta có bảng sau (ghi nhớ cách làm dạng bài này hì ố) %O CTCT 55,17% (CHO)n 53,33% (CH2O)n 50% CH4O 43,24% (C3H6O2)n 37,21% (C2H3O)n 34,78% C2H6O Với % = 37,21  27z = 12x + y  z = 1, x = 2, y =  CT (C2H3O)n 19 Lop12.net http: //ngoclinhson violet 20/21 Ví dụ 52 Mộ hợp chấ có mạch hở: C, H, O có%O = 34,78% Đố cháy 0,1 mol A hấy V lí O2 Tính V Suy luận: Thấy% = 34,78%  C2H6O Theo Phần rước CxHyOz  x+y/4 –z/2 O2 C2H6O(2+6/4 -1/2)O2A 3O2  nO2 =3nA = 0,3 V = 6,72 lí Mộ số dạng khác: Ví dụ 54 Rượu no đơn chức A có%C = 37,5% CTPT rượu A là: >>A CH3OH B C3H7OH C C2H5OH D C4H9OH Suy luận: Cách Dùng mẹo: nhận hấy đáp án A có %C = 12 100%/32 = 37,5%  Chọn A Cách Rượu no đơn chức  CT: CnH2n+2O  %C = 12n 100%/(14n+18) = 37,5%  n = 1 A Ví dụ 55 Rượu no đơn chức A có%H = 13,3333% CTPT rượu A là: >>A C3H7OH B C2H5OH C C4H9OH D CH3OH Suy luận: Ruợu no đơn chức  CT: CnH2n+2O %H = (2n+2) 100%/(14n + 18) = 13,333  n=3  A Ví dụ 56 A là hidrocacbon huộc dãy đồng đẳng benzen có% H = 9,43% Tìm CT A Suy luận: A thuộc dãy đồng đẳng benzen  CT: CnH2n – với n >=  %H = (2n-6) 100%/(14n -6) = 9,43  n =  CT: C8H10 20 Lop12.net