Đáp án chuyên Vật lí Hải Dương 2015-2016 - Học Toàn Tập

[r]

3 SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO

HẢI DƯƠNG

ĐÁP ÁN VÀ HƯỚNG DẪN CHẤM THI TUYỂN SINH LỚP 10 THPT CHUYÊN NGUYỄN TRÃI

NĂM HỌC 2015 - 2016 Môn thi: VẬT LÍ

Hướng dẫn chẫm gồm : 04 trang

Câu Nội dung đáp án Điểm

1 (2điểm)

a

Vật chuyển động qua giai đoạn:

Giai đoạn 1: Vật chuyển động hoàn toàn nước

Giai đoạn 2: Vật chuyển động từ nước ngoài không khí Giai đoạn 3: Vật chuyển động hoàn toàn không khí

Công suất của lực kéo là: P = Fv t

s F t A





Giai đoạn 1: Vật chuyển động hoàn toàn nước Lực kéo tác dụng lên vật: N

v

F 35000

2 , 7000

1  

 

Giai đoạn 3: Vật chuyển động hoàn toàn không khí, lực kéo vật là N

v

F 40000

2 , 8000 '2  

Trong lượng của vật P=F’=40000N

Khối lượng của vật: m=P/10=40000/10=4000kg

Lực đẩy Acsimét tác dụng lên vật: FA=P-F=40000-35000=5000N

Thể tích của vật: V=FA/d0=5000/10000=0,5m3

Khối lượng riêng của vật là: / 8000

, 4000

m N V

m

dV   

0,25

0,25

0,25 0,25 0,25 b Khoảng cách từ mặt thoáng đến mặt của vật vật ở đáy hồ:

h=v.t1=0,2.50=10m

Áp suất của nước tác dụng lên mặt của vật: p=d0h=10000.10=100000Pa

Giai đoạn 2: Vật chuyển động từ nước ngoài không khí Độ cao của vật: h’=v.t2=0,2.10=2m

Diện tích mặt của vật: 25 ,

5 ,

' m

h V

S  

Áp lực: FL=p.S=100000.0,25=25000N

0,25

0,25 0,25

2 (2,0điểm)

a Gọi nhiệt dung riêng của nước và quả cầu lần lượt là c1, c2

Khi thả quả cầu từ bình A vào bình B lần 1: m3c2(100-25)=m2c1(25-20) → 15 m3c2=m2c1 (1)

Thả quả cầu từ bình B vào bình A:

m3c2(90-25)=m1c1(100-90) → 6,5 m3c2=m1c1 (2)

Thả quả cầu từ bình A vào bình B lần 2: m3c2(90-t)=m2c1(t-25) (3)

Thay (1) và0 (3): 90-t=15(t-25) → t=29,06250C

0,25 0,25 0,25 0,25 b Ta có phương trình cân bằng nhiệt: (m1c1+m3c2)(100-t’) = m2c1(t’-20) (4)

Từ (1), (2), (4) ta có: 7,5(100-t’)=15(t’-20) → t ≈ 46,670C

0,5 0,5

3

a

     



6

6

4 34

R R

R R R

R234=R2+R34=9+3=12Ω

A R

U

I

12 24 234

2   

4 (1,5điểm)

A R

U

I

6 34

3   

A R

U

I

12 24

1   

Ia=I1+I3=2+1=3A

0,25

0,25 b

+ Tìm R3 để số chỉ vôn kế là 16V

Gọi R3=x (Ω)

U1=U-Uv=24-16=8V

A R

U I

3 12

8 1

1   

3

2

1 13

2

R R R

R I

I I R

R I I

     

→

x I

I

 

21

1 →

4

27 ) 21 ( 21

I x I

x

I      Uv=U3+U4=I3R3+I4R4= 16

9 84 10 27

) 21 (

2x x  x 

→10x+84=144 →x=6Ω

+ Khi R3 giảm thì điện trở mạch giảm

→I=I4=U/Rtd tăng →U4=IR4 tăng

→U2=U-U4 giảm →I2=U2/R2 giảm → I1=I-I2 tăng

→U1=I1R1 tăng →Uv=U-U1 giảm

Vậy số chỉ vôn kế giảm R3 giảm

0,25

0,25 0,25 0,25

4 (2,5điểm)

a

Khi k đóng, di chuyển chạy M trùng C Mạch gồm (R2//R3)ntR1

Rtd=  

   



3

3 ,

3

R R

R R R

Cường độ dòng điện mạch chính:

I= A

R U

td

2

 

U3=IR23=2.1,5=3V →Uđm=U3=3V

Công suất định mức của đèn: Pđm= W

R U đm

3 32

 

Số chỉ ampe kế A R

U I

Ia

3 3

2   



0,25

0,25 0,25

0,25 b Khi k mở mạch hình vẽ:

Đặt RMD=x

x x R

x R

R x R RMN

    

 

6 ) ( ) (

3

3

x x x

x x

x R

R R

Rtd CM NM

   

    

     

6 , 24

) ( , ,

) ( 1

x x R

U I

td 24 5,5

) (

   

5

x x x I

x R R

R I

x R

R I

I

5 , 24

) (

3

2

3 2

3

  

     

 =    



4 24

18

x A x

RCD=x+RCM=1+3=4Ω

0,25 0,25 c

Đặt điện trở đoạn mạch AM là y (y>0) Điện trở đoạn mạch AN là:  

y y RAN

  

6 3

Điện trở đoạn mạch AB là:

6 18 , ,

9

  

 

   

y y y

y R R RAB AN

Cường độ dòng điện mạch chính là:   18 ,

6

   

y y R

U I

AB

Ta có:  

18 ,

18 18

5 ,

6 3

2

3

3 

   

      

y y

y y

I R R y

R I

R y

R I

I

y y

Công suất tỏa nhiệt biến trở : 2

2

18

,

18

18 ,

18

    

  

 

   

 

 



y y y

y y

I Py y

Để công suất biến trở đạt giá trị lớn nhất thì 

  

  

 y

y 18

5 ,

4 đạt giá trị nhỏ nhất

Mà: 4,5  18 2 4,5 18 18 y y y

y

Dấu “=” xảy và chỉ 4,5  18  y4 y

y Mà:

MD CM

MD CM

R R

R R y



 = 4Ω

RCM+RMD = 16Ω

→RCM=RMD = 8Ω

→Khi chạy M ở chính giữa biến trở thì công suất tỏa nhiệt biến trở đạt giá trị cực đại

0,25

0,25

6 5

(2,0điểm)

a Chứng minh công thức: Gọi d=BO, f=OF, OB = d’

ABO ABO



d d OA OA AB

B

A' ' ' '



f f d OF

F A OI

B A F B A

OIF     

 '

' ' ' ' ' ' ' ' '

' 1 '

'

d d f f

f d d d

     

Khi AB cho ảnh thật A1B1:

2 '

' 1

1

1 d d

d d

  

f d

f d d d d

f ' 1,5

3 ' 1

1

1 1

      

Khi AB cho ảnh thật A2B2:

Dịch chuyển vật lại gần thấu kính một đoạn 20 cm ta được ảnh thật A2B2 dịch

xa 10 cm

d2=d1-20=3f-20, d2’=d1’+10=1,5f+10

tượng tự phần ta có:

cm f

f f

f d d

f 1,5 10 20

1 20

3 1

' 1

2

        

Khoảng cách từ AB đến thấu kính lúc đầu: d1=60cm

0,25

0,25

0,25

0,25 b

Dịch chuyển Thấu kính từ vị trí cách vật d1=60 cm đến vị trí cách vật d2=d1/2=30

cm thì ảnh là thật Ta có :

f d

df d d d

f    ' 

1

'

Khoảng cách từ vật đến ảnh: l=d+d’=

f d

d f d

df d

  

 →d2-ld+lf=0 phương

trình này có nghiệm →l24lf 0l4f lmin 4f xảy d=lmin/2=2f=40cm

Vậy d giảm từ 60cm đến 40cm thì l giảm, d giảm từ 40 đến 30 cm thì l tăng Khi d=60cm thì l= 90cm

20 60

602

 

Khi d=40cm thì l= 80cm 20

40

402 



Khi d=30cm thì l= 90cm 20

30 302

 

Vậy quãng đường ảnh là: s=(90-80)+(90-80)=20cm

0,25 0,25

0,25

0,25 Chú ý: - Sai hoặc thiếu đơn vị trừ 0,25 điểm Chỉ trừ lần cho cả bài