100 để ôn thi học sinh giỏi môn Toán lớp 8

Phân tích các đa thức sau thành nhân tử.. Trịnh Bình sưu tầm và tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC 1. Gọi M là trung điểm của đoạn BE. Chứng minh rằng hai tam giác BHM, BEC   đồng dạng. HƯ[r]

(1)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC

100 ĐỀ ƠN THI LUYỆN THI

HỌC SINH GIỎI MƠN TỐN LỚP

LỜI NÓI ĐẦU

Nhằm đáp ứng nhu cầu giáo viên toán THCS học sinh luyện thi học sinh giỏi mơn tốn lớp 8, website tailieumontoan.com giới thiệu đến thầy cô em đề thi học sinh giỏi toán lớp huyện nước có hướng dẫn giải cụ thể Đây đề thi mang tính chất thực tiễn cao, giúp thầy em học sinh luyện thi học sinh giỏi lớp có tài liệu bám sát đề thi để đạt thành tích cao, mang lại vinh dự cho thân, gia đình nhà trường Bộ đề gồm nhiều Câu toán hay thầy cô nước sưu tầm sáng tác, ôn luyện qua giúp em phát triển tư mơn tốn từ thêm u thích học giỏi môn học này, tạo tảng để có kiến thức tốt đáp ứng cho việc tiếp nhận kiến thức lớp, cấp học nhẹ nhàng hiệu

Các vị phụ huynh thầy dạy tốn dùng dùng tuyển tập đề tốn này để giúp em học tập Hy vọng Tuyển tập 100 đề thi học sinh giỏi lớp có thể giúp ích nhiều cho học sinh phát huy nội lực giải tốn nói riêng học tốn nói chung

Bộ đề viết theo hình thức Bộ đề ơn thi, gồm: đề thi hướng dẫn giải đề ngay đề thi dựa đề thi thức sử dụng kì thi học sinh giỏi toán lớp huyện nước

Mặc dù có đầu tư lớn thời gian, trí tuệ song khơng thể tránh khỏi hạn chế, sai sót Mong góp ý thầy, giáo em học!

(2)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC

ĐỀ SỐ ĐỀ THI CHỌN HSG TOÁN LỚP

Câu (3 điểm)

a) Phân tích đa thức 2  2  2 

a b c b c a c a b thành nhân tử

b) Cho a, b,c ba số đôi khác thỏa mãn:  2 2 a b c  a b c Tính giá trị biểu thức:

2 2

a b c

P

a 2bc b 2ac c 2ab

  

  

c) Cho x y z 0.   Chứng minh rằng:  5 5  2 2 x y z 5xyz x y z Câu (2 điểm)

a) Tìm số tự nhiên nđể n 18 n 41 hai số phƣơng b) Cho a, b 0 thỏa mãn a b 1.  Chứng minh

2

1 25

a b

b a

      

   

   

Cho hình bình hành ABCD có góc ABC nhọn Vẽ phía ngoiaf hình bình hành tam giác BCE DCF Tính số đo EAF

Cho tam giác ABC nhọn có đƣờng cao AA', BB',CC' H trực tâm a) Chứng minh BC'.BA CB'.CA BC 

b) Chứng minh rằng: HB.HC HA.HB HC.HA AB.AC BC.AC  BC.AB 

c) Gọi D trung điểm BC Qua H kẻ đƣờng thẳng vng góc với DH cắt AB,AC lần lƣợt M N Chứng minh H trung điểm MN

Cho hình vng ABCD 2018 đƣờng thẳng có tính chất chia hình vng thành hai tứ giác có tỉ số diện tích

3 Chứng minh có 505 đƣờng thẳng 2018 đƣờng thẳng đồng quy

HƯỚNG DẪN GIẢI

Câu

a) a b c2   b c a2   c a b2  a b c2   b a c2   c a b2  

       

     

       

      

2 2

a b c b a b b c c a b a b b c c b a b

a b a b b c b c b c a b

a b b c a b b c a b b c a c

 

        

     

       

(3)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC b)  2 2

a b c  a b c ab ac bc 0  

  

2 2

2

a a a

a b a c a 2bc a ab ac bc     Tƣơng tự:

     

2 2

2

b b c c

;

b a b c c a c b

b 2ac    c 2ac   

        

   

2 2

a b c

P

a 2bc b 2ac c 2ab

a b c

a b a c a b b c a c b c a b a c b c

1 a b a c b c

  

  

  

     

  

 

  

c) Vì  3

x y z 0       x y z x y  z Hay x3y33xy x y    z3 3xyz x 3y3z3

Do đó:     

     

2 2 3 2

5 5 2 2 2

3xyz x y z x y z x y z x y z x y z y z x z x y

      

        

Mà 2  2  

x y  x y 2xy z 2xy Vi x y  z Tƣơng tự: 2 2 2

y z x 2yz; z x y 2zx

Vì vậy:  2 2 5 3  3  3  3xyz x y z x y z x x 2yz y y 2zx z z 2xy

 5 5  2 2

2 x y z 2xyz x y z

     

Suy : x 5y5z55xyz x 2y2z2 Câu

a) Để n 18 n 41 hai số phƣơng

n 18 p

   2 

n 41 q p,q  

      

2

p q n 18 n 41 59 p q p q 59

          

Nhƣng 59 số nguyên tố, nên: p q p 30 p q 59 q 29

    



    

 

Từ 2

n 18 p 30 900 n 882

Thay vào n 41, ta đƣợc 2 882 41 841 29   q

Vậy với n 882 n 18 n 41 hai số phƣơng b) Có: a b 2  0 a2b22ab 0 a2b2 2ab (*)

Dấu đẳng thức xảy ab Áp dụng  * có:

2

1 25 1 25

a a ; b b

b b a a

               

       

(4)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Suy ra:

2

1 25 1

a b a b

b a b a

 

       

         

       

       

 

2

1 25 1

a b a b

b a a b

 

     

            

      

2

1 25 1

a b 5 (Vi a b 1)

b a a b

     

             

     

Với a, b dƣơng , chứng minh 1 4 (Vi a b 1)

a b a b   

Dấu xảy ab Ta đƣợc:

2

1 25

a b 5.4

b a

   

     

   

   

2

1 25

a b

b a

   

      

    Dấu đẳng thức xảy

1 a b

2

  

Câu

Chứng minh đƣợc ABE ECF

Chứng minh đƣợc ABE FCE c.g.c AE EF Tƣơng tự: AF EF

AE EF AF AEF

     EAF 60

Câu

E

F D A

B

C

N M

D H C'

A' B' A

(5)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC a) Chứng minh BHC' BAB' BH BC' BH.BB' BC'.BA (1)

AB BB'

     

Chứng minh BHA' BCB' BH BA' BH.BB' BC.BA' (2) BC BB'

     

Từ (1) (2) BC'.BA BA'.BC Tƣơng tự : CB'.CA CA'.BC

 

BC'.BA CB'.CA BA'.BC CA'.BC BA' A'C BC BC

      

b) Có BHC

ABC S BH BC' BH.CH BC'.CH AB  BB'  AB.AC  BB'.AC  S

Tƣơng tự: AHB AHC

ABC ABC

S S

AH.BH AH.CH ;

CB.CA  S CB.AB  S ABC

ABC S HB.HC HA.HB HC.HA

1 AB.AC AC.BC BC.AB S

    

c) Chứng minh AHM CDH g.g  HM AH (3)

HD CD

   

Chứng minh AHN BDH g.g  AH HN (4)

BD HD

   

Mà CD BD (gt) (5)

Từ      3 , , HM HN HM HN

HD HD

    Hlà trung điểm MN Câu

Gọi E,F,P,Q lần lƣợt trung điểm AB,CD, BC,AD.Lấy điểm I,G EF K,H PQ thỏa mãn:

IE HP GF KQ

IF HQ GE KP 

Xét d đƣờng thẳng cho cắt hai đoạn thẳng AD, BC,EF lần lƣợt M,N,G' Ta có:

 

ABMN CDNM

AB BM AN

S 2 EG'

G G'

S CD CM DN G'F

2



      

 hay d qua G

Từ lập luận suy đƣờng thẳng thỏa mãn yêu cầu đề Câu qua điểm G,H,I,K

Do có 2018 đƣờng thẳng qua điểm G,H,I,K theo nguyên lý Dirichle phải tồn 2018 505

4

 

 

 

  đƣờng thẳng qua điểm điểm Vậy có 505 đƣờng thẳng số 2018 đƣờng thẳng cho đồng quy

(6)

ĐỀ SỐ ĐỀ THI CHỌN HSG TOÁN LỚP 8

1) Chứng minh : x y x  3x y xy2  2y3x4y4 2) Phân tích đa thức thành nhân tử:   

x x x 2x 2 1 3) Tìm a, b,c biết: a2b2c2 ab bc ac  và a8b8c8 3 Câu (4 điểm)

Cho biểu thức:

2 2

2

2 2

y x y x y

2 x

P

x x xy xy xy y x xy y

   

    

   

  với x 0; y 0; x   y

1) Rút gọn biểu thức P

2) Tính giá trị biểu thức P, biết x, y thỏa mãn đẳng thức:

 

2

x y 10 x 3y  Câu (4 điểm)

1) Giải phƣơng trình: 6x 6x 6x 7     2 72 2) Tìm cặp số nguyên  x; y thỏa mãn: 2

x   x y Câu (2 điểm)

Cho số a, b,c thỏa mãn a, b,c 0.  Chứng minh rằng: a b 2 c3 ab bc ca 1   Câu (5,5 điểm)

Cho hình vng ABCD có cạnh a, biết hai đƣờng chéo cắt O.Lấy điểm I thuộc cạnh AB, điểm M thuộc cạnh BC cho IOM 90 0(I M không trùng với đỉnh hình vng) Gọi N giao điểm AM CD , K giao điểm OM

BN

1) Chứng minh BIO CMOvà tính diện tích tứ giác BIOM theo a 2) Chứng minh BKMBCO

3) Chứng minh 12 2 2 CD  AM AN Câu (1,5 điểm)

Cho tam giác ABC AB AC ,   trọng tâm G Qua G vẽ đƣờng thẳng d cắt cạnh AB,AC theo thứ tự D E Tính giá trị biểu thức AB AC

ADAE

Câu

(7)

4 2 3 2

4

x x y x y xy x y x y xy y x y

       

 

Vậy đẳng thức đƣợc chứng minh

2) Ta có:

     

   

2 2

2

x x x 2x x 2x x 2x

x 2x x 2x

x 2x x

        

    

    

3) Biến đổi a2b2c2 ab bc ca  a b  2 b c  2 c a2 0 Lập luận suy a b c 

Thay a b c  vào 8

a b c 3 ta có: 8

3a  3 a    1 a Vậy a b c

a b c          

Câu

1) Với x 0; y 0; x   yta có:

  

 

    

 

2 2

2

x y x y x y xy x y

2

P

x xy x y x xy y

xy x y x y x y x y

2

x xy x y x xy y

                                 2 2

x y x xy y x y

x xy x y x xy y x y x y

2

x xy xy

   

 

  

 

  

2) Ta có: x2y210 x 3y   

   

2

x 2x y 6y

x y

      

    

Lập luận x (tm) y  

   



Nên thay x 1; y  3 vào biểu thức    

x y

P

xy 3   

  



Câu

(8)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Vậy phƣơng trình có tập nghiệm S 2;

3   

  

 

2) x2  x y2 4x24x 12 4y  2x 1 24y2  11 2x 2y 2x 2y 1  11

      

2x 2y 1 x

2x 2y 11 y

2x 2y 1 x

2x 2y 11 y

2x 2y 11 x

2x 2y 1 y

2x 2y 11 x

2x 2y 1 y

      



      

 



      

 

    

 

 

     

 

      



       





 

     

 



Câu

Vì b,c 0;1 nên suy b2 b; c3 c Do :

a b  c ab bc ca a b c ab bc ca        (1) Lại có: a b c ab bc ca     a b c 1      abc 1 (2) Vì a, b,c 0;1 nên a b c 1       0; abc 0

Do từ  2    a b c ab bc ca 1    3 Từ (1) (3) suy a b 2 c3 ab bc ca 1   Câu 5.

1) IBO MCO 450(Tính chất đƣờng chéo hình vng) BO CO (tính chất đƣờng chéo hình vng)

BOI COM (cùng phụ với BOM)

 

BIO CMO g.c.g

   

BIO CMO

S S

  mà SBMOI SBOISBMO

K

E N

M O

C D

(9)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Do đó: SBMOI SCMO SBMO SBOC 1SABCD 1a2

4

    

2) Ta có: BIO CMO(cmt)CM BI BM AI Vì CN / /AB nên BM AM IA AM IM / /BN

CM MN IB MN

Ta có: OI OM BIO CMO IOMcân OIMO MIO 45 

Vì

IM / /BNBKM IMO 45  BKMBCO 3) Qua A kẻ tia Ax vng góc AN cắt CD E Chứng minh ADE ABM g.c.g AE AM Ta có: ANE vng A có ADNE

  2 2

AEN

AD.NE AN.AE

S AD.NE AN.AE AD.NE AN.AE

2

     

Áp dụng định lý Pytago vào ANE ta có: AN2AE2 NE2

  2

2 2 2

AN AE 1 1

AD AN AE AN AE

AN AE AD AE AN AD 

       

Mà AE AM CD AD 12 2 2

CD AM AN

   

Câu

Gọi M trung điểm BC

Qua B vẽ đƣờng thẳng song song với d cắt AM I, ta có: AB AI (1) AD AG

Qua C vẽ đƣờng thẳng song song với d cắt AM K, ta có: AC AK (2) AE  AG

Từ (1) (2) suy AB AC AI AK (3)

AD AE AG



 

Mặt khác : AI AK AM MI   AM MK 2AM 4 

d I

K

E G

M A

B C

(10)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC (Vì MI MK BMI CMK)

Từ (3) (4) suy AB AC 2AM 2AM

AD AE AG

AM

   

(Học sinh làm cách khác điểm tối đa)

Cho biểu thức: A x2 :1 2x2 x x x x

   

   

   

 

a) Rút gọn biểu thức A

b) Tìm giá trị nguyên xđể biểu thức A nhận giá trị nguyên c) Tìm xđể A A

a) Giải phƣơng trình: x4x2 6x 0 

b) Tìm nghiệm tự nhiên phƣơng trình: 2 x 2x 10 y c) Cho 3

a b c 3abc với a,b,c 0

Tính giá trị biểu thức P a b c

b c a

   

      

   

a) Tìm số có chữ số chia hết cho tổng chữ số chia hết cho b) Cho x, y,z số thực dƣơng thỏa mãn: x y z 1.  

Tìm giá trị nhỏ biểu thức: M 1 16x 4y z

  

Cho hình chữ nhật ABCDcó AB a 12cm, BC b 9cm.    Gọi H chân đƣờng vng góc kẻ từ A xuống BD

a) Chứng minh tam giác AHBđồng dạng với tam giác BCD b) Tính độ dài đoạn thẳng AH

c) Tính diện tích tam giác AHB Câu (2 điểm)

(11)

Câu

a) ĐKXĐ: x 1; x

  

   

2

1 x x x x 1

A

1 2x x

2 x

1 2x 2x x

       

   



 

 

 

 



b) A nguyên, mà xnguyên nên 2x ,   từ tìm đƣợc x 1(ktm) x 0(tm)      Vậy x 0

c) Ta có:

1

A A A 2x x

2

       

Kết hợp với điều kiện : x

  

Câu

a) Phân tích đƣợc    x x x 2x 8 0 x x x  x 4 0 (1)

     

Vì x2 x  1 x x x x

    

     

   

 

b) Ta có:  

  

2

2 2

x 2x 10 y x y 11

x y x y 11 (2)

      

     

Vì x, y nên x y x y 0      (2) viết thành: x y x y     11.1

x y 11 x x y y

     

 

   

 

Vậy    x; y  5;

c) Biến đổi giả thiết dạng:

    2  2 2

1

a b c a b b c c a

a b c a b c

 

        

 

   

   



Với a b c 0   tính đƣợc: P c a b b c a

      

    

   

(12)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Câu

a) Gọi số có ba chữ số cần tìm abc Ta có: abc98a 7b 2a 3b c 

Vì abc 72a 3b c 7  (3)

Mặt khác, a b c 7  (4),kết hợp với (3) suy b c 7 Do b c nhận giá trị 7; 0;7

Với b c     7 c b 7.Kết hợp với (4) ta chọn đƣợc số 707; 518; 329 thỏa mãn Với b c 7    b c 7.Đổi vai trò b ccủa trƣờng hợp ta đƣợc cặp số

770,581,392 thỏa mãn Câu toán

Với b c 0   b cmà (4) nên a 2b 7

Do a 2b 27   nên a 2b nhận giá trị 7;14; 21

Từ ta chọn đƣợc 12 số thỏa mãn 133; 322; 511;700; 266; 455; 644; 833; 399; 588; 777; 966 Vậy có 18 số thỏa mãn Câu toán: 707; 518; 329;770; 581; 392;133; 322; 511;700 ; 266

; 455; 644; 833; 399; 588;777; 966

b) Vì x y z 1   nên: M 1 1 1 x y z 16x 4y z 16x 4y z

 

        

 

y y

21 x x z z

16 4y 16x z 16x z 4y

     

       

 

   

Ta có:      

2

2 4x 2y 2.4x.2y 4x 2y

y 16x 4y

x 1

x, y

4y 16x 64xy 64xy 64xy 4

  



       

Tƣơng tự: x z 1;y z 1 x, y 0 z 16x  z4y   

Từ M 21 1 49

16 16

     Dấu " " xảy

1 x

7 4x 2y z

2

x y z y

7

x, y, z 4

x

  

   

 

     

  

  



Vậy GTNN M 49 x 1; y 2; z 16  7 7 7 Câu

a) Chứng minh đƣợc AHB BCD(g.g) H

C

A B

(13)

b) AHB BCD(cmt) AH AB AH a.b

BC BD BD

     

Áp dụng định lý Pytago đƣợc: BD AD2AB2  22515 cm  Từ tính đƣợc: AH 12.9 7, 2(cm)

15

 

c) AHB BCD theo tỉ số k AH 7.2

BC

 

Gọi S,S' lần lƣợt diện tích BCDvà AHB, ta có: S 54cm

2

S' 7.2 7.2

k S' 54 34, 56(cm )

S 9

   

      

   

Vậy diện tích tam giác AHB 34,56(cm )

Câu

Ta có BMN tam giác , nên G trọng tâm BMN.Gọi P trung điểm MN, Ta có: GP

GN 2(tính chất trọng tâm tam giác đều) Lại có: PI PI

MA  NC2suy

GP PI

(1) GN NC 2

Mặt khác: GPI GPM MPI 90   600 1500

Và GNC GNP PNC 30   01200 1500, : GPI GNC (2) Từ (1) (2) suy GPI GNC(c.g.c)PGI NGC GI 1GC

2



Mà  0

IGC 60 IGC PGN 60 

Gọi K trung điểm GC GI GK 1GC,

  suy GIKđều nên IK 1GC



Điều chứng tỏ GIC vuông I

Vậy 0

GIC 90 ; IGC 60 ; GCI  30

K I

G P N B

A C

(14)

a) Phân tích đa thức thành nhân tử:    x 2x x 2x 1 6

b) Đa thức f x 4x3ax b chia hết cho đa thức x 2; x 1.  Tính 2a 3b Câu (2 điểm)

a) Cho an     1 n.Chứng minh anan 1 số phƣơng b) Chứng minh vơi số tự nhiên n phân số

2

10n 9n 20n 20n

 

  tối giản

a) Cho 3

x y z 3xyz.Hãy rút gọn phân thức : P  xyz  x y y z z x 

  

b) Tìm tích:

4 4

1 17

M

3 11 19

   



   

a) Cho x by cz; y ax cz; z ax by      x y z 0; xyz 0    CMR: 1

1 a 1 b c    b) Cho 1 0,

x  y z tính giá trị biểu thức 2

yz xz xy P

x y z

  

Câu (3 điểm) Cho biểu thức :

2

x x x 1 x

P :

x x

x 2x x x

 

  

    



    

a) Rút gọn biểu thức P b) Tìm xđể P 1

c) Tìm giá trị nhỏ P x 1

Câu (3 điểm) Cho hình vng ABCD,gọi E,F thứ tự trung điểm AB, BC a) Chứng minh rằng: CEDF

b) Gọi M giao điểm CE DF.Chứng minh rằng: AM AD

Câu (3 điểm) Cho tam giác ABC.Vẽ tam giác hình vng ABDE, ACFH a) Chứng minh EC BH; EC BH

b) Gọi M,N thứ tự tâm hình vng ABDE,ACFH Gọi I trung điểm BC Tam giác MNI tam giác ? Vì ?

Câu

(15)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC b) Đa thức

f(x) 4x ax b chia hết cho đa thức x 2; x 1  nên:  

f 32 2a b 0(1) f( 1) a b (2)

    

      

Từ  1  2 ta tìm đƣợc a 12; b 8 Vậy 2a 3b 0 

Câu

a) Ta có: an 1    1 n n 1  

   

n n

a a 2 n n n n 2n



             

 2

n

  số phƣơng

b) Gọi d ƢCLN 10n2 9n 4 và 20n220n 9

2

10n 9n d 20n 18n d

2n d 20n 20n d 20n 20n d

     

 

   

   

 

  dlà số tự nhiên lẻ

Mặt khác : 2n d 4n24n d 20n220n d 4 d, mà d lẻ nên d 1 Vậy phân số tối giản

Câu

a) Từ 3

x y z 3xyzchỉ đƣợc x y z 0   x y z  TH1 : x y z x y z; x z y; y z x P

1 TH2 : x y z P

8

               

   

b) Nhận xét đƣợc:  2  2

n  4  n 1 1    n 1 1 Do đó:

 

             

2 2 2

2

2 2 2

1 16 18 1 1

M

401 20

2 18 20

    

  



     

Câu

a) Từ giả thiết 2cz z x y   2cz x y z  

x y z x y z 2z

c c

2z 2z c x y z

   

      

  

Tƣơng tự: 2x ; 2y

1 a  x y z b    x y z  Khi đó:

1 1

2 a 1 b c    b) Từ 1 13 13 13

x   y z x y z  xyz

Khi đó:

2 2 3 3 3

yz xz xy xyz xyz xyz 1

P xyz xyz

xyz

x y z x y z x y z

 

           

(16)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Câu a) ĐKXĐ: x 0; x 1; x   1

Rút gọn P ta có:

2 x P

x 



b)

2

2 2

1 x

2

x x x x

P 1 0

x x x x

   

 

   

         

   

x x     

Vậy với x 1 x 0; x  1thì P 1 c) Ta có:

2

x x 1 1

P x x

x x x x

 

        

   

Khi x 1; x 0.   Áp dụng bất đẳng thức Cô si ta có: x 1 x

  

 Dấu " " xảy

và x 2. Vậy GTNN P 4 x Câu

a) Chứng minh đƣợc CBE DFC c.g.c C1 D1

Lại có: 0

1 2

C C 90 D C 90 CEDF

b) Gọi Klà trung điểm CD Chứng mnh đƣợc tứ giác AECK hình bình hành suy AK / /CE

Gọi N giao điểm AKvà DF DCM có DK KC KN / /CM nên N trung điểm DM Vì CMDM(câu a), KN / /CMKNDM

Tam giác ADM có AN đƣờng cao đồng thời trung tuyến nên tam giác cân A AM AD

 

Câu 7.

1 2

1

N

M E

K

F

C D

(17)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC a) Chứng minh đƣợc: EAC BAH c.g.c EC BH,AEC ABH 

Gọi Kvà O thứ tự giao điểm EC với BA BH Xét AEKvà OBKcó: AEKOBK; AKE OKB EAKBOK

0 BOK 90

  Vậy ECBH

b) Ta có: MI / /EC; MI 1EC; IN / /BH; IN 1BH

2

 

Mà ECBHvà EC BH nên MI IN MIIN Vậy tam giác MIN vuông cân I

Câu (2,0 điểm)

a) Tìm giá trị ađể     21x 9x  x x a x  x

b) Chứng minh n42n3n2 2nchia hết cho 24với n Câu (2,0 điểm)

a) Cho a b c 0.   Chứng minh a3b3 c3 3abc b) Cho 1 0,

x  y z (với x 0; y 0; z 0)   Tính giá trị biểu thức yz2 xz2 xy2

x y  z Câu (2,5 điểm)

Cho biểu thức :

2

4x 8x x

A :

2 x x x 2x x

    

     

    

 

a) Tìm điều kiện xác định, rút gọn biểu thức A b) Tìm xđể A 1

c) Tìm giá trị xđể A 0 Câu (1,5 điểm)

I

N M

F H

D E

A

(18)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Chứng minh hình bình hành, khoảng cách từ điểm đƣờng chéo đến hai cạnh kể (hai cạnh kề đƣờng chéo qua đỉnh hình bình hành), tỉ lệ nghịch với hai cạnh

Câu (2,0 điểm)

Gọi M diểm nằm

xOy m (0 m 90).   Gọi P, Q lần lƣợt hình chiếu M Ox,Oy.Gọi H, K lần lƣợt trung điểm OM,PQ

a) Chứng minh HKPQ b) Tính số đo HPQtheo m

Câu

a) Thƣơng: x28x 15 dƣ: a 30 Phép chia hết nên a 30 0    a 30 b)

 

   

      

4 3

2

n 2n n 2n n n 2n n n n n n

n n n n n n n

      

 

     

      

   

n n n n 2   tích số nguyên liên tiếp phải có số chia hết cho 2, số chia hết cho số chia hết cho

Nên n n n n 2.3.4 24        Vậy n42n3n22n 24

Câu

a)   3 3  2   a b c   a b 3 a b c a b c   c

       

 

3 3 3

3 2 3 3

3 3

a b a b c a b c c a b c a 3a b 3ab b c a b c 3ab(a b) a b c 3ab c (Vi a b c a b c) a b c 3abc

         

         

           

   

b) Với a 1; b 1; c

x y z

  

Áp dụng kết câu ata có: 13 13 13 xyz x y z 

2 2 3 3 3

yz xz xy xyz xyz xyz 1 xyz

x y z x y z x y z

3 xyz

xyz

 

         

 

(19)

a) ĐKXĐ: x 0; x  2

 

      

         

2

2 2

4x x 8x x x 4x 8x x

A : :

2 x x x 2x x x x x x 8x 4x 8x x 2x 8x 4x x

: :

2 x x x x 2 x x x x

    

    

     

       

 

      

 

     

 

    

2 4x x x x 4x

3 x x x x

 

 

 

 

b)

2

x 4x

A 1 4x x 3

x x

4    

         

 

 c)

2 4x

A 0 x x x

       



Vậy x 3; x 0; x   2thì A 0 Câu

Kẻ PHAD; PKCD; PM / /CD; PN / /AD Chứng minh HMP KNP(g.g)

PH PM PH DN

PK PN PK PN

    (do PMDN hình bình hành) Chứng minh DNP DCB g.g  DN PN

DC BC

   

DN DC PH DC

(dfcm)

PN BC PK BC

   

Câu

K H

N M

B A

D C

P

x

y K

H

Q P

O

(20)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC a) MPOvng P, đƣờng trung tuyến PH 1OM

2



MQO

 vuông Q, đƣờng trung tuyến QH 1OM



PH QH HPQ

    cân HHKPQ b) MHQ 2MOQ; MHP 2MOP

0 0

PHQ 2.POQ 2.m PHK m HPQ 90 m

       

Câu (2 điểm) Tìm xbiết : a) x

3   b)   3x 6561

c) 2x 1 2012 2x 1 2010 Câu (2 điểm)

a) Số tự nhiên A 2  32012là số nguyên tố hay hợp số ? Giải thích b) Tìm giá trị nhỏ 2

B 2x y 2xy 8x 2028  c) Tìm x, y,z biết: 2

10x y 4z 6x 4y 4xz 0    Câu (1,5 điểm)

Một khối có

3số học sinh đội tuyển Tốn

4 số học sinh đội tuyển Anh

5số học sinh đội tuyển Văn Đội tuyển Văn có số học sinh tổng số học sinh hai đội tuyển 38 học sinh Tính số học sinh đội tuyển ?

Câu (1,5 điểm) Cho x(m n) y(n p) z(p m)     x, y,z la số khác khác 0, Chứng minh rằng:

   

n p p m m n

x(y z) y z x z x y

 

  

  

Câu (3 điểm) Cho tam giác ABC vuông cân A Gọi M điểm nằm A B Trên tia đối tia AC lấy điểm I cho AI AM.

a) Chứng minh rằng: CMBI

b) Trên BC lấy điểm Psao cho BP 2CP. Trên nửa mặt phẳng bờ đƣờng thẳng BC có chứa điểm A, vẽ tia Pxsao cho xPB 60  Tia

(21)

Câu

2 1 1

a) x x x

3 3 3



        

b)  3x 6561hay     3x 38 x

       

   

    

2012 2010 2012 2010

2010

c) 2x 2x 2x 2x 2x 2x

2x 2x 1 2x 1

x 2x 2 2x x 2x x

       

 

     

 

      

 



  

 

    



  

 



Câu

a) 32012 3nên viết 2012   3n 

     

2012

3 3n n n n n

A 2 2 1 2  A

            

  hợp số

   

2

2 2

2

b)B 2x y 2xy 8x 2028

x 2xy y x 8x 16 2012

x y x 2012 2012

    

      

     

Đẳng thức xảy x y x x y

    

    

 

 

Giá trị nhỏ B 2012 x y  

   



     

2 2

c)10x y 4z 6x 4y 4xz

9x 6x y 4y 4z 4xz x

3x y 2z x

      

         

      

1 x

3x 3

y y

2z x

z

   

  

 

    

    

  



Câu Gọi số học sinh đội tuyển Toán, Anh, Văn thứ tự x, y,z x, y, z  Ta có: 2x 3y 4z x y z

3 4 5 18 16 15

 

18 16x y z15 3819

 

  

(22)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Tính x 36; y 32; z 30   kết luận

Câu Vì xyz 0 nên: x(m n) y(n p) z(p m)    

     

           

     

x m n y n p z p m

xyz xyz xyz

n p p m m n

hay :

yz xz xy

p m n p m n p m n p m n

xy yz yz xy xz yz

n p p m m n

x y z y z x z x y

  

  

 



 

        

  

  

 



  

  

Câu a)

Tia IM cắt BC H ABC

 vuông cân A nên

C 45 , IAM  vuông cân M nên I450 IHC

 có C I 90  H 90 IHBC

Chứng minh đƣợc M trực tâm IBCCMBI b)

Gọi Elà điểm đối xứng với Bqua PDEP PB 2PC 

H I

C B

A

M

x

y

K

E D

C A

(23)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC BPE

  cân P nên đƣờng trung trực PD phân giác

0

BPD DPE 60 EPC 60

    

Chứng minh đƣợc EPCvuông C

Chứng minh đƣợc CD phân giác PCE

Chứng minh đƣợc EDlà phân giác đỉnh E PCE Chứng minh đƣợc yEP 150 DEP 75

Chứng minh đƣợc PBD 75 hay CBD 75

Câu (2,0 điểm)

a) Tính giá trị biểu thức P x y x y

 

 Biết  

2

x 2y xy x y 0; y 0   b) Tìm x, y nguyên dƣơng thỏa mãn: 2

x y 2x 4y 10 0   Câu (2,0 điểm)

a) Tìm số dƣ phép chia đa thức x x x x 8        2017cho đa thức

x 10x 21

b) Cho A n 610n4 n398n 6n 526và B n  3n.Chứng minh với n thƣơng phép chia Acho B bội số

Câu (2,0 điểm)

a) Cho avà b thỏa mãn : a b 1.  Tính giá trị biểu thức B a 3b33ab b) Cho số thực dƣơng x, y,z thỏa mãn x y z 3  

Tìm giá trị nhỏ biểu thức P 21 21 21 x x y y z z

  

  

Câu (3,0 điểm) Cho tam giác ABC, đƣờng trung tuyến AM Qua điểm D thuộc cạnh BC, vẽ đƣờng thẳng song song với AM cắt đƣờng thẳng ABvà AC lần lƣợt Evà F

a) Chứng minh DE DF 2AM 

b) Đƣờng thẳng qua Asong song với BC cắt EFtại N Chứng minh N trung điểm EF

c) Ký hiệu SXlà diện tích hình X.Chứng minh

FDC AMC FNA S 16S S Câu (1,0 điểm)

Trong đề thi có Câu tốn A, B,C Có 25 học sinh ngƣời giải đƣợc Câu Biết rằng:

(24)

- Số thí sinh giải đƣợc Câu A nhiều số thí sinh giải đƣợc Câu A thêm Câu khác ngƣời

- Số thí sinh giải đƣợc Câu A số thí sinh giải đƣợc Câu B cộng với số thí sinh giải đƣợc Câu C

Hỏi có thí sinh giải đƣợc Câu B?

Câu

a) 2 2   

x 2y xyx xy 2y  0 x y x 2y  0 Vì x y 0  nên x 2y 0   x 2y

Khi P 2y y y 2y y 3y



  

 b) Ta có:

   

      

2 2

2

x y 2x 4y 10 x 2x y 4y x y x y x y

            

          

Vì x, y nguyên dƣơng nên

x y x y 0         x y x y 1    x 3; y 1 Phƣơng trình có nghiệm dƣơng    x, y  3,1

Câu

a) Ta có:

       

P(x) x x x x 8    2017 x 10x 16 x 10x 24 2017 Đặt tx2 10x 21 t   3; t 7, biểu thức P(x) đƣợc viết lại:

  

P(x) t t 3 2017  t 2t 2002

Do chia t2 2t 2000cho t ta có số dƣ 2002 b) Thực phép chia , ta đƣợc:

Thƣơng A chia cho B n36n2 11n 6 Ta có:

     

3

2

n 6n 11n n n 12n 6n n n n 2n n

       

     

Vì n n n 1     tích số nguyên liên tiếp nên chia hết cho Và 2n n  21chia hết cho

Thƣơng phép chia Acho B bội số Câu

a) Ta có: 3 3    3  

(25)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC b) P 21 21 21      

x x y y z z x x y y z z

     

  

1 1 1 1 1 1

x x y y z z x y z x y z

   

             

         

Áp dụng BĐT 1

a  b c a b c 

1 1 a b a b

 

   

  với a, b,c dƣơng, dấu xảy a b c

  

Ta có: 1 1 ; 1 1 ; 1 1 x x y y z z

 

   

           

        

Bởi :

1 1 1 1 1 1 1

P 1

x y z x y z x y z x y z

3 1 3 9 3

4 x y z 4 x y z 4

       

                  

  

       

 

         

 

 

Vậy MinP x y z

    

Câu

a) Lập luận đƣợc: DF DCdo AM / /DF

AM MC (1)

DE BD

(do AM / /DE)

AM BM (2)

Từ (1) (2) DE DF BD DC BC 2(MB MC)

AM BM BM

 

    

DE DF 2AM

  

b) AMDN hình bình hành Ta có: NE AE

ND AB

NF FA DM AE NE NF

NE NF ND AC BM  ABND ND 

N E F

M A

(26)

c)  

2

AMC

FDC

S AM ND

AMC FDC Do AM ND

S FD FD

   

       

   

2 FNA

FDC

S FN

FNA FDC

S FD

 

     

 

Do

2

AMC FNA FDC FDC

S S ND FN ND FN

S S FD FD 16 FD FD 16

     

        

     

2

FDC AMC FNA

S 16S S

 

Do  2  2  4 2

x y  0 x y 4xy x y 16x y với x 0; y 0)  Câu

Gọi alà số học sinh giải đƣợc Câu A, b số thí sinh giải đƣợc Câu B, c số thí sinh giải đƣợc Câu C, d số thí sinh giải đƣợc Câu B C nhƣng không giải đƣợc Câu A Khi số thí sinh giải đƣợc Câu A thêm hai Câu B C :

25 a b c d   

Theo Câu ta có:

 

b d c d   a 25 a b c d      a b c  Từ đẳng thức ta có: 4b c 26 b

d b 2c c

    



     

 

Vậy số thí sinh giải đƣợc Câu B thí sinh

a) Cho biểu thức A 2a b 22b c2 22a c2  a4 b4c Chứng minh a, b,c cạnh tam giác A 0

b) Chứng minh   a a 30 a Câu (2 điểm)

Giải phƣơng trình : x22xy y 23x 2y 2x     x23x 2 Câu (1,5 điểm)

Cho a3b3 2.Chứng minh a b 2  Câu (1,5 điểm)

Cho hình thang ABCD AB / /CD , hai đƣờng chéo AC BDcắt O Một đƣờng thẳng d qua O song song với 2đáy cắt hai cạnh bên AD, BC lần lƣợt Evà F

(27)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Câu (2 điểm)

Cho hình bình hành ABCD.Các điểm M,N theo thứ tự thuộc cạnh AB, BC cho AN CM. Gọi K giao điểm AN CM Chứng minh KD tia phân giác AKC

Câu a)

 

2 2 2 4 2 2 2 2 4

A 2a b 2b c 2a c a b c 4a b  2a b 2b c 2a c a b c

      

        

2

2 2 2 2 2 2 2 2 2 2

2 2 2

2ab a b c 2ab a b c 2ab a b c

a b c c a b a b c a b c c a b c a b

          

   

               

   

Do a, b,c cạnh tam giác nên

a b c 0;a b c 0; c a b 0; c a b 0             A

b)          

       

2

5 2

a a a a a a a a a a a a a a a a 5a a a

 

            

 

       

Do tích số nguyên liên tiếp chia hết cho số ngun liên tiếp ln có ba số ngun liên tiếp mà tích chúng chia hết cho  6, 1

Suy a a a a a 30         5a a a 30.     Vậy a5a 30

Câu

    

2 2

2

x 2xy y 3x 2y 2x x 3x

x y x x x 2x

         

          (1)

Do

    

 

2

x y x x x ( x, y) 2x x x

        

       

Với x 2  2  2   

x y 1    x x y 1   x 2; x x 2  x 3x 2 Khi từ phƣơng trình (1)

 2       2    2

x y x x x x y x 2 x 1 x

                   

  2 2

x y x x

(28)

Giả sử  3 3     3

a b 2   a b 2 a b 3ab a b   8 3ab a b 8(a b 2)

      3 3 

3ab a b ab a b ab a b a b a b

           

    

 

2

2 2

ab a b a b a ab b

ab a ab b a 2ab b a b 0(Vo ly')

     

          

Vậy a b 2  Câu

Xét ABDcó OE / /AB OE OD

AB DB

  (Hệ định lý Talet) (1) Xét ABCcó OF / /DC OF OB

CD BD

  (hệ định lý Talet ) (2) Xét ABCcó OF / /AB OF OC

AB AC

  (hệ định lý Ta let ) (3) Xét ABDcó OE / /DC OE AO

DC AC

  (Hệ định lý Ta let ) (4) Từ (1), (2), (3), (4) suy

OE OF OF OE OD OB OC AO

AB CD AB DC DB BD AC AC

OE OF OF OE OD OB OC AO

AB AB CD DC DB BD AC AC

EF EF BD AC EF EF 1

2

AB DC BD AC AB DC AB CD EF

      

       

         

Câu

Kẻ DI, DJ lần lƣợt vng góc với AK,CK

F

E O

A B

D C

K

D

A

B

C

N M

I

(29)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Ta có: SAND 1AN.DI 1SABCD

2

  (Do chung đáy AD, chiều cao hạ từ N) (1)

CDM ABCD

1

S CM.DJ S

2

  (Do chung đáy CD, chiều cao hạ từ M ) (2) Từ (1) (2) suy : 1AN.DI 1CM.DJ DI DJ

2    (Vì AN CM) DIK DJK

    (cạnh huyền-cạnh góc vng)IKD JKD KD

 tia phân giác AKC

Câu

a) Tìm số nguyên m,nthỏa mãn

2

n n m

n   



b) Đặt A n 33n25n 3. Chứng minh Achia hết cho với giá trị nguyên dƣơng n

c) Nếu achia 13 dƣ 2và b chia 13 dƣ a2 b2

chia hết cho 13 Câu Rút gọn biểu thức:

a)

 bc   ca   ab 

A

a b a c b c b a c a c b

  

     

b)

6

3

1

x x

B

1

x x

     

   

   



    

 

 

Câu Tính tổng: S 1 1.3 3.5 5.7 2007.2009

    

Câu Cho số x, y,z thỏa mãn điều kiện xyz 2009. Chứng minh biểu thức sau không phụ thuộc vào biến x, y,z :

y

2009x z

xy 2009x 2009  yz y 2009  xz z 1  Câu Giải phƣơng trình:

59 x 57 x 55 x 53 x 51 x

41 43 45 47 49

    

(30)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Câu Cho tam giác ABC, gọi M trung điểm BC Một góc xMy 60 0quay

quanh điểm M cho cạnh Mx,My cắt cạnh AB AC lần lƣợt D E Chứng minh

a)

2 BC BD.CE

4 

b) DM, EM lần lƣợt tia phân giác góc BDE CED c) Chu vi tam giác ADEkhơng đổi

Câu

a) Thực chia

2

n n 1

m n

n n

 

  

 

Để mnguyên với n nguyên n U(1)    1 Khi n 1 n m

n 1 n m

      

          

b)

   

    

3

A n 3n 3n 2n n n n n n n

          

    

Khi đó: n 3   ; n n n 2    là tích số nguyên dƣơng liên tiếp nên chia hết cho A

c) a 13k 2, b 13n 3   

  2 2  

2 2

a b  13k 2  13n 3  13 13k 4k 13n 4n 13 Câu

a) Rút gọn A 1 b) Rút gọn B x

x

 

   

 

Câu

1 1 1 1 1004

S

2 3 2007 2009 2009 2009

   

           

   

Câu

 

y

2009x z

2009 2009x xy xyz y yz z zx

xy.xz z z xz

1 z zx z zx z zx xy xz z

 

     

 

    

     

(31)

 

59 x 57 x 55 x 53 x 51 x

1 1 1

41 43 45 47 49

1 1 1

100 x

41 43 45 47 49 x 100

              

 

       

 

 

Câu

a) Chứng minh BMD CEM Vì BM CM BC,

2

  nên ta có:

2 BC BD.CE

4 

b) Chứng minh BMD MEDD1 D2, DM tia phân giác BDE Chứng minh tƣơng tự ta có EM tia phân giác CED

c) Gọi H,I,K hình chiếu M AB, DE,AC

Chứng minh DH DI,EI EK  Suy chu vi ADE 2AH không đổi

ĐỀ SỐ 10 ĐỀ THI CHỌN HSG TOÁN LỚP

Cho biểu thức: A 2 x x :x

3x x 3x x

    

     

  

 

b) Tìm giá trị nguyên xđể A nhận giá trị nguyên Câu (4 điểm)

a) Chứng minh rằng: An n3 7236n 7

 

  với n 

b) Cho P n 4.Tìm tất số tự nhiên nđể Plà số nguyên tố

x

y

3 2 1 2 1

E D

B

(32)

a) Giải phƣơng trình: 2 2 2 1 18 x 9x 20 x 11x 30 x 13x 42  b) Cho a, b,c ba cạnh tam giác Chứng minh rằng:

a b c

A

b c a a c b a b c

   

     

Gọi O trung điểm đoạn thẳng AB Trên nửa mặt phẳng bờ đƣờng thẳng AB kẻ hai tia Ax, By vng góc với AB Trên tia Axlấy điểm C (C khác A) Từ O kẻ đƣờng thẳng vng góc với OC, đƣờng thẳng cắt By D Từ O hạ đƣờng vng góc OM xuống CD (M thuộc CD)

a) Chứng minh OA2 AC.BD

b) Chứng minh tam giác AMB vuông

c) Gọi N giao điểm BC AD Chứng minh MN / /AC Câu (2 điểm)

Cho a, b,c số thực dƣơng thỏa mãn a b c 1.   Chứng minh rằng: a bc b ca c ab

2

b c c a a b

     

  

Câu

a) A 2 x x :x

3x x 3x x

    

     

  

 

x 1 3x x 1 

2 x

A :

3x x 3x x

2 2.(1 3x) x

A

3x 3x x x 2x

A

x x

     

  



 

 

  

   

 

 

 

b) Với x 0; x  1,Ta có: A 2x x

  



2x

A

x x

  

 

(33)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC a) Ta có: An n3 27236n

 

 

      

          

           

2 3

3 2

2

n n n n n n n 7n n 7n

n n n 6n n n 6n n n n n n n n n n n n n n n n n n n n n

   

            

   

                 

             

Do

Alà tích 7số ngun liên tiếp A n  b) P n 4 4 n44n2 4 4n2 n222 2n

 2  2   2  2

n 2n n 2n  n 1  n 1

            

   

Vì nlà số tự nhiên nên n 1 2 1 2.Nhƣ muốn P số nguyên tố ta phải có

 2  2

n 1   1 n 1   0 n Khi P 5 số nguyên tố Câu

a) Ta có:

  

2

x 9x 20 x x

x 11x 30 x x

x 13x 42 x x

    

TXĐ: x 4; x 5; x 6; x 7 Phƣơng trình trở thành:

        

      

  

1 1

18

x x x x x x

1 1 1 1

x x x x x x 18

1 1

x x 18

18 x 18 x x x

x 13 x

x 13 (tm)

x (tm)

  

     

      

     

  

 

      

   

  

  



b) Đặt b c a x 0; c a b y 0;a b c z 0.            Ta có: x, y,z 0 Từ suy : a y z; b x z; c x y

2 2

  

  

Thay vào ta đƣợc: A y z x z x y y x x z y z 2x 2y 2z x y z x z y

   

    

          

     

 

Từ suy A 12 2 A

(34)

a) Xét ACOvà BOD có:

A B 90 ; COA ODB (cùng phụ với DOB)

Nên ACO BOD g.g  AO BD AO.BO AC.BD

AC BO

     

Mà AO BO nên AO2 AC.BD b) Xét CMOvà OMDcó:

0

CMO OMD 90 ; OCM  DOM(cùng phụ với COM)

CO OM

CMO OMD (1)

OD MD

    

Mà ACO BOD CO AO CO OB(Do AO OB) 2 

OD OD OD BD

      

Từ (1) (2) ta có: OM OB OMD OBD

MD BD  

MOD BOD OMD OBD

      (cạnh huyền, góc nhọn) OM OB OA AMB

     vuông M

c) Ta có: AC / /BD (cùng vng góc với AB) CN AC

NB BD

 

Mà BD MD ( OMD  OBD) Tƣơng tự ta chứng minh AC CM Nên CN CM MN / /BD / /AC

BN DM Câu

- Nhận xét : có a bc a a b c      bca b c a   

Tƣơng tự: b ca b a b c ;    c ab  c a c b   Do đó: VT a b a c  b a b c  c a c b 

b c c a a b

     

  

  

x

y

N

M D

O

A B

(35)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Áp dụng bất đẳng thức Cơ-si ta có:

       

a b a c b a b c

2 a b

b c c a

a b a c c a c b

2 a c

b c a b

b a b c c a c b

2 b c

a c a b

   

  

 

   

  

 

   

  

 

Vậy 2.VT a b c     4 VT 2 Dấu “=” xảy a b c

   

Cho biểu thức : P 2 x x2 : 2x 52 2x x x 25 x 5x x 5x

   

   



  

 

a) Rút gọn biểu thức P

b) Tìm giá trị nguyên lớn xđể Pcó giá trị số nguyên Câu (3 điểm)

Giải phƣơng trình sau:

 

2

2010x 2010 2010x 2010 2011

x x x x x x x

   

     

a) Phân tích đa thức sau thành nhân tử:

     

4 4

a b c b c a c a b

b) Cho a, b thỏa mãn a2b2 8.Chứng minh a b 4    Câu (8 điểm)

Cho O trung điểm đoạn thẳng ABcó độ dài 2a.Trên nửa mặt phẳng bờ đƣờng thẳng ABvẽ hai tia Ax, By vng góc với AB Trên tia Axlấy điểm D bất kỳ, qua O vẽ hai dƣờng thẳng vng góc với DO O cắt By C

a) Chứng minh BC.AD a

b) Chứng minh DO CO lần lƣợt tia phân giác ADCvà BCD

(36)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC d) Xác định vị trí điểm D tia Axđể tích DO.CO có giá trị nhỏ Tìm giá trị

nhỏ Câu (2 điểm)

Cho hai số x, y thỏa mãn điều kiện  22 2 2

x y 4x y x 2y 0.Tìm giá trị lớn giá trị nhỏ biểu thức 2

Ax y

Câu

a) Tìm đƣợc ĐKXĐ P : x 0; x 5; x

   

      

 

    

  

    

2

x x 2x 2x

P :

5 x

x x x x x x

x x 2x 5 2x

:

5 x x x x x x

x x x x x x 2x

2x 5 x x x x

5 2x 2x

x x x

   

   



   

 

  

 



  

    

 

 

 



  

  

b)

  x 0; x 5; x *

P 5 2x

x

    

   

   

Ta có: 2x 15

x x



 

  Vì x   x U(15)     1; 3; 5; 15

Mà xlớn nên x 5 lớn Do x 15   x 20(thỏa mãn  * ) Vậy giá trị nguyên lớn x 20 để Pcó giá trị số nguyên Câu Ta có:

 

2

2010x 2010 2010x 2010 2011

(1)

x x x x x x x

 

 

     

Ta có:

2

2 3

x x x x; x x x x

2 4

   

               

   

Điều kiện xác định phƣơng trình (1) : x 0

Ta có: 4 2    x x  1 x 2x  1 x  x  x x  x Quy đồng mẫu hai vế khử mẫu:

       

(37)

     3 

2010x x 2010x x 2011 2010x x x 2011 2011

2010x.2 2011 x (TM)

4020

         

   

Câu

a) a b c4   b c a4   c a b4  a b c4   b a c4   c a b4  

     

       

     

         

   

          

    

4 4

2 2

3 2 3 2

2 2

a b c b a b b c c a b a b c b a b b b c c a b

b c a b a b b c

b c a b a b a b a b b c b c b c a b b c a ab a b b b bc b c c

a b b c a c a ac c b a c b a c a c a b b c a c a b c ab bc ca

       

       

     

         

         

 

            

        

b) Ta có:

 2 2 2

a b  0 a b 2abmà a2b2 8nên 2ab 8

 2 2 2

a b a b 2ab 8 16  

 2   

a b 16 a b a b 4 a b 4(dfcm)

         

    

Câu 4.

a) Chứng minh ADO BOC (cùng phụ với AOD)

Chứng minh ADO BOC gg  OA AD BC.AD a2

BC OB

     

b) Chứng minh OB OD

BC OC Từ chứng minh ODC BOC c.g.c  Suy kết luận CO tia phân giác BCD

Chỉ ADO ODC(cùng đồng dạng với BOC)

F E

I

H C

O

A B

x y

(38)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Chứng minh DO tia phân giác ADC

c) Chứng minh vuông OBC  vuông OHC (cạnh huyền – góc nhọn) CB CH

 

Chứng minh OC đƣờng trung trực HB

Tƣơng tự chứng minh ADDHvà OD trung trực HA Chứng minh EF đƣờng trung bình AHB EF / /AB Chỉ EH / /OC DE DH AD

EO HC BC

  

AD DI

AD / /BC

BC IB

 

Suy DE DI

EO  IB Áp dụng định lý Ta let đảo cho DOB EI / /OB Theo tiên đề Oclit kết luận E,I,F thẳng hàng

d) Chỉ 2SDOC OC.OD OH.DC a.DC  nhỏ DC

 nhỏ DCAxABCDlà hình chữ nhậtAD BC; CD AB  Mà BC.AD a AD2 a2 AD a

Xét tam giác vng AHBcó HO đƣờng trung tuyến thuộc cạnh huyền AB

OH a

2

  

Suy GTNN OD.OC 2a 2

D Ax AD a. Câu

 

     

 

2

2 2 2 4 2 2 2

2

4 2 2 2 2

2

2 2

x y 4x y x 2y x y 2x y 4x y x 2y

x 2x y y x 2y x y x y 3x

x y 3x

           

             

     

Ta có: 3x2   1 x x2y212    1 x2y2    1 A 2

x

A x y

x y  



    

 

 Vậy A 0   x y

2 2

x x

A

x y y

   

 

  

  

 

  Vậy

x max A

y      

 

(39)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC x 23x 5  2 7 x23x 5  15

2 x11x71

Câu (4 điểm) Giải phƣơng trình:

3

8

x

81 16 64

    

 

 

2

x 2x x 2x x 2x x 2x

   

 

   

Tìm số dƣ phép chia đa thức x x x x 8        2010cho đa thức

x 10x 21 Câu (6 điểm)

Cho đa thức ABC vuông A AC AB ,  đƣờng cao AH H BC    Trên tia HC lấy điểm D cho HD HA. Đƣờng vng góc với BC D cắt AC E

1 Chứng minh rằng: BEC ADC.Tính độ dài đoạn BE theo mAB

2 Gọi M trung điểm đoạn BE Chứng minh hai tam giác BHM, BEC  đồng dạng Tính số đo AHM

3 Tia AM cắt BC G Chứng minh : GB HD BC AH HC Câu (4 điểm)

Cho hình chữ nhật ABCD.Vẽ BHvng góc với AC(H AC). Gọi M trung điểm AH,K trung điểm CD Chứng minh rằng: BMMK

Câu

1.1 x 23x 5  2 7 x23x 5  15 Đặt t x 23x 5 , ta có:

 2  2 2  2

8 x 3x 5 7 x 3x 5 15 8t  7t 15

      

2

8t 8t 15t 15 8t t 15 t t 8t 15

          

Thay t x 23x 5 vào đa thức ta có:

   

  

2

8 x 3x x 3x 15

x 3x x 3x 15

x 3x 8x 24x 55

     

 

        

    

(40)

   

         

           

   

11 11 10 10

8 6 5 3 2

9 2

2

x x x x x x x x

x x x x x x x x x x x x x x

x x x x x x x x x x x x x x x x x

x x x x x x x

        

                

                 

       

Câu

2

3

8

2.1 x

81 16 64

5 81

x

16 64 8

5

x

16 8

9

23 16 x

3

8

    

 

 

    

     

   



  

 

  



2.2  

2

x 2x x 2x x x 2x x 2x

      

   

Đặt t x 22x 3 x22x t 1, DK : t 2    Phƣơng trình trở thành:

 

      

 

2 2

2

t t t t

6t t t t 7t(t 1) t

t t 6t t

6t 12t 6t 12t 7t 7t 5t 17t

t 3(TM)

t t 2

5 t (ktm)

 

 



   

  

 

      

   

 

  

     

 

  

Với t x2 2x 3 x x  

      

  

Vậy nghiệm phƣơng trình : x 0; x  2 Câu

Ta có:     

  

P(x) x x x x 2010 x 10x 16 x 10x 24 2010

     

Đặt tx210x 21, biểu thức P(x) đƣợc viết lại:

  

(41)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Do chia t2 2t 1995cho t ta có số dƣ 1995

Câu 4.

4.1 CDEvà CABcó: Cchung; CDE CAB 90 

CD CE CD CA

CDE CAB

CA CB CE CB

      

Hai tam giác ADC BEC có: Cchung; CD CA(cmt)

CE  CB  ADC BEC(c.g.c)

Suy : BEC ADC 135  0(Vì AHD vng cân H theo giả thiết) Nên AEB 45 0,

ABE

 vuông cân A Suy BE AB 2 m

4.2 Ta có: BM BE AD

BC 2 BC AC(do BEC ADC) Mà AD AH 2 (AHDvuông cân H)

Nên BM AD AH BH BH(Do BHM CBA) BC 2 AC  AC  AB 2  BE   Do đó: BHM BEC(c.g.c)BHM BEC 135  AHM 45

4.3 Tam giác ABE vuông cân A, nên tia AM tia phân giác góc BAC Suy GB AB

GC AC mà  

AB ED

ABC DEC

AC DC  

Ta lại có: ED / /AH ED AH

DC HC

 

Mà HD HC ED AH HD

DC HC HC

   

GB HD GB HD GB HD

GC HC GC GB HC HD BC HC AH

     

  

Câu

2 1

G M

E

D H

A

(42)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Gọi O trung điểm đoạn thẳng BH

Ta có M,O lần lƣợt trung điểm AH, BH nên: MO đƣờng trung bình HAB Vậy MO 1AB,MO / /AB

2



Mà AB CD,AB / /CD,KC 1CD

 

Do đó: MO KC,MO / /KC, suy tứ giác MOCK hình bình hành Từ có: CO / /MK

Ta có: MO / /KC,KCCBMOCB

Tam giác MBC có MOCB, BHMCnên O trực tâm MBCCOBM Ta có: COBMvà CO / /MK nên BMMK

Phân tích đa thức sau thành nhân tử:

4

1.x 7x

2.x 2008x 2007x 2008

 

  

 

2

2 2

2

1)x 3x x

1 1

2)8 x x x x x

x x x x

    

              

      

      

1 CMR với a, b,c số dƣơng, ta có: a b c 1 a b c

 

     

 

2 Tìm số dƣ phép chia biểu thức x x x x 8        2008cho đa thức x210x 21

O

K M

H

C

A B

(43)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Cho tam giác ABC vng A AC AB  , đƣờng cao AH H BC    Trên tia HC lấy điểm D cho HD HA. Đƣờng vng góc với BC D cắt AC E

1) Chứng minh hai tam giác BEC ADC đồng dạng Tính độ dài đoạn BEtheo mAB

2) Gọi M trung điểm đoạn BE Chứng minh hai tam giác BHM BEC đồng dạng Tính số đo AHM

3) Tia AM cắt BC G Chứng minh GB HD BC AH HC

Câu 1)

      

2

x 7x x x 6x

x x x x x

     

      

2)

     

       

4 2

4 2 2

2 2 2

x 2008x 2007x 2008 x x 2007x 2007x 2007 x x 207 x x x x 2007 x x

x x x x 2007 x x x x x x 2008

        

           

            

Câu

2.1 x23x 2   x 1 0 1 

Nếu x : 1    x 1 2   0 x 1(thỏa mãn điều kiện x 1) Nếu

   

  

2

x : x 4x x x x x (ktm)

x x

x (ktm)

         

 

     

 

Vậy phƣơng trình  1 có nghiệm x 1 2.2

 

2

1 1

8 x x x x x (2)

x x x x

             

      

      

Điều kiện để phƣơng trình có nghiệm: x 0

   

2

1 1

2 x x x x x

x x x x

1

8 x x x x 16

x x

x 0(ktm) x 8(tm)

 

       

               

 

        

   

           

   

 

   

(44)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Vậy phƣơng trình cho có nghiệm x 8

Câu 3. 3.1 Ta có:

  1 a a b b c c

A a b c 1

a b c b c a c a b a b a c c b

3

b a c a b c

 

              

 

     

         

     

Mà x y

y x (BĐT Cô si)

Do đó: A 2 9     Vậy A 9 3.2 Ta có:

    

  

P(x) x x x x 2008 x 10x 16 x 10x 24 2008

     

Đặt  

tx 10x 21 t  3; t 7 , Biểu thức P(x) đƣợc viết lại

  

P(x) t t 3 2008 t  2t 1993

Do chia t2 2t 1993cho tta có số dƣ 1993 Câu

1) Hai tam giác ADC BEC có: C chung;

CD CA

CE  CB (hai tam giác vuông CDE CAB đồng dạng) Do ADC BEC

Suy

BEC ADC 135  (vì tam giác AHD vuông cân H theo giả thiết)

Nên

AEB 45 , ABEvng cân A Suy : BE AB 2 m

G M

E

D H

A

B

(45)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC 2) Ta có BM BE AD do BEC ADC

BC  BC2 AC  

Mà AD AH 2 (tam giác AHD vuông cân H) Nên BM AD AH BH BH

BC 2 AC  AC  AB 2  BE (do ABH CBA)

Do đó: 0

BHM BEC(c.g.c) BHM BEC 135 AHM 45

      

3) Tam giác ABEvuông cân A, nên tia AM tia phân giác BAC Suy : GB AB,

GC AC mà

AB ED

AC DC    

AH HD

ABC DEC ED / /AH

HC HC

   

Do đó: GB HD GB HD GB HD GC HCGB GC HD HC  BC AH HC

Câu (2,0 điểm)

a) Giải phƣơng trình: x x 1x 1, 3 x x 1x 1,

2

   

         

   

b) Giải bất phƣơng trình: x x

 

Câu (2,0 điểm)

a) Tính giá trị biểu thức sau:

    

16

2

x

x x x x 

    với x 2011 b) Cho x 3y 36 x 3y  212 x 3y   19

Tìm giá trị biểu thức x 3y Câu (1,0 điểm)

Một trƣờng học đƣợc xây dựng khu đất hình chữ nhật ABCD có AB 50m,

BC 200m. Ở phía chiều rộng AB tiếp giáp đƣờng chính, ngƣời sử dụng hai lơ đất hình vng AMEH, BMIK để xây dựng phịng làm việc nhà để xe Diện tích cịn lại để xây phịng học cơng trình khác (nhƣ hình vẽ) Tính diện tích lớn cịn lại để xây phịng học cong trình khác

K

H I

E

C

A B

D

(46)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Câu (2,0 điểm)

Cho biểu thức

3 2

x x x 2x x 3x

P :

x x x x x x

      

  

     

 

a) Tìm điều kiện xác định rút gọn biểu thức P b) Tìm giá trị xđể P 0

Câu (3,0 điểm)

Cho hình chữ nhật ABCDcó AB 8cm,AD 6cm.  Gọi H hình chiếu A BD Gọi M,N lần lƣợt trung điểm DH, BC

a) Tính diện tích tứ giác ABCH b) Chứng minh AMMN

Câu

   

   

2

a) x x x 1, x x x 1,

2

x 0,

2x x 2x x

2

x 1,

   

         

   

   

     

   

b)

2

1 x

x 2, DK : x

x x



    

 

2

x 0; x 2x x 0(ktm)

x : x 2x x (dung x 0)

     

      

Vậy x 0 Câu

a)

     

               

16

2

16

2 8

x x x x x x

x x x x x x x x x

      

    



   

       

Kết 2010

b)

     

   

3

x 3y x 3y 12 x 3y 27 x 3y

x 3y x 3y

       

    

        

Câu 3. Đặt :AM a,MB b  a b 2 502

 

   

2 2 2 2 2

2

2 2

2

a b a 2ab b a b 2ab

2 a b a b 50

a b 1250

        

   

(47)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Diện tích nhỏ  2

AMEH BIMK

S S 1250 m

Diện tích lớn cịn lại:  2 10000 1250 8750 m  Câu a) ĐKXĐ: x 2

  

       

2

3 2

x x 2x

x x 2x x 2x x 2x

x x

x x x x 2x x 2

  

        

 

     

 

   

2

2 2

x x x 2x

x x 2x 4

x x 2 x 2 x 2

   

  

  

   

 

   

   

 

2

2 2 2

4 x x x x x 3x

:

x x x x x

x x x x

     

  

 

    

   

b)

2

x x x

2

 

      

  với x

Để P 0  4 x 1         x x Vậy để P 0 x 1; x 2

Câu

a)

ABH DBA

 

Tính AH 4,8cm; BH 6,4cm 

Kẻ KCBD C / m KC AH 4,8cm 

 2 ABCH ABH BHC

1

S S S AH.HB CK.HB 30,72 cm

2

    

b) AHD ABC AH AD HD

AB AC BC

    

AD DM AD AM

; ADM ACN

AC CN AC AN

AD AM MAD NAC NAM CAD;

AC AN

    

    

K

N MH

C

A B

(48)

ADC AMN(cgc) AM MN

    

Câu (1,50 điểm)

a) Hãy viết biểu thức sau :

 

2 2a a a



 thành hiệu hai bình phƣơng b) Cho

 2  2 2  2 2 2  2 2

2.1 2.2 2.3 2.2012

M

1 2 3 2012 2012

   

    

   

Chứng minh M 1 Câu (2,00 điểm)

a) Chứng minh n328nchia hết cho 48 với nlà số nguyên chẵn b) Giải phƣơng trình sau:

2

x 3x 3x x 15 x 5x

   



 

Câu (2,50 điểm)

Cho biểu thức : P x 21 : 22 x x x x x

   

     

   

   

a) Rút gọn biểu thức P b) Tìm giá trị xđể P 1 c) Giải phƣơng trình P 2 Câu (1,00 điểm)

Cho a 0; b 0  a2b2 10.Tìm giá trị nhỏ Q 12 12

a b

 

Câu (3,00 điểm)

Cho tam giác ABC có AB 2a; AC 3a; BC 4a.   Đƣờng phân giác ADvà BEcắt I Gọi M trung điểm AC, G trọng tâm tam giác ABC

a) Tính độ dài đoạn thẳng BD theo a b) Chứng minh IG / /AC

c) Tính tỉ số diện tích tứ giác EIGM ABC

Câu

a)

       

2 2 2 2

2

2 2

a a

2a a 2a a 1

a a a a a a a a

 

         

    

   

(49)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC b)

 2 2  2 2a 1

a a 1 a a



 

 

2 2 2 2

2

1 1 1 1

M

2 3 2012 2013

1

1 M

2013

        

    

Câu

a) n 2k, với k số nguyên;  3   n 28n 2k 28 2k 8k 56k

   

    

2

8k k 8k k

8k k 48k 8k k k 48k

    

      

  

k k k 1  tích ba số nguyên liên tiếp nên chia hết

  

8k k k 1  48kchia hết cho 48 b) ĐKXĐ: x 15; x 1; x  6

 

2

2 2

x x 3x 3x x 3x 3x x 6x

x 15

x 5x x 5x x 15 x 6x x 3 

        

   



        

Thay x 3vào phƣơng trình kết luận nghiệm phƣơng trình Với x 3ta có:

    2 2 x

x 3x 3x 13

1 3x x 15 x (tm)

x 15

x 5x x 3



  

        



  

Vậy S 13;

 

  

 

Câu

a) ĐKXĐ: x 0; x  1

         

2 x x 1

x x x x

P :

x x

x x x x x x

               b)

2 2

x x x x

P 1 0

x x x

   

         

Vì

2

x x x

2

 

      

  với x

Để

x x

0 x x

 

   Vậy P x

x  

    

 c) P P

P  

    



2

x x 2x

P 2 x 1(ktm)

x

  

(50)

2

x x 2x

P 2 x 1(ktm)

x x

  

         

Vậy phƣơng trình vơ nghiệm Câu

 

2

2 2

1 1

a b 2ab; ab a b

1 1

a b 2ab

ab 10

a b a b

   

 

        

 

Vậy MinQ a b 5

   

Câu 5.

a) BD DC AB AC

BD DC BD DC BC 4a 8a

BD

AB AC AB AC AB AC 5a 5



      

 

b) EA EC EA EC AC 3a

AB BC AB BC AB BC 6a



    

 

EA a; EC 2a IE EA a IB AB 2a

 

   

G trọng tâm ABC GM

GB

  

GM IE

IG / /EM

GB  IB 2 (ta let đảo )IG / /AC c)

2 BIG

BEM

S

 

  

 

Tính BEM BIG BIG BEM

ABC ABC BEM ABC

S 0,5a S S S

EM 0,5a; ;

S 3a S S S 27

     

K

H

G

M I

E

D A

(51)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC EIGM BEM AIG

ABC ABC

S S S

S S 27 54



   

Câu (2,0 điểm) Cho 2

x y 2và   2 2 2 M x 1  y 1 2x y

Chứng minh giá trị biểu thức M không phụ thuộc vào giá trị biến số x, y Tìm số tự nhiên nđể giá trị biểu thức n32n22n 4 số nguyên tố

Câu (2,0 điểm)

Cho

 

2

x 1 3x x x 2x

A :

1 x x x

3x x

      

 

  

 

    

 

Tìm điều kiện xác định rút gọn biểu thức A

2 Tìm giá trị thực xđể Avà

Acó giá trị số nguyên Câu (2,5 điểm)

Giải phƣơng trình: 2 21 x2 4x x 4x 10    

2 Bạn Nam hỏi bạn Bắc: “Năm cha mẹ bạn tuổi” Bắc trả lời: “Cha mẹ tuổi Trƣớc tổng số tuổi cha mẹ 66 tuổi tổng số tuổi hai anh em chúng tơi 10 Hiện tổng số tuổi cha mẹ gấp lần tổng số tuổi hai anh em chúng tơi”

Tính xem tuổi cha tuổi mẹ bạn Bắc ? Câu (1,5 điểm)

Cho hình bình hành ABCD có AB 2BC, đƣờng phân giác góc C Dcắt M Chứng minh A,M, B thẳng hàng

Câu (2,0 điểm)

Cho tam giác ABC Một đƣờng thẳng song song với BC cắt cạnh AB,AC lần lƣợt Dvà E Gọi M, N lần lƣợt trung điểm DEvà BE Gọi O trọng tâm tam giác ADE

1 Chứng minh OMN OEC

(52)

Câu 1

   

2

2 2

4 2

4 2 2

2

2 2

2

M x y 2x y x 2x y 2y 2x y

x 2x y y x y x y x y

2 2.2 2

    

      

     

    

   

2

  

3 2

n 2n 2n 4  n 2 n 2

Để giá trị biểu thức số nguyên tố n2 2 1(loại

n  2 2) Hoặc n 1  Ta tìm đƣợc n 3

Câu

1 Điều kiện xác định x 1

    

      

     

2

2 2

2

x 1 3x x x 1 3x x

1 x x

x x x x x x

3x x

x x 1 3x x x x x 2x 1

x x x x x x

         

       

 

           

 

         

 

     

 

  

2

x 1 3x x x 2x :

1 x x x

3x x

x 2x x 1

x 2x x x x x x

      

   

 

    

 

  

 

   

  

2 A 2

x x



  nguyên

2

Anguyên nghĩa A U(2)

2

x x ; A A

4

      

Suy A x2 x 1 x 0(tm) x 1(ktm)  

      

   Vậy x 0

Câu 1

(53)

2 21

x 4x

x 4x 10        

21

t t

t

     



    

21 t t 21 t t 25 t

             

2

x 4x 5  x 4x 0  giải x 1; x 3 

2

x 4x 8   5 x 4x 13 0  vơ nghiệm x24x 13 0  Vậy x 1; x 3 

2

Gọi xlà tuổi mẹ bạn Bắc tổng số tuổi cha mẹ 66 (xnguyên dƣơng) Ta có: x x 66   2x 62  x 31

Gọi y số tuổi thêm từ mẹ Bắc 31 tuổi đến ( y nguyên dƣơng) Tổng số tuổi hai ngƣời 66 2y

Tổng số tuổi hai ngƣời 10 2y Ta có phƣơng trình:

 

3 10 2y 66 2y 30 6y 66 2y    y Tuổi mẹ Bắc 31 40  tuổi Tuổi cha Bắc 35 44  tuổi Câu

Gọi N trung điểm AB, P trung điểm CD Chứng minh ANPD NBCP hình thoi Suy N giao điểm phân giác góc C D Suy N trùng với M

Vậy A,M, B thẳng hàng

N

P C

M

A B

(54)

1 OA OE,OM OM

OA OE

   

MN MN

BD EC;

BD EC

   

MN OM

EC OE

   

OMN OEC 150 OMN OEC c.g.c

     

2 Từ OMN OEC, ta có: ONM OCE; MON EOC  ON OC OM  OE

MON EOC NOC MOE

   

 

ONC OME c.g.c ONC OME 90

    

Suy ONNC

a) Phân tích đa thức sau thành nhân tử: 3

A x y z 3xyz b) Chứng minh rằng: 1 a, b

a b a b   Câu (3 điểm)

Giải phƣơng trình sau:

a) 2x23x 1  23 2x23x 5  16 0 b) x x 10 10

10 x 10 x

 

  

 

O M N

E A

B C

(55)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Câu (3 điểm) Thực phép tính:

a) 1 2 4 8 x x 1 x   1 x 1 x

b) 1

1.33.55.7 49.51

Câu (2 điểm) Tìm giá trị nhỏ biểu thức

   

A x x x  7x 10 Câu (4 điểm) Cho biểu thức:

2

3

x 10 x

M : x

6 3x x x x 4x

    

       

  



   

a) Rút gọn M

b) Tính giá trị biểu thức M x 1 c) Với giá trị xthì M 2

d) Tìm giá trị nguyên xđể M có giá trị nguyên Câu (5 điểm)

Cho tam giác ABC, góc Bvà C nhọn Hai đƣờng cao BEvà CF cắt H Chứng minh rằng:

a) AB.AF AC.AE b) AEF ABC

c) BH.BE CH.CF BC 

Câu

a) 3

A x y z 3xyz

   

       

  

3 3

2 2

x y 3xy x y z 3xy x y 3xyz

x y z 3xy x y z

x y z x y x y z z 3xy x y z

x y z x y z xy yz xz

       

     

 

          

 

       

b) Xét hiệu:

   

 

1

A

a b a b

b a b a a b 4ab ab a b

 

   

 

   





     

2

2 a b

a 2ab b

0 ab a b ab a b



 

  

(56)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Vậy 1

a b a b (dấu " " xảy  a b) Câu

a) 2x23x 1  23 2x23x 5  16 0

 2  2 2 

2x 3x 2x 3x 0(*)

       

Đặt t 2x 23x 1

  t

Pt * t 3t

t   

      

 

 

  

2

x x x 2x

2x 3x 1 2

x x 2x

2x 3x

5 x

2     

  

     

    

  

  

 

  

   Vậy S 1; 0; ;3

2

 

  

 

b)x x 10 10  *

10 x 10 x

    

 

ĐKXĐ: x 9; x 10

 * x x 19 19x 181    0 x

x 19 (TMDK) 181

x 19

      

 

  

Vậy S 0; 19; 181 19

  

  

 

Câu

a) A 1 2 4 8

1 x x 1 x x x

    

    

Ta có: 1 2 x x   1 x

2

4

2

A

1 x x x x

4

1 x x x

    

   

  

(57)

8

16

8

1 x x

16 x

 

 

 

1 1

b)B

1.3 3.5 5.7 49.51

1 1 1 1

1

2 3 5 49 51

1 1 1 1

1

2 3 5 49 51 1 25

2 51 51

    

       

            

       

 

 

          

 

 

   

 

Câu

   

  

2

A x x x 7x 10 x 7x 10 x 7x 10

    

    

Đặt x27x t, ta có biểu thức:

  

A t 10 t 10  t 100 100 Dấu " " xảy  t

2 x

x 7x

x  

    

  Với x

x    

 Ađạt giá trị nhỏ 100

Câu

a) Điều kiện x 0,x  2

  

2

3

2

x 10 x

M : x

6 3x x x x 4x

x x 10 x

:

2 x x x x x

    

       

  



   

    

   

  

 

 

 

 

     

x 2 x x 6 6 x 2 1 1

:

x x 2 x

x x x x

      

   

  

   

b) x M 1  x

     

  

c) M 2 2 x  x x 3(TMDK)

2 x 2

          



d) Để M nhận giá trị nguyên

(58)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC    

2 x U 1;1

2 x x 3(tm) x x 1(tm)

    

           

Vậy với x 1; M nhận giá trị nguyên Câu

a) ABE ACF(g.g) AB AE AB.AF AC.AE

AC AF

     

b) AB AE AE AF AC  AF AB AC AEF, ABC

  có A chung AE AF AEF ABC(c.g.c)

AB AC  

c) Vẽ HDBC    

BH BD

BHD BCE g.g BH.BE BC.BD (1)

BC BE

CH CD

CHD CBF g.g CH.CF BC.CD (2)

BC CF

     

Cộng vế (1) (2) ta đƣợc:   BH.BE CH.CF BC BD CD   BC.BC BC

Câu (4,0 điểm)

1 Phân tích đa thức sau thành nhân tử: x42013x22012x 2013 Rút gọn biểu thức sau:

2

x 2x 2x

A

x 2x 8 4x 2x x x

    

      

     

 

Câu (4,0 điểm)

D H F

E A

(59)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Giải phƣơng trình sau:

 2 2  2 2  2  2 

2x  x 2013 4 x 5x 2012 4 2x  x 2013 x 5x 2012 Tìm số nguyên x, y thỏa mãn: 3

x 2x 3x 2 y Câu (4,0 điểm)

1 Tìm đa thức f(x) biết rằng: f(x) chia cho x 2 dƣ 10, f(x) chia cho x 2 dƣ 24, f(x) chia cho x24đƣợc thƣơng 5xvà dƣ

2 Chứng minh rằng:

  2   2   2

a b c b c a   c a b a b c   b a c a c b   Câu (6,0 điểm)

Cho hình vng ABCD,trên cạnh AB lấy điểm E cạnh AD lấy điểm F cho AEAF Vẽ AH vng góc với BF (H thuộc BF), AH cắt DC BC lần lƣợt hai điểm M, N

1) Chứng minh tứ giác AEMD hình chữ nhật

2) Biết diện tích tam giác BCH gấp bốn lần diện tích tam giác AEH Chứng minh AC 2EF

3) Chứng minh : 2 2 2 AD AM AN Câu (2,0 điểm)

Cho a, b,c ba số dƣơng thỏa mãn abc 1. Chứng minh rằng:

     

3 3

1 1

a b c b c a c a b 

Câu 1.1 Ta có:

 

    

  

4

2

x 2013x 2012x 2013

x x 2013x 2013x 2013 x x x x 2013 x x

x x x x 2013

  

    

      

    

1.2 Điều kiện: x x     

     

2

2 2

2

x 2x 2x

A

x

2x 8 4x 2x x x

x 2x 2x x x

4 x x x x

2 x

   

     

     

 

    

 

 

     

(60)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC                         2 2 2 2

3 2

2

x x

x 2x 2x

x

2 x x x

x x 4x x x x 4x 4x 4x x

x x

2 x x x

x x x x 1

2x 2x x

                                  

Vậy A x 2x



 với x

x      Câu 2.1 Đặt 2

a 2x x 2013 b x 5x 2012

   

 

  



Phƣơng trình cho trở thành:

 2

2

a 4b 4ab a 2b   0 a 2b 0  a 2b Khi ta có:

 

2 2

2x x 2013 x 5x 2012 2x x 2013 2x 10x 4024 2011

11x 2011 x

11

          



    

Vậy phƣơng trình có nghiệm x 2011 11

 

2.2 Ta có:

2

3 3

y x 2x 3x 2 x x y (1)

4

 

           

 

 3 3 2 15

x y 4x 9x 2x y x (2)

4 16

 

            

 

Từ  1  2 ta có: x y x 2   mà x, y nguyên suy y x 1 

Thay y x 1  vào phƣơng trình ban đầu giải phƣơng trình tìm đƣợc x   1 y Vậy   x; y  1; 0

Câu

3.1 Giả sử f(x) chia cho x24đƣợc thƣơng 5xvà dƣ ax b Khi : f(x)x24   5x ax b

Theo đề Câu, ta có:

7 f(2) 24 2a b 24 a

2 f( 2) 10 2a b 10 b 17



      

      

   

Do : f(x) x2 ( 5x) 7x 17

(61)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Vậy đa thức f(x) cần tìm có dạng: 47

f(x) 5x x 17

2

   

3.2

Ta có: a b c b c a     2c a b a b c     2b a c a c b     20 (1) Đặt

x z a

2 a b c x

x y

b c a y b

2

a c b z y z

c

  



    



     

 

    

   



Khi ta có:

  

 

2 2

2 2 2

x y y z y z x y

x z x z

VT y x x y x y z

2 2 2

y z z y

x z x z

.y x x y z

2 2

       

 

          

   

 

   

=1x2 z y2 1z2 y x2 x y z2

4  4  4 

 2  2

1

x y z x y z VP (dfcm)

4

     

Câu

1) Ta có: DAM ABF (cùng phụ với BAH)

M H

N F

C D

(62)

AB AD (gt); BAF ADM 90  (ABCD hình vuông)

 

ADM BAF g.c.g

   

DM AF,

  mà AF AE(gt) nên AE DM Lại có: AE / /DM (vì AB / /DC)

Suy tứ giác AEMD hình bình hành Mặt khác DAE 90 (gt) Vậy tứ giác AEMD hình chữ nhật

2) Ta có ABH FAH(g.g)

AB BH

AF AH

  hay BC BHAB BC; AE AF

AE  AH  

Lại có: HAB HBC (cùng phụ với ABH) CBH AEH(c.g.c)

  

2 CBH

EAH

S BC

,

S AE

 

   

  mà  

2

CBH

EAH

S BC

4(gt) BC 2AE

S AE

 

     

 

BC 2AE E

   trung điểm AB, F trung điểm AD Do đó: BD 2EF hay AC 2EF(dfcm)

3) Do AD / /CN(gt) Áp dụng hệ định lý Ta let ta có:

AD AM AD CN

CN MN AM MN

   

Lại có: MC / /AB gt   Áp dụng hệ định lý Ta let ta có:

MN MC AB MC

AN  AB  ANMNhay

AD MC

AN MN

2 2 2 2 2

2

AD AD CN CM CN CM MN

1

AM AN MN MN MN MN

(Pytago)

        

          

       

2

2 2

AD AD 1

1 (dfcm)

AM AN AM AN AD

   

       

   

Câu

Trƣớc tiên ta chứng minh BĐT: Vơi a, b,c x, y,z 0 ta có:

 2

2 2 a b c

a b c

(*)

x y z x y z

 

  

 

Dấu " " xảy a b c x y z   

(63)

 

  

2 2

a b

(**)

x y x y

a y b x x y xy(a b)



 



    

 2

bx ay

   (luôn đúng) Dấu " " xảy a b

x y  

Áp dụng bất đẳng thức  * * ta có:

 2  2

2 2 a b a b c

a b c c

x y z x y z x y z

  

    

  

Ta có:

 

2 2

3 3

1 1

1 1 a b c

ab ac bc ab ac bc a b c b (c a) c (a b)       Áp dụng BĐT (*) ta có :

 

2

2 2

1 1 1

1 1

a b c a b c

a b c

ab ac bc ab ac bc ab bc ac 1

2

a b c

       

   

   

   

        

 

 

(Vì abc 1)

Hay

2 2

1 1

a b c

ab ac bc ab ac bc a b c

 

      

    

Mà 1 a  b c nên

2 2

1 1

3

a b c

ab ac bc ab ac bc   2 Vậy 31  31  31 

2

a b c b c a c a b  (đpcm)

Câu (4,5 điểm)

(64)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC 2) Cho a, b,c đôi khác khác Chứng minh rằng:

Nếu a b c 0   a b b c c a c a b c a b a b b c c a

          

      

   

3) Cho

Ap p số nguyên tố Tìm giá trị p để tổng ƣớc dƣơng Alà số phƣơng

Câu (4,0 điểm)

1) Cho biểu thức P x 43 : 2x x 1 x

x x x

     

      



  

   

a) Rút gọn biểu thức P

b) Tính giá trị P xlà nghiệm phƣơng trình x23x 0 

2) Chứng minh rằng: f(x)x2 x 12018x2 x 120182chia hết cho g(x) x x Câu (3,5 điểm)

1) Tìm m để phƣơng trình có nghiệm (với m tham số) x m x

x x m

   

 

2) Giải phƣơng trình: 2x 8x 4x 1   2  

Câu (7,0 điểm) Cho hình chữ nhật ABCD,AB 2AD. Trên cạnh AD lấy điểm M, cạnh BC lấy điểm P cho AM CP. Kẻ BHvng góc với AC H Gọi Q trung điểm CH, đƣờng thẳng kẻ qua P song song với MQ cắt AC N

a) Chứng minh tứ giác MNPQ hình bình hành

b) Khi M trung điểm AD Chứng minh BQ vng góc với NP

c) Đƣờng thẳng APcắt DC điểm F Chứng minh 12 12 2 AB AP 4AF

Câu (1,0 điểm) Tìm tất tam giác vng có số đo cạnh số nguyên dƣơng số đo diện tích số đo chu vi

Câu

    

  

 

  

   

2

M x x x x 24

M x 7x 10 x 7x 12 24

M x 7x 11 x 7x 11 24

M x 7x 11 25

M x 7x x 7x 16

M x x x 7x 16

     

       

   

    

(65)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Các ƣớc dƣơng Alà

1; p; p ; p ; p Tổng ƣớc 2 

1 p p  p p n n

2

4 4p 4p 4p 4p 4n

     

Ta có:

         

4 2

2 2 2

2 2

4p 4p p 4n 4p p 4p 8p 4p

2p p 2n 2p p 2n 2p p

        

         

Do :

4

2

4p 4p 4p 4p 4p 4p 5p 2p

p 1(ktm)

p 2p

p 3(tm)                    

Vậy p 3

3 Đặt a b x;b c y;c a z c 1; a 1; b 1(1)

c a b a b x b c y c a z

  

      

  

  1

x y z

 

      

 

Ta có: x y z 1 y z x z x y (2)

x y z x y z

      

         

   

Ta lại có:

2

y z b c c a c b bc ac a c

x a b a b ab a b

                         c 2c a b c

c a b c a b c c a b 2c

ab ab ab

ab a b

    

      

   

 Tƣơng tự ta có:

2 x y

x z 2a 2b

;

y bc z ac 



 

  2  

3 3

1 1 2c 2a 2b

x y z 3 a b c

x y z ab bc ac abc

 

            

 

Vì a b c 0   a3b3 c3 3abc

Do đó: x y z 1 3abc x y z abc

 

         

 

Câu

1 a) Với x 1 ta có:

     

2

2 2

2

x x x x x x

P :

x x

x x x x x x

x x x x x 2x x x

:

x x x

x x x x x x

(66)

  

x x x 3 x x x

  

 



 

Vậy x 1 P x 32

x

 



b) x2 3x 0 x 2(tm) x 1(ktm)  

    



 Thay x2vào Pta có:

2

P

13

2



 



Kết luận với x2thì P 13



2) Đa thức    

g x x  x x x 1 có hai nghiệm x v x 1 Ta có    2018 2018

f  1 1    2 x nghiệm f(x)  

f x

 chứa thừa số x

Ta có f 1 12 1 1201812 1 12018   2 x 1là nghiệm f(x)  

f x

 chứa thừa số x 1 mà thừa số xvà x 1 khơng có nhân tử chung f(x) chia hết cho x x 1  

Vậy f x x2 x 12018x2 x 120182chia hết cho g x x2x Câu

1) ĐKXĐ: x 3; x mta có:

  

     

2 2

2

2 2

x m x

2 x m x x x m

x x m

2x m x 3x 3m mx m x m (1)

          

 

           

Với m 3  1 có dạng 0x 0. Nghiệm xthỏa mãn điều kiện x 3 x m,do tập nghiệm phƣơng trình x 3

Với m 3thì phƣơng trình  1 có nghiệm  

 

2

m m 3

x

2 m

 

   



Để giá trị nghiệm phƣơng trình ta phải có: m

3



   m m

2



   tức m 3. Vậy m 3thì x m



  nghiệm Kết luận : với m 3thì Sx / x 3  Với m 3thì S m

2

  

  

 

2 Ta có: 2x 8x 1   2 4x 1 

       

64x 16x 8x 2x 64x 16x 64x 16x 72 *

         

(67)

    t

* t t 72

t   

     

 

Với t 9 ta có: 2  2

64x 16x  9 64x 16x 0   8x 1  8 (Vơ nghiệm 8x 1 2 8 0)

Với t 8 ta có 2

1 x

2 64x 16x 64x 16x

1 x

4

  

       

   

Câu

a) Chứng minh đƣợc DH / /BK(1)

Chứng minh đƣợc AHD CKBDH BK (2) Từ (1) (2) suy tứ giác MNPQ hình bình hành

b) Gọi E trung điểm BK, chứng minh đƣợc QE đƣờng trung bình KBCnên QE / /BCQEAB(vì BCAB)và QE 1BC 1AD

2

 

Chứng minh AM QE AM / /QEAMQElà hình hành Chứng minh AE / /NP / /MQ  

Xét AQB có BK QE hai đƣờng cao tam giác nên Elà trực tâm tam giác nên AElà đƣờng cao thứ ba tam giác AEBQBQNP

c)

E K

N

Q H

P M

C B A

D

P

G C

A

D

B

(68)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Vẽ tia Axvng góc với AF Gọi giao Axvới CD G

Chứng minh GAD BAP (cùng phụ với PAD) ABP g.g 

AP AB

2 AG AP

AG AD

    

Ta có: AGFvng A có ADGFnên AG.AF AD.GF 2SAGF  

2 2

AG AF AD GF

 

Ta chia hai vế (1) cho AD AG AF mà 2 AG2AF2 GF2

(đl Pytago)

2 2 2

1 1 1

AD AG AF 1 1 AF

AB AP

2

4 1 1

AB AP AF AB AP 4AF

     

   

   

   

     

Câu

Gọi cạnh tam giác vng x, y,z cạnh huyền z

(x, y,z số nguyên dƣơng) Ta có

 

xy x y z   (1) 2

x y z (2) Từ (2) suy  2

z  x y 2xy,thay (1) vào ta có:

   

       

   

2

z x y x y z

z 4z x y x y z 4z x y x y z x y

    

             

    

z x y

z x y 2(ktm vi z 0)     

       



z x y 4;

    thay vào (1) ta đƣợc: xy x y x y 4      

  

xy 4x 4y

x y 1.8 2.4

    

     

Từ tìm đƣợc giá trị x, y,z là:

x; y; z  5;12;13 ; 12; 5;13 ; 6; 8;10 ; 8; 6;10      

a) Tìm số dƣơng a, b,c thỏa mãn :

2 2

a b c

4

  

(69)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC b) Tìm giá trị nhỏ biểu thức P x 42x33x22x 1

Để tham gia ngày chạy Olympic sức khỏe tồn dân, trƣờng A nhận đƣợc số áo chia cho lớp Biết theo thứ tự, lớp thứ nhận đƣợc áo

1

9 số lại, đến lớp thứ n n 2; 3; nhận đƣợc 4n áo

9 số áo lại Cứ nhƣ lớp nhận hết số áo

Hỏi trƣờng A nhận đƣợc áo ? Câu (3 điểm)

Tìm tất số nguyên dƣơng nđể  2017 2018

1 n n số nguyên tố Câu (3 điểm)

Một giải bóng chuyền có đội bóng tham gia thi đấu vòng tròn lƣợt (hai đội thi đấu với trận) Biết đội thứ thắng a1trận thua b1trận, đội thứ thắng a2 trận thua b2trận, <., đội thứ thắng a9trận thua b9trận

Chứng minh 2 2 2 2

1 9

a a a  a b b b  b Câu (5 điểm)

Cho đoạn thẳng ABdài a cm   Lấy điểm C thuộc đoạn thẳng AB (C khác A B) Vẽ tia Cx vng góc với AB Trên tia Cx lấy hai điểm Dvà E cho CD CA

CE CB.

a) Chứng minh AE góc với BD

b) Gọi M N lần lƣợt trung điểm AEvà BD Tìm vị trí điểm C đoạn thẳng AB để đa giác CMEDNcó diện tích lớn

c) Gọi I trung điểm MN Chứng minh khoảng cách từ I đến AB không phụ thuộc vào vị trí điểm C

Hình vng có 3 (nhƣ hình bên ), chứa số mà tổng số hàng, cột, đƣờng chéo đƣợc gọi hình vng kỳ diệu Chứng minh số tâm   hình vng kỳ diệu trung bình cộng hai số cịn lại hàng, cột , đƣờng chéo

(70)

Câu

a) Từ giả thiết a22c2 3b219a22c23b2 19 Ta có:

2 2 2 2

a b c 3b 18 2c a 2c 3b 18 14 14

4 15 12 12 15

                

 

Suy :

2

a 49 a

b 64 b

c 81 c

  

b)

   

4

P x 2x 3x 2x 1  x 2x  1 2x 2x x

 2 2  2  2  2 2

x 2x x x x x

       

Vì

2

2 1 3 3

x x x 2x x P

2 4 4 16

     

              

     

Dấu " " xảy x

  

Câu

Gọi số lớp trƣờng A đƣợc nhận áo x

Vì lớp thứ xnhận áo cuối số áo đƣợc phát hết nên số áo lớp thứ xnhận đƣợc 4x

Lớp thứ x 1 nhận số áo x 1  1.4x 4,5x

   

Vì số áo lớp nhận đƣợc nhƣ nên ta có phƣơng trình: 4,5x 4x   x

Suy số áo lớp nhận đƣợc: 4.8 32 (áo) Suy số áo trƣờng A nhận đƣợc: 32.8 256 (áo) Câu Đặt: A n  2017n2018

Với n 1 A 3 số nguyên tố Với n 1, ta có:

     

          

2017 2018 2018 2017

2 2016 2016 2016 2

1 n n n n n n n n

n n n n n n n n n n n

        

            

Ta lại có: n2016 1  n3 672 1 n31     n3 671 n3 670 n 31 n31

 

 2016   

n n n

    Suy  

(71)

Mỗi đội bóng thi đấu với đội bóng khác hai đội gặp trận nên đôi thi đấu trận  ai bi 8(với i 1,2,3 8)

Đẳng thức cần chứng minh tƣơng đƣơng với:

       

 

2 2

1 9

1

a a a a a a a a 16 a a a a 576(1)

            

     

Mặt khác, tổng số trận thắng đôi tổng số trận đấu nên :

1

9.8

a a a a 36(2)

2

     

Từ (1) (2) suy đpcm Câu 5.

a) Gọi H giao điểm BDvà AE ACE DCB(c.g.c) E B

    

Suy  

DHE DCB g.g DHE CDB 90

    

b) Ta có: SCMEDN SCME SCDN 1SACE 1SBCD 1.AC.CE 1.CB.CD 1AC.CB

2 4

      

Mặt khác, theo bđt AM-GM ta có:  

2 AC CB a AC.CB

4



 

Suy

2 CMEDN

a

S

8

 Dấu " " xảy AC CB hay C trung điểm AB c) Gọi J,M',N' lần lƣợt hình chiếu vng góc I,M,N lên AB

Ta có: IJ đƣờng trung bình hình thang MNN'M' nên IJ MM' NN'(1)

 

Ta lại có MM’ đƣờng trung bình ACEvà NN’ đƣờng trung bình BCDnên

CE CB

MM'

2

  NN' CD AC(2)

2

 

N' J

M'

I H

N M

E D

A

(72)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Từ (1) (2) suy

AC CB

AB a 2

IJ

2 4



  

Vậy khoảng cách điểm Iđến đoạn ABkhơng phụ thuộc vào vị trí điểm C Câu

Giả sử hình vng kỳ diệu điền số a, b,c,d,e,f,g,h,i nhƣ hình vẽ Đặt S a b c d e f g h i        

S

d e f b e h a e i c e g

3

            (1)

Suy

Suy d e f b e h a e i c e g 4S

           

        4S

d e f b e h a e i c e g

3

4S S

S 3e e (2)

3

            

    

Từ (1) (2) d f b h a i c g 2S 2e (dpcm)

         

Câu (4,5 điểm)

1) Phân tích biểu thức sau thành nhân tử: P 2a 37a b 7ab2  22b3

2) Cho x2 x 1.Tính giá trị biểu thức Q x 62x52x42x32x22x 1 Câu (4,5 điểm)

1) Cho biểu thức R 2x 2x 3 :4026 x x 2x x 2x x 4x

   

   

  

  Tìm xđể biểu thức xác định, rút gọn biểu thức

2) Giải phƣơng trình sau: x x x x 2       4 Câu (4,0 điểm)

1) Cho nlà số tự nhiên lẻ Chứng minh n3n chia hết cho 24 2) Tìm số tự nhiên nđể n24n 2013 số phƣơng Câu (6,0 điểm)

1) Cho hình thang ABCD vuông A D Biết CD 2AB 2AD  BC a 2 a) Tính diện tích hình thang ABCD theo a

a b c

d e f

(73)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC b) Gọi Ilà trung điểm BC, H chân đƣờng vng góc kẻ từ Dxuống AC

Chứng minh HDI 45

2) Cho tam giác ABC có BC a,CA b,AB c.   Độ dài đƣờng phân giác tam giác kẻ từ đỉnh A, B,C lần lƣợt l ,l ,l a b c Chứng minh rằng:

a b c

1 1 1 l l l   a b c Câu (1,0 điểm)

Cho hai số không âm avà b thỏa mãn: a2b2  a b.Tính giá trị lớn biểu thức:

a b

S

a b

 

 

Câu

1) Ta có:  3

P a b 7ab(a b)

    

  

     

   

2

2 a b a ab b 7ab a b

a b 2a 2b 5ab a b 2a 4ab 2b ab a b 2a a 2b b a 2b a b 2a b a 2b

     

   

    

 

      

   

Kết luận Pa b 2a b a 2b      2) Ta có:

   

2 4 2

2

2 2

2

Q x x 2x x x 2x x x x x

x x x x x x

x x

         

     

   

Vậy Q 4 Câu

1) Ta có:    

 

x x x

R

4026 x x x x x x

   

 

  

 

  

 

ĐK: x x 4 x x  

   

  

Khi đó: R x x 24 4026 x x x

   

    

  

 

     

2

x x x x

4026 x

     



(74)

 

2 x

1

4026 x 2013 

 



Vậy Rxác định x x     



1 R

2013



2) +Nếu x 2, phƣơng trình cho trở thành :

    

  

 

2

4 2

x x x x

x x 4

x 5x x x

x 0(ktm) x 5(tm)

x 5(ktm)

    

   

     

  

 

   

+)Nếu x 2, phƣơng trình cho trở thành:

    

  

4

2 x x x x x x x x x x 4

x 5x

    

      

    

   

2

x

2

 

    

  vô nghiệm

Phƣơng trình có nghiệm x Câu

1) Ta có: n3 n n n n 1    

Vì n 1; n; n 1  ba số tự nhiên liên tiếp nên có ba số chia hết cho Do n3n 8 (2)

Vì hai số nguyên tố nên kết hợp với    1 ; suy

   

n n 24 dpcm

2) Giả sử n2 4n 2013 m m  2   Suy  2 2  2

n 2 2009 m m  n 2 2009 m n m n 2  2009

     

Mặt khác 2009 2009.1 287.7  49.41 m n 2  m n 2  nên có trƣờng hợp sau: m n 2009 m 1005

TH1 :

m n n 1002

     



     

 

m n 287 m 147 TH2 :

m n n 138

     



     

(75)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC m n 49 m 45

TH3 :

m n 41 n

     



     

 

Vậy số cần tìm 1002;138; Câu

1)

a) Gọi E trung điểm CD, ABEDlà hình vng BEC tam giác vng cân

Từ suy AB AD a, BC 2a  

Diện tích hình thang ABCD    

2 AB CD AD a 2a a 3a S

2 2

 

  

b) ADH ACD(1) (hai góc nhọn có cặp cạnh tƣơng ứng vng góc) Xét hai tam giác ADC IBDvng D B có:

AD IB

,

DC BC 2 hai tam giác ADC IBDđồng dạng Suy ACD BDI (2)

Từ    1 , ADH BDI

Mà ADH BDH 45  BDI BDH 45  0hay HDI 45 2)

H

I B

C E

A

D

M

D A

B

(76)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Gọi AD đƣờng phân giác góc A, qua C kẻ đƣờng thẳng song song với AD cắt đƣờng thẳng AB M

Ta có: BAD AMC (hai góc vị trí đồng vị) DAC ACM (hai góc vị trí so le trong)

Mà BAD DAC nên AMC ACM hay ACMcân A, suy AM AC b  Do AD / /CM nên AD BA c

CM BM  b c Mà

a

c AD 1 1

CM AM AC 2b (1)

b c 2b l b c

 

         

  

Tƣơng tự ta có:

b c

1 1 1 1

(2); (3)

l c a l a b

   

      

   

Cộng      1 ; ; vế theo vế ta có điều phải chứng minh Câu

Ta có: a2 1 2a; b2  1 2ba2b2 2 2a 2b   a b 2 Chứng minh đƣợc với hai số dƣơng x, y 1

x y x y Do đó: S 1

a b a b

 

     

    

 

Vậy GTLNcủa S 1, dạt đƣợc a b 1 

Câu Cho biểu thức A 3 2x 2 : 22x x x x x x

   

     

    

   

a) Tìm điều kiện xác định rút gọn biểu thức A b) Tìm xđể Anhận giá trị số âm

c) Tìm giá trị nguyên xđể biểu thức x A  nhận giá trị số nguyên Câu

a) Cho S 1.2.3 2.3.4 3.4.5 k k k 2          (với k *) Chứng minh 4S 1 bình phƣơng số tự nhiên b) Tìm số nguyên x, y thỏa mãn 3

x 2x 3x 2 y Câu

(77)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC b) Xác định giá trị mđể phƣơng trình: 3   

m x 2 8 x m 4m có nghiệm số không lớn

c) Cho x, y,z số dƣơng thỏa mãn x y z 1.   Tìm giá trị nhỏ biểu thức : P 1

16x 4y z

  

Câu Cho tam giác ABC cạnh 2a,M trung điểm BC xMy 60 0quay quanh đỉnh M cố định cho hai tia Mx,My cắt AB,AC lần lƣợt D E Chứng minh rằng:

a) BDM CMEvà tích BD.CE khơng phụ thuộc vào vị trí xMy b) DM phân giác BDE

c) BD.ME CE.MD a.DE 

d) Chu vi ADEkhông đổi xMyquay quanh M

Câu Trong bảng ô vuông kích thƣớc 8 gồm 64 vng đơn vị, ngƣời ta đánh dấu 13 ô Chứng minh với cách đánh dấu ln có đƣợc đánh dấu khơng có điểm chung (hai ô có điểm chung hai ô có chung đỉnh chung cạnh)

Câu

1a) ĐKXĐ: x 1; Rút gọn đƣợc: A x

 

1b) A 0     x x

Đối chiếu với ĐKXĐ, ta đƣợc x 1 1c) Ta có: x A x

x x



   

 

Lập luận để suy : x0; 2; 2; 4  Câu

2a) Ta có: k k k 2   1k k k 4   1k k k 2   k 3 k 1

4  

            

       

   

       

   

1

k k k k k k k k

4

4S 1.2.3.4 0.1.2.3 2.3.4.5 1.2.3.4 k k k k

k k k k k k k k

4S k k k k

       

         

       

      

Mặt khác:

       

 2  2   2 2

k k k k k k k k k 3k k 3k k 3k

        

(78)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Mà k *nên k2 3k 1  *nên suy đpcm

2b) Ta có:

2

3 3

y x 2x 3x 2 x x y (1)

4

 

           

 

 3 3 2 15

x y 4x 9x 2x y x (2)

4 16

 

            

 

Từ (1) (2) ta có : x y x 2,   mà x, y nguyên suy y x 1 

Thay y x 1  vào phƣơng trình ban đầu giải phƣơng trình tìm đƣợc x x       Từ tìm đƣợc hai cặp số  x, y thỏa mãn Câu toán là: 1; ; 1; 2   Câu

3a) x23x 2   x 1 0 1 

+ Nếu x : 1    x 1 2   0 x 1(TM)

+Nếu   2     

x : 1 x 4x 0  x  x x 1  0 x x 3  0 x 1(ktm)

x 3(ktm)  

  



Vậy phƣơng trình có nghiệm x 1

3b)Ta có:

   

    

3

2

m x x m 4m

m x 2m m 2m

m m 2m x 2m m 2m

2m

x (Do m 2m 0)

m

   

    

      

    



Để nghiệm khơng lớn 2m m 2(TM) m 2     

Vậy  2 m 2 phƣơng trình có nghiệm nghiệm khơng lớn 3c) Ta có:

  y y

1 1 1 x z x z 21

P x y z

16x 4y z 16x 4y z 16x 4y 16x z 4y z 16

       

                

 

      Theo

BĐT si ta có: y x

16x4y 4 Dấu “=” xảy  y 2x Tƣơng tự: z x 1,

16x z dấu “=” xảy  z 4x y

z

1

4y z , dấu “=” xảy  z 2y; 49

P

16

  Dấu “=” xảy x 1; y 2; z

7 7

(79)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Vậy MinP 49 x 1; y 2; z

16 7

    

Câu 4.

a) Ta có: 0

DMC 60 CME 60 BDMBDM CME

Suy : BMD CEM(g.g)vì DBM MCE 60 ; BDM CME(cmt)   Suy BD CM BD.CE BM.CM a2

BM  CE    (khơng đổi) b) Vì BMD CEM BD CM

MD EM

    hay BD BM

MD ME

Lại có:

DBM DME 60   BMD MED(c.g.c) BDM EDM

  suy DM phân giác BDE

c) Vì BMD MED BD BM BD.ME a.DM(1)

DM ME

     

Tƣơng tự chứng minh đƣợc: CEM MEDCE.MD a.ME(2) Cộng vế theo vế (1) (2) ta đƣợc:

 

BD.ME CE.MD a.DM a.ME a DM ME     a.DE

d) Kẻ MH,MI,MK lần lƣợt vng góc với AB,DE,AC H,I,K suy MH MI MK 

Suy DIDH,EI EK. Suy chu vi ADE 2AH Vì HBM 60 0và BM a nên BH a AH 3a.

2

   Suy chu vi tam giác ADEkhông đổi 3a

Câu Chi 64 ô vuông bảng 8 thành loại nhƣ hình vẽ (các loại đƣợc đánh số giống nhau) Khi theo cách chia rõ ràng ô loại điểm chung

x

y K I

H

D

E

M A

(80)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Khi đánh dấu 13 điểm bất kỳ, 13 điểm thuộc loại vừa chia Vì 13 4.3 1  nên theo nguyên lý Dirichle tồn thuộc loại, khơng có điểm chung Suy đpcm

2 2

3 4 4

1 2 2

3 4 4

1 2 2

3 4 4

1 2 2

3 4 4

a) Chứng tỏ giá trị biểu thức sau không phụ thuộc vào biến x

 4 2 2   2  x 1 x x  6 4x x 1

b) Phân tích đa thức thành nhân tử: x36x211x 6 Câu (5 điểm)

a) Chứng minh  2 2 2 4 4 x y z 2 x y z

b) Tìm x,biết: x x x x x x 6

1000 999 998 997 996 995

     

      

Cho biểu thức A 3 3x 32

x x x

 

  

b) Tìm giá trị xđể Anhận giá trị nguyên? c) Tìm giá trị lớn A

Cho tam giác ABC vuông A AC AB  , đƣờng cao AH Trên tia HC lấy HD HA. Đƣờng vng góc với BC D cắt AC E

a) Chứng minh AEAB

(81)

Câu

a) x 1 4x x2 2 6 4x x21

4

x 4x 6x 4x x 6x 4x 4x

1

        



Vậy với giá trị xbiểu thức cho không phụ thuộc vào biến x

b) x36x211x 6

     

  

   

3 2

2

x x 5x 5x 6x

x x 5x x x x x 5x

x x x

     

     

   

   

Câu

a) Ta có: x y z 0     x y z 

 

   

2

2 2 2

2

2 2

4 4 2 2 2 2

4 4 2 2 2

4 4 4 4 4 2 2 2

2

4 4 2

x y z

x y z 2yz x y z 2yz x y z 2yz

x y z 2x y 2x z 2y z 4y z x y z 2x y 2x z 2y z

x y z x y z x y z 2x y 2x z 2y z x y z x y z

 

    

      

   

      

     

           

     

x x x x x x

b)

1000 999 998 997 996 995

x x x x x x

1 1 1

1000 999 998 997 996 995

            

     

            

x 1001 x 1001 x 1001 x 1001 x 1001 x 1001

1000 999 998 997 996 995

     

      

  1 1 1

x 1001 x 1001

1000 999 998 997 996 995

 

           

 

Câu

 

       

3 2 2

3 x x

3x 3

a)A

x x x x x x x x x

 



   

        

b) Muốn A nhận giá trị nguyên     x  1 U   1;

- Nếu x2    1 x

(82)

- Nếu x2     1 x A

- Nếu x2    1 x 2 A

Vậy tập hợp giá trị xđể A nhận giá trị nguyên  2; 0; 2 c) A 23

x



 nhận giá trị lớn

2

x 1có giá trị nhỏ Mà x2  1 1với x

Vậy MaxA   3 x Câu

a) Kẻ EFAHTứ giác HDEFlà hình chữ nhật EF HD

  mà HD AH(gt) EF AH Xét HBAvà FAEcó:

H F 90 ,AH EF   , FEA BAH (phụ FAE ) Do đó: HBA FAE g.g AE AB

b) Ta có BAEvng A AM 1BE

 

BDE

 vuông D DM 1BE

 

Do đó: AM DM

Xét AHMvà DHMcó: AM MD; AH HD; HM  cạnh chung

AHD

AHM DHM AHM MHD 45

2

       

Vậy

AHM 45

Câu (2,5 điểm)

a) Phân tích đa thức 2  2  2 

a b c b c a c a b thành nhân tử

M

F E

D H

A

(83)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC b) Cho số nguyên a, b,c thỏa mãn a b  3 b c  3 c a3 Tính giá trị biểu

thức A     a b b c c a Câu (2,5 điểm)

a) Giải phƣơng trình nghiệm nguyên : 2

x y  3 xy b) Giải phƣơng trình: 6x 6x 6x 7     2 72 Câu (2,5 điểm)

a) Tìm giá trị nhỏ biểu thức : Px 2012  2  x 2013 2

b) Cho số thực dƣơng x, y,z thỏa mãn x y z 3.   Chứng minh rằng:

2 2

1 1

2 x xy yz z Câu (2,5 điểm)

Cho tam giác ABC vuông A Lấy điểm M cạnh AC Từ C vẽ đƣờng thẳng vng góc với tia BM, đƣờng thẳng cắt tia BM D, cắt tia BA E

a) Chứng minh : EA.EB ED.EC

b) Chứng minh điểm M di chuyển cạnh AC tổng BM.BD CM.CA có giá trị khơng đổi

c) Kẻ DHBC H BC    Gọi P,Q lần lƣợt trung điểm đoạn thẳng BH,CH Chứng minh CQPD

Câu

a) Ta có: 2  2  2  2  2  2  a b c b c a c a b a b c b c a c b c c a  

             

       

2 2

b c a c c a b c b c a c a c c a b c b c b c a c a c b c b c a c a b

             

         

b) Đặt a b x; b c   y; c a         z x y z z x y

Ta có: 3 3  3  

x y z 210x y  x y 210 3xy x y 210xyz 70 Do x, y,z số nguyên có tổng xyz 70     2 5 7nên

 

x, y,z  2; 5;7        A a b b c c a 14 Câu

a) Ta có:  2 2

(84)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Lần lƣợt thử ta đƣợc   x, y   2;1 ; 1; ; 2; ;       1; ; 1;1  là nghiệm PT

b) Đặt 6x t  Ta có:

    

t t t  72 t 1 t 72  t t 72 0

2

2 x

t 0(VN) t 3

t

t x

3

   

    

     

 

  

  



Câu 3. a) Ta có:

  2 2 2 2

2

P x 2012 x 2013 x 4024x 4048144 x 4026x 4052169

2x 2x 8100313 x 8100312, 8100312, x

         

 

         

 

Vậy MinP 8100312, x

   

b) Đặt

     

2 2

1 1 1

P

x x y y z z x x y y z z

     

  

1 1 1 1 1 1

x x y y z z x y z x y z

   

             

         

Áp dụng BĐT 1

a  b c a b c 

1 1 a b a b

 

   

  với a, b,c dƣơng , dấu xảy a b c

  

Ta có: 1 1 ; 1 1 ; 1 1 x x y y z z

 

   

           

        

Bởi P 1 1 1 1 1 1 1 1 x y z x y z x y z x y z

       

                  

  

       

3 1 3 9 3

(dfcm)

4 x y z 4 x y z 4

 

         

 

 

Câu 4.

I

Q P

H E

D

B

A

(85)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC a) Chứng minh EBD ECA g g   EB ED EA.EB ED.EC

EC EA

   

b) Kẻ MIBC I BC   Ta có : BIM BDC g.g 

BM BI

BM.BD BI.BC (1)

BC BD

   

Tƣơng tự: ACB ICM g g  CM CI CM.CA CI.BC (2)

BC CA

      

Từ (1) (2) suy BM.BD CM.CA BI.BC CI.BC BC BI CI      BC2 (Không đổi)

c) BHD DHC(g.g)

BH BD 2BP BD BP BD

DH DC 2DQ DC DQ DC

     

Chứng minh đƣợc: DPB CQD g.g BDPDCQ

Mà 0

BDP PDC 90  DCQ PDC 90  CQPD

Cho biểu thức

2

x 2x 2x

A

x 2x 8 4x 2x x x

    

      

     

 

a) Tìm xđể giá trị Ađƣợc xác định Rút gọn biểu thức A b) Tìm giá trị nguyên xđể Anhận giá trị nguyên

Câu (4 điểm) Giải phƣơng trình sau: a) x x x   2x 2  1

b) x x

y 4 2y 2   2 c)

2 2

x 4x x 16x 72 x 8x 20 x 12x 42

x x x x

          

   

1) Tìm số tự nhiên nđể p số nguyên tố biết:

p n n  n 2) Tìm a, b cho

f(x) ax bx 10x 4 chia hết cho đa thức

g(x) x  x 3) Cho 4a2 b2 5abvà 2a b 0.  Tính P 2ab 2

4a b

 

Câu (6,5 điểm) Cho hình vng ABCD,trên tia đối tia CD lấy điểm M CM CD , vẽ hình vuông CMNP (P nằm Bvà C), DPcắt BM H, MP cắt BD K

(86)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC b) Tính Q PC PH KP

BC DH MK

  

c) Chứng minh: MP.MK DK.BD DM  Câu (1,5 điểm)

1) Cho x, y 0. Chứng minh :

2 2 y y x x y x y x          

2) Tìm giá trị nhỏ biểu thức:

   2

B xy x y 6   12x 24x 3y 18y 2045

Câu

a) Giá trị Ađƣợc xác định

2

2 2x

8 4x 2x x

x                    2 2 x 2x x

4 x x x x x

x

x x

                              Ta có:                            2

2

2 2

2

2 2

2

2 2

2

x 2x 2x

A

x

2x 8 4x 2x x x

x 2x 2x x x

4 x x x x

2 x

x 2x x 4x x x 2x 2

x x x

2x x 4x 2x 4x

x x x

x x x x x 1

2x x

2 x x

                                                                     b) x

* x 2x 2x 2x

2x



     mà 2x 2x

x 1(tm) 2x x

x 1(tm)  

   

(87)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Vậy A x x

2x



    x 1

Câu 2. a)

  

   

 

2

4

x x x 2x

x 2x x 2x

x 2x

x x x

    

     

   

        

Vậy phƣơng trình cho có nghiệm x 1 b)

 

   

2 x x

2

2 x x

2 x

y 2y 2

y 2y 2.2

y



    

      

    

x

y y x

     



  

 

 



Vậy phƣơng trình cho có nghiệm   x; y  0; 1  c)

2 2

x 4x x 16x 72 x 8x 20 x 12x 42

x x x x

       

  

    (1)

ĐKXĐ: x 2; x 4; x 6; x 8

         

     

2 2

x 2 x 8 x 4 x 6

1

x x x x

2

x x x x

2

x x x x

2x 4x 6x 48 8x 48

x x x x

2x 2x

x x x x

x x x

(tm)

x x x x 8x 40 x

       

   

   

           

   

   

   

     

 

   

 

 

   

     

           

  



(88)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC 1) Biến đổi đƣợc   

p n 1 n 1 Nếu n 0;1 không thỏa mãn đề Câu

Nếu n2thỏa mãn đề Câu    p 1 1 5

Nếu n 3 không thỏa mãn đề Câu p có từ ƣớc trở lên 1; n 1 

n    1 n 1

Vậy n2thì

p n n  n 1là số nguyên tố

2)   

*g(x) x   x x x 2 

      

3

*f(x) ax bx 10x g(x)

f(x) ax bx 10x x x Q x (1) x

   

         

- Thay x1 1; x2 2vào  1 ta có: a b 0   8a 4b 16 0    a 2và b 8 Vậy f x  ax3 bx2 10x g x  a

b  

     

   3)

Biến đổi đƣợc:

  

2 b 4a

4a b 5ab 4a b a b

b a  

      

  Mà 2a b 0  4a 2b b  nên ab Ta có:

2 2

a

P

3 4a a

 



Vậy 4a2 b2 5abvà 2a b 0  P



Câu 4.

a) Chứng minh đƣợc : DH vng góc với BM

Chứng minh đƣợc:

CDBC; PC CM; DCB BCM 90  

K H

N P

B A

(89)

 

DPC BMC c.g.c BHP 90

     

b) Chứng minh đƣợc: PDM

BDM

DM.PC S

PC 2

MP BD

1

BC S

DM.BC

 

   

Tƣơng tự PBM PBD

BDM BDM

1

.DB.KP S DB.KP S

PH 2 PH 2

;

1

DH .DB.MK S DH DB.MK S

2

   

PDM PBM PBD BDM

S S S

Q

S

 

  

c) Chứng minh: MCP MKD g.g MP.MK MC.MD (1) Chứng minh: DBC DKM(g.g)DK.BD DC.DM 2  

Từ    1 &

 

2

MP.MK DK.BD DM MC DC MP.MK DK.BD DM

   

  

Câu

1) Học sinh chứng minh x y

y x với x, y 0

2 2

y y

x x

2 0; 1

y x y x

y y

x x

2

y x y x

y y y

x x x

2 2

y x y x

y x

y y

x x

4

y x y x

      

  

      

  

   

         

   

 

      

 

Dấu " " xảy   x y

2) B xy x y 6      12x224x 3y 218y 2045

 2

2

*)x 2x 1  x 1  0 x 2x 2  với x (1)

 2

2

y 6y 9  y 3  0 y 6y 12 3  với y (2)

  

      

    

  

2

2 2

2

B xy x y 12x 24x 3y 18y 2045 x 2x y 6y 12 x 2x y 6y 36 2009 x 2x y 6y 12 y 6y 12 2009

x 2x y 6y 12 2009 (3)

        

        

       

(90)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Từ      1 , ,  B 2.3 2009  B 2015

*)B 2015 x 1& y x *)MinB 2015

y

    

 

  

  

Câu 1: (5,0 điểm) Cho biểu thức

4 2

6 4

x x x

M

x x x x 4x

  

  

    

a) Rút gọn M

b) Tìm giá trị lớn M

2 Cho x, y số hữu tỉ khác thỏa mãn 2x 2y 1 x y



  

 

Chứng minh 2

M x y xylà bình phƣơng số hữu tỷ Câu (4,0 điểm)

1 Tìm số dƣ phép chia x x x x 9        2033cho x212x 30 Cho x, y,z thỏa mãn 2

x y z 7; x   y z 23; xyz3 Tính giá trị biểu thức H 1

xy z yz x zx y

  

     

Câu (4,0 điểm)

1 Tìm tất cặp số nguyên  x; y thỏa mãn

3x 3xy 17 7x 2y Giải phƣơng trình: 3x x 1    2 3x 8  16

Cho hình vng ABCD có hai đƣờng chéoAC BD cắt O Trên cạnh AB lấy M 0 MB MA  và cạnh BC lấy N cho MON 90  Gọi E giao điểm AN với DC, gọi K giao điểm ON với BE

1) Chứng minh MON vuông cân 2) Chứng minh MN song song với BE 3) Chứng minh CK vng góc với BE

4) Qua Kvẽ đƣờng song song với OM cắt BC H Chứng minh: KC KN CN KBKHBH  Câu (1,0 điểm)

Cho x, y 0 thỏa mãn x 2y 5.  Tìm giá trị nhỏ H x2 2y2 24 x y

(91)

Câu 1. a)                           

4 2

4

2 2

4

4 2

2

4 2 4 4 4 2

2 2

2

4 2

4

2 2

x x x

M

x x

x x x x x

x x 1

x x x

x x x x x x 2 x 1 x x 1

x x x x x x

x x

x x x

x x

x x x x x x

                                                          Vậy x M

x x 

  với x b) Ta có :

2

x M

x x 

  với x

- Nếu x 0 ta có M 0

- Nếu x 0 , chia tử mẫu M cho x ta có:

2 M x x    Ta có: 2 2

1 1

x x 2.x x 1

x x

   

          

   

Nên ta có:

2 M 1 x x    

Dấu " " xảy x 1. Vậy M lớn M 1 x 1

2.

Ta có

        

1 2y 2x

1 2x y 2y x x y x y

3xy 1 y 2x 2xy x 2y 2xy x y xy x y

2                               

Ta có :  

2

2 3xy 3xy

M x y xy x y 3xy 3xy

2

     

           

   

Vì x, y nên 3xy



là số hữu tỷ , Vậy M bình phƣơng số hữu tỷ Câu

(92)

Ta có:        

x x x x 9    2033   x 12x 27 x 12x 35 2033 Đặt x212x 30 t,  ta có:        

x x x x 9    2033 t t 5 2033

 

2

t 2t 15 2033 t t 2018

      

Vậy ta có        

x x x x 9    2033 x 12x 30 x 12x 32 2018 Vậy số dƣ phép chia x x x x 9        2033cho x212x 30 2018 2) Vì x y z 7        z x y xy z xy x y 1       x y 1    Tƣơng tự ta có: yz x 6  y z ; zx y 6      z y 1   

Vậy

 1   1   1  z x y 1   H

x y y z z x x y z     

   

        

 

 x y z 3     

xyz xy yz xz x y z xy yz xz xy yz xz

   

  

               Ta có:

 2 2 2 2   2  

x y z  x y z 2 xy yz xz  7 23 xy yz xz   xy yz xz 13

   

Vậy H 13

  



Câu

1) Ta có:

 

2 2

3x 3xy 17 7x 2y   3xy 2y  3x 7x 17  3x y  3x 7x 17 Vì xnguyên nên 2x 0  nên ta có:

   

2

3x 7x 17 3x 2x 9x 11 y

3x 2

x 3x 3x 11 11 x

3x 3x

       

 



    

    

 

Vì x, y ngun nên ta có 11

3x 2 nguyên 11 3x 2 3x 2   1; 11

- Xét trƣờng hợp ta tìm đƣợc x 1; y 1; x 3; y 5 thỏa mãn kết luận 2) Ta có: 3x x 1    2 3x 8   16 3x 3x 3    2 3x 8  144

Đặt 3x t  3x t 5; 3x t 5      Ta có phƣơng trình: t t t 5  2   144

  

4 2

2

t 25t 144 t t 16

t t

t

t 16

       

    

   



 



Xét trƣờng hợp ta tìm đƣợc x 0; x 2; x 2; x

3

(93)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Câu

1) Ta có : 0

BOC 90 CON BON 90 ; 

0

MON 90 BOM BON 90  BOM CON

Ta có BD phân giác ABC MBO CBO BOC 450

   

Tƣơng tự ta có: NCO DCO BOC 450

   Vậy ta có : MBO NCO Xét OBMvà OCNcó OB OC; BOM CON; MBO NCO  

OBM OCN OM ON

     

Xét MONcó

MON 90 ; OM ON   MONvuông cân 2) OBM OCNMB NC mà AB BC AB MB BC NC  

AM BN

AM BM

MB NC

   

Ta có: AB / /CD AM / /CE AN BN

NE NC

  

Vậy ta có: AM AN MN / /BE

MB NE

   (Theo định lý Talet đảo)

3) Vì

MN / /BEBKN MNO 45  (đồng vị có tam giác MONvng cân) BNK ONC

   (vì có BNK ONK; BKN OCN 45 )   NB NO

NK NC

 

- Xét BNO; KNC  có BNO CNK;NB NO BNO KNC

NK NC

    

0 NKC NBO 45

  

Vậy ta có: BKC BKN CKN 45   0450 900CKBE

4) – Vì KH / /OMmà

MKOKMKKHNKH 90 mà

H

K E N

O

C D

(94)

0 0

NKC 45 CKH 45 BKN NKC CKH 45  

Xét BKCcó BKN NKC KNlà phân giác BKC, mà KHKN KH

 phân giác BKC KC HC

KB HB

  

Chứng minh tƣơng tự ta có : KN BN KH BH

Vậy ta có KC KN NC HC BN CN BH KBKHBH  HBBH BH  BH  Câu Ta có: H x2 2y2 24

x y

   

    24  

x 2x 2y 8y x 6y 24 x 2y 17

x y

 

              

   

 2   2 x 12 y 2  2 

x y x 2y 17

x y

0 0 17 22

 

        

      

Dấu " " xảy        

2

2 x y

x y

 

       x 2y 5  x

  y2.Vậy Hnhỏ H 22  x 1, y 2

1 Phân tích đa thức sau thành nhân tử a) x44

b) x x x x 5        24 Cho a b c

b c c a a b  Chứng minh rằng:

2 2

a b c

0 b c c a a b  Câu (2 điểm)

1 Tìm a, b cho f(x) ax 3bx210x 4 chia hết cho đa thức

g(x) x  x 2 Tìm số nguyên asao cho a44là số nguyên tố

Câu (3,5 điểm)

Cho hình vng ABCD,M điểm tùy ý đƣờng chéo BD Kẻ MEAB, MFAD

a) Chứng minh DE CF

b) Chứng minh ba đƣờng thẳng DE, BF,CM đồng quy

(95)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Tính : a2011b2011

Câu 1a x4 4 x44x2 4 4x2    2  2  2

x 4x 2x x 2x

      

  

x 2x x 2x

    

1b x x x x 5        24

    

    

   

2

2 2

2

2 2

2

x 7x 11 x 7x 11 24 x 7x 11 24

x 7x 11 x 7x x 7x 16

x x x 7x 16

 

            

 

        

    

2 Nhân vế a b c

b c c a a b  với a b c  , rút gọn suy đpcm Câu

1 Ta có: g(x) x 2  x x x 2   

Vì f(x) ax 3bx210x 4 chia hết cho đa thức

g(x)x  x Nên tồn đa thức q(x) cho f(x) g x q(x)  

   

3

ax bx 10x x x q(x)

      

Với x 1        a b b a (1)

Với x  2 2a b 0   (2)

Thay (1) vào (2), ta có: a 2; b 4 

2 Ta có: a4 4 a22a a   2a 2  Vì a a22a 2  ;a22a 2 

Có:  2

a 2a 2  a 1   1 avà  2

a 2a 2  a 1   1 1( a) Vậy a4 4là số nguyên tố

2

a 2a a 1(tm) a 1(tm) a 2a

     



   

  

 



Câu

F

E B

C A

D

(96)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC a) Chứng minh AE FM DF   AED DFCdfcm

b) DE, BF,CM ba đƣờng cao EFCdfcm c) Có chu vi hình chữ nhật AEMF 2a không đổi

ME MF a

   không đổi AEMF

S ME.MF

  lớn ME MF (AEMF hình vng) M

 trung điểm BD Câu

    

 

  

2001 2001 2000 2000 2002 2002

a b a b a b ab a b

a ab

a

a b 1

b

     

   

 

     

 

Vì a b2000 b2001 b 1(tm) b 0(ktm)  

    

 

Vì b a2000 a2001 a 1(tm) a 0(ktm)  

    

  Vậy a 1; b 1  a2011b20112

Câu (3,5 điểm)

a) Chứng minh n317nchia hết cho với n b) Rút gọn biểu thức:   

  

2 2

x a a a x x a a a x

   

   

Câu (4,5 điểm)

a) Một vật thể chuyển động từ A đến B theo cách sau: đƣợc 4mthì dừng lại giây, tiếp 8m dừng lai giây, tiếp 12mdừng lại giây< Cứ nhƣ từ A đến B kể dừng hết tất 155 giây Biết vật thể ln có vận tốc 2m / giây Tính khoảng cách từ A đến B

b) Biết a33ab2 5và b33a b 102  Tính

2 a b M

2018  

a) Giải phƣơng trình: x2 x x 2 x 212

(97)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Cho tam giác ABC vuông A, phân giác BD Gọi P, Q, R lần lƣợt trung điểm BD, BC, DC

a) Chứng minh APQR hình thang cân

b) Biết AB 6cm,AC 8cm.  Tính độ dài AR Câu (2,5 điểm)

Cho hình bình hành ABCD.Một đƣờng thẳng qua B cắt cạnh CD M, cắt đƣờng chéo AC N cắt đƣờng thẳng AD K Chứng minh:

1 1

BN BMBK Câu (1,0 điểm)

Biết a, b,c độ dài ba cạnh tam giác Chứng minh rằng:

 2 2 22 2 2 a b c 4a b 0

Câu

a) 3   

n 17n n  n 18n n n n 1   18n

Vì n n n 1    là tích ba số nguyên liên tiếp nên chia hết cho 3,  2, 1nên chia hết cho

18n , suy điều phải chứng minh b)

  

   

  

2 2 2 2 2 2 2

2 2 2

2 2

2 2 2

2 2 2 2

2 2

2

x a a a x x x a a a a x 1

x x a a a a x

x a a a x

x a a a a

x x a a x a a

x x a a x a a x a a a a

x 1 a a 1 a a

1 a a

x 1 a a

        



    

   

    

 

         

    

 

 

  

Câu

a) Gọi xlà số lần x ,x 0 , số lần dừng x 1

Thời gian đi: 12 4x 2x 2 x  x x 1

2 2              

Thời gian dừng: x 1 x 1 x 1  x(x 1)

2

   

      

Lập đƣợc phƣơng trình:

x 10 (tm) x(x 1)

x(x 1) 155 3x x 310 31

2 x (ktm)

3  

 

       

(98)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Khoảng cách AB 10 10 220(m)   

b)

 

3 2

3 4

6 2

2

a 3ab a 6a b 9a b 25 b 3a b 10 b 6a b 9a b 100

a 3a b 3a b b 125

a b

2018 2018

     

    



    

Câu

a)    x  x x  x 12 Đặt x2  x Xcó

   

  

2

X X 12

X 4X 3X 12 X X X X

X X

X

  

         

 

     

  

   

  

2

1 19

X x x x (VN)

2

X x x x 2x x

x

x x

x

 

          

 

         

  

     

 

b)

 

   

2

P x y x y 2010

x 4x y 4y 2018 x y 2018 2018

    

      

      

Vậy Pmin  2018  x y Câu 4.

a) PQ đƣờng trung bình tam giác BDC,suy PQ / /AR nên APQR hình thang

AQ BC

2

 (trung tuyến tam giác vuông ABC)

R

Q P

D

B

A

(99)

PR BC

2

 (đƣờng trung bình tam giác DBC) Suy AQ PR APQRlà hình thang cân b) Tính đƣợc BC 10cm

Tính chất đƣờng phân giác ABC

DA BA DA BA

DC BC AC BC BC

   



Thay số tính AD 3cm, DC 5cm, DR 2,5cm   Kết AR5,5cm

Câu

AB//AC (hai cạnh đối diện hình bình hành) Theo định lý Talet có:

MN NC MN MC AB MN NB BM

(1)

AB AN NB AB BN BN

KM KD MD BK KM AB MD BM AB MD

(2)

BK KA AB BK AB BK AB

 

    

  

     

Từ (1) (2) BM BM AB MC AB MD MC MD

BN BK AB AB AB

  

    

Mà MC MD CD AB   nên BM BM

BN BK  (Điều phải chứng minh) Câu

    

   

    

2

2 2 2 2 2 2

2 2 2

a b c 4a b a b c 2ab a b c 2ab a b c a b c

a b c a b c a c b b c a

         

   

       

   

         

Tổng hai cạnh tam giác lớn cạnh thứ ba nên thừa số dƣơng, suy điều phải chứng minh

M

N

K

C

A B

(100)

a) Cho a2  a 0.Tính giá trị biểu thức P a2013 20131 a

 

b) Cho hai số x, y thỏa mãn: 2

x x y 2y 0

x 2y 4y 0  Tính giá trị biểu thức 2

Qx y Câu (5 điểm)

a) Tìm tất cặp số tự nhiên  x; y thỏa mãn: 2x5y624 b) Tìm tất cặp số nguyên  x; y thỏa mãn:

2

10x 50y 42xy 14x 6y 57    0 Câu (4 điểm)

a) Tìm số tự nhiên nsao cho số A n  n 6là số phƣơng

b) Trong thi “Đố vui để học”, học sinh tham gia thi phải trả lời 10 câu hỏi Mỗi câu trả lời đƣợc cộng điểm; ngƣợc lại, câu trả lời sai bị trừ điểm Qua thi, học sinh đạt từ 30 điểm trở lên đƣợc thƣởng Hỏi: Mỗi học sinh đƣợc thƣởng phải trả lời câu hỏi Câu (3 điểm)

Cho tam giác ABC vng A có AM phân giác M BC  Đƣờng thẳng qua M vng góc với BC cắt đƣờng thẳng ABtại N Chứng minh MN MC

Câu (4 điểm) Cho hình vng ABCD có cạnh 20cm Trên cạnh CD lấy điểm M Đƣờng thẳng vng góc với BM M cắt ADtại N

a) Cho MC 15cm. Tính diện tích tam giác BMN

b) Xác định vị trí M cạnh CD để ND có độ dài lớn

Câu

a) Từ a2  a với a 1 ta có:    3

a a    a a   1 a 1 Ta lại có a2013  a3 671

Do đó:  

 

671

2013

2013 3 671

1

P a a 1

a a

      

b) Từ x2 x y2 2y x2 22y 1 x (1) y

         

(101)

 2

3

x 2y 4y 0  x   1 y 1     1 x (2) Từ (1) (2)   x x2 1

2 2

x  1 y 2y 0    y y 1 Vậy 2

Q x y   1 Câu

a) Ta có: 2x5y6242x624 5 y(*) +Xét x 0, ta có: y

5 625 y

+Xét x x 0 ta có VT(*) số chẵn cịn vế phải (*) số lẻ, Vô lý Vậy    x; y  0;

b) Ta có:

     

2

2 2

10x 50y 42xy 14x 6y 57

9x 42xy 49y x 14x 49 y 6y 3x 7y x y

3x 7y x y

     

          

       

      

Vì

 

2

3x 7y

x

y

  



   



 



và x, y nên 3x 7y  2 x 7  2 y 3 2 0

  2  2 2 x

3x 7y x y

y   

        

 

Câu

a) Giả sử Alà số phƣơng, suy tồn số k cho :

 

2 2

n   n k 4 n  n 4k

  2 2   

2k 2n 23 2k 2n 2k 2n 23 (*)

         

Do k,n nên dễ thấy 2k n 1  2k 2n 1  số nguyên Ngoài 23 0 2k 2n 1; 2k 2n 2k 2n 1       

Suy 2k 2n 2k 2n 1     

Căn lập luận 23 số nguyên tố nên từ (*) suy 2k 2n

4n 22 n 2k 2n 23

   

    

   



Với n 5 A 36 6  2là số phƣơng Vậy n 5 số tự nhiên cần tìm

(102)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Số điểm đƣợc cộng 5x

Số điểm bị trừ 10 x  

Nếu đƣợc thƣởng phải đạt từ 30 điểm trở lên Nên ta có:

 

5x 10 x  30

Giải bất phƣơng trình ta đƣợc: x 8(tm)

Vậy để đƣợc thƣởng học sinh phải trả lời câu hỏi Câu 4.

Kẻ MHABtại H , MKACtại KAHMKlà hình vng MH MK (1) Ta có: MCA MNA (hai góc nhọn có cạnh tƣơng ứng vng góc) (2)

Từ (1) (2)  MHN MKC ch cgv   MN MC Câu 5

a) Hai tam giác vng BCM MDNcó:

K H

N

M A

B C

N

C D

A B

(103)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC CBM DMN (cùng phụ với BMC)

   

  ND MD

BCM MDN (*)

MC BC 15 20 15 MC.MD

ND 3,75 cm

BC 20

AN AD ND 20 3,75 16, 25 cm

    



   

     

Ta có: SBMN SABCDSBCMSDMNSABN

2 1

20 20.15 5.3,75 20.16, 25 78,125(cm )

2 2

    

b) Đặt MC x x 20     Từ  * ND MC.MD x 20 x 

BC 20



    

2

2 x 10

20x x

5

20 20

 

   

Độ dài ND lớn ND 5cm x 10 hay M trung điểm CD Vậy để độ dài ND lớn vị trí M trung điểm CD

Câu (5,0 điểm) Cho biểu thức

2

x x x 1 x

P :

x x x x 2x

 

  

    



   

a) Tìm điều kiện xác định rút gọn P b) Tìm xđể P=

2



c) Tìm giá trị nhỏ P x 1 Câu (6 điểm)

a) Tìm đa thức f(x) biết rằng: f(x) chia cho x 2 dƣ 10, f(x) chia cho x 2 dƣ 22, f(x) chia cho x24đƣợc thƣơng 5xvà dƣ

b) Chứng minh với số nguyên athì a3 5achia hết cho c) Giải phƣơng trình nghiệm nguyên:

x xy 2012x 2013y 2014 0    Câu (3,0 điểm)

a) Cho a b c 0   abc 0, tính giá trị biểu thức:

2 2 2 2 2

1 1

P

b c a a c b a b c

  

     

(104)

2

1

1 ab a 1 b   Câu (6,0 điểm)

Cho hình vng ABCD có AC cắt BD O M điểm thuộc cạnh BC

MB,C Tia AM cắt đƣờng thẳng CD N Trên cạnh AB lấy điểm E cho BE CM. a) Chứng minh : OEMvuông cân

b) Chứng minh: ME / /BN

c) Từ C kẻ CHBN H BN   Chứng minh ba điểm O,M,H thẳng hàng

Câu

a) ĐKXĐ: x 0; x 1; x   1

 

         

 

       

 

   

2

x x x x x 2 x

P :

x x x x x x

x

x x x 1 x x x x x 1

: :

x x x x

x x

x x x x x

x x

x

 

   

    

  

  

      

 

 

 

 

 



b)

2

1 x

P P

2 x

 

   

 với xĐKXĐ

  

2

2x x 2x x 1 x (TM) 2x x

x 1(KTM)

       

 



    

    Vậy P x

2

   

c)

  

2 x x 1 1

x x 1

P x

x x x x

1

P x x

x x

  

 

     

   

      

 

Vì x 1 nên x 0.  Áp dụng BĐT Cosi ta có: x 1 x 1

x x

    

 

Dấu “=” xảy x 1 x 12 x 1 x 2(TM) x

          



(105)

a) Giả sử f(x) chia cho x24đƣợc thƣơng 5xvà cịn dƣ ax b Khi đó:    

f(x) x 4 5x ax b Theo đề Câu, ta có:

f(2) 22 2a b 22 a f( 2) 10 2a b 10 b 16

      

 

       

  

Do đó:    

f(x) x 4 5x 3x 16

Vậy đa thức f(x) cần tìm có dạng:

f(x) 5x 23x 16

b) 3     

a 5a a  a 6a a a  1 6a a a a 1   6a

Vì a(a 1)(a 1)  tích số nguyên liên tiếp nên có số chia hết cho 2, số chia hết cho mà  2, 1nên a a a 1    chia hết cho

6a chia hết cho

Nên a35achia hết cho c)

x xy 2012x 2013y 2014 0   

   

  

2

x xy x 2013x 2013y 2013 x x y 2013 x y 1

x 2013 x y 1

x 2013 x 2014

x y 1 y 2014

x 2013 x 2012

x y 1 y 2014

      

      

    

    

      

 

 

 

     

 

     

 

 

Câu

a) P 2 12 2 2 12 2 2 12 2

b c a a c b a b c

  

     

 2  2  2

2 2 2

1 1

b c b c a c a c a b a b

1 1 a b c

0 2ab 2ac 2ab 2abc

  

        

 

    

   

b)

     

2

2 2 2

1 1 1 ab a ab b

1 ab ab ab

1 a b a b a ab b ab

     

        

  

           

  

               

2

2 2

2 2 2

a(b a)(1 b ) b a b a b a a ab b a b b a ab 1 a b ab a b ab a b ab

          

  

        

Do a 1; b 1  nên    

   

2

b a ab

0 a b ab

 



(106)

2 2

1 1

0

1 ab ab

1 a b a b

      

 

   

Câu

a) Xét OEBvà OMC

Vì ABCD hình vng nên ta có: OB=OC

Và  

1

B C 45 , BE CM(gt)  OEB OMC c.g.c OE OM

  O1 O3

Lại có: O2O3 BOC 90 0vì tứ giác ABCD hình vng

2

O O EOM 90

    kết hợp với OE OM  OEMvuông cân O b) Từ giả thiết tứ giác ABCD hình vng AB / /CDvà AB = CD +)AB / /CD AB / /CN AM BM

MN MC

   (định lý Ta let) (*) Mà BE CM(gt) AB Cd AE BM thay vào  * Ta có: AM AE ME / /BN

MN EB  (Ta let đảo) c) Gọi H'là giao điểm OM BN

Từ ME / /BNOME OH'E (cặp góc so le trong) Mà OME 45 0vì OEM vng cân O

0

MH' B 45 C OMC BMH'(g.g)

     

OM MH'

,

OB MC

  kết hợp OMB CMH' (hai góc đối đỉnh)

OMB CMH'(c.g.c) OBM MH'C 45

     

Vậy BH'C BH'M MH'C 90   CH'BN

1 3

2 1

H E

N O

C D

A B

(107)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Mà CHBN H BN  H H' hay điểm O,M,H thẳng hàng (đpcm)

Câu (2,0 điểm)

a) Rút gọn biểu thức:

3

a 4a a P

a 7a 14a

  



  

b) Tìm đa thức f(x) biết : f(x) chia cho x 2 dƣ 10, f x chia cho x 2 dƣ 26, f x  chia cho x24đƣợc thƣơng 5xvà dƣ

Câu (2,0 điểm) Giải phƣơng trình

   2 

x 43 x 46 x 49 x 52 a)

57 54 51 48

b) 2x x 2x

      

   

Câu (2,0 điểm)

a) Chứng minh rằng:   3 3

Q n  n 1  n 2 9với n * b) Cho a, b,c cạnh tam giác Chứng minh rằng:

a b c

A

b c a a c b a b c

   

     

Câu (3,0 điểm)

Cho tam giác ABC nhọn (AB < AC) Các đƣờng cao AE, BF,CG cắt H Gọi M trung điểm BC, qua H vẽ đƣờng thẳng avng góc với HM,acắt AB,AC lần lƣợt I K

a) Chứng minh tam giác ABC đồng dạng với tam giác EFC

b) Qua C kẻ đƣờng thẳng b song song với đƣờng thẳng IK, b cắt AH, AB theo thứ tự N D Chứng minh NC ND,HI HK 

c) Chứng minh AH BH CH HE HF HG Câu (1,0 điểm)

     

3 3

1 1

2 a b c b c a c a b 

Câu a)    

         

2 2

3

a a a a a

a 4a a

P

a 7a 14a a 7a a a a 5a

    

  

  

(108)

   

a a a 4a a a 4   a 2a

   

 



  

Vậy P a a

 

 với a1; 2; 4

b) Giả sử f x chia cho x24đƣợc thƣơng 5xvà cịn dƣ ax b. Khi    

f(x) x 4 5x ax b Theo đề Câu, ta có:

   

f 26 2a b 26 a 4 2a b 10 b 18 f 10

      

  

     

   



Do f x x2 4   5x 4x 18

Vậy đa thức f x cần tìm f(x)x24   5x 4x 18 Câu

 

x 43 x 46 x 49 x 52

a)pt 1 1

57 54 51 48

x 100 x 100 x 100 x 100

57 54 51 48

1 1

x 100 x 100

57 54 51 48

   

       

   

    

 

         

 

b) 2x x 2    2 2x 5 3

   

  

2

2x 2x x

4x 16x 15 x 4x 3(2)

    

     

Đặt 2

yx 4x 4 4x 16x 16 4y 1

Khi  2 y 4y 1  y 4y 3  y 4y  

         

  

+)y x2 4x x x   

      

  

+)

4y 3 4x 16x 16 0(VN)   Vậy S   1; 3

Câu

a)   3 3 Q n  n 1  n 2

   

 

3 3

3

n n 3n 3n n 6n 12n n 3n 5n

        

(109)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Đặt C n 33n25n n  3n22n22n 3n 3 

     

    

2

n n 2n n n n n n n

     

    

Ta thấy n n n 2    chia hết cho 3( tích số tự nhiên liên tiếp) Và n 3   Cchia hết cho

Nên Q 3C chia hết cho

b) Đặt b c a x 0; c a b y 0;a b c z 0            Từ suy a y z; b x z; c x y

2 2

  

  

Thay vào biểu thức A ta đƣợc:

y z x z x y y x x z y z A

2x 2y 2z x y z x z y

A 2 A

   

    

          

     

 

        

Câu 4.

a) Ta có AEC BFC(g.g) CE CA

CF CB

   

Xét ABC EFC có CE CA, C

CF CB chung ABC EFC(cgc)

  

b) Vì CN / /IK,HMIKHMCNMlà trực tâm HNC MN CH

  mà CHAD(H trực tâm ABC) MN / /AD Do M trung điểm BC NC ND

D

N K I

M H G

F

E A

(110)

IH AH HK AH

(Vi IH / /DN) (Vi KH / /CN)

DN AN CN AN

IH IK

 

 

c) Ta có: AHC ABH AHC ABH AHC ABH

CHE BHE CHE BHE BHC

S S S S S S

AH

HE S S S S S

 

   



Tƣơng tự ta có: BHC BHA BHC AHC

AHC BHA

S S S S

BH CH

;

HF S HG S

 

 

AHC ABH BHC BHA BHC AHC BHC BHC AHC AHC BHA BHA

S S S S S S

AH BH CH

6

HE HF HG S S S S S S

         

Dấu " " xảy ABCđều mà theo gt AB AC nên không xảy dấu Câu

Trƣớc tiên ta chứng minh BĐT: a, b,c  ,x, y,z 0 ta có:

 2

2 2 a b c

a b c

(*)

x y z x y z

 

  

  Dấu " " xảy

a b c x y z   

Thật vậy, với a, b x, y 0 ta có:  

2 a b

a b

x y x y



 

 (**)

 2 2    2  2

a y b x x y xy a b bx ay (luon dung)

       

Dấu " " xảy a b x y  

Áp dụng BĐT (**) ta có:    

2

2 2 a b a b c

a b c c

x y z x y z x y z

  

    

  

Ta có:

     

2 2

3 3

1 1

1 1 a b c

ab ac bc ab ac bc a b c b c a c a b       Áp dụng bất đẳng thức (*) ta có:

 

2

2 2

1 1 1

1 1

a b c a b c

a b c (Vi abc 1)

ab ac bc ab ac bc ab ac bc 1

2

a b c

       

   

   

    

        

 

 

Hay 2

1 1

a b c

 

      

(111)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Mà 1

a b c

   

 

  nên

2 2

1 1

3

a b c

ab ac bc ab ac bc   2 Vậy

     

3 3

1 1

2 a b c b c a c a b 

2

2 2

2x 2x 21 2x 8x

P :

2x

4x 12x 13x 2x 20 4x 4x

     

    



     

 

a) Rút gọn P

b) Tính giá trị P x



c) Tìm giá trị nguyên xđể P nhận giá trị nguyên d) Tìm xđể P 0

a) 2 15x 12 1 x 3x x 3x

 

    

 

   

b) 148 x 169 x 186 x 199 x 10

25 23 21 19

       

c) x 2  3 Câu (2 điểm)

Một ngƣời xe gắn máy từ Ađến Bdự định 20 phút Nếu ngƣời tăng vận tốc thêm 5km / h đến B sớm 20 phút Tính khoảng cách AB vận tốc dự định ngƣời

Cho hình chữ nhật ABCD.Trên đƣờng chéo BD lấy điểm P, gọi M điểm đối xứng C qua P

a) Tứ giác AMDB hình ?

b) Gọi E F lần lƣợt hình chiếu điểm M lên AB, AD Chứng EF / /AC ba điểm E,F,P thẳng hàng

c) Chứng minh tỉ số cạnh hình chữ nhật MEAFkhơng phụ thuộc vào vị trí điểm P

d) Giả sử CPBDvà CP 2, 4cm,PD PB 16

(112)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Câu (2 điểm) a) Chứng minh : 2009200820112010chia hết cho 2010

b) Cho x, y,z số lớn Chứng minh rằng:

2

1

1 xy x 1 y  

Câu Phân tích:

     

2

4x 12x 2x 2x ; 13x 2x 20 x 2x 21 2x 8x 2x 4x ; 4x 4x 2x 2x

         

         

Điều kiện: x 5; ; 7; ; 2

  

  

 

a) Rút gọn: P 2x 2x

 



b)

1

x P

1 2 2

x

1

2

x P

2

   

   

     

c) P 2x

2x x



  

 

Vậy P x U(2)  1; 2

x

        



x x 3(tm)

x x 4(tm) x x 6(tm) x x 7(tm)

                 

d) P=2x

2x x

  

 

Ta có: P x x x

         



Với x 5 P 0 Câu

a) 2 15x 12 1 x 3x x 3x

 

    

 

   

 15x  12   (DK : x 4; x 1) x

x x x

 

        



    

      

3.15x x x 3.12 x 12 x

(113)

 

 

x 0(tm) 3x x

x 4(ktm) S

 

    

   

 

148 x 169 x 186 x 199 x

b) 10

25 23 21 19

148 x 169 x 186 x 199 x

1

25 23 21 19

1 1

123 x

25 23 21 19 x 123

       

   

        

 

      

 

 

c) Ta có: x 2      0 x x 0nên x 2    3 x

Phƣơng trình đƣợc viết lại: x x 2 x 2 x

x 2 x

    

       

   

 

Vậy S 0;

Câu Gọi khoảng cách A B x(km / h)(x 0)

Vận tốc dự định ngƣời xe máy x 3x(km / h) 20' hh

1 10

3

 

Vận tốc ngƣời xe gắn máy tăng lên 5km / h :3x 5(km / h) 10

Theo đề Câu ta có phƣơng trình : 3x

5 x x 150(tm) 10

 

   

 

 

Vậy khoảng cách A B : 150km Vận tốc dự định: 3.150 45km / h

10  Câu

O I

E

F M

B D

A

(114)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC a) Gọi O giao điểm đƣờng chéo hình chữ nhật ABCD

PO

 đƣờng trung bình tam giác CAM AM / /PO AMDB

  hình thang b) Do AM / /BD nên OBA MAE (đồng vị)

AOB

 cân O nên OBA OAB

Gọi I giao điểm đƣờng chéo hình chữ nhật AEMF tam giác AIE cân I nên IAE IEA

Từ chứng minh FEA OAB EF / /AC(1)

Mặt khác IPlà đƣờng trung bình MACnên IP / /AC (2) Từ (1) và(2) suy ba điểm E, F, P thẳng hàng

c) MAF DBA(g.g) MF AD

FA AB

    không đổi

d) Nếu PD PD PB k PD 9k,PB 16k

PB 16  16    

Nếu CP BD CBD DCP g.g  CP PB

PD CP

     

Do đó: CP2 PB.PD hay  2

2,4 9.16k  k 0,2 PD 9k 1,8cm;  PB 16k 3,2cm;  BD 5cm Chứng minh BC2 BP.BD 16 BC 4cm

CD 3cm

 

   

 

Câu

a) Ta có: 2008 2010  2008   2010  2009 2011  2009  1 2011 1 Vì 20092008 1 2009 2009  2007 2010 (1)

  

2010 2009

2011  1 2011 2011  2010 (2) Từ (1) (2) ta có dpcm

b) Ta có:

 

       

   

   

2

1

(1) xy

1 x y

1 1

0

1 xy xy

1 x y

x y x y x y

0 x xy y xy

y x xy

0 (2) x y xy

 



 

 

    

 

   

 

  

   

 

 

  

(115)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Suy BĐT (2) nên BĐT (1) đúng, dấu " " xảy  x y

4

1.x 7x

2.x 2008x 2007x 2008

 

  

 

2

2 2

2

1)x 3x x

1 1

2)8 x x x x x

x x x x

    

              

      

      

3 CMR với a, b,c số dƣơng, ta có: a b c 1 a b c

 

     

 

4 Tìm số dƣ phép chia biểu thức x x x x 8        2008cho đa thức x210x 21

Cho tam giác ABC vuông A AC AB  , đƣờng cao AH H BC    Trên tia HC lấy điểm D cho HD HA. Đƣờng vng góc với BC D cắt AC E

4) Chứng minh hai tam giác BEC ADC đồng dạng Tính độ dài đoạn BEtheo mAB

5) Gọi M trung điểm đoạn BE Chứng minh hai tam giác BHM BEC đồng dạng Tính số đo AHM

6) Tia AM cắt BC G Chứng minh GB HD BC AH HC

Câu Ta có:

1) x27x x  2 x 6x x x 1     6 x 1  x x 1    2) x42008x22007x 2008 x  4x22007x22007x 2007 1 

     

       

4 2 2

2 2 2

x x 207 x x x x 2007 x x

x x x x 2007 x x x x x x 2008

           

            

(116)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Nếu x : 1    x 1 2   0 x 1(thỏa mãn điều kiện x 1)

Nếu x : 1  x24x 0  x2 x x 1   0    x (ktm)

x x

x (ktm)  

     

 

Vậy phƣơng trình  1 có nghiệm x 1

2.2 Ta có:  

2

1 1

8 x x x x x (2)

x x x x

             

      

      

Điều kiện để phƣơng trình có nghiệm: x 0

   

2

1 1

2 x x x x x

x x x x

1

8 x x x x 16

x x

x (ktm) x (tm)

 

       

               

 

        

   

           

   

 

   



Vậy phƣơng trình cho có nghiệm x 8

Câu 3.1 Ta có: A a b c 1 1 a a b b c c a b c b c a c a b

 

              

 

a b a c c b

b a c a b c

     

         

     

Mà x y

y x (BĐT Cơ si) Do đó: A 2 9     Vậy A 9

3.2 Ta có: P(x)x x x x 8        2008x210x 16 x  210x 24 2008 Đặt tx2 10x 21 t   3; t 7,P(x) viết lại P(x) t t 3   2008 t  2 2t 1993 Do chia t2 2t 1993cho tta có số dƣ 1993

Câu

4) Hai tam giác ADC BEC có: C chung;

G M

E

D H

A

B

(117)

CD CA

CE  CB (hai tam giác vng CDE CAB đồng dạng) Do ADC BEC

Suy

BEC ADC 135  (vì tam giác AHD vng cân H theo giả thiết)

Nên

AEB 45 , ABEvuông cân A Suy : BE AB 2 m

5) Ta có BM BE AD do BEC ADC

BC  BC2 AC  

Mà AD AH 2 (tam giác AHD vuông cân H) Nên BM AD AH BH BH

BC 2 AC  AC  AB 2  BE (do ABH CBA) Do đó: BHM BEC(c.g.c)BHM BEC 135  AHM 45 6) Tam giác ABEvng cân A, nên tia AM cịn tia phân giác BAC

Suy : GB AB, GC AC mà

AB ED

AC DC    

AH HD

ABC DEC ED / /AH

HC HC

   

Do đó: GB HD GB HD GB HD GC HCGB GC HD HC  BC AH HC

 3 3 3 3 4 2

a) x y z  x y z ; b) x 2010x 2009x 2010 Câu (2 điểm) Giải phƣơng trình:

x 241 x 220 x 195 x 166 10

17 19 21 23

       

Câu (3 điểm) Tìm xbiết:

      

2

2009 x 2009 x x 2010 x 2010 19

49 2009 x 2009 x x 2010 x 2010

     



     

Câu (3 điểm) Tìm giá trị nhỏ biểu thức: A 2010x 26802

x

 



(118)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC a) Xác định vị trí điểm Dđể tứ giác AEDFlà hình vng

b) Xác định vị trí điểm Dsao cho 3AD 4EF đạt giá trị nhỏ Câu (4 điểm)

Trong tam giác ABC, điểm A,E,F tƣơng ứng nằm cạnh BC,CA,AB cho AFEBFD; BDF CDE; CED AEF 

a) Chứng minh rằng: BDF BAC

b) Cho AB 5, BC 8,CA 7.   Tính độ dài đoạn BD

Câu

a) Ta có:

     

        

        

   

3 3 3 3 3 3 3

2 2 2 2

2

x y z x y z x y z x y z

y z x y z x y z x x y z y yz z

y z 3x 3xy 3yz 3zx y z x x y z x y x y x z y z

 

          

 

 

            

 

 

           

   

b) Ta có:

   

       

4

2 2

x 2010x 2009x 2010 x x 2010x 2010x 2010 x x x x 2010 x x x x x x 2010

       

           

Câu Ta có:

 

x 241 x 220 x 195 x 166 10

17 19 21 23

x 241 x 220 x 195 x 166

1

17 19 21 23

x 258 x 258 x 258 x 258

17 19 21 23

1 1

x 258

17 19 21 23 x 258

   

   

   

        

   

    

 

      

 

 

Câu Ta có:       

      

2

2009 x 2009 x x 2010 x 2010 19

49 2009 x 2009 x x 2010 x 2010

     



     

ĐKXĐ: x 2009; x 2010. 

Đặt a x 2010 a 0, ta có hệ thức:    

   

2 2

2

2 2

a a a a 19 a a 1 19 49 3a 49 a a a a

     

  

(119)

    

2 2

49a 49a 49 57a 57a 19 8a 8a 30

3 4023

a (tm) x

2

2a 2a 2a (TMDK)

5 4015

a (tm) x

2

         

   

 

         

    

 

 

Câu Ta có: A 2010x 26802

x

 



 2

2

335 x 335x 335 335x 2010x 3015

335 335

x x



    

     

 

Vậy giá trị nhỏ Alà 335khi x 3 Câu

a) Tứ giác AEDFlà hình chữ nhật (vì E A F 90 )  

Để tứ giác AEDFlà hình vng ADlà tia phân giác BAC b) Do tứ giác AEDFlà hình chữ nhật nên AD EF

3AD 4EF 7AD

  

3AD 4EF nhỏ ADnhỏ Dlà hình chiếu vng góc Alên BC Câu 6.

E

F D

C

A B

F

E

D A

B C

(120)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC a) Đặt AFE BFD  , BDF CDE  ; CED AEF  

Ta có: 0  BAC   180 *

Qua D,E,F lần lƣợt kẻ đƣờng thẳng vng góc với BC,AC,AB cắt O Suy O giao điểm ba đƣờng phân giác tam giác DEF

0 OFD OED ODF 90 (1)

   

Ta có:

     

0

OFD OED ODF 270 (2) & 180 * *

       

      

Từ    * & * * BAC  BDF b) Chứng minh tƣơng tự câu a) ta có:

   

B ,C AEF DBF DEC ABC

BD BA 5BF 5BF 5BF

BD BD BD

BF BC 8 8

CD CA 7CE 7CE 7CE

CD CD CD

CE CB 8 8

AE AB 7AE 5AF 7 CE 5 BF 7CE 5BF 24

AF AC

CD BD (3)

        



        

   

        

   

   

     

     

   

   

  

Ta lại có: CD BD (4)  Từ (3) (4) BD 2,5

Câu 1.(3đ)

a) Phân tích đa thức x35x28x 4 thành nhân tử b) Tìm giá trị nguyên xđể A B biết

2

A 10x 7x 5 B 2x 3 

c) Cho x y 1  xy 0. Chứng minh rằng:

 

3 2

2 x y y

x

0

y x x y



  

  

Câu (3đ) Giải phƣơng trình sau:

 2  2 2  x x x x x x

a) x x x x 12; b)

2008 2007 2006 2005 2004 2003

     

(121)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Câu (2đ)

Cho hình vng ABCD; Trên tia đối tia BA lấy E, tia đối tia CB lấy F cho AE CF

a) Chứng minh EDFvuông cân

b) Gọi O giao điểm đƣờng chéo AC BD Gọi I trung điểm EF Chứng minh O,C,I thẳng hàng

Câu 4.(2đ)

Cho tam giác ABC vuông cân A Các điểm D, E theo thứ tự di chuyển AB, AC cho BD AE. Xác định vị trí điểm D, E cho

a) DE có độ dài nhỏ

b) Tứ giác BDEC có diện tích nhỏ

Câu

   

  

3

3 2

2

a) x 5x 8x

x 4x 4x x 4x

x x 4x x 4x

x x

  

     

     

  

b) Xét

2

A 10x 7x

5x

B 2x 2x

 

   

 

với x A B 7 2x 3 

2x 3   

Mà Ƣ(7)=1;1; 7;7  x 5; 2; 2;1 thì A B c) Biến đổi:

  

   

   

4

3 3

4

2

y x x y y x

y x y x x y x y

x y y x & x y xy y y x x

  

 

   

  

         

   

     

 

  

 

2

2 2 2

2

2 2

x y x y x y x y

xy x y y x y yx xy y x x

x y x y

xy x y xy x y x y xy

    



       

  



       

 

  

 

     

 

2

2 2

2

x y x x y y x y x x y y xy x y xy x y x y

 

         

 

     

 

(122)

     

 2    22 

x y x y y x x y 2xy

xy x y xy x y

 

       

 

 

 

2 2 x y

dpcm x y

 

 



Câu

 2  2 2 

a) x x 4 x x 12, đặt yx x

  

2

VN

y x x

y 4y 12 y y x

y x x

x

 

      

               

 

   



Vậy S  2;1

 

x x x x x x

b)

2008 2007 2006 2005 2004 2003

x x x x x x

1 1 1

2008 2007 2006 2005 2004 2003

x 2009 x 2009 x 2009 x 2009 x 2009 x 2009

2008 2007 2006 2005 2004 2003

1 1

x 2009

2008 2007 2006

          

     

           

     

     

     1

2005 2004 2003 x 2009

 

  

 

 

  

Câu 3.

a) Ta có ADE CDF cgc  EDFcân D Mặt khác ADE CDF cgc E1 F2

Mà E1E2  F1 900  F2 E2 F1 900EDF 90 Vậy EDFvng cân

b) Theo tính chất đƣờng chéo hình vng COlà trung trực BD I

O

F C

D B

(123)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Mà EDFvng cân DI 1EF

2

  , tƣơng tự: BI 1EF DI BI

  

I

 thuộc đƣờng trung trực DB Ithuộc đƣờng thẳng CO Hay O,C,I thẳng hàng

Câu 4.

a) Đặt AB AC a  không đổi ; AE BD x x a      Áp dụng định lý Pytago với ADEvng A có:

 

2

2 2 2

2

2 2

2

DE AD AE a x x 2x 2ax a

a a a

2 x ax a x

4 2

       

 

        

 

Ta có

min

a

DE DE x

2

  

a

BD AE D,E

2

    trung điểm AB, AC b) Tứ giác BDEC có diện tích nhỏ

Ta có:    

ADE

1 1

S AD.AE AD.BD AD AB AD AD AB.AD

2 2

     

2

2 2

2

1 AB AB AB AB AB AB

AD AD AD

2 8

   

            

 

Vậy

2

2 BDEC ABC ADE

AB AB

S S S AB

2 8

     (Khơng đổi) Do SBDEC 3AB2

8

 D, E lần lƣợt trung điểm AB, AC

D

C B

(124)

Câu (4,0 điểm) Cho biểu thức :

5

2

2x x 2x 8x 4x P

4x 8x

    

 

 

a) Rút gọn P

b) Tìm giá trị xđể P 6 Câu (4,0 điểm)

a) Cho số a, b,c,d nguyên dƣơng đôi khác thỏa mãn: 2a b 2b c 2c d 2d a

6

a b b c c d d a

   

   

    Chứng minh A abcd số phƣơng

b) Tìm anguyên để a32a27a 7 chia hết cho a2 3 Câu (3,0 điểm)

a) Tìm giá trị nhỏ biểu thức:    

A x 2x 2x  3x 1 2017 b) Tìm anguyên để a32a27a 7 chia hết cho a2 3

Câu (3,0 điểm)

a) Gọi a, b,c độ dài ba cạnh tam giác thỏa mãn a3b3c33abc.Chứng minh tam giác

b) Cho x, y,z dƣơng x y z 1.   Chứng minh :

2 2

1 1

9 x 2yzy 2xzz 2xy  Câu (5,0 điểm)

Cho O trung điểm đoạn AB Trên nửa mặt phẳng có bờ cạnh AB vẽ tia Ax, By vng góc với AB Trên tia Axlấy điểm C (khác A), qua O kẻ đƣờng thẳng vng góc với OC cắt tia By D

a) Chứng minh AB2 4AC.BD

b) Kẻ OMCDtại M Chứng minh AC CM.

c) Từ M kẻ MH vng góc với AB H Chứng minh BC qua trung điểm MH d) Tìm vị trí C tia Ax để diện tích tứ giác ABDCnhỏ

Câu (1,0 điểm) Tìm nghiệm nguyên dƣơng phƣơng trình y

2016 x 2015

2 x y y 2015 4031 x 2016  

(125)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Câu

5

2

2x x 2x 8x 4x a) P

4x 8x

                     2 4x 2x x 2x 2x

2x 2x 2x 4x 2x

                 

4 4 4

x 2x 2 x 1 2 x 1 2x 2x 2x 2x 2x 2x

               Vậy x P 2x    b) ĐK: x

2

 

      

4

4 2

2

x

P 6 x 12x x 4x 4x 12x

2x

x 2x

                             

Ta có    2 x 2x 2   x 1 2 x x

(tmdk) x x

     

 

      

 

  2  2

2 x 2x 1   4 x 1  4(VN) Vậy S 1 2

Câu

2a b 2b c 2c d 2d a

a)

a b b c c d d a

a b c d

1 1

a b b c c d d a

a b c d

2

a b b c c d d a

                                 

a b c d

1

a b b c c d d a

                                2

b b d d

0

a b b c c d d a

b c a d a c

0

a b b c c d d a

b c d d a d a b b c

abc acd bd b d

b d ac bd

ac bd ac bd

(126)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Vậy A abcd  ac 2là số phƣơng

b) Thực phép chia a32a27a 7 cho a23 đƣợc kết quả:

    

3 2

a 2a 7a 7  a 3 a 2  4a 1

Để phép chia hết 4a 1 phải chia hết cho a23

   

    

   

 

2

2 4a a

4a 4a a (a 4a )

16a a

49 a

 

       

  

 

Tìm a,thử lại kết luận a  2; 2 Câu

   

  

   

2

a)A x 2x 2x 3x 2017 2x 3x 2x 3x 2017

2x 3x 2017 2x 3x 2016 2016

     

     

       

Dấu " " xảy  

x 2x 3x x 2x 3

x   

      

   Vậy min

x

A 2016 3

x   

 

  

2

x x x

b) 12 (*)

x x x

         

      

   

Đặt x a x

 



x x

b ab

x x

    

 

Phƣơng trình (*) trở thành:

2

a ab 12b 0 a 3b a 4b  a 3b a 4b  

     

  

+Nếu a 3b x 3.x x x 4  3 x (VN)2

x x

 

     

 

+Nếu a 4bthì     2

x (tm) x x

4 x x 4 x 4

x x x (tm)

5  

  

        

  

(127)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Vậy S 3;4

5

 

  

 

Câu

a) C/m: 3   2  a b  c 3abc a b c a  b  c ab bc ca  +)Từ giả thiết suy :   2 

a b c a  b c ab bc ca  0

2 2

a b c ab ac bc (a b c 0)

         

Biến đổi đƣợc kết quả: a b  2 b c  2  c a2 0 a b

b c a b c

c a

   

      

   

Tam giác (đpcm)

b) Đặt 2

ax 2yz; by 2xz; cz 2xy a, b,c

  a b c  x y z  2 1 Chứng minh: a b c 1

a b c

 

     

 

1 1

9

a b c a b c

    

  hay 2

1 1

9(dfcm) x 2yzy 2zxz 2xy 

Câu

a) Chứng minh OAC DBO(g.g) OA AC OA.OB AC.BD

DB OB

     

2 AB AB

AC.BD AB 4AC.BD (dpcm)

2

   

I

K

H M

D

O

A B

x y

(128)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC b) Theo câu a ta có: OAC DBO(g g) OC AC

OD OB

    

Mà OA OB OC AC OC OD

OD OA AC OA

    

+) Chứng minh : OAC DOC c.g.c ACO OCM +)Chứng minh : OAC  OMC(ch gn) AC MC(dfcm)

c) Ta có OAC  OMCOA OM; CA CM  OClà trung trực AM OC AM,

 

Mặt khác OA OM OB   AMBvng M OC / /BM

 (vì vng góc với AM) hay OC / /BI

+)Xét ABIcó OM qua trung điểm AB, song song BI suy OM qua trung điểm AIIC AC

+) MH / /AI theo hệ định lý ta let ta có: MK BK KH IC  BC  AC Mà IC AC MK HK BCđi qua trung điểm MH(dfcm)

d) Tứ giác ABCD hình thang vng

 

ABDC

S AC BD AB

2

  

Ta thấy AC, BD 0 , nên theo BĐT Cô si ta có:

2 ABDC

AB

AC BD AC.BD AB S AB

4

     

Dấu " " xảy AC BD AB OA

   

Vậy C thuộc tia Ax cách điểm A đoạn OA Câu

+) Với a,b,c,d dƣơng, ta có:

   

       

   

 

2 2

2

a b c d

F

b c c d d a a b

a d a c b c b a b d c d

a c b d

b c d a c d a b b c d a c d a b a b c d ab ad bc cd a c ad bc b d ab cd

1 a b c d

b c d a c d a b

4

   

   

     

   

       

       

   

      

     

  

  

     

(theo bất đẳng thức xy 1x y )2

 

Mặt khác: a b2 c2 d2ab ad bc cd      a b c d2

  2 2

2 2

a b c d 2ac 2bd a c b d

(129)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Suy F 2 đẳng thức xảy  a c; b d

+)Áp dụng F 2 với a 2016,b x,c y,d 2015    ta có: y

2016 x 2015

2 x y y 2015 4031 x 2016   Đẳng thức xảy  y 2016,x 2015

a) Phân tích đa thức sau thành nhân tử: x x3 27236x b) Dựa vào kết chứng minh :

 2

3

A n n 7 36nchia hết cho 210 với số tự nhiên n Câu (2 điểm)

Cho biểu thức  

3

2

1 x x

A x : x 1;1

1 x x x x

   

    

   

 

b) Tính giá trị biểu thức Atại x 12

 

c) Tìm giá trị xđể A 0

Câu (1 điểm) Cho ba số a, b,c thỏa mãn abc 2004 Tính

2004a b c

M

ab 2004a 2004 bc b 2004 ac c

  

     

Câu (4 điểm) Cho hình vng ABCD có cạnh 4cm Gọi M,N lần lƣợt trung điểm AB, BC.Gọi P giao điểm AN với DM

a) Chứng minh APM tam giác vuông b) Tính diện tích tam giác APM

c) Chứng minh tam giác CPD tam giác cân

Câu (1 điểm) Tìm giá trị x, y nguyên dƣơng cho 2

x y 2y 13

Câu a) x x3 27236x x x  37x236

(130)

     

      

3 3

x x 7x x 7x x x x 6x x x 6x

x x x x x x x

           

      

b) Theo phần a ta có: A n n 3 272 36nn n n n n n n 3             Đây tích số nguyên liên tiếp nên có 2, bội 3, bội 5,

bội Mà 2, 3, 5,71nên A 2.3.5.7 A 210 Câu

a) Với x 1

  

    

     

  

    

3

2

1 x x x x x

A :

1 x 1 x x x x x x x x x x x

:

1 x x 2x x

1 x : x x x

 

  



     

     



   

    



b) Tại x 12 A 10

3 27

   

c) Với x 1thì  2 

A 0  1 x x      0 x x Câu Thay 2004 abc vào M ta có:

 

2

a bc b c a bc b c

M

bc b abc ac c ab(1 ac c) b c ac ac c ab a bc abc

ac c ac c

1 ac c c ac ac c 1 ac c

     

         

 

    

       

Câu

a) Chứng minh ADM BAN(cgc)A1D1

Mà

1

D M 90 ( ADM vuông A)

1 1

1

H I

P

N M

D C

(131)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Do đó: A1M1 900 APM 90  Hay APMvng P

b) Tính đƣợc AP 5(cm),AM 5cm,SAPM 4(cm )2

5 5

  

c) Gọi I trung điểm AD Nối C với I; CI cắt DM H Chứng minh tứ giác AICN hình bình hành

AN / /CI

 mà ANDMCIDM

Hay CH đƣờng cao CPD(1)

Vận dụng định lý đƣờng trung bình ADPchứng minh đƣợc H trung điểm DP suy CH trung tuyến CPD(2)

Từ (1) (2) suy CPDcân C

Câu Biến đổi đẳng thức cho dạng x y x y 1      12

Lập luận để có x y x y 1     x y 1; x y 1    ƣớc dƣơng 12 từ có trƣờng hợp

x y 1  12

x y 1  2

x 13

2

4

2

y 9

2

1

2



Mà x, y nguyên dƣơng nên    x; y  4;1

a) Chứng minh tổng lập phƣơng ba số nguyên liên tiếp chia hết cho b) Chứng minh với số tự nhiên nthì : A 5 n 2 26.5n 82n 1 59

Câu (4 điểm) Phân tích đa thức thành nhân tử: a) 3

x y z 3xyz

b) x42011x22010x 2011 Câu (4 điểm)

a) Cho a b 2  a2b2 20.Tính giá trị biểu thức M a 3b3

(132)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Cho hình thang cân ABCD có

ACD 60 ,O giao điểm hai đƣờng chéo Gọi E,F,G theo thứ tụ trung điểm OA,OD, BC Tam giác EFG tam giác ? Vì sao? Câu (4 điểm)

Cho hình bình hành ABCD có E,F thứ tự trung điểm AB,CD a) Chứng minh đƣờng thẳng AC, BD,EF đồng quy

b) Gọi giao điểm AC với DEvà BFtheo thứ tự M N Chứng minh EMFN hình bình hành

Câu

a) Ta phải chứng minh :   3 3

A n  n 1  n 2 9với n

    

3 3

3

2

A n n 3n 3n n 6n 12n 3n 9n 15n

3n 3n 9n 18n

3n n n n 2n

        

   

    

     

Nhận thấy n n n 3     3n n n 9     9 n 2n 9  Vậy A

   

n n 2n n n 2n

n n n n n

b)5 26.5 25.5 26.5 8.8 59 8.64 59.5 64

      

     

n

59.5 59  n n   64 5 64 5 59 Vậy 5n 2 26.5n82n 1 59

Câu

   

      

     

 

  

3

3 3

3

2

2 2

a / x y z 3xyz x y 3xy x y z 3xyz

x y z 3z x y x y z 3xy x y z

x y z x y z 3z x y 3xy

x y z x y z 2xy 2yzz 2xz 3zx 3zy 3xy

x y z x y z xy yz zx

        

         

 

         

 

 

            

       

      

  

4

4 2

2 2

2

b / x 2011x 2010x 2011

x x x 2010x 2010x 2010 x x x x 2010 x x x x x

x x x 2010 x x x x x 2011

  

       

         

     

(133)

a) Từ 2  2

a b 20 a b 2ab 20 ab 8

 3    

3 3

M a b  a b 3ab a b 2 3 8 56 b) Từ 2  2 22

a b c 14 a b c 196

 

4 4 2 2 2

a b c 196 a b b c c a

      

Ta lại có: a b c 0   a b c  2 0

 

2 2

2

2 2 2

a b c ab bc ca

ab bc ca

ab bc ca 49

a b b c c a 2abc a b c 49 a b b c c a 49

      

    

   

      

   

Do đó: 4  2 2 2

N a b c 196 a b b c c a 196 2.49 98  Câu 4.

Do ABCD hình thang cân ACD 60 0suy OABvà OCDlà tam giác Chứng minh BFC vuông F

Xét BFCvng F có: FG 1BC



Chứng minh BECvng E có EG 1BC



Xét EF đƣờng trung bình AOD EF 1AD

   EF 1BC

2

  (ABCD hthang cân) Suy EF EG FG   EFGđều

G E

F

B

O

D C

(134)

a)

Gọi O giao điểm hai đƣờng chéo hình bình hành ABCD,ta có O trung điểm BD

Chứng minh BEDFlà hình bình hành

Có O trung điểm BD nên O trung điểm EF Vậy EF, BD,AC đồng quy O

b) Xét ABDcó M trọng tâm, nên OM 1OA



Xét BCDcó N trọng tâm, nên ON 1OC



Mà OA OC nên OM ON

Tứ giác EMFN có OM ON,OE OF  nên hình bình hành

Cho biểu thức: A 2 x x :x

3x x 3x x

    

     

  

 

a) Rút gọn A

b) Tìm giá trị nguyên xđể Acó giá trị nguyên Câu (4 điểm)

a) Chứng minh rằng: a2 b2

  với a b 1 

b) Ký hiệu   a (phần nguyên a) số ngun lớn khơng vƣợt q a.Tìm x

biết rằng: 34x 19 2x 11

   

 

 

O N M

E

F C

A B

(135)

Lúc giờ, ca nô xi dịng từ A đến B cách 36km, quay trở A lúc 11 30 phút Tính vận tốc ca nơ xi dịng, biết vận tốc dòng nƣớc chảy 6km / h

a) Hãy tính số bị chia, số chia thƣơng số phép chia sau đây:

abcd : dcba q biết ba số bình phƣơng số nguyên (những chữ khác chữ số khác nhau)

b) Cho a, b,c ba cạnh tam giác Chứng minh rằng:

a b c

3 b c a  a c b a b c      Câu (5 điểm)

Cho đoạn thẳng AB a. Gọi M điểm nằm Avà B Vẽ phía AB hình vng AMNP, BMLK có tâm theo thứ tự C, D Gọi I trung điểm CD

a) Tính khoảng cách từ I đến AB

b) Khi điểm M di chuyển đoạn thẳng ABthì điểm Idi chuyển đƣờng ?

Câu

a) ĐKXĐ: x 1; x 0

  

2

2 x x

A x :

3x x 3x x

2 x 3x 3x x 2 2x 3x x

3x x 3x x 3x x 3x x

x 1 3x

2 x 2 6x x 2x

3x x 3x x 3x x x

    

     

  

 

         

          

    

 

     

    

   

 

 

b) A 2x x 1  2

x x x

 

   

  

Để Acó giá trị nguyên x



 có giá trị nguyên  x U(2)   1; 2

 

x 1; 0; 2;

   x 1; x 0    x  2; Câu

a) Theo Câu ta có: a b 1  a22ab b 1 (1) Mặt khác : a b 2  0 a2 2ab b 0 (2)

Từ (1) (2) suy ra: 2 a b2 1 a2 b2

(136)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC b) 34x 19 2x 34x 19 2x 1

11 11

   

      

 

  vả 2x 1 

4 1

0 12x 11 12x 2x 2x

3

 

              

Do

1 2x x

2x 2

2x 1 x 0 

     

   

  

  

Câu

Gọi x(km / h) vận tốc ca nơ xi dịng x 12  Vận tốc ca nô nƣớc lặng: x 6(km / h)

Vận tốc ca nơ ngƣợc dịng: x 12(km / h)

Thời gian ca nơ 4, nên ta có phƣơng trình: x 4(ktm)

36 36

(x 4)(x 24)

x 24(tm) x x 12

 

       



 

Vậy vận tốc ca nơ xi dịng 24km / h Câu

a) abcd : dcba q Vì q q a,d

q  

   

 phải số thuộc 1; 4; 5; 6; ,a,d 0  Do abcd dcba q  nên d 3  d

Giả sử q4khi 1cba.4 abc1 (vơ lý) 1cba.4 phải số chẵn nên q9

Với q=9 ta có: 1cba abc1  suy a 9,c 2  tích 1cba 9 số có chữ số nên ta lại có c d tức c 1  c

Ta thấy abcd 9b01 10b9 9   9b01là số chia hết b 8 Tóm lại ta có: 9801: 1089 9

b) Đặt x b c a; y a c b      ; z a b c   x, y,z 0 x y z a b c

     

  y z

2a a b c b c a x y z x y z a

2



             

Tƣơng tự: b x z; c x y

2

 

 

BĐT chứng minh tƣơng đƣơng với: y z x z x y

x y z

     

y x z x y z x y x z z y

     

      

 

   

(137)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Câu 5.

a) Kẻ CE,IH, DF vng góc với ABsuy tứ giác CDFE hình thang vng

Chứng minh đƣợc: CE AM, DF BM CE DF AB a IH a

2 2

       

b) Khi M di chuyển AB I di chuyển đoạn RS song song với AB cách AB

một khoảng a

4(R trung điểm AQ)

S trung điểm BQ, Q giao điểm BLvà AN)

Câu (2 điểm) Giải phƣơng trình sau: 1) 2x2   x 6x

2)       x x 3x 5  x x

Câu (3 điểm) Cho biểu thức: A 22x x 2x

x x

x 5x

  

  

 

 

1) Rút gọn A

2) Tính giá trị Abiết 2x x 1 3) Có giá trị xđể A 1 khơng ?

4) Tìm xngun để Anhận giá trị số nguyên Câu (2 điểm) Giải Câu tốn cách lập phương trình

Một xe đạp, xe máy ô tô từ Ađến B.Khởi hành lần lƣợt lúc giờ, giờ, vận tốc theo thứ tự 15km / h; 45km / h 60km / h

Hỏi lúc ô tô cách xe đạp xe máy

R S

Q

F H

E

I

D C

K L

N P

(138)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Câu (2,5 điểm)

Cho hình thang ABCD ( AB / /CD,AB CD ) Gọi N M theo thứ tự trung điểm đƣờng chéo AC, BD Chứng minh rằng:

1) MN / /AB 2) MN CD AB

2

 

Câu (0,5 điểm) Cho x

x

  Tính giá trị biểu thức A x3 13 x

 

Câu

1) 2x2  x 6x2x x 3   0 2x

   x 0 

1 x

2 x

 

 

    Vậy x

2

 x 3

2)       x x 3x 5  x x

   x x

x 3x 5

5 3x x   

   

     

  

 

Vậy x 2;5

 

  

 

Câu

1) Rút gọn đƣợc A x x

 



2) ĐKXĐ: x2và x 3

2

2x x  1 x 2x 0   x Thay x 1 vào, tính đƣợc A

2

 

3) A x x x 0x

x



         

 (vô nghiệm)

Vậy khơng có giá trị xđể A 1 4) A x

x x



  

 

(139)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Thử lại kết hợp với ĐKXĐ ta đƣợc x  4; 4;10

Câu

- Gọi thời gian để ô tô cách xe đạp xe máy kể từ lúc xe đạp chạy x(giờ) Điều kiện x2

Khi đó: Xe đạp đƣợc : 15x km  Xe máy đƣợc : 45 x km    Ơ tơ đƣợc: 60 x km   

Khi tơ bắt đầu chạy xe đạp bị xe máy vƣợt qua

Hiệu quãng đƣờng đƣợc xe máy ô tô là: 45 x 1   60 x 2   Hiệu quãng đƣờng đƣợc ô tô xe đạp: 60 x 2   15x

Theo đề Câu ta có phƣơng trình: 45 x 1   60 x 2  60 x 2   15x Giải phƣơng trình tìm đƣợc x 3,25 3 15 phút

Vậy lúc 15 phút tơ cách xe đạp xe máy Câu

1) Gọi P, Q theo thứ tự trung điểm AD BC Chứng minh đƣợc AP AN

AD AC PN / /AB(định lý Talet đảo) Mà PM / /AB(đƣờng trung bình)

P,M,N

 thẳng hàng (Tiên đề Ơ clit) Vậy MN / /AB

2) Tƣơng tự P,M,N,Qthẳng hàng

Rút ta đƣợc: PQ AB CD (1); PM AB (2); NQ AB (3)

2 2



  

Từ      1 , , suy MN PQ PM NQ CD AB



   

Câu

3

1 1

A x x x 3.3 18

x x

x

   

          

   

Q

P N M

A B

(140)

Câu 1: (1 điểm) Phân tích đa thức thành nhân tử

4

a)x  1 2x

b) x 28x 27 Câu 2: (2 điểm) Giải phƣơng trình

a)     2 3x b)

2

3

1 2x x x x x



 

   

Với giá trị xthì x x

 



Hai ngƣời làm chung cơng việc 12 ngày xong Năng suất làm việc ngày ngƣời thứ hai

3ngƣời thứ Hỏi làm riêng, ngƣời làm xong công việc

Câu (3,5 điểm)

Cho hình vng ABCD có cạnh a Gọi E,F lần lƣợt trung điểm cạnh AB, BC.M giao điểm CE DF

a) Chứng minh CE vng góc với DF b) Chứng minh CM.CE a

CF  c) Tính diện tích MDCtheo a Câu (0,5 điểm)

Cho x x

  Tính giá trị biểu thức 3 A x

x

 

Câu

 2

4 2

a) x  1 2x  x 1    b) x 28x 27   x x 27 Câu

a) 3x 4    2

3x

     (khẳng định sai    3x x) Vậy phƣơng trình cho vơ nghiệm

b)

2

3

1 2x x x x x



 

(141)

 

2

3 3

2

3

2

4 x x x 2x

x x x x x x 2x

x x

3x 3x 3x x

x (tm) x (ktm)



  

  

  



   

 

 

  

 

  



Vậy S 0 Câu Ta có:

x x

x x x

x

x x x

    

  

     

  

   

     

   

     

 



Vậy x 1 x 1 Câu

Gọi x(ngày) thời gian để ngƣời thứ hồn thành cơng việc x   Một ngày ngƣời thứ làm đƣợc

x(công việc) Một ngày ngƣời thứ hai làm đƣợc

3x(công việc) Một ngày hai ngƣời làm chung đƣợc

x3x(cơng việc) Theo Câu ta có phƣơng trình x 20

x3x12   Vậy ngƣời thứ làm xong 20 ngày Ngƣời thứ hai làm xong 30 ngày Câu

M

F E

C D

(142)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC a) BEC CFD c.g.c ECB FDC

CDF

 vuông C 0

DFC FDC 90 DFC ECB 90 CMF

        vuông M Hay CEDF

b) Xét CMFvà CBEcó: CMF CBE 90  0; MCFchung CMF CBE(g g)

CM CF CM.CE BC BC CE CF

   

   

Mà BC a đó: CM.CE a CF 

c) CMD FCD(g.g) CD CM

FD FC

   

Do đó:

2

CMD

CMD FCD

FCD

S CD CD

S S

S FD FD



 



   

    

   

Mà:

FCD

1

S CF.CD CD

2

  

Vậy:

2

CMD

CD S CD

4 FD  

Trong DCFtheo Pitago ta có:

2 2 2 2

DF CD CF CD BC CD CD CD

2 4

 

      

 

Do đó:

2

2 2

MCD

2

CD 1

S CD CD a

5 5

CD

   

Câu

3

3 3

3

1 1 1

A x x 3.x 3.x x x 3.3 18

x x x

   

              

   

Câu (2,0 điểm) Cho biểu thức :

2

x 10 x

A : x

2 x x x

x

 

  

       

  



   

b) Tính giá trị A, biết x

(143)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC c) Tìm giá trị xđể A 0

d) Tìm giá trị nguyên xđể A có giá trị nguyên Câu (2,0 điểm) Giải phƣơng trình sau:

a) 6x 6x 6x 7     2 72

b) 2 2 2 1

18 x 9x 20 x 11x 30 x 13x 42  Câu (3,5 điểm)

Cho hình vuông ABCD,trên cạnh AB lấy điểm E cạnh AD lấy điểm F cho AE AF Vẽ AH vng góc với BF (H thuộc BF), AH cắt DC BC lần lƣợt hai điểm M, N

4) Chứng minh tứ giác AEMD hình chữ nhật

5) Biết diện tích tam giác BCH gấp bốn lần diện tích tam giác AEH Chứng minh AC 2EF

6) Chứng minh : 2 2 2 AD AM AN Câu (1,5 điểm)

     

3 3

1 1

a b c b c a c a b 

Câu Cho an    1 n. Chứng minh an an 1 số phƣơng

Câu

a) Rút gọn đƣợc kết : A x

 



b)

2

A x

1 2 3

x

1

2

x A

2



  

 

   



    

 

c) A 0     x x

d) A x U(1)  1 x  1;

x



         



Câu

a) Đặt 6x t  Ta có:

    

(144)

4

2

2 x

t 8(ktm) t 3

t t 72

t

t 9(tm)

x

   

    

         

 

  

 



Vậy x 2; 3   

 

 

b)

     

  

 

2

x 9x 20 x x ; x 11x 30 x x ;

x 13x 42 x x

DKXD : x 4; 5; 6;

         

    

    

Phƣơng trình trở thành:

x x 51  x x 61  x x 71  181

1 1 1 1

x x x x x x 18

1 1

x x 18

  

     

      

     

  

 

  

18(x 7) 18(x 4) x x x 13 x

x 13(tm) x 2(tm)

      

   

  

  



Câu

4) Ta có: DAM ABF (cùng phụ với BAH)

AB AD (gt); BAF ADM 90  (ABCD hình vng)

M H

N F

C D

(145)

 

ADM BAF g.c.g

   

DM AF,

  mà AF AE(gt) nên AE DM Lại có: AE / /DM (vì AB / /DC)

Suy tứ giác AEMD hình bình hành Mặt khác DAE 90 (gt) Vậy tứ giác AEMD hình chữ nhật

5) Ta có ABH FAH(g.g)

AB BH

AF AH

  hay BC BHAB BC; AE AF

AE  AH  

Lại có: HAB HBC (cùng phụ với ABH) CBH AEH(c.g.c)

  

2 CBH

EAH

S BC

,

S AE

 

   

  mà  

2

CBH EAH

S BC

4(gt) BC 2AE

S AE

 

     

 

BC 2AE E

   trung điểm AB, F trung điểm AD Do đó: BD 2EF hay AC 2EF(dfcm)

6) Do AD / /CN (gt) Áp dụng hệ định lý Ta let ta có:

AD AM AD CN

CN MN AM MN

   

Lại có: MC / /AB gt   Áp dụng hệ định lý Ta let ta có:

MN MC AB MC

AN  AB  ANMNhay

AD MC

AN MN

2 2 2 2 2

2

AD AD CN CM CN CM MN

1

AM AN MN MN MN MN

(Pytago)

        

          

       

2

2 2

AD AD 1

1 (dfcm)

AM AN AM AN AD

   

       

   

Câu Trƣớc tiên ta chứng minh BĐT: Vơi a, b,c x, y,z 0 ta có:

 2

2 2 a b c

a b c

(*)

x y z x y z

 

  

 

Thật vậy, với a, b x, y 0 ta có:

 

  

2 2

a b

(**)

x y x y

a y b x x y xy(a b)



 



(146)

 2

bx ay

   (luôn đúng) Dấu " " xảy a b

x y  

Áp dụng bất đẳng thức  * * ta có:    

2

2 2 a b a b c

a b c c

x y z x y z x y z

  

    

  

Ta có:

 

2 2

3 3

1 1

1 1 a b c

ab ac bc ab ac bc a b c b (c a) c (a b)      

Áp dụng BĐT (*) ta có :

 

2

2 2

1 1 1

1 1

a b c a b c

a b c

ab ac bc ab ac bc ab bc ac 1

2

a b c

       

   

   

   

        

 

 

(Vì abc 1)

Hay 2

1 1

a b c

 

      

    

Mà 1 a  b c nên

2 2

1 1

3

a b c

ab ac bc ab ac bc   2 Vậy 31  31  31 

2

a b c b c a c a b  (đpcm) Câu Ta có:

 

n

n n

a n n

a a 2 n n 



      

       

  2  2

n n

2 n n 2n n



        số phƣơng

Câu (2,0 điểm)

a) Chứng minh : a2 b2c2 d2ac bd  2 bc ad 2 b) Cho: 1

(147)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Chứng minh 12 12 12

x y z  Câu (2,5 điểm)

Giải phƣơng trình:

a) x x x x 2025

2003 2004 2005

       

b) x42x2 400x 9999 Câu (2,0 điểm)

a) Chứng minh x2  x 0(với x) b) Chứng minh:

2

x x 1 x x

    

c) Tìm giá trị lớn (GTLN) biểu thức :

2

x x A

x x   

 

Câu (3,5 điểm)

Cho hình thang ABCD ( AB / /CDvà AB CD) ; Gọi O giao điểm hai đƣờng chéo AC, BD Đƣờng thẳng qua A song song với BC cắt BD E, cắt CD A’ ; đƣờng thẳng qua B song song với AD cắt AC F, cắt CD B' Gọi diện tích tam giác

OAB,OCD,ACD,ABC lần lƣợt S ,S ,S ,S1 2 3 4 Chứng minh: a) EF / /AB

b) AB BE CD BDvà

2

AB EF.CD c)

4 S S

1 S S 

Câu

a) VT a c 2a d2 2b c2 2b d2

   

2 2 2 2

2

a c b d 2abcd a d b c 2abcd

ac bd bc ad VP

     

    

b) Bình phƣơng vế ta có:

2 2

1 1 2 xy xz yz x y z

2y

1 1 2z 2x

4 xyz xyz xyz x y z

     

(148)

 

2 2

2 x y z

1 1

4 xyz

x y z

 

    

2 2

2xyz 1

4 (x y z xyz) xyz

x y z 1

2 (dpcm) x y z

       

   

Câu

a) x x x x 2025

2003 2004 2005

       

 

x x x x 2005

1

2003 2004 2005

x 2010 x 2010 x 2010 x 2010 2003 2004 2005

1 1

x 2010

2003 2004 2005 x 2010 x 2010

                                     

b) x 2x 400x 9999

4 2

x 2x 4x 400x 10000

      (thêm 4x21vào vế)

       2 2 2

x 2x 100

x 2x 100 x 2x 100 VN

x 2x 101

x

x 2x 99

x 11                              

Vậy S11; 9  Câu

a)

2

x x x

2

 

      

  (với x)

b) Từ kết câu a, nhân vế BĐT với số dƣơng  

3 x  x đƣợc:

2

3x 3x x   x

 2

2

2x 4x 2 x

       (luôn đúng)

Suy ra:

2

x x 1 x x

  

 

 2  2  2   2

2

2 2

3 x x x x x x x

x x 2x 4x

c) 3

x x x x x x x x

        

         

       

(149)

a) AE / /BC OE OA

OB OC

 

OF OB

BF / /AD

OA OC

 

OA OB

AB / /CD

OC OD

  OE OF EF / /AB

OB OA

   (Ta let đảo)

b) AB / /DA' EB AB EB AB

ED DA' ED EB AB DA'

   

 

AB A'C đƣợc: EB AB AB EF AB EF

BD BD DC DB'DC AB(Do AB DB')

AB EF.DC

 

c) OAB OCD

ABC ADC

S OA S OA

(1); (2)

S  AC S  AC

(Tỷ số DT hai tam giác có đáy tỉ số đƣờng cao) Cộng (1) (2) vế theo vế ta có : đpcm

a) Phân tích đa thức sau thành nhân tử :    x x x 2x 2 1 b) Rút gọn biểu thức:

     2 2  

3 2n

A

1.2 2.3 3.4 n n 

    

  

 

O F

E

A' B'

A B

(150)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC a) Cho 1

x  y z Tính 2

yz xz xy A

x y z

  

b) Tìm tất số x, y,z nguyên thỏa mãn: 2

x y z xy 3y 2z 0    Câu (4 điểm)

a) Chứng minh với số nguyên x, y thì:

    

A x y x 2y x 3y x 4y    y số phƣơng b) Cho a ,a , ,a1 2 2016là số tự nhiên có tổng chia hết cho

Chứng minh rằng: 3

1 2016

A a a  a chia hết cho Câu (6 điểm)

Cho điểm M di động đoạn thẳng AB Trên nửa mặt phẳng bờ AB vẽ hình vuông AMCD, BMEF

a) Chứng minh rằng: AEBC

b) Gọi H giao điểm AE BC Chứng minh ba điểm D,H,F thẳng hàng c) Chứng minh đƣờng thẳng DFluôn qua điểm cố định điểm M di

động đoạn thẳng AB Câu (2 điểm)

Cho a, b,c ba số đôi khác thỏa mãn: a b c  2 a2b2c2 Tính giá trị biểu thức :

2 2

a b c

P

a 2bc b 2ac c 2ab

  

  

Câu

a) Ta có:

     

   

2 2

2

x x x 2x x 2x x 2x x 2x x 2x

x 2x x

        

    

    

b) Ta có:

 

   

2 2

2 2 2

n n

2n 1

n

n n n

n n

 



  

 

  

 

 

2

n n

B

n n



    

 

Câu

a) Ta có a b c 0   :

 3    

3 3 3

(151)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Theo giả thiết 1 13 13 13

x   y z x y z  xyz

2 2 3

3 3

yz xz xy xyz xyz xyz A

x y z x y z

1 1

xyz xyz

xyz x y z

     

 

     

 

b) 2

x y z xy 3y 2z 0   

 

   

2

2 2

2

y

x xy z 2z y 3y

4

y

x z y

2

   

         

 

 

       

 

Có giá trị x, y,z  1; 2;1 Câu

a) Ta có: Ax y x 2y x 3y x 4y       y4

 2 2

x 5xy 4y x 5xy 6y y

     

Đặt x25xy 5y t t  thì

 2 2 4 2 4 4 2  2 22

A t y t y y  t y y t  x 5xy 5y Vì x, y,z nên 2

x  ,5xy ,5y  2

x 5xy 5y (dfcm)

   

Vậy A số phƣơng

b) Dễ thấy a3 a a a a 1    là tích số tự nhiên liên tiếp nên chia hết cho Xét hiệu:

     

3 3

1 2016 2016 2016

3 3

1 2 2016 2016

A a a a a a a a a a a a a a a a

           

      

Các hiệu chia hết cho , A chia hết cho Câu

K I

O E H F

D C

(152)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC a) AME CMB(cgc)EAM BCM

Mà BCM MBC 90  EAM MBC 90  0AHB 90 AHBC b) Gọi O giao điểm AC BD

AHC

 vng H có HO đƣờng trung tuyến HO 1AC 1DM

2

  

DHM

  vuông H suy DHM 90 Chứng minh tƣơng tự:

MHF 90

Suy

DHM MHF 180  , điểm D, H, F thẳng hàng c) Gọi I giao điểm AC DF

Ta có: DMF 90 MFDMmà IODMIO / /MF Vì O trung điểm DM nên I trung điểm DF

Kẻ IKAB(K AB) IKlà đƣờng trung bình hình thang ABFD

AD BF AM BM AB

IK

2 2

 

    (không đổi)

Do A, B cố định nên K cố định , mà IK không đổi nên I cố định

Vậy đƣờng thẳng DF qua điểm cố định điểm M di động đoạn thẳng AB

Câu

 2 2 2 2

a b c  a b c ab ac bc 0  

  

2 2

2

a a a

a b a c a 2bc a ab ac bc    

Tƣơng tự:      

2 2

2

b b c c

;

b a b c c a c b

b 2ac    c 2ac   

        

   

2 2

a b c

P

a 2bc b 2ac c 2ab

a b c

a b a c b a b c c a c b a b a c b c

1 a b a c b c

  

  

  

     

  

 

  

Câu Cho biểu thức

2

3

x 10 x

M : x

6 3x x x x 4x

    

       

  



   

(153)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC b) Tính giá trị M x

2



Câu Cho biểu thức Ab2 c2 a224b c2 a) Phân tích biểu thức Athành nhân tử

b) Chứng minh rằng: Nếu a, b,c độ dài cạnh tam giác A 0 Câu

a) Tìm giá trị nhỏ biểu thức sau:

2

A x 2xy 2y 4y 5

b) Tìm giá trị lớn biểu thức sau:

 

3 x B

x x x  

  

Câu Cho hình bình hành ABCD.Với AB a,AD b.  Từ đỉnh A, kẻ đƣờng thẳng a cắt đƣờng chéo BDtại E, cắt cạnh BC Fvà cắt tia DC G

a) Chứng minh : AE2 EF.EG

b) Chứng minh đƣờng thẳng aquay quanh A thay đổi tích BF.DG khơng đổi

Câu Chứng minh

   

2

x yz y xz

 



  với x y; xyz 0; yz 1; xz 1   

Thì xy xz yz xyz x y z      

Câu

a) Rút gọn M:

2

3

x 10 x

M : x

6 3x x x x 4x

    

       

  



   

    

2

x 6

: x x x x x x

 

   

 

  

 

 

 6  x

M

6 x x x

 

 



 

b)

1 x

1 2

x

1

x

     

   

Với x M

2

   

(154)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Với x M

1

2

    



Câu a) Ta có:

     

  

    

2

2 2 2 2

2 2 2

A b c a 4b c b c a 2bc

b c 2bc a b c 2bc a

b c a b c a b c a b c a

       

      

        

b) Ta có: b c a 0   (BĐT tam giác) b c a 0   (BĐT tam giác)

b c a 0   (BĐT tam giác) b c a 0   (BĐT tam giác) Vậy A 0

Câu

a) Ta có: 2   2 2 A x 2xy y y 4y 1   x y  y 2 1 Do x y 2 0; y 2  2 0

Nên Ax y  2 y 2 2 1 Dấu “=” xảy   x y Vậy MinA 1   x y b)

       

2 2

3 x

3(x 1)

B

x x x x x x 



  

     

Do x2 1 2B

x

   

 Đẳng thức xảy  x

Vậy MaxB 3  x Câu

a) Do AB / /CDnên ta có: EA EB AB (1) EGED  DG

F E

G C

A B

(155)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Do BF / /AD nên ta có: EF EB AD (2)

EA ED FB Từ (1) (2) EA EF

EG EA

  hay AE2 EF.EG

b) Từ (1) (2) AB FB BF.DG AB.AD a.b

DG AD

     (không đổi) Câu

Từ gt        x yz y xz x yz y xz

     

     

       

   

2 2 2 2

2 2

x y x yz y z xy z xy x z xy z x yz x y x yz y z xy z xy x z xy z x yz xy x y xyz yz y xz x z x y y x y xyz x y x y z z x y x y

x y xy xyz x y z xz yz

       

        

        

         

 

        

Do x y 0  nên xy xz yz xyz x y z      0 Hay xy xz yz xyz x y z (dfcm)      

Cho a b 0  thỏa mãn 3a2 3b2 10ab.Tính giá trị biểu thức P a b a b

 



Câu (1,5 điểm)

Rút gọn biểu thức: A 1    2 22 32 42 999 210002 Câu (1,5 điểm)

Cho hai số nguyên, số thứ chia cho dƣ 1, số thứ hai chia cho dƣ Hỏi tổng bình phƣơng chúng có chia hết cho không ?

Câu (1,5 điểm)

Chứng minh với số tự nhiên nthì phân số 21n 14n



 phân số tối giản

Câu (1,5 điểm)

Tìm giá trị nhỏ biểu thức : P x 2006 x 20072006 Câu (2 điểm)

(156)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC a) EF / /AB

b) AB2 CD.EF

Câu

Xét  

 

2

2 2

2

2 2 2

a b a 2ab b 3a 3b 6ab 4ab 1 P

16ab a 2ab b 3a 3b 6ab

a b

    

    

   



Vì a b P P

     

Câu Ta có:

     

        

 

2 2 2

A 999 1000

1 2 4 999 1000 999 1000 999 1000

500.1001 500500

      

         

       

   

Câu

Vì số thứ chia cho dƣ nên có dạng 5a 1 , số thứ hai chia cho dƣ nên có dạng 5b 2 (a, b )

Ta có tổng bình phƣơng hai số là:

  2 2 2 2  2 2 

5a 1  5b 1 25a 10a 25b  10b 5a  5b 2a 2b 5  Vậy tổng bình phƣơng hai số chia hết cho

Câu

Gọi d UCLN 21n 4;14n 3    với d ,d 1 Ta có: 21n d 14n d

Khi 21n d   14n d   Hay 42n d 42n d

42n 42n d

    hay d d Vậy phân số 21n

14n



 phân số tối giản với số tự nhiên n

Câu Ta có :

   

P x 2006 x 2007 2006

x 2006 2007 x 2006 x 2006 2007 x 2006 2007

    

(157)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Vậy minP 2007 2006 x 2007 

Câu

a) Ta có: AB//CD nên theo hệ Ta let ta có:

AF AB AE AB

(1) (2)

FC  IC EK  DK

Mặt khác ta có:

Tứ giác ABCK hình bình hành (do AB / /CD, BC / /AK) nên AB = CK (3) Tứ giác ABIDlà hình bình hành (do AB / /CD, BI / /AD) nên AB DI(4) Từ (3) (4) suy CKDIIC DK 5  

Từ (1) (2) (5) suy AF AE EF / /DC EF / /AB

FC  EK  

b) Ta có: AB // CD

AB AF

(*)

CI CF

  (Do ABDInên AB CI DI CI CD)    Mặt khác AEF AKC(EF / /KC)

AF EF

AC KC

  mà KC AB AF EF  * *

AC AB

  

Từ (*) (**) suy AB EF CD ABhay

2

AB EF.CD (đpcm)

 3 3 3 3 4 2

a) x y z  x y z ; b) x 2010x 2009x 2010 Câu (2 điểm) Giải phƣơng trình:

F E

I K

A B

(158)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC x 241 x 220 x 195 x 166

10

17 19 21 23

       

Tìm xbiết:       

      

2

2009 x 2009 x x 2010 x 2010 19

49 2009 x 2009 x x 2010 x 2010

     



     

Tìm giá trị nhỏ biểu thức: A 2010x 26802

x

 



Cho tam giác ABC vuông A,D điểm di động cạnh BC Gọi E,F lần lƣợt hình chiếu vng góc điểm Dlên AB,AC

a) Xác định vị trí điểm Dđể tứ giác AEDFlà hình vng

b) Xác định vị trí điểm Dsao cho 3AD 4EF đạt giá trị nhỏ Câu (4 điểm)

Trong tam giác ABC, điểm A,E,F tƣơng ứng nằm cạnh BC,CA,AB cho AFEBFD; BDF CDE; CED AEF 

a) Chứng minh rằng: BDF BAC

b) Cho AB 5, BC 8,CA 7.   Tính độ dài đoạn BD

Câu

a) Ta có: x y z  3x3y3z3 x y z  3x3y3z3

 

        

        

   

2 2 2 2

2

y z x y z x y z x x y z y yz z y z 3x 3xy 3yz 3zx y z x x y z x y x y x z y z

 

            

 

 

           

   

b) Ta có:    

x 2010x 2009x 2010  x x  2010x 2010x 2010         x x x x 2010 x x x x x x 2010

           

Câu Ta có: x 241 x 220 x 195 x 166 10

17 19 21 23

       

x 241 x 220 x 195 x 166

1

17 19 21 23

x 258 x 258 x 258 x 258

17 19 21 23

   

        

   

    

  1 1

x 258 x 258

17 19 21 23

 

        

(159)

Câu       

      

2

2009 x 2009 x x 2010 x 2010 19

49 2009 x 2009 x x 2010 x 2010

     



     

ĐKXĐ: x 2009; x 2010. 

Đặt a x 2010 a 0, ta có hệ thức:

   

2 2

2

2 2

a a a a 19 a a 1 19 49 3a 49 a a a a

     

  

   

    

2

2 2

49a 49a 49 57a 57a 19 8a 8a 30

3

a (tm)

2

2a 2a 2a

5

a (tm)

2 4023

x

2 (TMDK) 4015

x

     

   

  

         

     

  

  

Câu Ta có:

 

2

2010x 2680 A

x

335 x 335x 335 335x 2010x 3015

335 335

x x

 



    

     

 

Vậy giá trị nhỏ Alà 335khi x 3 Câu

a) Tứ giác AEDFlà hình chữ nhật (vì E A F 90 )  

E

F D

C

(160)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Để tứ giác AEDFlà hình vng ADlà tia phân giác BAC

b) Do tứ giác AEDFlà hình chữ nhật nên AD EF 3AD 4EF 7AD

  

3AD 4EF nhỏ ADnhỏ Dlà hình chiếu vng góc Alên BC Câu 6.

a) Đặt AFE BFD  , BDF CDE  ; CED AEF   Ta có: BAC   180 *0 

Qua D,E,F lần lƣợt kẻ đƣờng thẳng vng góc với BC,AC,AB cắt O Suy O giao điểm ba đƣờng phân giác tam giác DEF

0 OFD OED ODF 90 (1)

   

Ta có:

     

0

OFD OED ODF 270 (2) & 180 * *

       

      

Từ    * & * * BAC  BDF b) Chứng minh tƣơng tự câu a) ta có:

   

B ,C AEF DBF DEC ABC

BD BA 5BF 5BF 5BF

BD BD BD

BF BC 8 8

CD CA 7CE 7CE 7CE

CD CD CD

CE CB 8 8

AE AB 7AE 5AF 7 CE 5 BF 7CE 5BF 24

AF AC

CD BD (3)

        



        

   

        

   

   

     

     

   

   

  

Ta lại có: CD BD (4) 

F

E

D A

B C

(161)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC Từ (3) (4) BD 2,5

3 Phân tích đa thức sau thành nhân tử c) x44

d) x x x x 5        24 Cho a b c

b c c a a b  Chứng minh rằng:

2 2

a b c

0 b c c a a b  Câu (2 điểm)

Cho biểu thức

2

x 10 x

A : x

2 x x x

x

 

  

       

  



   

b) Tính giá trị A biết x



c) Tìm giá trị xđể A 0

d) Tìm giá trị nguyên xđể A có giá trị nguyên Câu (3,5 điểm)

Cho hình vng ABCD,M điểm tùy ý đƣờng chéo BD Kẻ MEAB, MFAD

a) Chứng minh DE CF

b) Chứng minh ba đƣờng thẳng DE, BF,CM đồng quy

c) Xác định vị trí điểm M để diện tích tứ giác AEMF lớn Câu (1,5 điểm)

Cho a, b dƣơng a2000b2000 a2001b2001a2002b2002 Tính : a2011b2011

Câu

Cho số dƣơng a, b,c có tổng Chứng minh rằng: 1 a  b c

Câu

(162)

       

  

2

4 2

2

x 4x 2x x 2x x 2x x 2x

      

    

1b x x x x 5        24

  

 

  

   

2

x 7x 11 x 7x 11 24 x 7x 11 24

x 7x 11

x 7x x 7x 16 x x x 7x 16

       

 

    

 

   

    

2 Nhân vế a b c

b c c a a b  với a b c  , rút gọn suy đpcm Câu

a) Rút gọn biểu thức đƣợc kết quả: A x

 



b)

4

A x

1 2 3

x

1

2

x A

2



  

 

   



    

 

c) A 0  x

d) A x  1;

x



     



Câu

a) Chứng minh AE FM DF   AED DFCdfcm b) DE,BF,CM ba đƣờng cao EFC dpcm

F

E B

C A

D

(163)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC d) Có chu vi hình chữ nhật AEMF 2a khơng đổi

ME MF a

   không đổi AEMF

S ME.MF

  lớn ME MF (AEMF hình vng) M

 trung điểm BD Câu

    

 

  

2001 2001 2000 2000 2002 2002

a b a b a b ab a b

a ab

a

a b 1

b

     

   

 

     

 

Vì a b2000 b2001 b (tm) b (ktm)  

    

 

Vì b a2000 a2001 a 1(tm) a 0(ktm)  

    

  Vậy a 1; b 1  a2011b20112 Câu Ta có:

1 b c

1

a a a

1 a c

a b c 1

b b b

1 a b

1

c c c

1 1 a b a c b c

3 2

a b c b a c a c b



   

 

      



    

     

                

     

Dấu “=” xảy a b c

   

Câu (2 điểm) Cho

3

a 4a a P

a 7a 14a

  



  

a) Rút gọn P

b) Tìm giá trị nguyên ađể Pnhận giá trị nguyên Câu (2 điểm)

(164)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TỐN HỌC b) Tìm giá trị xđể biểu thức:

    

P x x x x 6    có giá trị nhỏ Tìm giá trị nhỏ Câu (2 điểm)

a) Giải phƣơng trình: 2 2 2 1 18 x 9x 20 x 11x 30 x 13x 42  b) Cho a, b,c ba cạnh tam giác Chứng minh rằng:

a b c

A

b c a a c b a b c

   

     

Cho tam giác ABC, gọi M trung điểm BC Một góc xMybằng 60 quay quanh điểm M cho cạnh Mx,My cắt cạnh AB AC lần lƣợt D E Chứng minh:

a)

2 BC BD.CE

4 

b) DM,EM lần lƣợt tia phân giác góc BDEvà CED c) Chu vi tam giác ADEkhông đổi

Tìm tất tam giác vng có số đo cạnh số nguyên dƣơng số đo diện tích số đo chu vi

Câu a)

   

3

a 4a a a a a a 7a 14a a a a

      

      

Nêu ĐKXĐ: a 1;a 2;a 4   Rút gọn P a

a

 



b)

a 3

P ;

a a

 

  

  ta thấy Pnguyên a 2 ƣớc 3, mà U(3)  1;1; 3; 3 , từ

tìm đƣợc a  1; 3; 5 Câu

a) Gọi số phải tìm avà b, ta có a b chia hết cho

Ta có: 3   2    2    2

(165)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC Do a b   a b 23abchia hết cho

b) Px x x x 3       x25x x  25x 6   x25x236 Ta thấy x25x2 0nên Px2 5x236 36

Do dó MinP 36 x2 5x x x  

      

  

Câu a) Ta có:

        

2 2

x 9x 20  x x ; x  11x 30  x x ; x  13x 42  x x 7  ĐKXĐ: x 4; x 5; x 6; x 7

Phƣơng trình trở thành:

        

      

  

1 1

18 x x x x x x

1 1 1 1

x x x x x x 18

1 1

x x 18

18 x 18 x x x x 13 x 13 x

x

  

     

      

     

  

 

      

  

     

 

b) Đặt b c a x 0; c a b y 0;a b c z 0            từ suy a y z; b x z; c x y;

2 2

  

  

Thay vào ta đƣợc: A y z x z x y y x x z y z 2x 2y 2z x y z x z y

   

    

          

     

 

Từ suy A 12 2

   hay A 3

Câu

x

y

3 2 1 2 1

D

E

M

C A

(166)

Trịnh Bình sưu tầm tổng hợp TÀI LIỆU TOÁN HỌC a) Trong tam giác BDM ta có:

1

D 120 M Vì

2

M 60 nên ta có:

3

M 120 M

Suy D1M3 Chứng minh BMD CEM(1) Suy BD CM

BM CE , Từ BD.CE BM.CM Vì BM CM BC

2

  , nên ta có:

2 BC BD.CE

4  b) Từ (1) suy BD MD

CM  EM

Chứng minh BMD MEDD1 D ,2 DM tia phân giác BDE Chứng minh tƣơng tự ta có : EM tia phân giác CED

c) Gọi H,I,K hình chiếu M AB, DE,AC Chứng minh DH DI,EI EK 

Tính chu vi tam giác 2AH- không đổi Câu

Gọi cạnh tam giác vuông x, y,z cạnh huyền z

( x, y,z số nguyên dƣơng) Ta có: xy x y z 1     và 2

x y z (2)

Từ (2) suy z2 x y 2 2xy,thay (1) vào ta có:

   

2

z x y x y z

z 4z x y x y

z x y

    

    

      

   

Suy z x y 2       z x y 4;thay vào  1 ta đƣợc:

 

  

xy x y x y xy 4x 4y

x y 1.8 2.4

    

   

   

Từ ta tìm đƣợc giá trị x, y,z là:

x; y; z  5;12;13 ; 12; 5;13 ; 6; 8;10 ; 8; 6;10      

(167)

Phân tích đa thức sau thành nhân tử: Aa a a a 7        15 Câu (2 điểm)

Với giá trị a b đa thức x a x 10   1 phân tích thành tích đa thức bậc có hệ số nguyên

Tìm số nguyên a b để đa thức

A(x) x 3x ax b chia hết cho đa thức

B(x) x 3x 4 Câu (3 điểm)

Cho tam giác ABC, đƣờng cao AH, vẽ phân giác Hxcủa góc AHB phân giác Hy AHC Kẻ AD vng góc với Hx, AE vng góc với Hy

Chứng minh tứ giác hình vng Câu (2 điểm)

Chứng minh rằng:

2 2

1 1

P

2 100

     

Câu Ta có:

    

  

   

 

  

   

2

A a a a a 15

(a 1)(a 7)(a 3)(a 5) 15

a 8a a 8a 15 15

a 8a 22 a 8a 120

a 8a 11

a 8a 12 a 8a 10 a a a 8a 10

     

    

   

    

Câu Giả sử :

      

   

2

x a x 10 x m x n m, n

x a 10 x 10a x m n x mn m n a 10

mn 10a

      

        

     

 



(168)

 

mn 10 m n 10

mn 10m 10n 100 m(n 10) 10(n 10)

   

    

    

Vì m,nngun ta có: m 10 1& m 10 a 12

n 10 n 10 a

        



        

  

Câu 3.Ta có: A(x) B(x) x    1 a x b 4   Để A(x) B(x)thì a a

b b

    



     

 

Câu

Tứ giác ADHElà hình vng

Hxlà phân giác AHB; Hy phân giác AHC mà AHB AHC hai góc kề bù nên HxHy

Hay DHE 90 0, mặt khác: AHD AEH 90  nên tứ giác ADHElà hình chữ nhật (1)

0 AHB 90

AHD 45

2

   , Do

0 AHC 90

AHE 45

2

  

Hay HA phân giác DHE (2)

Từ (1) (2) ta có tứ giác ADHElà hình vng Câu Ta có:

2 2

1 1

P

2 100

1 1

2.2 3.3 4.4 100.100

1 1

1.2 2.3 3.4 99.100

1 1 1 1 99

1 1

2 3 99 100 100 100

    

    

            

x y

E D

H A

(169)