Tài liệu hạn chế xem trước, để xem đầy đủ mời bạn chọn Tải xuống
1
/ 25 trang
THÔNG TIN TÀI LIỆU
Thông tin cơ bản
Định dạng
Số trang
25
Dung lượng
1,08 MB
Nội dung
I BÀI TẬP VÍ DỤ Ví dụ 1: Giải phương trình: log5 3x 1 log0,2 2x2 x log 2x Phân tích: Khi đối mặt với tốn có chứa hàm số logarit, cần phải nghĩ tới việc khử logarit cơng thức biến đổi logarit mục đích để đưa tất logarit toán số Ở tốn trên, khơng khó để đưa phương trình logarit số sau: log5 3x 1 log 2x2 x log 2x b Sau sử dụng: log a b loga c loga bc log a b log a c log a đưa toán c 3x dạng hơn: 2x x 2x f x h x Để giải phương trình trên, ta đưa dạng: f x g x h x 2 f x g x h x Bài giải: 3 x x2 x Điều kiện xác định: x 3 x 3 x Ta có phương trình: log5 3x 1 log0,2 log 3x 1 log 51 log5 3x 1 log x2 x log 2x2 x log 1 52 2x 2x2 x log 2x 3x 3x log log 2x 2x 2 2x x 2x x 2x 3x 2x 2x2 2x2 x 2x 2x2 2x2 10x Bình phương hai vế: 2x 2x2 2x2 10x ( Đặt điều kiện: x 2 x2 10 x * ) Phương trình tương đương với: 12x4 64x3 134x2 104x 22 x 1 12 x3 52 x2 82 x 22 x 1 3x 1 x2 16 x 22 x TM 3x L x x 16 x 22 VN Kết luận: Vậy phương trình có nghiệm nhất: x Bình luận: Bài tốn khơng q khó khăn để khử hàm số logarit để đưa phương trình vơ tỷ dạng: f x g x h x Tuy nhiên cần phải nhớ cách chia đa thức sử dụng sơ đồ Horner để giảm bậc phương trình sau bình phương, cần ý đặc biệt điều kiện bình phương hai vế Chúng ta cịn sử dụng kĩ thuật chia đa thức máy tính CASIO để toán trở nên ngắn gọn mà tác giả đề cập đến chủ đề sau sách Ngoài bạn cần ý tới điều sau: Với phương trình từ bậc thấp đến bậc cao, tổng hệ số phương trình ln ln có nghiệm x Với phương trình từ bậc thấp đến bậc cao, tổng hệ số bậc chẵn tổng hệ số bậc lẻ phương trình ln ln có nghiệm x 1 Ví dụ 2: Giải phương trình: log x log x log 3x 10 x 24 Bài giải: x 241 2x x Điều kiện xác định: 3x 10 x 24 10 x 24 Ta có phương trình: log x log log 2 log x log log 2x log x log 2x 2x 22 3x 10 x 24 x log 3x 10 x 24 2x log 3x 10 x 24 log 2x log 2x 3x 10x 24 2x 2x 2x 3x 10x 24 3x 10x 24 2x 3x 10x 24 (Do: x x ) 2x 3x 10x 24 Bình phương hai vế ta được: 2x 3x 10x 24 3x 10x 24 10x 24 x 3x 10x 24 Tiếp tục bình phương hai vế ta được: x2 10 x 24 x 10 x 24 3x 10 x 24 x2 2x 24 2x 10x 24 Tiếp tục tục bình phương hai vế ta có phương trình x2 2x 24 2x 4 10x 24 2 x4 44 x3 116 x2 128 x 192 x x3 40 x2 44 x 48 x x 40x 44x 48 0(*) Giải phương trình (*): Ta có điều kiện sau: 241 x 3x 10x 24 x 2.(1) 9x 10x 24 Lại có: 10x 24 x 3x 10x 24 10x 24 x 2 x 12.(2) Từ (1) (2) x 2;12 Vậy: Ta chứng minh x3 40x2 44x 48 vô nghiệm cách lập bảng biến thiên Xét hàm số: f x x3 40x2 44x 48 với x 2;12 ta có: f ' x 3x2 80x 44 0, x 2;12 Lập bảng biến thiên: x 12 f ' x 288 f x 4608 Từ bảng biến thiên ta thấy f x nhỏ với x 2;12 Vậy phương trình (*) vô nghiệm khoảng 2;12 Kết luận: Vậy phương trình cho có nghiệm : x Bình luận: Bài tốn có hai vấn đề khó khăn chính: Thứ việc phân tích x 2x x Đây kỹ thuật liên hợp ngược giải tốn phương trình vơ tỷ Thứ hai, gặp phải phương trình bậc có nghiệm xấu (nghiệm lẻ khó biểu diễn dạng căn) Tuy nhiên ghi kết nghiệm xấp xỉ vào làm, nghiệm khơng thỏa mãn điều kiện, ta cần khai thác triệt để điều kiện đồng thời tiến hành khảo sát chứng minh phương trình bậc ba vô nghiệm khoảng Ví dụ 3: Giải phương trình: log9 x log 1 x log x2 x 1 Phân tích: Bài tốn khơng q khó khăn để khử logarit thu phương trình: x x x2 x Đến , ta bình phương hai vế để thực việc khử thức đưa phương trình vơ tỷ dạng Bài giải: Cách 1: Nâng lũy thừa khơng hồn tồn: x Điều kiện xác định: 1 x x x x 1 1 Ta có phương trình: log9 x log 1 x log x2 x 1 log x log 31 1 x log x x log x log x log x2 x log x log x log x2 x log x x log x2 x x x x2 x x x 1 x2 x Bình phương hai vế ta được: x 1 x 1 x 2x2 2x x2 x x 1 x x2 2x x 1 x x x x x 1 x 3 x x 1 x x x Kết luận: Vậy phương trình cho có nghiệm nhất: x 3 Cách 2: Nâng lũy thừa hoàn toàn: x Điều kiện xác định: 1 x x x x 1 1 Ta có phương trình: log9 x log 1 x log x2 x 1 log x log 31 1 x log x x log x log x log x2 x log x log x log x2 x log x x log x2 x x x x2 x x x 1 x2 x Bình phương hai vế ta được: x 1 x 1 x 2x2 2x x2 x x 1 x x2 x 1 x x Do vế không âm, bình phương vế, ta phương trình x2 x 1 x x x4 6x3 11x2 6x x2 3x 2 3 L x 3 x 3 TM x Kết luận: Vậy phương trình cho có nghiệm nhất: x 3 Cách 3: Nâng lũy thừa hoàn toàn kết hợp với ẩn phụ: x Điều kiện xác định: 1 x x x x 1 1 Ta có phương trình: log9 x log 1 x log x2 x 1 log x log 31 1 x log x x log x log x log x2 x log x log x log x2 x log x x log x2 x x x x2 x x x 1 x2 x Bình phương hai vế ta được: x 1 x 1 x 2x2 2x x2 x x 1 x x2 x 1 x x Do vế khơng âm, bình phương vế, ta phương trình x2 x 1 x x x4 6x3 11x2 6x 2 Trường hợp 1: x khơng thỏa mãn phương trình Trường hợp 1: x , chia vế phương trình cho x2 ,ta phương trình: 1 x2 6x 11 x2 x 11 x x x x Đặt: t x 1 t x2 t x2 , thay vào phương trình trên, ta có: x x x t 6t 11 t 6t t 3 t x 3 x 3 L x 3 x2 3x x2 3x x 3 TM x Kết luận: Vậy phương trình cho có nghiệm nhất: x 3 Bình luận: Bài tốn toán cổ điển nghiệm kép vô tỷ, tác giả sâu vấn đề phần sau sách để bạn đọc có cách giải hay tối ưu cho toán Cách giải cách giải cách giải khơn khéo bạn đọc nhìn bình phương biểu thức số hạng Trong cách giải số 3, ta ý với phương trình ax4 bx3 cx2 dx e e d , ta giải tốn theo hướng chia hai a b vế cho x2 (Chú ý cần xét x 0, x ) Ví dụ 4: Giải bất phương trình: 12 x x2 24 x x 24 x log log log x 24 x 12 x x 24 x Phân tích: Bài tốn có hình thức cồng kềnh hàm số logarit, không khó khăn để khử hàm số logarit để đưa bất phương trình sau: x 24 x x 24 x 27 12 x x2 24x 12 x x2 24x Khi gặp bất phương trình hay phương trình cồng kềnh trên, ta cần phải có quan sát khơng nên biến đổi chưa có quan sát Nhận thấy rằng: 12 x x2 24x x 24 x 12 x x2 24x x 24 x Nếu quan sát điều này, toán coi giải cách gọn nhẹ Bài giải: Điều kiện xác định: x 12 x x2 24 x x 24 x Ta có bất phương trình: log log log x 24 x x x x 12 24 12 x x2 24x x 24 x log log 27 log log x 24 x 12 x x 24x 12 x x2 24 x x 24 x 27 log log log x 24 x x x x 12 24 27 12 x x2 24 x x 24 x log log x 24 x x x x 12 24 x 24 x x 24 x x 24 x 27 12 x x2 24x 27 24 2x x x 24 12 x x2 24x 24 x x x 24 27 x 24 x x x 24 x x 24 2 x 24 x 27 x 24 x x 24 x x 24 x Do vế khơng âm, nhân chéo vế, ta có: x 24 x x 24 x x 24 25x 24 24x x x 24 x Kết hợp điều kiện xác định, suy x Kết luận: Vậy tập nghiệm bất phương trình: S 0;1 Bình luận: Với tốn q cồng kềnh mặt hình thức đa số rút gọn tạo thành từ đẳng thức Chúng ta cần phải có quan sát kĩ lưỡng trước bước biến đổi tốn trở lên đơn giản Ví dụ 5: Giải phương trình: log 2 x 2x 2log log 3x2 x x x x log 2017.log 2017 2 Bài giải: Điều kiện xác định: x , 3x x x x x Ta có: log a b.log b c log a c log 2017.log 2017 log 2017.log 2017 log 2 Ta biến đổi phương trình trở thành: log x 2x x 2x log 3x x x x x 3x2 x x x x x2 x 3x2 6x Bình phương hai vế ta được: x4 2x3 4x x 1 x3 3x2 3x * Ta chứng tỏ phương trình x3 3x2 3x vô nghiệm Thật vậy, ta có hai cách xử lý sau: Cách 1: Sử dụng phương pháp lập bảng biến thiên hàm số: 1 Xét hàm số: f x x3 3x2 3x với x ; ta có: 2 1 f ' x 3x2 +6 x 0, x ; 2 Ta có bảng biến thiên sau: x f ' x f x 11 1 Ta thấy phương trình x3 3x2 3x vô nghiệm với x ; 2 Như * x (Thỏa mãn điều kiện xác định) Cách 2: Sử dụng đẳng thức bậc 3: Ta có: x3 3x2 3x x3 3x2 3x x 1 x x (Không thỏa mãn điều kiện xác định) Như * x (Thỏa mãn điều kiện xác định) Kết luận: Phương trình có nghiệm x Bình luận: Đối với phương trình bậc có chứa nghiệm lẻ, ta có nhiều cách xử lí toán tiếp cận cách xử lí để bạn đọc áp dụng đối mặt với tương tự Sau đây, tác giả muốn gửi gắm đến độc giả số tập áp dụng để bạn đọc có hội rèn luyện thêm hiểu kĩ lưỡng vấn đề II BÀI TẬP ÁP DỤNG: Bài tốn 1: Giải phương trình sau tập số thực: log x log x x log x2 Bài toán 2: Giải phương trình sau tập số thực: log8 x3 log4 x 1 log x log x2 x Bài tốn 3: Giải phương trình sau tập số thực: log0,25 x2 x log x 2x2 4x Bài tốn 4: Giải phương trình sau tập số thực: log9 2x2 x log 2x x Bài toán 5: Giải bất phương trình sau tập số thực: log4 1 x log0,25 1 x log 3x x2 x Bài tốn 6: Giải bất phương trình sau tập số thực: log 2x2 3x log x log 2 x3 x2 14 x 12 Bài toán 7: Giải phương trình sau tập số thực: log x 1 log 27 x2 x log x x Bài toán 8: Giải phương trình sau tập số thực: ln x x ln 2x2 2x ln x2 x Bài toán 9: Giải phương trình sau tập số thực: log2 x2 16x 19 log x log Bài tốn 10: Giải phương trình sau tập số thực: 2x2 16x 18 x2 log x2 x2 log x x2 Bài toán 11: Giải phương trình sau tập số thực: log x 1 log x 1 log 0,25 x3 x2 x log x2 x Bài toán 12: Giải phương trình sau tập số thực: log log 2x 2x x x2 x x x log x x 12 x IV HƯỚNG DẪN GIẢI: Bài 1: Giải phương trình: log x log x x log x2 Điều kiện xác định: x x Ta có phương trình tương đương với: log x log x x log x x 1 1 x x8 x Vì x x đó: x 1 1 x x8 x x 1 1 x 1 1 x x 1 x 1 Do vế khơng âm, bình phương vế , ta phương trình: x 1 x x x x x x x Do vế khơng âm, bình phương vế lần , ta phương trình: 3x x x x x 3x 16 x 3x x x x L x 9 x2 64 x 64 x TM Kết luận: Vậy phương trình cho có nghiệm nhất: x Bài 2: Giải phương trình: log8 x3 log4 x 1 3 log x 2 log x x 1 2 Điều kiện xác định: x Ta có phương trình: log log2 x log2 x log x 23 22 x log x log x2 2x log x log2 x2 x 22 x x 1 log2 x x2 2x log x x2 x x x2 2x x x2 x Do vế khơng âm, bình phương vế ta phương trình: x2 x2 2x x x2 x 5x3 5x2 8x x x 5x 5x x 5x 5x VN Kết luận: Vậy phương trình cho có nghiệm nhất: x Bài 3: Giải phương trình: log0,25 x2 x log x 2x2 4x Đặt điều kiện xác định: x2 x x Phương trình cho tương đương với: log 22 x x log x 2x2 4x log x x2 x log 2 x x2 x x2 x x 2x2 4x x2 x log 2 log x x x2 x x x2 x Bình phương hai vế ta được: x2 x x2 4x 2x2 4x x 2x2 4x x 4x x 2x 4x x x 2 x TM 2x 4x x 2x2 4x * x x Ta có (*) tương đương với: (Vô nghiệm) 2 x x x 7 x 20x Kết luận: Vậy phương trình cho có nghiệm nhất: x Bài 4: Giải phương trình: log9 2x2 x log 2x x Điều kiện xác định: 2x x Ta có phương trình trở thành: log 3 log 32 2x log3 log3 log3 x log x x 2x2 x log3 2x x 2x2 x log3 2x x 2x2 x 2x x Bình phương hai vế ta được: 6x2 3x x2 x x x x2 x x x x x x x1 x Kết luận: Vậy phương trình cho có nghiệm nhất: x 1 1 Bài 5: Giải bất phương trình: log4 1 x log0,25 1 x log 3x x2 x 1 x 1 x 1 Điều kiện xác định: 3x x2 x x 2 x x x Bất phương trình tương đương với: log log2 x log2 x log log2 x x log 22 1 x log2 1 x log2 2 3x x2 x 3x x2 x 3x x x x x 3x x2 x x x 3x x Bình phương hai vế khơng âm ta được: x x2 x x2 3x 4x2 x x x x x x2 x x2 x x x x2 x x x2 x x * 1 Do x 0; x x x Bất phương trình * tương đương với: x2 x x x2 x x x2 x x 9x2 10x 5 34 x 5 34 1 ; Kết hợp với điều kiện xác định x 5 34 x 5 34 1 Kết luận: Vậy tập nghiệm bất phương trình: S ; Bài 6: Giải bất phương trình: log 2x2 3x log x log 2 x3 x2 14 x 12 2 x x x Điều kiện xác định: x 2x x 14x 12 Bất phương trình tương đương với: log log 2 x2 3x log 22 x log x3 x2 14x 12 log 2 log 2 x2 3x log x log 2 x3 x2 14 x 12 log x2 x x2 x x log 2 x3 x2 14 x 12 2x 2x3 x2 14x 12 x x x x x2 x x x2 x x x x x x 0 Do: x 2x , suy bất phương trình tương đương với: x 2x Mặt khác: x 2x 0 x Do ta có: x x x 2x x TM x 1 x 2x ( Do vế không âm) x 2x x L 2 Kết luận: Vậy bất phương trình có nghiệm nhất: x Bài 7: Giải phương trình: log x 1 log 27 x2 x log x x x x 2x x Điều kiện xác định: x x x Phương trình cho tương đương với: log x 1 log 33 x 1 log 32 x x log x 1 log x 1 x 1 log x 1 x x log x 1 log x8 1 x8 1 Đặt u x u3 x x u3 Thay vào phương trình ta có: u u3 u u u u3 2 u u 2u u 1 u u u u u x TM u u u u u VN Kết luận: Vậy phương trình cho có nghiệm nhất: x Bài 8: Giải phương trình: ln x x ln 2x2 2x ln x2 x x x 13 2 x x Điều kiện xác định: x 2 x x x x8 1 Ta có phương trình trở thành: ln x x ln 2x2 2x ln x2 x ln x x x x3 2x2 2x ln x2 x x2 x x2 x x x x x 13 x Trường hợp 1: Với x x x x x x x Trường hợp 2: Với x2 x x x Do vế khơng âm, bình phương hai vế ta được: x2 x x2 x x x x2 x x x x x3 x x3 0 x 13 Kết luận: Vậy phương trình cho có nghiệm nhất: x 13 Bài 9: Giải phương trình: log2 x2 16x 19 log x log 2x2 16x 18 x2 x2 16 x 19 x Điều kiện xác định : 2x2 16x 18 x2 x 8 5; 1 1; 2 x 16 x 18 x2 Ta biến đổi phương trình trở thành: log2 x2 16x 19 log2 log x log log x2 16x 19 log 2 x 2x2 16x 18 x2 2x2 16x 18 x2 x2 16x 19 x x 16x 19 2x2 16x 18 x2 x x2 16x 19 2x2 16x 18 x2 Trường hợp 1: Với: x2 16x 19 x 8 Trường hợp 2: Với : 2x2 16x 18 x2 x 2x2 16x 18 x x2 Bình phương hai vế ta được: 2x2 16x 18 x x2 x x2 x x 3x x x x x x x x2 1 x2 x x2 x x2 x Giải (1): x2 x 1 x 2 4 x x 32 57 Giải (2): x x x x x 32 57 Kết hợp với điều kiện xác định, ta thu nghiệm: x x 1 Kết luận: Vậy phương trình cho có nghiệm: x x 1 Bài 10: Giải phương trình: log x2 x2 log x x2 x2 x2 x x2 14 Điều kiện xác định: 2 x2 x 2 x x2 Phương trình cho tương đương với: log3 log 31 log 3 log 2x2 2x2 log x x2 2x2 2x2 log x x2 3 log log x x2 x x2 2 2 2x 2x 2x 2x 3 x2 x2 x x2 x2 x2 x x2 x x2 x2 x2 x2 x2 x x2 x2 x2 x x2 3x 2 x x 3x x x x x x x Do vế khơng âm, bình phương tiếp hai vế ta được: x2 x2 x 2x 3x 12 xx 22 2 2 Kết hợp điều kiện xác định, ta được: x Kết luận: Vậy phương trình cho có nghiệm nhất: x Bài 11: Giải phương trình: log x 1 log x 1 log 0,25 x3 x2 x log x2 x x 2 x Điều kiện xác định: x 2 2 x x x x x Phương trình tương đương với: log 2 log x 1 log 22 2x 1 log2 2 2x x2 x log 22 x x2 log2 log2 x 1 log2 2x log 2x3 x2 6x log x2 x log2 2 x 1 2x log x3 x2 x x2 x x 1 2x 2x3 x2 6x x2 x x 1 2x 2x x2 x2 x Vì x , phương trình tương đương với: x 1 x2 x2 x Do vế không âm, bình phương hai vế ta được: x 1 x2 x2 x 2 x4 x3 x2 5x x 1 x3 x2 3x x 1TM x 2 x 2x 3x x 2x 3x * Ta cần chứng minh phương trình (*) vơ nghiệm miền xác định Xét hàm số f x x3 2x2 3x với x Bảng biến thiên: Ta có: f ' x 3x2 4x x f ' x + f x Từ bảng biến thiên ta thấy phương trình x3 2x2 3x vô nghiệm với x Như phương trình có nghiệm x (Thỏa mãn điều kiện ) Kết luận: Vậy phương trình cho có nghiệm nhất: x Bài 12: Giải phương trình: log log 2x 2x x x2 x x x log x x2 12 x Điều kiện xác định: x Phương trình cho tương đương với : log log 2x 2x x x2 x x x log x x2 12 x x x2 x log log x x2 12 x 2x 2x x x 2x 2x 2x 2x x8 x x x2 x 2x 4x2 12x 2x 2x 2x 2x x8 x x x2 x 4x 4x2 12x 2x 2x x8 x x8 x x x 8 x x 2x 2x 1 2x 2x 2x 2x x8 x 2x 2x x x 2x 2x 2x x 2x x Bình phương hai vế ta được: 3x 2 x x 3x 2 x x x x x x x Kết luận: Vậy phương trình cho có nghiệm nhất: x ... với tốn có chứa hàm số logarit, cần phải nghĩ tới việc khử logarit cơng thức biến đổi logarit mục đích để đưa tất logarit toán số Ở tốn trên, khơng khó để đưa phương trình logarit số sau: log5... 12 x x 24 x Phân tích: Bài tốn có hình thức cồng kềnh hàm số logarit, không khó khăn để khử hàm số logarit để đưa bất phương trình sau: x 24 x x 24 x 27 12 x x2 ... trình: log9 x log 1 x log x2 x 1 Phân tích: Bài tốn khơng q khó khăn để khử logarit thu phương trình: x x x2 x Đến , ta bình phương hai vế để thực việc khử