skkn sử dụng phương pháp quy đổi để giải quyết bài toán peptit

BÁO CÁO KẾT QUẢ NGHIÊN CỨU, ỨNG DỤNG SÁNG KIẾN Lời giới thiệu Trở thành sinh viên trường Cao đẳng, Đại học Y, Dược ước mơ nhiều học sinh THPT Tuy nhiên ước muốn “xa vời” học sinh học khơng tốt mơn Hóa học Làm để em khơng “sợ hãi” trước toán trắc nghiệm với nhiều chất tác dụng với nhau, nhiều phương trình phản ứng phức tạp thời gian dành cho câu trắc nghiệm lại ngắn; đặc biệt dạng toán peptit, BÁO CÁO KẾT QUẢ câu khó mà học sinh giáo viên “ngại”? Câu hỏi ln hữu đầu NGHIÊN CỨU, ỨNG DỤNG SÁNG KIẾN Tên sáng kiến: SỬ DỤNG PHƯƠNG PHÁP QUY ĐỔI Đặc biệt năm thi THPT gần theo yêu cầu Giáo dục mức độ khó GIẢI BÀI TỐN PEPTIT câu phân hóa ngày cao có dạng tốn peptit Mặc dù có nhiều đồng nghiệp đưa số phương pháp cho dạng cụ thể hay chưa chốt lấy phương pháp chung Chính trình vận dụng làm cho em học sinh lúng túng Qua q trình giảng dạy, tìm tòi, nghiên cứu tơi mạnh dạn viết sáng kiến kinh nghiệm “ Sử dụng phương pháp quy đổi để giải toán peptit” Sáng kiến tài liệu dễ hiểu giúp em có nhìn đơn giản tốn peptit đồng thời giải chúng cách nhanh hơn, hiệu Với tài liệu này, em hoàn tồn bình tĩnh “đối diện” với dạng tốn peptit đề thi THPTQG mơn Hóa mà khơng bị yếu tố tâm lí thời gian khơng lúng túng, bối rối phương hướng làm Như vậy, việc trở thành bác sĩ, dược sĩ, kỹ sư,… tương lai điều mà em tự tin hướng tới Phương pháp nghiên cứu áp dụng vào giảng dạy chắn nhiều điều hạn chế, mong quý bạn đọc đồng nghiệp đóng góp ý kiến để tác giả tiếp tục hồn thiện Qua rút kinh nghiệm cho việc xây dựng phương pháp tối ưu để nâng kết thi THPT Quốc gia thi HSG đạt kết cao Tác giả xin chân thành cảm ơn đóng góp quý bạn đọc đồng nghiệp! Mọi đóng góp xin gửi địa chỉ: Nguyễn Thị Ngọc, Trường THPT Yên Lạc – huyện Yên Lạc – tỉnh Vĩnh Phúc, Số điện thoại: 0978.296.950 Email: bbhaidang@gmail.com Vĩnh phúc, năm 2020 Tên sáng kiến “ Sử dụng phương pháp quy đổi để giải toán peptit” Tác giả sáng kiến - Họ tên: Nguyễn Thị Ngọc - Địa tác giả sáng kiến: Trường THPT Yên Lạc – huyện Yên Lạc – tỉnh Vĩnh Phúc - Số điện thoại: 0978.296.950 - Email: bbhaidang@gmail.com Chủ đầu tư sáng kiến - Nguyễn Thị Ngọc – Trường THPT Yên Lạc – huyện Yên Lạc – tỉnh Vĩnh Phúc Lĩnh vực áp dụng sáng kiến Sáng kiến áp dụng để dạy cho học sinh 12,ôn thi THPTQG, tài liệu ôn thi học sinh giỏi lớp 12 Ngày sáng kiến áp dụng lần đầu áp dụng thử Sáng kiến áp dụng lần đầu vào ngày 22 tháng năm 2018 Mô tả chất sáng kiến: 7.1 Về nội dung sáng kiến 7.1.1.1 Cơ sở lý luận: Trong Hóa học, dạng tập peptit dạng tập hữu mà theo đánh giá học sinh giáo viên khó khăn phức tạp Có nhiều cách giải khác cho dạng tập peptit khác nhau, gây việc phương hướng cho học sinh động đến dạng toán peptit, đặc biệt câu phân loại đề thi THPTQG gây thời gian khó khăn để học sinh tìm kế Với dạng toán peptit phức tạp em phải cần phải có phương pháp quán để đưa dạng đơn giản Như em giải mà làm nhanh Đê giúp cho iaos iên học sinh giải khó khăn trên, tơi xin trình bày sáng kiến phương pháp giải toans peptit rút ngắn thời gian, nâng cao tư có đáp án tốn nhanh nhất, xác cao Đây phương pháp nhanh gọn đơn giản để giải toán pepit nuyên tắc phương pháp là: quy đổi peptit nhóm chất đơn giản dùng sơ đồ hóa kết hợp với bảo toàn nguyên tố để giải toán cách đơn giản ngắn gọn Phương pháp giúp học sinh thiết lập mối liên hệ dễ dàng, giải dạng tập peptit phức tạp cách nhanh 1.1.2 Thực trạng vấn đề Qua thực tế giảng dạy, nhận thấy học sinh làm tập đơn giản peptit thuộc phần lí thuyết tìm cơng thức cấu tạo peptit dạng tốn bảo toàn số mol amino axit Các em thường bế tắc toán peptit kết hợp phản ứng cháy thủy phân peptit môi trường axit bazơ Đa phần em chưa xác định định hướng giải vấn đề nào, em thường sợ giải tập peptit dạng Có số học sinh có hướng giải lại phức tạp nhiều thời gian mà lại hay nhầm lẫn Còn phương pháp quy đổi sau sử dụng sơ đồ hóa làm cho tốn đơn giản nhiều khơng gây nhầm lẫn cho học sinh, rút ngắn thời gian làm để đảm bảo tiến độ Trong phạm vi đề tài tơi xin trình bày: “ Sử dụng phương pháp quy đổi để giải toán peptit” Nội dung đề tài tơi xin trình bày qua ba chương trình bày từ sở lý thuyết phương pháp, cách quy đổi để giáo viên, học sinh nắm vững phương pháp hiệu sáng kiến mang lại 7.1.1.3 Các biện pháp tiến hành giải vấn đề Trên sở lí luận thực trạng vấn đề phân tích trên, tơi thấy để giải vấn đề cần phải rèn luyện cho học sinh phương pháp giải toán peptit cách quán, đơn giản tư Vì tơi cần nghiên cứu mặt ưu, nhược phương pháp thật kĩ lưỡng, định luật bắt buộc học sinh phải nắm vững phương pháp quy đổi kĩ sơ đồ hóa học sinh Cần soạn giải tốn peptit theo phương pháp theo mức độ khác để giáo viên học sinh áp dụng hiệu Cần ý tới lực học sinh tiếp thu phương pháp này, tiến hành thực nghiệm đánh giá kết học sinh sử dụng phương pháp Cùng dạng tập cho em giải theo nhiều phương pháp để so sánh kết quâ phương pháp Khi sử dụng phương pháp quy đổi em dễ xác định hướng toán giải nhanh Từ xây dựng tinh thần học tập hứng thú với mơn Hóa học đặc biệt phần peptit cho học sinh PHƯƠNG PHÁP QUY ĐỔI 7.1.2.1 Các định luật vận dụng 7.1.2.1.1 Định luật bảo toàn khối lượng Nội dung: Khối lượng chất tham gia phản ứng khối lượng chất tạo thành sau phản ứng Trong cần vận dụng hệ quả: Hệ 1: Gọi mT tổng khối lượng chất trước phản ứng, mS khối lượng chất sau phản ứng Dù phản ứng xảy với hiệu suất ta có: mT = mS Hệ 2: Khối lượng chất = khối lượng thành phần cấu tạo nên chất, khối lượng nguyên tố cấu tạo nên chất 7.1.2.1.2 Định luật bảo toàn nguyên tố Nội dung: Tổng số mol nguyên tố bảo toàn 7.1.2.2 Các kiến thức cần sử dụng - Peptit hợp chất chứa từ (2 đến 50) gốc α-amino axit liên kết với qua liên kết peptit - Một peptit (mạch hở) chứa n gốc α-amino axit chứa (n-1) liên kết peptit - Cách tính phân tử khối peptit Thông thường người làm chọn cách viết CTCT peptit sau cộng toàn nguyên tử khối nguyên tố để có phân tử khối peptit Tuy nhiên, cách làm tỏ chưa khoa học Ta ý rằng, hình thành liên kết peptit phân tử amino axit tách bỏ phân tử H2O Giả sử peptit mạch hở X chứa n gốc α-amino axit phân tử khối X tính nhanh là: MX = Tổng phân tử khối n gốc α-amino axit – 18.(n – 1) Ví dụ: Tính phân tử khối peptit mạch hở sau: a Gly-Gly-Gly-Gly b Ala-Ala-Ala-Ala-Ala c Gly-Ala-Ala c Ala-Val-Gly-Gly Giải: a MGly-Gly-Gly-Gly = 4x75 – 3x18 = 246 (đvC) b MAla-Ala-Ala-Ala-Ala = 5x89 – 4x18 = 373 (đvC) c MGly-Ala-Ala = (75 + 2x89) – 2x18 = 217 (đvC) d MAla-Val-Gly-Gly = (89 + 117 + 75x2) – 3x18 = 302 (đvC) 7.1.2.3 Phương pháp giải chung * Với peptit tạo nên từ ainoaxit no, mạch hở, có chứa nhóm COOH nhóm NH2 phân tử Quy đổi peptit dạng H HN CH(R)CO x mol n OH quy đổ i HNCO: nx mol CH2: y mol H2O: x mol * Với peptit khơng rõ có tạo nên từ ainoaxit no, mạch hở, có chứa nhóm COOH nhóm NH2 phân tử ta quy đổi peptit dạng CONH: nx mol C: y mol H: Z mol H2O: t mol Sau sử dụng sơ đồ hóa định luật bảo tồn kiện tốn cho để thiết lập phương trình liên quan 7.1.2.4 Phân dạng tập ví dụ minh họa 7.1.2.4.1 Tính lượng chất phản ứng a Mức độ vận dụng Ví dụ 1: Đốt cháy hoàn toàn x mol peptit X mạch hở tạo thành từ amino axit no Y chứa nhóm –NH2 nhóm –COOH thu b mol CO c mol nước Biết b – c = 3,5x Số liên kết peptit X A B C 10 D Hướng dẫn giải Quy đổi X thành: CONH: nx mol CH2: y mol CO2: nx + y = b => H2O: x mol H2O: x + y +nx/2 = c Ta có: b – c = nx/2 - x = 3,5x => n= Ví dụ 2: Đipeptit X, hexapeptit Y mạch hở tạo từ amino axit no, mạch hở phân tử có nhóm –NH2 nhóm –COOH Cho 13,2 gam X tác dụng hết với dung dịch HCl dư, làm khô cẩn thận dung dịch sau phản ứng thu 22,3 gam chất rắn Vậy đốt cháy hoàn tồn 0,1 mol Y cần mol O sản phẩm cháy thu gồm CO2, H2O, N2? A 1,25 mol B 1,35 mol C 0,975 mol D 2,25 mol (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT chuyên KHTN Hà Nội, năm 2017) Hướng dẫn giải X+ 2HCl + H2O xmol 2xmol c/rắn xmol Áp dụng BTKL ta tính x = 0,1 => MX =132 => Maa = 75: Gly Quy đổi Y thành CONH: 0,6 mol CH2: 0,6 mol H2O: 0,1 mol CO2: 1,2 mol => => bảo toàn oxi: n O2 = 1,35 mol H2O: mol Ví dụ 3: Thủy phân tetrapeptit X mạch hở thu hỗn hợp α-amino axit (no, mạch hở, phân tử chứa nhóm −NH2 nhóm −COOH) Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam X CuO dư, đun nóng thấy khối lượng CuO giảm 3,84 gam Cho hỗn hợp khí sau phản ứng vào dung dịch NaOH đặc, dư thấy thoát 448 ml khí N (đktc) Thủy phân hồn tồn m gam X dung dịch HCl dư, đun nóng thu muối có khối lượng A 5,12 B 4,74 C 4,84 D 4,52 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Thuận Thành – Bắc Ninh, năm 2017) Hướng dẫn giải Áp dụng bảo toàn nguyên tố nitơ ta có: nCONH = 2nN2 = 0,04 mol => nX = 0,01 mol Quy đổi X thành CONH: 0,04 mol CO2: 0,04 + x mol CH2: x mol H2O: 0,01 mol H2O: 0,03 + x mol => bảo toàn oxi: ta có: 0,04 + 0,01 + 3,84/ 16 = 0,11 + 3x => x = 0.06 Vậy cho X tác dụng với HCl CONH: 0,04 mol COOH: 0,04 mol CH2: 0,06 mol NH3Cl: 0,04 mol H2O: 0,01 mol CH2: 0,06 mol => mmuối = 0,04 45 + 0,04 52,5 + 0,014= 4,74 gam Ví dụ 4: Cho m gam hỗn hợp M (có tổng số mol 0,03 mol) gồm đipeptit X, tripeptit Y, tetrapeptit Z pentapeptit T (đều mạch hở) tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu hỗn hợp Q gồm muối Gly, Ala Val Đốt cháy hoàn toàn Q lượng oxi vừa đủ, thu lấy tồn khí đem hấp thụ vào bình đựng nước vơi dư, thấy khối lượng tăng 13,23 gam có 0,84 lít khí (đktc) Giá trị m gần với giá trị sau đây? A 6,0 B 6,9 C 7,0 D 6,08 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT chuyên KHTN Hà Nội, năm 2017) Hướng dẫn giải Quy đổi M thành CONH: x mol +NaOH COONa: x mol + o2 Na2CO3: 0,5x mol CH2: y mol NH2 : x mol N2: 0,0375 mol = 0,5x H2O: 0,03 mol CH2: y mol CO2: 0,5x + y mol H2O: x+ y mol Theo ta có : 0,5x = 0,0375 x = 0,075 44( 0,5x +y) + 18( x+y) = 13,23 m = 0,075.43 + 0,165.14 + 0,03.18 = 6,075 gam y = 0,165 Chọn đáp án : D Ví dụ 5: Cho hỗn hợp X gồm tetrapeptit tripeptit Để thủy phân hoàn toàn 50,36 gam X cần dung dịch chứa 0,76 mol NaOH, sau phản ứng hoàn toàn cô cạn thu 76,8 gam hỗn hợp muối gồm a mol muối glyxin b mol muối alanin Mặt khác đốt cháy hoàn toàn 0,11 mol X O2 dư thu m gam CO2 Giá trị m A 76,56 B 16,72 C 38,28 D 19,14 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – Sở GD ĐT Hải Phòng, năm 2017) Hướng dẫn giải nCONH X = n NaOH = 0,76 mol quy đổi X thành : CONH : 0,76 mol CH2 : x mol COONa : 0,76 mol + NaOH H2O : y mol NH2 : 0,76 mol CH2 : x mol Theo ta có hệ : 0,76.83 +14x = 76,8 y = 0,22 0,76.43 + 14x + 18y = 50,36 x = 0,98 Vậy CONH : 0,76 mol 0,22 mol X CH2 : 0,98 mol + O2 nCO2 = 0,76 + 0,98 = 1,74 mol H2O : 0,22 mol Khi đốt cháy 0,11 mol X nCO2= 0,87 mol m = 0,87 44 =38,28 gam Bài tập vận dụng Ví dụ 6: Cho m gam peptit X (mạch hở) phản ứng vừa đủ với dung dịch NaOH đun nóng, thu dung dịch chứa (m + 18,2) gam hỗn hợp Z gồm muối natri Gly, Ala Val Đốt cháy hoàn toàn Z thu N2, CO2, H2O 26,5 gam Na2CO3 Cho a gam X phản ứng với 400 ml dung dịch NaOH 0,1M, thu dung dịch T Cho toàn T phản ứng tối đa với 520 ml dung dịch HCl 2M, thu dung dịch chứa 125,04 gam hỗn hợp muối Kết luận sau sai? A Khối lượng muối Gly 27,05 gam Z 29,1 C Trong phân tử X chứa gốc Ala B Giá trị a 71,8 D Phần trăm khối lượng oxi X 26,74% Ví dụ 7: X peptit có 16 mắt xích tạo thành từ amino axit dãy đồng đẳng với glyxin Để đốt cháy m gam X cần dùng 45,696 lít O2 Nếu cho m gam X tác dụng với lượng vừa đủ dung dịch NaOH cạn cẩn thận thu hỗn hợp rắn Y Đốt cháy Y bình chứa 12,5 mol khơng khí, tồn khí sau phản ứng cháy ngưng tụ nước lại 271,936 lít hỗn hợp khí Z Biết phản ứng xảy hồn tồn, khí đo đktc, khơng khí có 1/5 thể tích O2 lại N2 Giá trị gần m A 30,92 B 41 C 43 D 38 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – Sở GD ĐT Vĩnh Phúc, năm 2017 Ví dụ 8: Hỗn hợp X gồm peptit mạch hở amino axit (các amino axit tự amino axit tạo peptit có dạng H 2NCnH2nCOOH) Thủy phân hoàn toàn m gam X dung dịch NaOH, đun nóng, thấy có 1,0 mol NaOH phản ứng sau phản ứng thu 118 gam hỗn hợp muối Mặt khác, đốt cháy hoàn tồn m gam X oxi, sau cho sản phẩm cháy hấp thụ vôi dư, thu kết tủa khối lượng dung dịch vôi giảm 137,5 gam Giá trị m A 82,5 B 74,8 C 78,0 D 81,6 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT chuyên Tuyên Quang, năm 2017) Ví dụ 9: Thủy phân hồn tồn m gam hỗn hợp X chứa số peptit mạch hở dung dịch NaOH vừa đủ, thu 151,2 gam muối natri amino axit Gly, Ala Val Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X thấy tốn 107,52 lít oxi (đktc), thu 64,8 gam H2O Giá trị m A 51,2 B 50,4 C 102,4 10 D 100,05 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT chuyên Tuyên Quang, năm 2017 Ví dụ 10: Thuỷ phân hồn tồn m gam hexapeptit X mạch hở thu (m + 4,68) gam hỗn hợp Y gồm alanin valin Oxi hố hồn toàn lượng hỗn hợp Y cần vừa đủ a mol khí oxi, thu hỗn hợp Z gồm CO 2, H2O N2 Dẫn hỗn hợp Z qua bình H 2SO4 đậm đặc (dư) thấy khối lượng khí khỏi bình giảm 18b gam so với khối lượng hỗn hợp Z; tỉ lệ a : b = 51 : 46 Để oxi hố hồn tồn 27,612 gam X thành CO 2, H2O N2 cần tối thiểu V lít oxi (đktc) Giá trị V gần với A 32,70 B 29,70 C 53,80 D 33,42 Ví dụ 11: Chia m gam hỗn hợp T gồm peptit mạch hở thành hai phần Đốt cháy hoàn toàn phần một, thu N 2, CO2 7,02 gam H2O Thủy phân hoàn toàn phần hai, thu hỗn hợp X gồm alanin, glyxin, valin Cho X vào 200 ml dung dịch chứa NaOH 0,5M KOH 0,6M, thu dung dịch Y chứa 20,66 gam chất tan Để tác dụng vừa đủ với Y cần 360 ml dung dịch HCl 1M Biết phản ứng xảy hoàn toàn Giá trị m A 21,32 B 24,20 C 24,92 D 19,88 b Mức độ vận dụng cao Ví dụ 12: Hỗn hợp X gồm peptit mạch hở, tạo thành từ amino axit có dạng H2NCmHnCOOH Đun nóng 4,63 gam X với dung dịch KOH dư, thu dung dịch chứa 8,19 gam muối Nếu đốt cháy hoàn toàn 4,63 gam X cần 4,2 lít O (đktc) Dẫn tồn sản phẩm cháy (CO2, H2O, N2) vào dung dịch Ba(OH)2 dư, sau phản ứng thu m gam kết tủa khối lượng dung dịch giảm 21,87 gam Giá trị m gần giá trị sau đây? A 35,0 B 30,0 C 32 Hướng dẫn giải COOK : x mol NH2 : x mol 11 D 28 C : y mol ; H : z mol X quy đổi CONH : x mol KOH C : y mol H : z mol O2 : 0,1875 mol H2O : t mol CO2 + x+y H 2O + N2 0,5x + 0,5y + t mX = 43x + 12y + z + 18t = 4,63 x = 0,07 mmuối = 99x +12y + z = 8,19 y = 0,09 BT ntố O: x + t + 0,1875 = 2.( x+ y) + 0,5x + 0,5z + t z = 0,18 t = 0,02 mdd giảm = 197.(x + y) – 44.(x + y) – 18.(0,5x + 0,5z + t) = 21,87 => mBaCO3 = 31,52 gam => Đáp án: C Ví dụ 13: Hỗn hợp M gồm peptit X, Y, Z, T (đều mạch hở) tạo từ α-amino axit có dạng H2NCnH2nCOOH (n ≥ 2) Đốt cháy hoàn toàn 26,05 gam M, cho toàn sản phẩm cháy (chỉ gồm CO2, H2O N2) vào bình đựng 800 ml dung dịch Ba(OH) 1M, sau phản ứng xảy hoàn toàn thấy có 3,248 lít (đktc) chất khí thoát thu dung dịch E (chứa muối axit) có khối lượng giảm m gam so với khối lượng dung dịch Ba(OH)2 ban đầu Giá trị m gần giá trị sau đây? A 90 B 88 C 87 D 89 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT chuyên Đại học Vinh, năm 2017) Hướng dẫn giải nN M = 0,29 mol quy đổi M thành CONH : 0,29 mol CH2 : x mol + O2 12 CO2 + H 2O H2O : y mol 0,29 + x 0,145 + x + y Vì số C gốc R aa ≥ => x/ 0,29 > => x > 0,58 mM = 0,29 43 +14x + 18y = 26,05 => nBaCO3 = nOH- - nCO2 = 1,31 – x m = 197.(1,31 – x) – 44.(0,29 + x) – 18.(0,145 + x +y) Với x = 0,58 => y = 91/300 => m = 87,02 => m gần với 87 Với x > 0,58 => y < 91/300 => m < 87,02 7.1.2.4.2 Tìm chất a Mức độ vận dụng Ví dụ 1: Hỗn hợp E gồm tripeptit X tetrapeptit Y mạch hở Thủy phân hoàn toàn 0,2 mol E dung dịch NaOH dư, thu 76,25 gam hỗn hợp muối alanin glyxin Mặt khác, thủy phân hoàn toàn 0,2 mol E dung dịch HCl dư, thu 87,125 gam muối Thành phần % theo khối lượng X hỗn hợp E gần với giá trị nào? A 27% B 31% C 35% D 22% (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT Cẩm Thủy – Thanh Hóa, năm 2017) Hướng dẫn giải COONa : x mol NH2 : x mol 13 76,25 gam CH2 : y mol Quy đổi hỗn hợp E thành CONH : x mol NaOH CH2 : y mol H2O : 0,2 mol HCl COOH : x NH3Cl : x 87,125 gam CH2 : y � mmuoáiNa  83x  14y  76,25 �x  0,75 � � �� mmuoáiCl  97,5x  14y  87,125 � y 1 � � nGlyNa  nAlaNa  nCONH  0,75 � �nGlyNa  0,5 � � �� 97nGlyNa  111nAlaNa  76,25 �nAlaNa  0,25 � � �n  0,05 n  nY  0,2 � �  �X � �X 3nX  4nY  nCONH  0,75 �nY  0,15 � � � a �X laøGlya(Ala)3a : 0,05 � � 0,05a  0,15b  0,5 � � Y laøGlyb (Ala)4a : 0,15 b � � � 217.0,05 �X laøGlyAla2 (M  217) �� � %X   21,76% �22% 217.0,05  260.0,15 �Y làGly3Ala (M  260) Ví dụ 2: Cho hỗn hợp E gồm peptit mạch hở X, Y (M X < MY) Biết X Y liên kết peptit tạo nên từ glyxin alanin Cho 7,65 gam E tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ thu dung dịch Z chứa 11,51 gam hỗn hợp muối Mặt khác, đốt cháy hồn tồn 7,65 gam E cần 7,56 lít oxi (đktc) Tổng số nguyên tử có phân tử Y A 36 B 46 C 30 D 37 (Đề thi thử THPT Quốc Gia lần – THPT chuyên Tuyên Quang, năm 2017) Hướng dẫn giải 14 COONa : x mol NH2 : x mol 11,51gam CH2 : y mol Quy đổi hỗn hợp E thành CONH : x mol NaOH CH2 : y mol H2O : z mol O2 : 0,3375 mol CO2 + x+ y H2O + N2 0,5x + y+z � mE  43x  14y  18z  7,65 � x  0,11 � 0,11 � � mmuoái  83x  14y  11,65 � � y  0,17 � CONH   3,66 0,03 � � z  0,03 BTE : 3x  6y  4.0,3375 � � � �n(X, Y )  a  b  0,03 � a  0,01 �X laø(Gly)x (Ala)3 x : a mol � �� �� �� �Y laø(Gly)y (Ala)4 y : b mol �nCONH  3a  4b  0,11 �b  0,02 � 0,01(231 14x)  0,02(302  14y)  7,65 � 0,14x  0,28y  0,7 �X laøGlyAla2 �x  � �� �� Y laøGly2Ala2 � (2C2H5O2N  2C3H 7O2N  3H2O) � C10H18O5N �y  � � Y có37 nguyê n tử Bài tập vận dụng Câu 1: Đun nóng 0,1 mol hỗn hợp T gồm hai peptit mạch hở T 1, T2 (T1 T2 liên kết peptit, tạo thành từ X, Y hai amino axit có dạng H 2NCnH2nCOOH; MX