Rèn luyện tư suy sáng tạo cho học sinh trong dạy học hình học lớp 10

ĐẠI HỌC THÁI NGUYÊN TRƯỜNG ĐẠI HỌC SƯ PHẠM NGUYỄN VĂN HUY RÈN LUYỆN TƯ DUY SÁNG TẠO CHO HỌC SINH TRONG DẠY HỌC HÌNH HỌC LỚP 10 LUẬN VĂN THẠC SĨ KHOA HỌC GIÁO DỤC THÁI NGUYÊN, 2018 ĐẠI HỌC THÁI NGUYÊN TRƯỜNG ĐẠI HỌC SƯ PHẠM NGUYỄN VĂN HUY RÈN LUYỆN TƯ DUY SÁNG TẠO CHO HỌC SINH TRONG DẠY HỌC HÌNH HỌC LỚP 10 Ngành: Lý luận Phương pháp dạy học mơn Tốn Mã số: 8.14.01.11 LUẬN VĂN THẠC SĨ KHOA HỌC GIÁO DỤC Người hướng dẫn khoa học: PGS.TS Đào Thái Lai THÁI NGUYÊN, 2018 LỜI CAM ĐOAN Tôi xin cam đoan nội dung trình bày luận văn trung thực không trùng lặp với đề tài khác công bố Việt Nam Tôi xin cam đoan giúp đỡ cho việc thực luận văn cảm ơn thông tin trích dẫn luận văn rõ nguồn gốc Thái Nguyên, tháng năm 2018 Tác giả Luận văn Nguyễn Văn Huy i LỜI CẢM ƠN Em xin bày tỏ lòng biết ơn sâu sắc đến PGS.TS Đào Thái Lai, người thầy tận tình hướng dẫn em suốt trình làm luận văn Em xin trân trọng cảm ơn Ban giám hiệu, Khoa Toán, Khoa Sau Đại học, Phòng Đào tạo trường Đại học Sư phạm - Đại học Thái Nguyên tạo điều kiện thuận lợi cho em suốt trình học tập làm luận văn Em xin chân thành cảm ơn Ban giám hiệu, GV tổ Toán, HS khối 10, trường THPT Hưng Nhân giúp đỡ, tạo điều kiện thuận lợi cho em suốt trình thực nghiệm Dù cố gắng, xong Luận văn không tránh khỏi khiếm khuyết, tác giả mong nhận góp ý thầy, giáo bạn Thái Nguyên, tháng năm 2018 Tác giả Luận văn Nguyễn Văn Huy ii MỤC LỤC Trang bìa phụ Lời cam đoan i Lời cảm ơn ii Mục lục iii Danh mục từ viết tắt .iv Danh mục bảng v MỞ ĐẦU Chương CƠ SỞ LÍ LUẬN VÀ THỰC TIỄN 1.1 Tư 1.1.1 Khái niệm tư 1.1.2 Đặc điểm tư 1.1.3 Các giai đoạn tư 1.1.4 Các thao tác tư 1.2 Tư sáng tạo 11 1.2.1 Khái niệm tư sáng tạo 11 1.2.2 Đặc điểm tư sáng tạo 14 1.3 Rèn luyện tư sáng tạo cho học sinh THPT qua môn toán 23 1.4 Những hội rèn luyện tư sáng tạo cho học sinh dạy hình học lớp 10 THPT 27 1.4.1 Nội dung Hình học lớp 10 THPT 27 1.4.2 Những hội rèn luyện tư sáng tạo cho học sinh 29 1.5 Thực trạng rèn luyện tư sáng tạo cho học sinh thông qua dạy học tốn trường trung học phổ thơng 30 1.6 Kết luận chương 33 Chương MỘT SỐ BIỆN PHÁP SƯ PHẠM NHẰM RÈN LUYỆN TƯ DUY iii SÁNG TẠO CHO HỌC SINH TRONG DẠY HỌC HÌNH HỌC LỚP 10 34 2.1 Biện pháp 1: Rèn luyện cho học sinh tìm nhiều cách giải cho toán 34 iii 2.2 Biện pháp 2: Rèn luyện cho học sinh sử dụng kiến thức vectơ mặt phẳng vào giải số toán đại số 44 2.3 Biện pháp 3: Rèn luyện tư sáng tạo cho học sinh thông qua việc dạy học theo hướng phát vận dụng toán gốc có liên quan 55 2.4 Biện pháp 4: Xây dựng hệ thống tập mở số dạng tốn Hình học 10 nhằm rèn luyện tư sáng tạo cho học sinh 67 2.5 Kết luận chương 76 Chương THỰC NGHIỆM SƯ PHẠM 77 3.1 Mục đích nội dung thực nghiệm 77 3.1.1 Mục đích thực nghiệm 77 3.1.2 Nội dung thực nghiệm 77 3.2 Tổ chức thực nghiệm 77 3.2.1 Đối tượng thực nghiệm 77 3.2.2 Thời gian thực nghiệm 77 3.2.3 Tiến hành thực nghiệm 77 3.3 Đánh giá kết thực nghiệm 92 3.3.1 Đánh giá định tính 92 3.3.2 Đánh giá kết định lượng 94 3.4 Kết luận chương 94 KẾT LUẬN .95 TÀI LIỆU THAM KHẢO 96 PHỤ LỤC iv DANH MỤC CÁC TỪ VIẾT TẮT Viết tắt Viết đầy đủ TDST Tư sáng tạo GV Giáo viên HS Học sinh THPT Trung học phổ thông SGK Sách giáo khoa SBT Sách tập ivv DANH MỤC CÁC BẢNG Bảng 1.1: Biểu TDST học Toán HS 31 Bảng 3.1: Điểm kiểm tra số lớp thực nghiệm 10A2 80 Bảng 3.2: Điểm kiểm tra số lớp đối chứng 10A3 .80 Bảng 3.3: Điểm kiểm tra số lớp thực nghiệm 10A2 94 Bảng 3.4: Điểm kiểm tra số lớp đối chứng 10A3 .94 v vi MỞ ĐẦU Lý chọn đề tài Nghị số 29 Trung Ương khố XI đổi bản, tồn diện giáo dục đào tạo khẳng định: “Đối với giáo dục phổ thơng, tập trung phát triển trí tuệ, thể chất, hình thành phẩm chất, lực cơng dân, phát bồi dưỡng khiếu ”, “Phát triển khả sáng tạo, tự học, khuyến khích học tập suốt đời”, “Tiếp tục đổi mạnh mẽ phương pháp dạy học theo hướng đại; phát huy tính tích cực, chủ động, sáng tạo vận dụng kiến thức, kỹ người học; khắc phục lối truyền thụ áp đặt chiều, ghi nhớ máy móc Tập trung dạy cách học, cách nghĩ, khuyến khích tự học, tạo sở để người học tự cập nhật đổi tri thức, kỹ năng, phát triển lực.” Nghị 88 Quốc Hội đổi chương trình, sách giáo khoa giáo dục phổ thông khẳng định lại: “Mục tiêu giáo dục phổ thông tập trung phát triển trí tuệ, thể chất, hình thành phẩm chất, lực công dân, phát bồi dưỡng khiếu ”, “Phát triển khả sáng tạo, tự học, khuyến khích học tập suốt đời”, “Tiếp tục đổi phương pháp giáo dục theo hướng: phát triển toàn diện lực phẩm chất người học; phát huy tính tích cực, chủ động, sáng tạo, bồi dưỡng phương pháp tự học, hứng thú học tập, kỹ hợp tác, làm việc nhóm khả tư độc lập” Như việc rèn luyện TDST cho HS chủ trương quan trọng Đảng Nhà nước Chủ trương cụ thể hóa Luật Giáo dục Đi ề u 28 c ủ a Luật Giáo dục năm 2005 “ Yêu cầu nội dung, phương pháp giáo dục phổ thơng” có nêu rõ “Phương pháp giáo dục phổ thơng phải phát huy tính tích cực, tự giác, chủ động, sáng tạo học sinh; phù hợp với đặc điểm lớp học, môn học; bồi dưỡng phương pháp tự học, khả làm việc theo nhóm; rèn luyện kỹ vận dụng kiến thức vào thực tiễn; tác động đến tình cảm, đem lại niềm vui, hứng thú học tập cho học sinh” TDST phẩm chất trí tuệ cần thiết quan trọng người dạy học Việc rèn luyện TDST nói riêng, hoạt động sáng tạo nói chung chương trình học tập HS việc làm cần thiết cấp bách không đòi hỏi MI2 + MJ − AB2 + CD2 = = 2MO + IJ − 2 + 2CD AB với O trung điểm IJ AB + CD2 2 Vậy MA.MB + MC.MD IJ ⇔ MO − = = ⇔ MO = AB2 + CD2 2  AB + CD  ⇒ M ∈  O,      2 ( Bài 30 Đẳng thức ⇔ MA + MB + 2MA.MB = MC ⇔ MA + MB ) = MC ⇔ MA + MB = MC ⇔ MI = MC , I trung điểm AB MC = ⇔ thuộc đường tròn đường kính GF, với G trọng tâm tam giác M MI ABC, F đỉnh hình bìn hành ACBF Hay: Bài 31 Ta có: MB.MC + MC.MA + MA.MB = = 1 2 2 2 2 MB + MC − BC + MC + MA − CA + MA + MB − AB 2 ( ) ( 2 = MA + MB + MC ( 2 ( ) 2− ( BC = 3MO + OA + OB + OC a ) ) − + CA + AB 2 ( )= )= a = 3MO2 + 3R − a = 3MO2 − 2 2 Vậy MB.MC + MC.MA + MA.MB = 3a ⇔ 3OM = 3a + a ⇔ OM = a  7 Hay M ∈  O, a  6  Bài 32 Gọi G trọng tâm ∆ABC , ta có: 2 2 2 2 MA + MB + MC = 3MG + GA + GB + GC = 3MG + ( 2a 4 2 2 2 Do : MA + MB + MC −3MD = − a ⇔ 3MG −3MD = − a 3 2 ⇔ MD − MG = a = DG ∈ ( d ) ⊥ BD G 2 +a +a ) ( Bài 33 a) MB.MC − MB.MG = AB2 ⇔ MB MC − MG ) = AB ⇔ MB.GC = AB AB Gọi B1 hình chiếu B lên GC, H điểm xác định B1H = GC Tập hợp M đường thẳng vng góc với GC H b) Gọi I tâm tỉ cự A, B theo số (2,-3) J tâm tỉ cự A, B theo số (1,2) ( 2MA −3MB)( MA −2MB) = ⇔ MI.MJ = ⇔ MIJ = 90° Tập hợp M đường tròn đường kính IJ c) Gọi I tâm tỉ cự A, B theo số (2,-3) thì: ( B 2C 2MA − 3MB MA + MB + MC = ⇔ MI.MG = − )( Đặt k = GI − ) BC + k < ⇒ M ∈∅ + k = ⇒ M ≡ F trung điểm GI + k > M thuộc đường tròn tâm F bán kính 2 k d) MB + MC = 3MB.MC ⇔ MB.MC = BC Suy M thuộc đường tròn tâm trung điểm BC, bán kính R = BC e) Gọi I tâm tỉ cự A, B, C theo số (2,1,-2) 2MA2 + MB2 = 2MC2 2 2 ⇔ MI = 2IC − 2IA − IB = k Do + Nếu k < : M ∈∅ + Nếu k = ⇒ M ≡ I + Nếu k > : M ∈ ( I,  Bài 34 b) G 0;  3   ) k 1 1 c) I  ; −   2 4 2 Bài 35 Trực tâm ( 5; ) ; trọng tâm ;  ; tâm đường tròn ngoại tiếp 3 3    − ;1 ; tâm đường tròn nội tiếp ( 2;1)   Bài 36 Giả sử x M < x N M ( x; ) ⇒ N ( x + 8; ) Lấy đối xứng M qua y = M ' ( x; ) Ta có: PM + PN = PM'+ PN ≥ M' N Do đó: PM + PN nhỏ M ' N = M’, P, N thẳng hàng ⇒ x = −1 Vậy M ( −1; ) , N ( 7; ) 2x BA + 3yBM Bài 37 Vì I ∈CN nên ∃ x, y : x+ y =1 BI = x.BN + y.BC = Vì I ∈ AM nên 2x + 3y = Suy x = ,y= BI = Mặt khác CN = Tức BA + BC 7 CA + CB Do BI.CN = ⇔ BI ⊥ CN 3 Bài 38 Ta có: AE = AB + AC = 3 AB + 3 ( AB + AD) = AB + AD   Mặt khác: AI = AB + BI = AB + kBF = AB + k  AB  =  AD +  k  AB + kAD = 1+ nên    2 ⇒ AI = AI Vì AE phương ⇒k = 6 AB + AD , CI = AI − AC AB + AD − AB + AD = = 5 5 ( ) AB − AD 5 Vậy AI.CI = ⇒ AI ⊥ CI Bài 39 Vì E trung điểm MH nên ta có: AE = ( ) AM + AH , BH = BM + MH ⇒ 2AE.BH = AM.BM + AM.MH + AH.BM + AH.MH = AM.MH + AH.BM = ( ) ( ) ( ) AM.MH + AM + MH BM = MH AM + BM = MH AM + MC = MH.AC = Vậy AE ⊥ BH ( )( ) Bài 40 Ta có: 2OM.A ' B' = OA + OB OB' − OA ' = OB.OB' − OA.OA ' = = OB.OB' − OA.OA ' = Vậy OM ⊥ A' B' Bài 42 Lấy M’ tia đối tia AM cho AM’=BN Suy ∆OAM' = ∆OBN ⇒ N, O, M’ thẳng hàng MM’=MN nên ∆MM' N cân M ∆MOM' = ∆MON Hạ OH ⊥ MN ⇒ OH = OA ⇒ MN tiếp xúc đường tròn đường kính AB 2 2 Bài 43 B  ;  , C ( −1; 3)  3 Bài 44 B ( −4; −1) , C ( 9;1) Bài 45 BC : 7x + 9y +14 = Bài 46 A ( −5; 3) , C ( −1; 3) Bài 47 A ( −3; −6 ) , C ( 3; −3) Bài 48 + BC ⊥ ( d ) nên có phương trình BC, C = BC ∩ ( d ') + Nếu M trung điểm AB M ∈ ( d ') ⇒ A Bài 49 ( ∆ ) : y −2 = ; ( ∆ ) : x −2 = Bài 50 Quỹ tích M hai đường thẳng 3x + 7y − 21 = ; 5x − y +13 = Bài 51 + NA − NB ≥ ⇒ NA − NB nhỏ NA = NB ⇔ N ∈ ( d ')  19 24  ; trung trực AB ⇒ N = ( d ) ∩ ( d ') ⇒ N   5 + NA − NB ≤ AB ⇒ NA − NB lớn AB A, N, B thẳng hàng ⇔ N = AB ∩ ( d ) ⇒ N ( −3; −2 ) Bài 52 AC :17x + 7y − 24 = Bài 53 Có hai điểm C thỏa mãn: C ( 1; −1) ; C ( −2; −10 )  + +   −1 − −6 −  Bài 54 Có hai điểm G thỏa mãn: G  ; ;  ; G  3 3     Bài 55 B ( −1; ) ; C ( 1;1) Bài 56 A ( −2; ) , B ( 2; ) , C ( −3; ) , D ( −1; −2 ) Bài 57 Gọi I ( a; b ) ∈ ( ∆ ) ⇒ 4a + 3b = d + (bI;+d 4) = d ( I; d ' ) ⇔ a Từ (1), (2) (3) ( x − 2) = 7a − b + (1) Vì (C) tiếp xúc với (d) (d’) nên ⇔ 2a − 6b = 16  12a + 4b = −24 ( 3) ⇒ a, b Vậy có hai phương trình đường tròn thỏa mãn + ( y + 2) = ( x + 4) + ( y − 6) = 18 ( 2) 2 Bài 58 Phương trình đường tròn ngoại tiếp, nội tiếp tam giác OAB là: ( x −2 ) 2  25 + y− =   ( x −1) + ( y −1) = ( x −2)25+2 ( y − ) Bài 59 a) c) x +y − b) 8100 169 10 38 x+ y −32 = 3 I ( 2; −4 ) Bài 60 a) = 101 x + + y −5 = ( ) ( ) b) 3x − 4y + = R = c) 2x − y − = hay 2x − y −13 = Bài 61 a) Có hai phương trình đường tròn thỏa mãn ( x + 4) + ( y − 4) = 16 2 x +y − b) 11 x− 13 ( x + 20) + ( y − 20) = 400 y + 15 = Bài 62 Phương trình trung trực (d) BC là: ( C ) : Vậy  Vì tâm I (C) thuộc   IA = IC ⇔ t = − ⇒ I − ;1 2   (d), nên I ( + t; −2 − 2t ) Vì (C) qua A nên:  x = + t  = − − 2t y x+   + ( y −1) = 20  Bài 63 Vì (C) tiếp xúc Ox Oy nên tâm I đường tròn nằm đường phân giác góc (Ox,Oy) y = x y = -x t = R = IA = d ( I, Ox ) ⇔   t = Vậy + Nếu I thuộc (d): y = x I(t ; t) trường hợp có đường tròn thoả mãn là: ( x −1) + ( y −1) = ( x − 5) + ( y − 5) = 25 + Nếu I thuộc (d'): y = -x, tương tự trên: Không tồn t Bài 64 Tâm I đường tròn qua điểm A,B nằm đường trung trực AB Tiếp xúc với (d) IA = d(I ; d) a) Tâm I thuộc (d): x = t, y = -5/2 trung trực AB, đường tròn tiếp xúc Ox  t = −2 R = IA = d ( I; Ox ) ⇔  t = Vậy có đường tròn thoả mãn là: nên ( x + )  Bài 65 Đường thẳng (∆ ) = 0, )  25 x y + y+ = − + + = ( ) 25      2 Các ý lại tương tự qua A vng góc với (d) có phương trình x + y - ( ∆ cắt (d') I = (4 ; -1), R = IA2 = Phương trình đường tròn cần tìm ( x − 4) + ( y +1) = Bài 66 Vì (d)//(d') nên tâm I nằm đường song song  t = R = IA = d ( I; d ) ⇔   t 1( ∆ ) : x + y + = ⇒ I t; − t − = −   Vậy có đường 2   tròn thoả mãn Bài 67 Tâm I nằm phân giác góc (d) (d’) là: x + y - = x – y + = Đường tròn qua A nên R = IA = d(I;d) + Với + Với ( ∆ ) : x + y −3 = ta có t = ± ⇒ có đường tròn thỏa ( ∆ ) : x −y + = mãn không tồn t Bài 68 Tâm I thuộc (d') nên I = (t ; -t) R = IA = d ( I; d ) ⇔ t = −3 ⇒ có đường tròn thoả mãn tốn Bài 69 Tâm I nằm trung trực AB : 2x – y + = Ta có: (C) có tâm I(t ; 2t+2), bán kính R = IA = kính R’ = = II ' + Nếu hai đường tròn tiếp xúc 5t + ; (C’) có tâm I’(0 ; 0), bán R −R ' ⇒ có giá trị + Nếu hai đường tròn tiếp xúc ngồi II ' = R + R ' ⇒ có giá trị t1 thỏa mãn t2 thỏa mãn Bài 70 Gọi tâm đường tròn I(x ; y) Đường tròn (C) có tâm O(0 ; 0), ta có: OI ( x; y ) OB ( 2;1) , Vì đường tròn tiếp xúc với (C) B nên I, B, O thẳng hàng ⇔ OI, OB phương ⇒ x = 2y x − 4) + ( y ( Mặt khác IA = IB nên +1) = (x − 2) +( y− ( x − 6) Vậy đường tròn cần tìm 3) +( y −1) = 20 2 ⇔ x −y −3 = Bài 71 a) Tâm I đường tròn nằm đường thẳng y = x ⇒ I ( t; t ) Đường thẳng AB: 3x+4y-12 = Ta có: t = Bán kính R = |t| R = d(I; AB) ⇔  , dễ thấy t = loại t = Vậy đường tròn cần tìm là: ( x −1) + ( y −1) = 15  ;2 b) Gọi tam giác tạo đường thẳng ∆ABC , giải hệ giao điểm có: A  −   2 , B(12 ; 15), C(0 ; -3) Gọi D chân phân giác góc A giác góc C ∆ACD J tâm đường tròn nội tiếp ∆ABC , J chân phân ∆ABC Vậy đường tròn nội tiếp là: ( x +1) + ( y − 2) = 13 2 Bài 72 (C) có tâm O = (0;0), bán kính R = M ∈ ( d ) ⇒ M ( t; − t ) Nếu tiếp tuyến tạo với góc 60° AMO = 30° Trong tam giác vng MAO có OA = OM.sin 30° ⇒ t = ± Bài 73 Gọi Vậy có điểm M thỏa mãn A ( x1; y1 ) , B ( x ; y ) Đường tròn (C) có tâm I(1 ; -4), bán kính R = Vì IA ⊥ AM IB ⊥ BM nên IA.MA = IB.MB = 0 ⇔ ( x − 1) + ( + ) − 16 + ( 5x  1y + 2y + 36 ) =  1) + ( ( x −  y 2 16 +5x ( ) − + + 2y + 36 ) = Mặt khác A, B thuộc (C) nên  ( x − 1) + ( + ) − 16 =  y  ( x − + ( y2 + − 16 = ta có: 1) 4) Vậy tọa độ A, B thỏa mãn phương trình: 5x + 2y + 36 = Bài 74 (C) có tâm I = (-2,3), bán kính R = Gọi H trung điểm dây cung MN ta có: 2 IH ⊥ MN MH = Ta có: IH = R −1 = IH = d ( I; ∆ ) + Nếu (∆ + Nếu ( ∆ ) y = k ( x −1) + ⇔ kx −y + −k = ⇒ k = −6 ± 10 x = dễ thấy không thoả mãn ) Bài 75 (C) có tâm I(0 ; 2), M thuộc (d) nên M ( t; − t ) Gọi A ( x1; y1 ) , B ( x ; y ) tiếp điểm hai tiếp tuyến kẻ từ M đến (C) Vì IA ⊥ MA IB ⊥ MB nên: AM.AI = ⇒ AB : tx + ( − t ) y + 2t − 20 =  , qua điểm cố định (8 ; 10) BM.BI = Bài 76 (C) có tâm I(2;0) Gọi A ( x1; y1 ) , B ( x ; y ) giao điểm đường thẳng (d) qua M P ( x ; y0 ) , P giao điểm tiếp tuyến với (C) vẽ từ A B AP.AI = ⇒ AB : ( − x ) x − y y + 32 + 2x = 0 0 ⊥ ⊥ AP AI BP BI Vì nên:  BP.BI = Vì AB qua M nên x − 2y0 + 34 = Vậy P nằm đường thẳng cố định ( ∆ ) : x −2y + 34 = 2 Bài 77 x + y − x − 3y + 10 = Bài 78 a) Có hai tiếp tuyến 2x + y = x + y− = b) Có hai tiếp tuyến qua A x = 15 x+ y− 31 = b2 b 2  x + y +  = ( a + b  Bài 79  a a PHỤ LỤC (Phiếu điều tra khảo sát) Câu hỏi 1: “Theo Thầy/Cô, HS thường biểu TDST học Toán nào?” (1,0 ≤ ĐTB < 1,8: Rất thường xuyên; 1,8 ≤ ĐTB < 2,6: Thường xuyên; 2,6 ≤ ĐTB< 3,4: Thỉnh thoảng số học; 3,4 ≤ ĐTB < 4,2: Rất biểu hiện; 4,2 ≤ ĐTB ≤ 5,0: Không thể hiện) Biểu TDST học Toán HS STT Một số biểu (hành vi) Bước đầu biết chuyển từ hoạt động trí tuệ sang hoạt động trí tuệ khác, bước đầu biết vận dụng hoạt động phân tích, tổng hợp, so sánh Biết điều chỉnh hướng suy nghĩ gặp trở ngại Biết áp dụng kinh nghiệm, kiến thức, kỹ có vào Hồn cảnh, điều kiện có thay đổi so với khn mẫu học Có khả khỏi ảnh hưởng kìm hãm kinh nghiệm, phương pháp, cách nghĩ có từ trước Nhìn vấn đề điều kiện quen thuộc, nhìn thấy chức đối tượng quen biết Bước đầu có khả nhìn nhận đối tượng, vấn đề góc độ khác Có nhìn đa chiều vấn đề cần giải Có khả tìm thêm giải pháp khác cho vấn đề Có khả sàng lọc giải pháp để chọn giải pháp tối ưu 10 11 Có khả phối hợp nhiều công cụ, phương pháp khác tạo hướng để giải vấn đề Bước đầu có khả tìm mối liên hệ kiện bên ĐTB tưởng khơng có quan hệ với 12 Có khả tìm liên tưởng kết hợp từ tìm giải pháp độc đáo vấn đề đặt Câu hỏi 2: “Thầy/Cô thường gặp khó khăn phát triển TDST cho HS thơng qua dạy học Tốn?” ………………………………………………………………………………………… ………………………………………………………………………………………… ………………………………………………………………………………………… ………………………………………………………………………………………… ... tư sáng tạo 11 1.2.2 Đặc điểm tư sáng tạo 14 1.3 Rèn luyện tư sáng tạo cho học sinh THPT qua mơn tốn 23 1.4 Những hội rèn luyện tư sáng tạo cho học sinh dạy hình học lớp 10. .. NHẰM RÈN LUYỆN TƯ DUY iii SÁNG TẠO CHO HỌC SINH TRONG DẠY HỌC HÌNH HỌC LỚP 10 34 2.1 Biện pháp 1: Rèn luyện cho học sinh tìm nhiều cách giải cho toán 34 iii 2.2 Biện pháp 2: Rèn luyện cho học sinh. .. Nội dung Hình học lớp 10 THPT 27 1.4.2 Những hội rèn luyện tư sáng tạo cho học sinh 29 1.5 Thực trạng rèn luyện tư sáng tạo cho học sinh thơng qua dạy học tốn trường trung học phổ