Bài tập, công thức tính nhanh môn Hoá ôn thi đại học môn Hoá

Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn A Kiến Thức Cần Nắm: Công thức tính khối lượng mol(M) M= m n M = d.MB Công thức tính khối lượng nguyên tố: 12.mCO2 mC = mC = 12 nCO hay 44 2.mH 2O mH = hay mH = nH O 18 mN = 28 nN hay mN = 14 nNH * Việc xác định khối lượng nguyên tố khác dựa vào chất chứa nguyên tố VD: m AgCl  mCl = 35,5 nAgCl * Xác định khối lượng nguyên tố oxi phải tính gián tiếp mO = a – ( mC + mH + mN +….) Một số sơ đồ gián tiếp xác định khối lượng CO2, H2O tạo thành đốt cháy chất hữu cơ(A) a Sơ đồ 1: Bình 1: H2SO4 đ Bình 2: dd Ca(OH)2 dư CO2 O2 ,t  CO2  Chất A  H O  H2O Khi đó: + Khối lượng bình tăng = mH O + Khối lượng bình tăng = mCO Có thể thay H2SO4 đ bình chất hút nước khác P2O5, CuSO4 khan, - Ca(OH)2 dư bình chất hấp thụ CO2 khác dd Ba(OH)2,NaOH, KOH b Sơ đồ 2: Bình Ca(OH)2 dư O2 ,t   Chất A  CO2 CO2 H2O H2O Khi đó: + Khối lượng bình tăng ∆m(g) = mCO + mH O Có pư: CO2 + Ca(OH)2  CaCO3  + H2O Nên m  = mCaCO , suy ra: nCO = nCaCO * Nếu khối lượng dd sau pư giảm = mCaCO - ( mCO + mH O) * Nếu khối lượng dd sau pư tăng = ( mCO + mH O) - mCaCO ========================================================================= B Bài tập áp dụng: Oxi hóa hoàn toàn 4,92mg hợp chất hữu A chứa C, H, N, O cho sản phẩm qua bình(I) chứa H2SO4 đậm đặc, bình(II) chứa KOH, thấy khối lượng bình (I) tắng1,81mg, bình (II) tăng thêm 10,56mg Ở thí nghiệm khác nung 6,15mg A với CuO 0,55ml(đktc) khí nitơ Hãy xác định % nguyên tố A.(Đs: %H=4,08%; %C= 58,54%; %N= 11,18%) Giải 1,81m *2 Bình tăng khối lƣợng nƣớc  % H  *100%  4, 09% 18*4,92m 10,56m *12 Bình tăng khối lƣợng CO2:  %C  *100%  58,54% 44*4,92m 4,92 mg - x mg N2 6,15 mg -(0,55*28)/22,4 N2 0.55m  mN2 = 0,55 mg  %N  *100%  11,18% 4,92m  %O = 100% - (%C +%H+%O) = 26,19% Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn Đốt cháy hoàn toàn 0,6574g chất hữu A thu CO2 H2O Dẫn toàn sản phẩm cháy qua bình (1) đựng H2SO4 đ bình (2) đựng dd KOH đ, thấy khối lượng bình (1) tăng 0,7995g , bình (2) tăng 1,564g Xác định % nguyên tố A,( kq: %C = 64,83%, %H = 13,5%) Giải: 0, 7995*2 - Bình tăng khối lƣợng nƣớc sinh ra: %H = *100%  13,51% 0, 6574*18 - Bình tăng khối lƣợng CO2 sinh ra: %O = 100% - (%C +%H) = 21,61% Đốt cháy hoàn toàn m gam chất hữu A cần 2,24 lít khí oxi(đktc) dẫn toàn bợ sản phẩm cháy gồm (CO2, H2O) vào bình đựng dd Ca(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 4,2g đồng thời xuất 7,5g kết tủa Tính m % nguyên tố A( kq: m = 1g; %C = 90%, %H = 10%) Giải: Sản phẩm cháy A gồm CO2 H2O  Bình tăng 4,2 gam  mCO2  mH2O  4, , - Khối lƣợng oxi tham gia phản ứng mO2  32* * Áp dụng ĐLBTKL mA  mO2 ( pu )  mCO2  mH2O * nCO2  n  2, 24  3, 22,  mA  1gam 7,5  0.075 100 0, 075*12 *100%  90% 0,9*2  %H = *100%  10% 1*18  %C = * mH2O  4,  44*0,075  0,9 Đốt cháy hoàn toàn 9g chất hữu X chứa C, H, O oxi không khí, dẫn sản phẩm chấy qua bình đựng nước vôi dư Sau pư thu 45g kết tủa, đồng thời dd giảm 14,4g Tính % khối lượng nguyên tố X ( %C = 60% ; %H = 13,33%) Giải 45 19,8*12 nCO2  n   0.45  mCO2  0.45*44  19,8 gam  %C  *100%  60% 100 44*9 m giam  m  – mCO2  mH2O  14,4  45 – mCO2  mH2O  mH2O  10,8  %H =    10,8*2 *100%  13,33% ; %O = 100% - (%C +%H) = 26,67% 9*18 Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol hợp chất hữu A chứa C, H, O với oxi theo tỷ lệ : Toàn sản phẩm cháy cho qua bình I đựng PdCl2 dư qua bình II đựng dung dịch Ca(OH)2 dư Sau thí nghiệm bình I tăng 0,4g xuất 21,2g kết tủa, bình II có 30g kết tủa CTPT A A C2H4O B C3H4O2 C C2H6O D C3H6O2 Giải Bình đựng PbCl2 hút CO H2O, giải phóng CO2 CO + PbCl2 + H2O  Pb  + CO2  + 2HCl (1) CO2 (1) CO2 pư cháy vào dd Ca(OH)2 CO2 + Ca(OH)2  CaCO3 + H2O 30  nCO2 = nCaCO = 100  0,3 mol 12, Theo pư (1): nCO sinh = nCO = nPb =  0, mol 106  nCO pư cháy = 0,3 – 0,2 = 0,1 mol Khối lượng bình PbCl2 tăng là: mCO + mH O - mCO = 0,4 Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn  mH O = 0,4 + mCO - mCO = 0,4 + 0,2.44 – 0,2.28 = 3,6g (0,2 mol)  mA = mCO + mH O + mCO - mO = 7,2g 7,  MA =  72 CxHyOz 0,1 mC = 12(nCO + nCO ) = 3,6g mH = 2.nH O = 0,4g mO = 7,2 –(3,6 + 0,4) = 3,2g 12 x y 16 z 72  x = ; y = ; z = C3H4O2    3, 0, 3, 7, Có chất hữu A, B, C mà phân tử khối chúng lập thành cấp số cộng chất cháy tạo CO2 H2O, nCO : nH O = :3 CTPT A, B, C A C2H4, C2H4O, C2H4O2 B C2H4, C2H6O, C2H6O2 C C3H8, C3H8O, C3H8O2 D C2H6, C2H6O, C2H6O2 Giải Cách 1: nCO : nH O = :3  nH O > nCO  A, B, C no, có số C số H Như để phân tử chúng lập thành cấp số cộng chúng khác số oxi phân tử Đặt A, B, C: C H O ( x  0) n 2n+2 x nCO2 n      n=2 CnH2n+2 Ox nCO2 + (n + 1)H2O nH 2O n   Công thức có dạng C2H6Ox Vì hợp chất no nên số nguyên tử oxi  số nguyên tử cacbon  x   x = 0, 1,2  C2H6, C2H6O, C2H6O2 nCO2 so C     Đáp án D Cách 2: Ta có tỉ lệ: So H 2* nH 2O Đốt cháy hoàn toàn 3gam hợp chất hữu A thu 4,4gCO2 1,8g H2O Biết tỉ khối A He 7,5 CTPT A A CH2O B CH4 C C2H4O2 D C2H6 Giải nCO2 so C 0,1     Loại B D  Chọn A ( loại C) Giải Cách 1: So H 2* nH 2O 2*0.1 Cách 2: nCO2 = mH2O  Loại B, D M = 30  Chọn A ( loại C) Cách 3: Tính mC, mH, mO lập tỉ lệ: Đốt cháy hoàn toàn 2,64g hidrocacbon A thu 4,032lít CO2(đktc) CTPT A A C6H14 B C6H12 C C3H8 D C3H6 Giải Cách 1: Tìm CTTQ đáp án: A C có CTTQ: CnH2n+2 (TH1) B D có CTTQ: CnH2n (TH2) Tiến hành thử để chọn đáp án:  O2 TH1: Cn H2n2    nCO2 (1) 0.18/n 0.18  14n + = 44n/3  n = (Chọn C)  O2 TH2 Cn H2n    nCO2 (1) 0.18/n 0.18  14n = 44n/3  vô nghiệm (sai)  O2   xCO2 Cách 2: Cx H y  0.18/x 0.18 Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn x  (Chọn C) y Đốt cháy 200ml hợp chất hữu A chứa C, H, O 900 ml O2 thể tích hỗn hợp khí thu 1,3 lít Sau cho nước ngưng tụ chì 700ml Tiếp theo cho qua dung dịch KOH đặc 100ml(các thể tích đo đk) CTPT A A C3H6 B C2H6O C C3H6O C3H8 Giải Có thể tóm tắt lại nhƣ sau:  12x + y = 44x/3  200 ml A (CxHyO) 900 ml O2 CO2 1,3 lít H2O CO2 - H2O 700ml O2 du O2 du - CO2 100ml 600ml 600ml O2 du Do A gồm nguyên tố C, H,O  Loại A, D Thể tích CO2 = thể tích H2O  nCO2 = nH2O  loại C  *Nhận xét: Nếu đề bỏ nguyên tố C, H, O hay Giải theo PHƢƠNG PHÁP PHÂN TÍCH HỆ SỐ CỦA PHƢƠNG TRÌNH PHẢN ỨNG 200 Cx H y Oz  800 O2   600 CO2  600 H2O  x = 3, y = , z =  Chọn B 10 Trộn 400 cm3 hỗn hợp chất hữu A nitơ vớim 900 cm3 oxi dư đốt Thể tích hỗn hợp sau pư 1,4 lít Sau cho nước ngưng tụ 800 cm3, tiếp tục cho qua dung dịch KOH 400 cm3 CTPT A A C2H4 B CH4 C C2H6 D C3H8 Giải 400 ml (A +N2) 900 ml du O2 CO2 1,4 lít H2O CO2 - H2O 800ml Áp dụng công thức: 400ml 600ml N2 - CO2 400ml N2 N2 VCO2 so C 400     Chọn C So H 2*VH 2O 2*600 11 Đốt cháy hoàn toàn 18 gam hợp chất A cần dùng 16,8 lít oxi(đktc) Hỗn hợp sản phẩm cháy gồn CO2 nước có tỉ lệ thể tích VCO : VH O = : Biết tỉ khối A H2 36 CTPT A A C2H6O B C2H6O2 C C3H8O2 D C3H4O2 Cách 1: Tỉ lệ thể tích tỉ lệ số mol đk mCO2 nCO2 M CO2 3.44 11  Do ta có: = = mH 2O nH 2O M H 2O 2.18 16,8 32 = 24g 22, Áp dụng định bảo toàn khối lượng: mCO + mH O = mA + mO pư = 18 + 24 = 42g 11.42  mCO =  33g mH O = 42 – 33 = 9g 11   mC = 9g ; mH = 1g ; mO = 8g ; MA = 72 12 x y 16 z M A  x = ; y = ; z = C3H4O2    mC mH mO mA mO pư = Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn Cách 2: Áp dụng công thức: VCO2 so C 3     Chọn D So H 2*VH 2O 2*2 12 Đốt cháy hoàn toàn m gam hợp chất hữu A thu a gam CO2 b gam H2O Biết 3a = 11b 7m = 3(a+b) CTPT A là:( biết tỉ khối A không khí < 3) A C3H8 B C2H6 C C3H6O2 D C3H4O2 Giải Cách 1: dA < nên MA < 87 a 3a Khối lượng nguyên tố: mC = 12.nCO = 12 = (g) 44 11 11b Vì 3a = 11b  mC =  b (g) 11 b b mH = 2nH O =  (g) 18 11b Vì 7m = 3(a + b) = 3(  b) = 14b  m = 2b b 8b mO = mA – (mC + mH ) = 2b – ( b + ) = (g) 9 b b 8b 1 CTTQ A: CxHyOz : x : y : z = = = : ; CTN A: (C3H4O2)n : : : : 12 9.16 12 18 Mặt khác MA < 87 nên ( 36 + + 32)n < 87 nên n < 1,2 Duy n = A C3H4O2 a 11 Cách 2: 3a = 11b   b a nCO2 so C a 11 Áp dụng công thức:   44  *  *  0, 75  Chọn D So H 2* nH 2O 2* b b 44 44 18 NHẬN XÉT: Áp dụng công thức giải nhanh không dùng kiện đề cho 13 Đốt cháy 1,08g hợp chất hữu X cho toàn sản phẩm chát vào dung dịch Ba(OH)2 thấy bình nặng thêm 4,6g đồng thời tạo thành 6,475g muối axit 5,91g muối trung hòa Tỉ khối X với He 13,5 CTPT X A C3H6O2 B C4H6 C.C4H10 D C3H8O2 Giải Mx = 13,5* = 54  nX = 0,02 mol 5,91 6, 475 BaCO3 =  0,03mol ; Ba(HCO3)2 =  0, 025mol 197 259  CO2 = 0,03 + 0,025* = 0,08 mol ( 3,52g)  mC = 0,08 * 12 = 0,96g  H2O = 4,6 – 3,52 = 1,08g ( 0,06 mol)  mH = 0,06 * = 0,12g  X: CxHy  xC + yH 0,02 0,08 0,12  x=4;y=6 14 Đốt cháy hợp chất hữu A(chứa C H, O) phải dùng lượng oxi lần lượng oxi có A thu CO2 H2O theo tỉ lệ khối lượng mCO : mH O = 22 : Biết tỉ khối A H2 29 CTPT A A C2H6O2 B C2H6O C C3H6O2 D C3H6O Giải Cách 1: Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn y z y  )O2  xCO2 + H2O 2 x 44 x 22 y z Ta có: Mặt khác, số nguyên tử oxi: 2(x +  ) = 8z    y 9y Thay x = 1, y = vào phương trình ta có z = 1/3 Vậy: x : y : z = : 2: 1/3 = : : C3H6O = 58 Cách 2: mC = 6(g) ; mH = 1(g) Bảo toàn nguyên tố: mO(trong A) + mO pư = mO(CO ) + mO(H O) = (22 – 6) + (9 -1) = 24(g) mO ( A) Mà mO pư = 8mO(trong A) hay  mO ( PU ) - CxHyOz + (x + 24.1 24 = 1 24 1 X:y :z= : :  : :  3: :1 12 9.16 (C3H6O)n = 58  n =  C3H6O  mO(trong A) = 15 Ba chất hữu X, Y, Z chứa C, H, O Khi đốt cháy chất, lượng oxi cần dùng lần lượng oxi có chất tính theo số mol thu CO2 H2O có tỉ lệ khối lượng 11 : Ở thể chất nặng không khí d lần( nhiệt độ áp suất) CTĐGN X, Y, Z Giải Ba chất X, Y, Z có tỉ khối so với không khí d lần, Vậy X, Y, Z có phân tử khối - Khi đốt cháy X, Y, Z cần lượng oxi nhau, tạo CO2 H2O có tỉ lệ khối lượng nhau, Vậy X, Y, Z có thành phần nguyên tố y z y - CxHyOz + (x +  )O2  xCO2 + H2O 2 44 x 11 x y z Ta có:    Mặt khác, số nguyên tử oxi: 2(x +  ) = 9z 9y y Thay x = 3, y = vào phương trình ta có z = CTĐGN X, Y, Z C3H8O 16 Đốt cháy hoàn toàn 1,12gam hợp chất hữu A cho hấp thụ toàn sản phẩm cháy dung dịch Ba(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 3,36g Biết nCO = 1,5nH O tỉ khối A với H2 nhỏ 30 CTPT A A C3H4O B C3H4O2 C C3H6O D C3H8O Giải CO2 + H2O = 3,36g 3x*44 + 2x*18 = 3,36  x = 0,02  mC = 0,06*12 = 0,72g ; mH = 0,08g ; 1,12  0,72  0,08 nO =  0,02 16 x : y : z = 0,06 : 0,08 : 0,02 = 3:4:1 (C3H4O)n < 60  n = A C3H4O 17 Đốt cháy hoàn toàn hợp chất hữu X (C, H, O) có CTPT trùng với CTĐGN, ta thu thể tích khí CO2 ¾ thể tích H2O 6/7 thể tích O2 pư(các thể tích đo đk).CTPT X A C2H6O B C2H4O2 C C3H8O3 D C3H6O2 Giải Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn y z y  ) O2  xCO2 + H2O 2 n C 3 x CO2  = VH O  =  = H 2.nH 2O 2.4 y CxHyOz + (x + Vì VCO 6 y z VO  x = ( x   ) (2) 7 Thế x = 3; y = vào (2)  z = Vậy X có CTPT C3H8O3 VCO = 18 Một hợp chất hữu mạch hở A có chứa C, H, O chứa loại nhóm chức Khi đốt cháy lượng A thu số mol H2O gấp đôi số mol CO2, cho A tác dụng với Na dư cho số mol H2 ½ số mol A phản ứng CTCT A Giải Từ số mol H2O gấp đôi số mol CO2  tỉ lệ số H : số C = : - A tác dụng với Na cho số mol H2 = ½ số mol A pư  A có nguyên tử H linh động, A có nhóm –OH hay nhóm COOH - Trong axit đơn chức ( CnH2nO2) axit no đơn chức có tỉ lệ số H : số C lớn : (nên loại) - A ancol đơn chức có : CnH2n+ – 2k Vậy 2n + – 2k = 4n Chỉ có k = n = phù hợp Vậy CTCT A CH3OH 19 Đốt cháy 23g hợp chất hữu A thu 44g CO2 27g H2O.xác định CTCT A biết A tác dụng với Na sinh H2 Giải 23 nCO = mol < nH O = 1,5 mol  A hợp chất no Chứng minh A có chứa Oxi mC = 12 nCO = 12.1 = 12gam C mH = nH O = 1,5 = 3gam H mO = 23 – ( 12 + 3) = 8gam O 12 : :  : :1 CTĐGN: (C2H6O)n Do A hợp 12 16 chất no nên y = 2x+2  6n = 2.2n +  n = Vậy CTPT A C2H6O Do A tác dụng với Na nên A ancol CH3CH2OH Gọi CTTQ A: CxHyOz: x : y : y = 20 Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol chất hữu A, chia lượng CO2 thu sau pư làm hai phần nhau: * Dẫn phần qua dung dịch chứa 0,85 mol Ba(OH)2 thấy kết đạt giá trị cực đại * Dẫn phần qua dung dịch chứa 0,75 mol Ca(OH)2 thấy kết đạt giá trị cực đại sau tan bớt phần Biết A tác dụng với Na NaOH Công thức A A CH3 – C6H4 – OH B (CH3)2C6H3 – OH C C6H5 – CH2OH D C6H5 – CH2 – CH2OH Giải y CxHyOz  xCO2 + H2O  0,2x(mol) 0,2  Phần 1: CO2 + Ba(OH)2  BaCO3 + H2O 0,1x……………… 0,1x Vì kết tủa cực đại, nên nCO ≤ nBa(OH)  0,1x ≤ 0,85  x ≤ 8,5  Phần 2: CO2 + Ca(OH)2  CaCO3 + H2O Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn CO2 + CaCO3 + H2O  Ca(HCO3)2 Vì kết tủa cực đại tan bớt phần nên nCO > nBa(OH)  0,1x > 0,75  x > 7,5 Vậy x = Theo đề bài, A (CH3)2C6H3OH 21 22 Đốt cháy hoàn toàn lượng hợp chất hữu X thu 3,36 lít CO2; 0,56 lít Nhà nước( khí đo đktc) 3,15g H2O Khi X tác dụng với dung dịch NaOH thu sản phẩm có muối H2N – CH2 – COONa CTCT thu gọn X A H2N – CH2 – COOC3H7 B H2N – CH2 – COOCH3 C H2N – CH2 – COOH D H2N – CH2 – COOC2H5 Giải t y CxHyOzNt  xCO2 + H2O + N2 2 0,15… 0,175… 0,02  x : y : z = 0,15 : 0,35 : 0,05 = : : Do X tác dụng với NaOH tạo H2N – CH2 – COONa Chứng tỏ: X chứa 1N  3C 7H chứa gốc axit NH2 – CH2 – COO Chọn B: NH2 – CH2 – COOCH3 23 Cho 5cm3 CxHy thể khí 30cm3 O2 lấy dư vào khí nhiên kế Sau bật tia lửa điện làm lạnh khí nhiên kế thể tích khí lại 20cm3 có 15cm3 bị hấp thụ KOH, phần lại bị hấp thụ photpho CTPT hidrocacbon A C3H8 B C4H10 C C2H6 D CH4 Giải Ta có: VCO = 15 cm3; VO dư = 20 – 15= cm3; VO pư = 30 – 5= 25 cm3; y y CxHy + (x + )O2  xCO2 + H2O 5cm3… 25cm3…… 15cm3  x = ; y = CTPT C3H8 24 Đốt cháy hoàn toàn 2,85g hợp chất hữu X phải dùng vừa hết 4,20 lít O2(đktc) Sản phẩm cháy chứa CO2 H2O theo tỉ lệ khối lượng 44 : 15 CTĐGN X A CH2O B C2H3O C C3H5O D C3H4O Giải 4, 20 mCO + mH O = mX + mO = 2,85 + 32 = 8,85(g) 22, mặt khác: mCO : mH O = 44 : 15  mCO = 6,6(g) ; mH O = 2,25(g)  nC = 0,15(mol) ; nH = 0,25(mol) ; nO = 0,05(mol)  x : y : z = : :  CTĐGN X C3H5O 25 Để đốt cháy hoàn toàn 4,45g hợp chất hữu cơA phải dùng vừa hết 4,20 lít O2(đktc) Sản phẩm cháy gồm có 3,15g H2O 3,92 lít hỗn hợp khí gồm CO2 Nhà nước(các thể tích đo đktc) CTĐGN A A C3H7NO2 B C5H5NO2 C CH4ON2 D C2H3NO2 Giải 4, 20 mCO + mN = mA + mO - mH O = 4,45 + 32 – 3,15 = 7,3(g) 22, Gọi: nCO = a mol ; nN = b mol Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn 3,92  0,175 (1) 44a + 28b = 7,3 (2) Từ (1)(2)  a = 0,15; b = 0,025 22,  nC = 0,15(mol) ; mN = 0,05(mol) ; nO = 0,1( mol) ; nH = 0,35  CxHyOzNt : y : z : t = : : : Chọn A: C3H7NO2 26 Đốt cháy hoàn toàn lít khí X cần lít oxi, sau pư thu lít CO2 lít nước Biết thể tích đo điều kiện CTPT X A C3H6 B C3H8 C C3H8O D C3H6O2 Giải: nCO2 C x  CTTQ X: CxHyOz: = =  (C3H8)nOz Ta có: 8n ≤ 2.3n +  n = C3H8Oz H 2.nH 2O y a+b= z C3H8Oz +( - ) O2  3CO2 +4 H2O z Mặt khác: nO = = (5 - )  z =  Chọn B 27 Hợp chất hữu A chứa ( C, H, O) Khi hóa 0,31g A thu thể tích thể tích 0,16g oxi điều kiện Mặt khác 0,31g A tác dụng hết với Na tạo 112ml H2(đktc).CTCT A Giải 0,31 nA = nO = 0,005 mol ; MA =  62 0, 005 Vì A chứa C, H, O mà A pư với Na  CTTQ A: (HO)nR(COOH)m nm )H2  CTTQ A: (HO)nR(COOH)m + Na  (NaO)nR(COONa)m + ( 0,112 0,005  0,005 22, Suy ra: n + m = Vì MA = 62 nên có giá trị n = m = Vậy CTCT A C2H4(OH)2 28 Một hợp chất hữu mạch hở A có chứa C, H, O chứa loại nhóm chức Khi đốt cháy lượng A thu số mol H2O gấp đôi số mol CO2, cho A tác dụng với Na dư cho số mol H2 ½ số mol A phản ứng CTCT A Giải Từ số mol H2O gấp đôi số mol CO2  tỉ lệ số H : số C = : - A tác dụng với Na cho số mol H2 = ½ số mol A pư  A có nguyên tử H linh động, A có nhóm –OH hay nhóm COOH - Trong axit đơn chức ( CnH2nO2) axit no đơn chức có tỉ lệ số H : số C lớn : (nên loại) - A ancol đơn chức có : CnH2n+ – 2k Vậy 2n + – 2k = 4n Chỉ có k = n = phù hợp Vậy CTCT A CH3OH 29 Khi đốt cháy hoàn toàn 4,4g hợp chất hữu X đơn chức thu sản phẩm cháy gồm 4,48 lít CO2(đktc) 3,6g H2O cho 4,4g X tác dụng với NaOH vừa đủ pư kết thúc thu 4,8g muối axit hữu chất hữu Y Tên X A etylpropionat B metylpropionat C isopropyl axetat D etyl axetat Giải X: CxHyOz : x : y : z = nC : nH : nO = 0,2 : 0,4 : 0,1  CTĐGN X: C2H4O Do X + NaOH  muối axit hữu + Chất hữu Y  X este có CTPT C4H8O2 4,8 4,  nX = = R + 67  R = 29  0, 05  MY = 88 0, 05 Y: C2H5COONa; X: C2H5COOCH3 Chọn B Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn 30 Đốt cháy hoàn toàn 3,02g gồm muối natri axit ankanoic liên tiếp dảy đồng đẳng thu Na2CO3, H2O 0,085 mol CO2 Công thức hai muối A C2H5COONa C3H7COONa B HCOONa C2H5COONa C C4H9COONa C5H11COONa D C3H7COONa C4H9COONa Giải: 31 Đốt cháy hoàn toàn 0,90g chất hữu A (chứa C, H, O)thu 0,672lít CO2(đktc) 054g H2O.Tỉ khối A so với oxi 2,8125 CTPT A A C2H6O2 B C3H6O3 C C3H6O2 D C3H4O2 32 Nicotin có khói thuốc hợp chất độc, gây ung thư phổi Đốt cháy 33.Oxi hóa hoàn toàn 0,42g chất hữu X thu khí cacbonic nước mà dẫn toàn vào bình chứa nước vôi lấy dư khối lượng bình tăng thêm 1,86g, đồng thời xuất 3g kết tủa Mặt khác hóa lượng chất X người ta thu thể tích vừa thể tích khí nitơ có khối lượng tương đương điều kiện CTPY X A C4H10 B C4H10O C C5H10 D C5H10O Giải  nCO = nCaCO = 0,03 mol ∆mbình tăng = mCO + mH O = 1,86  mH O = 1,86 – (0,03.44) = 0,54g  mO = m mN 2 Tìm Mx: Vx = VN  nx = nN  X  ; M X 28 5 5.28 mà mX = mN , nên: MX =  70 12 x y 70  x = 5; y = 10 Công X; CxHy :   0,36 0, 06 0, 42 34 Phân tích 1,85g chất hữu A tạo thành CO2, HCl hước Toàn sản phẩm phân tích dẫn vào bình chứa lượng dư dung dịch AgNO3 thấy khối lượng bình chứa tăng 2,17g, xuất 2,87g kết tủa thoát sau 1,792 lít khí nhất(đktc) Số đồng phân A A B C D Giải 2,87 1, 792 nHCl = nAgCl = = 0,02 mol; nCO = = 0,08 mol 143,5 22, ∆mbình tăng = mHCl + mH O = 2,17  mH O = 2,17 – (0,02.36,5) = 1,44g Khối lương nguyên tố: 1, 44 mC = 0,08 12 = 0,96g ; mH = mH(HCl) + mH(H O) = (0,02.1 + ) = 0,18g 18 mCl = 0,02.35,5 = 0,71g  mO = CTPT A: C4H9Cl  A có đp (2n-2) 35 Oxi hóa hoàn toàn 4,6g hợp chất hữu A CuO đun nóng Sau pư thu 4,48 lít CO2(đktc) H2O, đồng thời nhận thấy khối lượng CuO ban đầu giảm bớt 9,6g CTPT A là: A C2H6O B C3H8O C C2H6O2 D C4H12Ò2 4, 48 - mC = 12.nCO = 12  2,4g 22, Khối lượng CuO ban đầu giảm khối lượng oxi pư mO = 9,6g Sơ đồ: A + O2  CO2 + H2O Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn mH O = ( mA + mO ) – mCO = ( 4,6 + 9,6) = 44 0,2 = 5,4g  mH = 2nH O = 0,6g  mO = 4,6 – (2,4 + 0,6) = 1,6g 2, 0, 1,  x:y;z= : : 2 : : 12 16  Công thức nguyên A (C2H6O)n hay C2nH6nOn Đk: số H  2.số C +  6n  2.2n +  n   A: C2H6O HIDROCACBON Chất A ankan thể khí Để đốt cháy hoàn toàn 1,2 lít A cần dùng vừa hết 6,0 lít oxi lấy đk Cho chất A tác dụng với clo 25oC có ánh sáng, thu dẫn xuất monoclo A? A B C D Giải 3n  CnH2n+2 +( )O2 nCO2 + (n+1)H2O 12  1,2 =  n =  C3H8  Chọn B 3n  Dẫn 16,8 lít hỗn hợp X gồm hai hidrocacbon vào bình đựng dung dịch B2 dư Sau pư xảy hoàn toàn, có gam brom pư lại 1,12 lít khí Nếu đốt cháy hoàn toàn 1,68 lít X sinh 2,8 lít CO2 CTPT hai hidrocacbon( khí đo đktc) A CH4 C2H4 B CH4 C3H6 C CH4 C3H4 D C2H6 C3H6 Giải Hỗn hợp X gồm X1 pư với dung dịch brom, X2 ankan 1,68 1,12 nX =  0,025  nBr2  X1 anken 22, Đặt X CxHy  xCO2 0,075  0,075x = 0,125  x = 1,667  Trong X phải có CH4( 0,05 mol) anken CnH2n( 0,025 mol) CH4  CO2 CnH2n  nCO2 0,05 0,05 0,025 0,025n  0,05 + 0,025n = 0,125  n = Vậy anken C3H6 CHọn B Cho hidrocacbon X pư với br2( dung dịch) theo tỉ lệ mol : 1, thu chất hữu Y ( chứa 74,08% Br khối lượng) Khi X pư với HBr hai sản phẩm hữu khác tên X A but – 1- en B but – – en C propilen D xiclopropan Giải R 25,92  R = 56 (C4H8) Công thức Y: RBr2, ta có:  160 74, 08 CTPT X C4H8 Vì X tác dụng với HBr tạo hai sản phẩm khác nên X phải anken bất đối xứng CTCT X CH2 = CH – CH2 – CH3 Đốt cháy hoàn toàn hai hidrocacbon đồng đẳng liên tiếp cần 1,35 mol O2 tạo thành 0,8 mol CO2 CTPT hidrocacbon A C2H4, C3H6 B C2H2, C3H4 C CH4, C2H6 D C2H6, C3H8 Giải Đốt cháy hoàn toàn 0,3 mol hỗn hợp X gồm anken A ankadien B(cùng số nguyên tử H) thu Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn mol CO2 CTPT A B A C2H2, C3H4 B C3H6, C4H6 C C4H8, C5H8 D C5H10, C6H10 Hỗn hợp A gồm anken hidro có tỉ khối H2 6,4 Cho A qua Ni đun nóng hỗn hợp B có dB/H = 8(giả thiết hiệu suất pư 100%) CTPT anken A C2H4 B C3H6 C C4H8 D C5H10 Giải Xét mol hỗn hợp A gồm: a mol CnH2n (1 – a) mol H2 Ta có: 14n.a + 2(1-a) = 12,8 (1) Hỗn hợp B có M = 16 < 14n ( với n ≥ 2)  hỗn hợp B có H2 dư CnH2n + H2  CnH2n+2 Bđ: a mol……… (1-a)mol  Pư: a a……………a(mol) sau pư hỗn hợp B gồm (1-2a) mol H2 dư a mol CnH2n+2  tổng nB = (1- a) mol m 12,8  a = 0,2 BTKL: mA = mB  nB = B  (1 – a) = 16 MB Thay a= 0,2 vào (1) ta có: 14*0,2*n + 2(1 – 0,2) = 12,8  n =  C4H8 Hỗn hợp A gồm hidrocacbon X oxi có tỉ lệ mol tương ứng : 10 Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp thu hỗn hợp khí Y Cho Y qua dung dịch H2SO4 đặc, thu hỗn hợp khí Z có tỉ khối hidro 19 CTPT X A C3H8 B C3H6 C C4H8 D C3H4 Giải Chọn hỗn hợp gồm CxHy( mol) O2( 10 mol) y y CxHy + (x + ) O2  xCO2 + H2O y  Hỗn hợp khí Z gồm x mol CO2 [ 10 – ((x + ) mol O2 dư M Z = 19*2 = 38 nCO 44 nCO2  38 = nO2 nO 32 y )  8x = 40 – y  x = ; y = ( C4H8) Cho 4,48 lít hỗn hợp X(ở đktc) gồm hai hidrocacbon mạch hở lội từ từ qua dung dịch chứa 1,4 lít dung dịch Br2 0,5M Sau pư hoàn toàn, số mol Br2 giảm phân nửa khối lượng bình tăng thêm 6,7gam CTPT hai hidrocacbon A C2H2 C4H6 B C2H2 C4H8 C C3H4 C4H8 D C2H2 C3H6 Giải 0, nhhX = 0,2 mol; nBr ban đầu = 0,7 mol ; nBr pư =  0,35mol Khối lượng bình brom tăng khối lượng hidrocacbon không no CnH1n+2-2a + aBr2  CnH1n+2-2aBr2a 0,35 6, a =  n = 2,5 0,2………0.35 mol  1, 75  14n + – 2a = 0, 0, Do hai hidrocacbon mạch hở pư hoàn toàn với dung dịch Br2 nên chúng không no Vậy : C2H2 C4H8 x = 10 – x - Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn Có V lít hỗn hợp khí A gồm H2 hai olefin đồng đẳng liên tiếp, H2 chiếm 60% thể tích Dẫn hỗn hợp khí A qua Ni đun nóng hỗn hợp khí B Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp khí B 19,8g CO2 13,5g H2O Công thức hao olefin A C2H4 C3H6 B C3H6 C4H8 C C4H8 C5H10 D C5H10 C6H12 Giải: nC H 0,  Chọn hỗn hợp khí A mol : n n  nH 0, Áp dụng BTKL BTNT  Đốt cháy B đốt cháy A Ta có: CnH2n  nCO2 + nH2O (1) H2  H2O(2) Theo (1): nCO = nH O = 0,45 mol  nC n H 2n = 0, 45 ( mol) n Tổng nH O = 13,5 = 0,75 mol  nH O(pt2) = 0,75 – 0,45 = 0,3 mol  nH = 0,3 mol 18 nCn H n 0, 45 Ta có: =   n = 2,25  C2H4 C3H6 nH 0,3n 10 Để đốt cháy lượng hidrocacbon X cần 7,68g O2 sản phẩm cháy dẫn qua bình (1) đựng H2SO4 đặc, sau qua bình (2) đựng Ca(OH)2 dư thấy bình (1) tăng 4,32g, bình (2) có m gam kết tủa m có giá trị A 1,0 B 1,2 C 10 D 12 Giải Ta có: nO = 0,24 mol ; nH O = 0,24 mol y y CxHy + ( x+ ) O2  xCO2 + H2O (đk: y ≤ 2x + ) y y y   4x ≤ 2x +  CH4 a = 0,24 ( x+ ) a = 0,24  x = 4 0, 48  a= = 0,12 vậy: nCO = 0,12 mol  m  = 0,12 100 = 12g 11 Trong bình kín chứa hidrocacbon X hidro Nung nóng đến pư hoàn toàn thu ankan Y Ở nhiệt độ, áp suất bình trước nung gấp 3lần áp suất bình sau nung Đốt cháy lượng Y thu 8,8g CO2 5,4g H2O CTPT X A C2H2 B C2H4 C C4H6 D C3H4 Giải n 0, Gọi ankan Y: CnH2n+2  nCO2 +(n+1)H2O   n = (C2H6)  n  0,3 x x CnH2n+2-x + H2  CnH2n+2 hay C2H6-x + H2  C2H6 2 x 0,1 0,1 0,1 x Đề bài: (0,1+ 0,1) = 0,1  x = Vậy X C2H2 * Trong bình kín chứa hỗn hợp A gồm hidrocacbon X H2 với Ni Nung nóng bình thời gian ta thu khí B Đốt cháy B, thu 8,8g CO2 5,4g H2O Biết VA = 3VB Công thức X A C3H4 B C3H8 C C2H2 D C2H4 Giải Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn B: CxHy  xCO2 + nCO2 0, 2 x 0, x y       C2H6 H2O nH 2O 0,3 y 0,3 y Do VA = 3VB  X: C2H2 12 Đốt cháy 3,4g hidrocacbon A tạo 11,0g CO2 Mặt khác, 3,4g A tác dụng với lượng dư AgNO3/NH3 thấy tạo thành a gam kết tủa CTPT A A C4H4 B C3H4 C C2H2 D C5H8 Giải 3, 0, 25 CxHy  xCO2   3,4x = 3x + 0,25y  0,4x – 0,25y =  y = 1,6x  12x  y x Do A tác dụng với AgNO3/NH3 tạo kết tủa nên: y ≤ 2x –  1,6x ≤ 2x –  x ≥ Chọn D: C5H8 13 Cho lượng anken X tác dụng với H2O( có xt H2SO4) chất hữu Y, thấy khối lượng bình đựng nước ban đầu tăng 4,2g cho lượng X tác dụng với HBr thu chất Z, thấy khối lượng Y, Z thu khác 9,45g CTPT X A C2H4 B C3H6 C C4H8 D C5H10 Giải CnH2n + H2O  CnH2n+1OH ; CnH2n+ HBr  CnH2n+1Br 9, 45 Theo pư ta có: nC n H n1 OH = nC n H n1 Br = = 0,15 mol = nC n H 2n 80  17 4, = 28 (C2H4)  MC n H 2n = 0,15 14 Đốt cháy hoàn toàn lít hỗn hợp gồm axetilen hidrocacbon no A thu lít CO2 lít H2O( thể tích đo đk) CTPT A A CH4 B C2H4 C C2H6 D C3H4 Giải y CTTB hỗn hợp: CxHy  xCO2 + H2O  x = 2; y = 2lít 4lít 4lít Do hỗn hợp gồm C2H2 CxHy  x = ; y = Chọn C 15 Cho 5cm3 CxHy thể khí với 30cm3 O2 lấy dư vào khí nhiên kế Sau bật tia lửa điện làm lạnh, khí nhiên kế 20cm3 mà 15cm3 bị hấp thụ bới KOH Phần lại hấp thụ bới photpho CTPT hodrocacbon A C2H4 B C2H6 C C3H6 D C3H8 Giải Theo đề: VCO = 15cm3  VO dư = 20 - 15 = 5cm3  VO pư = 30 - = 25cm3 y y CxHy + (x + ) O2  xCO2 + H2O  x=3;y=8 5cm3 25cm3 15cm3 16 Trộn 10 ml hidrocacbon khí với lượng oxi dư làm nổ hỗn hợp tia lửa điện Làm cho nước ngưng tụ thể tích hỗn hợp thu sau pư giảm 30ml Phần lại cho qua dung dịch KOH thể tích hỗ hợp giảm 40ml CTPT hidrocacbon A C2H6 B C3H6 C C4H6 D C4H8 Giải VCO = 40ml ; VH O = 30ml y y CxHy + (x + ) O2  xCO2 + H2O 10ml 40ml 30 ml  x = ; y = Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn 17 Khi đốt lít khí X, cần lít oxi, sau pư thu lít CO2 lít nước, biết thể tích khí đo điều kiện CTPT X A C2H6 B C2H6O C C3H8 D C3H8O Giải Theo đề; 1mol khí X cần 5mol O2 , tạo mol CO2 mol H2O CxHyOz + 5O2  3CO2 + 4H2O Số nguyên tử Oxi: z + 5.2 = 3.2 +  z = X: C3H8 18 Có hỗn X gồm hidrocacbon A CO2 Cho 0,5 lít hỗn hợp X với 2,5 lít O2( lấy dư) vào khí nhiên kế sau bật tia lửa điện thu 3,4 lít hỗn hợp khí hơi, tiếp tục làm lạnh 1,8 lít sau cho qua KOH 0,5 lít CTPT A A C2H6 B C3H6 C C3H8 D C3H4 Giải VH O = 3,4 – 1,8 = 1,6 lít VO pư = 2,5 – 0,5 = lít Gọi a(lít) thể tích CxHy hỗn hợp ban đầu VCO hỗn ban đầu = (0,5 – a) lít y y CxHy + (x + ) O2  xCO2 + H2O ay ay a ax+ ax ay Ta có: VH O = = 1,6  ay = 3,2 VCO = ax = (0,5 – a)  ax = 0,8 + a ay 3, VO = ax+ =  0,8 + a + =  a = 0,4 4 0,8  0, 3, nên x = 3 y= 8 0, 0, 19 Đốt cháy hoàn toàn hdrocacbon A cần dùng 28,8g oxi 13,44 lít CO2(đktc) Biết tỉ khối A không khí d với < d , 2,5 CTPT A A C4H8 B C5H10 C C5H12 D C4H10 Vì A hidrocacbon, mà đốt cháy ta có: nO pư = nCO + nH O 28,8 13, 44  nH O = 2(nO pư - nCO ) = 2(  ) = 0,6 mol 32 22, Ta có: mC = 12 nCO 7,2g ; mH = nH O = 1,2g 7, 1, A: CxHy: x:y=   1:  (CH2)n 12 M Mà: < d < 2,5  < A < 2,5  58 < MA < 72,5 29 Hay 58 < 14n < 72,5  4,1 < n < 5,2  n =  C5H10 20 Đốt cháy hoàn toàn a(g) hidrocacbon A mạch hở Sản phẩm cháy dẫn vào bình chứa nước vôi dư, thu 3g kết tủa, đồng thời bình nặng thêm 1,68g CTPT A nCO = nCaCO = 0,03 mol khối lượng bình tăng = mCO + mH O  mH O = 1,68 – 0,03.44 = 0,36g  nH O = 0,02 mol nCO = 0,03 mol > nH O = 0,02 mol  A ankin ankadien: CnH2n - CnH2n –  nCO2 + (n -1)H2O  n = C3H4 0,03 0,02 Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn 21 Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp hai hidrocacbon( phân tử 14u), thu 5m(g)CO2 3m(g) H2 CTPT hai hidrocacbon A C3H8, C3H6 B C2H6, C3H8 C C2H2; C3H4 D C3H6; C4H6 y Đặt công thức trung bình: CxHy  xCO2 + H2O nCO2 x 5m 18 x 15      nH 2O y 44 3m y 22  y = 2,93x > 2x  hai hidrocacbon ankan Và lúc này: y = 2x + = 2,93x = 2x +  x = 2,15  C2H6 C3H8 22 Hỗn hợp 14 hidrocacbon dãy đồng đẳng, đánh số theo chiều tăng dần phân tử khối từ X1 đến X14 Biết tỉ khối X14đối với X1 7,5 Đốt cháy 0,1 mol X2 dẫn sản phẩm cháy vào bình đựng nước vôi dư khối lượng bình tăng thêm A 18,6g B 20,4g C 16,8g D 8,0g Đặt X1 CxHy  X14 CxHy(CH2)13 M X14 12 x  y  182  7,5   7,5  78 x  6,5 y  182 Ta có: M X1 12 x  y Lập bảng: x y 16 -52  X1 C2H4 X2 C3H6 C3H6  3CO2 + 3H2O 0,1 0,3 0,3 Khối lượng bình tăng (mCO + mH O) = 0,3.44 + 0,3 18 = 16,8g 23 Khi đốt cháy hoàn toàn lượng hidrocacbon X lượng vừa đủ O2 Cl2, người ta thấy thể tích O2 Cl2 1,25( xét điều kiện) X A C3H6 B C3H8 C C4H6 D C4H8 y y y CxHy + (x+ ) O2  xCO2 + H2O CxHy + Cl2  xC + yHCl 2 y ay a a((x+ ) a y a( x  ) VO2 = 1,25  x  0,5 y  1, 25 Theo đề bài: = 1,25  y VCl2 y a x  X C3H8   0,375  y ANCOL Đốt cháy hoàn toàn ancol X thu CO2 H2O theo tỉ lệ mol tương ứng : Thể tích oxi cần dùng để đốt cháy X 1,5 lần thể tích khí CO2 thu được( đk) CTPT X A C3H8O3 B C3H4O C C3H8O2 D C3H8O Giải nCO2 C x  CxHyOz: =   X: (C3H8)nOz có 8n ≤ 2.3n +  n = C3H8Oz H 2.nH 2O y z C3H8Oz +( - ) O2  3CO2 + 4H2O Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn z  nO = 1,5n CO2  ( - ) = 3.1,5  z = Vậy X: C3H8O 2 X ancol no mạch hở Đốt cháy hoàn toàn 0,05 mol X cần 5,6g oxi, thu nước 6,6g CO2 Công thức X A C3H5(OH)3 B C3H6(OH)2 C C2H4(OH)2 D C3H7OH Giải 3n   x CnH2n+2Ox + ( )O2  nCO2 + (n+1)H2O 0,05 0,175 0,15  n = ; x = Chọn A Oxi hóa 4gam ancol đơn chức X oxi không khí( có xt đun nóng) thu 5,6g hỗn hợp andehit, ancol dư hước X có công thức A CH3OH B C2H5OH C C3H5OH D C3H7OH Giải Đốt cháy hoàn toàn lượng ancol X, thu 8,8g CO2 5,4g H2 O Mặt khác , cho 0,2 mol X tác dụng với Na(vừa đủ) 4,48 lít H2(đktc) X có CTPT A C2H6O B C2H6O2 C C3H8O3 D C3H8O2 Giải Số H: số C = 2mol H2O : mol CO2 = 6:2 X: C2H6Oz hay C2H6-Z(OH)z  C2H6-Z(OH)z z/2H2 z/2  z = chọn B 0,2 0,2 Đốt cháy hoàn toàn 0,3 mol ancol no X, thu 21,6gH2O mặt khác 0,1 mol X tác dụng với Na(vừa đủ) thu 3,36 lít H2(đktc) X có CTPT A C2H6O B C2H6O2 C C3H8O3 D C3H8O2   Giải: CnH2n+2-x(OH)x x/2H2 CnH2n-1(OH)3 (n+1)H2O  n = ( chọn D) 0,1……………… 0,15  z = 0,3…………… 1,2 Đun nóng hỗn hợp gồm hai ancol đơn chức, mạch hở với H2SO4 đặc, thu ete Lấy 7,2g ete đem đốt cháy hoàn toàn, thu 8,96 lít CO2(đktc) va 7,2g H2O Hai ancol A CH3OH C3H7OH B C2H5OH CH2=CH – CH2OH C CH3OH CH2 = CH – CH2OH D C2H5OH C3H6(OH)2 Giải soH 2nH 2O  Cách 1: nCO = 0,4; nH O = 0,4 Ta có : =  CTPT ete C4H8Oz soC nCO2 Vì ancol đơn chức nên ete thu đựơc đơn chức nên z = Chỉ có đáp án C thõa mãn Cách 2: nCO = 0,4  nC = 0,4 mol , nH O = 0,4  nH = 0,8 mol 7,  (0, 4.12  0,8) nO =  0,1 : C : H ; O = 0,4 : 0,8 : 0,1 = : : 16 Công thức nguyên ete: (C4H8O)n Vì ancol đơn chức nên ete thu đựơc đơn chức nên n = CTPT ete: C4H8O Đốt cháy ete thu H2O CO2 với số nên ete không no, có liên kết đôi hai ancol tạo ete CH3 CH2 = CH – CH2OH Câu CTPT ancol no đa chức X, có số nguyên tử C số nguyên tử O, tỉ khối X so với không khí nhỏ 3, là: A CH2(OH)CH2(OH) Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn B CH2(OH)CH(OH)CH(OH)CH2(OH) C CH2(OH)CH(OH)CH2(OH) D CH2(OH)CH2CH2(OH) ĐA: A CnH2n+2-k (OH)k , k  n, n  2, k  2, k, n nguyên Số nguyên tử C = số nguyên tử O nên n=k  CnH2n+2On  30n + 2.nancol  hỗn hợp có CH3OH (tạo HCHO phản ứng cho lượng Ag gấp đôi andehit đơn chức khác) Vậy hỗn hợp có CH3OH RCH2OH với số mol 0,1/2 = 0,05 (mol) CH3OH + CuO  HCHO + Cu + H2O RCH2OH + CuO  RCHO + Cu + H2O Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn HCHO + 4AgNO3 + 6NH3 + 2H2O  4NH4NO3 + (NH4)2CO3 + 4Ag  RCHO + 2AgNO3 + 3NH3 + H2O  2NH4NO3 + RCOONH4 + 2Ag  mancol = 32.0,05 + (R + 31).0,05 = 4,6  R - C2H5 Vậy CH3OH CH3CH2CH2OH Câu Ancol bị oxi hoá CuO cho sản phẩm có khả tham gia phản ứng tráng gương A propan-2-ol B etanol C pentan-3-ol D 2-metylpropan-2-ol Câu Oxi hoá ancol đơn chức X CuO (đun nóng), sinh sản phẩm hữu xeton Y (tỉ khối Y so với khí hiđro 29) Công thức cấu tạo X A CH3-CHOH-CH3 B CH3-CH2-CHOH-CH3 C CH3-CO-CH3 D CH3-CH2-CH2-OH Câu (DH-10-A): Oxi hoá hết 2,2 gam hỗn hợp hai ancol đơn chức thành anđehit cần vừa đủ 4,8 gam CuO Cho toàn lượng anđehit tác dụng với lượng dư dung dịch AgNO3 NH3, thu 23,76 gam Ag Hai ancol là: A CH3OH, C2H5CH2OH B CH3OH, C2H5OH C C2H5OH, C3H7CH2OH D C2H5OH, C2H5CH2OH ĐA: A n ancol = nCuO = 0,06; M = 2,2/0,06 = 40  Trong hỗn hợp ancol có chứa CH3OH ( M =32) (HOẶC: nAg = 0,22 mol; n ancol = nCuO = 0,06  nAg > 2.n ancol  Hỗn hợp ancol có chứa CH3OH) CH3OH  HCHO  4Ag x x 4x RCH2OH  RCHO  2Ag y y 2y x + y = 0,06; 4x + 2y = 0,22  x = 0,05; y = 0,01  m RCH2OH = 2,2 – 0,05.32 = 0,6 (g)  M RCH2OH = 0,6/0,01 = 60  R = 29 Vậy C2H5CH2OH ANDEHIT X hỗn hợp andehit đơn chức Chia 0,12 mol X làm hai phần - Đốt cháy hết phần I 6,16g CO2 1,8g H2O - Cho phần II tác dụng với lượng dư AgNO3/NH3 đun nóng 17,28g Ag X gồm hai andehit có CTPT A CH2O C3H4O B CH2O C2H4O C CH2O C4H6O D CH2O C3H6O Giải AgNO3 / NH3 Phần II: 0,06 mol X  0,16 mol Ag nAg   2, 67  Hỗn hợp andehit gồm: HCHO (amol) CxHyO(b mol) nandehit Ta có hệ phân tử: a + b = 0,06(1) 4a + 2b = 0,16  a = 0,02 b = 0,04 O2 Phần I: HCHO (amol) CxHyO(b mol)   (0,02 + 0,04x)mol CO2 (0,02+ 0,02y) mol H2O ta có hệp pt: (0,02 + 0,04x) = 0,14 (1) (0,02+ 0,02y) = 0,1 (2)  x = y = Vậy X gồm: HCHO C3H4O Chọn A Gia sư Thành Được www.daythem.edu.vn ESTE Xà phòng hóa hoàn toàn 21,8g chất hữu X ba chức( chứa C, H, O) cần vừa đủ 300 ml dung dịch NaOH 1M Cô cạn dung dịch sau pư thu 24,6g muối khan CTPT X A (HCOO)3C3H5 B (CH3COO)3C3H5 C C3H5(COOC2H5)3 D (C3H7COO)3C3H5 Giải 21,8 0,3 nNaOH = 0,3 mol  nX =  218  0,1  MX = 0,1 X có hai trường hợp (RCOO)3R/ R(COOR/)3 - Nếu : (RCOO)3R/ + 3NaOH  3RCOONa + R/(OH)3 0,1 0,3 0,3(mol) 24, MMuối =  82  MR = 15(CH3) ; MR / = 41(C3H5)  X (CH3COO)3C3H5 0,3 - Nếu: R(COOR/)3 làm tương tự ta thấy không phù hợp loại AMIN AMINO AXIT 0,1 mol amino axit X, công thức có dạng R(NH2)n(COOH)m tác dụng vừa đủ với 0,2 mol HCl, sản phẩm tạo thành phản ứng vừa hết với dung dịch chứa 0,3 mol NaOH Giá trị n m A 2; B 2; C 1; D./ 1; ... 3a = 11b   b a nCO2 so C a 11 Áp dụng công thức:   44  *  *  0, 75  Chọn D So H 2* nH 2O 2* b b 44 44 18 NHẬN XÉT: Áp dụng công thức giải nhanh không dùng kiện đề cho 13 Đốt cháy 1,08g... n < 2,8 chọn n=2 Câu Ancol no, đa chức mạch hở X có công thức thực nghiệm (CH3O)n CTPT X là: A CH4O B C3H8O3 C C2H6O2 D C4H12O4 ĐA: C Công thức thực nghiệm X (CH3O)n hay CnH3nOn Theo điều kiện... Ba(OH)2 thấy kết đạt giá trị cực đại * Dẫn phần qua dung dịch chứa 0,75 mol Ca(OH)2 thấy kết đạt giá trị cực đại sau tan bớt phần Biết A tác dụng với Na NaOH Công thức A A CH3 – C6H4 – OH B (CH3)2C6H3