Tạo hứng thú học tập cho học sinh bằng kỹ thuật bỏ bớt chất

SỞ GIÁO DỤC VÀ ĐÀO TẠO THANH HOÁ TRƯỜNG THPT NGUYỄN TRÃI _ SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM TẠO HỨNG THÚ HỌC TẬP CHO HỌC SINH BẰNG KỸ THUẬT BỎ BỚT CHẤT Người thực hiện: Dương Đình Luyến Chức vụ: Giáo viên SKKN thuộc lĩnh vực (môn): Hóa học THANH HOÁ NĂM 2017 MỤC LỤC TT I Mục Trang MỞ ĐẦU 1.1 Lý chọn đề tài 1.2 Mục đích nghiên cứu 1.3 Đối tượng nghiên cứu 1.4 Phương pháp nghiên cứu NỘI DUNG SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM 2.1 Cơ sở lý luận 2.2 Thực trạng 2.3 Các giải pháp sử dụng 2.3.1 Kỹ thuật bỏ bớt chất áp dụng tập hóa vô 2.3.2 Kỹ thuật bỏ bớt chất áp dụng tập hóa hữu 13 2.4 Hiệu sáng kiến kinh nghiệm 19 III KẾT LUẬN VÀ KIẾN NGHỊ 20 3.1 Kết luận 20 3.2 Kiến nghị 20 II TÀI LIỆU THAM KHẢO I MỞ ĐẦU 1.1 Lí chọn đề tài “Tạo hứng thú học tập cho học sinh” việc làm quan trọng cần thiết nhằm nâng cao chất lượng dạy học nhà trường Đây công việc thể tâm tài người giáo viên – người giữ vai trò định hướng, chèo lái thuyền tri thức cho hệ học trò Công việc phù hợp với tinh thần phương pháp dạy học mới, nhằm định hướng cho học sinh cách ghi nhớ khắc sâu kiến thức học có chủ động tâm cho học Qua thực tế, thấy việc “tạo hứng thú học tập cho học sinh” chưa đầu tư thỏa đáng học thực trọng Đây lí khiến không học sinh sợ gặp tập dạng mới, phức tạp chẳng hào hứng vào học Và điều ảnh hưởng đến chất lượng, hiệu học nói chung, học Hoá học nói riêng Trong năm qua, ngành Giáo dục nước nhà có thay đổi lớn lao, có đổi phương pháp dạy học Thiết nghĩ, việc “tạo hứng thú học tập môn Hoá học cho học sinh” góp phần vào công đổi chung, góp phần nâng cao chất lượng học Hoá học Từ vấn đề trên, với mong muốn đóng góp phần nhỏ bé vào việc tìm tòi phương pháp dạy - học thích hợp cho học sinh, tạo hứng thú cho học sinh học tập đặc biệt nâng cao kết kỳ thi THPT quốc gia tới em nên mạnh dạn chọn đề tài sáng kiến kinh nghiệm: “Tạo hứng thú học tập cho học sinh kỹ thuật bỏ bớt chất” 1.2 Mục đích nghiên cứu - Giúp học sinh có phương pháp, kĩ năng, thói quen, từ “tạo hứng thú học tập cho học sinh”, nâng cao kết kỳ thi, nâng cao chất lượng dạy học - Giúp học sinh tự hình thành tri thức, có lực tư duy, không ngừng tìm tòi kỹ thuật giải toán hóa học - Đề tài dùng làm tài liệu tham khảo cho giáo viên giảng dạy môn Hoá học 1.3 Đối tượng, phạm vi nghiên cứu - Kỹ thuật bỏ bớt chất giải toán hóa học giúp học sinh trường THPT Nguyễn Trãi giải nhanh tập TNKQ khó, thiếu kiện 1.4 Phương pháp nghiên cứu - Trên sở hệ thống kiến thức sách giáo khoa, sách giáo viên, sách tham khảo thông qua kinh nghiệm học tập giảng dạy thân, xây dựng phương pháp giải toán số tập vận dụng - Phương pháp thực nghiệm thống kê Thực nghiệm sư phạm để kiểm nghiệm tính thực tiễn hiệu phương án đề xuất - Tổ chức dạy đánh giá trường THPT Nguyễn Trãi II NỘI DUNG SÁNG KIẾN KINH NGHIỆM 2.1 Cơ sở lí luận Sự hứng thú thành phần bất biến đặc trưng cho môn học Bởi, nói học sinh học Hóa học môn khó có học sinh khác học giỏi hóa học yêu thích nó? Vì vậy, tác nhân gây hứng thú chắn thuộc thân môn học, mà nằm nguyên nhân khác - Do không hiểu bài: Không hiểu bài, em thấy khó khăn, thấy khó khăn học sinh nắm bắt được, nắm bắt nên em cảm thấy thứ mơ hồ, không rõ ràng, vô hướng Do đó, em đương nhiên có hứng thú học kết học tập xuống điều dễ hiểu - Do phương pháp giảng dạy: Đôi hứng thú học bắt nguồn từ công tác giảng dạy Chúng ta cần phải ý thức lại việc giảng dạy Giáo viên, trước hết phải người gợi mở, dẫn dắt phải tạo hứng thú việc tiếp thu kiến thức học sinh Không thế, ngày giáo viên mắc lỗi phổ biến khiến em không hứng thú học là: thiếu tính sáng tạo giảng dạy Khi phải học kiểu giảng dạy có đọc chép từ tập giáo trình năm không soạn lại hứng thú em chìm vào giấc ngủ từ Vấn đề đòi hỏi cải thiện nhiều từ đội ngũ giáo viên Với môn Hóa học – môn Khoa học tự nhiên khô khan, đầy số, người giáo viên cần phải sáng tạo phương pháp giảng dạy để HS có tích cực, chủ động, từ tháo gỡ khó khăn học tập đặc biệt toán khó Điều góp phần động viên cổ vũ tinh thần em, tạo hứng thú học tập, say mê nghiên cứu, tìm tòi phát giải vấn đề đặt Đối với toán đơn giản em giải lần nhớ, với tập Hoá học phức tạp, thiếu kiện việc đưa phương pháp giải phù hợp, đơn giản giúp nhiều học sinh giải đòi hỏi nhà giáo phải không ngừng đổi tìm tòi Trên thực tế, dạng tập đề cho thiếu kiện khiến học sinh trung bình khó đáp ứng yêu cầu Vì vậy, thầy cô hướng dẫn cho em số kỹ thuật để giải tập loại này, chắn tăng hứng thú cho học sinh 2.2 Thực trạng vấn đề trước áp dụng sáng kiến kinh nghiệm Thực trạng chung: Trong trình giảng dạy môn Hoá học trường phổ thông, nhận thấy dạng tập đề cho số kiện số ẩn (nhiều chất mà số kiện lại ít), để giải tập loại thường phải sử dụng định luật, định lý bảo toàn electron, bảo toàn nguyên tố, bảo toàn khối lượng … kỹ thuật quy đổi, ghép ẩn… Tuy nhiên học sinh trung bình việc vận dụng điều nói khó khăn Đối với học sinh: Trước hết phải công nhận thực học sinh có lực tư hạn chế số học sinh trường bạn (do chất lượng đầu vào thấp) nên việc tiếp thu kiến thức nhiều hạn chế Đối với học sinh trung bình học sinh khá, việc vận dụng nhiều kỹ thuật định luật bảo toàn giải toán mà số lượng chất nhiều số kiện đề cho hơn, gặp nhiều khó khăn Đối với đa số học sinh giải toán hóa học, em thường quen làm tốt toán có số kiện số ẩn để em lập hệ phương trình giải Đối với giáo viên: Trong ôn tập, luyện thi nhiều thời gian để giải giải lại dạng tập loại này, kiến thức khó rộng, phải sử dụng nhiều định luật, định lý bảo toàn mà việc nhận biết định luật việc khó em, học sinh dễ rơi vào tình trạng buông xuôi, hứng thú với tập dạng Vậy để em biết cách giải dạng tập cách dễ dàng, qua giúp em có hứng thú học tập môn hoá học, rút ngắn thời gian giải tập, nâng cao điểm số kỳ thi có sử dụng câu hỏi trắc nghiệm khách quan Xuất phát từ thực tiễn đó, đưa kỹ thuật bỏ bớt chất để giúp em giải toán khó cách dễ dàng Sau thời gian áp dụng nhận thấy vấn đề có ý nghĩa thực tiễn nên lấy làm sáng kiến kinh nghiệm cho thân Với hy vọng đề tài góp phần nhỏ vào việc dạy học hóa học trường phổ thông 2.3 Các giải pháp sử dụng 2.3.1 Kỹ thuật bỏ bớt chất áp dụng tập hóa vô - Với kỹ thuật bỏ bớt chất, giữ lại đề, bỏ bớt số chất đề cho phù hợp (bằng) với số kiện đề Đây kỹ thuật thực đơn giản, áp dụng cho nhiều đối tượng học sinh làm chí học sinh THCS Học sinh cần biết đặt ẩn giải hệ phương trình với kỹ tối thiểu người học hóa học sử dụng công thức tính toán kỹ thuật tính theo phương trình - Điều kiện để giải toán theo kỹ thuật toán phải có đáp số cụ thể (tức toán phải có khả giải được) - Một số lưu ý thực kỹ thuật bỏ bớt chất : + Bỏ bớt vài chất cho đảm bảo nguyên tắc “bao nhiêu ẩn số phải có nhiêu phương trình” + Chất bỏ không làm thay đổi chất toán vi phạm điều kiện làm kiện cụ thể đề + Không thay đổi số kiện đề cho Ví dụ Hoà tan hoàn toàn 2,81g hỗn hợp gồm Fe2O3, MgO, ZnO 500 ml dung dịch H2SO4 0,1M (vừa đủ) Sau phản ứng, cô cạn dung dịch thu muối khan có khối lượng A 6.81g B 4,81g C 3,81g D 5,81g Phân tích: Với toán trên, ta đặt số mol chất hỗn hợp x, y z ta lập phương trình toán học : 160x + 40y + 81z = 2,81 (1) Và: 3x + y + z = 0,05 (2) Việc giải hệ phương trình toán học để tìm giá trị x, y z việc số ẩn nhiều số phương trình Đối với HS có lực học trung bình đến thấy bế tắc phương hướng tìm lời giải cho toán Tuy nhiên, muốn tìm khối lượng muối ta cần tìm giá trị biểu thức : m = 400x + 120y + 161z Muốn phải sử dụng đến kỹ thuật ghép ẩn, phân tích biểu thức cần tìm biểu thức giá trị có: Ta có: m = 400x + 120y + 161z = 160x + 40y + 81z + 240x + 80y + 80z Từ đó: m = (160x + 40y + 81z) + 80(3x + y + z) = 2,81 + 80.0,05 = 6,81→ đáp án A Bên cạnh sử dụng thêm phương pháp khác bảo toàn khối lượng tăng giảm khối lượng Tuy nhiên với HS có lực tư tảng toán học yếu việc tiếp thu phương pháp nêu khó khăn dẫn đến chán nản bỏ Nếu dùng kỹ thuật bỏ bớt chất hỗn hợp việc giải toán lại trở nên đơn giản Thậm chí HS THCS vận dụng Thật vậy, số chất với số kiện đề bỏ bớt hỗn hợp chất, chẳng hạn bỏ bớt ZnO ta Fe2O3 MgO Dễ dàng lập hệ PT : 160x + 40y = 2,81 3x + y = 0,05 Giải ra: x = 0,02025; y = -0,01075 Vậy khối lượng muối = 400x + 120y = 400.0,02025 -120.0,01075 = 6,81 Hoàn toàn tương tự ta bỏ bớt Fe 2O3 MgO không làm thay đổi kết toán Ví dụ Hòa tan 5,73 gam hỗn hợp X gồm NaH 2PO4, Na2HPO4 Na3PO4 vào nước dư thu dung dịch Y Trung hòa hoàn toàn Y cần 75 ml dung dịch NaOH 1M, thu dung dịch Z Khối lượng kết tủa thu cho Z tác dụng hết với dung dịch AgNO3 dư A 12,57 gam B 16,776 gam C 18,855 gam D 18,385 gam Hướng dẫn: Bỏ bớt Na3PO4 cho dễ, hỗn hợp có NaH2PO4 Na2HPO4 với số mol x y Ta có hệ phương trình: 120x + 142y = 5,73 2x + y = 0,075 Giải x = 0,03, y = 0,015 → Tổng số mol PO43- = Ag3PO4 = 0,045 mol Khối lượng kết tủa = 0,045.419 = 18,855 gam → đáp án C Ví dụ Hoà tan hoàn toàn 3,22g hỗn hợp X gồm Fe, Mg Zn lượng vừa đủ H2SO4 loãng thấy thoát 1,344 lít H (ở đktc) dung dịch chứa m gam muối Giá trị m A 10,27g B 8.98 C 7,25g D 9,52g Hướng dẫn: Bỏ bớt Zn, hỗn hợp có Fe Mg Hệ PT có được: 56x + 24y = 3,22 x + y = 0,06 Giải được: x = 0,055625 y = 0,004375 Khối lượng muối thu được: m = 152x + 120y = 8,98g → đáp án B Ví dụ Hòa tan hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm K, K2O, KOH, KHCO3 K2CO3 lượng vừa đủ dung dịch HCl 14,6%, thu 6,72 lít (đktc) hỗn hợp gồm hai khí có tỉ khối so với hidro 15 dung dịch Y có nồng độ 25,084% Cô cạn dung dịch Y 59,6 gam muối khan Giá trị m gần với A 36 B 46 C 28 D 37 Phân tích: Đây toán khó nhiều học sinh có học lực trung bình Việc vận dụng kỹ thuật toán học phức tạp Tuy nhiên vận dụng kỹ thuật bỏ bớt chất toán trở nên đơn giản nhiều Với toán ta không bỏ K hay KHCO làm chất toán Đề cho ta hỗn hợp khí xác định (H CO2) có số mol khối lượng cụ thể Do bỏ K KHCO3 có khí Chúng ta bỏ bớt K2CO3 cho dễ Hỗn hợp có K, K2O, KOH KHCO3 Số mol KCl = 0,8 nên HCl phản ứng = 0,8 mol Khối lượng HCl = 29,2 gam Hai khí thu H2 CO2 Số mol H2 = 0,1 CO2 = 0,2 Suy ra: nK = 0,2, KHCO3 = 0,2 Số mol H2O tạo = 0,8 – 0,2 - số mol KHCO3 = 0,4 BTKL: m + 29,2 = 0,3.30 + 59,6 + 18.0,4 Vậy m = 46,6 gam → đáp án B Ví dụ Hòa tan 23,8 g hỗn hợp muối cacbonat kim loại hóa trị I muối cacbonat kim loại hóa trị II vào dung dịch HCl dư thu 4,4 g khí Nếu cô cạn dung dịch sau phản ứng thu m gam muối khan Giá trị m gần với A 26 B 23 C 24 D 25 Hướng dẫn: Bỏ bớt muối, giả sử hỗn hợp có MCO3 Số mol CO2 = 4,4/44 = 0,1 mol Suy số mol MCO3 = 0,1 Vậy MCO3 = 23,8/0,1 = 238 => M = 238-60 = 178 Muối thu MCl2 với số mol = 0,1 mol Từ đó: m = 0,1(178+71) = 24,9 gam → đáp án D * Một số toán tương tự: Bài Hoà tan 17,5 gam hợp kim Zn – Fe –Al vào dung dịch HCl dư thu V lít H2 (đktc) dung dịch A Cô cạn A thu 31,7 gam hỗn hợp muối khan Giá trị V A 1,12 lít B 3,36 lít C 4,48 lít D 2,24 lít Hướng dẫn: Chúng ta bỏ bớt kim loại Al, hỗn hợp có Zn Fe Hệ PT lập : 65x + 56y = 17,5 136x +127 y = 31,7 Giải ra: x = 0,7 y = - 0,5 Ta có: số mol H2 = x + y = 0,2 mol Vậy: V = 4,48 lít → đáp án C Bài Hòa tan hoàn toàn 8,94 g hỗn hợp gồm Na, K Ba vào nước thu đc dung dịch X 2,688 lít khí H (đktc) Dung dịch Y gồm HCl H 2SO4 tỉ lệ tương ứng : Trung hòa vừa đủ dung dịch X dung dịch Y, tổng khối lượng muối tạo A 13,70g B 12,78g C 18,46g D 14,26g Hướng dẫn: Chúng ta bỏ bớt Na đi, hỗn hợp có K BaO Ta có: 39x + 137y = 8,94 (1) Và: 0,5x + y = 0,12 (2) Giải ta được: x = 15/59 y = -21/2950 Vậy, tổng số mol OH- = x + 2y = 0,24 mol Trung hòa vừa đủ nên tổng số mol H+ = OH- = 0,24 mol Đặt số mol H2SO4 = a số mol HCl = 4a Suy ra: 2a + 4a = 0,24=> a = 0,04 Tổng khối lượng muối thu được: m = 39.15/59 – 137.21/2950 + 35,5.0,16 + 96.0,04 = 18,46 gam → đáp án C Bài Hỗn hợp X gồm Na, Ca, Na2O, CaO Hòa tan hết 51,3 gam hỗn hợp X vào nước thu 5,6 lít H (đktc) dung dịch kiềm Y có 28 gam NaOH Hấp thụ 17,92 lít khí SO2 (đktc) vào dung dịch Y thu m gam kết tủa Giá trị m A 72 gam B 60 gam C.96 gam D 54 gam Hướng dẫn: Do đề cho ta chất, kiện có (đó khối lượng hỗn hợp = 51,3 gam; thể tích H2 = 5,6 lít khối lượng NaOH = 28 gam) Do ta bỏ bớt chất số chất số kiện đề Ta bỏ bớt Na, hỗn hợp có Ca, Na 2O CaO với số mol x, y z Ta có: x = 0,25, y = 0,35 z = (51,3-10-21,7)/56 = 0,35 Vậy tổng số mol OH- = 2x + 2y + 2z = 1,9 mol Số mol SO2 = 0,8 Suy số mol SO32- = 0,8, số mol Ca2+ = x + z = 0,6 mol Vậy khối lượng kết tủa 0,6.120 = 72 gam → đáp án A Bài Hỗn hợp X gồm Na, Ba, Na 2O BaO Hòa tan hoàn toàn 21,9 gam X vào nước, thu 1,12 lít khí H (đktc) dung dịch Y chứa 20,52 gam Ba(OH)2 Cho Y tác dụng với 100 ml dung dịch Al 2(SO4)3 0,5M, thu m gam kết tủa Giá trị m A 27,96 B 29,52 C 36,51 D 1,50 Hướng dẫn: Tương tự toán trên, bỏ bớt Na 2O Hỗn hợp có Na, Ba BaO với số mol x, y z Ta có : 23x + 137y + 153z = 21,9; x/2 + y = 0,05 y + z = 0,12 Giải ra: x = 0,14, y = -0,02 z = 0,14 Vậy số mol Ba2+ = 0,14-0,02 = 0,12 mol OH- = 0,14 + 0,12.2 = 0,38 mol Số mol Al3+ = 0,1 mol, SO42- = 0,15 mol Kết tủa: BaSO4 = Ba2+ = 0,12 mol Al(OH)3 = 4Al3+ - OH- = 0,02 mol Vậy m = 0,12.233 + 0,02.78 = 29,52 gam → đáp án B Bài Cho 86,3 gam hỗn hợp X gồm Na, K, Ba Al 2O3 (trong oxi chiếm 19,47% khối lượng) tan hết vào nước, thu dung dịch Y 13,44 lít khí H (đktc) Cho 3,2 lít dung dịch HCl 0,75M vào dung dịch Y Sau phản ứng xảy hoàn toàn, thu m gam kết tủa Giá trị m A 10,4 B 27,3 C 54,6 D 23,4 Hướng dẫn: Bỏ bớt K ta Na, Ba Al2O3 Bài không bỏ Al2O3 không nguyên tố O hỗn hợp nữa! Khối lượng O = 86,3.19,47% = 16,8 gam =>Số mol O = 1,05 mol Vậy số mol Al2O3 = 0,35 mol =>Khối lượng Al2O3 = 35,7 gam Ta có : 0,5x + y = 0,6 23x + 137y = 86,3-35,7 = 50,6 Giải ra: x = 316/455 y = 23/91 Số mol OH- = x + 2y = 316/455 + 46/91 = 1,2 mol Al2O3 + 2OH- → 2AlO2- + H2O Số mol AlO2- = 0,7 → OH- dư = 0,5 Số mol HCl = 2,4 mol OH- + H+ → H2O 0,5 → 0,5 AlO2- + H+ + H2O 0,7 → 0,7 → Al(OH)3 → 0,7 Al(OH)3 + 3HCl → AlCl3 + 3H2O 0,4 ← 1,2 Vậy Al(OH)3 = 0,3 mol Suy ra: m = 0,3.78 = 23,4 gam → đáp án D 10 Bài Hỗn hợp X gồm MgO, CaO, Mg Ca Ḥòa tan 21,44 gam hỗn hợp X dung dịch HCl vừa đủ thu 6,496 lít H (đktc) dung dịch Y có 24,70 gam MgCl2 x gam CaCl2 Giá trị x A 29,97 gam B 31,08 gam C 32,19 gam D 34,41 gam Hướng dẫn: Bỏ bớt MgO chẳng hạn Dễ dàng lập PT: 56x + 24y + 40z = 21,44 (1) Số mol H2 = y + z = 0,496/22,4 = 0,29 (2) Số mol MgCl2 = y = 24,7/95 = 0,26 (3) Từ (1), (2) (3) ta có : x = 0,25, y = 0,26 z = 0,03 Suy số mol CaCl2 = x + z = 0,28 Vậy khối lượng CaCl2 = 0,28.111 = 31,08 gam → đáp án B Bài Cho 23,2 gam hỗn hợp X gồm FeO, Fe 2O3 Fe3O4 số mol FeO Fe2O3 Số mol HCl cần dùng để phản ứng với hỗn hợp X A 0,4 B 0,6 C 0,8 D 1,0 Hướng dẫn: Bỏ bớt Fe3O4, hỗn hợp có FeO Fe2O3 Ta có hệ PT: 72x + 160y = 23,2 Và: x – y = (do số mol FeO Fe2O3) Giải được: x = y = 0,1 mol Từ dễ dàng tính số mol HCl = 2x + 6y = 0,8 mol → đáp án C Bài Hỗn hợp X gồm Al, Al2O3, Fe oxit sắt O chiếm 18,49% khối lượng Hòa tan hết 12,98 gam X cần vừa đủ 627,5 ml dung dịch HNO3 1M thu dung dịch Y (không chứa muối Fe2+) 0,448 lít hỗn hợp Z (đktc) gồm NO N2 có tỉ lệ mol tương ứng 1:1 Làm bay dung dịch Y thu m gam muối Giá trị m A 60,272 B 51,242 C 46,888 D 62,124 Hướng dẫn: Chúng ta bỏ oxit sắt, hỗn hợp có Al, Al2O3 Fe Ta có khối lượng oxi = 12,98.18,49% = 2,4 gam 11 Đặt số mol Al, Al2O3 Fe x, y z Ta có: 27x + 102y + 56z = 12,98 (1) Số mol O: 3y = 2,4/16 = 0,15 (2) Số mol NO = N2 = 0,01 Đặt số mol NH4NO3 = t, ta 3x + 3z = 0,01.3 + 0,01.10 + 8t => 3x + 3z – 8t = 0,13 (3) Bảo toàn nguyên tố nitơ ta được: 3x + 6y + 3z + 2t + 0,01 + 0,01.2 = 0,6275 => 3x + 6y + 3z + 2t = 0,5975 (4) Nhân PT (4) với cộng vào PT (3) ta : 15x + 24y + 15z = 2,52 (5) Giải (1), (2) (5) được: x = -369/3625; y = 0,05; z= 688/3625 t = 0,01675 Vậy giá trị m là: m = 213.(-369/3625) + 2.213.0,05 + 242.688/3625 + 0,01675.80 = 46,888 gam → đáp án C Bài Lấy 14,3g hỗn hợp X gồm Mg, Al, Zn đem đốt nóng oxi dư, sau phản ứng xảy hoàn toàn nhận 22,3g hỗn hợp Y gồm oxit Thể tích dung dịch HCl 1M tối thiểu cần dùng để hòa tan hết hỗn hợp Y A 500 ml B 800 ml C 1000 ml D 750 ml Hướng dẫn: Bỏ bớt Al hỗn hợp Mg Zn với số mol x y Ta có: 24x + 65y = 14,3 40x + 81y = 22,3 Giải được: x = 91/205 y = 23/410 Vậy: nHCl = 2x + 2y = mol => Vdd HCl = lit = 1000 ml → đáp án C Bài 101 Hỗn hợp X gồm Na, Ba, Na 2O BaO Hòa tan hoàn toàn 21,9 gam X vào nước, thu 1,12 lít khí H (đktc) dung dịch Y, có 20,52 gam Ba(OH)2 Hấp thụ hoàn toàn 6,72 lít khí CO (đktc) vào Y, thu m gam kết tủa Giá trị m 12 A 23,64 B 15,76 C 21,92 D 39,40 Hướng dẫn: Bỏ bớt Na2O hỗn hợp gồm Na, Ba, BaO với số mol x, y, z Ta có: 23x + 137y + 153z = 21,9 (1) Theo pthh: x/2 + y = 0,05 nên x + 2y = 0,1 (2) Lại có : số mol Ba(OH)2 = y + z = 0,12 (3) Từ (1, (2) (3) ta tìm x = 0,14; y = -0,02; z = 0,14 Mặt khác: số mol OH- = x + 2y + 2z = 0,14 – 0,02.2 +0,14.2 = 0,38 mol Trong số mol CO2 = 0,3 mol Vậy số mol CO32- = OH- – CO2 = 0,08 HCO3- = 0,22 Mà số mol Ba2+ = 0,12 => số mol kết tủa BaCO3 = CO32- = 0,08 mol => Khối lượng kết tủa BaCO3 = 0,08.197 = 15,76 gam → đáp án B Trong trang này: Bài “của” tác giả, 10 tham khảo từ tài liệu tham khảo số 2.3.2 Kỹ thuật bỏ bớt chất áp dụng hóa hữu Kỹ thuật bỏ bớt chất không áp dụng cho toán hóa vô mà sử dụng tập hóa hữu Ví dụ Cho 19,4g hỗn hợp X gồm : CH3COOH, HCOOH (COOH)2 tác dụng vừa đủ với 200ml dung dịch NaHCO3 2M Khối lượng muối thu A 28,2g B 40,4g C 35,4g D 44,2g Hướng dẫn: Với kiện số chất lại nên vận dụng kỹ thuật bỏ bớt chất thiết lập hệ PT toán học giải Theo ta bỏ bớt axit oxalic (COOH)2, hỗn hợp lại CH 3COOH HCOOH với số mol tương ứng x y Ta có : 60x + 46y = 19,4 (1) Và : x + y = 0,4 (2) 13 Giải ta được: x = 1/14 y = 23/70 Vậy khối lượng muối m = 82.1/14 + 68.23/70 = 28,2 gam → Đáp án A Ví dụ Cho 5,62 g hỗn hợp gồm axit axetic, axit propanoic, axit acrylic tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ thu 7,38g hỗn hợp muối khan Số mol NaOH phản ứng A 0,02 mol B 0,04 mol C 0,06 mol D 0,08 mol Hướng dẫn : Bỏ bớt axit, ta dễ dàng lập hệ phương trình giải Nếu bỏ axit acrylic ta hệ PT : 60x + 74y = 5,62 (1) Và : 82x + 96y = 7,38 (2) Giải : x = 3/140 y = 41/700 => Số mol NaOH phản ứng = x + y = 0,08 mol → Đáp án D Ví dụ Đốt cháy hoàn toàn 122,6 gam hỗn hợp X gồm anđêhit acrylic, C5H6O, C6H8O2 axit axetic O2 dư thu 5,9 mol CO y mol H2O Giá trị y A 2,15 B 4,3 C 1,15 D 3,3 Hướng dẫn: Bỏ bớt C5H6O C6H8O, hỗn hợp C3H4O (anđêhit acrylic) C2H4O2 (axit axetic) (Do đề cho kiện khối lượng hỗn hợp số mol CO2) Đặt số mol chất x y, ta hệ PT : 56x + 60y = 122,6 (1) Và : 3x + 2y = 5,9 (2) Giải ta : x = 1,6 y = 0,55 Vậy số mol H2O : y = 2x + 2y = 4,3 mol → Đáp án B Ví dụ Đốt cháy hoàn toàn 3,08 gam hỗn hợp X gồm metyl axetat, etyl fomat vinyl axetat O2 dư thu 0,12 mol nước Phần trăm khối lượng vinyl axetat hỗn hợp A 27,92% B 36,18% C 41,86% D 58,23% Hướng dẫn: 14 Bỏ bớt metyl axetat, hỗn hợp etyl fomat (C3H6O2) vinyl axetat (C4H6O2) với số mol tương ứng x y Ta có : 74x + 86y = 3,08 3x + 3y = 0,12 Giải ta : x = 0,03 y = 0,01 Vậy, % khối lượng vinyl axetat = 0,86/3,08 = 27,92% → Đáp án A Chú ý : Nếu bỏ bớt vinyl axetat hệ PT vô nghiệm Do metyl axetat etyl fomat lại có công thức phân tử, tức lập PT chúng giống nhau, đồng nghĩa với việc bỏ bớt kiện đề bài! * Một số tập tương tự: Bài 12 Hỗn hợp X gồm H2, C2H4 C3H6 có tỉ khối so với H2 9,25 Cho 22,4 lít X (đktc) vào bình kín có sẵn bột Ni Đun nóng bình thời gian, thu hỗn hợp khí Y có tỉ khối so với H2 10 Tổng số mol H2 phản ứng A 0,070 mol B 0,015 mol C 0,075 mol D 0,050 mol Hướng dẫn : Bỏ bớt C3H6, hỗn hợp gồm H2 C2H4 co số mol tương ứng x y Ta có : 2x + 28y = 2.9,25 =18,5 (1) x + y = 1(2) Giải : x = 19/52 y = 33/52 H2 + C2H4 → C2H6 Trong trang này, ví dụ “của” tác giả, tham khảo từ tài liệu tham khảo số Gọi số mol H2 phản ứng a, ta có hỗn hợp khí Y gồm: H2 dư = (19/52 – a);C2H4 dư = (33/52 - a); C2H6 = a Tổng số mol hỗn hợp Y = (1- a) Vậy : 2(19/52 - a) + 28(33/52 – a) + 30a = 20(1 - a)  18,5 = 20 – 20a Giải a =0,075 → Đáp án C Bài 23 Hỗn hợp X gồm hiđro, propen, axit acrylic, ancol anlylic (C 3H5OH) Đốt cháy hoàn toàn 0,75 mol X, thu 30,24 lít khí CO (đktc) Đun nóng X với bột Ni thời gian, thu hỗn hợp Y Tỉ khối Y so với X 1,25 Cho 0,1 mol Y phản ứng vừa đủ với V lít dung dịch Br 0,1M Giá trị V 15 A 0,6 B 0,5 C 0,3 D 0,4 Hướng dẫn: Bỏ bớt axit acrylic, ancol anlylic Hỗn hợp X gồm H C3H6 với số mol tương ứng x y Ta có : x + y = 0,75 Và : y = 0,45 Gọi số mol H2 phản ứng với C3H6 a Ta : a = 0,15 mol Vậy hỗn hợp Y : C3H8 = 0,15; C3H6 = 0,3; H2 = 0,15 Suy : 0,6 mol Y có 0,3 mol C3H6 0,1 mol Y có 0,05 mol C3H6 Vậy số mol Br2 phản ứng = 0,05 mol => V = 0,5 → Đáp án B Bài 34 Hỗn hợp X gồm ancol metylic, etylenglicol Cho m gam X phản ứng hoàn toàn với Na dư, thu 2,24 lít khí H (đktc) Đốt cháy hoàn toàn m gam X, thu a gam CO2 Giá trị a A 8,8 B 6,6 C 2,2 D 4,4 Hướng dẫn: Bỏ bớt etyen glicol, hỗn hợp có metylic Số mol H2 = 0,1 → số mol CH3OH = 0,2 Vậy đốt CH3OH số mol CO2 = 0,2 mol → khối lượng CO2 = 8,8 gam → Đáp án A 3, Trong trang này, tác giả tham khảo tài liệu tham khảo số Bài 45 Đốt cháy hoàn toàn 13,36 gam hỗn hợp X gồm axit metacrylic, axit ađipic, axit axetic glixerol (trong số mol axit metacrylic số mol axit axetic) O2 dư, thu hỗn hợp Y gồm khí Dẫn Y vào dung dịch chứa 0,38 mol Ba(OH) 2, thu 49,25 gam kết tủa dung dịch Z Đun nóng Z lại xuất kết tủa Cho 13,36 gam hỗn hợp X tác dụng với 140 ml dung dịch KOH 1M, sau phản ứng xảy hoàn toàn, cô cạn dung dịch thu chất rắn khan có khối lượng A 19,04 gam B 18,68 gam C 14,44 gam D 13,32 gam Hướng dẫn : 16 Bỏ axit ađipic! Không thể bỏ axit acrylic axit axetic phải nguyên kiện đề số mol axit acrylic số mol axit axetic Không bỏ glixerol, hỗn hợp axit tác dụng với KOH, chất toán bị thay đổi Ta có : 86x + 60y + 92z = 13,36 x–y=0 và: 4x + 2y + 3z = 0,51 Giải : x = 0,06; y = 0,06; z = 0,05 Chất rắn : C3H5COOK = 0,06; CH3COOK = 0,06; KOH dư = 0,02 Vậy m = 124.0,06 + 98.0,06 + 56.0,02 =14,44 gam → Đáp án C Bài 56 Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp gồm xenlulozơ, tinh bột, glucozơ sacarozơ cần 2,52 lít O2 (đktc), thu 1,8 gam nước Giá trị m A 3,60 B 3,15 C 5,25 D 6,20 Hướng dẫn: Bỏ bớt xenlulozơ tinh bột, hỗn hợp glucozơ x mol saccarozơ y mol Ta có hệ PT : 6x + 12y = 0,1125 6x + 11y = 0,1 Giải : x = -0,00625 y = 0,0125 Vậy m = -180.0,00625 + 342.0,0125 = 3,15 gam → Đáp án B 5, Trong trang này, tác giả tham khảo tài liệu tham khảo số tác giả tham khảo tài liệu tham khảo số Bài 67 Hỗn hợp X gồm glyxin, alanin axit Glutamic (trong nguyên tố oxi chiếm 41,2% khối lượng) Cho m gam X tác dụng với dung dịch NaOH dư, thu 20,532 gam muối Giá trị m A 13,8 B 12,0 C 13,1 D.16,0 Hướng dẫn: Bỏ bớt axit glutamic, hỗn hợp có glyxin (C 2H5O2N) x mol alanin (C3H7O2N) y mol Ta có: (32x + 32y)/(75x + 89y) = 41,2/100 => 110x – 466,8y = 17 Và: 97x + 111y = 20,532 Giải ta x = 1167/7000; y = 11/280 Vậy giá trị m = 75x + 89y = 16,0 gam Bài Đốt cháy 34,5 gam hỗn hợp X gồm saccarozơ, mantozơ, glucozơ, fructozơ axit axetic cần vừa đủ 1,18 mol O2 Tính số mol H2O cần dùng để phản ứng với hỗn hợp X Hướng dẫn: Bỏ bớt mantozo, fructozơ axit axetic, hỗn hợp saccarozơ (C12H22O11) glucozơ (C6H12O6) với số mol tương ứng x y Ta có: 342x + 180y = 34,5 (1) 12x + 6y = 1,18 (2) Giải được: x = 0,05 y = 29/300 Số mol nước thu = 11x + 6y = 1,13 mol Bài Cho m gam hỗn hợp X gồm C6H5CH2OH, CH3OH, C2H4(OH)2 C3H5OH tác dụng với Na dư thu 1,344 lít H (đktc) Mặt khác đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X thu 0,27 mol CO 0,31 mol nước Tìm giá trị m? Hướng dẫn: Bỏ bớt C3H5OH, hỗn hợp lại gồm C6H5CH2OH x mol; CH3OH y mol; C2H4(OH)2 z mol Ta có : 0,5x + 0,5y + z = 1,344/22,4 = 0,06 (1) 7x + y + 2z = 0,27 (2) Và : 4x + 2y + 3z = 0,31 (3) Giải : x = 0,025; y = 0,135; z = -0,02 Vậy giá trị m = 0,025.108 + 0,135.32 – 0,02.62 = 5,78 gam Trong trang này, tác giả tham khảo tài liệu tham khảo số 4; “của”tác giả Bài 98 Hỗn hợp X gồm C2H5OH, HCHO, CH3COOH, HCOOCH3, CH3COOC2H3, CH3CH(OH)COOH CH2OHCH(OH)CHO Đốt cháy hoàn toàn 13,8 gam X cần dùng vừa đủ 12,04 lít O (đktc), thu CO gam H2O Thành phần phần trăm theo khối lượng CH 3COOC2H3 X A 15,58% B 12,46% C 31,16% D 24,92% Hướng dẫn 18 Bỏ bớt CH3COOH, HCOOCH3, CH3CH(OH)COOH CH2OHCH(OH)CHO Hỗn hợp có C 2H5OH, HCHO CH3COOC2H3 với số mol tương ứng x, y z Ta có : khối lượng hỗn hợp = 46x + 30y + 86z = 13,8 Số mol O2 phản ứng = 3x + y + 4,5z = 0,5375 Và số mol H2O = 3x + y + 3z = 0,5 Giải hệ phương trình ta : x = 0,025; y = 0,35 z = 0,025 Vậy % khối lượng CH3COOC2H3 = 0,025.86/13,8 = 15,58% → Đáp án A Trong trang này, tác giả tham khảo tài liệu tham khảo 2.4 Hiệu sáng kiến kinh nghiệm 2.4.1 Đối với hoạt động giáo dục 19 - Khi chưa áp dụng đề tài này, học sinh gặp nhiều khó khăn giải tập hỗn hợp chất học sinh không định hướng cách làm mà nhớ máy móc nên hay mắc sai lầm tính toán kết không cao - Khi áp dụng đề tài: Học sinh dễ dàng nhận dạng dạng tập hỗn hợp chất cách loại bỏ bớt chất giải tập; từ học sinh vận dụng phương pháp để giải tập cách dễ dàng khoa học Rất nhiều học sinh vận dụng kỹ thuật thấy kết với cách trình bày đề tài (cách ghép ẩn) tỏ phấn khích hào hứng học tập! Kết khảo sát thực nghiệm Lớp Kết Tổng số Giỏi Khá HS SL % SL 11B1(ĐC) 44 2,27 11B2(TN) 44 19 43,18 16 36,37 % TB SL 11,36 29 Yếu TB trở lên % SL % SL % 65,9 20,46 35 79,55 18,18 2,27 43 97,73 Từ bảng số liệu cho thấy, tỉ lệ học sinh đạt điểm từ trung bình trở lên cao hẳn: 97.73% (so với 79.55%) Điều chứng tỏ phương pháp “Tạo hứng thú học tập cho học sinh kỹ thuật bỏ bớt chất” đem lại hiệu rõ rệt 2.4.2 Đối với thân Qua thực tế giảng dạy trường THPT Nguyễn Trãi, nghiên cứu áp dụng nội dung vào việc dạy môn hoá học, rút số kinh nghiệm thân: - Thứ nhất: Với việc hướng dẫn giải toán cách loại bỏ bớt chất giúp học sinh dễ hiểu giải nhanh tập hỗn hợp chất mà trước em cảm thấy khó - Thứ hai: Với việc nắm bắt nhiều phương pháp giải tập, học sinh chọn cho cách giải nhanh xác - Thứ ba: Các dạng tập có phương pháp giải mẫu nên giúp em dễ hiểu vận dụng tốt tập tương tự III KẾT LUẬN, KIẾN NGHỊ 20 3.1 Kết luận - Sử dụng tập tiết học hướng dẫn học sinh giải tập hóa học phương pháp quan trọng để củng cố kiến thức cho học sinh nâng cao chất lượng dạy học môn Mỗi tập hóa học có nhiều cách giải khác có cách giải độc đáo, thông minh, ngắn gọn, xác Vì trước tập hóa học, giáo viên cần yêu cầu học sinh tìm nhiều cách giải, từ rút cách giải hay Việc sử dụng kĩ thuật bỏ bớt chất giúp cho việc giải tập hỗn hợp nhiều chất trở nên đơn giản nhanh chóng Kĩ thuật có tác dụng rèn luyện nhanh nhạy cho học sinh, tạo hứng thú học tập môn cho học sinh, có nhiều ưu việt việc giải toán trắc nghiệm khách quan - Áp dụng kĩ thuật bỏ bớt chất giải toán hóa học góp phần nâng cao chất lượng giảng dạy môn góp phần thúc đẩy đổi phương pháp dạy học theo đặc trưng môn 3.2 Kiến nghị Với kết ban đầu thu sau thời gian áp dụng sáng kiến kinh nghiệm “Tạo hứng thú học tập cho học sinh kỹ thuật bỏ bớt chất”, đề nghị nhà trường tổ chức khảo nghiệm có ý kiến góp ý, đạo để tiếp tục hoàn chỉnh đề tài, góp phần nâng cao chất lượng dạy học môn Hóa học nói riêng, chất lượng học tập toàn trường nói chung Đổi phương pháp giảng dạy nói chung, giảng dạy Hóa học nói riêng tiến hành tích cực có hiệu Vì vậy, thiết nghĩ, viết đóng góp nhỏ phong trào nghiệp chung Những kinh nghiệm thân chắn chưa trọn vẹn Rất mong đồng nghiệp góp ý để hoàn thiện Tôi xin chân thành cảm ơn! XÁC NHẬN CỦA THỦ TRƯỞNG ĐƠN VỊ Thanh Hoá, ngày 10 tháng năm 2017 Tôi xin cam đoan SKKN viết, không chép nội dung người khác Dương Đình Luyến 21 TÀI LIỆU THAM KHẢO Đề thi tuyển sinh Đại học khối A - năm 2013 Đề thi tuyển sinh Đại học khối B - năm 2013 Đề thi tuyển sinh Đại học khối A - năm 2014 Đề thi THPT Quốc gia năm 2016 22 ... kinh nghiệm: Tạo hứng thú học tập cho học sinh kỹ thuật bỏ bớt chất 1.2 Mục đích nghiên cứu - Giúp học sinh có phương pháp, kĩ năng, thói quen, từ tạo hứng thú học tập cho học sinh , nâng cao... việc dạy học hóa học trường phổ thông 2.3 Các giải pháp sử dụng 2.3.1 Kỹ thuật bỏ bớt chất áp dụng tập hóa vô - Với kỹ thuật bỏ bớt chất, giữ lại đề, bỏ bớt số chất đề cho phù hợp (bằng) với... bảng số liệu cho thấy, tỉ lệ học sinh đạt điểm từ trung bình trở lên cao hẳn: 97.73% (so với 79.55%) Điều chứng tỏ phương pháp Tạo hứng thú học tập cho học sinh kỹ thuật bỏ bớt chất đem lại