Giao trinh chuyen de may dien

Phần 1: Biến đổi điện Trong giới quanh ta, tượng biến đổi điện xảy khắp nơi, từ thể nhỏ bé vi khuẩn đến hình tinh vĩ mô gần gũi lẫn xa xôi HT điện t gian trường đt HT tổn hao động điện máy phát Trường điện từ Hầu hết thiết bị điện ta biến đổi điện thông qua từ trường -Theo thống kê kinh nghiệm thiết bị điện kiểu điện dung (điện trường) có ưu việt F cao P nhỏ -Các thiết bị điện cảm (từ trường) phù hợp với F trung bình thấp, P trung bình lớn 1.1 Ba định luật biến đổi điện cơ: a Không có biến đổi điện đạt hiệu suất 100% Tốn hao nhiệt nghiên cứu, thiết bị biến đổi điện người ta vừa tìm cách giảm tổn hao đồng thời có biện pháp thích hợp để dẫn nhiệt làm mát máy Mô hình chung thiết bị điện người ta thường dùng mô hình mạng 2/3 cửa để mô tả Nếu mạng cửa phải mô tả tổng trở nội thiết bị u,i M,n Nếu mạng cửa cửa lượng nhiệt đặc trưng cho tổn hao u,i M,n Q, t b Tất thiết bị biến đổi điện có tính thuận nghịch: Nghĩa thiết bị biến đổi từ điện đến thân biến đổi từ sang điện Mặc dù thiết bị có tính thuận nghịch tính kinh tế- kỹ thuật; Các thiệt bị chế tạo dùng riêng theo chiều ý thiết bị thuận nghịch điên – mà không liên quan đến NL nhiệt Định mức : 400v 230v nguồn Thấp 380v 220v phụ tải cao 6,3 kV suy hao kV 380 V c Từ trường phần tĩnh động thiết bị biến đổi điện đồng bộ: Ví du: Từ trường đồng - Ở MDDB phần cảm Roto làm việc từ trường roto quay với tốc độ n =n1 từ trường phần ứng quay với tốc độ quay n1=n - Với MĐKĐB roto trượt với tốc độ từ trường s= n1 − n n1 Nhưng tốc độ từ trường roto lại quay với tốc độ từ trường stato tương ứng tốc độ trượt này, quay đồng - MĐ chiều phần ứng roto nên từ trường phần cảm 1.2 Mô tả trình biến đổi lượng điện cơ: Quá trình biến đổi lượng điện mô tả chi tiết sau: • Động cơ: Năng lượng điện đầu vào cân với lượng đầu + tăng lượng từ trường loại tổn hao Điện Tổn hao ==>nhiệt Cơ = = TH đồng + + Tăng NL từ trường TH sắt từ + + Thông thường bt nc để tiện lợi người ta chuyển TH đồng thành TH đường dây, hay nói cách khác điện đầu vào thường tính = CS điện - tổn hao đồng Điện = Điện - tổn hao đồng Vì ta có Pt: Điện đầu vào cân với công suất độ thay đổi NL từ trường dwe = dwcơ + dwtt Trong : dwtt có tính điện có bỏ qua tổn hao lõi thép Từ Pt người ta tính NL dwtt thông qua thay đổi dwe ; dwcơ Hoặc dwcơ thông qua dwe; dwtt Thí dụ: Cần tính dwtt : dwtt = dwe - dwcơ Trong đó: 1.dwe = u.i.dt tổn hao TH u: Điện áp cảm ứng (đã kéo điện trở ngoài) dwe = -e = dΨ dt dwcơ = F dx M.dt dwtt = i.d Ψ - F.dx thẳng dwtt = i.d Ψ - M.d : quay NL từ trường biểu diễn đẳng thức toán học vừa viết hình học Biểu diễn dwtt hình học => + - Giả sử vị trí xác định lực điện từ cân với lực lò xo; quan hệ Ψ (i) hệ Ψ tương đương đường cung từ hoá ψ ψ1 x= x1 x= x2 i i1 Thay đổi dòng điện để hở không thay đổi ; ta có đường đặc tính quan hệ Ψ (i) đường cong số => vị trí cố định (cân bằng) thì: dwcơ = i=0 => i1 Ψ = o => Ψ Ta có NL tt tương ứng với diện tích hình gạch chéo hình dwtt = dwe - dwcơ = dwtt = dwe = i.d Ψ Đối lượng: Ta biết toạ độ đề biểu diễn đường cong từ hoá thí nghiệm tích giới hạn đường cong trục sim đặc trưng cho NL tích luỹ từ trường ψ i Đối lượng ý nghĩa vật lý Wd = Ψi = ∫ idΨ Nghiên cứu hệ biến đổi điện chuyển động thẳng g + - dx x x1 Dòng chiều => g biến đổi i không biến đổi Giả sử phần động di chuyển dx tương ứng vị trí đầu ứng với x1 Quan hệ Ψ ,i ψ i Vị trí cân ban đầu, ứng với thông số Ψ1 , i1 vị trí di chuyển (x= x2) => tương ứng với Ψ 2; i2 Trong trình biến đổi điện hay trình phần động di chuyển Các trường hợp: - Phần động chuyển động với tốc độ chậm => i coi số Điểm làm việc hệ phần động di chuyển từ vị trí x1 -> x2 điểm làm việc di chuyển A -> B - Nếu di chuyển nhanh: ψ ψ2 ψ1 B B’ A i1 i Biến đổi lượng từ trường phần gạch chéo Nói cách khác: Nếu biến đổi lượng từ trường cân với biến đối NL Dw = F.dx =>Muốn tính dw dùng tới đối lượng Trong thực tế phần ứng chuyển động, quan hệ Ψ , i gần đúng, điểm làm việc biến đổi từ A -> B Dwe – dwtt = dwcơ dwe = i.d Ψ (về nhà chứng minh) § Chuyển động quay P θ i,r Q trục kích từ: Trục dọc Trục kích vuông : trục ngang Khi quay : Trường hợp gần đúng, người ta coi từ trở khe hở lớn so với mạch từ Phần quan hệ Ψ , i tuyển tính hóa => wtt = wtt => Mômen Mdt = dϖ ( i, θ ) ∂L(θ ) = Li ∂θ ∂θ θ = ω ct - δ Im L sin 2( ωt − δ ) Mdt = - sin[ 2(ω c + ω s )t ] − δ ] − sin[ 2( ω c − ω s ) t − δ ] Nhận xét : Mdt = f(t) Biến đổi theo quy luật hình sin Trong trường hợp chung, momen điện từ có giá trị TB = Khi ωc = ωs M dtb − I L2 = sin 2δ ứng với máy điện đồng phản kháng 2.Chuyển động quay có kích từ θ ir Biểu diễn lượng từ trường thông qua : Xác định ψ s ψ r ψ s = Lss i + Lsr i ψ r = Lsr i.i + Lsr i ψ s   Lss Lsr  i s  ψ  =  L L  i   r   sr sr   r  dωtt = usisdt + usis dt = isdψs + is.dψr i s ωtt = ∫ i s di x = x2 x = x1 dwe = idψ = + \ dwt t = (4 +3 ) –( 2+3 ) =4 -2 dwco = (1 + ) – (4 – 2) = 1+ [ Ψ ] = [ L].[ i] Năng lượng dw = u s i s dt + u r i r dt dψ s dΨr i dt + i r dt = dt dt dwtt = dΨs i s + dΨr i r = Lss is di s + Lsr d (is ir ) + Lrs ir dir wdt = 1 Lss i s2 + Lrs i s i r + Lrs i r2 2 Mdt = ∂ wdt với i = số ∂θ Nếu hệ tuyến tính đối lượng lượng Mdt = i ss2 dLss dLss i s2 dLrs + is i + dθ dθ dθ Trường hợp kể đến điện trở rôto ta việc thay dΨs dt dΨr u r = i r rr + dt u s = i s rs + Nếu điện cảm toàn phần biến thiên theo θ theo quan hệ biết ta có biểu thức dΨs d = [ i ss (θ ).i s (t ) + Lsr (θ ).ir (t )] dt dt di dL dθ dL dθ di = Lss s + i s ss + Lsr r + ir ss dt dθ dt dt dt dt dL dθ dL dθ dΨr di di = Lsr r + i s sr + Lsr r + i r ss dt dt dθ dt dt dt dt di   di dL dθ   di   u s = i s Rs + Li s s .i s s + ir sr  + i rs r  dt   dt dt dt   dt   Sau biến đổi ta nhận biểu thức lượng từ trường có dạng Vậy Xmin = −>n= b = = 2,25m 4 chọn q = 1,05 m −>n= − 2.1,05 = 2,3m Theo chiều dọc a ; ta có điều kiện 1 m≤ p≤ m 2 lấy p = m gọi X số đèn theo chiều dọc mmax = nmax = 3,6 m X' = a 13 = = 3,61 mmax 3,6 −> X' =4 13 m= = 3,25m− > p = 1,55m 13 − 1,55 x m= = 3,3m =>số đèn tối thiểu : Nmin = 3x4 = 12 đèn • Tính quang thông tổng Φ= a.b.E y / c δ k sd + Do điều kiện lớp học ta chon hệ số bù quang thông δ = 1,2 với cấp đèn 0,42G 10,07 T  ηd = 0,42 Hiệu suất trực tiếp  ηi = 0,07 Hiệu suất gián tiếp Hệ số địa điểm K= ab 13.9 = = 2,216 h(a + b) A(13 + 9) Ksd hệ số sử dụng đèn k sd = η d u d + η i u i Tra bảng trang 101 - với cấp G, K= 2,216; j = (β = 1,231 , ρ = 753 ) K 2,0 2,216 2,5 Ud 0,85 0,876 0,91 Với cấp T : k = 2,213 k 2,0 2,216 2,5 Ui 6,6 0,6216 0,65 U i = 0,6 + 0,65 − 0,6 (2,216 − 2,0) 2,5 − 2,0 = 0,6216 → U i = β U i = 1,231.0,6216 = 0,765 Vậy hệ số sử dụng Ksd = 0,42.1,078 + 0,07.0,765 = 0,5036 => ⇒ Φ t = 13.9.400.1,2 = 110922,38(lm) 0,5036 Là quang thông cần cấp cho phòng học để sau năm sử dụng có E = 400lx • Tính hệ số đèn NN = 110922,38 = 16,55 2.3350 chọn N= 16 = 4x4 -theo chiều a m= 3,3 m p = 1,55 m - theo chiều b q = 0,4 m →n= = 2,37 (3 + 2.0,4) chọn q = 1,05 m − 2.1,05 = 2,3( m) n = 2,3(m) ⇔ q = 1,05( m) ⇒n= m * * * p q * n * * * * * * * * * * * * Nhận xét : Với N = 16 > Nmin = 12 Vậy thiết kế sơ đạt yêu cầu • kiểm tra Eyc Ta có : Eyc = 400lx Φ = 110922,38(lm) Φ = 16.2.3350 = 107250(lm) Φ E yc Φ = → E = E yc Φ2 E Φ2 ⇔ E yc = 107200 400 = 386,6(lm) 110922,38 Kiểm tra thiết kế - Hệ số địa điểm : k = 2,216 - số lưới : Km = 2.m.n 2.3,3.2,3 = = 1,13 h(m + n) 2,4(3,3 = 2,3) - số gần Kp = α= Kp Km = a p + b.q 13.1,55 + 9.1,05 = = 0,56 h( a + b) 2,4(13 + 9) 0,56 = 0,4956 1,13 ⇔ K p = 0,4956(km) Ta có công thức tính đọ rọi Ei Ei = [ N F η Ri Fu'' + S i 1000.a.b.δ ] (*)  K = 2,0  K = 2,5 Ta có K = 2,16 K m =  K m = 1,5 Với K= 2,0 ; K m = 1,13   K p = → Fu'' = 471  K m = 1; K p = 0,4956.K m = 0,4956  (4) ''   K p = 0,5 → Fu = 593   K m = 1,13    K p = → Fu'' = 423  K m = 1,5; K p = 0,4956 K m = 0,7434  (2) ''   K p = 0,75 → Fu = 615 Với K= 2,5 :   K p = → Fu'' = 537  K m = 1; K p = 0,4956.K m = 0,4956 →  (3) ''   K p = 0,5 → Fu = 653   K m = 1,13    K p = → Fu'' = 489  K m = 1,5; K p = 0,4956 K m = 0,7434 →  ( 4) ''   K p = 0,75 → Fu = 668 Nội suy theo (1) (2) + K m = : Fu'' = 471 + 593 − 471 (0,4956 − 0) = 592 0,5 − + K m = 1,5 : Fu'' = 423 + 615 − 423 (0,7434 − 0) = 613,3 0,75 − → K m = 1,13 : Fu'' = 592 + 613,2 − 592 (1,13 − 1) 1,5 − = 597,512 Nội suy theo (3) (4) + K m = : Fu'' = 537 + 653 − 537 (0,4956 − 0) = 652 0,5 − + K m = 1,5 : Fu'' = 489 + 668 − 489 (0,7434 − 0) = 666,425 0,75 − → K m = 1,13 : Fu'' = 652 + 666,425 − 652 (1,13 − 1) 1,5 − = 655,75 Nội suy cấp K +K =2,0:Fu’’ = 597,512 +K =2,5:Fu’’ = 655,75 → K = 2,216 : Fu'' = 597,512 + 655,75 − 597,512 (2,216 − 2,0) 2,5 − 2,0 = 622,67 *tra bảng giá trị hệ số R S S1 K R1 2,5 Direct S3 Indire ct R3 324 0,044 1025 335 0,042 Direct S4 Indire ct R4 Direc Indire t ct 1560 1.32 454 0,77 398 653 1213 1825 1,57 470 0,76 416 685 2,21 317,7 0,045 52 1200, 46 1409, 1,17 48 444,9 0,77 387,7 634,8 KQ 391,1 β 0,055 53 1477, 76 1735, 1,44 07 547,6 88 0,95 477,3 781,4 7 β = 1,231 − 0,044 + (−0,042 + 0,044) (2,216 − 2,5) − 2,5 β = 1,231 *Tính Ei E4 = E4.d + E4.i N F η d R4 Fu'' + S d abδ 10 = 0,7636.0,42[ 0,957.622,67 + 477,35] = 344,17(lx ) [ E4d = ] [ E 4i = 0,7635η i R4 Fu'' + S 4i ] = 0,7635.0,07[ + 781,47 ] = 41,76 ⇒ E = E d + E 4i = 344,17 + 41,76 = 386(lx ) Tính độ rọi tường E3 [ E3d = 0,7635η d R3 Fu'' + S 3d ] = 0,7635.0,42[ − 1,448.622,67 + 1735,07] = 267,26(lx ) E3i = 0,7635η i R3 Fu'' + S 3i [ ] = 0,7635.0,07[ + 547,688] = 29,27(lx ) ⇒ E = E 3d + E 3i = 267,26 + 29,27 = 296,53(lx ) Tính độ rọi trần E1 E1d = 0,7635.0,42[ − 0,0056.622,67 + 391,153] = 124,31(lx ) E1i = 0,7635.0,07[ + 1477,76] = 80(lx) ⇒ E1 = E1d + E1i 103,3(lx) • kiểm tra : Độ rọi mặt phẳng làm việc : Sai số : ∆E = E yc − E E yc 100% = ΔE = 3,5% - đạt yêu cầu -Độ chói nhìn đèn : 400 − 386 400 100% = 3,5% yêu cầu : r = Ltran Ld ( 75) ≤ 50 Ltran ρ E 0,7.203,3 = 1 = = 45,3(Cd / m ) π π -Kích thước đèn :1,24.0,18.0,1 Diện tích biểu kiến theo hướng c b a a= 1,24 m b = 0,18 m c = 0,1 m Diện tích biểu kiến theo hướng nhìn S bkngang = a.b cos γ + a.c sin γ = 1,24.0,18 cos 75° + 1,24.0,1 sin 75° = 0,1775(m ) S bkdoc = a.b cos γ + b.c sin γ = 1,24.0.18 cos 75° + 0,18.0,1 sin 75° = 0,075(m ) I d Độ chói theo hướng : Ld = S bk Theo đường cong trắc quang đèn Claude trang 151 2.3350 301,5(Cd ) 1000 2.3350 I dd (75°) = 30 = 201(Cd ) 1000 I dng ( 75°) = 45 Vậy : 301,5 = 1698,6(Cd / m ) 0,1775 201 = = 2676,43(Cd / m ) 0,075 Ldngang = Lddoc tỷ số : 1698,6 = 37,5 < 50 46,3 2676,43 = = 59,1 > 50 45,3 rng = rdoc -Do rdoc > 50 : nên ta chọn lại đèn có diện tích biểu kiến lớn : 1,24x0,2x0,1 ⇒ S bkng = 1,24.0,2 cos 75° + 1,24.0,1sin 75° = 0,18396(m ) ⇒ S bkdoc = 1,24.0,2 cos 75° + 0,2.0,1 sin 75° = 0,0835(m ) 301,5 ⇒ Ldng = = 1639(Cd / m 0,18396 201 Ldd = = 2407(Cd / m ) 0,085 tỷ số : 1639 = 36,18 < 50 45,3 2407 rd = = 53,13 ≈ 50 45,3 rng = *Kiểm tra tỷ số E3/E4 E Với yêu cầu : 0,5 ≤ E ≤ 0,8 E 296,53 Ta có : E = 386 0,768 => đạt yêu cầu *Kiểm trra theo biểu đồ Solener : Chọn giá trị γ : γ = 50°,60°,70°,80°,87° 50° γ 60° 70° 80° 87° Ing 70 60 50 35 25 Idoc 55 48 35 25 10 Ing 469 402 335 234,5 167,5 Idoc 368,5 321,6 234,5 167,5 67 0,255 0,219 0,182 Lng.104 Ldoc.104 0,441 0,385 0,281 0,217 0,2 0,09 0,08 Nhận xét : với đường cong Soller : Với Eyc = 500(lx) theo trang 151 Thì tất giá trị Lng , Ldoc nằm bên trái => • Kết luận n=? p=? m=?q=? , loại … Bài : Thiết kế đường đô thị Thiết kế chiếu sáng làm đường cấp C; l = 21 m ; lớp phủ mặt đưòng trung bình , viả hè rộng 3m/bên ; đường chiều nội thành qua sử dụng thời gian y/c : Tính phương pháp tỷ số R : • theo y/c với đường cấp C, đường nội thành => lưu lượng > 500 lượt /h y/c : Ltb = 0,6 (Cd/m2) Etb = 12(lx) L -Độ đồng chung : U = L = 0,4 tb L : U = L = 0,7 max -Chỉ số tiện nghi : G = (5÷6) -Độ đồng dọc Với đường ta lựa chọn phương án : Bố trí phía so le : h ≥ l 2 Bố trí phía đối diện : đk h ≥ l Ta sử dụng chiếu sáng cho đường nội thành kiểu chụp vừa - Lyc = 0,6 (Cd/m2) Theo bảng R : có đường bê tông nhựa màu TB : E tb = 14 Ltb ⇒ E tb = 14.0,6 = 8,4(lx ) R = 14 = Tính toán cho phương án : Bố trí so le phía h≥ 2 l ⇒ hmin = 21 = 14(m) 3 chọn h = 15(m) 150° h v s a h = 15 m Chọn s = 1,5 m a = 0,5 m Tức đèn đặt cách mép vỉa hè m Khi ta có khoảng cách cột ( bước cột e ) Ta có : emax = 3,2.h = 3,2.15 = 48 m -chọn bước cột e = 40 m Khi quang thông đèn Φtt : Φ tt = (e.l ) L yc R f u V Trong fu hệ số sử dụng fu = f + f tgα = l − a 21 − 0,5 = h 15 = 1,367 tgα = ⇒ f = 0,345 f = 7,5.10 −3 a 0,5 = = 0,03 h 15 (tuyến tính hoá)  v = δ  δ = 1,5 f u = 0,3525 ⇒ Φ tt = 40.21 0,6.14 = 30025,53(lm) 0,3525 Theo bảng 5.1 : ta sử dụng đèn Natri P=350 (W) ; Φ = 34000 (lm) Khi ethuc 34000 = e 30025,53 ⇒ ethuc = 45,3(m) ≈ 45(m) * Chỉ số tiện nghi – chói loá G : G = ISL + 0,97.logL tb + 4,41 lg h ' − 1,46 lg P - ISL từ (3->6) chọn ISL = 3,2 (trang 176) - Ltb = 0,6 (Cd/m2) 1000 = 22 45 ⇒ G = 6,01 - P= Bố trí phía đối diện : 2 Ta có h ≥ l ⇒ hmin = 21 = 10,5 h = 12m  chọn s = 1,5m a = 0,5m  emax = 3,5.h = 3,5.12= 42 m -> chọn e = 41 m • Tính hệ số sử dụng : h = 12 m a= 0,5 l= 21m l.a 21 − 0,5 = = 1,708 → f = 0,37 h 12 a 0,5 tgγ = = = 0,0416 → f = 0,0104 h 12 → f u = f + f = 0,37 + 0,0104 = 0,3804 0,6.14 Φ tt = 40.21 = 27823,34(lm) Vậy : 0,3804 1,5 tgγ = Theo bảng 5.1 : Đèn Natri cao áp bóng sáng : P = 250 W ;Φ = 26000(lm) 26000 40 = 37,38(m) ≈ 37(m ) 27823,34 1000 ⇒P= = 27 37 → G = 3,2 + 0,97 lg 0,6 + 4,41 lg(12 − 1,5) − 1,46 lg 27 = 5,398 ⇔ ethuc = Nếu phương án (2) ta chọn loại đèn với phương án (1) : P = 350 W ; Φ = 33000 lm 33000 40 = 47,44(m) ≈ 47,5(m) 27823,34 1000 ⇒P= = 21 47,5 ⇒ G = 3,2 + 0,97 lg 0,6 + 4,41 lg(12 − 1,5) − 1,46 lg 21 = 5,56 ⇔ ethuc = ÔN THI MĐTQ 2.3 Một Số Khái Niệm Cơ Bản : Từ trường có vai trò quan trọng , từ trường mối liên hệ tham gia biến đổi lượng hệ thống biến đổi điện Khi máy điện làm việc , từ trường tác dụng tương hỗ với dòng điện tạo momen , gọi mo men điện từ dθ (rad / s ) dt 60.ω (vong / phut ) Tốc độ quay : n = 2π dω (rad / s ) Gia tốc góc : δ = dt - Tốc đọ góc : ω = - - Momen : M=F.r.sinθ (Nm) - Năng lượng : w = F ∫ dx = F ∫ dθ = F θ - Công suất - Mo men dw Mdθ = = Mω dt dt P 60.P 9,55 P = :M= = ω 2πn n : P= Thí dụ : Một cuộn dây có 20 vòng , diện tích A= 0,3 m2 quay quanh trục với vận tốc 3000 (vong/phut) từ trường vuông góc với trục quay có B= 0,8T.Nếu từ thông qua cuộn dây , Φ = ABcosωt Tìm sđđ cảm ứng Ta có dΦ = − N (− A.B sin(ωt ).ω dt = N ω A.B sin ωt e = −N ⇔ E m = N ω A.B = 20.0,3.0,8.3000 2π = 1508(v) 60 Giá trị hiệu dụng Sđđ : E= Em = 1066(v) 2.4 Ba Định Luật Biến Đổi Điện Cơ Không tồn biến đổi điện có hiệu suất 100% Thế giới quanh ta có biến đổi lượng ,biến đổi đơn giản biến đổi phức tạp 2.5 Nguyên Lý Biến Đổi Điện Cơ : dwe = dwtt + dwcơ Độ thay đổi lượng điện đầu vào khoảng thời gian dt dwe =u.i.dt u = −e = dψ dt dwe = u.i.dt = dψ i.dt = dψ i = i.dψ dt Độ thay đỏi lượng đầu : dwcơ = F.dx  độ thay đổi lượng từ tương ứng thời gian dt : dwtt = idψ – Fdx Với chuyển động quay : dwcơ = M.dθ ⇔ dwtt = i.dΨ − M dθ • Năng lượng từ trường : Nếu hệ thống trạng thái cân tĩnh ,không có chuyển động tổng lượng tích luỹ từ trường tổng độ biến thiên lượng điện đàu vào tính từ thời điểm dòng điện từ thông (I,ψ = 0) đến thời điểm xét [...]... stato và roto 2.2 Mô tả chung moden quay: Môden một chiều có dây quấn phần cảm đặt ở stato Q D Uq Ud Φ i Ứng dụng chỉ xuất hiện khi chổi than không nằm ở trung tính hình học.Mô tả trên chỉ khác với thực tế là: giữa dây quấn ngang trục phần ứng và dọc trục phẩn cảm ở mô tả không có hỗ cảm; chúng không có hỗ cảm với nhau, nhưng chúng lại có hỗ cảm quay với nhau.Vì vậy ở các moden quay thường có kn về sdd... nhau, có các hằng số quán tính khác nhau như cho trong tài liệu Phần 2: Máy điện tổng quát Khái niệm chung: Việc nghiên cứu máy điện tổng quát nhằm xây dựng được các mô hình toán tổng quát cho các loại moden khác nhau và ở các chế độ h khác nhau Có rất nhiều cách đi đến dạng tổng quát, nhưng để đơn giản khi xét đến các máy điện quay, người ta thường mô tả chúng dưới dạng mặt cắt dọc ngang Ban đầu thường... − I s I r M [ sin ( 2ω st + δ ) + sin δ ] 4 → M tb = − I s I r M sin δ 4 Người ta cũng thấy nếu mạch điện không đồng bộ một pha ở trạng thái roto đứng yên Mdt = 0 Chương 6: Khởi động và hãm máy Một moden quay khi làm việc với tốc độ ω thì quan hệ giữa momen và M và công suất p ω M= = P( ω ) 60 P = 9,55 n( vong / phut ) 2π n P( kω ) M =9,55 n( vong / phut ) Đối với chuyển động quay còn có momen quán... J ≠ 1/3 ) Nên ta tra bảng với J = 0 sau đó nhân kết quả với β= H 4 = = 1,231 ' ( H − h ) (4 − 0,75) Ta sử dụng kiểu chiếu sáng rộng và bán trực tiếp cho chiếu sáng lớp học Theo phụ lục M,tư liệu Claude ; chọn bộ đèn ống huỳnh quang , có cấp 0,42G + 0,07T Bóng đèn chọn loại 1,2 m có các thông số là 36W ,Φd = 3350 lm • Tính số bộ đèn tối thiếu Nmin để đảm bảo đọ đòng đều chiếu sáng Ta dùng đèn cấp G