1. Trang chủ
  2. » Trung học cơ sở - phổ thông

Phần 4 nguyên tắc giải bài tập hóa căn bản bài (6)

15 345 2

Đang tải... (xem toàn văn)

Tài liệu hạn chế xem trước, để xem đầy đủ mời bạn chọn Tải xuống

THÔNG TIN TÀI LIỆU

Thông tin cơ bản

Định dạng
Số trang 15
Dung lượng 434,14 KB

Nội dung

Hocmai.vn – Website h c tr c n s t i Vi t Nam Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) Ph ng pháp trung bình PH NG PHÁP TRUNG BÌNH ( ÁP ÁN BÀI T P T LUY N) Giáo viên: V KH C NG C Các t p tài li u đ c biên so n kèm theo gi ng “Ph ng pháp trung bình” thu c Khóa h c Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) t i website Hocmai.vn đ giúp B n ki m tra, c ng c l i ki n th c đ c giáo viên truy n đ t gi ng t ng ng s d ng hi u qu , B n c n h c tr c g i ng “Ph ng pháp trung bình” sau làm đ y đ t p tài li u Câu 1: Ph ng trình ph n ng M + H2 O   MOH + 1/2H2 0,2 0,2 0,2 0,1 mol MM   Na 5,  26   0, K áp án: B Câu 2: Gi s h n h p kim lo i Ki m M  MOH + 1/2H2 M + H2 O  0,1 0,1  Na 3, MM   36   0,1 K 0,1 0,05 mol áp án: B Câu 3: Gi s kim lo i ki m th M  MCl2 + H2 M + 2HCl  0,03 0,06 0,03 0,03 mol Nguyên t kh i trung bình c a kim lo i ki m th Ca 1, 67 MM   55, 67   0, 03 Sr áp án: B Câu : Gi s h n h p kim lo i Ki m M  MOH + 1/2H2 M + H2 O  0,2 0,2 Na  6, MM   36   0, K 0,2 0,1 mol áp án: B Câu 5: G i công th c phân t trung bình c a mu i h n h p MCO3 , M đ i di n c a kim lo i A B +2HCl  CO2  B o toàn nguyên t C, ta có s đ : MCO3  m 1,12 4,68  n MCO = n CO2 = = 0,05 mol  MCO3 = hh = = 93,6 g/mol 22,4 n hh 0,05  M = 33,6 g/mol  A va B la Mg (M = 24) va Ca (M = 40) T ng đài t v n: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website h c tr c n s t i Vi t Nam Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) Ph ng pháp trung bình áp án: B Câu 6: g i công th c kim lo i X, Y M 5, n H2   0, 25(mol) 22, M  2HCl  MCl2  H 2 0,25mol 0,25mol 7,  M  30, Gi s X< M = 30,4 63)  MCu  63  0, 27x (2) T (1) (2)  x  2; MCu  63,54; A  65 áp án: B Câu 9:  N : x(mol)  H : y(mol) mol h n h p A  NH : z(mol)  T ng đài t v n: 1900 58-58-12 x+ y+ z= (1) - Trang | - Hocmai.vn – Website h c tr c n s t i Vi t Nam Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) Theo đ : d hh  6, 05  M tr  28x  2y  17z  6.05.2  12,1 Ph ng pháp trung bình (2) H2 M t khác: y = 4x (3) T (1), (2), (3)  x = 0,1; y = 0,4; z = 0,5 N  3H Ban đ u: 0,1 t ,p 0,4 xt 2NH3 0,5 Ph n ng: a 3a 2a Cân b ng: 0,1-a 0,4-3a 2a+0,5 28(0,1  a)  2(0,  3a)  17(2a  0,5) Ms   6,398.2  12,796  2a   2a  0,946  a  0,027 Hi u su t t o khí NH3 là: 27% áp án: D 0, 784 Câu 10: n CO   0, 035(mol); n CO2  n CO2  0, 035(mol) 22, 4,955  Mhh   141,57 0, 035 Áp d ng s đ đ ng chéo: BaCO3 (M1  197) 141,57 - 100 n BaCO3 M  141,57 CaCO3 (M  100)  %n BaCO3  n CaCO3  41,57 55, 43 197 - 141,57 41,57 100  42,86% 41,57  55, 43 áp án: C Câu 11: G i A, B kim lo i c n tìm Các ph ng trình ph n ng ACO + 2HCl  ACl2 + H2 O + CO 2 (1) BCO + 2HCl  BCl2 + H2 O + CO2 (2) (Có th g i M kim lo i đ i di n cho kim lo i A, B lúc ch c n vi t m t ph Theo ph n ng (1), (2) t ng s mol mu i cacbonat b ng: 0,672 n CO2   0,03 mol 22,4 ng trình ph n ng) V y KLPTTB c a mu i cacbonat 2,84 M  94,67 M A,B  94,67  60  34,67 0,03 Vì thu c chu k liên ti p nên hai kim lo i Mg (M = 24) Ca (M = 40) áp án: B KLPTTB c a mu i clorua: Mmuèi clorua  34,67  71  105,67 T ng đài t v n: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website h c tr c n s t i Vi t Nam Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) Ph ng pháp trung bình Kh i l ng mu i clorua khan 105,670,03 = 3,17 gam áp án: C Câu 12: G i x % c a đ ng v 65 29 Cu ta có ph ng trình: M = 63,55 = 65.x + 63(1  x)  x = 0,275 V y: đ ng v 65 Cu chi m 27,5% đ ng v 63 Cu chi m 72,5% áp án: A Câu 13: Cách 1: G i x % th tích c a SO h n h p ban đ u, ta có: M = 163 = 48 = 64.x + 32(1  x)  x = 0,5 V y: m i khí chi m 50% Nh v y 20 lít, m i khí chi m 10 lít G i V s lít O c n thêm vào, ta có: 64 10  32(10  V) M  2,5 16  40  20  V Gi i có V = 20 lít Cách 2: Ghi chú: Có th coi h n h p khí nh m t khí có KLPT b ng KLPT trung bình c a h n h p, ví d , có th xem không khí nh m t khí v i KLPT 29 H n h p khí ban đ u coi nh khí th nh t (20 lít có M = 163 = 48), O thêm vào coi nh khí th hai, ta có ph ng trình: 48  20  32V , M  2,5 16  40  20  V Rút V = 20 lít áp án: B Câu 14: g i kí hi u chung c a kim lo i X, Y là: M; hóa tr trung bình x ; s mol c a h n h p m i ph n là: a (1) 4M  xO2  2M 2O x 2M  2xHCl  2MClx  xH2 (2) 2M  xH2SO4  M2 (SO4 ) x  xH2 (3) T LBTKL  mO2 p =  7,68  2,16(g) ax 2,16   0, 0675(mol)  ax  0, 0675.4  0,135(mol) 32 x ax  0,135(mol)  VH2  3, 024(l) T (2) (3)  n H2  n M  2 áp án: C Câu 15: g i x hóa tr trung bình c a vanađi  n O2  t 0C V2Ox  xH2   2V  xH2O T ng đài t v n: 1900 58-58-12 (1) - Trang | - Hocmai.vn – Website h c tr c n s t i Vi t Nam Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) Ph ng pháp trung bình mH O  4, 68g 11,3 4, 68   x  3, 51.2  16x 18 x V y oxit V2 O3 VO Theo (1) ta có: áp án: A Câu 16: g i M ký hi u chung X, Y; x hóa tr trung bình 4M  xO2  2M 2O x  x  2,  X hóa tr II Y hóa tr III n O2  0, 0675    M  38,  2x 3y  2,7  x  0,03  - G i x, y s mol c a X, Y Ta có h :  x  y   y  0, 07  x  y  0,1  - M t khác: mhh = 0,03MX + 0,07MY = 3,84 - Bi n lu n: 3MX + 7MY = 384 N u 20 < MX < 38,4  X Mg nh ng k t qu Y N u 20 < MY < 38,4  Y Al  X Zn áp án: C Câu 17: G i công th c trung bình c a ankan Cn H2n S mol Br2 ph n ng c ng s mol h n h p anken C2 H 14 M Cn H n   35   0, C3H6 áp án: A Câu 18: G i công th c c a ankan đ ng đ ng k ti p : Cn H2n 2 M Cn H n   C3H8 24,8  49,  (14n  2)  49,  n  3,   0,5 C4 H10 áp án: C Câu 19: G i công th c trung bình c a h n h p X là: C3H n = 21,2*2 => n  6,  C3H6,4  3CO2 + 3,2H2 O C3 H6,4 + O2  0,1 Kh i l 0,3 ng c a CO n c thu đ 0,32 mol c là: m = 0,3*44 + 0,32*18 = 18,86 gam áp án: B Câu 20: G i công th c trung bình c a ancol ROH  RONa + 1/2H2 ROH + Na  0,02 0,02 T ng đài t v n: 1900 58-58-12 0,02 0,01 mol - Trang | - Hocmai.vn – Website h c tr c n s t i Vi t Nam Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) M ROH  Ph ng pháp trung bình C2 H 5OH 1, 06  53  R  36   0, 02 C3 H OH áp án: B Câu 21: G i công th c trunh bình c a h n h p hai ancol C3Hn O C3H n O  Na  H 2 0,1 0,1 0,05 mol C3 H O  2,9  59  3*12  n  16  59  n    M C3Hn O 0,1 C3 H O áp án: B Câu 22: nH2 O = 0,07 mol nCO = 0,05 mol Và ta th y s mol H2 O > S mol CO G i công th c trung bình c a hai hidrocacbon A, B C x Hy n CO2 0, 05    1, 25 x  n 0, 04   C1,25 H3,5  n 0,14 y  H   3,5  n 0, 04 =>H n h p X có CH4 Ta bi n lu n v s v H, H trung bình 3,5 => mà CH4 có H = => có ch t l i ph có H < 3,5 => Ch t l i C2 H2 áp án: D Câu 23: M trung bình h n h p X 6, MX   33,5 => Ch c ch n ph i có C2 H2 Cx Hy 0, S mol Br2 ph n ng 0,35 mol => S mol nC2 H2 = 0,35 – 0,2 = 0,15 mol Kh i l ng C2 H2 m = 0,15*28 = 4,2 gam Kh i l ng Cx Hy : nCx Hy = 6,7 – 4,2 = 2,5 gam 2,5 M  50  C4 H8 0, 05 áp án: C Câu 24: nH2 O = 3,2 mol nCO = 2,2 mol Ta th y s mol H2 O > s mol CO => dãy đ ng đ ng c a ankan S mol c a h h p x là: nx = nH2 O – nCO = 3,2 – 2,2 = mol n CO2 2, C H   2,   C nX  C3 H áp án: B Câu 25: T ng đài t v n: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website h c tr c n s t i Vi t Nam Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) Ph ng pháp trung bình nH2 O = 0,3mol nCO = 0,2 mol Ta th y s mol H2 O > s mol CO => dãy đ ng đ ng c a ankan S mol c a h h p x là: nx = nH2 O – nCO = 0,3 – 0,2 = 0,1 mol n CO2 0, CH C  2 nX 0,1 C3 H áp án: D Câu 26: nH2 O = 0,5 mol nCO = 0,35 mol Ta th y s mol H2 O > s mol CO => dãy đ ng đ ng c a ankan S mol c a h h p x là: nx = nH2 O – nCO = 0,5 – 0,35 = 0,15mol n CO2 0,35 C H   2, 233   C nX 0,15 C3 H áp án: B Câu 27: S mol O ph n ng = – 0,2 = 1,8 mol Nhìn đáp án ta th y hidrocacbon ta c công th c trung bình C n H2n+2 3n  O2   nCO2  (n  1)H 2O Cn H2n + + 1,8 mol CH (3n  1)  1,8n  n  1, 667   C H áp án: A Câu 28: S mol ancol b ng 2nH2 = 0,2 mol G i công th c trung bình c a hai ancol là: Cn H2n 1OH C n CO2 n ancol  C2 H 5OH 0,5  2,5   0, C3 H OH áp án: A Câu 29: G i công th c phân t trung bình c a axit h n h p RCOOH Ph ng trình ph n ng trung hòa: RCOOH + NaOH  RCOONa + H 2O  n RCOONa = n NaOH = 0,04 1,25 = 0,05 mol  RCOONa = 3,68 = 73,6 g/mol 0,05  R = 6,6 g/mol  goc axit H- (M = 1) va CH3 - (M = 15) HCOOH; CH3 COOH áp án: C Câu 30: Công th c c a h n h p Cn H m M trung bình c a h h p là: M  T ng đài t v n: 1900 58-58-12 C3 H : 0, 12,  41,333 h n h p khí   0,3 C3 H : 0,1 - Trang | - Hocmai.vn – Website h c tr c n s t i Vi t Nam Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) Ph ng pháp trung bình áp án: D Câu 31: Áp d ng đ nh lu t b o toàn kh i l ng mancol  mete  m H2O   1,8  7,8(gam) M ancol  mancol 7,8 CH3OH   39   2n H2O 0, C2 H5OH áp án: A 3,24  0,12 mol 27 G i n s nguyên t C trung bình c a A B, ta s có s đ ph n ng cháy: 1X  Câu 32: T gi thi t, ta d dàng có: MX = 13,5  = 27  n X =  n= n CO2 nX nCO2 9,24 = 44 = 1,75 0,12 Vì MX = 27 nên ch có đáp án B th a mãn (MB < 27 < MA) ch t CH2 O, C2 H2 áp án: B Câu 33: M trung bình h n h p X 6, MX   33,5 => Ch c ch n ph i có C2 H2 Cx Hy 0, S mol Br2 ph n ng 0,35 mol => S mol nC2 H2 = 0,35 – 0,2 = 0,15 mol Kh i l ng C2 H2 m = 0,15*28 = 4,2 gam Kh i l ng Cx Hy : nCx Hy = 6,7 – 4,2 = 2,5 gam 2,5 M  50  C4 H8 0, 05 áp án: C Câu 34: G i M nguyên t kh i trung bình c a ba r 3,38 M  42,2 0,08 u A, B, C Ta có: Nh v y ph i có nh t m t r u có M < 42,25 Ch có CH3 OH có (M = 32) 0,08   0,05 ; Ta có: n A  53 mA = 320,05 = 1,6 gam mB + C = 3,38 – 1,6 = 1,78 gam; 0,08   0,03 mol ; n BC  53 1,78 M BC   59,33 0.03 G i y s nguyên t H trung bình phân t hai r u B C Ta có: Cx H yOH  59,33 hay 12x + y + 17 = 59,33  12x + y = 42,33 T ng đài t v n: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website h c tr c n s t i Vi t Nam Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) Ph ng pháp trung bình Bi n lu n: x y 30,33 18,33 6,33 6,33 V yr u có s nguyên t H < 6,33 m t r u có s nguyên t u B C3 H7 OH Có c p nghi m: C3 H5 OH (CH2 =CH–CH2 OH) C3 H7 OH C3 H3OH (CHC–CH2 OH) C H7 OH áp án: C Câu 35: G i công th c chung c a este (C OOR) 5,36 n (COONa )2   0, 04(mol) 134 (C OOR) +2 NaOH  (C OONa)  2ROH 0,04 0,08 0,04 0,08 mol Áp d ng đ nh lu t b o toàn kh i l ng : mROH  m(COOR )  m NaOH  m(COONa )2  5, 28  0, 08*40  5,36  3,12(gam) M ROH  CH3OH 3,12  39   0, 08 C2 H5OH áp án: A Câu 36:  2RONa  H Ph n 1: 2ROH  2NaOH  0,3 0,3 0,3 0,15 mol Ph n 2: nBr2 = 0,2 mol Mà s mol ancol l n h n s mol Br2 ph n n ch ng t a ancol có CH3 OH CH3OH : 0,1(mol)  m ROH  mancol  mCH3OH  15,  32*0,1  12(gam)  ROH : 0, 12 M ROH   60  C3H OH 0, áp án: C Câu 37: Ta hi u Na thay th cho H nhóm OH c a ancol Do ta có : n ROH  n RONa  C2 H5OH 1,52 2,18   R  33,67   R  17 R  16  23 C3 H7 OH áp án: B Câu 38: Ta có : mAncol  mete  mH O  36  10,8  46,8 Vì ete có s mol b ng nên ancol c ng s mol b ng L i có: n H O  0,6  n ancol  1, 2  ROH  CH OH : 0,6(mol) 46,8  39  R  22   1, ROH : 0,6(mol) T ng đài t v n: 1900 58-58-12 - Trang | - Hocmai.vn – Website h c tr c n s t i Vi t Nam Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) Ph ng pháp trung bình BTKL   46,8  0,6.32  (R  17).0,6  R  29 áp án: A Câu 39: Ta có: mAncol  mete  mH O   1,8  7,8 L i có: n H O  0,1  n ancol  0, 2  ROH  CH3OH 7,8  39  R  22   0, C2 H5OH áp án: A Câu 40: Áp d ng đ nh lu t b o toàn nguyên t đ i v i C H đ t cháy h n h p B c ng thu đ đ t cháy h n h p A 19,8 13,5 n CO2 =  0,45 mol < n H2O =  0,75 mol 44 18 Trong ph n ng cháy c a anken, ta có: n CO2 = n H2O 0,3  n H2 = n H2O - n CO2 = 0,3 mol  n A = = 0,5 mol  n Anken = 0,2 mol 60%  VA = 22,4  0,5 = 11,2 lit c s n ph m nh G i công th c phân t trung bình c a anken C n H2n , ta có s đ ph n ng cháy: C n H 2n + O2   nCO  n= n CO2 n Anken = 0,45 = 2,25 0,2 anken C H4 C3 H6 áp án: A Câu 41: 1,68 - 1,12 = 0,025 mol = n hi®rocacbon kh«ng no = = 0,025 mol  anken  lo¹i B 160 22,4 2,8 C = = = 1,67  phai co CH4  loai D 1, 68 2,8 - 1,12 1 Chi®rocacbon khong no = =  CTPT c a hai hiđrocacbon là: CH4 C3 H6 0,56 n Br2 = áp án: C Câu 42: G i công th c phân t trung bình c a hiđrocacbon A C x H y D dàng có: n H2O = 1,26 2,64 0,672 = 0,7 mol; n CO2 = = 0,06 mol; n X = = 0,03 mol 18 44 22,4 Thay giá tr vào ph ng trình ph n ng, ta có: 0,03Cx H y  0,06CO2 + 0,07H 2O 14 = 4,67 hiđrocacbon A có nguyên t C, đó, s nguyên t H t i đa là:  +  Vì 2; < 4,67  A ph i có C2 H6 hiđrocacbon l i C2 H2 ho c C2 H4 B o toàn nguyên t C H v , ta d dàng có x  va y  Vì A t o k t t a v i dung d ch [Ag(NH3 )2 ]OH nên A ph i có ankin – NH3  Ag C2  + H2O ) C2 H2 ( C2 H2 + Ag2O  T ng đài t v n: 1900 58-58-12 hiđrocacbon l i ph i - Trang | 10 - Hocmai.vn – Website h c tr c n s t i Vi t Nam Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) Ph ng pháp trung bình V y đáp án B C2 H2 ; C2 H6 áp án: B Câu 43: G i s liên k t trung bình c a h n h p X k 0,35 n Br2 = 0,7  0,5 = 0,35 mol va n X = 0,2 mol  k = = 1,75 0, m 5,3 = 26,5 = 14n - 1,5   CTPT trung bình c a X C n H n-1,5 v i M X = hh = n hh 0,2 n =2 Trong đáp án, ch nh t A th a mãn áp án: A Câu 44: n CO2 0,5 C   1, 667 H n h p X có cacbon cacbon n hh 0,3 S mol NaOH > s mol H n h p X => ch t ph i ch c => HCOOH HOOC-COOH áp án: D Câu 45: H n h p X có CTPT trung bình C H6,4 H n h p X g m ch t có C => Công th c c a X có d ng: C3 Hn V i MX = 42,4 => n = 42,4 - 12*3 = 6,4 mCO + mH2 O = 44*nCO + 18*nH2 O = 44*3*nX + 18*3,2*nX = 18,96 áp án: B Câu 46: Theo ph ng pháp KLPTTB: 23 m RCOOH   2,3 gam, 10 10 30 m RCH2COOH   gam 10 10 2,3   53 M 0,1 Axit nh t có KLPT < 53 HCOOH (M = 46) axit đ ng đ ng liên ti p ph i CH3 COOH (M = 60) áp án: A Theo ph ng pháp KLPTTB: Vì Maxit = 53 nên Mmuèi = 53+23   75 Vì s mol mu i b ng s mol axit b ng 0,1 nên t ng kh i l ng mu i b ng 750,1 = 7,5 gam áp án: B Câu 47: t CTTB c a hai olefin Cn H2n u ki n nhi t đ áp su t th tích t l v i s mol khí H n h p khí A có: n Cn H n n H2  0,4  0,6 Áp d ng đ nh lu t b o toàn kh i l ng đ nh lu t b o toàn nguyên t đ t cháy h n h p khí A Ta có: T ng đài t v n: 1900 58-58-12  t cháy h n h p khí B c ng - Trang | 11 - Hocmai.vn – Website h c tr c n s t i Vi t Nam Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) 3n O2  n CO2 + n H2 O 2H2 + O2  2H2O Cn H2n + Ph ng pháp trung bình (1) (2) Theo ph ng trình (1) ta có: nCO2  n H2O = 0,45 mol 0,45 mol n 13,5 T ng: n H2O  = 0,75 mol 18  n H2O (pt 2) = 0,75  0,45 = 0,3 mol  n Cn H n   n H2 = 0,3 mol Ta có: n Cn H n n H2  0,45  0,3  n  n = 2,25  Hai olefin đ ng đ ng liên ti p C2 H4 C3 H6 áp án: A Câu 48: G i n s nguyên t C trung bình x t ng s mol c a hai r 3n Cn H2n+1OH + O2  n CO2 + (n  1) H2O x mol  n x mol  (n  1) x mol 3,584 (1) n CO2  n.x   0,16 mol 22,4 3,96 (2) n H2O  (n  1)x   0,22 mol 18 T (1) (2) gi i x = 0,06 n = 2,67 Ta có: a = (14 n + 18).x = (142,67) + 180,06 = 3,32 gam C2 H 5OH n = 2,67 C3 H 7OH u áp án: D Câu 49: nCO = 0,15 mol nH2 O = 0,15 H n h p axit cacboxylic axit no đ n ch c có th c chung Cn H2n O2 => n  n CO2 nX  HCOOH : 0, 05 0,15  1,5   mol 0,1 CH 3COOH : 0, 05 áp án: A Câu 50: H n h p X g m hai ancol A B tách n c đ c olefin (Y)  hai ancol r u no, đ n ch c t CTTB c a hai ancol A, B C n H 2n 1OH ta có ph ng trình ph n ng sau: 3n O2  nCO2 + (n  1)H2O Cn H2n 1OH + H2SO4 ®   Cn H2n + H2 O Cn H2n 1OH  170o C T ng đài t v n: 1900 58-58-12 - Trang | 12 - Hocmai.vn – Website h c tr c n s t i Vi t Nam Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) Cn H2n Ph ng pháp trung bình (Y) 3n + O2  nCO2 + n H2O Nh n xét: - Khi đ t cháy X đ t cháy Y cho s mol CO nh - t cháy Y cho nCO2  n H2O V y đ t cháy Y cho t ng  mCO2  m H2O   0,04  (44  18)  2,48 gam áp án: B Câu 51: Goi s mol H2 O mol = > nCO = 0,75 mol S mol H2 O > nCO =>Ancol no m ch h S mol ancol là: n H2O  n CO2   0,75  0, 25(mol) nC  n CO2 nX C3H7 OH 0, 75     C3H (OH) 0, 25 C H (OH)  áp án: C Câu 52: G i cong th c andehit no đ n ch c m nh h có công th c Cn H2n O Vì s Cacbon không thay đ i nên ta coi nh đ t andehit  O2  t 0C Cn H2n O   nCO2  nH2O x Th tích khí CO thu đ 0,06 0,06 mol c VCO2  0,06*22,  1,344(lit) áp án: C Câu 53 :  n CO  0,575  C  2,875 Ch¸y Ta có : X    C2 H    n 0,375 H 3, 75  H O  áp án: C Câu 54: Cách 1: Ph ng pháp S nhóm ch c trung bình A B s n ph m c a ph n ng th Nitro nhân benzen: + nHNO3 C H   C H - n (NO2 )n Trong đó, C6 H6 - n (NO2 )n Công th c phân t trung bình c a h n h p ch t A B T s đ ph n ng đ t cháy h n h p này: n + O2 C H - n (NO )n   N2 Ta có h th c: 2,3 n  = 0,01 mol  78 + 45n n = 1,1 V y công th c phân t c a A B C H5 NO C6 H4 (NO )2 Cách 2: T l nguyên t trung bình n N2 = 0,01 mol  n nguyen to N = 0,02 mol T ng đài t v n: 1900 58-58-12 - Trang | 13 - Hocmai.vn – Website h c tr c n s t i Vi t Nam Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) Ph ng pháp trung bình Theo đ bài, c 2,3 gam h n h p A B có 0,02 mol nguyên t N 2,3 Nói cách khác, trung bình, c = 115 gam h n h p có mol nguyên t N 0,02 Nh v y, h n h p ph i có ch t mà đ có mol nguyên t N, c n nhi u h n 115 gam ch t * Và ch t l i ch c n l ng nh h n 115 gam ch t ch a molnguyên t N Ch t nh t th a mãn tính ch t C6 H5 NO2  ch t l i C6 H4 (NO2 )2 V y công th c phân t c a A B C H5 NO C6 H4 (NO )2 áp án: A Câu 55: G i công th c phân t trung bình c a c h n h p X Cn H2n O2 T gi thi t, ta có: M X = 14n + 32 = 6,7 = 67  n = 2,5 0,1 S đ ph n ng cháy: Cn H2n O2  nCO2  nH 2O  n H2O = 2,5×0,2 = 0,25 mol  mH2O = 0,25 18 = 4,5 gam áp án: A Câu 56: G i công th c chung c a ch t C3H n H n h p có M = 21,2*2 = 42,4=> n  42,4 – 12*3 = 6,4  O2  t C C3H6,4   3CO2  3, 2H2O o 0,1 0,3 Kh i l ng CO H2 O thu đ 0,32 mol c là: m = 0,3*44 + 0,32*18 = 18,96 (gam) áp án: B Câu 57: t R g c hiđrocacbon trung bình x t ng s mol c a r u ROH + Na  RONa + H 2 x x mol  x    R  17  x  2,84  Gi i đ c x = 0,08 Ta có:  R 39 x 4,6       0,08  22,4  0,896 lít V y : VH2  áp án: A Câu 58: 4,48 n hh X   0,2 mol 22,4 n Br2 ban ®Çu  1,4  0,5  0,7 mol 0,7 n Br2 p.øng  = 0,35 mol Kh i l ng bình Br2 t ng 6,7 gam s gam c a hiđrocabon không no m ch h Cn H 2n 22a ( a s liên k t  trung bình) Ph t CTTB c a hai hiđrocacbon ng trình ph n ng: T ng đài t v n: 1900 58-58-12 - Trang | 14 - Hocmai.vn – Website h c tr c n s t i Vi t Nam Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi đ h c t t Hóa h c (Th y V Kh c Ng c) Ph ng pháp trung bình C n H 2n 22 a + aBr2  C n H 2n 22 a Br2 a   0,2 mol  0,35 mol 0,35 = 1,75 a 0,2 6,7  14n   2a  0,2 n = 2,5 Do hai hiđrocacbon m ch h ph n ng hoàn toàn v i dung d ch Br2 nên chúng đ u hiđrocacbon không no V y hai hiđrocacbon C H2 C4 H8 áp án: B Câu 59: Ph ng trình ph n ng RNH  HCl   RNH3Cl Áp d ng đ nh lu t b o toàn kh i l ng ta có: mHCl  mmuoi  mRNH  18,975  9,85  9,125(gam) áp án: B Câu 60: Ph ng trình ph n ng 2ROH  2NaOH   2RONa  H 0,06 0,06 0,06 Áp d ng đ nh lu t b o toàn kh i l 0,03 mol ng: m mu i = mX + mNa – mH2 = 4,2 + 0,06*23 – 0,03* = 5,52 (gam) áp án: B Giáo viên: V Kh c Ng c Ngu n: Hocmai.vn T ng đài t v n: 1900 58-58-12 - Trang | 15 -

Ngày đăng: 26/10/2016, 09:50

TỪ KHÓA LIÊN QUAN