Giải chi tiết đề hóa thi THPT quốc gia 2016

BÀI GIẢI CHI TIẾT CÁC BÀI TOÁN KHÓ TRONG ĐỀ THI THPTQG MÔN HÓA NĂM 2016

MÃ ĐỀ: 136

Câu 33: 𝑚 (𝑔) {

𝐶𝐻2(𝐶𝐻𝑂)2 ∶ 𝑥 𝑚𝑜𝑙 𝐶𝐻2 = 𝐶𝐻𝐶𝐻𝑂: 𝑦𝑚𝑜𝑙 𝑅𝐶𝑂𝑂𝑅′ + 0,015 𝑚𝑜𝑙 𝑁𝑎𝑂𝐻 𝑑𝑑𝑌

+ 0,095 𝑚𝑜𝑙 𝑂2 → 0,09 𝑚𝑜𝑙 𝐶𝑂2 + 0,06 𝑚𝑜𝑙 𝐻2𝑂

Y + AgNO3/NH3 dư? gam Ag

Giải

neste = nNaOH=0,015 mol

Gọi a là số liên kết  của este

x + y +(a-1)0,15= 0,09-0,06 x+y+0,015a=0,045 a= 2; x +y =0,015

số ntC= 0,090,03= 3  CTPT este : HCOOCH=CH2

BTNT o: nO(X)= 0,09x2+ 0,06 -0,095x2=0,05

Vì Este phản ứng NaOH cho các sản phẩm đều tráng gương nên nO= nCHO= 0,05 nAg = 0,1

mAg = 0,1x108=10,8 gam(chọn B)

Câu 36: hh X(Y, Z,T) có ny:nZ:nT = 2: 3: 4; tổng lk peptit= 12

39,05g X + NaOH 0,11 mol X1+ 0,16 molX2 + 0,2 mol X3 (X1,X2,X3: aa no, hở, 1nhóm-COOH, 1nhóm –NH2)

mg X + 32,816 lit O2(đktc) Giá trị gần nhất của m là?

Giải:

nX1 : nX2: nX3= 11 : 16: 20 Tổng số gốc aa= 47 Đặt A là X1, X2,X3

Tacó: 2Y + 3Z +4T [(A)47]b+ 8H2O

0,01 0,08

Vi ∑lk peptit= 12 ∑Số gốc aa(Y,Z,T)= 15 b= 1

(A)47 + 46H2O  47A

0,01  0,47

Gọi CTPT chung (A)47 là: CnH2n+2-47O48N47 và có m = 39,05- 0,08x18=37,61 gam  n =170

Vì Đốt cháy X ; đốt cháy (A)47 cần lượng O2 như nhau

CnH2n+2-47O48N47 + (1,5n-35,25)O2 nCO2 + (n-22,5)H2O + 23,5N2

0,01 2,1975mol

VO2= 2,1975x 22,4=49,224 (lit)

m= 39,05𝑥32,81649,224 = 26,0333( chọn A)

Câu 37: Gọi a là sô mol Fe3O4  trong hỗn hợp có Fe2+: 3a; Fe3+:2a

{

𝐹𝑒2+

𝐹𝑒3+

𝑂2−

𝐶𝑂32−

𝑂𝐻−

+ HNO3

{

𝐹𝑒3+: 5𝑎 𝑁𝑂3−: 15𝑎

+ 0,4 mol {𝐶𝑂2𝑁𝑂

Từ 𝑀 ̅̅̅khí = 37  nNO= nCO2= 0,2

Bte: 3a= 0,2x3 a= 0,2 nNO3= 0,2 15=3 mol

BTNT N: nHNO3= 3 + 0,2= 3,2 (Chọn B)

Câu 38:

H + + OH- H2O 4z 4z

2OH - + Al2O3  2Al 3+ + H2O 2x-4z x-2z

nAl2O3 = x- 2z= 0,02 (1)

x + y + z = 0,105 (2)

0,1 + 2x = 2y + 4z (3)

Giải hpt (1), (2), (3)  x= 0,03  ne = 0,1 + 0,03x2= 0,16

Câu 39:

7,65𝒈 {𝑴𝒈: 𝒚𝑨𝒍 ∶ 𝒙 + {𝑯𝟐𝑺𝑶𝟒: 𝟎, 𝟏𝟒𝑯𝑪𝒍: 𝟎, 𝟓𝟐  H2 + DDX

{

𝑨𝒍𝟑+

𝑴𝒈𝟐+

𝑪𝒍−

𝑺𝑶𝟒𝟐−

𝑯+𝒅𝒖

+ 0,85 mol NaOH16,5𝒈 {𝑨𝒍(𝑶𝑯)𝟑: 𝒙 − 𝟎, 𝟎𝟓𝑴𝒈(𝑶𝑯)𝟐: 𝒚

DDX

{

𝑨𝒍𝟑+

𝑴𝒈𝟐+

𝑪𝒍−

𝑺𝑶𝟒𝟐−

𝑯+𝒅𝒖

+ {𝑩𝒂(𝑶𝑯)𝟐𝑲𝑶𝑯  max{𝑴𝒈(𝑶𝑯)𝟐: 𝟎, 𝟏𝟓𝑨𝒍(𝑶𝑯)𝟑: 𝟎, 𝟏𝟓

𝑩𝒂𝑺𝑶𝟒: 𝟎, 𝟏𝟒

 m gam {

𝑨𝒍𝟐𝑶𝟑: 𝟎, 𝟎𝟕𝟓 𝑴𝒈𝑶: 𝟎, 𝟏𝟓 𝑩𝒂𝑺𝑶𝟒: 𝟎, 𝟏𝟒

Giá trị m= ?

Giải

Ta thấy: nH+= 0,8 < nNaOH  Số mol NaOH hòa tan Al(OH)3= 0,85-0,8= 0,05 mol

𝒏𝑨𝒍(𝑶𝑯)𝟑= 𝒙 − 𝟎, 𝟎𝟓

ta có hpt{𝟕𝟖(𝒙 − 𝟎, 𝟎𝟓) + 𝟓𝟖𝒚 = 𝟏𝟔, 𝟓𝟐𝟕𝒙 + 𝟐𝟒𝒚 = 𝟕, 𝟔𝟓  x=0,15 ; y= 0,15

m = 102 0,075 + 40 0,15 + 0,14 233= 46,27 (g) Chọn B

Câu 40:

a gam

{

𝑅(𝐶𝑂𝑂𝐻)2

𝑅̅′𝑂𝐻

𝑅(𝐶𝑂𝑂𝑅̅′)  −𝐻2𝑂 + {𝑅(𝐶𝑂𝑂𝐻)2: 0,04𝑅′𝑂𝐻: 0,05 + O2 0,19 mol CO2

a gam {𝑅(𝐶𝑂𝑂𝐻)2: 0,04

𝑅′𝑂𝐻: 0,05 +0,1 mol NaOH + 0,02 mol HCl {

𝑅(𝐶𝑂𝑂𝑁𝑎)2: 0,04 𝑁𝑎𝐶𝑙 ∶ 0,02 + 0,05 mol 𝑅’̅ OH (𝑀̅<46)

 1 < 𝑛̅< 2 (1) Với 𝑛̅ là số nguyen tử C của ancol

Gọi m là số nguyen tử C của R(COOH)2 ta co

m.0,04 + 𝑛̅ 0,05 = 0,19 2 Từ 1,2 2,25<m<3,5  m =3  R= CH2

mMuối= 0,04.148+ 0,02.58,5= 7,09 (g) (Chọn A)

Câu 41:

m gam (X){

𝐶2𝐻5𝑂𝑁

𝐶3𝐻7𝑂2𝑁

𝐶5𝐻9𝑂2𝑁

+ NaOH dư 20,532 gam {

𝐶2𝐻4𝑂𝑁𝑁𝑎 𝐶3𝐻6𝑂2𝑁𝑁𝑎 𝐶5𝐻8𝑂2𝑁𝑁𝑎

(%mO(X) = 41,2%)

Giải

nO= 41,2𝑚1600  nCOOH = 𝑛𝑂2 =8000103m (mol)

Áp dụng phương pháp tăng giảm khối lượng: 8000103m = 20,532−𝑚22  m =16(g)(Chọn D)

Câu 42:

48,2 gam (X){𝐾𝑀𝑛𝑂4: 𝑥 𝑚𝑜𝑙𝐾𝐶𝑙𝑂3: 𝑦 𝑚𝑜𝑙 → t

o 43,4 gam Y{

𝐾 𝑀𝑛

𝐶𝑙 ∶ 𝑦 𝑂 + HCldặc 0,675 mol Cl2 + dd{𝑀𝑛𝐶𝑙2 ∶ 𝑥𝐾𝐶𝑙: 𝑦 + 𝑥 + H2O

nO(Y)= 4x + 3y –(48,2-43,4):16 =4x+ 3y-0,3 = nH2O

nHCl = 8x + 6y-0,6

BTNT Cl: y + 8x+6y -0,6 =0,675.2 + 2x + y+x  5 x + 6y = 1,95 (1)

158x + 122,5y=48,2 (2)

Giải hpt (1),(2); x = 0,15; y = 0,2  nHCl = 8.0,15 + 6 0,2 -0,6=1,8 mol (chon D)

Câu 43:

𝟎, 33 𝑚𝑜𝑙 {

𝐶4𝐻8𝑂2; 𝑏 𝑚𝑜𝑙 𝐶3𝐻6𝑂2: 𝑐𝑚𝑜𝑙 𝐶𝑛̅𝐻2𝑛̅ + 2 − 2𝑘̅ ∶ 𝑎 𝑚𝑜𝑙

+ 1,27 mol O2 0,8 mol H2O + x mol CO2

a(k-1) + 0,8 =x (1)

2b+2c + 2,54 = 0,8 + 2x (2)

a +b + c = 0,33 (3)

Giải hpt (1),(2), (3) : ak = 0,4

Nếu cho X phản ứng với Br2 thì nBr2 = ka = 0,4 (chọn D)

Câu 44:

m gam{

𝐹𝑒

𝐹𝑒(𝑁𝑂3)2

𝐹𝑒(𝑁𝑂3)3

𝐹𝑒𝐶𝑂3

→ t

o

Z {𝑁𝑂2 𝐶𝑂2 + Y{

𝐹𝑒 𝐹𝑒𝑂 𝐹𝑒2𝑂3

+ {𝐻2𝑆𝑂4: 0,15 𝑚𝑜𝑙𝐾𝑁𝑂3: 0,01 𝑚𝑜𝑙21,23 g

{

𝐹𝑒2+: 𝑥

𝐹𝑒3+: 𝑦

𝐾+: 0,01

𝑆𝑂42−: 0,15

+T

{𝑁𝑂 ∶ 0,01𝐻2: 0,01 + H2O : 0,14

Z không có O2 vì trong Y còn Fe; 𝑀̅̅̅̅ = 45  nNO2 = nCO2 𝑍

Tương tự 𝑀𝑇 = 16  nH2 = nNO

Vì sản phẩm có sinh ra H2 nên NO3 hết

mFe =21,23- 0.39-0.15.96= 6,44 g

BTKL mY = 8,36 gam  nOY=8,36-6,44=1,92nO=0,12 mol

Ta thấy: NO3  NO2 + O

a mol a mol amol

CO3 CO2 + O

amol amol amol

 a = 0,06 mol

m = mFe + mNO3 + mCO3 = 6,44 + 62 0,06 + 60 0,06= 13,76 gam (chọn A)

Câu 46:

m gam Mg + ddX{

𝑍𝑛(𝑁𝑂3)2: 0,03 𝐶𝑢(𝑁𝑂3)2: 0,05  5,25g Kim loại + ddY { 𝑀

𝑛+

𝑁𝑂3−: 0,16 + NaOH 6,67 gam M(OH)n

nOH- = n𝑁𝑂3−= 0,16  mM = 6,67-0,16.17= 3,95 gam

BTKL kim loại:

m + 0,03.65 + 0,05 64 = 5,25 + 3,95 m = 4,05 g (Chọn C)

14,8 g{ 𝑪𝒖: 𝒚 + 0,96 mol HNO3𝑭𝒆: 𝒙 ddX {

𝑭𝒆𝟐+: 𝒛

𝑭𝒆𝟑+: 𝒕

𝑪𝒖𝟐+: 𝟎, 𝟏

𝑵𝑶𝟑−: 𝟎, 𝟓𝟒

+ {𝑵𝒂𝑶𝑯: 𝟎, 𝟒𝒎𝒐𝒍𝑲𝑶𝑯: 𝟎, 𝟐 𝒎𝒐𝒍 

Z{

𝑁𝑎+: 0,4

𝐾+: 0,2 𝑁𝑂3−: 𝑎

𝑂𝐻−

 42,86

gamT{

𝑁𝑎+: 0,4

𝐾+: 0,2

𝑁𝑂2−: 𝑎

𝑂𝐻−: 𝑏

Giải

Xét trường hợp OH- dư: nNO3- = 0,6 mol mT= 0,4.23 + 0,2.39+ 0,6 46=44,6> 42,86  OH- dư

{46𝑎 + 17𝑏 = 25,86𝑎 + 𝑏 = 0,6  a= 0,54; b= 0,06

Từ khói lượng chất rắn và khối lượng hỗn hợp KL: x =0,15; y = 0,1

Nếu dung dịch X chỉ chứa Fe3+: nOH < 0,15.3 + 0,1.2=0,65 (vô lí)  dd X phải chứa Fe2+ , HNO3 pứ hết

{2𝑧 + 3𝑡 = 0,54 − 0,2𝑧 + 𝑡 = 0,15  z= 0,11; t= 0,04

BTKL: 14,8 + 0,96.63 = 14,8 + 62.0.54 + mkhí + 0,48 18  mkhi =18,36 (g)

mddX = 126 + 14,8 -18,36=122,44

mFe(NO3)3 = 0,04.242=9,68(g)

C%Fe(NO3)3 =𝟗,𝟔𝟖.𝟏𝟎𝟎

𝟏𝟐𝟐,𝟒𝟒 = 7,906% (Chon B)

Cau 48:

0,15 molX + 180g dd NaOH ddY{𝒁: 𝟒𝟒, 𝟒 𝒈 + 𝑶𝟐 𝟐𝟑, 𝟖𝟓𝐠𝐍𝐚𝟐𝐂𝐎𝟑 + 𝟓𝟔, 𝟏𝐠 𝐂𝐎𝟐 + 𝟏𝟒, 𝟖𝟓𝐠𝐇𝟐𝐎𝑯𝟐𝑶: 𝟏𝟔𝟒, 𝟕 𝒈

Z + H2SO4  hh 2axit dơn chức + h/cT (MT <126) Số ngtử H trong T = ?

Giải

nNa2CO3= 0,225 mol  nNa = nNaOH = 0,45

nNaOH: nX = 3: 1 ; Vì X phản ứng với NaOH không sinh ra Ancol và thu được muối của 2 axit hữu cơ X la esste 2 chức tạo bởi 2 axit đơn chức và phenol

BTKL : mX = 44,4 + 164,7-180= 29,1 g MX = 194

Gọi CTPT X : CxHyO4 : 12x + y= 130

nC = 0,225 + 1,275=1,5  x = 0,151,5 = 10  y = 10

CTPT X: C10H10O4

CTCT X: H-COO-CH2-C6H4-OOC-CH3

CTCT của T: HO-CH2-C6H4-OH (Chọn B)

Câu 50: Theo đồ thị

Với 𝑛𝐶𝑂2=0,03  n = 0,03 mol

Với 𝑛𝐶𝑂2= 0,13  nOH - = 0,13+ 0,03 = 0,16 mol