39 câu kèm lời giải PP giải bài toán về oxi hóa của hidrocacbon (đề 2)

PP giải toán oxi hóa Hidrocacbon - Đề Bài Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp ankin: etin, propin, but-1-in thu 11,76 lít CO2 đktc 6,75 gam H2O Số mol hỗn hợp ankin cho A 0,15 mol B 0,25 mol C 0,08 mol D 0,05 mol Bài Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp X gồm hai ankin Toàn sản phẩm hấp thụ vào dung dịch Ba(OH)2 dư thu 68,95 gam kết tủa khối lượng dung dịch giảm 49,05 gam Thể tích hỗn hợp X (đktc) A 2,24 lít B 1,12 lít C 3,36 lít D 4,48 lít Bài Sản phảm oxi hóa etylbenzen dung dịch KMnO4 A C6H5COOH B C6H5CH2COOH C C6H5COOK D C6H5CH2COOK Bài Đốt cháy hoàn toàn 5,2 gam C2H2 hấp thụ toàn sản phẩm vào bình X chứa dung dịch Ca(OH)2 dư Khối lượng dung dịch bình X tăng hay giảm gam ? A tăng 21,2 gam B giảm 18,8 gam C giảm 40 gam D tăng 17,6 gam Bài Đốt cháy hoàn toàn ankan X phải cần 11,2 lit Oxi (đktc), sau phản ứng dẫn sản phẩm qua bình nước vôi dư thu 30 gam kết tủa Công thức phân tử X A C2H6 B C5H12 C C3H8 D CH4 Bài Đốt cháy hoàn toàn 0,05 mol ankan A dẫn sản phẩm cháy qua bình chứa nước vôi dư thu 20 gam kết tủa Sau thí nghiệm khối lượng bình phản ứng A tăng 13,3 gam B giảm 13,3 gam C tăng 6,7 gam D giảm 6,7 gam Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 Bài Đốt cháy hết V lít (đktc) hidrocacbon X dẫn sản phẩm qua bình chứa dung dịch Ba(OH)2 dư Sau thí nghiệm thu 7,88 gam kết tủa, đồng thời khối lượng dung dịch giảm 5,22 gam Giá trị V A 1,12 B 0,224 C 0,896 D 0,112 Bài Một hỗn hợp X gồm hiđrocacbon A, B, C có công thức phân tử khác nhau, thuộc dãy đồng đẳng hiđrocacbon khác Đốt cháy hoàn toàn lượng X thu hỗn hợp CO2 H2O theo tỉ lệ mol 1:1 Dẫn V lit (đktc) X vào dung dịch brom dư, thấy khối lượng bình brom tăng 12,3 gam Khí C lại thoát đem đốt cháy hoàn toàn thu 13,2 gam CO2 8,1 gam H2O V có giá trị A 15,68 lit B 8,96 lit C 6,72 lit D 4,48 lit Bài Đốt cháy hoàn toàn 1,29 mol hỗn hợp X gồm ankin CnH2n-2, ankađien CmH2m-2 anken CxH2x thu 1,892 mol CO2 1,302 mol H2O Số mol anken có hỗn hợp X A 0,602 (mol) B 0,59 (mol) C 0,7 (mol) D Tất sai Bài 10 Đốt cháy hoàn toàn 24,64 lít (27,3oC, 1atm) hỗn hợp X gồm hiđrocacbon đồng đẳng Sản phẩm cháy hấp thụ hết vào bình đựng nước vôi dư thấy khối lượng bình tăng lên 149,4 gam khối lượng dung dịch bình giảm 120,6 gam Công thức phân tử hiđrocacbon A C2H2, C3H4, C4H6 B C2H6, C3H8, C4H10 C C3H4, C4H6, C5H8 D C6H6, C7H8, C8H10 Bài 11 Đốt cháy hoàn toàn lượng hiđrocacbon X Hấp thụ toàn sản phẩm cháy vào dung dịch Ba(OH)2 (dư) tạo 29,55 gam kết tủa, dung dịch sau phản ứng có khối lượng giảm 19,35 gam so với dung dịch Ba(OH)2 ban đầu Công thức phân tử X A C3H8 B C3H6 C C3H4 D C2H6 Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 Bài 12 Hỗn hợp khí X gồm ankan anken Tỉ khối X so với H2 11,25 Đốt cháy hoàn toàn 4,48 lít X, thu 6,72 lít CO2 (các thể tích khí đo đktc) Công thức ankan anken A CH4 C4H8 B C2H6 C2H4 C CH4 C2H4 D CH4 C3H6 Bài 13 Trong bình kín chứa hiđrocacbon X thể khí (đktc) O2 (dư) Bật tia lửa điện đốt cháy hết X đưa hỗn hợp điều kiện ban đầu % thể tích CO2 nước 30% 20% Công thức phân tử X % thể tích hiđrocacbon X hỗn hợp ban đầu A C3H4 10% B C3H4 90% C C3H8 20% D C4H6 30% Bài 14 Đốt cháy m gam hỗn hợp C2H6, C3H4, C3H8, C4H10 35,2 gam CO2 21,6 gam H2O Giá trị m A 14,4 B 10,8 C 12 D 56,8 Bài 15 Dẫn 1,68 lít hỗn hợp khí X gồm hai hiđrocacbon vào bình đựng dung dịch brom (dư) Sau phản ứng xảy hoàn toàn, có gam brom phản ứng lại 1,12 lít khí Nếu đốt cháy hoàn toàn 1,68 lít X sinh 2,8 lít khí CO2 Công thức phân tử hai hiđrocacbon (biết thể tích khí đo đktc) A CH4 C3H6 B C2H6 C3H6 C CH2 C3H4 D CH4 C2H4 Bài 16 Hỗn hợp X gồm metan, axetilen propen có tỉ khối so với H2 13,1 Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol hỗn hợp X sau dẫn sản phẩm cháy vào bình chứa dung dịch Ca(OH)2 dư thu 38 gam kết tủa trắng khối lượng bình tăng thêm m gam Giá trị m A 21,72 gam B 22,84 gam C 16,72 gam D 16,88 gam Bài 17 Để đơn giản ta xem loại xăng hỗn hợp pentan - hexan có tỉ khối so với H2 38,8 Cần trộn xăng không khí (20% thể tích O2) theo tỉ lệ thể tích để đốt cháy vừa đủ hoàn toàn xăng ? Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 A 1:43 B 1:40 C 1:38 D 1:35 Bài 18 Hỗn hợp X gồm nhiều ankan, anken, ankin X tổng số mol ankan tổng số mol ankin Đốt cháy hoàn toàn m gam X sau hấp thụ hết sản phảm vào bình chứa dung dịch Ca(OH)2 thấy có 30 gam kết tủa xuất hiện.Lọc kết tủa đun sôi dung dịch lại thấy xuất thêm tối đa 10 gam kết tủa Giá trị m A 5,6 B 4,2 C 7,0 D 4,7 Bài 19 Hỗn hợp X gồm C4H4, C4H2, C4H6, C4H8 C4H10 Tỉ khối X so với H2 27 Đốt cháy hoàn toàn X, cần dùng vừa đủ V lít O2 (đktc), thu CO2 0,03 mol H2O Giá trị V A 1,232 B 2,464 C 3,696 D 7,392 Bài 20 Hỗn hợp khí X gồm propen, etan, buta-1,3-đien, but-1-in có tỉ khối so với SO2 0,75 Đốt cháy hoàn toàn 0,02 mol hỗn hợp X cho hấp thụ toàn sản phẩm cháy vào bình dung dịch Ca(OH)2 dư thu m gam kết tủa Giá trị m là: A 8,3 gam B 7,0 gam C 7,3 gam D 10,4 gam Bài 21 Có hỗn hợp X gồm hiđrocacbon Y mạch hở N2 Đốt 300 cm3 hỗn hợp X 725 cm3 O2 lấy dư khí nhiên kế thu 1100 cm3 hỗn hợp khí Nếu cho ngưng tụ nước 650 cm3 sau tiếp tục cho lội qua KOH 200 cm3 khí Công thức phân tử X A C3H6 B C2H4 C C4H8 D C5H10 Bài 22 Một loại khí thiên nhiên chứa 80,9% metan; 6,8% etan; 2,7% propan; 1,6% butan; 7,9% nitơ 0,1% cacbon đioxit thể tích Thể tích không khí tối thiểu cần dùng để đốt cháy hoàn toàn 1m3 khí thiên nhiên (không khí có 20% O2; 80% N2 thể tích; khí đo đktc) A 10,475 m3 Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 B 10,000 m3 C 11,275 m3 D 11,775 m3 Bài 23 Đốt cháy hoàn toàn a mol hiđrocacbon X cho sản phẩm cháy hấp thụ hết vào nước vôi dư tạo gam kết tủa Lọc tách kết tủa, cân lại bình nước vôi thấy khối lượng giảm 1,376 gam Công thức phân tử X A C4H10 B C5H12 C C3H8 D C2H6 Bài 24 Dẫn 3,36 lít hỗn hợp khí etilen khí propilen (đktc) qua dung dịch KMnO4 dư Sau phản ứng hoàn toàn thấy xuất m gam chất rắn màu nâu đen Giá trị m A 8,7 gam B 13,05 gam C 6,525 gam D 17,4 gam Bài 25 Dẫn 10,5 gam propilen qua 200 ml dung dịch KMnO4 1M môi trường trung tính Tính khối lượng sản phẩm hữu thu sau phản ứng biết hiệu suất phản ứng 100% ? A 15,2 gam B 19,0 gam C 17,1 gam D 22,8 gam Bài 26 Hấp thụ vừa đủ hỗn hợp khí X gồm etilen propilen vào dung dịch KMnO4 31,6% nhiệt độ thấp thu dung dịch Y chứa chất tan etilenglicol, propan-1,2-điol, kali hiđroxit kết tủa Z; Trong dung dịch Y nồng độ % etilenglicol 6,906% Phần trăm khối lượng propilen X A 62,88% B 73,75% C 15,86% D 15,12% Bài 27 Một hỗn hợp X gồm ankan A hiđrocacbon B mạch hở Lấy 3,36 lít (đktc) hỗn hợp X đốt cháy thu 17,6 gam CO2 8,1 gam H2O Lấy 3,36 lít hỗn hợp X cho qua dung dịch KMnO4 dư có 1,12 lít khí (đktc) thoát Thể tích dung dịch KMnO4 2/3M phải dùng để phản ứng vừa đủ với 3,36 lít hỗn hợp X A 0,05 lít B 0,1 lít C 0,15 lít D 0,18 lít Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 Bài 28 Để oxi hóa không hoàn toàn 9,2 gam toluen cần dùng V lít dung dịch KMnO4 1M (môi trường trung tính) (cần đun nóng, hiệu suất 100%) Giá trị V A 0,15 B 0,20 C 0,225 D 0,30 Bài 29 Cân phản ứng hóa học sau: CH3-C≡CH + KMnO4 + KOH → CH3COOK + MnO2 + K2CO3 + H2O Tổng hệ số cân phương trình A 28 B 30 C 29 D 27 Bài 30 Cân phản ứng sau phương pháp thăng electron: KMnO4 + C6H5-CH=CH2 + H2SO4 -> MnSO4 + (Y) + CO2 + K2SO4 + H2O (Y) kí hiệu sản phẩm hữu Tổng hệ số cân phương trình là: A 25 B 15 C 27 D 17 Bài 31 Cho phản ứng: Tổng hệ số (nguyên, tối giản) tất chất phương trình hóa học phản ứng A 14 B 15 C 16 D 17 Bài 32 Cho phản ứng: Biết X sản phẩm hữu Tổng hệ số (nguyên, tối giản) tất chất phương trình hóa học phản ứng A 15 B 16 C 17 Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 D 18 Bài 33 Oxi hóa o-xilen KMnO4 (môi trường axit) theo phương trình: Biết X sản phẩm hữu Tổng hệ số (nguyên, tối giản) tất chất phương trình hóa học phản ứng A 84 B 85 C 86 D 87 Bài 34 Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp X gồm hai hiđrocacbon mạch hở dãy đồng đẳng hấp thụ hoàn toàn sản phẩm vào 1,8 lít dung dịch Ca(OH)2 0,05 M thu kết tủa khối lượng dung dịch tăng 3,78 gam Cho Ba(OH)2 dư vào dung dịch thu kết tủa tổng khối lượng tổng cộng lần 18,85 gam Tỉ khối X với H2 nhỏ 20 Dãy đồng đẳng hiđrocacbon A ankan B anken C ankin ankađien D ankin ankađien aren Bài 35 Đốt cháy hoàn toàn 0,5 lít (ở điều kiện 273oC 1,3432 atm) ankađien liên hợp X Sản phẩm cháy hấp thụ hoàn toàn vào 40 ml dung dịch Ba(OH)2 1,5M thu 8,865 gam kết tủa Số công thức cấu tạo thoả mãn X A B C D Bài 36 Đốt cháy 560 cm3 hỗn hợp khí (đktc) gồm hiđrocacbon X, Y có số nguyên tử cacbon ta thu 4,4 gam CO2 1,9125 gam nước Tổng khối lượng mol phân tử hiđrocacbon X, Y nhận giá trị ? A 114 B 116 C 108 D 110 Bài 37 Một hỗn hợp gồm hiđrocacbon X, Y mạch hở phân tử chất không liên kết ba hay liên kết đôi Số nguyên tử cacbon chất tối đa Đốt cháy hoàn toàn 0,05 mol hỗn hợp thu 0,25 mol CO2 0,23 mol H2O hiđrocacbon X, Y chất sau ? A C5H12, C5H8 Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 B C7H14; C2H2 C C5H10, C5H8 D C6H14; C3H4 Bài 38 Đốt cháy hoàn toàn hiđrocacbon X mạch hở thể khí với 1,92 gam O2 bình kín; cho chất sau phản ứng qua bình đựng H2SO4 đặc, dư; bình đựng 3,5 lít dung dịch Ca(OH)2 0,01M thu gam kết tủa Khí bay tích 0,224 lít (27,3oC; 1,1 atm) Công thức phân tử X A C3H8 C2H2 B CH4 C3H4 C C3H8 C3H4 D CH4 C2H2 Bài 39 Đốt cháy hoàn toàn hiđrocacbon X bình kín dung tích 10 lít lượng không khí lấy gấp đôi lượng cần thiết Sau phản ứng, làm lạnh bình 0oC thấy áp suất bình 1,948 atm Mặt khác, hấp thụ lượng nước sinh 25 ml dung dich H2SO4 98% (D = 1,84 g/ml) dung dịch H2SO4 95,75% Biết không khí có O2 N2 với tỉ lệ thể tích 1:4, X đồng phân Công thức phân tử X A CH4 B C2H4 C C3H6 D C2H2 LỜI GIẢI CHI TIẾT Câu 1: Đáp án A Nhận thấy ankin có công thức chung CnH2n-2 3n − to → n CO2 + (n-1) H2O CnH2n-2 + O2  → nankin = nCO2 - nH2O = 0,525- 0,375 = 0,15 mol Câu 2: Đáp án A Ta có nCO2 = nBaCO3 = 0,35 mol 0, 35.197 − 0,35.44 − 49, 05 18 mdd giảm = mCaCO3 - mCO2 - mH2O → nH2O = = 0,25 mol nankin = nCO2- nH2O = 0,1 mol → V= 2,24 lít Câu 3: Đáp án C Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 C6H5 CH2CH3 + 4KMnO4 → C6H5COOK + CO2 + 3KOH + 4MnO2+ H2O Câu 4: Đáp án B Khi đốt cháy 0,2 mol C2H2 sinh 0,4 mol CO2 0,2 mol H2O Vì Ca(OH)2 dư nên nCO2 = nCaCO3 = 0,4 mol Có mCaCO3 -mCO2-mH2O = 0,4.100- 0,4.44- 0,2 18 = 18,8 gam Câu 5: Đáp án C Ta có nCO2 = 0,3 mol, nO2= 0,5 mol Bảo toan nguyên tố O → nH2O = 0,5.2- 0,3.2 = 0,4 mol → C: H = 0,3 : 0,8 = 3: 8→ ankan X có công thức C3H8 Câu 6: Đáp án A Chú ý đề khối lượng bình khối lượng dung dịch Vì nước vôi dư nên nCaCO3 = nCO2 = 0,2 mol Có nH2O = nankan + nCO2 = 0,25 mol mbình = mCO2 +mH2O = 0,2.44 + 0,25 18 = 13,3 gam Câu 7: Đáp án B Vì Ba(OH)2 dư nên nBaCO3 = nCO2 = 0,04 mol 7,88 − 5, 22 − 0, 04.44 18 → mdd giảm = mBaCO3 - mCO2 - mH2O → nH2O = = 0,05 mol Vì nH2O > nCO2 nên X ankan có số mol : 0,05- 0,04= 0,01 mol → V= 0,224 lít Câu 8: Đáp án B Tìm đc thằng C2H6 =>> số mol thằng đặt CxHy ==> ==>nCo2=nH20 Câu 9: Đáp án C Gọi số mol ankin, ankadien, anken x, y, z Có x+ y + z= 1,29 Luôn có nCO2- nH2O = x+ y = 0,59 → z= 0,7 mol Câu 10: Đáp án A Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 mol hhX gồm hiđrocacbon + O2 → mbình tăng = 149,4 gam mkhối lượng dung dịch giảm = 120,6 gam • Đặt nCO2 = x mol; nH2O = y mol Ta có: mbình tăng = mCO2 + mH2O = 44a + 18b = 149,4 (*) mbình giảm = mCaCO3 - (mCO2 + mH2O) → mCaCO3 = 120,6 + 149,4 = 270 gam → a = 2,7 mol Từ (*) → b = 1,7 mol nCO2 - nH2O = nhhX → ankin Ta có số C trung bình = 2,7 : = 2,7 Vậy hhX gồm C2H2, C3H4 C4H6 Câu 11: Đáp án A Ta có nCO2 = nBaCO3 = 29,55 : 197 = 0,15 mol Ta có: mgiảm = mBaCO3 - (mCO2 + mH2O) → mH2O = 29,55 - 0,15 x 44 - 19,35 = 3,6 gam → nH2O = 0,2 mol Ta có nCO2 < nH2O → ankan nankan = 0,2 - 0,15 = 0,05 → số C X = 0,15 : 0,05 = → C3H8 Câu 12: Đáp án D MX = 22,5 → ankan CH4 Gọi : nCH4 = x; số mol anken CnH2n = y Khối lượng X = 0,2 × 22,5 = 4,5  x + y = 0,   x + yn = 0,3 16 x + 14 yn = 4,5 Ta có hệ pt  → x = 0,15; y = 0,05; yn = 0,15 → n = → C3H6 Câu 13: Đáp án A Giả sử hh sau có 30 lít CO2; 20 lít H2O 50 lít O2 dư Vì VCO2 > VH2O → ankin Ta có Vankin = VCO2 - VH2O = 30 - 20 = 10 lít Ta có X có số C = 30 : 10 = → X C3H4 Theo BTNT O: VO2ban đầu = (2 x VCO2 + VH2O) : = (2 x 30 + 20) : = 40 lít Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 → VO2 ban đầu = 40 + 50 = 90 lít Vậy hh ban đầu gồm 10 lít C3H4 90 lít O2 → %VC3 H4 = 10 = 10% 100 Câu 14: Đáp án C m gam hh C2H6, C3H4, C3H8, C4H10 + O2 → 0,8 mol CO2 + 1,2 mol H2O Theo BTNT: m = mC + mH = 0,8 x 12 + 1,2 x = 12 gam Câu 15: Đáp án A hhX gồm nCnH2n + = 1,12 : 22,4 = 0,05 mol; Hiđrocacbon phản ứng vừa đủ với 0,025 mol Br2 có số mol (1,68 - 1,12)/22,4 = 0,025 mol → anken CmH2m 0,025 mol Đốt cháy 0,05 mol CnH2n + 2; 0,025 mol CmH2m → 0,125 mol CO2 Số C trung bình = 0,125 : 0,075 ≈ 1,67 → Ankan CH4 Ta có: nCO2 = 0,05 + 0,025m = 0,125 → m = → C3H6 Câu 16: Đáp án B Ta có mX = 13,1 x x 0,2 = 5,24 gam Theo BTNT: mX = mC + mH Mà nC = nCaCO3 = 38 : 100 = 0,38 mol → mH = 5,24 - 0,38 x 12 = 0,68 gam → nH2 = 0,34 mol Ta có mbình tăng = mCO2 + mH2O = 0,38 x 44 + 0,34 x 18 = 22,84 gam Câu 17: Đáp án A Giả sử có mol xăng Đặt nC5H12 = x mol; nC6H14 = y mol Ta có hpt: x + y =  x = 0,  →  72 x + 86 y  x + y = 38,8.2  y = 0,  C5H12 + 8O2 → 5CO2 + 6H2O 0,6 -4,8 C6H14 + 9,5O2 → 6CO2 + 7H2O 0,4 3,8 Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 → nO2 = 4,8 + 3,8 = 8,6 mol → nkhông khí = 8,6 x = 43 mol Vậy Vxăng : Vkhông khí = : 43 Câu 18: Đáp án A Vì số mol ankan = số mol ankin → Ta coi hhX ban đầu gồm anken CnH2n Ta có nCO2 = 0,3 + 0,1 = 0,4 mol Theo BTNT: nC = nCO2 = 0,4 mol → nH = x 0,4 = 0,8 mol → m = mC + mH = 0,4 x 12 + 0,8 x = 5,6 gam Câu 19: Đáp án A Đặt CTC hhX C4Hx Ta có MX = 54 → x = → C4H6 C4H6 + 5,5O2 → 4CO2 + 3H2O → nCO2 = 0,03 x 5,5/3 = 0,055 mol → V = 0,055 x 22,4 = 1,232 lít Câu 20: Đáp án B hhX gồm C3H6, C2H6, C4H6 C4H6 Đặt CTC hhX CxH6 Mà MX = 0,75 x 64 = 48 → x = 3,5 → C3,5H6 C3,5H6 + 5O2 → 3,5CO2 + 3H2O → nCO2 = 0,02 x 3,5 = 0,07 mol → nCaCO3 = 0,07 mol → m = 0,07 x 100 = gam Câu 21: Đáp án A Ta có VH2O = 1100 - 650 = 450 cm3 VCO2 = 650 - 200 = 450 cm3 Vì VCO2 = VH2O → anken CnH2n + (1,5n)O2 → nCO2 + nH2O VO2 dư + N2 dư = 200 cm3 => VX + VO2phản ứng = 825 cm3 → VX + 1,5n x VX = 825 → nVX = 450 → VX = 150 → n = → C3H6 Câu 22: Đáp án A 1m3 khí thiên nhiên chứa 0,809 m3 CH4; 0,068 m3 C2H6; 0,027 m3 C3H8; 0,016 m3 C4H10; 0,079 m3 N2 0,001 m3 CO2 Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 CH4 + 2O2 → CO2 + 2H2O 0,809 1,618 C2H6 + 3,5O2 → 2CO2 + 3H2O 0,068 0,238 C3H8 + 5O2 → 3CO2 + 4H2O 0,027 0,135 C4H10 + 6,5O2 → 4CO2 + 5H2O 0,016 0,104 → ∑VO2 = 1,618 + 0,238 + 0,135 + 0,104 = 2,095 m3 → Vkhông khí = 2,095 x = 10,475 m3 Câu 23: Đáp án B nCO2 = : 100 = 0,04 mol mbình giảm = mCaCO3 - (mCO2 + mH2O) → mH2O = - 0,04 x 44 - 1,376 = 0,864 gam → nH2O = 0,864 : 18 = 0,048 mol Vì nH2O > nCO2 → X ankan nankan = 0,048 - 0,04 = 0,008 mol → số C X = 0,04 : 0,008 = → C5H12 Câu 24: Đáp án A 0,15 mol hh C2H4 C3H6 + KMnO4 dư Đặt CTC hai anken CnH2n 3CnH2n + 2KMnO4 + 4H2O → 3CnH2n(OH)2 + 2MnO2↓ + 2KOH → nMnO2 = 0,15 : x = 0,1 mol → m = 0,1 x 87 = 8,7 gam Câu 25: Đáp án B 3C3H6 + 2KMnO4 + 4H2O → 3C3H6(OH)2 + 2MnO2↓ + 2KOH 0,25 -0,25 → mC3H6(OH)2 = 0,25 x 76 = 19 gam Câu 26: Đáp án B Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 Giả sử: mddKMnO4 = 158( g ) ⇒ nKMnO4 = nMnO2 + 158.0,316 = 0,316 158 3Cn H n + KMnO4 + H 2O = 3Cn H n (OH ) + KOH + 2MnO2 nC2 H = a; nC3 H = b 0,316.3 = 0, 474(1) Khối lượng dung dịch sau phản ứng: m = 28a + 42b + 158 − 0,316.87 = 28a + 42b + 130,508 62a %C2 H (OH ) = = 0, 06906(2) 28a + 42b + 130,508 (1), (2) ⇒ a = 0,165; b = 0,309 0,309.42 %C3 H = 100 = 73, 75% 28.0,165 + 42.0,309 ⇒ a+b = Câu 27: Đáp án B 0,15 mol hhX + O2 → 0,4 mol CO2 + 0,45 mol H2O Ta có: nH2O - nCO2 = nhhX → B anken 0,15 mol hhX + KMnO4 dư → 0,05 mol khí thoát → nanken = 0,15 - 0,05 = 0,1 mol 3CnH2n + 2KMnO4 + 4H2O → CnH2n(OH)2 + 2MnO2↓ + 2KOH 0,1 0,2/3 → VKMnO4 = 0,2/3 : 2/3 = 0,1 lít Câu 28: Đáp án B 0,1 mol C6H5-CH3 o t → C6H5COOK + 2MnO2↓ + KOH + H2O C6H5-CH3 + 2KMnO4  0,1 0,2 → VKMnO4 = 0,2 : = 0,2 lít Câu 29: Đáp án A Nhận thấy hợp phần CH3 không thay đổi số oxi hóa Quá trình oxi hóa: C0 + C-1 → C+3 + C+4 + 8e Quá trình khử: Mn+7 + 3e → Mn+4 Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 Phương trình phản ứng: 3CH3-C≡CH + 8KMnO4 + H2O → 3CH3COOH + 8MnO2 +3K2CO3 + 2KOH → Tổng hệ số cân phương trình = + + + + + + = 28 Câu 30: Đáp án B KMnO4 + C6H5 -CH=CH2 + H2SO4 → MnSO4 + C6 H5COOH + CO2 + K2SO4 + H2 O Quá trình oxi hóa C-1 + C-2 → C+3 + C+4 + 10e Quá trình khử: Mn+7 +5e → Mn+2 PT:2KMnO4 + C6H5 -CH=CH2 + 3H2SO4 → 2MnSO4 + C6H5COOH + CO2 + K2SO4 + 4H2O → Tổng hệ số phương trình + + + + + + + = 15 → Chọn B Chú ý hợp chất có chứa liên kết tham gia phản ứng oxi hóa khử KMnO4 /H2SO4 liên kết đôi bị phá vỡ hình hợp chất có chức COOH CO2 Câu 31: Đáp án B KMnO4 + C6H5 -CH=CH2 + H2SO4 → MnSO4 + C6 H5COOH + CO2 + K2SO4 + H2 O Quá trình oxi hóa C-1 + C-2 → C+3 + C+4 + 10e Quá trình khử: Mn+7 +5e → Mn+2 PT:2KMnO4 + C6H5 -CH=CH2 + 3H2SO4 → 2MnSO4 + C6H5COOH + CO2 + K2SO4 + 4H2O → Tổng hệ số phương trình + + + + + + + = 15 → Chọn B Chú ý hợp chất có chứa liên kết tham gia phản ứng oxi hóa khử KMnO4 /H2SO4 liên kết đôi bị phá vỡ hình hợp chất có chức COOH CO2 Câu 32: Đáp án B 3C6H5-CH=CH2 + 2KMnO4 + 4H2O → 3C6H5-CH(OH)-CH2OH + 2MnO2↓ + 2KOH → Tổng hệ số chất cân = + + + + + = 16 Câu 33: Đáp án C × | 2C-3 → 2C+3 + 12e 12 × | Mn+7 + 5e → M+2 5C6H4(CH3)2 + 12KMnO4 + 18H2SO4 → 5C6H4(COOH)2 + 12MnSO4 + 6K2SO4 + 28H2O → Tổng hệ số chất cân = + 12 + 18 + + 12 + + 28 = 86 Câu 34: Đáp án C Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 Ca(OH)2 + CO2 → CaCO3 + H2O 0.04 0.04 Ca(OH)2 + 2CO2 → Ca(HCO3)2 0.1 .0 Ca(HCO3)2 + Ba(OH)2 → BaCO3 + CaCO3 + H2O .0,05 nCa(OH)2 = 0,09 mol; mkết tủa = mCaCO3 + mBaCO3 → nBaCO3 = (18,85 - 0,09 x 100)/197 = 0,05 mol → nCO2 = 0,09 + 0,05 = 0,14 mol → 3,78 = 0,14 x 44 + mH2O - 0,04 x 100 → mH2O = 1,62 gam → nH2O = 0,09 mol dX/H2 < 20 → X < 40 → số C trung bình ≤ 3,3 Đặt CTC R-H CxH2x + - 2k (trong x giá trị trung bình số C) Ta có: nCO2 nC x 0,14 = → = nH 2.nH 2O x + − 2k 0, 09.2 → 5n = 14k - 14 k nguyên → k = thỏa mãn Câu 35: Đáp án C 0,015 mol CnH2n - + O2 → CO2 CO2 + 0,06 mol Ba(OH)2 → 0,045 mol BaCO3 • TH1: Ba(OH)2 dư → nCO2 = nBaCO3 = 0,045 mol → Số C X = 0,045 : 0,015 = → C3H4 → loại X liên hợp • TH2: Ba(OH)2 vừa đủ Ba(OH)2 + CO2 → BaCO3 + H2O 0,06 -0,06 0,06 BaCO3 + CO2 + H2O → Ba(HCO3)2 (*) nBaCO3phản ứng = 0,06 - 0,045 = 0,015 mol → ∑nCO2 = 0,06 + 0,015 = 0,075 mol → Số C X = 0,075 : 0,015 = → C5H8 Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 Câu 36: Đáp án B 0,025 mol hh gồm hiđrocacbon X, Y + O2 → 0,1 mol CO2 + 0,10625 mol H2O • Ta có số C trung bình X = 0,1 : 0,025 = Vì nH2O - nCO2 < nhhX → Trong X gồm ankan C4H10 hiđrocacbon không no → MX + MY < x MC4H10 = x 58 = 116 → Tổng số mol X,Y 116 Câu 37: Đáp án D 0,05 mol hh X, Y + O2 → 0,25 mol CO2 0,23 mol H2O Vì nH2O > nCO2 → hh có ankin • TH1: hh gồm anken x mol ankin y mol  x + y = 0, 05  x = 0, 03 →  Ta có hpt:  y = 0, 25 − 0, 23 = 0, 02  y = 0, 02 hhX gồm CnH2n - 0,02 mol CmH2m 0,03 mol Ta có: 0,02n + 0,03m = 0,25 Thử 2TH: C7H14 C2H2 C5H12 C5H8 thỏa mãn • TH2: hh gồm CnH2n + x mol CmH2m - y mol  x + y = 0, 05  x = 0, 015 →  Ta có hpt:  x − y = −0, 02  y = 0, 035 Ta có 0,015n + 0,035m = 0,25 → 7n + 3m = 50 Nếu n = → m = → Cặp C5H12 C5H8 thỏa mãn Nếu n = → m = 2,67 → Cặp C6H14 C3H4 không thỏa mãn Câu 38: Đáp án A Khí bay sau qua bình bình O2 dư nO2du = 0, 224.1,1 = 0, 01mol 0, 082.(273 + 27,3) → nO2phản ứng = 0,06 - 0,01 = 0,05 mol • TH1: Ca(OH)2 dư Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 → nCO2 = nCaCO3 = 0,03 mol Theo BTNT: nH2O = x nO2 - x nCO2 = x 0,05 - x 0,03 = 0,04 mol nCO2 < nH2O → ankan nankan = 0,04 - 0,03 = 0,01 mol → Số C X = 0,03 : 0,01 = → C3H8 • TH2: CO2 dư CO2 + Ca(OH)2 → CaCO3 + H2O 0,035 0,035 CaCO3 + CO2 + H2O → Ca(HCO3)2 (*) Ta có nCaCO3 phản ứng (*) = 0,035 - 0,03 = 0,005 mol → ∑nCO2 = 0,035 + 0,005 = 0,04 mol Theo BTNT: nH2O = x 0,05 - x 0,04 = 0,02 mol Ta có nCO2 > nH2O → ankin nankin = 0,04 - 0,02 = 0,02 mol → Số C X = 0,04 : 0,02 = → C2H2 Câu 39: Đáp án B 1,948.10 = 0,87 mol Số mol khí sau phản ứng: 0, 082.273 Gọi khối lượng nước a gam 25.98.1,84 95, 75 100 = 100 → a = 1,08 gam → nH2O = 0,06 mol Ta có: 46 + a y y C x H y + ( x + )O2 → xCO2 + H 2O b (x + y/4)b xb yb/2 Vì lượng không khí dùng gấp đôi nên số mol khí sau phản ứng Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 y  9b( x + ) + bx = 0,87(1)   yb = 0, 06(2)  y 9b( x + ) + bx 0,87 x 0, = → = = yb 0,12 y 1, 2 Lấy (1) : (2) → → (CH2)n có n = chất A đồng phân → C2H4 Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 [...]... lít Câu 29: Đáp án A Nhận thấy hợp phần CH3 không thay đổi số oxi hóa Quá trình oxi hóa: C0 + C-1 → C+3 + C+4 + 8e Quá trình khử: Mn+7 + 3e → Mn+4 Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 Phương trình phản ứng: 3CH3-C≡CH + 8KMnO4 + H2O → 3CH3COOH + 8MnO2 +3K2CO3 + 2KOH → Tổng hệ số cân bằng của phương trình = 3 + 8 + 1 + 3 + 8 + 3 + 2 = 28 Câu. .. H2 O Quá trình oxi hóa C-1 + C-2 → C+3 + C+4 + 10e Quá trình khử: Mn+7 +5e → Mn+2 PT:2KMnO4 + C6H5 -CH=CH2 + 3H2SO4 → 2MnSO4 + C6H5COOH + CO2 + K2SO4 + 4H2O → Tổng hệ số của phương trình là 2 + 1 + 3 + 2 + 1 + 1 + 1 + 4 = 15 → Chọn B Chú ý hợp chất có chứa liên kết đôi khi tham gia phản ứng oxi hóa khử trong KMnO4 /H2SO4 thì liên kết đôi bị phá vỡ hình hợp chất có chức COOH hoặc CO2 Câu 31: Đáp án... H2 O Quá trình oxi hóa C-1 + C-2 → C+3 + C+4 + 10e Quá trình khử: Mn+7 +5e → Mn+2 PT:2KMnO4 + C6H5 -CH=CH2 + 3H2SO4 → 2MnSO4 + C6H5COOH + CO2 + K2SO4 + 4H2O → Tổng hệ số của phương trình là 2 + 1 + 3 + 2 + 1 + 1 + 1 + 4 = 15 → Chọn B Chú ý hợp chất có chứa liên kết đôi khi tham gia phản ứng oxi hóa khử trong KMnO4 /H2SO4 thì liên kết đôi bị phá vỡ hình hợp chất có chức COOH hoặc CO2 Câu 32: Đáp án... = 5,6 gam Câu 19: Đáp án A Đặt CTC của hhX là C4Hx Ta có MX = 54 → x = 6 → C4H6 C4H6 + 5,5O2 → 4CO2 + 3H2O → nCO2 = 0,03 x 5,5/3 = 0,055 mol → V = 0,055 x 22,4 = 1,232 lít Câu 20: Đáp án B hhX gồm C3H6, C2H6, C4H6 và C4H6 Đặt CTC của hhX là CxH6 Mà MX = 0,75 x 64 = 48 → x = 3,5 → C3,5H6 C3,5H6 + 5O2 → 3,5CO2 + 3H2O → nCO2 = 0,02 x 3,5 = 0,07 mol → nCaCO3 = 0,07 mol → m = 0,07 x 100 = 7 gam Câu 21: Đáp... + 8O2 → 5CO2 + 6H2O 0,6 -4,8 C6H14 + 9,5O2 → 6CO2 + 7H2O 0,4 3,8 Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 → nO2 = 4,8 + 3,8 = 8,6 mol → nkhông khí = 8,6 x 5 = 43 mol Vậy Vxăng : Vkhông khí = 1 : 43 Câu 18: Đáp án A Vì số mol của ankan = số mol của ankin → Ta coi hhX ban đầu gồm các anken CnH2n Ta có nCO2 = 0,3 + 0,1 = 0,4 mol Theo... → 3C6H5-CH(OH)-CH2OH + 2MnO2↓ + 2KOH → Tổng hệ số của các chất khi cân bằng = 3 + 2 + 4 + 3 + 2 + 2 = 16 Câu 33: Đáp án C 5 × | 2C-3 → 2C+3 + 12e 12 × | Mn+7 + 5e → M+2 5C6H4(CH3)2 + 12KMnO4 + 18H2SO4 → 5C6H4(COOH)2 + 12MnSO4 + 6K2SO4 + 28H2O → Tổng hệ số các chất khi cân bằng = 5 + 12 + 18 + 5 + 12 + 6 + 28 = 86 Câu 34: Đáp án C Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com... Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 Câu 36: Đáp án B 0,025 mol hh gồm 2 hiđrocacbon X, Y + O2 → 0,1 mol CO2 + 0,10625 mol H2O • Ta có số C trung bình trong X = 0,1 : 0,025 = 4 Vì nH2O - nCO2 < nhhX → Trong X gồm ankan C4H10 và một hiđrocacbon không no → MX + MY < 2 x MC4H10 = 2 x 58 = 116 → Tổng số mol của X,Y không thể là 116 Câu 37: Đáp... tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 y  9b( x + 4 ) + bx = 0,87(1)   yb = 0, 06 (2)  2 y 9b( x + ) + bx 0,87 x 0, 6 1 4 = → = = yb 0,12 y 1, 2 2 Lấy (1) : (2) → → (CH2)n chỉ có n = 2 thì chất A không có đồng phân → C2H4 Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 ... CnH2n 3CnH2n + 2KMnO4 + 4H2O → 3CnH2n(OH)2 + 2MnO2↓ + 2KOH → nMnO2 = 0,15 : 3 x 2 = 0,1 mol → m = 0,1 x 87 = 8,7 gam Câu 25: Đáp án B 3C3H6 + 2KMnO4 + 4H2O → 3C3H6(OH)2 + 2MnO2↓ + 2KOH 0,25 -0,25 → mC3H6(OH)2 = 0,25 x 76 = 19 gam Câu 26: Đáp án B Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 Giả sử: mddKMnO4 = 158( g ) ⇒ nKMnO4... trong X = 0,04 : 0,02 = 2 → C2H2 Câu 39: Đáp án B 1,948.10 = 0,87 mol Số mol khí sau phản ứng: 0, 082.273 Gọi khối lượng nước là a gam 25.98.1,84 95, 75 100 = 100 → a = 1,08 gam → nH2O = 0,06 mol Ta có: 46 + a y y C x H y + ( x + )O2 → xCO2 + H 2O 4 2 b (x + y/4)b xb yb/2 Vì lượng không khí dùng gấp đôi nên số mol khí sau phản ứng là Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com ... tất chất phương trình hóa học phản ứng A 15 B 16 C 17 Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 D 18 Bài 33 Oxi hóa o-xilen KMnO4 (môi... A Nhận thấy hợp phần CH3 không thay đổi số oxi hóa Quá trình oxi hóa: C0 + C-1 → C+3 + C+4 + 8e Quá trình khử: Mn+7 + 3e → Mn+4 Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com... 0,1 lít C 0,15 lít D 0,18 lít Chuyên đề thi có lời giải chi tiết, file word Email : anhdungdevelopment@gmail.com SĐT : 0982.563.365 Bài 28 Để oxi hóa không hoàn toàn 9,2 gam toluen cần dùng V