45 câu có lời giải Phương pháp giải bài toán Oxi hóa Amin – Amino axit Cơ bản

45 câu có lời giải Phương pháp giải bài toán Oxi hóa Amin – Amino axit Cơ bản 45 câu có lời giải Phương pháp giải bài toán Oxi hóa Amin – Amino axit Cơ bản 45 câu có lời giải Phương pháp giải bài toán Oxi hóa Amin – Amino axit Cơ bản 45 câu có lời giải Phương pháp giải bài toán Oxi hóa Amin – Amino axit Cơ bản 45 câu có lời giải Phương pháp giải bài toán Oxi hóa Amin – Amino axit Cơ bản 45 câu có lời giải Phương pháp giải bài toán Oxi hóa Amin – Amino axit Cơ bản

Cơ bản- Phương pháp giải toán Oxi hóa Amin – Amino axit Bài Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol metylamin (CH3NH2), thu sản phẩm có chứa V lít khí N2 (ở đktc) Giá trị V A 2,24 B 1,12 C 4,48 D 3,36 Bài Đốt cháy hoàn toàn m gam metylamin (CH3NH2), sinh 2,24 lít khí N2 (ở đktc) Giá trị m A 3,1 gam B 6,2 gam C 4,65 gam D 1,55 gam Bài Đốt cháy hoàn toàn amin no đơn chức X, thu 16,8 lít CO2 ; 2,8 lít N2 (đktc) 20,25 gam H2O Công thức phân tử X A C4H9N B C3H7N C C2H7N D C3H9N Bài Đốt cháy hoàn toàn 5,9 gam amin no, mạch hở, đơn chức X thu 6,72 lít CO2 Công thức phân tử X A C2H5N B C2H7N C C3H9N D C3H7N Bài Khi đốt cháy 4,5 gam amin đơn chức giải phóng 1,12 lít N2 (đktc) Công thức phân tử amin A CH5N B C2H7N C C3H9N D C3H7N Bài Đốt cháy hoàn toàn m gam amin mạch hở đơn chức, sau phản ứng thu 5,376 lít CO2; 1,344 lít N2 7,56 gam H2O (các thể tích đo đktc) CTPT amin là: A C3H7N B C2H5N C CH5N D C2H7N Bài Đốt cháy hoàn toàn đồng đẳng X anilin tỉ lệ nCO2 : nH2O = 1,4545 CTPT X là: A C7H7NH2 B C8H9NH2 C C9H11NH2 D C10H13NH2 Bài Đốt cháy amin X với không khí (N2 O2 với tỉ lệ mol 4:1) vừa đủ, sau phản ứng thu 17,6 gam CO2, 12,6 gam H2O 69,44 lít N2 (đktc) Khối lượng amin là: A 9,2 gam B gam C 11 gam D 9,5 gam Bài Đốt cháy hoàn toàn 6,2 gam amin no, đơn chức phải dùng hết 10,08 lít khí O2 (đktc) Công thức amin là: A C2H5NH2 B CH3NH2 C C4H9NH2 D C3H7NH2 Bài 10 Đốt cháy hoàn toàn a mol hỗn hợp X gồm amin no đơn chức liên tiếp thu 5,6 lít CO2 (đktc) 7,2 gam H2O Amin có khối lượng phân tử nhỏ A CH5N B C2H7N C C3H9N D C4H11N Bài 11 Đốt cháy hoàn toàn lượng amino axit X thu CO2 N2 theo tỉ lệ thể tích : X là: A H2N–CH2–CH2–COOH B H2N–(CH2)3–COOH C H2N–CH2–COOH D H2N–(CH2)4–COOH Bài 12 Đốt cháy hoàn toàn 1,18 gam amin đơn chức X lượng oxi vừa đủ Dẫn toàn sản phẩm qua bình đựng nước vôi dư thu gam kết tủa CTPT X A CH5N B C2H7N C C3H9N D C4H11N Bài 13 Đốt cháy hoàn toàn amin no đơn chức, bậc 2, mạch hở X thu CO2 nước theo tỉ lệ số mol tương ứng : CTCTcủa X A CH3–NH–CH3 B CH3–NH–C2H5 C CH3–CH2–CH2–NH2 D C2H5–NH–C2H5 Bài 14 Tỉ lệ thể tích CO2 : H2O (hơi) sinh đốt cháy hoàn toàn đồng đẳng X glyxin : (phản ứng cháy sinh khí N2) Công thức cấu tạo X (biết X có nguồn gốc tự nhiên) A NH2–CH2–CH2–COOH B C2H5–CH(NH2)–COOH C CH3–CH(NH2)–COOH D NH2–CH2–CH2–COOH CH3–CH(NH2)–COOH Bài 15 Đốt cháy hoàn toàn a mol amino axit X thu 2a mol CO2 0,5a mol N2 Amino axit X là: A H2NCH2COOH B H2N[CH2]2COOH C H2N[CH2]3COOH D H2NCH(COOH)2 Bài 16 Khi đốt cháy hoàn toàn amin đơn chức X, thu 6,72 lít khí CO2, 1,12 lít khí N2 (các thể tích khí đo đktc) 8,1 gam H2O Công thức phân tử X A CH5N B C2H7N C C3H9N D C4H9N Bài 17 Đốt cháy m gam hỗn hợp gồm hai amin no đơn chức mạch hở thu 17,6 gam CO2 12,6 gam H2O m có giá trị là: A 9,0 B 10,4 C 11,8 D 14,6 Bài 18 Đốt cháy hỗn hợp amin X cần V lít O2 (đktc) thu N2 22 gam CO2 7,2 gam H2O Giá trị V là: A 14,56 B 15,68 C 17,92 D 20,16 Bài 19 Đốt cháy hoàn toàn a mol hỗn hợp X gồm amin đơn chức dãy đồng đẳng thu 7,84 lít CO2 (đktc) gam H2O Giá trị a A 0,10 mol B 0,15 mol C 0,20 mol D 0,25 mol Bài 20 Đốt cháy hoàn toàn amin no đơn chức mạch hở đồng đẳng liên tiếp thu CO2 H2O theo tỉ lệ số mol : Hãy xác định công thức phân tử hai amin ? A CH5N C2H7N B C2H7N C3H9N C C3H9N C4H11N D C4H11N C5H13N Bài 21 Đốt cháy hoàn toàn 8,7 gam amino axit X (có nhóm NH2) thu 0,3 mol CO2; 0,25 mol H2O 1,12 lít (ở đktc) khí trơ Công thức phân tử X là: A C3H5O2N2 B C3H5O2N C C3H7O2N D C6H10O2N2 Bài 22 Đốt cháy hoàn toàn amin no đơn chức đồng đẳng kế tiếp, thu hỗn hợp khí với tỉ lệ thể tích đo điều kiện VCO2 : VH2O = : 17 Công thức hai amin là: A CH3NH2 C2H5NH2 B C2H5NH2 C3H7NH2 C C3H7NH2 C4H9NH2 D C4H9NH2 C5H11NH2 Bài 23 Đốt cháy hoàn toàn a mol amino axit X lượng oxi vừa đủ làm lạnh để ngưng tụ nước thu 2,5a mol hỗn hợp khí Công thức phân tử X là: A C2H5NO2 B C3H7NO2 C C5H9NO2 D C4H7NO2 Bài 24 Hỗn hợp khí X gồm NH3 metylamin có tỉ khối so với CO2 0,45 Đốt hoàn toàn m gam X lượng oxi vừa đủ thu hỗn hợp gồm CO2, H2O N2 có khối lượng 26,7 gam Giá trị m là: A 19,8 gam B 11,85 gam C 9,9 gam D 4,95 gam Bài 25 Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X gồm amin đồng đẳng vinylamin thu 41,8 gam CO2 18,9 gam H2O Giá trị m là: A 16,7 gam B 17,1 gam C 16,3 gam D 15,9 gam Bài 26 Hợp chất hữu X có khối lượng phân tử nhỏ khối lượng phân tử benzen, chứa nguyên tố C, H, O, N; hiđro chiếm 9,09% ; nitơ chiếm 18,18% (theo khối lượng) Đốt cháy 7,7 gam chất X thu 4,928 lít CO2 đo 27,3oC atm Công thức phân tử X là: A C3H7NO2 B C2H7NO2 C C2H5NO2 D C3H5NO2 Bài 27 Paracetamol (X) thành phần thuốc hạ sốt giảm đau Đốt cháy hoàn toàn 5,285 gam X, dẫn sản phẩm cháy qua bình đựng H2SO4 đặc, bình đựng Ba(OH)2 dư Sau kết thúc thí nghiệm thấy khối lượng bình tăng 2,835 gam, bình tạo thành 55,16 gam kết tủa 0,392 lít khí (đktc) thoát CTPT (trùng với công thức đơn giản nhất) paracetamol A C8H9N B C8H9N2 C C8H9O2N D C8H9ON2 Bài 28 Đốt cháy hoàn toàn amin đơn chức X lượng không khí (chứa 80% thể tích N2, lại O2) vừa đủ, thu 0,15 mol CO2; 0,175 mol H2O 0,975 mol N2 Công thức phân tử X A C2H7N B C9H21N C C3H9N D C3H7N Bài 29 Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp amin no đơn chức đồng đẳng liên tiếp, thu nH2O : nCO2 = : Hai amin có công thức phân tử là: A C2H5NH2 C3H7NH2 B CH3NH2 C2H5NH2 C C3H7NH2 C4H9NH2 D C4H9NH2 C5H11NH2 Bài 30 Đốt cháy hoàn toàn m gam amin X lượng không khí vừa đủ thu 17,6 gam CO2 12,6 gam H2O 69,44 lít nitơ Giả thiết không khí gồm nitơ oxi, oxi chiếm 20% thể tích Các thể tích đo đktc Amin X có công thức phân tử là: A C2H5NH2 B C3H7NH2 C CH3NH2 D C4H9NH2 Bài 31 Đốt cháy hoàn toàn 1,52 gam chất X cần 0,56 lit oxi (đkc), thu hh khí gồm CO2, N2 nước Sau ngưng tụ nước hỗn hợp khí lại có khối lượng 1,6 gam có tỷ khối hiđro 20 CTĐGN X A C2H6O5N2 B C3H8O5N2 C C3H10O3N2 D C4H10O5N2 Bài 32 Đốt cháy hoàn toàn m gam amin không khí vừa đủ Trong hỗn hợp sau phản ứng có 0,4 mol CO2; 0,7 mol H2O 3,1 mol N2 Giả sử không khí gồm N2 O2 N2 chiếm 80% thể tích Giá trị m A 9,0 gam B 6,2 gam C 49,6 gam D 93,0 gam Bài 33 Đốt cháy hoàn toàn amin đơn chức thu CO2 nước theo tỉ lệ mol nCO2 : nH2O = : CTPT amin A C4H8N B C3H7N C C3H6N D C4H9N Bài 34 Đốt cháy hoàn toàn amin đơn chức bậc I mạch hở thu nCO2 : nH2O = : Tên amin là: A Phenylamin B Anlylamin C Isopropylamin D Propylamin Bài 35 Đốt cháy hoàn toàn amin bậc 1, mạch hở, no, đơn chức thu nCO2 : nH2O = : CTPT amin là: A CH3NH2 C2H5NH2 B C2H5NH2 C3H7NH2 C C4H9NH2 C5H11NH2 D C3H7NH2 C4H9NH2 Bài 36 Hỗn hợp H gồm amin no X, Y có số nguyên tử C, nguyên tử N Lấy 13,44 lit H (ở 273oC, atm) đốt cháy thu 39,6 gam CO2 4,48 lit (đktc) khí N2 Số mol CTCT X, Y (biết amin bậc I) A 0,2 mol C3H7NH2 0,1 mol C3H6(NH2)2 B 0,1 mol C3H7NH2 0,2 mol C3H6(NH2)2 C 0,1 mol C2H5NH2 0,2 mol C2H4(NH2)2 D 0,2 mol C2H5NH2 0,1 mol C2H4(NH2)2 Bài 37 Khi đốt cháy hoàn toàn amin đơn chức X, thu 8,4 lít khí CO2, 1,4 lít khí N2 (các thể tích khí đo đktc) 10,125 gam H2O Công thức phân tử X A C3H7N B C2H7N C C3H9N D C4H9N Bài 38 Đốt cháy hoàn toàn 17,4 gam amino axit có nhóm –COOH 0,6 mol CO2, 0,5 mol H2O 0,1 mol N2 Công thức phân tử amino axit là: A C3H5O2N B C3H7O2N C C3H5O4N D C3H6O4N2 Bài 39 Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp gồm amin no đơn chức, mạch hở X amin không no đơn chức mạch hở Y có nối đôi C=C có số nguyên tử C với X cần 55,44 lít O2 (đktc) thu hỗn hợp khí nCO2: nH2O = 10:13 5,6 lít N2 (đktc) Khối lượng hỗn hợp amin ban đầu là: A 35,9 gam B 21,9 gam C 29,0 gam D 28,9 gam Bài 40 Có amin bậc I, X đồng đẳng anilin, Y đồng đẳng metylamin Đốt cháy hoàn toàn 2,28 gam hỗn hợp thu 336 cm3 N2 (đktc), 5,94 gam CO2 2,16 gam H2O CTPT X Y là: A CH3C6H4NH2 C3H7NH2 B CH3C6H4NH2 C2H5NH2 C C2H5C6H4NH2 C2H5NH2 D C2H5C6H4NH2 C3H7NH2 Bài 41 Một hỗn hợp H gồm amin no X, Y có số nguyên tử C Phân tử Y có nhiều X nguyên tử N Lấy 13,44 lít hỗn hợp H (ở 273oC, atm) đem đốt cháy hoàn toàn thu 26,4 gam CO2 4,48 lit N2 (đktc) Biết hai amin bậc CTCT X, Y số mol chúng là: A 0,2 mol CH3NH2 0,1 mol NH2CH2NH2 B 0,2 mol CH3CH2NH2 0,1 mol NH2CH2CH2NH2 C 0,1 mol CH3CH2NH2 0,2 mol NH2CH2CH2NH2 D 0,2 mol CH3CH2NH2 0,1 mol NH2CH2NHCH3 Bài 42 Hỗn hợp M gồm anken X hai amin no, đơn chức, mạch hở Y, Z (MY < MZ) Đốt cháy hoàn toàn lượng M cần dùng 21 lít O2 sinh 11,2 lít CO2 (các thể tích khí đo đktc) Công thức Y A CH3NH2 B CH3CH2CH2NH2 C C2H5NH2 D CH3CH2NHCH3 Bài 43 Đốt cháy hoàn toàn amin, no, đơn chức, mạch hở Sản phẩm cháy sau ngưng tụ nước có tỉ khối so với H2 19,333 Công thức phân tử amin là: A CH3NH2 B C2H5NH2 C C3H7NH2 D C4H9NH2 Bài 44 Đốt cháy hoàn toàn amin bậc X lượng vừa đủ không khí (chứa 20% oxi 80% nitơ) thu 17,6 gam CO2, 12,6 gam H2O 69,44 lít N2 (đktc) Tên gọi X là: A etylamin B propylamin C metylamin D phenylamin Bài 45 Đốt cháy hoàn toàn amin no, đơn chức, mạch hở lượng oxi vừa đủ Sản phẩm cháy thu đem ngưng tụ nước, lại hỗn hợp khí có tỉ khối so với hiđro 20,4 Công thức phân tử amin là: A CH5N B C2H7N C C3H9N D C4H11N LỜI GIẢI CHI TIẾT Câu 1: Đáp án A 2CH3NH2 → 1N2 1 0, nN2 = × nCH3NH2 = = 0,1 mol VN2 = 0,1 × 22,4 = 2,24 mol Đáp án A Câu 2: Đáp án B 2CH3NH2 → 1N2 2, 24 nCH3NH2 = × nN2 = 22, = 0,2 mol mCH3NH2 = 0,2 × 31 = 6,2 gam Đáp án B Câu 3: Đáp án D Đặt X CxHyN 16,8 nC = nCO2 = 22, = 0,75 mol 20, 25 nH = × nH2O = × 18 = 2,25 mol 2,8 nN = × nN2 = × 22, = 0,25 mol - Ta có x : y : = 0,75 : 2,25 : 0,25 = : : Vậy X C3H9N Đáp án D Câu 4: Đáp án C Amin no có dạng CnH2n + 3N 1CnH2n + 3N → nCO2 6, 72 nCO2 = 22, = 0,3 mol 5,9 0,3 = n Ta có 14n + 17 n=3 Vậy X C3H9N Đáp án C Câu 5: Đáp án B Đặt X CxHyN Ta có 2CxHyN → 1N2 1,12 nCxHyN = × nN2 = × 22, = 0,1 mol 4,5 MX = 12x + y + 14 = 0,1 12x + y = 31 => x = 2; y = Vậy X C2H7N Đáp án B Câu 6: Đáp án D Đặt X CxHyN 5,376 nC = nCO2 = 22, = 0,24 mol 7,56 nH = × nH2O = × 18 = 0,84 mol 1, 344 nN = × nN2 = × 22, = 0,12 mol Ta có x : y : = 0,24 : 0,84 : 0,12 = : : Vậy X C2H7N Đáp án D Câu 7: Đáp án B Ta có nCO2 : nH2O = 1,4545 : nC : nH = 1,4545 : ≈ : 11 X C8H11N Đáp án B Câu 8: Đáp án B nCO2 = 0, nH 2O = 0, nN = 3,1 Bảo toàn O: 2nO2 = 2nCO2 + nH 2O = 2.0, + 0, = 1,5 => nO2 = 0, 75 => nN ( kk ) = 4nO2 = => nN ( X ) = 3,1 − = 0,1 mX = mC + mH + mN = 0, 4.12 + 0, 7.2 + 0,1.2.14 = 9( g ) Chọn B Câu 9: Đáp án B - Đặt X CnH2n + 3N 6n + 1CnH2n + 3N + O2 6, 0, 45 = 14n + 17 6n + Ta có n=1 Vậy X CH5N Đáp án B Câu 10: Đáp án B nCO2 = 0, 25 nH 2O = 0, 1,5nX = nH 2O − nCO2 = 0,15 => nX = 0,1 nC = 0, 25 = 2,5 => C2 H N , C3 H N 0,1 Chọn B Câu 11: Đáp án C X có dạng CnH2n + 1O2N 2CnH2n + 1O2N → 2nCO2 + 1N2 nCO2 2n = nN 1 Ta có n=2 Vậy X C2H5O2N Đáp án C Câu 12: Đáp án C - Dẫn CO2, H2O, N2 vào Ca(OH)2 dư thu 6g CaCO3 1CO2 → 1CaCO3 nCO2 = nCaCO3 = 100 = 0,06 mol - X có dạng CnH2n + 3N 1CnH2n + 3N → nCO2 1,18 0, 06 = n Ta có 14n + 17 n = Vậy X C3H9N Đáp án C Câu 13: Đáp án B X có dạng CnH2n + 3N 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + (2n + 3)H2O nCO2 = 2n = 2n + 3 n Ta có H 2O n = => X C3H9N Mà amin bậc nên X CH3-NH-C2H5 Đáp án B Câu 14: Đáp án C X có dạng CnH2n + 1NO2 Ta có 2CnH2n + 1NO2 → 2nCO2 + (2n + 1)H2O nCO2 Ta có nH 2O = 2n = 2n + n = => X C3H7NO2 Mà X có nguồn gốc tự nhiên nên X α- amino axit Vậy X CH3-CH(NH2)-COOH Đáp án C Câu 15: Đáp án A Giả sử X có dạng CxHyOzNt nC = nCO2 = 2a mol nN = × nN2 = × 0,5a = a mol nC 2a = a = số nguyên tử C x = nX nN a = n a = X số nguyên tử N t = => Đáp án A Câu 16: Đáp án C Đặt X CxHyN 6, 72 nC = nCO2 = 22, = 0,3 mol 8,1 nH = × nH2O = × 18 = 0,9 mol 1,12 nN = × nN2 = × 22, = 0,1 mol Ta có x : y : z = 0,3 : 0,9 : 0,1 = : : Vậy X C3H9N Đáp án C Câu 17: Đáp án A 0, − 0, = 0, 1,5 nN = n X = 0, => mX = mC + mH + mN = 0, 4.12 + 0, 7.2 + 0, 2.14 = 9( g ) nCO2 = 0, 4; nH 2O = 0, => n X = Chọn A Câu 18: Đáp án B 22 nCO2 = 44 = 0,5 mol 7, nH2O = 18 = 0,4 mol 1 Theo định luật bảo toàn oxi nO2 = × nCO2 + × nH2O = × 0,5 + × 0,4 = 0,7 mol VO2 = 0,7 × 22,4 = 15,68 lít Đáp án B Câu 19: Đáp án A 7,84 nCO2 = 22, = 0,35 mol nH2O = 18 = 0,5 mol nH2O > nCO2 Hỗn hợp amin no, đơn chức mạch hở Đặt công thức chung CnH2n + 3N 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + (2n + 3)H2O nH 2O − nCO2 nX = Đáp án A = 0, − 0, 35 = 0,1 mol Câu 20: Đáp án A Đặt công thức chung amin CnH2n + 3N 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + (2n + 3)H2O nCO2 Ta có nH 2O = 2n = 2n + n = 1,5 =>Hai amin CH5N C2H7N Đáp án A Câu 21: Đáp án B X có dạng CxHyOtN nC = nCO2 = 0,3 mol nH = nH2O = × nH2O = × 0,25 = 0,5 mol 1,12 nN = × nN2 = × 22, = 0,1 mol mO = mX - mC - mH -mO = 8,7 - 0,3 × 12 - 0,5 × - 0,1 × 14 = 3,2 gam 3, nO = 16 = 0,2 mol Ta có x : y : z : = 0,3 : 0,5 : 0,2 : 0,1 = : : : Vậy X C3H5O2N Đáp án B Câu 22: Đáp án A Giả sử nCO2 = 8; nH 2O = 17 => n X = nC = 17 − =6 1,5 = 1,33 => CH NH , C2 H NH Chọn A Câu 23: Đáp án A X : Cn H n +1 NO2 nN = 0,5nX = 0,5a; nCO2 + nN = 2,5a => nCO2 = 2,5a − 0,5a = 2a => nX = 2a = => X : C2 H NO2 a Chọn A Câu 24: Đáp án C - Đặt nNH3 = a mol; nCH5N = b mol Ta có dX/CO2 = 0,45 17a + 31b = 19,8 a+b a = 4b => - 2NH3 → 3H2O + 1N2 (1) 2CH5N → 2CO2 + 5H2O + 1N2 (2) Từ (1) ta có sản phẩm cháy có khối lượng = mH2O + mN2 = 1,5a × 18 + 0,5a × 28 = 41a gam Từ (2)ta có sản phẩm cháy có khối lượng = mCO2 + mH2O + mN2 = b × 44 + 2,5b × 18 + 0,5b × 28 = 103b gam Mà mhỗn hơp thu = 41a + 103b = 26,7 a = 0,4 mol; b = 0,1 mol mX = 0,4 × 17 + 0,1 × 31 = 9,9 gam Đáp án C Câu 25: Đáp án C X có dạng CnH2n+1N 2CnH2n+1N → 2nCO2 + (2n + 1)H2O 41,8 nC = nCO2 = 44 = 0,95 mol 18,9 nH = × nH2O = × 18 = 2,1 mol nN = nX = × (nH2O - nCO2) = × (1,05 - 0,95) = 0,2 mol mX = mC + mH + mN = 0,95 × 12 + 2,1 × + 0,2 × 14 = 16,3 gam Đáp án C Câu 26: Đáp án B X có dạng CxHyO2N 9,09 18,18 : = 9, 09 :1, 299 = :1 14 Ta có y : t = =>X CxH7O2N - 1CxH7O2N → xCO2 pV 1.4,928 = = 0, mol nCO2 = RT 0, 082.300,3 7, 0, = x Ta có 12 x + 53 x=2 Vậy X C2H7O2 Đáp án B Câu 27: Đáp án C Giả sử X có dạng CxHyOzNt - Dẫn sản phẩm đốt cháy qua bình đựng H2SO4 đặc bình tăng 2,835 gam nên mH2O = 2,835 gam 2,835 nH = × nH2O = × 18 = 0,315 mol - Dẫn sản phẩm cháy qua bình đựng Ba(OH)2 tạo 55,16 gam BaCO3 55,16 nC = nCO2 = nBaCO3 = 197 = 0,28 mol - Còn 0,392 l khí N2 thoát 0,392 nN = × nN2 = × 22, = 0,035 mol - mO = mX - mC - mH - mN = 5,285 - 0,28 × 12 - 0,315 × - 0,035 × 14 = 1,12 gam 1,12 nO = 16 = 0,07 mol - Ta có x : y : z : t = 0,28 : 0,315 : 0,07 : 0,035 = : : : Vậy X C8H9O2N Đáp án C Câu 28: Đáp án D - Giả sử X no, đơn chức CnH2n + 3N 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + (2n + 3)H2O + 1N2 nC = nCO2 = 0,15 mol nH = × nH2O = × 0,175 = 0,35 mol 2 (nH 2O − nCO2 ) = (0,175 − 0,15) = 0,133mol nN = nX = Ta có x : y :1 = nC : nH : nN = 0,15 : 0,35 : 0,133 = 1,125 : 2,632 : => Không thỏa mãn - Giả sử X không no, có nối đôi CnH2n +1N 2CnH2n +1N → 2nCO2 + (2n + 1)H2O + 1N2 nC = nCO2 = 0,15 mol nH = × nH2O = × 0,175 = 0,35 mol 2.(nH 2O − nCO2 ) = 2.(0,175 − 0,15) = 0,05mol nN = nX = Ta có x : y :1 = nC : nH : nN = 0,15 : 0,35 : 0,05 = : : => X C3H7N Đáp án D Câu 29: Đáp án B n = 2; nCO2 = Giải sử: H 2O 1,5nX = nH 2O − nCO2 => nX = nC = −1 = 1,5 = 1,5 => CH NH , C2 H NH 2/3 Chọn B Câu 30: Đáp án A - Giả sử X no, đơn chức CnH2n + 3N 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + (2n + 3)H2O + 1N2 17, nC = nCO2 = 44 = 0,4 mol 12, nH = × nH2O = × 18 = 1,4 mol 2 ( nH 2O − nCO2 ) (0, − 0, 4) nN = = = 0,2 mol Ta có nC : nH : nN = 0,4 : 1,4 : 0,2 = : : Vậy X C2H7N Đáp án A Câu 31: Đáp án B - Sau ngưng tụ nước hỗn hợp khí lại CO2 (a mol) N2 (b mol) Ta có mhỗn hợp khí = mCO2 + mN2 = 44a + 28b = 1,6 44a + 18b = 20.2 dhỗn hợp/H2 = a + b a = 0,03 mol; b = 0,01 mol - Đặt X CxHyOzNt nC = nCO2 = 0,03 mol nN = × nN2 = × 0,01 = 0,02 mol mH2O = mX + mO2 - mCO2 - mH2O = 1,52 + 0,025 × 32 - 0,03 × 44 - 0,01 × 28 = 0,72 gam 0, 72 nH = × nH2O = × 18 = 0,08 mol nO = nO CO2 + nO H2O - nO O2 = 0,03 × + 0,04 - 0,025 × = 0,05 mol Ta có x : y : z : t = nC : nH : nO : nN = 0,03 : 0,08 : 0,05 : 0,02 = : : : Vậy CTĐGN C3H8O5N2 Đáp án B Câu 32: Đáp án A - Theo định luật bảo toàn oxi ta có nO2 = nCO2 + 0,5nH2O = 0,4 + 0,5 × 0,7 = 0,75 mol Ta có nN2 không khí = 4nO2 = × 0,75 = mol Ta có mamin = mCO2 + mH2O + mN2 - mO2 - mN2 không khí = 0,4 × 44 + 0,7 × 18 + 3,1 × 28 - 0,75 × 32 - × 28 = gam Đáp án A Câu 33: Đáp án D X có dạng CxHyN 2CxHyN → 2xCO2 + yH2O nCO2 Ta có nH O = 2x = y x = y Vậy X C4H9N Đáp án D Câu 34: Đáp án B Đặt X CxHyN 2CxHyN → 2xCO2 + yH2O nCO2 Ta có nH O = 2x = y x = y Vậy X C3H7N ≡ CH2=CH-CH2-NH2 Đáp án B Câu 35: Đáp án C Đặt CT chung amin CnH2n + 3N 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + (2n + 3)H2O nCO2 = 2n = 2n + n Ta có H 2O n = 4,5 Vậy amin C4H11N C5H13N Đáp án C Câu 36: Đáp án A PV 13, 44.1 nH = = = 0,3 RT 22, (273 + 273) 273 nCO2 = 0,9; nN = 0, nN 0, 2.2 = = nX 0,3 nên H gồm amin đơn chức chức nC = 0,9 = => C3 H NH ; C3 H ( NH ) 0,3 Giải hệ ta nC3 H7 NH = 0, 2; nC3 H6 ( NH )2 = 0,1 Chọn A Câu 37: Đáp án C Đặt X CxHyN 8, = 0,375mol 22, nC = nCO2 = 10,125 nH = × nH2O = × 18 = 1,125 mol 1, = 0,125mol 22, nN = × nN2 = × Ta có x : y : = nC : nH : nN = 0,375 : 1,125 : 0,125 = : : Vậy X C3H9N Đáp án C Câu 38: Đáp án A Ta có X có dạng CxHyO2Nz 2CxHyO2Nz → 2xCO2 + yH2O + zN2 nC = nCO2 = 0,6 mol nH = × nH2O = × 0,5 = mol nN = × nN2 = × 0,1 = 0,2 mol mO = mX - mC - mH - mN = 17,4 - 0,6 × 12 - × - 0,2 × 14 = 6,4 gam 6, nO = 16 = 0,4 mol Ta có x : y : : z = nC : nH : nO : nN = 0,6 : : 0,4 : 0,2 = : : : Vậy X C3H5O2N Đáp án A Câu 39: Đáp án D nCO2 : nH 2O = 10 :13 mặt khác 2nCO2 + nH2O = 2nO2 = 2.2, 475 = 4,95 => nCO2 = 1,5; nH 2O = 1,95 ma = mC + mH + mN = 1,5.12 + 1,95.2 + 0, 25.2.14 = 28,9( g ) Chọn D Câu 40: Đáp án B nN = 0, 015; nCO2 = 0,135; nH 2O = 0,12 nX = a; nY = b => nhh = 2nN2 = 0, 03 => a + b = 0, 03(1) Khi đốt cháy X: đốt cháy Y: nCO2 (1) − nH 2O (1) = 2,5n X = 2,5a (2) nH 2O (2) − nCO2 (2) = 1,5nY = 1,5b(3) Lấy (2) trừ (3) ta được: 2,5a − 1,5b = nCO2 − nH2 O = 0,135 − 0,12 = 0, 015(4) (1), (4) => a = b = 0, 015 X : C n H n −5 N Y : Cm H m +3 N nCO2 = 0, 015n + 0, 015m = 0,135 => n + m = => n = 7, m = Không xét trường hợp X anilin Y metylamin => CH 3C6 H NH , C2 H NH Chọn B Câu 41: Đáp án B - Đặt X CnH2n + 3N (a mol), Y CnH2n + 4N2 (b mol) 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + (2n + 3)H2O + N2 CnH2n + 4N2 → nCO2 + (n + 2)H2O + N2 pV 1.13, 44 = Ta có nH = nCnH2n + 3N + nCnH2n + 4N = a + b = RT 0, 082.510 = 0,3 mol 26, nCO2 = na + nb = 44 = 0,6 mol 4, 48 nN2 = 0,5a + b = 22, = 0,2 mol => n = 2; a = 0,2 mol; b = 0,1 mol Vậy hỗn hợp H gồm 0,2mol CH3CH2NH2 0,1 mol NH2CH2CH2NH2 Đáp án B Câu 42: Đáp án A Đặt công thức chung amin CnH2n + 3N, anken CmH2m Đốt: M + O2 → CO2 + H2O + N2 Ta có: nO2 = 21 ÷ 22,4 = 0,9375 mol; nCO2 = 11,2 ÷ 22,4 = 0,5 mol 6n + 3 to O2  → nCO2 + ( n + ) H 2O + N 2 3m Cm H m + O2 → mCO2 + mH 2O Cn H n + N + Theo bảo toàn oxi ta có × nO2 = × nCO2 + × nH2O → nH2O = × 0,9375 - × 0,5 = 0,875 mol - Nhận thấy đốt cháy CnH2n + 3N : nCnH2n + 3N = 2/3 × (nH2O - nCO2) Khi đốt cháy CmH2m : nCO2 = nH2O → nCnH2n + 3N = 2/3 × (nH2O tổng - nCO2 tổng) = 2/3 × (0,875 - 0,5) = 0,25 mol - Ta có n × nCnH2n + < nM → n × 0,25 < 0,5 → n < → Y CH5N Đáp án đáp án A Câu 43: Đáp án A • Giả sử amin no, đơn chức, mạch hở có CTPT CnH2n + 3N 6n + 2CnH2n + 3N + O2 → 2nCO2 + (2n + 3)H2O + N2 Giả sử có mol amin tham gia phản ứng → Sản phầm cháy sau ngưng tụ nước 2n mol CO2 mol N2 2n.44 + 1.28 = 19,333.2 2n + Ta có: →n=1 Vậy amin CH3NH2 → Chọn A Câu 44: Đáp án A nCO2 = 0, nH 2O = 0, nN = 3,1 Bảo toàn O: 2nO2 = 2nCO2 + nH 2O = 2.0, + 0, = 1,5 => nO2 = 0, 75 => nN2 ( kk ) = 4nO2 = => nN ( X ) = 3,1 − = 0,1 nC : nH : nO = 0, :1, : 0, = : :1 => C2 H N => C2 H NH ( etylamin ) Chọn B Câu 45: Đáp án B Gọi công thức amin Cn H n +3 N 2n + H 2O + N 2 -n > 1/2 Cn H n +3 N + O2 → nCO2 + 44n + 28 = 20, 4.2 => n = n+ Tỉ khối hơi: => C2 H N => Đáp án B [...]... = 100 = 0,06 mol - X có dạng CnH2n + 3N 1CnH2n + 3N → nCO2 1,18 0, 06 = n Ta có 14n + 17 n = 3 Vậy X là C3H9N Đáp án C Câu 13: Đáp án B X có dạng CnH2n + 3N 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + (2n + 3)H2O nCO2 = 2n 2 = 2n + 3 3 n Ta có H 2O n = 3 => X là C3H9N Mà amin bậc 2 nên X là CH3-NH-C2H5 Đáp án B Câu 14: Đáp án C X có dạng CnH2n + 1NO2 Ta có 2CnH2n + 1NO2 → 2nCO2 + (2n + 1)H2O nCO2 Ta có nH 2O = 2n 6 = 2n... - Ta có n × nCnH2n + 3 < nM → n × 0,25 < 0,5 → n < 2 → Y là CH5N Đáp án đúng là đáp án A Câu 43: Đáp án A • Giả sử amin no, đơn chức, mạch hở có CTPT là CnH2n + 3N 6n + 3 2CnH2n + 3N + 2 O2 → 2nCO2 + (2n + 3)H2O + N2 Giả sử có 2 mol amin tham gia phản ứng → Sản phầm cháy sau khi ngưng tụ hơi nước còn 2n mol CO2 và 1 mol N2 2n.44 + 1.28 = 19,333.2 2n + 1 Ta có: →n=1 Vậy amin là CH3NH2 → Chọn A Câu 44:... 33: Đáp án D X có dạng CxHyN 2CxHyN → 2xCO2 + yH2O nCO2 Ta có nH 2 O = 2x 8 = y 9 x 4 = y 9 Vậy X là C4H9N Đáp án D Câu 34: Đáp án B Đặt X là CxHyN 2CxHyN → 2xCO2 + yH2O nCO2 Ta có nH 2 O = 2x 6 = y 7 x 3 = y 7 Vậy X là C3H7N ≡ CH2=CH-CH2-NH2 Đáp án B Câu 35: Đáp án C Đặt CT chung của 2 amin là CnH2n + 3N 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + (2n + 3)H2O nCO2 = 2n 3 = 2n + 3 4 n Ta có H 2O n = 4,5 Vậy 2 amin là C4H11N... mol Ta có x : y : z : t = nC : nH : nO : nN = 0,03 : 0,08 : 0,05 : 0,02 = 3 : 8 : 5 : 2 Vậy CTĐGN là C3H8O5N2 Đáp án B Câu 32: Đáp án A - Theo định luật bảo toàn oxi ta có nO2 = nCO2 + 0,5nH2O = 0,4 + 0,5 × 0,7 = 0,75 mol Ta có nN2 không khí = 4nO2 = 4 × 0,75 = 3 mol Ta có mamin = mCO2 + mH2O + mN2 - mO2 - mN2 không khí = 0,4 × 44 + 0,7 × 18 + 3,1 × 28 - 0,75 × 32 - 3 × 28 = 9 gam Đáp án A Câu 33:...6, 2 0, 45 = 14n + 17 6n + 3 4 Ta có n=1 Vậy X là CH5N Đáp án B Câu 10: Đáp án B nCO2 = 0, 25 nH 2O = 0, 4 1,5nX = nH 2O − nCO2 = 0,15 => nX = 0,1 nC = 0, 25 = 2,5 => C2 H 7 N , C3 H 9 N 0,1 Chọn B Câu 11: Đáp án C X có dạng CnH2n + 1O2N 2CnH2n + 1O2N → 2nCO2 + 1N2 nCO2 2n 4 = nN 2 1 1 Ta có n=2 Vậy X là C2H5O2N Đáp án C Câu 12: Đáp án C - Dẫn CO2, H2O, N2 vào Ca(OH)2... 1)H2O nCO2 Ta có nH 2O = 2n 6 = 2n + 1 7 n = 3 => X là C3H7NO2 Mà X có nguồn gốc tự nhiên nên X là α- amino axit Vậy X là CH3-CH(NH2)-COOH Đáp án C Câu 15: Đáp án A Giả sử X có dạng CxHyOzNt nC = nCO2 = 2a mol nN = 2 × nN2 = 2 × 0,5a = a mol nC 2a = a = 2 số nguyên tử C là x = nX nN a = n a = 1 X số nguyên tử N là t = => Đáp án A Câu 16: Đáp án C Đặt X là CxHyN 6, 72 nC = nCO2 = 22, 4 = 0,3 mol 8,1... A Câu 23: Đáp án A X : Cn H 2 n +1 NO2 nN 2 = 0,5nX = 0,5a; nCO2 + nN 2 = 2,5a => nCO2 = 2,5a − 0,5a = 2a => nX = 2a = 2 => X : C2 H 5 NO2 a Chọn A Câu 24: Đáp án C - Đặt nNH3 = a mol; nCH5N = b mol Ta có dX/CO2 = 0 ,45 17a + 31b = 19,8 a+b a = 4b => - 2NH3 → 3H2O + 1N2 (1) 2CH5N → 2CO2 + 5H2O + 1N2 (2) Từ (1) ta có sản phẩm cháy có khối lượng = mH2O + mN2 = 1,5a × 18 + 0,5a × 28 = 41a gam Từ (2)ta có. .. mol mX = mC + mH + mN = 0,95 × 12 + 2,1 × 1 + 0,2 × 14 = 16,3 gam Đáp án C Câu 26: Đáp án B X có dạng CxHyO2N 9,09 18,18 : = 9, 09 :1, 299 = 7 :1 14 Ta có y : t = 1 =>X là CxH7O2N - 1CxH7O2N → xCO2 pV 1.4,928 = = 0, 2 mol nCO2 = RT 0, 082.300,3 7, 7 0, 2 = x Ta có 12 x + 53 x=2 Vậy X là C2H7O2 Đáp án B Câu 27: Đáp án C Giả sử X có dạng CxHyOzNt - Dẫn sản phẩm đốt cháy qua bình 1 đựng H2SO4 đặc bình tăng... Đáp án B Câu 19: Đáp án A 7,84 nCO2 = 22, 4 = 0,35 mol 9 nH2O = 18 = 0,5 mol nH2O > nCO2 Hỗn hợp amin no, đơn chức mạch hở Đặt công thức chung là CnH2n + 3N 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + (2n + 3)H2O 2 nH 2O − nCO2 nX = Đáp án A 3 = 2 0, 5 − 0, 35 = 0,1 2 mol Câu 20: Đáp án A Đặt công thức chung của 2 amin là CnH2n + 3N 2CnH2n + 3N → 2nCO2 + (2n + 3)H2O nCO2 Ta có nH 2O = 2n 1 = 2n + 3 2 n = 1,5 =>Hai amin là... gồm 0,2mol CH3CH2NH2 và 0,1 mol NH2CH2CH2NH2 Đáp án B Câu 42: Đáp án A Đặt công thức chung của 2 amin là CnH2n + 3N, anken là CmH2m Đốt: M + O2 → CO2 + H2O + N2 Ta có: nO2 = 21 ÷ 22,4 = 0,9375 mol; nCO2 = 11,2 ÷ 22,4 = 0,5 mol 6n + 3 3 1 to O2  → nCO2 + ( n + ) H 2O + N 2 4 2 2 3m Cm H 2 m + O2 → mCO2 + mH 2O 2 Cn H 2 n + 3 N + Theo bảo toàn oxi ta có 2 × nO2 = 2 × nCO2 + 1 × nH2O → nH2O = 2 × 0,9375 ... nhiên) A NH2–CH2–CH2–COOH B C2H5–CH(NH2)–COOH C CH3–CH(NH2)–COOH D NH2–CH2–CH2–COOH CH3–CH(NH2)–COOH Bài 15 Đốt cháy hoàn toàn a mol amino axit X thu 2a mol CO2 0,5a mol N2 Amino axit X là: A... C4H11N Bài 13 Đốt cháy hoàn toàn amin no đơn chức, bậc 2, mạch hở X thu CO2 nước theo tỉ lệ số mol tương ứng : CTCTcủa X A CH3–NH–CH3 B CH3–NH–C2H5 C CH3–CH2–CH2–NH2 D C2H5–NH–C2H5 Bài 14 Tỉ... N2 theo tỉ lệ thể tích : X là: A H2N–CH2–CH2–COOH B H2N–(CH2)3–COOH C H2N–CH2–COOH D H2N–(CH2)4–COOH Bài 12 Đốt cháy hoàn toàn 1,18 gam amin đơn chức X lượng oxi vừa đủ Dẫn toàn sản phẩm qua bình