Đề thi thử đại học môn Toán có lời giải chi tiết số 17

Thầy giáo:Lê Nguyên Thạch ĐT:01694838727 ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC SỐ 17 Ngày 23 tháng 10 năm 2013 I. PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm) Câu I (2đ): Cho hàm số 3 2 2 3 3 3( 1) 1y x mx m x m= − + − − + (1) 1, Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị hàm số (1) khi m=1. 2, Tìm m để hàm số (1) có cực đại, cực tiểu đồng thời các điểm cực đại,cực tiểu A,B của đồ thị hàm số cùng với điểm M(-2;2) tạo thành góc · 0 90AMB = Câu II (2đ): 1, Giải phương trình: 2 ( 3 sinx cos )(sinx cos ) 4 2 sin ( ) os( ) 4 4 x x x c x π π + + = + + 2, Giải phương trình: 2 2 6 10 5( 2) 1 0x x x x− + − − + = Câu III (1đ): Giải hệ phương trình: 2 2 2 2 1 4 ( ) 2 7 2 x y xy y y x y x y  + + + =  + = + +  . Câu IV (1đ): Cho hình chóp S.ABCD có đáy ABCD là hình thoi cạnh a, góc 0 60BAD∠ = . O là giao điểm của AC và BD, H là trung điểm của BO, ( )SH ABCD⊥ 3 2 a SH = . Tìm thể tích của S.AHCD và tìm khoảng cách giữa AB và SC. Câu V (1đ): Cho , , 0a b c > thỏa mãn 2 5 6 6ab bc ca abc+ + = . Tìm giá trị nhỏ nhất của 4 9 2 4 4 ab bc ca P b a c b a c = + + + + + II. PHẦN RIÊNG ( 3,0 điểm): Thí sinh chỉ được làm một trong hai phần (phần A hoặc B) A. Theo chương trình chuẩn Câu VIa (2đ): 1, Cho M(1;3) và I(-2;2). Viết phương trình đường thẳng d đi qua M cắt các trục Ox,Oy tại A,B sao cho ∆ IAB cân tại I. 2, Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho tam giác ABC vuông tại A, có hai đỉnh ,A B thuộc đường tròn tâm I(-2,-1), bán kính bằng 5. Biết đường thẳng đi qua hai đỉnh A, B có hệ số góc dương và đi qua điểm M(0, 5), cạnh AC có độ dài bằng 5 , diện tích của tam giác ABC bằng 5 và tung độ của A dương. Tìm toạ độ các đỉnh A,B. Câu VIIa (1đ) Rút gọn biểu thức 0 1013 1 1014 1013 1000 2013 2013 2013 2013 2013 2013 2013 2013 2013 . . ( 1) . . k k k A C C C C C C C C + = − + + − + + B. Theo chương trình nâng cao Câu VIb (2đ): 1, Trong hệ tọa độ Oxy, cho hình bình hành ABCD có diện tích bằng 12, hai đỉnh A(-1;3) B(-2;4). Tìm tọa độ hai đỉnh còn lại, biết giao điểm hai đường chéo nằm trên trục hoành. 2, Cho tam giác nhọn ABC. Đường thẳng chứa đường trung tuyến kẻ từ đỉnh A và đường thẳng BC lần lượt có phương trình là 3 5 8 0, 4 0x y x y+ − = − − = . Đường thẳng qua A vuông góc với đường thẳng BC cắt đường tròn ngoại tiếp tam giác ABC tại điểm thứ hai là ( ) 4; 2D − . Viết phương trình các đường thẳng AB, AC; biết rằng hoành độ của điểm B không lớn hơn 3. Câu VIIb (1đ) Giải bất phương trình: 3 3 1 1 3 3 1 log ( 4) log (2 1) log 2 x x x+ + + + ≥ Hết HƯỚNG DẪN GIẢI ĐỀ SỐ 17 184 Đường Lò Chum Thành Phố Thanh Hóa 1 Thầy giáo:Lê Nguyên Thạch ĐT:01694838727 Câu 1: 1, Với m=1, hàm số (1) trở thành 3 2 3y x x= − 1,TXĐ: D = ¡ 2,. Sự biến thiên: + Chiều biến thiên: 2 ' 3 6 , ' 0 0; 2y x x y x x= − = ⇔ = = Hàm số đồng biến trên các khoảng ( ;0);(2; )−∞ +∞ Hàm số nghịch biến trên khoảng ( ) 0;2 + Cực trị: Hàm số đạt cực đại tại x=0, 0 cd y = ; cực tiểu tại x=2, 4 ct y = − .+Giới hạn: lim ,lim x x y y →+∞ →−∞ = +∞ = −∞ +BBT 3,Đồ thị: Tiếp xúc Ox tại O, cắt Ox tại (3;0).cắt Oy tại (0;0) qua (-1;-4) nhận I(1;-2) làm tâm đối xứng 2 -2 -4 -5 5 x f x ( ) = x 3 -3 ⋅ x 2 O y Câu 1: 2, ( ) 2 2 ' 3 6 3 1y x mx m= − + − để hs co CĐ,CT ' 0y = có 2 nghiệm phân biệt ' 0 m⇔ ∆ > ⇔ ∀ Khi đó A(m-1;-3m+3) B(m+1;-3m-1) là các điểm CĐ,CT của đồ thị hàm số, để góc 0 90 . 0AMB MA MB∠ = ⇔ = ⇔ uuuuruuur ( 1)( 3) ( 3 1)( 3 3) 0m m m m+ + + − + − − = 2 10 10 0 0; 1m m m m⇔ + = ⇔ = = − Câu 2: 1, Giải phương trình 2 ( 3 sinx cos )(sinx cos ) 4 2 sin ( ) os( ) 4 4 x x x c x π π + + = + + 2 ( 3 sinx cos )(sinx cos ) 2(sinx cos ) (cos sinx)x x x x+ + = + − (sinx cos )( 3sinx cos 2cos 2 ) 0x x x⇔ + + − = sinx cos 0; 3sinx cos 2cos 2x x x⇔ + = + = sinx cos 0 4 x x k π π • + = ⇔ = − + 2 3 sinx cos 2cos 2 os2 os( ) 2 ; 3 3 9 3 x x c x c x x k x k π π π π π • + = ⇔ = − ⇔ = − + = + Câu 2: 2, ĐK: 1x ≥ − Pt 2 2( 2) 2( 1) 5( 2) 1 0x x x x⇔ − + + − − + = 2( 2) 1 2 1 ( 2) 0x x x x     ⇔ − − + + − − =     2( 2) 1 0 2 1 ( 2) 0 x x x x  − − + = ⇔  + − − =   184 Đường Lò Chum Thành Phố Thanh Hóa 2 Thầy giáo:Lê Nguyên Thạch ĐT:01694838727 * 2 2 2 3 1 2( 2) 3 4 17 15 0 5 4 x x x x x x x x x ≥   ≥   =  + = − ⇔ ⇔ ⇔ =    − + =    =    *2 2 2 2 1 2 8 0 8 0 8 x x x x x x x x x ≥  ≥   + = − ⇔ ⇔ ⇔ = =    − =    =   Kl: pt có nghiệm x=3 x=8 Câu 3: Dễ thấy 0y ≠ , ta có: 2 2 2 2 2 2 2 1 4 1 4 . ( ) 2 7 2 1 ( ) 2 7 x x y y x y xy y y x y x y x x y y  + + + =   + + + =  ⇔   + = + + +   + − =   Đặt 2 1 , x u v x y y + = = + ta có hệ: 2 2 4 4 3, 1 2 7 2 15 0 5, 9 u v u v v u v u v v v u + = = − = =    ⇔ ⇔    − = + − = = − =    +) Với 3, 1v u= = ta có hệ: 2 2 2 1, 2 1 1 2 0 2, 5 3 3 3 x y x y x y x x x y x y y x y x = =    + = + = + − =  ⇔ ⇔ ⇔     = − = + = = − = −     . +) Với 5, 9v u= − = ta có hệ: 2 2 2 1 9 1 9 9 46 0 5 5 5 x y x y x x x y y x y x    + = + = + + = ⇔ ⇔    + = − = − − = − −    , hệ này vô nghiệm. KL: Vậy hệ đã cho có hai nghiệm: ( ; ) {(1; 2), ( 2; 5)}.= −x y Câu 4: Hình vẽ 3 2 a h SH= = 1 . 2 AHCD S AC DH= ta có ABD∆ đều nên BD=a 3 4 DH a⇒ = 2 3 3 2 3 8 AHCD a AC AO a S= = ⇒ = 3 . 1 3 . 3 16 S AHCD AHCD a V SH S⇒ = = 184 Đường Lò Chum Thành Phố Thanh Hóa S A B C D O K H I N J L 3 Thầy giáo:Lê Nguyên Thạch ĐT:01694838727 Kẻ HN song song AB N ∈ AD kẻ HK vuông góc với HN, K ∈ CD kẻ HI vuông góc với SK , I thuộc SK ( )HI SCD⇒ ⊥ khoảng cách từ H tới (SCD) là HI 2 2 2 1 1 1 HI HK HS = + 3 2 a HS = , 3 3 3 3 .sin 4 2 8 a a HK HD HDK= = = 2 2 2 2 1 4 64 100 3 3 3 27 27 10 a HI HI a a a ⇒ = + = ⇒ = 4 4 4 2 3 ( , ) ( ,( )) ( ,( )) ( ,( )) 3 3 3 5 a d AB SC d AB SCD d HN SCD d H SCD HI= = = = = Câu 5: Cho , , 0a b c > thỏa mãn 2 5 6 6ab bc ca abc+ + = Tìm giá trị nhỏ nhất của 4 9 2 4 4 ab bc ca P b a c b a c = + + + + + gt 5 6 2 6 a b c ⇒ + + = đặt 1 1 1 , ,x y z a b c = = = , , 0 5 6 2 6 x y z x y z >  ⇒  + + =  Khi đó 1 4 9 2 4 4 P x y y z z x = + + + + + 1 4 9 1 4 9 6 6 2 4 4 2 4 4 2 4 4 P x y y z z x x y y z z x x y y z z x ⇒ + = + + + = + + + + + + + + + + + + + + = 1 4 9 2 4 4 2 4 6 12 2 4 4 x y y z z x x y y z z x + + + + + + + + ≥ + + = + + + 6P⇒ ≥ Vậy GTNN của P là 6 xảy ra khi 2; 4; 1a b c= = = Câu 6a: 1, Giả sử đường thẳng d cắt trục Ox, Oy lần lượt tại A(a;0), B(0;b), ( , 0)a b ≠ Pt đường thẳng d có dạng: 1 x y a b + = Do d qua M(1;3) nên 1 3 1 (1) a b + = Đồng thời, IAB∆ cân tại I nên ( ) ( ) 2 2 2 4 4 2IA IB a b= ⇔ + + = + − 2 2 4 a b a b a b = −  ⇔ + = − ⇔  = −  • Với a b= − , thay vào (1) ta được 2; 2a b= − = nên phương trình đường thẳng d là 2 0x y− + = • Với 4a b= − thay vào (1) ta được 2 2 a b = −   =  hoặc 2 6 a b =   =  Từ đó, phương trình đường thằng d là 3 6 0x y+ − = hoặc 2 0x y− + = Vậy có hai đường thẳng thỏa mãn yêu cầu bài toán là :3 6 0d x y+ − = hoặc : 2 0d x y− + = Câu 6a: 2, Nhận xét điểm C không thể nằm trên đường tròn đường kính BC. Đường tròn tâm I có pt ( ) ( ) 2 2 2 1 25x y+ + + = .AB có pt y=ax+5 (a>0) 5 2 5 5 ( , ) 2 5 ABBC S AB AH d I AB ∆ = ⇒ = ⇒ = ⇒ = 2 2 6 1 2 5 2; 2 1 a a a a − + ⇔ = ⇔ = − = + Vì a>0 nên 1 2 a = ⇒ đt AB có pt là 1 5 2 y x= + khi đó tọa độ A,B tm ( ) ( ) 2 2 1 5 2 2 1 25 y x x y  = +    + + + =  ( 2;4) ( 6;2)A B⇒ − − hoặc A(-6;2) B(-2;4) 184 Đường Lò Chum Thành Phố Thanh Hóa 4 Thầy giáo:Lê Nguyên Thạch ĐT:01694838727 Câu 7a: Rút gọn biểu thức 0 1013 1 1014 1013 1000 2013 2013 2013 2013 2013 2013 2013 2013 2013 . . ( 1) . . k k k A C C C C C C C C + = − + + − + + 2013 0 1 2 2 2013 2013 2013 2013 2013 2013 2013 (1 ) ( 1) k k k x C C x C x C x C x− = − + + + − + − 2013 2013 0 2013 1 2012 2 2011 2013 2013 2013 2013 2013 2013 2013 (1 ) ( 1) k k x x C x C x C x C x C − + = + = + + + + + + 2 2013 0 1 2 2 4 2 2013 4026 2013 2013 2013 2013 2013 (1 ) ( 1) k k k x C C x C x C x C x− = − + + + − + − Ta có ( ) 2013 2013 2013 2 (1 ) (1 ) 1x x x− + = − nên hệ số của 1000 x của hai vế bằng nhau nên 0 1013 1 1014 1013 1000 2013 500 2013 2013 2013 2013 2013 2013 2013 2013 2013 . . ( 1) . . k k k A C C C C C C C C C + = − + + − + + = Câu 6b: 1, I la giao điểm cua AC và BD I thuộc Ox nên I(a;0) pt đường thẳng AB: x+y-2=0 2 ( , ) 2 a d I AB − = ; 2AB = . Vì 4 12 2 ( , ). 12 2 6 8 ABCD a S d I AB AB a a = −  = ⇒ = ⇔ − = ⇔  =  a=-4 suy ra I(-4;0) nên C(-7;-3) và D(-6;-4) a=8 suy ra I(8;0) nên C(17;-3) và D(18;-4) Câu 6b: 2, Gọi M là trung điểm của BC, H là trực tâm tam giác ABC, K là giao điểm của BC và AD, E là giao điểm của BH và AC. Ta kí hiệu , d d n u uur uur lần lượt là vtpt, vtcp của đường thẳng d. tọa độ của M là nghiệm của hệ 7 4 0 7 1 2 ; 3 5 8 0 1 2 2 2 x x y M x y y  =  − − =     ⇔ ⇒ −    ÷ + − =     = −   184 Đường Lò Chum Thành Phố Thanh Hóa . A B C I H A B D C I 5 Thầy giáo:Lê Nguyên Thạch ĐT:01694838727 AD vuông góc với BC nên ( ) 1;1 AD BC n u= = uuur uuur , mà AD đi qua điểm D suy ra phương trình của ( ) ( ) :1 4 1 2 0 2 0AD x y x y− + + = ⇔ + − = . Do A là giao điểm của AD và AM nên tọa độ điểm A là ( ) 3 5 8 0 1 1;1 2 0 1 x y x A x y y + − = =   ⇔ ⇒   + − = =   . Tọa độ điểm K: ( ) 4 0 3 3; 1 2 0 1 x y x K x y y − − = =   ⇔ ⇒ −   + − = = −   Tứ giác HKCE nội tiếp nên · · BHK KCE= , mà · · KCE BDA= (nội tiếp chắn cung » AB ) Suy ra · · BHK BDK= , vậy K là trung điểm của HD nên ( ) 2;4H . Do B ∈ BC ( ) ; 4B t t⇒ − , kết hợp với M là trung điểm BC suy ra ( ) 7 ;3C t t− − . ( 2; 8); (6 ;2 )HB t t AC t t− − − − uuur uuur . Do H là trực tâm của tam giác ABC nên ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 . 0 2 6 8 2 0 2 14 2 0 7 t HB AC t t t t t t t =  = ⇔ − − + − − = ⇔ − − = ⇔  =  uuur uuur Do ( ) ( ) 3 2 2; 2 , 5;1t t B C≤ ⇒ = ⇒ − . Ta có ( ) ( ) ( ) ( ) 1; 3 , 4;0 3;1 , 0;1 AB AC AB AC n n= − = ⇒ = = uuur uuur uuur uuur Suy ra :3 4 0; : 1 0.AB x y AC y+ − = − = Câu 7b:Đk: 0x ≥ Bpt 3 3 3 3 3 4 4 log log 2 2 4 4 2 2 1 2 1 x x x x x x x x x + + + + ⇔ ≥ ⇔ ≥ ⇔ + + ≥ + + + (vì 2 1 0x + > ) Đặt ( ) 6 0t x t= ≥ bpt ( ) ( ) 3 2 2 3 2 0 1 3 2 2 0 1t t t t t t→ − − ≤ ⇔ − + + ≤ ⇔ ≤ 6 1 1 1t x x≤ ⇒ ≤ ⇒ ≤ do đk nên bpt có nghiệm [ ] 0;1x∈ 184 Đường Lò Chum Thành Phố Thanh Hóa MK H D C B A E 6 . ĐT:01694838727 ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC SỐ 17 Ngày 23 tháng 10 năm 2013 I. PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm) Câu I (2đ): Cho hàm số 3 2 2 3 3 3( 1) 1y x mx m x m= − + − − + (1) 1, Khảo sát sự biến thi n. hàm số (1) khi m=1. 2, Tìm m để hàm số (1) có cực đại, cực tiểu đồng thời các điểm cực đại, cực tiểu A,B của đồ thị hàm số cùng với điểm M(-2;2) tạo thành góc · 0 90AMB = Câu II (2đ): 1, Giải. của điểm B không lớn hơn 3. Câu VIIb (1đ) Giải bất phương trình: 3 3 1 1 3 3 1 log ( 4) log (2 1) log 2 x x x+ + + + ≥ Hết HƯỚNG DẪN GIẢI ĐỀ SỐ 17 184 Đường Lò Chum Thành Phố Thanh Hóa 1 Thầy