SỞ GD&ĐT QUẢNG NAM TRƯỜNG THPT NGUYỄN DUY HIỆU ĐỀ THAM KHẢO ÔN THI TỐT NGHIỆP THPT MÔN TÓAN Thời gian làm bài: 150 phút I .PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7 điểm ). Câu I (3 điểm). Cho hàm số y = x 3 + 3x 2 + 1. 1). Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C) của hàm số . 2). Dựa vào đồ thị (C), biện luận số nghiệm của phương trình sau theo m : x 3 + 3x 2 + 1 = m 2 . Câu II (3 điểm). 1.Tính tích phân 4 tanx cos 0 I dx x π = ∫ . 2. Giải phương trình : log ( 3) log ( 1) 3 2 2 x x− + − = . 3. Tìm giá trị lớn nhất và giá trị nhỏ nhất của hàm số y = 3 2 2 3 12 2+ − +x x x trên [ 1;2]− Câu III (1điểm). Cho hình vuông ABCD cạnh a.SA vuông góc với mặt phẳng ABCD, SA = 2a. Tính diện tích mặt cầu ngoại tiếp hình chóp S.ABCD. II . PHẦN RIÊNG ( 3 điểm ).Thí sinh học chương trình nào thì chỉ làm phần dành riêng cho chương trình đó ( phần 1 hoặc phần 2 ) 1.Theo chương trình chuẩn : Câu IV.a ( 2 điểm ). Cho D(-3;1;2) và mặt phẳng ( α ) qua ba điểm A(1;0;11), B(0;1;10), C(1;1;8). 1.Viết phương trình tổng quát của mặt phẳng ( α ) 2.Viết phương trình mặt cầu tâm D bán kính R= 5.Chứng minh mặt cầu này cắt ( α ) Câu V.a (1điểm). Cho số phức: ( ) ( ) 2 1 2 2z i i= − + . Tính giá trị biểu thức .A z z= . 2.Theo chương trình nâng cao : Câu IV.b ( 2 điểm ) : Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz cho điểm M(1; − 1;1) , hai đường thẳng 1 ( ): 1 1 1 4 y x z− ∆ = = − , ( ) 2 . 4 . 2 1. x t y t z = − ∆ = + = và mặt phẳng (P) : 2 0y z+ = a. Tìm điểm N là hình chiếu vuông góc của điểm M lên đường thẳng ( 2 ∆ ) . b. Viết phương trình đường thẳng cắt cả hai đường thẳng ( ) ,( ) 1 2 ∆ ∆ và nằm trong mặt phẳng (P) . Câu V.b ( 1 điểm ) : Tìm nghiệm của phương trình 2 z z= , trong đó z là số phức liên hợp của số phức z . HẾT Sở GD&ĐT Quảng Nam Trường THPT Nguyễn Duy Hiệu ĐÁP ÁN ĐỀ THAM KHẢO THI TỐT NGHIỆP THPT Môn : Toán – Năm học: 2008 – 2009 I. PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7 ĐIỂM) Câu Đáp án điểm Câu I (3 đ) 1. Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C): y=x 3 +3x 2 +1 * TXĐ: ¡ *Sự biến thiên: + y’= 3x 2 +6x= 3x(x+2)= 0 ⇔ 0 (0) 1 2 ( 2) 5 x y x y = ⇒ = = − ⇒ − = + BBT: x - ∞ -2 0 + ∞ y’ + 0 - 0 + y 5 + ∞ - ∞ 1 Hs đồng biến trên ( ) ; 2 ;(0; )−∞ − +∞ ; Hs nghịch biến trên ( 2;0)− + Cực trị: hàm số đạt cực đại tại x=-2; y CĐ =5; Hs đạt cực tiểu tại x=0; y CT =1; + Giới hạn: lim ; lim . x x→−∞ →+∞ = −∞ = +∞ - Đồ thị hàm số không có tiệm cận. • Đồ thị: - Giao với trục Oy: cho x=0 suy ra y= 1. 6 4 2 -2 -4 -5 5 f x ( ) = x ⋅ x ⋅ x+3 ⋅ x ⋅ x+1 O CD CT -3,1 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,25 0,5 2. Biện luận số nghiệm PT: x 3 +3x 2 +1= m/2 (1) - Số nghiệm của pt (1) là số giao điểm của đồ thị (C) với đường thẳng y= m/2; nên ta có: 0,25 + Nếu 2 m > 5 hoặc 2 m <1 Hay m>10 hoặc m< 2 thì PT (1) có nghiệm duy nhất. + Nếu m = 10 hoặc m= 2 thì PT (1) có 2 nghiệm + Nếu 2<m<10 thì pt (1) có 3 nghiệm. 0,25 0,25 0,25 Câu II (3 đ) 1 t dt I t x t π π ⇒ ⇒ ⇒ = − = = = = − ÷ ∫ ∫ 0,5 0,5 2. Ta có: 2 2 3 2 log ( 3) log ( 1) 3 3 0 1 0 ( 3)( 1) 2 3 3 5 1 4 5 0 5 x x x x x x x x x x x x x − + − = − > ⇔ − > − − = > > ⇔ ⇔ ⇔ = = − − − = = KL: x=5 3. y’ = 6 x 2 + 6x -12 y’ = 0 ⇔ 6 x 2 + 6x -12 = 0 ⇔ x = 1 , x = -2 ( ]2;1[−∉ ) y(-1) = 15; y(1) = -5 ; y(2) = 6 [ ] 1;2 max ( 1) 15y y - = - = [ ] 1;2 min (1) 5y y - = =- 0,5 0,5 0,25 0,25 0,5 Câu III (1 đ) x O A B C D S M I Ta có 2 2 2 2 3 / 2 2 R IO AO a a a= + = + = 0,25 0,25 Áp dụng công thức ta có diện tích mặt cầu ngoại tiếp hình chóp S.ABCD là: S= 2 2 2 3 4 4 ( ) 6 2 R a a π π π = = (đvdt) 0,5 II. PHẦN RIÊNG(3 điểm) * Theo chương trình chuẩn: Câu IVa. 2 đ ( ) ( ) ( ) α α − − − = = − − − ÷ − − − − − − uuur uuur uuur uuur r !"#$% &' ()"(*+ ,$- AB AC M AC suy ⇔ .$ 0,5 0,5 ( ) ( ) ( ) α α + − + − = ⇔ < − + + − ⇔ < ⇔ < + + /01+23+4'5#6789, . 8 /:2;< 4 = = 8 8>?>+ @ y z R 0,5 0,5 Câu V.a (1 đ) + Số phức z=(1-2i)(2+i) 2 = (1-2i)(3+4i)= 11- 2i => z =11+2i. Nên A= z. z =(11-2i)(11+2i)= 11 2 + 2 2 =125. Vậy A= 125. 0,25 0,25 0,5 • Theo chương trình nâng cao: Câu Đáp án điểm IV.b 2 đ a. Tìm N là hình chiếu vuông góc của M(1;-1;1) lên 2 ( )V : Véctơ chỉ phương của 2 ( )V là: 2 ( 1;1;0)u = − uur N thuộc 2 ( )V nên N=(2-t;4+t;1). (1 ;5 ;0)MN t t= − + uuuur Vì N là hình chiếu vuông góc của M lên 2 ( )V , nên 2 2 . 0MN u MN u⊥ ⇔ = ⇔ uuuur uur uuuuruur -1+t+5+t=0 ⇔ t= -2 Vậy N=(4;2;1). b. Viết PT đường thẳng cắt cả hai đường thẳng 1 ( )V , 2 ( )V và nằm trong mặt phẳng (P): Phương trình tham số của 1 1 1 ( ) : ; ( 1;1;4) 4 x t y t VTCP u z t = − = = − = ur V . 0,5 0,5 Giả sử 1 ( )V giao với (P) tại A , Ta có: t+8t=0 hay t=0 suy ra A(1;0;0). 2 ( )V giao với (P) tại B, ta có: 4+t+2=0 hay t=-6 Suy ra B=(8;-2;1). AB (7; 2;1)= − uuur . Đường thẳng cần tìm qua A và B nhận AB uuur làm véctơ chỉ phương nên có phương trình tham số: 1 7 2 x t y t z t = + = − = 0,5 0,5 V. b (1 đ) Tìm nghiệm của phương trình 2 z z= Giả sử z=a+bi thì ta có phương trình: a-bi = (a+bi) 2 ⇔ a-bi = a 2 -b 2 + 2abi ⇔ 2 2 0 1 3 ; 2 2 2 1 3 ; 2 2 a b a a b a b b ab a b = = = − ⇔ = − = − = = − = − Vậy phương trình có 3 nghiệm 1 2 3 1 3 1 3 0; ; . 2 2 2 2 z z i z i= = − + = − − 0,25 0,5 0,25 . trong đó z là số phức liên hợp của số phức z . HẾT Sở GD&ĐT Quảng Nam Trường THPT Nguyễn Duy Hiệu ĐÁP ÁN ĐỀ THAM KHẢO THI TỐT NGHIỆP THPT Môn : Toán – Năm học: 2008 – 20 09 I. PHẦN CHUNG. NAM TRƯỜNG THPT NGUYỄN DUY HIỆU ĐỀ THAM KHẢO ÔN THI TỐT NGHIỆP THPT MÔN TÓAN Thời gian làm bài: 150 phút I .PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7 điểm ). Câu I (3 điểm). Cho hàm số y = x 3 + 3x 2 + 1. 1) điểm). Cho hàm số y = x 3 + 3x 2 + 1. 1). Khảo sát sự biến thi n và vẽ đồ thị (C) của hàm số . 2). Dựa vào đồ thị (C), biện luận số nghiệm của phương trình sau theo m : x 3 + 3x 2 + 1 =