1. Trang chủ
  2. » Luận Văn - Báo Cáo

Báo cáo môn học BÀI TẬP MẠCH 2

17 589 0

Đang tải... (xem toàn văn)

Tài liệu hạn chế xem trước, để xem đầy đủ mời bạn chọn Tải xuống

THÔNG TIN TÀI LIỆU

Thông tin cơ bản

Định dạng
Số trang 17
Dung lượng 257,92 KB

Nội dung

BÀI TẬP MẠCH NHĨM 6: Nguyễn Văn Q Kiều Cơng Nguyễn Dương Hải Qn Huỳnh Văn Nhân Kim Chí Tâm 1111033 1111019 1111031 1111022 1111039 CHƯƠNG 6.16 Cho mạch ( H6.16) t = đóng khóa K1 t = t0 > mở khóa K2 Hãy xác định vẽ dạng dòng điện i(t) khoảng - ∞ < t < + ∞ − arctag R L ≈ ω= t0 = arctg e L R e(t) = 2E0sinωt ; E0 > ; ; ; i(t) t=0 L e(t) t=to K1 R Eo K1 R Hình 6.16 Bài giải ♦Khi t < , K1 mở, K2 đóng ta có mạch sau : i(t) e(t) L Eo Khi e(t) hoạt động E0 nghỉ ta có: & E0 = − E0 ∠ − 450 I= R + jR R (A) E i (t ) = − sin(ωt − 450 ) R => (A) Khi E0 hoạt động e(t) nghỉ ta có : & E I0 = R (A) R Theo nguyên lý xếp chồng ta có : E E i (t ) = − sin(ωt − 450 ) R R (A) ♦Khi < t < t0, K1 đóng K2 đóng ta có mạch sau : i(t) e(t) L R R Eo Mạch xác lập : E0 hoạt động, e(t) nghỉ ta có : & 2E I0 = R E0 nghỉ, e(t) hoạt động ta có mạch sau : i(t) i(t) i2(t) e(t) L R e(t) R L Ta có : E0 E0 E (1 + j ) & I2 = − =− =− R jR Z+R R(1 + j ) +R R + jR (A) E0 (1 + j ).R E0 E0 & ⇒I =− =− =− ∠ − arctg R.(1 + j ).( R + jR) R (1 + j ) 5.R R R Khi mạch tự ta có mạch sau : i(t) R/2 L e(t) E0 Ta có: di (t ) R L + i (t ) = E0 d (t ) Từ phương trình đặc trưng ta có: R R Lp + ⇒ p = − 2L ⇒ itd (t ) = k e −R t 2L Mà ta có: i(t) = itd(t) +ixl(t) −R t 2E E0 = k e L + − sin(ωt − 450 ) R R (A) Mà ta lại có : iL (0 + ) = iL (0− ) nên ta có : E0 2,8 E0 E =k+ ⇒ k = −0,8 R R R ⇒ i (t ) = − E0 − R t E0 E0 e 2L + − sin(ωt − arctg 2) R R R ♦Khi t > t0 : K1 đóng K2 mở ta có mạch sau : i(t) (A) L R E0 Ta có : di (t ) L + R = E0 d (t ) Từ phương trình đặc trưng ta có : −R Lp + R = ⇒ p = L ⇒ itd (t ) = k e −R ( t − t0 ) L ⇒ i (t ) = itd (t ) + ixl (t ) = k e −R ( t −t0 ) L + E0 R (A) Ta có : iL (t0− ) = iL (t0+ ) L E −4 E0 − R R arctg 2 E0 E0 R L 2L ⇔ e + − sin( arctg − arctg 2) = k + R R L R R R ⇔ E −4 E0 E0 + =k+ R R R ⇔ 3E0 E =k+ R R ⇒k = E0 2R ⇒ i (t ) = E0 E0 −LR ( t −t0 ) + e R 2R (A) Kết luận :   E0 1 − sin(ωt − 450 )  ( A)t <  R   −LR t   E0  i (t ) =  sin(ωt − arctg 2) − e  ( A)0 < t < t0 1 − R  5    −R ( t −t0 )  E0  L  2 + e  ( A)t > t  2R    BÀI 6.17: Hãy xác định dòng điện cuộn dây điện áp tụ điện C1 Biết t = 0, K1 chuyển từ vị trí → Tại t = t0 = 0.4 (s), đóng khóa K2 Cho biết: E1(t) = 20sin( t + 450) [V]; e2 = 10 [V] ; uc1(0.4s) = -5 [V] R1 = [Ω]; R2 = [Ω]; L = [H]; C1 = [F]; C2 = 0.5 [F] R1 + Uc1 K2 R2 t=to i2(t) K1 • • C1 C2 t=0 L _ e1 e2 GIẢI • t < K1 1, K2 mở R2=5 i2(t) -j2 C2 j2 e1 L Ta có: -E1 + (Zc2 + R2 + L).I2 = => I2 = = => i2(t) = 4sin( t + 450) [A] => i2(0-) = [A] • t ≥ K1 2, K2 mở R2 i2(t) e2 L i2xl(t) = = = (A) -E2 + R2.i2(t) + Li2’(t)= => 2i2’(t) + 5i2(t) = 10 => phương trình nguồn I’ là: 2P + = 10 => P = => i2td(t) = K.e-5/2.t => i2(t) i2xl(t) + i2td(t) = K.e-5/2.t +2 i2(0+) = + K = => K = => i2(t) = 2e-5/2.t + = 2( e-5/2.t +1 ) (A) • t > t0 K1 2, K2 đóng R1 + Uc1 _ R2 i1(t) C1 i2(t) e2 L + Uc1xl(t) = E2 = 10 (V) + -Uc1(t) + E2 - R1.i1(t) = => Uc1(t) = E2 - R1.i1(t) Uc1(t) + R1C1.Uc1’(t) = E2 Uc1(t) + Uc1’(t) = 10 Uc1td(t) = K.e-t => Uc1 = 10 + K.e-t Uc1(t0+) = 10 + K.e-to -5 = 10 + K.e-to => K = = -15.eto => Uc1(t) = 10 - 15e-(t - to) 6.18 Hãy xác định vẽ dạng điện áp uc(t) tụ điện C2 mạch điện (H.6.18) khoảng thời gian -∞ < t < ∞ Biết rằng, t=0 khóa K chuyển từ vị trí (1) sang (2) C 1=C2=C Giải: t0: Ở trạng thái xác lập: ucb(t)=RI1=E/3 Ở trạng thái độ: uc(0+)= uc(0-)= 2E/3 ) Vậy: CHƯƠNG Bài 7.13 Trong mạch điện hình vẽ, xác định số volt kế đo trị hiệu dụng volt kế đo trị trung bình điện áp u(t) điện trở R Cho biết: R1=1 (k); R2= (k; L= (mH); E= 5(V); e(t)= 10cos (105t +900) + 4cos(2.105t) (V) L R1 e(t) E0 Giải Ta có: (V) Cần phân áp: u(t) R2 Cần phân áp Vậy: Thiếu U trung bình ! Bài 7.14 Cho mạch điện hình 7.14 với nguồn dịng: j (t ) = + cos(ω t ) + 0,4 cos(2ω t ) (mA) Hãy xác định dịng điện iL(t), iC(t), cơng suất tác dụng cơng suất phản kháng hai nhánh mạch Biết: Ω Ω ω L = / ω C = 500( Ω ) RL = ( ) ; R C = ( ) ; BÀI LÀM: I0C I0L j(t)= mA ; I0L = j0 = mA ; I0C = ( nguồn chiều tụ hở mạch) I1L I1C 2+0j 500j tìm I1L ; I1C ; j(t) = 2cos ω0t -500j 2∠0 − 500 j = 200∠ − 90 (1 − 500 j ) + (4 + 500 j ) cầu phân dòng: I1L = ω0 → i1L = 200cos( -90) 2∠0 − I 1L = 2∠0 − 200∠ − 90 = 200∠90 I1C = (ω t + 90) →i1C = 200cos (2ω t ) Tìm I2L ; I2C ; j(t) = 0,4cos I2C I2L 0,4+0j 1000j -250j Cầu phân dòng: 0,4∠0 I2L = − 250 j = 0,133∠ − 180 (1 − 250 j ) + (4 + 1000 j ) (2ω t − 180 ) →i2L = 0,133cos (mA) 0,4∠0 − I L = 0,4∠0 − 0,133∠ − 180 = 0,533∠0 I2C = (2ω t ) → i2C = 0,533cos (mA) + 200 cos(ω t − 90) + 0,133 cos(2ω t − 180 ) → iL = (mA) 200 cos(ω t + 90) + 0,533 cos(2ω t ) iC = (mA) I LRMS = + / 2(200 + 0,133 ) = 141,48 I CRMS = / 2(200 + 0,533 ) = 141,42 PL= RL I LRMS = 4.(141,48.10 −3 ) = 0,08 RC I PC = Ta có: CRMS (mA) (W) −3 = 1.(141,42.10 ) = 0,02 U1L = ZL.I1L = 500j.200 (mA) ∠ − 90 (W) 10-3 = 100 (V) ∠ − 180 ∠ − 180 U2L = ZL.I2L= 1000j.0,133 10-3= 0,133 (V) [100.0,2 sin(90) + 0,133.0,133 sin(90)] = 10 → QL = (Var) ∠90 U1C = ZC.I1C = -500j.200 10-3 = 100 (V) ∠0 ∠90 U2C = ZC.I2C = -250j.0,533 10-3= 0,133 (V) [100.0,2 sin(−90) + 0,533.0,133 sin(90)] = → QC = 10 (Var) 7.15 Trên hai cực có đặt điện áp: Qua hai cực có dịng: Hãy xác định: giá trị hiệu dụng áp dòng, công suất tác dụng, công suất phản kháng, công suất biểu kiến công suất méo dạng cực Bài làm S = URMS.IRMS = 4,7.2.45 = 11,515 VA CHƯƠNG Bài tập 8.21 Cho mạch có dây khơng tổn hao hình Xác định cơng suất tiêu thụ tải Ω Ω Zt = 30 +j40 ( ) Với Zn = 10+j10 ( ) (Biết vec tơ biên độ phức nguồn E = 100 ∠0 (V)) Bài giải Ta phân tích tốn theo bước sau: Hệ số phản xạ tải Zt − Zc 30 + j 40 − 50 n2 = = = 0,5∠90 Zt + Zc 30 + j 40 + 50 Hệ số phản xạ đầu đường dây n1 = 0,5∠900.e − j( 4∏ , 725λ ) λ = 0,5∠900.1∠ − 1620 = 0,5∠ − 72 Trở kháng vào đầu đường dây + n1 + 0,5∠ − 72 Zv = Zc = 50 − 0,5∠ − 72 − n1 1,2486∠ − 22,385 = 50 = 64,361∠ − 51,738 0,97∠29,353 = (39,86 − j 50,54)Ω Dòng điên vào đầu đường dây: E 100∠0 I= = Z n + Z v 10 + j10 + 39,86 − j 50,54 = 1,5562∠39,114 ( A) Điện áp vào đầu đường dây: U = Z v I = 64,361∠ − 51,738 0.1,5562∠39,114 = 100,159∠ − 12,624 (V ) Công suất nhận đầu đường dây: P= =   Re U I    [ Re 100.159∠ − 12,624 0.1,5562∠ − 39,114 = 100.159.155,62 cos(51,738) = 48,26 (W) ] 8.19 Cho sơ đồ đường dây không tổn hao Biết Rt = 200Ω ZC = 150Ω, bước sóng tín hiệu làm việc mạch 20m Xác định giá trị bé x y để đường dây bên trái 2-2’ khơng có sóng phản xạ Giải: 8.20 Cho đường dây khơng tổn hao có trở kháng ZC=100Ω chiều dài l=1.25λ, λ bước sóng lan truyền dọc đường dây Một nguồn áp lí tưởng đặt vào đầu đường dây có biên độ phức =100(V) cuối đường dây tải có trở kháng Zt= 50Ω Hãy vẽ giản đồ phân bố biên độ điện áp dòng điện đường dây theo thang độ thích hợp ( theo x/λ) Giải: l=1.25λ nên đường dây phần tư sóng ... K2 mở R2=5 i2(t) -j2 C2 j2 e1 L Ta có: -E1 + (Zc2 + R2 + L).I2 = => I2 = = => i2(t) = 4sin( t + 450) [A] => i2(0-) = [A] • t ≥ K1 2, K2 mở R2 i2(t) e2 L i2xl(t) = = = (A) -E2 + R2.i2(t) + Li2’(t)=... => 2i2’(t) + 5i2(t) = 10 => phương trình nguồn I’ là: 2P + = 10 => P = => i2td(t) = K.e-5 /2. t => i2(t) i2xl(t) + i2td(t) = K.e-5 /2. t +2 i2(0+) = + K = => K = => i2(t) = 2e-5 /2. t + = 2( e-5 /2. t... -500j 2? ??0 − 500 j = 20 0∠ − 90 (1 − 500 j ) + (4 + 500 j ) cầu phân dòng: I1L = ω0 → i1L = 20 0cos( -90) 2? ??0 − I 1L = 2? ??0 − 20 0∠ − 90 = 20 0∠90 I1C = (ω t + 90) →i1C = 20 0cos (2? ? t ) Tìm I2L ; I2C

Ngày đăng: 30/10/2014, 15:22

TỪ KHÓA LIÊN QUAN

TÀI LIỆU CÙNG NGƯỜI DÙNG

TÀI LIỆU LIÊN QUAN

w