Đề I Bài 1. (2,0 điểm) Rút gọn các biểu thức sau : a) 2 3 3 27 300+ b) 1 1 1 : 1 ( 1)x x x x x + ữ Bài 2. (1,5 điểm) a). Giải phơng trình: x 2 + 3x 4 = 0 b) Giải hệ phơng trình: 3x 2y = 4 2x + y = 5 Bài 3. (1,5 điểm) Cho hàm số : y = (2m 1)x + m + 1 với m là tham số và m # 1 2 . Hãy xác định m trong mỗi trờng hơp sau : a) Đồ thị hàm số đi qua điểm M ( -1;1 ) b) Đồ thị hàm số cắt trục tung, trục hoành lần lợt tại A , B sao cho tam giác OAB cân. Bài 4. (2,0 điểm): Giải bài toán sau bằng cách lập phơng trình hoặc hệ phơng trình: Một ca nô chuyển động xuôi dòng từ bến A đến bến B sau đó chuyển động ngợc dòng từ B về A hết tổng thời gian là 5 giờ . Biết quãng đờng sông từ A đến B dài 60 Km và vận tốc dòng nớc là 5 Km/h . Tính vận tốc thực của ca nô (( Vận tốc của ca nô khi nớc đứng yên ) Bài 5. (3,0 điểm) Cho điểm M nằm ngoài đờng tròn (O;R). Từ M kẻ hai tiếp tuyến MA , MB đến đờng tròn (O;R) ( A; B là hai tiếp điểm). a) Chứng minh MAOB là tứ giác nội tiếp. b) Tính diện tích tam giác AMB nếu cho OM = 5cm và R = 3 cm. c) Kẻ tia Mx nằm trong góc AMO cắt đờng tròn (O;R) tại hai điểm C và D ( C nằm giữa M và D ). Gọi E là giao điểm của AB và OM. Chứng minh rằng EA là tia phân giác của góc CED. Hết (Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm) Họ và tên thí sinh: . Số báo danh: . Đáp án Bài 1 : a) A = 3 b) B = 1 + x Bài 2 : a) x 1 = 1 ; x 2 = -4 b) 3x 2y = 4 2x + y = 5 <=> 3x 2y = 4 7x = 14 x = 2 <=> <=> 4x + 2y = 5 2x + y = 5 y = 1 Bài 3 : a) Vì đồ thị hàm số đi qua điểm M(-1;1) => Tọa độ điểm M phải thỏa mãn hàm số : y = (2m 1)x + m + 1 (1) Thay x = -1 ; y = 1 vào (1) ta có: 1 = -(2m -1 ) + m + 1 <=> 1 = 1 2m + m + 1 <=> 1 = 2 m <=> m = 1 Vậy với m = 1 Thì ĐT HS : y = (2m 1)x + m + 1 đi qua điểm M ( -1; 1) c) ĐTHS cắt trục tung tại A => x = 0 ; y = m+1 => A ( 0 ; m+1) => OA = 1m + cắt truc hoành tại B => y = 0 ; x = 1 2 1 m m => B ( 1 2 1 m m ; 0 ) => OB = 1 2 1 m m Tam giác OAB cân => OA = OB <=> 1m + = 1 2 1 m m Giải PT ta có : m = 0 ; m = -1 Bài 4: Gọi vận tốc thực của ca nô là x ( km/h) ( x>5) Vận tốc xuôi dòng của ca nô là x + 5 (km/h) Vận tốc ngợc dòng của ca nô là x - 5 (km/h) Thời gian ca nô đi xuôi dòng là : 60 5x + ( giờ) Thời gian ca nô đi xuôi dòng là : 60 5x ( giờ) Theo bài ra ta có PT: 60 5x + + 60 5x = 5 <=> 60(x-5) +60(x+5) = 5(x 2 25) <=> 5 x 2 120 x 125 = 0 x 1 = -1 ( không TMĐK) x 2 = 25 ( TMĐK) Vậy vân tốc thực của ca nô là 25 km/h. Bài 5: D C E O M A B 2 2 a) Ta có: MA AO ; MB BO ( T/C tiếp tuyến cắt nhau) => ã ã 0 90MAO MBO= = Tứ giác MAOB có : ã ã MAO MBO+ = 90 0 + 90 0 = 180 0 => Tứ giác MAOB nội tiếp đờng tròn b) áp dụng ĐL Pi ta go vào MAO vuông tại A có: MO 2 = MA 2 + AO 2 MA 2 = MO 2 AO 2 MA 2 = 5 2 3 2 = 16 => MA = 4 ( cm) Vì MA;MB là 2 tiếp tuyến cắt nhau => MA = MB => MAB cân tại A MO là phân giác ( T/C tiếp tuyến) = > MO là đờng trung trực => MO AB Xét AMO vuông tại A có MO AB ta có: AO 2 = MO . EO ( HTL trong vuông) => EO = 2 AO MO = 9 5 (cm) => ME = 5 - 9 5 = 16 5 (cm) áp dụng ĐL Pi ta go vào tam giác AEO vuông tại E ta có:AO 2 = AE 2 +EO 2 AE 2 = AO 2 EO 2 = 9 - 81 25 = 144 25 = 12 5 AE = 12 5 ( cm) => AB = 2AE (vì AE = BE do MO là đờng trung trực của AB) AB = 24 5 (cm) => S MAB = 1 2 ME . AB = 1 16 24 . . 2 5 5 = 192 25 (cm 2 ) c) Xét AMO vuông tại A có MO AB. áp dụng hệ thức lợng vào tam giác vuông AMO ta có: MA 2 = ME. MO (1) mà : ã ã ADC MAC= = 1 2 Sđ ằ AC ( góc nội tiếp và góc tạo bởi tiếp tuyến và dây cung cùng chắn 1 cung) MAC : DAM (g.g) => MA MD MC MA = => MA 2 = MC . MD (2) Từ (1) và (2) => MC . MD = ME. MO => MD ME MO MC = MCE : MDO ( c.g.c) ( ả M chung; MD ME MO MC = ) => ã ã MEC MDO= ( 2 góc tứng) ( 3) Tơng tự: OAE : OMA (g.g) => OA OE = OM OA => OA OE = OM OA = OD OM OE OD = ( OD = OA = R) Ta có: DOE : MOD ( c.g.c) ( à O chong ; OD OM OE OD = ) => ã ã OED ODM= ( 2 góc t ứng) (4) Từ (3) (4) => ã ã OED MEC= . mà : ã ã AEC MEC+ =90 0 ã ã AED OED+ =90 0 => ã ã AEC AED= => EA là phân giác của ã DEC 3 3 II phần a: trắc nghiệm khách quan (2,0 điểm) Từ câu 1 đến câu 8, hãy chọn phơng án đúng và viết chữ cái đứng trớc phơng án đó vào bài làm. Câu 1: Biểu thức 1 2 6x có nghĩa khi và chỉ khi: A. x 3 B. x > 3 C. x < 3 D. x = 3 Câu 2: Đờng thẳng đi qua điểm A(1;2) và song song với đờng thẳng y = 4x - 5 có ph- ơng trình là: A. y = - 4x + 2 B. y = - 4x - 2 C. y = 4x + 2 D. y = 4x - 2 Câu 3: Gọi S và P lần lợt là tổng và tích hai nghiêm của phơng trình x2 + 6x - 5 = 0. Khi đó: A. S = - 6; P = 5 B. S = 6; P = 5 C. S = 6; P = - 5 D. S = - 6 ; P = - 5 Câu 4: Hệ phơng trình 2 5 3 5 x y x y + = = có nghiệm là: A. 2 1 x y = = B. 2 1 x y = = C. 2 1 x y = = D. 1 2 x y = = Câu 5: Một đờng tròn đi qua ba đỉnh của một tam giác có độ dài ba cạnh lần lợt là 3cm, 4cm, 5cm thì đờng kính của đờng tròn đó là: A. 3 2 cm B. 5cm C. 5 2 cm D. 2cm Câu 6: Trong tam giác ABC vuông tại A có AC = 3, AB = 3 3 thì tgB có giá trị là: A. 1 3 B. 3 C. 3 D. 1 3 Câu 7: Một nặt cầu có diện tích là 3600 cm 2 thì bán kính của mặt cầu đó là: A. 900cm B. 30cm C. 60cm D. 200cm Câu 8: Cho đờng tròn tâm O có bán kính R (hình vẽ bên). Biết ã 0 120=COD thì diện tích hình quạt OCmD là: A. 2 3 R B. 4 2 R C. 2 3 2 R D. 3 2 R phần b: tự luận (8,0 điểm) Bài 1: (1,5 điểm) a) Rút gọn biểu thức: A = 27 12 b) Giải phơng trình : 2(x - 1) = 5 Bài 2: (1,5 điểm) Cho hàm số bậc nhất y = mx + 2 (1) a) Vẽ đồ thị hàm số khi m = 2 b) Tìm m để đồ thị hàm số (1) cắt trục Ox và trục Oy lần lợt tại A và B sao cho tam giác AOB cân. Bài 3: (1,0 điểm) 4 4 120 0 O D C m O A B N D C E F Q M P H Một đội xe cần chở 480 tấn hàng. Khi sắp khởi hành đội đợc điều thêm 3 xe nữa nên mỗi xe chở ít hơn dự định 8 tấn. Hỏi lúc đầu đội xe có bao nhiêu chiếc? Biết rằng các xe chở nh nhau. Bài 4: (3,0 điểm) Cho A là một điểm trên đờng tròn tâm O, bán kính R. Gọi B là điểm đối xứng với O qua A. Kẻ đờng thẳng d đi qua B cắt đờng tròn (O) tại C và D ( d không đi qua O, BC < BD). Các tiếp tuyến của đờng tròn (O) tại C và D cắt nhau tại E. Gọi M là giao điểm của OE và CD. Kẻ EH vuông góc với OB (H thuộc OB). Chứng minh rằng: a) Bốn điểm B, H, M, E cùng thuộc một đờng tròn. b) OM.OE = R 2 c) H là trung điểm của OA. Lời giải: Gọi giao của BO với đờng tròn là N, Giao của NE với (O) là P, giao của AE với (O) là Q, giao của EH với AP là F. Ta có góc ã 0 90APN = góc nội tiếp chắn nửa đờng tròn suy ra F là trực tâm tam giác AEN suy ra NF vuông góc với AE. Mặt khác NQ AE suy ra NQ và NF trùng nhau. Suy ra ba điểm N, F, Q thẳng hàng. Mặt khác ta có: góc QEF = góc FNH, góc AEF = góc ABF (góc nội tiếp cùng chắn cung AF). Do đó góc FBH = góc FNH suy ra tam giác BNF cân tại F, suy ra BH = HN, mà AB = ON do đó AH = HO. Hay H là trung điểm của AO Bài 5: (1, 0 điểm) Cho hai số a,b khác 0 thoả mãn 2a 2 + 2 2 1 4 + b a = 4(1) Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức S = ab + 2009. Lời giải: Ta có (1) tơng đơng với; (a-1/a) 2 +(a+b/2) 2 ab 2 =0 Suy ra: ab = (a-1/a) 2 +(a+b/2) 2 2 -2 (vì (a-1/a) 2 +(a+b/2) 2 0) Dấu = xảy ra khi và chỉ khi (a=1;b=2) hoặc (a=-1;b=-2) Suy ra minS = -2 + 2009 =2007 khi và chỉ khi (a=1;b=2) hoặc (a=-1;b=-2) ===Hết=== 5 5 Đề 3 Bài 1 ( 2 điểm ) a/ Giải phương trình: 2x 2 – 3x – 2 = 0 b/ Giải hệ phương trình: =− =+ 123 532 yx yx Bài 2 ( 2 điểm) Cho hàm số y = 2 2 3 x có đồ thị là parabol (P) và hàm số y = x + m có đồ thị là đường thẳng (D) . a/ Vẽ parabol (P) b/ Tìm giá trị của m để (D) cắt (P) tại hai điểm phân biệt. Bài 3 (2,5 điểm) a/ Rút gọn biểu thức : M = ( ) ( ) x xx 21 23 22 + −−+ ( x ≥ 0) b/ Tìm giá trị của k để phương trình x 2 – (5 + k)x + k = 0 có hai nghiệm x 1 , x 2 thoả mãn điều kiện x 1 2 + x 2 2 = 18 Bài 4 ( 3 điểm) Cho nửa đường tròn tâm O có đường kính AB = 2R. Ax, By là các tia vuông góc với AB ( Ax, By và nửa đường tròn thuộc cùng một nửa mặt phẳng có bờ là đường thẳng AB). Qua điểm M thay đổi trên nửa đường tròn ( M khác A, B), kẻ tiếp tuyến với nửa đường tròn lần lượt cắt Ax, By tại C và D. a/ Chứng minh tứ giác ACMO nội tiếp. b/ Chứng minh OC vuông góc với OD và 222 111 RODOC =+ c/ Xác định vị trí của M để ( AC + BD ) đạt giá trị nhỏ nhất Bài 5 ( 0,5 điểm) Cho a + b , 2a và x là các số nguyên. Chứng minh y = ax 2 + bx + 2009 nhận giá trị nguyên. HẾT 6 6 Hướng dẫn: Bài 4: a. Xét tứ giác ACMO có · · 0 90CAO CMO= = => Tứ giác ACMO nội tiếp. b. Vì AC và CM là tiếp tuyến của (O) =>OC là tia phân giác của góc AOM (t/c) Tương tự DM và BD cũng là tiếp tuyến của (O) => OD là tia phân giác của góc BOM (t/c) Mặt khác · AOM kề bù với · BOM => CO ⊥OD. * Ta có ∆COD vuông tại O và OM là đường cao => theo hệ thức lượng trong tam giác vuông ta được 2 2 2 2 1 1 1 1 OC OD OM R + = = c. Vì Ax, By, CD là các tiếp tuyến cắt nhau tại C và D nên ta có CA = CM , MD = DB => AC + BD = CM + MD = CD Để AC + BD nhỏ nhất thì CD nhỏ nhất. Mà C, D thuộc hai đường thẳng // => CD nhỏ nhất khi CD⊥ Ax và By => M là điểm chính giữa cung AB. Bài 5: Vì a+b, 2a ∈Z => 2(a+b) – 2a ∈ Z => 2b ∈ Z Do x ∈ Z nên ta có hai trường hợp: * Nếu x chẵn => x = 2m (m∈ Z) => y = a.4m 2 + 2m.b +2009 = (2a).2m 2 +(2b).m +2009 ∈Z. * Nếu x lẻ => x = 2n +1 (n∈Z) => y = a(2n+1) 2 + b(2n+1) +2009 = (2a).(2m 2 + 2m) + (2b)m + (a + b) + 2009 ∈Z. Vậy y = ax 2 + bx +2009 nhận giá trị nguyên với đk đầu bài. 7 7 Đề 4 Bài 1. ( 3 điểm ) Cho biểu thức a 1 1 2 K : a 1 a 1 a a a 1 = − + ÷ ÷ − − − + a) Rút gọn biểu thức K. b) Tính giá trị của K khi a = 3 + 2 2 c) Tìm các giá trị của a sao cho K < 0. Bài 2. ( 2 điểm ) Cho hệ phương trình: mx y 1 x y 334 2 3 − = − = a) Giải hệ phương trình khi cho m = 1. b) Tìm giá trị của m để phương trình vô nghiệm. Bài 3. ( 3,5 điểm ) Cho đường tròn (O), đường kính AB cố định, điểm I nằm giữa A và O sao cho AI = 2 3 AO. Kẻ dây MN vuông góc với AB tại I. Gọi C là điểm tùy ý thuộc cung lớn MN sao cho C không trùng với M, N và B. Nối AC cắt MN tại E. a) Chứng minh tứ giác IECB nội tiếp được trong một đường tròn. b) Chứng minh ∆AME ∆ACM và AM 2 = AE.AC. c) Chứng minh AE.AC - AI.IB = AI 2 . d) Hãy xác định vị trí của điểm C sao cho khoảng cách từ N đến tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác CME là nhỏ nhất. Bài 4. ( 1,5 điểm ) Người ta rót đầy nước vào một chiếc ly hình nón thì được 8 cm 3 . Sau đó người ta rót nước từ ly ra để chiều cao mực nước chỉ còn lại một nửa. Hãy tính thể tích lượng nước còn lại trong ly. ĐÁP ÁN Bài 1. a) Điều kiện a > 0 và a ≠ 1 (0,25đ) a 1 1 2 K : a 1 a( a 1) a 1 ( a 1)( a 1) = − + ÷ ÷ − − + + − a 1 a 1 : a( a 1) ( a 1)( a 1) − + = − + − a 1 a 1 .( a 1) a( a 1) a − − = − = − b) a = 3 + 2 2 = (1 + 2 ) 2 a 1 2⇒ = + 8 8 3 2 2 1 2(1 2) K 2 1 2 1 2 + − + = = = + + c) a 1 0 a 1 K 0 0 a 0 a − < − < ⇔ < ⇔ > a 1 0 a 1 a 0 < ⇔ ⇔ < < > Bài 2. a) Khi m = 1 ta có hệ phương trình: x y 1 x y 334 2 3 − = − = x y 1 3x 2y 2004 − = ⇔ − = 2x 2y 2 3x 2y 2004 − = ⇔ − = x 2002 y 2001 = ⇔ = b) mx y 1 y mx 1 x y 3 334 y x 1002 2 3 2 − = = − ⇔ − = = − y mx 1 y mx 1 3 3 m x 1001 (*) mx 1 x 1002 2 2 = − = − ⇔ ⇔ − = − − = − ÷ Hệ phương trình vô nghiệm ⇔ (*) vô nghiệm 3 3 m 0 m 2 2 ⇔ − = ⇔ = Bài 3. a) * Hình vẽ đúng * · 0 EIB 90= (giả thiết) * 0 ECB 90∠ = (góc nội tiếp chắn nửa đường tròn) * Kết luận: Tứ giác IECB là tứ giác nội tiếp b) (1 điểm) Ta có: * sđ cungAM = sđ cungAN * AME ACM∠ = ∠ *GócAchung,suyra∆AME ∆ACM. * Do đó: AC AM AM AE = ⇔ AM 2 = AE.AC 9 9 A B M E C I O 1 N c) * MI là đường cao của tam giác vuông MAB nên MI 2 = AI.IB * Trừ từng vế của hệ thức ở câu b) với hệ thức trên * Ta có: AE.AC - AI.IB = AM 2 - MI 2 = AI 2 . d) * Từ câu b) suy ra AM là tiếp tuyến của đường tròn ngoại tiếp tam giác CME. Do đó tâm O 1 của đường tròn ngoại tiếp tam giác CME nằm trên BM. Ta thấy khoảng cách NO 1 nhỏ nhất khi và chỉ khi NO 1 ⊥ BM.) * Dựng hình chiếu vuông góc của N trên BM ta được O 1 . Điểm C là giao của đường tròn đã cho với đường tròn tâm O 1 , bán kính O 1 M. Bài 4. (2 điểm) Phần nước còn lại tạo thành hình nón có chiều cao bằng một nửa chiều cao của hình nón do 8cm 3 nước ban đầu tạo thành. Do đó phần nước còn lại có thể tích bằng 3 1 1 2 8 = ÷ thể tích nước ban đầu. Vậy trong ly còn lại 1cm 3 nước. ………………………… 10 10 [...]... = 0 C©u IV(1,5®) §ỉi 36 phót = 6 h 10 Gäi vËn tèc cđa « t« kh¸ch lµ x ( x >10; km/h) VËn tèc cđa «t« t¶i lµ x - 10 (km/h) 180 (h) x 180 Thêi gian xe t¶i ®i hÕt qu·ng ®êng AB lµ: (h) x − 10 Thêi gian xe kh¸ch ®i hÕt qu·ng ®êng AB lµ: V× «t« kh¸ch ®Õn B tríc «t« t¶i 36 phót nªn ta cã PT: 180 6 180 − = x − 10 10 x ⇔ 180 .10 x − 6 x( x − 10) = 180 .10( x − 10) ⇔ x 2 − 10 x − 3000 = 0 ∆' = 5 2 + 3000 = 3025... trÞ nhá nhÊt cđa biĨu thøc P=(x+y)(x+z) HÕt 22 23 C©u I: (2,0®) 1 TÝnh 4 25 = 100 = 10 Gỵi ý GIẢI 2 x = 4 x = 2 x = 2 < = > < = > x + 3y = 5 2 + 3 y = 5 y =1 2 Gi¶i hƯ ph¬ng tr×nh: Vëy hƯ ph¬ng tr×nh cã nghiƯm duy C©u II: (2,0®) 1.Gi¶i ph¬ng tr×nh x2-2x+1=0 2 Hµm sè y=2009x+2 010 ®ßng biÕn hay nghÞch biÕn trªn R?v× sao? C©u III: (1,0®) LËp ph¬ng tr×nh bËc hai nhËn hai... nhÊt cđa biĨu thøc P=(x+y)(x+z) 24 25 Gỵi ý GIẢI: C©u I: (2,0®) 1 TÝnh 4 25 = 100 = 10 2 x = 4 x = 2 x = 2 < = > < = > x + 3y = 5 2 + 3 y = 5 y =1 2 Gi¶i hƯ ph¬ng tr×nh: Vëy hƯ ph¬ng tr×nh cã nghiƯm duy C©u II: (2,0®) 1.Gi¶i ph¬ng tr×nh x2-2x+1=0 vËy ph¬ng tr×nh cã 1 nghiƯm kÐpt x1=x2=1 2 Hµm sè y=2009x+2 010 ®ång biÕn bÕn trªn R.v× sao a=2009>0 C©u III: (1,0®) Hai sè 3 vµ 4 lµ nghiƯm... cđa «t« t¶i lµ x (km/h) ®k x>0 vËn tèc cđa «t« kh¸ch lµ x +10 (km/h) theo ®Ị bµi ta cã ph¬ng tr×nh 180 180 3 − = x x + 10 5 Gi¶i ph¬ng tr×nh ta cã x1=50(tm) x2=-60(lo¹i) C©u V:(3,0®) C©u VI:(0,5®) xyz= 16 16 =>x+y+z= x+ y+z xyz P=(x+y)(x+z)=x2+xz+xy+yz=x(x+y+z)+yz=x 16 16 16 yz = 8 (b®t cosi) +yz= + yz ≥ 2 xyz yz yz V©y GTNN cđa P=8 25 26 Đề 10 C©u I: (2,0 ®iĨm) 1 TÝnh 9 + 4 2 Cho hµm sè y=x-1.T¹i x=4... BD.BE = BC.BF 3) Từ BD.BE = BC.BF BD BF = ⇒ ∆BCD : ∆BFE BC BE · · ⇒ CDB = CFE ⇒ ⇒ Tứ giác CDEF nội tiếp đường tròn ( góc ngoài bằng góc trong đối diện) 4) * Nếu tứ giác AOCD là hình thoi ⇒ OA = AD = DC = CO ⇒ ∆OCD đều · ⇒ ABC = 600 * S hình thoi = AC OD 13 14 = R 2 + (2R )2 R = R 2 5 F E D A C O B - 14 15 Đề 6 Câu 1: (2đ) Rút gọn biểu thức a/ A = 2 8 − 3 27 − 1 128 + 300 2 b/Giải phương trình:... = y = 1 1− y =0 y =1 Vậy P = Q = 2 Chú ý: - Thí sinh làm cách khác đúng, hợp lý vẫn cho điểm tối đa - Điểm của bài thi là tổng số điểm của từng bài, điểm của từng bài là tổng số điểm của từng phần (điểm bài thi, điểm từng bài, điểm từng phần của bài khơng làm tròn số) Đề 14 Bµi 1 (2 ®iĨm) 36 ... tø gi¸c CDEF néi tiÕp 4- X¸c ®Þnh sè ®o cđa gãc ABC ®Ĩ tø gi¸c AOCD lµ h×nh thoi TÝnh diƯn tÝch h×nh thoi AOCD theo R 11 12 Hướng dẫn Bài 1: 2x − 3y = 4 2x − 3y = 4 ⇔ 1 Giải hệ phương trình: 3x + 3y = 1 ⇔ 5x = 5 −2 y = 3 x = 1 2 Giải phương trình: a) x 2 − 8x + 7 = 0 Có dạng : a + b + c = 1 +(-8) + 7 = 0 x = 1 ⇒ 1 x 2 = 7 b) 16x + 16 − 9x + 19 + 4x + 14 = 16 −... tr×nh: C©u II: (2,0®) 1.Gi¶i ph¬ng tr×nh x2-2x+1=0 2 Hµm sè y=2009x+2 010 ®ång biÕn hay nghÞch biÕn trªn R? V× sao? C©u III: (1,0®) LËp ph¬ng tr×nh bËc hai nhËn hai sè 3 vµ 4 lµ nghiƯm? C©u IV(1,5®) Mét «t« kh¸ch vµ mét «t« t¶i cïng xt ph¸t tõ ®Þa ®iĨm A ®i ®Õn ®Þa ®iĨm B ®êng dµi 180 km do vËn tèc cđa «t« kh¸ch lín h¬n «t« t¶i 10 km/h nªn «t« kh¸ch ®Õn B tríc «t« t¶i 36 phót.TÝnh vËn tèc cđa mçi «t«... tr×nh: C©u II: (2,0®) 1.Gi¶i ph¬ng tr×nh x2-2x+1=0 2 Hµm sè y=2009x+2 010 ®ßng biÕn hay nghÞch biÕn trªn R?v× sao? C©u III: (1,0®) LËp ph¬ng tr×nh bËc hai nhËn hai sè 3 vµ 4 lµ nghiƯm? C©u IV(1,5®) Mét «t« kh¸ch vµ mét «t« t¶i cïng xt ph¸t tõ ®Þa ®iĨm A ®i ®Õn ®Þa ®iĨm B ®êng dµi 180 km do vËn tèc cđa «t« kh¸ch lín h¬n «t« t¶i 10 km/h nªn «t« kh¸ch ®Õn B tríc «t« t¶i 36 phót TÝnh vËn tèc cđa mçi «t«... tr×nh: C©u II: (2,0®) 1.Gi¶i ph¬ng tr×nh x2-2x+1=0 2 Hµm sè y=2009x+2 010 ®ßng biÕn hay nghÞch biÕn trªn R?v× sao? C©u III: (1,0®) LËp ph¬ng tr×nh bËc hai nhËn hai sè 3 vµ 4 lµ nghiƯm? C©u IV(1,5®) Mét «t« kh¸ch vµ mét «t« t¶i cïng xt ph¸t tõ ®Þa ®iĨm A ®i ®Õn ®Þa ®iĨm B ®êng dµi 180 km do vËn tèc cđa «t« kh¸ch lín h¬n «t« t¶i 10 km/h nªn «t« kh¸ch ®Õn B tríc «t« t¶i 36 phót TÝnh vËn tèc cđa mçi «t« . 2002 y 2001 = ⇔ = b) mx y 1 y mx 1 x y 3 334 y x 100 2 2 3 2 − = = − ⇔ − = = − y mx 1 y mx 1 3 3 m x 100 1 (*) mx 1 x 100 2 2 2 = − = − ⇔ ⇔ − = − − = − . 3 1 1 2 8 = ÷ thể tích nước ban đầu. Vậy trong ly còn lại 1cm 3 nước. ………………………… 10 10 5: Bài 1: (3,0 điểm) 1. GiảI hệ phơng trình 2 3 4 3 3 1 = + = x y x y 2. Giải hệ phơng. ∆OCD đều · 0 60ABC⇒ = * S hình thoi = AC . OD 13 13 = 2 2 2 (2 ) . 5R R R R+ = E D C B O A F 14 14 Đề 6 Câu 1: (2đ) Rút gọn biểu thức a/ 1 2 8 3 27 128 300 2 A = − − + b/Giải phương trình: