Bài tập về Lượng tử ánh sáng Vật lí lớp 12 (Có đáp án) Phần 312579

BT lượng tử ánh sáng P - Câu 11 Tế bào quang điện có hai điện cực phẳng cách d = cm, giới hạn quang điện 0; UAK = 4,55 V Chiếu vào catốt tia sáng đơn sắc có bước sóng  = 0/2, quang electron rơi vào ca tốt mặt trịn bán kính R = cm Bước sóng 0 nhận giá trị: A 1,092 m B 2,345 m C 3,022 m D 3,05 m Giải: Để giải tập dạng ta vận dụng kiến thức công thức sau Các quang e bứt khỏi catốt có vận tốc ban đầu cực đại v0max xác định theo công thức Anhxtanh tượng quang điện: v0max hc hc mv02max K Các quang e bứt khỏi catốt theo    0 hướng khác chuyển động anốt, d quang e bay theo hướng song song với mặt phẳng catốt rơi xa nhất, phần mặt trịn, bán kính A R tầm bay xa quang e này: R = v0max t R với t thời gian chuyển động quang e từ K đến A Lực tác dụng lên e có độ lớn F = eE = eU/d = ma với a gia tốc quang e.d = s = at2/2 Giải tập cho: Gia tốc quang e chuyển động từ K A a = eUAK/md thời gian chuyển động e từ K A 2d 2md 2.9,1.10 3110 4    1,58.10 8 (s) a eU AK 1,6.10 19.4,55 v0max = R/t = 0,01/1,58.10-8 (m/s)= 0,6329 106 m/s hc hc mv02max hc mv02max 2hc hc mv02max -> ->       0 0 0 0 t= 0  2hc 2.6,625.10 34.3.10   1,09.10-6 (m) = 1,09 µm Chọn đâp án A mv02max 9,1.10 31.0,6329 2.1012 Giải: Áp dụng công thức rn = n2r0 quỹ đạo O ứng với n = r5 = 25r0 = 25 0,53.10-10 = 13,25.10-10 m = 13,25A0 Khi electron chuyển động quỹ đạo trịn bán kính r lực tĩnh điện hạt nhân electron mv e2 F = 9.109 đóng vai trị lực hướng tâm Fht = > r r mv 9.10 e e2 9.10 91,6 2.10 38 = 9.109 -> v = = = 0,437.106 m/s  4,4.105m/s 31 10 r mr r 9,1.10 13,25.10 Chọn đáp án C: r = 13,25A v = 4,4.10 m/s Câu 13: chiếu xạ có tần số f1 vào cầu kim laoij đặt cô lập xảy tượng quang điện với điện cực đại cầu V1 động ban đầu cực đại electron quang điện phần ba cơng kim loại chiếu tiếp xạ có tần số f2=f1+f vào cầu kim loại điện cực đại 7V1 hỏi chiếu riêng xạ có tần số f vào cầu kim loại (đang trung hòa điện) điện cực đại cầu là: Đáp số: 3V1 mv02max Giải: Điện cầu đạt e(Vmax – 0) =  eU h mv12 mv ta có hf1 = A + = A + eV1 (1) Với A =  3eV1 (2) 2 mv mv 21 h(f1+ f) = A + = A + eV2 = A + 7eV1 (3) hf = A + = A + eV (4) 2 Lấy (3) – (1) : hf = 6eV1 > 6eV1 = A + eV > eV = 6eV1 – A = 3eV1 Do V = 3V1 ThuVienDeThi.com Câu 14: Khi hiệu điện hai cực ống Cu-lít -giơ giảm 2000V tốc độ êlectron tới anốt giảm 6000km/s Tốc độ êlectron tới anốt ban đầu: A 5,86.107m/s B 3,06.107m/s C  4,5.107m/s D 6,16.107m/s Giải Kí hiệu U = 2.103 (V) v = 6.106 m/s mv mv02 Ta có Wđ = = eUAK (*) với v0 vận tốc electron catot 2 m(v  v) mv02 W’đ = = e(UAK - U) (**) 2 2eU  (v) 2 m(v  v) mv m Lấy (*) – (**) -> = eU > v =  6,16.107m/s Đáp án D 2 2v Câu 15 Một phơ tơn có lượng 1.79 eV bay qua hai ngun tử có mức kích thích 1.79 eV, nằm phương phơ tơn,Các nguyên tử trạng thái hay trạng thái kích thích Goi X số phơ tơn thu dược sau đó, theo phương phô tôn tới phương án sai A x = B X=3 C X = D X=2 Giải Theo lí thuyết phát xạ cảm ứng (hay phát xạ kích thích) nguyên tử trạng thái kích thích, sẵn sàng phát phơtơn có lượng  =hf mà bắt gặp phơtơn ’ hf bay ngang qua nguyên tử phát phơtơn  có lượng bay phương với phôtôn ’ Theo nguyên tử trạng thái có phơtơn tới, ngun tử trạng thái kích thích có phơtơn Do đáp cần chọn x = Chọn đáp án A ThuVienDeThi.com ... Theo lí thuyết phát xạ cảm ứng (hay phát xạ kích thích) nguyên tử trạng thái kích thích, sẵn sàng phát phơtơn có lượng  =hf mà bắt gặp phôtôn ’ hf bay ngang qua ngun tử phát phơtơn  có lượng. .. -> = eU > v =  6,16.107m/s Đáp án D 2 2v Câu 15 Một phô tôn có lượng 1.79 eV bay qua hai nguyên tử có mức kích thích 1.79 eV, nằm phương phơ tơn,Các ngun tử trạng thái hay trạng thái kích...  có lượng bay phương với phơtơn ’ Theo nguyên tử trạng thái có phơtơn tới, nguyên tử trạng thái kích thích có phơtơn Do đáp cần chọn x = Chọn đáp án A ThuVienDeThi.com